（山东专用）2021版高考数学一轮复习练案（33）第五章数列第一讲数列的概念与简单表示法（含解析）

 [练案33]第五章　数列第一讲　数列的概念与简单表示法A组基础巩固一、单选题1．(2020·广东广州模拟)数列{an}为，3，，8，，…，则此数列的通项公式可能是(　A　)A．an＝　　 B．an＝C．an＝　　 D．an＝[解析]　解法一：数列{an}为，，，，，…，其分母为2，分子是首项为1，公差为5的等差数列，故其通项公式为an＝.解法二：当n＝2时，a2＝3，而选项B、C、D，都不符合题意，故选A.2．已知数列1,2，，，，…，则2在这个数列中的项数是(　C　)A．16　 B．24　C．26　 D．28[解析]　因为a1＝1＝，a2＝2＝，a3＝，a4＝，a5＝，…，所以an＝.令an＝＝2＝，解得n＝26.3．已知数列{an}满足a1＝1，an＋2－an＝6，则a11的值为(　A　)A．31　 B．32　C．61　 D．62[解析]　因为数列{an}满足a1＝1，an＋2－an＝6，所以a3＝6＋1＝7，a5＝6＋7＝13，a7＝6＋13＝19，a9＝6＋19＝25，a11＝6＋25＝31.4．(2020·兰州市高三诊断考试)朱世杰是元代著名数学家，他所著《算学启蒙》是一部在中国乃至世界最早的科学普及著作．《算学启蒙》中提到一些堆垛问题，如“三角垛果子”，就是将一样大小的果子堆垛成正三棱锥，每层皆堆成正三角形，从上向下数，每层果子数分别为1,3,6,10，….现有一个“三角垛果子”，其最底层每边果子数为10，则该层果子数为(　B　)A．50　 B．55　C．100　 D．110[解析]　由题意可知三角垛从上向下，每层果子数构成一个数列{an}，其中a1＝1，a2＝3，a3＝6，a4＝10，可变形为a1＝，a2＝，a3＝，a4＝，由此得数列{an}的通项为an＝，则a10＝＝55，故选B.5．(2020·辽宁沈阳交联体期中)已知a1＝1，an＝n(an＋1－an)(n∈N*)，则数列{an}的通项公式是(　C　)A．an＝2n－1　　 B．an＝()n－1C．an＝n　　 D．an＝n2[解析]　由an＝n(an＋1－an)，得(n＋1)an＝nan＋1，＝，∴为常数列，即＝＝1，所以an＝n.故选C.6．设数列{an}的前n项和为Sn，且a1＝1，{Sn＋nan}为常数列，则an＝(　B　)A．　　 B．C.　　 D．[解析]　由题意知，Sn＋nan＝2，当n≥2时，Sn－1＋(n－1)an－1＝2，∴(n＋1)an＝(n－1)an－1，从而···…·＝··…·，则an＝.当n＝1时，＝1成立，所以an＝，故选B.二、多选题7．已知数列{an}的通项公式为an＝(n∈N*)．则下列说法正确的是(　BC　)A．这个数列的第10项为B.是该数列中的项C．数列中的各项都在区间[，1)内D．数列{an}是单调递减数列[解析]　an＝＝＝.令n＝10，得a10＝，故选项A不正确；令＝，得n＝33，故是该数列中的第33项，故选项B正确；因为an＝＝＝1－，又n∈N*，所以数列{an}是单调递增数列，所以≤an<1，所以数列中的各项都在区间[，1)内，故选项C正确，选项D不正确．故选B、C.8．(2020·福建泉州一中检测改编)已知数列{an}的通项公式为an＝(n∈N*)，若{an}是递增数列，则实数a的取值范围可以是(　CD　)A．(1，)　　 B．(，2)C．(2，)　　 D．(，3)[解析]　∵数列{an}是递增数列且an＝∴解得2<a<3，所以实数a的取值范围是(2,3)，故选C、D.三、填空题9．设数列{an}的前n项和为Sn，若S2＝4，an＋1＝2Sn＋1，n∈N*，则a1＝__1__，S5＝__121__.[解析]　解法一：由解得a1＝1.由an＋1＝Sn＋1－Sn＝2Sn＋1，得Sn＋1＝3Sn＋1，所以Sn＋1＋＝3(Sn＋)，所以{Sn＋}是以为首项，3为公比的等比数列，所以Sn＋＝×3n－1，即Sn＝，所以S5＝121.解法二：由解得，又an＋1＝2Sn＋1，an＋2＝2Sn＋1＋1，两式相减得an＋2－an＋1＝2an＋1，即＝3，又＝3，∴{an}是首项为1，公比为3的等比数列，∴an＋1＝3n，∴Sn＝，∴S5＝121.10．在数列{an}中，a1＝2，an＋1＝an＋，则数列an＝　3－　.[解析]　由题意，得an＋1－an＝＝－，an＝(an－an－1)＋(an－1－an－2)＋…＋(a2－a1)＋a1＝(－)＋(－)＋…＋(－)＋(1－)＋2＝3－.11．(2020·湖北武汉部分重点中学联考)已知an＝(n∈N*)，设am为数列{an}的最大项，则m＝__8__.[解析]　an＝＝1＋(n∈N*)，根据函数的单调性知，当n≤7或n≥8时，数列{an}为递减数列，因为当n≤7时，an<1，当n≥8时，an>1，所以a8为最大项，可知m＝8.　12．(2020·北京人大附中期中)已知数列{an}的前n项和为Sn，a1＝1,2Sn＝(n＋1)an，则an＝__n__.[解析]　∵2Sn＝(n＋1)an，∴n≥2时，2an＝(n＋1)an－nan－1，∴(n－1)an＝nan－1，即＝(n≥2)，又a1＝1，∴an＝××…×＝××…×＝n.四、解答题13．已知数列{an}中，a1＝1，前n项和Sn＝an.(1)求a2，a3；(2)求数列{an}的通项公式．[解析]　(1)因为Sn＝an，且a1＝1，所以S2＝a2，即a1＋a2＝a2，得a2＝3.由S3＝a3，得3(a1＋a2＋a3)＝5a3，得a3＝6.(2)由题意知a1＝1.当n≥2时，有an＝Sn－Sn－1＝an－an－1，整理，得an＝an－1，即＝.所以＝3，＝，＝，…，＝，将以上n－1个式子的两端分别相乘，得＝.所以an＝(n≥2)．又a1＝1适合上式，故an＝(n∈N*)．14．(2019·全国卷Ⅱ)已知数列{an}和{bn}满足a1＝1，b1＝0,4an＋1＝3an－bn＋4,4bn＋1＝3bn－an－4.(1)证明：{an＋bn}是等比数列，{an－bn}是等差数列；(2)求{an}和{bn}的通项公式．[解析]　(1)由题设得4(an＋1＋bn＋1)＝2(an＋bn)，即an＋1＋bn＋1＝(an＋bn)．又因为a1＋b1＝1，所以{an＋bn}是首项为1，公比为的等比数列．由题设得4(an＋1－bn＋1)＝4(an－bn)＋8，即an＋1－bn＋1＝an－bn＋2.又因为a1－b1＝1，所以{an－bn}是首项为1，公差为2的等差数列．(2)由(1)知，an＋bn＝，an－bn＝2n－1.所以an＝[(an＋bn)＋(an－bn)]＝＋n－，bn＝[(an＋bn)－(an－bn)]＝－n＋.B组能力提升1．(2020·湖北武汉武昌实验中学月考)两千多年前，古希腊毕达哥拉斯学派的数学家曾经在沙滩上研究数学问题，他们在沙滩上画出点或用小石子表示数，按照点或小石子能排列的形状对数进行分类，如下图中实心点的个数依次为5,9,14,20，…，这样的一组数被称为梯形数，记此数列为{an}，则(　D　)A．an＋1＋an＝n＋2　　 B．an＋1－an＝n＋2C．an＋1＋an＝n＋3　　 D．an＋1－an＝n＋3[解析]　由已知可得a2－a1＝4，a3－a2＝5，a4－a3＝6，…，由此可以得到an＋1－an＝n＋3.故选D.2．设Sn为数列{an}的前n项和，且Sn＝(an－1)(n∈N*)，则an＝(　C　)A．3(3n－2n)　　 B．3n＋2C．3n　　 D．3·2n－1[解析]　当n＝1时，a1＝3；当n≥2时，an＝Sn－Sn－1＝(an－1)－(an－1－1)，得到an＝3an－1，所以an＝3n.故选C.3．数列{an}满足an＋1＝若a1＝，则a2 021等于(　B　)A．　 B．　C．　 D．[解析]　因为a1＝<，所以a2＝，a3＝，a4＝，a5＝，所以数列具有周期性，周期为4，所以a2021＝a1＝.故选B.4．(2020·江西抚州七校联考)已知数列{an}满足a1＝1，an＋1＝an＋log3(1－)，则a41＝(　C　)A．－1　　 B．－2C．－3　　 D．1－log340[解析]　∵an＋1＝an＋log3(1－)＝an＋log3＝an＋log3(2n－1)－log3(2n＋1)，∴an＋1－an＝log3(2n－1)－log3(2n＋1)，则a41－a40＝log379－log381，a40－a39＝log377－log379，…，a3－a2＝log33－log35，a2－a1＝log31－log33，将以上40个式子相加得a41－a1＝log31－log381.又a1＝1，∴a41＝log31－log381＋1＝－3.故选C.5．(2020·银川模拟)已知函数f(x)＝2x－2－x，数列{an}满足f(log2an)＝－2n.(1)求数列{an}的通项公式；(2)求证：数列{an}是递减数列．[解析]　(1)f(log2an)＝2log2an－2－log2an＝an－所以an－＝－2n，所以a＋2nan－1＝0，解得an＝－n±，因为an>0，所以an＝－n，n∈N*.(2)＝＝<1，因为an>0，所以an＋1<an，所以数列{an}是递减数列．