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2020浙江新高考数学二轮复习教师用书:专题一 1第1讲 集合、常用逻辑用语
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第1讲 集合、常用逻辑用语
集合的概念及运算
[核心提炼]
1.集合的运算性质及重要结论
(1)A∪A=A,A∪∅=A,A∪B=B∪A;
(2)A∩A=A,A∩∅=∅,A∩B=B∩A;
(3)A∩(∁UA)=∅,A∪(∁UA)=U;
(4)A∩B=A⇔A⊆B,A∪B=A⇔B⊆A.
2.集合运算中的常用方法
(1)若已知的集合是不等式的解集,用数轴求解;
(2)若已知的集合是点集,用数形结合法求解;
(3)若已知的集合是抽象集合,用Venn图求解.
[典型例题]
(1)(2018·高考浙江卷)已知全集U={1,2,3,4,5},A={1,3},则∁UA=( )
A.∅ B.{1,3}
C.{2,4,5} D.{1,2,3,4,5}
(2)(2019·高考浙江卷)已知全集U={-1,0,1,2,3},集合A={0,1,2},B={-1,0,1},则∩B=( )
A.{-1} B.{0,1}
C.{-1,2,3} D.{-1,0,1,3}
(3)(2019·金华模拟)已知集合U={1,2,3,4,5,6},S={1,2,5},T={2,3,6},则S∩(∁UT)=________,集合S共有________个子集.
【解析】 (1)因为U={1,2,3,4,5},A={1,3},
所以∁UA={2,4,5},故选C.
(2)由题意可得∁UA={-1,3},则(∁UA)∩B={-1}.故选A.
(3)集合U={1,2,3,4,5,6},
S={1,2,5},T={2,3,6},
所以∁UT={1,4,5},
所以S∩(∁UT)={1,5},
S={1,2,5}的子集的个数为23=8.
【答案】 (1)C (2)A (3){1,5} 8
集合的运算与不等式相结合问题求解策略
解决此类问题的思路主要有两个:一是直接法,即先化简后运算,也就是先解不等式求出对应集合,然后利用数轴表示,从而求得集合运算的结果;二是间接法,由于此类问题多以选择题的形式进行考查,故可根据选项的差异性选取特殊元素进行验证,排除干扰项从而得到正确选项.
[对点训练]
1.(2019·宁波市高考模拟)已知全集U=A∪B=,A∩(∁UB)=,则B=( )
A.
B.
C.
D.
解析:选C.因为U=A∪B=,
又因为A∩(∁UB)=,
所以B=,故选C.
2.(2019·温州二模)已知集合A={x||x-1|≤2},B={x|0
A.{x|0
C.{x|3
解析:选C.A={x|-1≤x≤3},画数轴可知,(∁RA)∩B={x|3
3.(2019·绍兴、诸暨高考二模)已知A=,B=,则A∪B=__________,(∁RA)∩B=________.
解析:A=,
B==,
∁RA=,
则A∪B==[-2,2];(∁RA)∩B={x|0<x≤2}=(0,2].
答案:[-2,2] (0,2]
命题真假的判断
[核心提炼]
1.四种命题的关系
(1)两个命题互为逆否命题,它们有相同的真假性.
(2)两个命题为互逆命题或互否命题,它们的真假性没有关系.
2.常见词语的否定
在四种命题的构造中,其中否命题和逆否命题都涉及对一些词语的否定,要特别注意下表中常见词语的否定.
词语
词语的否定
等于
不等于
大于
不大于(或小于等于)
小于
不小于(或大于等于)
是
不是
一定是
不一定是
都是
不都是(至少有一个不是)
必有一个
一个也没有
任意的
某一个
且
或
或
且
至多有一个
至少有两个
至多有n个
至少有n+1个
至少有一个
一个也没有
至少有n个
至多有n-1个
所有x成立
存在一个x不成立
存在
不存在
[典型例题]
(1)(2019·诸暨市高考二模)已知数列{an}的前n项和是Sn,则下列四个命题中,错误的是( )
A.若数列{an}是公差为d的等差数列,则数列{}是公差为的等差数列
B.若数列{}是公差为d的等差数列,则数列{an}是公差为2d的等差数列
C.若数列{an}是等差数列,则该数列的奇数项,偶数项分别构成等差数列
D.若数列{an}的奇数项,偶数项分别构成公差相等的等差数列,则{an}是等差数列
(2)(2019·杭州市数学期末)若l,m是两条不同的直线,α是一个平面,则下列命题正确的是( )
A.若l∥α,m∥α,则l∥m
B.若l⊥m,m⊂α,则l⊥α
C.若l∥α,m⊂α,则l∥m
D.若l⊥α,l∥m,则m⊥α
【解析】 (1)A项,若等差数列{an}的首项为a1,公差为d,前n项的和为Sn,则数列{}为等差数列,且通项为=a1+(n-1),即数列{}是公差为的等差数列,故说法正确;B项,由题意得:=a1+(n-1)d,所以Sn=na1+n(n-1)d,则an=Sn-Sn-1=a1+2(n-1)d,即数列{an}是公差为2d的等差数列,故说法正确;C项,若数列{an}是等差数列的公差为d,则数列的奇数项,偶数项都是公差为2d的等差数列,说法正确;D项,若数列{an}的奇数项,偶数项分别构成公差相等的等差数列,则{an}不一定是等差数列,例如:{1,4,3,6,5,8,7},说法错误.故选D.
(2)A项,若l∥α,m∥α,则l∥m或相交或为异面直线,因此不正确;B项,若l⊥m,m⊂α,则l与α相交或平行或在平面内,因此不正确;C项,若l∥α,m⊂α,则l∥m或为异面直线,因此不正确;D项,若l⊥α,l∥m,则由线面垂直的性质定理与判定定理可得:m⊥α,正确.故选D.
【答案】 (1)D (2)D
命题真假的判定方法
一般命题p的真假由涉及的相关知识辨别.判断命题真假的关键:一是识别命题的构成形式;二是将命题简化,对等价的简化命题进行判断,要判断一个命题是假命题,只需举出反例.
[对点训练]
1.设f(x)是定义在正整数集上的函数,且f(x)满足“当f(k)≥k2成立时,总可以推出f(k+1)≥(k+1)2成立”,那么下列命题总成立的是( )
A.若f(3)≥9成立,则当k≥1时,均有f(k)≥k2成立
B.若f(5)≥25成立,则当k≤5时,均有f(k)≥k2成立
C.若f(7)>49成立,则当k≥8时,均有f(k)
D.若f(4)=25成立,则当k≥4时,均有f(k)≥k2成立
解析:选D.因为f(k)≥k2成立时f(k+1)≥(k+1)2成立,当k=4时,f(4)=25≥16=42成立,所以当k≥4时,有f(k)≥k2成立.
2.(2019·浙江新高考数学冲刺)给出下列命题:
①函数f(x)=sin(+)的图象关于x=π对称的图象的函数解析式为y=sin(-);
②函数f(x)=+在定义域上是增函数;
③函数f(x)=|log2x|-()x在(0,+∞)上恰有两个零点x1,x2,且x1x2<1.
其中真命题的个数有( )
A.0 B.1 C.2 D.3
解析:选D.①由f(x)=sin(+),设其图象关于x=π对称的图象的函数解析式为y=g(x),
设g(x)上一点(x,y),它关于x=π的对称点是(2π-x,y),这个对称点必然在f(x)上,
所以y=sin(+)=sin(-),故①正确;
②函数f(x)=+=(x-1)+的定义域为[1,+∞),
且f′(x)=(x-1)--=-,
因为(x-2)2≥0,所以x2≥4x-4,即x≥2,
又当x≥1时,x2≥x,所以x2≥2,所以
f′(x)=(x-1)--=-≥0,
函数f(x)=+在定义域上是增函数,故②正确;
③画出函数g(x)=|log2x|-()x在(0,+∞)的图象:
上恰有两个零点x1,x2.
不妨设x1<x2,则0<x1<1<x2.
-log2x1=()x1,log2x2=()x2.
所以log2(x1x2)=()x2-()x1<0,
所以x1·x2<1,故③正确.
所以正确的命题的个数是3.
故选D.
充要条件的判断及证明
[核心提炼]
充分、必要条件的判断方法
利用定义判断
直接判断“若p,则q”“若q,则p”的真假
从集合的角度判断
若A⊆B,则“x∈A”是“x∈B”的充分条件或“x∈B”是“x∈A”的必要条件;若A=B,则“x∈A”是“x∈B”的充要条件
利用等价转化法判断
条件和结论带有否定性词语的命题,常转化为其逆否命题来判断真假
[典型例题]
(1)(2019·高考浙江卷)若a>0,b>0,则“a+b≤4”是“ab≤4”的( )
A.充分不必要条件
B.必要不充分条件
C.充分必要条件
D.既不充分也不必要条件
(2)(2018·高考浙江卷)已知平面α,直线m,n满足m⊄α,n⊂α,则“m∥n”是“m∥α”的( )
A.充分不必要条件
B.必要不充分条件
C.充分必要条件
D.既不充分也不必要条件
【解析】 (1)通解:因为a>0,b>0,所以a+b≥2,由a+b≤4可得2≤4,解得ab≤4,所以充分性成立;当ab≤4时,取a=8,b=,满足ab≤4,但a+b>4,所以必要性不成立.所以“a+b≤4”是“ab≤4”的充分不必要条件.故选A.
优解:在同一直角坐标系内作出函数b=4-a,b=的图象,如图所示,则不等式a+b≤4与ab≤4表示的平面区域分别是直线a+b=4及其左下方(第一象限中的部分)与曲线b=及其左下方(第一象限中的部分),易知当a+b≤4成立时,ab≤4成立,而当ab≤4成立时,a+b≤4不一定成立.故选A.
(2)若m⊄α,n⊂α,m∥n,由线面平行的判定定理知m∥α.若m∥α,m⊄α,n⊂α,不一定推出m∥n,直线m与n可能异面,故“m∥n”是“m∥α”的充分不必要条件.故选A.
【答案】 (1)A (2)A
判断充分、必要条件时应关注的三点
(1)要弄清先后顺序:“A的充分不必要条件是B”是指B能推出A,且A不能推出B;而“A是B的充分不必要条件”则是指A能推出B,且B不能推出A.
(2)要善于举出反例:当从正面判断或证明一个命题的正确或错误不易进行时,可以通过举出恰当的反例来说明.
(3)要注意转化:¬p是¬q的必要不充分条件⇔p是q的充分不必要条件;¬p是¬q的充要条件⇔p是q的充要条件.
[对点训练]
1.已知等差数列{an}的公差为d,前n项和为Sn,则“d>0”是“S4 + S6>2S5”的( )
A.充分不必要条件 B.必要不充分条件
C.充分必要条件 D.既不充分也不必要条件
解析:选C.因为{an}为等差数列,所以S4+S6=4a1+6d+6a1+15d=10a1+21d,2S5=10a1+20d,S4+S6-2S5=d,所以d>0⇔S4+S6>2S5,故选C.
2.(2019·高三“吴越联盟”)已知a,b∈R,则使|a|+|b|>4成立的一个充分不必要条件是( )
A.|a|+|b|≥4 B.|a|≥4
C.|a|≥2且|b|≥2 D.b<-4
解析:选D.由b<-4可得|a|+|b|>4,但由|a|+|b|>4得不到b<-4,如a=1,b=5.
3.设a,b,c,d均为正数,且a+b=c+d,证明:“+>+”是“|a-b|<|c-d|”的充要条件.
证明:充分性:
因为+>+,
则(+)2>(+)2,
即a+b+2>c+d+2.
因为a+b=c+d,所以ab>cd,
于是(a-b)2=(a+b)2-4ab<(c+d)2-4cd=(c-d)2.
因此|a-b|<|c-d|.
必要性:
因为|a-b|<|c-d|,
则(a-b)2<(c-d)2,
即(a+b)2-4ab<(c+d)2-4cd.
因为a+b=c+d,所以ab>cd,
所以(+)2>(+)2,
即+>+.
综上,“+>+”是“|a-b|<|c-d|”的充要条件.
专题强化训练
[基础达标]
1.已知集合P={x∈R|1≤x≤3},Q={x∈R|x2≥4},则P∪(∁RQ)=( )
A.[2,3] B.(-2,3]
C.[1,2) D.(-∞,-2]∪[1,+∞)
解析:选B.由于Q={x|x≤-2或x≥2},∁RQ={x|-2<x<2},故得P∪(∁RQ)={x|-2<x≤3}.故选B.
2.(2019·金华模拟)已知集合A={y|y=log2x,x>2},B={y|y=,x<1},则A∩B=( )
A.(1,+∞) B.
C. D.
解析:选A.法一:因为A={y|y=log2x,x>2}={y|y>1},B={y|y=,x<1}={y|y>},所以A∩B={y|y>1},故选A.
法二:取2∈A∩B,则由2∈A,得log2x=2,解得x=4>2,满足条件,同时由2∈B,得=2,x=-1,满足条件,排除选项B,D;取1∈A∩B,则由1∈A,得log2x=1,解得x=2,不满足x>2,排除C,故选A.
3.(2019·温州市统一模拟考试)已知集合A={1,2,3},B={x|x2-3x+a=0,a∈A},若A∩B≠∅,则a的值为( )
A.1 B.2
C.3 D.1或2
解析:选B.当a=1时,B中元素均为无理数,A∩B=∅;当a=2时,B={1,2},A∩B={1,2}≠∅;当a=3时,B=∅,则A∩B=∅,故a的值为2,选B.
4.(2019·湖北七市(州)协作体联考)已知a,b为两个非零向量,设命题p:|a·b|=|a||b|,命题q:a与b共线,则命题p是命题q成立的( )
A.充分而不必要条件 B.必要而不充分条件
C.充要条件 D.既不充分也不必要条件
解析:选C.|a·b|=|a||b|⇔|a||b||cos〈a,b〉|=|a||b|⇔cos〈a,b〉=±1⇔a∥b,故是充要条件,选C.
5.(2019·衢州质检)已知全集U为R,集合A={x|x2<16},B={x|y=log3(x-4)},则下列关系正确的是( )
A.A∪B=R B.A∪(∁UB)=R
C.(∁UA)∪B=R D.A∩(∁UB)=A
解析:选D.因为A={x|-44},
所以∁UB={x|x≤4},所以A∩(∁UB)=A,故选D.
6.“不等式x2-x+m>0在R上恒成立”的一个必要不充分条件是( )
A.m> B.0<m<1
C.m>0 D.m>1
解析:选C.若不等式x2-x+m>0在R上恒成立,则Δ=(-1)2-4m<0,解得m>,因此当不等式x2-x+m>0在R上恒成立时,必有m>0,但当m>0时,不一定推出不等式在R上恒成立,故所求的必要不充分条件可以是m>0,故选C.
7.设{an}是首项为正数的等比数列,公比为q,则“q<0”是“对任意的正整数n,a2n-1+a2n<0”的( )
A.充要条件
B.充分而不必要条件
C.必要而不充分条件
D.既不充分也不必要条件
解析:选C.由题意得,an=a1qn-1(a1>0),a2n-1+a2n=a1q2n-2+a1q2n-1=a1q2n-2(1+q).若q<0,因为1+q的符号不确定,所以无法判断a2n-1+a2n的符号;反之,若a2n-1+a2n<0,即a1q2n-2(1+q)<0,可得q<-1<0.故“q<0”是“对任意的正整数n,a2n-1+a2n<0”的必要而不充分条件,故选C.
8.下列命题中为真命题的是( )
A.命题“若x>1,则x2>1”的否命题
B.命题“若x>y,则x>|y|”的逆命题
C.命题“若x=1,则x2+x-2=0”的否命题
D.命题“若tan x=,则x=”的逆否命题
解析:选B.对于选项A,命题“若x>1,则x2>1”的否命题为“若x≤1,则x2≤1”,易知当x=-2时,x2=4>1,故选项A为假命题;对于选项B,命题“若x>y,则x>|y|”的逆命题为“若x>|y|,则x>y”,分析可知选项B为真命题;对于选项C,命题“若x=1,则x2+x-2=0”的否命题为“若x≠1,则x2+x-2≠0”,易知当x=-2时,x2+x-2=0,故选项C为假命题;对于选项D,命题“若tan x=,则x=”的逆否命题为“若x≠,则tan x≠”,易知当x=时,tan x=,故选项D为假命题.综上可知,选B.
9.(2019·浙江五校联考模拟)已知棱长为1的正方体ABCDA1B1C1D1中,下列命题不正确的是( )
A.平面ACB1∥平面A1C1D,且两平面的距离为
B.点P在线段AB上运动,则四面体PA1B1C1的体积不变
C.与所有12条棱都相切的球的体积为π
D.M是正方体的内切球的球面上任意一点,N是△AB1C外接圆的圆周上任意一点,则|MN|的最小值是
解析:选D.A.因为AB1∥DC1,AC∥A1C1,
且AC∩AB1=A,
所以平面ACB1∥平面A1C1D,
正方体的体对角线BD1=,
设B到平面ACB1的距离为h,
则VBAB1C=××1×1×1=××××h,即h=,
则平面ACB1与平面A1C1D的距离d=-2h=-2×=,故A正确.
B.点P在线段AB上运动,则四面体PA1B1C1的高为1,底面积不变,则体积不变,故B正确,
C.与所有12条棱都相切的球的直径2R等于面的对角线B1C=,则2R=,R=,则球的体积V=πR3=×π×()3=π,故C正确.
D.设正方体的内切球的球心为O,正方体的外接球的球心为O′,
则三角形ACB1的外接圆是正方体的外接球O′的一个小圆,
因为点M在正方体的内切球的球面上运动,点N在三角形ACB1的外接圆上运动,
所以线段MN长度的最小值是正方体的外接球的半径减去正方体的内切球的半径,
因为正方体ABCDA1B1C1D1的棱长为1,
所以线段MN长度的最小值是-.故D错误.故选D.
10.设A是自然数集的一个非空子集,对于k∈A,如果k2∉A,且∉A,那么k是A的一个“酷元”,给定S={x∈N|y=lg(36-x2)},设M⊆S,集合M中有两个元素,且这两个元素都是M的“酷元”,那么这样的集合M有( )
A.3个 B.4个
C.5个 D.6个
解析:选C.由36-x2>0可解得-6
由题意可知:集合M不能含有0,1,且不能同时含有2,4.故集合M可以是{2,3},{2,5},{3,5},{3,4},{4,5}.
11.设P,Q为两个非空实数集合,定义集合P*Q={z|z=ab,a∈P,b∈Q},若P={1,2},Q={-1,0,1},则集合P*Q中元素的个数为________.
解析:法一(列举法):当b=0时,无论a取何值,z=ab=1;当a=1时,无论b取何值,ab=1;当a=2,b=-1时,z=2-1=;当a=2,b=1时,z=21=2.故P*Q=,该集合中共有3个元素.
法二:(列表法):因为a∈P,b∈Q,所以a的取值只能为1,2;b的取值只能为-1,0,1.z=ab的不同运算结果如下表所示:
ba
-1
0
1
1
1
1
1
2
1
2
由上表可知P*Q=,显然该集合中共有3个元素.
答案:3
12.(2019·温州瑞安高考数学模拟)设全集U={1,2,3,4,5,6},A={1,2},B={2,3,4},则A∩(∁UB)=______,(∁UA)∪B=________.
解析:因为U={1,2,3,4,5,6},
∁UB={1,5,6},∁UA={3,4,5,6},
所以A∩(∁UB)={1,2}∩{1,5,6}={1},
(∁UA)∪B={3,4,5,6}∪{2,3,4}={2,3,4,5,6}.
答案:{1} {2,3,4,5,6}
13.给出命题:若函数y=f(x)是幂函数,则函数y=f(x)的图象不过第四象限.在它的逆命题、否命题、逆否命题三个命题中,真命题的个数是________.
解析:易知原命题是真命题,则其逆否命题也是真命题,而逆命题、否命题是假命题.
答案:1
14.一次函数f(x)=kx+b(k≠0)是奇函数的充分必要条件是________.
解析:必要性:因为f(x)=kx+b(k≠0)是奇函数,
所以f(-x)=-f(x),
即k(-x)+b=-(kx+b),
所以b=0.
充分性:如果b=0,那么f(x)=kx,
因为f(-x)=k(-x)=-kx,
所以f(-x)=-f(x),
所以f(x)为奇函数.
答案:b=0
15.A={1,2,3},B={x∈R|x2-ax+b=0,a∈A,b∈A},则A∩B=B的概率是________.
解析:有序实数对(a,b)的取值情形共有9种,满足A∩B=B的情形有:
①(1,1),(1,2),(1,3),(2,2),(2,3),(3,3),此时B=∅;
②(2,1),此时B={1};
③(3,2),此时B={1,2}.
所以A∩B=B的概率为P=.
答案:
16.设集合A={x|x2+4x=0,x∈R},B={x|x2+2(a+1)x+a2-1=0,a∈R,x∈R},若B⊆A,则实数a的取值范围为________.
解析:因为A={0,-4},所以B⊆A分以下三种情况:
(1)当B=A时,B={0,-4},由此知0和-4是方程x2+2(a+1)x+a2-1=0的两个根,由根与系数之间的关系,得
解得a=1.
(2)当B≠A时,B={0}或B={-4},并且Δ=
4(a+1)2-4(a2-1)=0,解得a=-1,
此时B ={0}满足题意.
(3)当B=∅时,Δ=4(a+1)2-4(a2-1)<0,
解得a<-1.
综上所述,所求实数a的取值范围为(-∞,-1]∪{1}.
答案:(-∞,-1]∪{1}
17.函数g(x)=其中P,M为实数集R的两个非空子集,规定f(P)={y|y=g(x),x∈P},f(M)={y|y=g(x),x∈M}.给出下列四个命题:
①若P∩M=∅,则f(P)∩f(M)=∅;
②若P∩M≠∅,则f(P)∩f(M)≠∅;
③若P∪M=R,则f(P)∪f(M)=R;
④若P∪M≠R,则f(P)∪f(M)≠R.
其中命题不正确的有________.
解析:①若P={1},M={-1},则f(P)={1},
f(M)={1},则f(P)∩f(M)≠∅,故①错.
②若P={1,2},M={1},则f(P)={1,2},
f(M)={-1},则f(P)∩f(M)=∅.故②错.
③若P={非负实数},M={负实数},
则f(P)={非负实数},f(M)={正实数},
则f(P)∪f(M)≠R,故③错.
④若P={非负实数},M={正实数},
则f(P)={非负实数},f(M)={负实数},
则f(P)∪f(M)=R,故④错.
答案:①②③④
[能力提升]
1.已知集合P={y|y=()x,x≥0},Q={x|y=lg(2x-x2)},则P∩Q为( )
A.(0,1] B.∅ C.(0,2) D.{0}
解析:选A.由已知得,因为x≥0,且0<()x≤()0=1,所以P=(0,1],又因为2x-x2>0⇒0<x<2,所以Q=(0,2),因此P∩Q=(0,1],故选A.
2.已知z=m2-1+(m2-3m+2)i(m∈R,i为虚数单位),则“m=-1”是“z为纯虚数”的( )
A.充分不必要条件
B.必要不充分条件
C.充分必要条件
D.既不充分也不必要条件
解析:选C.由题意,当m=-1时,z的实部为(-1)2-1=0,虚部为(-1)2-3×(-1)+2=6,此时z为纯虚数,即充分性成立;当z为纯虚数时,有⇒⇒m=-1,即必要性成立,故选C.
3.集合A={x|y=ln(1-x)},B={x|x2-2x-3≤0},全集U=A∪B,则∁U(A∩B)=( )
A.{x|x<-1或x≥1}
B.{x|1≤x≤3或x<-1}
C.{x|x≤-1或x>1}
D.{x|1<x≤3或x≤-1}
解析:选B.集合A={x|y=ln(1-x)}={x|1-x>0}={x|x<1},B={x|x2-2x-3≤0}={x|(x+1)(x-3)≤0}={x|-1≤x≤3},
所以U=A∪B={x|x≤3},
所以A∩B={x|-1≤x<1};
所以∁U(A∩B)={x|1≤x≤3或x<-1}.
故选B.
4.若x∈R,则“x>1”是“<1”的( )
A.充分非必要条件
B.必要非充分条件
C.充要条件
D.既非充分也非必要条件
解析:选A.由x>1,一定能得到<1,但当<1时,不能推出x>1(如x=-1时),故“x>1”是“<1”的充分非必要条件.
5.下面四个条件中,使a>b成立的必要而不充分的条件是( )
A.a-1>b B.a+1>b
C.|a|>|b| D.a3>b3
解析:选B.“a>b”不能推出“a-1>b”,故选项A不是“a>b”的必要条件,不满足题意;“a>b”能推出“a+1>b”,但“a+1>b”不能推出“a>b”,故满足题意;“a>b”不能推出“|a|>|b|”,故选项C不是“a>b”的必要条件,不满足题意;“a>b”能推出“a3>b3”,且“a3>b3”能推出“a>b”,故是充要条件,不满足题意.
6.(2019·绍兴质检)已知集合A={x|x<-2或x>1},B={x|x>2或x<0},则(∁RA)∩B=( )
A.(-2,0) B.[-2,0)
C.∅ D.(-2,1)
解析:选B.因为集合A={x|x<-2或x>1},
所以∁RA={x|-2≤x≤1},
集合B={x|x>2或x<0},
所以(∁RA)∩B={x|-2≤x<0}=[-2,0),故选B.
7.对于两条不同的直线m,n和两个不同的平面α,β,以下结论正确的是( )
A.若m⊂α,n∥β,m,n是异面直线,则α,β相交
B.若m⊥α,m⊥β,n∥α,则n∥β
C.若m⊂α,n∥α,m,n共面于β,则m∥n
D.若m⊥α,n⊥β,α,β不平行,则m,n为异面直线
解析:选C.A.α∥β时,m⊂α,n∥β,m,n是异面直线,可以成立,故A错误;B.若m⊥α,m⊥β,则α∥β,因为n∥α,则n∥β或n⊂β,故B错误;C.利用线面平行的性质定理,可得C正确;D.若m⊥α,n⊥β,α,β不平行,则m,n为异面直线或相交直线,故D不正确,故选C.
8.已知f(x)=ax2+bx,其中-1≤a<0,b>0,则“存在x∈[0,1],|f(x)|>1”是“a+b>1”的( )
A.充分不必要条件
B.必要不充分条件
C.充要条件
D.既不充分也不必要条件
解析:选C.因为f(x)=ax2+bx,所以a+b>1⇔f(1)>1.
因为存在x∈[0,1],|f(x)|>1,所以|f(x)|max>1.
因为-1≤a<0,b>0,所以函数f(x)的对称轴x=->0.
计算:f(0)=0,f(1)=a+b,f(-)=>0.
f(1)>1,所以f(-)=>1,
反之也成立,若b2>-4a,则b>-4a>1-a.
所以“存在x∈[0,1],|f(x)|>1”是“a+b>1”的充要条件.
9.已知全集U=R,集合A={x|x(x+2)<0},B={x||x|≤1},则如图所示的阴影部分表示的集合是( )
A.(-2,1) B.[-1,0]∪[1,2)
C.(-2,-1)∪[0,1] D.[0,1]
解析:选C.因为集合A={x|x(x+2)<0},B={x||x|≤1},所以A={x|-2<x<0},B={x|-1≤x≤1},所以A∪B=(-2,1],A∩B=[-1,0),所以阴影部分表示的集合为∁A∪B(A∩B)=(-2,-1)∪[0,1],故选C.
10.已知各项均不为零的数列{an},定义向量cn=(an,an+1),bn=(n,n+1),n∈N*.下列命题中真命题是( )
A.若任意n∈N*总有cn⊥bn成立,则数列{an}是等比数列
B.若任意n∈N*总有cn∥bn成立,则数列{an}是等比数列
C.若任意n∈N*总有cn⊥bn成立,则数列{an}是等差数列
D.若任意n∈N*总有cn∥bn成立,则数列{an}是等差数列
解析:选D.cn⊥bn⇒cn·bn=nan+(n+1)an+1=0,即=-;所以数列{an}既不是等比数列又不是等差数列;cn∥bn⇒(n+1)an-nan+1=0,即=;所以××…×=××…×=n(n≥2),即an=na1.所以数列{an}是等差数列.
11.已知A ={0,1,2},B={-1,3},记:A+B={a+b|a∈A,b∈B},试用列举法表示A+B=________.
解析:因为a∈A,b∈B,
所以当a=0时,a+b=-1或3,
当a=1时,a+b=0或4,
当a=2时,a+b=1或5,
所以A+B={-1,0,1,3,4,5}.
答案:{-1,0,1,3,4,5}
12.设集合A={1,2,4},B={x|x2-4x+m=0},若A∩B={1},则B=________.
解析:因为A∩B={1},所以1∈B,所以1是方程x2-4x+m=0的根,所以1-4+m=0,m=3,方程为x2-4x+3=0,又因它的解为x=1或x=3,所以B={1,3}.
答案:{1,3}
13.已知集合A={x∈R||x+2|<3},集合B={x∈R|(x-m)(x-2)<0},且A∩B=(-1,n),则m=________,n=________.
解析:A={x∈R||x+2|<3}={x∈R|-5
则B={x|m
答案:-1 1
14.设集合A={0,1,2,3},B={x|-x∈A,1-x∉A},则集合B中元素的个数为________.
解析:若x∈B,则-x∈A,故x只可能是0,-1,-2,-3,当0∈B时,1-0=1∈A;
当-1∈B时,1-(-1)=2∈A;
当-2∈B时,1-(-2)=3∈A;
当-3∈B时,1-(-3)=4∉A,
所以B={-3},故集合B中元素的个数为1.
答案:1
15.给出下列四个命题:
①“λ=0”是“λa=0”的充分不必要条件;
②在△ABC中,“AB2+AC2=BC2”是“△ABC为直角三角形”的充要条件;
③若a,b∈R,则“a2+b2≠0”是“a,b全不为零”的充要条件;
④若a,b∈R,则“a2+b2≠0”是“a,b不全为零”的充要条件.
其中正确命题的序号是________.
解析:由λ=0可以推出λa=0,但是由λa=0不一定推出λ=0成立,所以①正确.由AB2+AC2=BC2可以推出△ABC是直角三角形,但是由△ABC是直角三角形不能确定哪个角是直角,所以②不正确.由a2+b2≠0可以推出a,b不全为零;反之,由a,b不全为零可以推出a2+b2≠0,所以④正确.
答案:①④
16.已知“p:(x-m)2>3(x-m)”是“q:x2+3x-4<0”成立的必要不充分条件,则实数m的取值范围是________.
解析:记P={x|(x-m)2>3(x-m)}={x|(x-m)·(x-m-3)>0}={x|xm+3},Q={x|x2+3x-4<0}={x|(x+4)(x-1)<0}={x|-4
答案:(-∞,-7]∪[1,+∞)
17.(2019·杭州市七校高三联考)下列命题中正确的有________.
①常数数列既是等差数列也是等比数列;
②在△ABC中,若sin2 A+sin2 B=sin2 C,则△ABC为直角三角形;
③若A,B为锐角三角形的两个内角,则tan Atan B>1;
④若Sn为数列{an}的前n项和,则此数列的通项公式an=Sn-Sn-1(n>1).
解析:命题①:由数列{an}是等差数列,设其公差为d,则an-an-1=d(n≥2)(ⅰ),又数列{an}是等比数列,设其公比为q,则an=qan-1(n≥2)(ⅱ),把(ⅱ)代入(ⅰ)得:qan-1-an-1=(q-1)an-1=d(n≥2),要使(q-1)·an-1=d(n≥2)对数列中“任意项”都成立,则需q-1=d=0,也就是q=1,d=0.
所以数列{an}为非零常数列,故不正确;
命题②:由正弦定理可把sin2A+sin2B=sin2C转化为a2+b2=c2,由余弦定理得
cos C==0,所以三角形为直角三角形,故正确;
命题③:若A、B是锐角三角形的两内角,
则tan A>0,tan B>0,π>A+B>,
则tan(A+B)=<0,
得tan A·tan B>1,故正确;
命题④:若Sn为数列{an}的前n项和,
则此数列的通项公式an=,故不正确.
故正确的命题为:②③.
答案:②③
第1讲 集合、常用逻辑用语
集合的概念及运算
[核心提炼]
1.集合的运算性质及重要结论
(1)A∪A=A,A∪∅=A,A∪B=B∪A;
(2)A∩A=A,A∩∅=∅,A∩B=B∩A;
(3)A∩(∁UA)=∅,A∪(∁UA)=U;
(4)A∩B=A⇔A⊆B,A∪B=A⇔B⊆A.
2.集合运算中的常用方法
(1)若已知的集合是不等式的解集,用数轴求解;
(2)若已知的集合是点集,用数形结合法求解;
(3)若已知的集合是抽象集合,用Venn图求解.
[典型例题]
(1)(2018·高考浙江卷)已知全集U={1,2,3,4,5},A={1,3},则∁UA=( )
A.∅ B.{1,3}
C.{2,4,5} D.{1,2,3,4,5}
(2)(2019·高考浙江卷)已知全集U={-1,0,1,2,3},集合A={0,1,2},B={-1,0,1},则∩B=( )
A.{-1} B.{0,1}
C.{-1,2,3} D.{-1,0,1,3}
(3)(2019·金华模拟)已知集合U={1,2,3,4,5,6},S={1,2,5},T={2,3,6},则S∩(∁UT)=________,集合S共有________个子集.
【解析】 (1)因为U={1,2,3,4,5},A={1,3},
所以∁UA={2,4,5},故选C.
(2)由题意可得∁UA={-1,3},则(∁UA)∩B={-1}.故选A.
(3)集合U={1,2,3,4,5,6},
S={1,2,5},T={2,3,6},
所以∁UT={1,4,5},
所以S∩(∁UT)={1,5},
S={1,2,5}的子集的个数为23=8.
【答案】 (1)C (2)A (3){1,5} 8
集合的运算与不等式相结合问题求解策略
解决此类问题的思路主要有两个:一是直接法,即先化简后运算,也就是先解不等式求出对应集合,然后利用数轴表示,从而求得集合运算的结果;二是间接法,由于此类问题多以选择题的形式进行考查,故可根据选项的差异性选取特殊元素进行验证,排除干扰项从而得到正确选项.
[对点训练]
1.(2019·宁波市高考模拟)已知全集U=A∪B=,A∩(∁UB)=,则B=( )
A.
B.
C.
D.
解析:选C.因为U=A∪B=,
又因为A∩(∁UB)=,
所以B=,故选C.
2.(2019·温州二模)已知集合A={x||x-1|≤2},B={x|0
解析:A=,
B==,
∁RA=,
则A∪B==[-2,2];(∁RA)∩B={x|0<x≤2}=(0,2].
答案:[-2,2] (0,2]
命题真假的判断
[核心提炼]
1.四种命题的关系
(1)两个命题互为逆否命题,它们有相同的真假性.
(2)两个命题为互逆命题或互否命题,它们的真假性没有关系.
2.常见词语的否定
在四种命题的构造中,其中否命题和逆否命题都涉及对一些词语的否定,要特别注意下表中常见词语的否定.
词语
词语的否定
等于
不等于
大于
不大于(或小于等于)
小于
不小于(或大于等于)
是
不是
一定是
不一定是
都是
不都是(至少有一个不是)
必有一个
一个也没有
任意的
某一个
且
或
或
且
至多有一个
至少有两个
至多有n个
至少有n+1个
至少有一个
一个也没有
至少有n个
至多有n-1个
所有x成立
存在一个x不成立
存在
不存在
[典型例题]
(1)(2019·诸暨市高考二模)已知数列{an}的前n项和是Sn,则下列四个命题中,错误的是( )
A.若数列{an}是公差为d的等差数列,则数列{}是公差为的等差数列
B.若数列{}是公差为d的等差数列,则数列{an}是公差为2d的等差数列
C.若数列{an}是等差数列,则该数列的奇数项,偶数项分别构成等差数列
D.若数列{an}的奇数项,偶数项分别构成公差相等的等差数列,则{an}是等差数列
(2)(2019·杭州市数学期末)若l,m是两条不同的直线,α是一个平面,则下列命题正确的是( )
A.若l∥α,m∥α,则l∥m
B.若l⊥m,m⊂α,则l⊥α
C.若l∥α,m⊂α,则l∥m
D.若l⊥α,l∥m,则m⊥α
【解析】 (1)A项,若等差数列{an}的首项为a1,公差为d,前n项的和为Sn,则数列{}为等差数列,且通项为=a1+(n-1),即数列{}是公差为的等差数列,故说法正确;B项,由题意得:=a1+(n-1)d,所以Sn=na1+n(n-1)d,则an=Sn-Sn-1=a1+2(n-1)d,即数列{an}是公差为2d的等差数列,故说法正确;C项,若数列{an}是等差数列的公差为d,则数列的奇数项,偶数项都是公差为2d的等差数列,说法正确;D项,若数列{an}的奇数项,偶数项分别构成公差相等的等差数列,则{an}不一定是等差数列,例如:{1,4,3,6,5,8,7},说法错误.故选D.
(2)A项,若l∥α,m∥α,则l∥m或相交或为异面直线,因此不正确;B项,若l⊥m,m⊂α,则l与α相交或平行或在平面内,因此不正确;C项,若l∥α,m⊂α,则l∥m或为异面直线,因此不正确;D项,若l⊥α,l∥m,则由线面垂直的性质定理与判定定理可得:m⊥α,正确.故选D.
【答案】 (1)D (2)D
命题真假的判定方法
一般命题p的真假由涉及的相关知识辨别.判断命题真假的关键:一是识别命题的构成形式;二是将命题简化,对等价的简化命题进行判断,要判断一个命题是假命题,只需举出反例.
[对点训练]
1.设f(x)是定义在正整数集上的函数,且f(x)满足“当f(k)≥k2成立时,总可以推出f(k+1)≥(k+1)2成立”,那么下列命题总成立的是( )
A.若f(3)≥9成立,则当k≥1时,均有f(k)≥k2成立
B.若f(5)≥25成立,则当k≤5时,均有f(k)≥k2成立
C.若f(7)>49成立,则当k≥8时,均有f(k)
解析:选D.因为f(k)≥k2成立时f(k+1)≥(k+1)2成立,当k=4时,f(4)=25≥16=42成立,所以当k≥4时,有f(k)≥k2成立.
2.(2019·浙江新高考数学冲刺)给出下列命题:
①函数f(x)=sin(+)的图象关于x=π对称的图象的函数解析式为y=sin(-);
②函数f(x)=+在定义域上是增函数;
③函数f(x)=|log2x|-()x在(0,+∞)上恰有两个零点x1,x2,且x1x2<1.
其中真命题的个数有( )
A.0 B.1 C.2 D.3
解析:选D.①由f(x)=sin(+),设其图象关于x=π对称的图象的函数解析式为y=g(x),
设g(x)上一点(x,y),它关于x=π的对称点是(2π-x,y),这个对称点必然在f(x)上,
所以y=sin(+)=sin(-),故①正确;
②函数f(x)=+=(x-1)+的定义域为[1,+∞),
且f′(x)=(x-1)--=-,
因为(x-2)2≥0,所以x2≥4x-4,即x≥2,
又当x≥1时,x2≥x,所以x2≥2,所以
f′(x)=(x-1)--=-≥0,
函数f(x)=+在定义域上是增函数,故②正确;
③画出函数g(x)=|log2x|-()x在(0,+∞)的图象:
上恰有两个零点x1,x2.
不妨设x1<x2,则0<x1<1<x2.
-log2x1=()x1,log2x2=()x2.
所以log2(x1x2)=()x2-()x1<0,
所以x1·x2<1,故③正确.
所以正确的命题的个数是3.
故选D.
充要条件的判断及证明
[核心提炼]
充分、必要条件的判断方法
利用定义判断
直接判断“若p,则q”“若q,则p”的真假
从集合的角度判断
若A⊆B,则“x∈A”是“x∈B”的充分条件或“x∈B”是“x∈A”的必要条件;若A=B,则“x∈A”是“x∈B”的充要条件
利用等价转化法判断
条件和结论带有否定性词语的命题,常转化为其逆否命题来判断真假
[典型例题]
(1)(2019·高考浙江卷)若a>0,b>0,则“a+b≤4”是“ab≤4”的( )
A.充分不必要条件
B.必要不充分条件
C.充分必要条件
D.既不充分也不必要条件
(2)(2018·高考浙江卷)已知平面α,直线m,n满足m⊄α,n⊂α,则“m∥n”是“m∥α”的( )
A.充分不必要条件
B.必要不充分条件
C.充分必要条件
D.既不充分也不必要条件
【解析】 (1)通解:因为a>0,b>0,所以a+b≥2,由a+b≤4可得2≤4,解得ab≤4,所以充分性成立;当ab≤4时,取a=8,b=,满足ab≤4,但a+b>4,所以必要性不成立.所以“a+b≤4”是“ab≤4”的充分不必要条件.故选A.
优解:在同一直角坐标系内作出函数b=4-a,b=的图象,如图所示,则不等式a+b≤4与ab≤4表示的平面区域分别是直线a+b=4及其左下方(第一象限中的部分)与曲线b=及其左下方(第一象限中的部分),易知当a+b≤4成立时,ab≤4成立,而当ab≤4成立时,a+b≤4不一定成立.故选A.
(2)若m⊄α,n⊂α,m∥n,由线面平行的判定定理知m∥α.若m∥α,m⊄α,n⊂α,不一定推出m∥n,直线m与n可能异面,故“m∥n”是“m∥α”的充分不必要条件.故选A.
【答案】 (1)A (2)A
判断充分、必要条件时应关注的三点
(1)要弄清先后顺序:“A的充分不必要条件是B”是指B能推出A,且A不能推出B;而“A是B的充分不必要条件”则是指A能推出B,且B不能推出A.
(2)要善于举出反例:当从正面判断或证明一个命题的正确或错误不易进行时,可以通过举出恰当的反例来说明.
(3)要注意转化:¬p是¬q的必要不充分条件⇔p是q的充分不必要条件;¬p是¬q的充要条件⇔p是q的充要条件.
[对点训练]
1.已知等差数列{an}的公差为d,前n项和为Sn,则“d>0”是“S4 + S6>2S5”的( )
A.充分不必要条件 B.必要不充分条件
C.充分必要条件 D.既不充分也不必要条件
解析:选C.因为{an}为等差数列,所以S4+S6=4a1+6d+6a1+15d=10a1+21d,2S5=10a1+20d,S4+S6-2S5=d,所以d>0⇔S4+S6>2S5,故选C.
2.(2019·高三“吴越联盟”)已知a,b∈R,则使|a|+|b|>4成立的一个充分不必要条件是( )
A.|a|+|b|≥4 B.|a|≥4
C.|a|≥2且|b|≥2 D.b<-4
解析:选D.由b<-4可得|a|+|b|>4,但由|a|+|b|>4得不到b<-4,如a=1,b=5.
3.设a,b,c,d均为正数,且a+b=c+d,证明:“+>+”是“|a-b|<|c-d|”的充要条件.
证明:充分性:
因为+>+,
则(+)2>(+)2,
即a+b+2>c+d+2.
因为a+b=c+d,所以ab>cd,
于是(a-b)2=(a+b)2-4ab<(c+d)2-4cd=(c-d)2.
因此|a-b|<|c-d|.
必要性:
因为|a-b|<|c-d|,
则(a-b)2<(c-d)2,
即(a+b)2-4ab<(c+d)2-4cd.
因为a+b=c+d,所以ab>cd,
所以(+)2>(+)2,
即+>+.
综上,“+>+”是“|a-b|<|c-d|”的充要条件.
专题强化训练
[基础达标]
1.已知集合P={x∈R|1≤x≤3},Q={x∈R|x2≥4},则P∪(∁RQ)=( )
A.[2,3] B.(-2,3]
C.[1,2) D.(-∞,-2]∪[1,+∞)
解析:选B.由于Q={x|x≤-2或x≥2},∁RQ={x|-2<x<2},故得P∪(∁RQ)={x|-2<x≤3}.故选B.
2.(2019·金华模拟)已知集合A={y|y=log2x,x>2},B={y|y=,x<1},则A∩B=( )
A.(1,+∞) B.
C. D.
解析:选A.法一:因为A={y|y=log2x,x>2}={y|y>1},B={y|y=,x<1}={y|y>},所以A∩B={y|y>1},故选A.
法二:取2∈A∩B,则由2∈A,得log2x=2,解得x=4>2,满足条件,同时由2∈B,得=2,x=-1,满足条件,排除选项B,D;取1∈A∩B,则由1∈A,得log2x=1,解得x=2,不满足x>2,排除C,故选A.
3.(2019·温州市统一模拟考试)已知集合A={1,2,3},B={x|x2-3x+a=0,a∈A},若A∩B≠∅,则a的值为( )
A.1 B.2
C.3 D.1或2
解析:选B.当a=1时,B中元素均为无理数,A∩B=∅;当a=2时,B={1,2},A∩B={1,2}≠∅;当a=3时,B=∅,则A∩B=∅,故a的值为2,选B.
4.(2019·湖北七市(州)协作体联考)已知a,b为两个非零向量,设命题p:|a·b|=|a||b|,命题q:a与b共线,则命题p是命题q成立的( )
A.充分而不必要条件 B.必要而不充分条件
C.充要条件 D.既不充分也不必要条件
解析:选C.|a·b|=|a||b|⇔|a||b||cos〈a,b〉|=|a||b|⇔cos〈a,b〉=±1⇔a∥b,故是充要条件,选C.
5.(2019·衢州质检)已知全集U为R,集合A={x|x2<16},B={x|y=log3(x-4)},则下列关系正确的是( )
A.A∪B=R B.A∪(∁UB)=R
C.(∁UA)∪B=R D.A∩(∁UB)=A
解析:选D.因为A={x|-4
所以∁UB={x|x≤4},所以A∩(∁UB)=A,故选D.
6.“不等式x2-x+m>0在R上恒成立”的一个必要不充分条件是( )
A.m> B.0<m<1
C.m>0 D.m>1
解析:选C.若不等式x2-x+m>0在R上恒成立,则Δ=(-1)2-4m<0,解得m>,因此当不等式x2-x+m>0在R上恒成立时,必有m>0,但当m>0时,不一定推出不等式在R上恒成立,故所求的必要不充分条件可以是m>0,故选C.
7.设{an}是首项为正数的等比数列,公比为q,则“q<0”是“对任意的正整数n,a2n-1+a2n<0”的( )
A.充要条件
B.充分而不必要条件
C.必要而不充分条件
D.既不充分也不必要条件
解析:选C.由题意得,an=a1qn-1(a1>0),a2n-1+a2n=a1q2n-2+a1q2n-1=a1q2n-2(1+q).若q<0,因为1+q的符号不确定,所以无法判断a2n-1+a2n的符号;反之,若a2n-1+a2n<0,即a1q2n-2(1+q)<0,可得q<-1<0.故“q<0”是“对任意的正整数n,a2n-1+a2n<0”的必要而不充分条件,故选C.
8.下列命题中为真命题的是( )
A.命题“若x>1,则x2>1”的否命题
B.命题“若x>y,则x>|y|”的逆命题
C.命题“若x=1,则x2+x-2=0”的否命题
D.命题“若tan x=,则x=”的逆否命题
解析:选B.对于选项A,命题“若x>1,则x2>1”的否命题为“若x≤1,则x2≤1”,易知当x=-2时,x2=4>1,故选项A为假命题;对于选项B,命题“若x>y,则x>|y|”的逆命题为“若x>|y|,则x>y”,分析可知选项B为真命题;对于选项C,命题“若x=1,则x2+x-2=0”的否命题为“若x≠1,则x2+x-2≠0”,易知当x=-2时,x2+x-2=0,故选项C为假命题;对于选项D,命题“若tan x=,则x=”的逆否命题为“若x≠,则tan x≠”,易知当x=时,tan x=,故选项D为假命题.综上可知,选B.
9.(2019·浙江五校联考模拟)已知棱长为1的正方体ABCDA1B1C1D1中,下列命题不正确的是( )
A.平面ACB1∥平面A1C1D,且两平面的距离为
B.点P在线段AB上运动,则四面体PA1B1C1的体积不变
C.与所有12条棱都相切的球的体积为π
D.M是正方体的内切球的球面上任意一点,N是△AB1C外接圆的圆周上任意一点,则|MN|的最小值是
解析:选D.A.因为AB1∥DC1,AC∥A1C1,
且AC∩AB1=A,
所以平面ACB1∥平面A1C1D,
正方体的体对角线BD1=,
设B到平面ACB1的距离为h,
则VBAB1C=××1×1×1=××××h,即h=,
则平面ACB1与平面A1C1D的距离d=-2h=-2×=,故A正确.
B.点P在线段AB上运动,则四面体PA1B1C1的高为1,底面积不变,则体积不变,故B正确,
C.与所有12条棱都相切的球的直径2R等于面的对角线B1C=,则2R=,R=,则球的体积V=πR3=×π×()3=π,故C正确.
D.设正方体的内切球的球心为O,正方体的外接球的球心为O′,
则三角形ACB1的外接圆是正方体的外接球O′的一个小圆,
因为点M在正方体的内切球的球面上运动,点N在三角形ACB1的外接圆上运动,
所以线段MN长度的最小值是正方体的外接球的半径减去正方体的内切球的半径,
因为正方体ABCDA1B1C1D1的棱长为1,
所以线段MN长度的最小值是-.故D错误.故选D.
10.设A是自然数集的一个非空子集,对于k∈A,如果k2∉A,且∉A,那么k是A的一个“酷元”,给定S={x∈N|y=lg(36-x2)},设M⊆S,集合M中有两个元素,且这两个元素都是M的“酷元”,那么这样的集合M有( )
A.3个 B.4个
C.5个 D.6个
解析:选C.由36-x2>0可解得-6
11.设P,Q为两个非空实数集合,定义集合P*Q={z|z=ab,a∈P,b∈Q},若P={1,2},Q={-1,0,1},则集合P*Q中元素的个数为________.
解析:法一(列举法):当b=0时,无论a取何值,z=ab=1;当a=1时,无论b取何值,ab=1;当a=2,b=-1时,z=2-1=;当a=2,b=1时,z=21=2.故P*Q=,该集合中共有3个元素.
法二:(列表法):因为a∈P,b∈Q,所以a的取值只能为1,2;b的取值只能为-1,0,1.z=ab的不同运算结果如下表所示:
ba
-1
0
1
1
1
1
1
2
1
2
由上表可知P*Q=,显然该集合中共有3个元素.
答案:3
12.(2019·温州瑞安高考数学模拟)设全集U={1,2,3,4,5,6},A={1,2},B={2,3,4},则A∩(∁UB)=______,(∁UA)∪B=________.
解析:因为U={1,2,3,4,5,6},
∁UB={1,5,6},∁UA={3,4,5,6},
所以A∩(∁UB)={1,2}∩{1,5,6}={1},
(∁UA)∪B={3,4,5,6}∪{2,3,4}={2,3,4,5,6}.
答案:{1} {2,3,4,5,6}
13.给出命题:若函数y=f(x)是幂函数,则函数y=f(x)的图象不过第四象限.在它的逆命题、否命题、逆否命题三个命题中,真命题的个数是________.
解析:易知原命题是真命题,则其逆否命题也是真命题,而逆命题、否命题是假命题.
答案:1
14.一次函数f(x)=kx+b(k≠0)是奇函数的充分必要条件是________.
解析:必要性:因为f(x)=kx+b(k≠0)是奇函数,
所以f(-x)=-f(x),
即k(-x)+b=-(kx+b),
所以b=0.
充分性:如果b=0,那么f(x)=kx,
因为f(-x)=k(-x)=-kx,
所以f(-x)=-f(x),
所以f(x)为奇函数.
答案:b=0
15.A={1,2,3},B={x∈R|x2-ax+b=0,a∈A,b∈A},则A∩B=B的概率是________.
解析:有序实数对(a,b)的取值情形共有9种,满足A∩B=B的情形有:
①(1,1),(1,2),(1,3),(2,2),(2,3),(3,3),此时B=∅;
②(2,1),此时B={1};
③(3,2),此时B={1,2}.
所以A∩B=B的概率为P=.
答案:
16.设集合A={x|x2+4x=0,x∈R},B={x|x2+2(a+1)x+a2-1=0,a∈R,x∈R},若B⊆A,则实数a的取值范围为________.
解析:因为A={0,-4},所以B⊆A分以下三种情况:
(1)当B=A时,B={0,-4},由此知0和-4是方程x2+2(a+1)x+a2-1=0的两个根,由根与系数之间的关系,得
解得a=1.
(2)当B≠A时,B={0}或B={-4},并且Δ=
4(a+1)2-4(a2-1)=0,解得a=-1,
此时B ={0}满足题意.
(3)当B=∅时,Δ=4(a+1)2-4(a2-1)<0,
解得a<-1.
综上所述,所求实数a的取值范围为(-∞,-1]∪{1}.
答案:(-∞,-1]∪{1}
17.函数g(x)=其中P,M为实数集R的两个非空子集,规定f(P)={y|y=g(x),x∈P},f(M)={y|y=g(x),x∈M}.给出下列四个命题:
①若P∩M=∅,则f(P)∩f(M)=∅;
②若P∩M≠∅,则f(P)∩f(M)≠∅;
③若P∪M=R,则f(P)∪f(M)=R;
④若P∪M≠R,则f(P)∪f(M)≠R.
其中命题不正确的有________.
解析:①若P={1},M={-1},则f(P)={1},
f(M)={1},则f(P)∩f(M)≠∅,故①错.
②若P={1,2},M={1},则f(P)={1,2},
f(M)={-1},则f(P)∩f(M)=∅.故②错.
③若P={非负实数},M={负实数},
则f(P)={非负实数},f(M)={正实数},
则f(P)∪f(M)≠R,故③错.
④若P={非负实数},M={正实数},
则f(P)={非负实数},f(M)={负实数},
则f(P)∪f(M)=R,故④错.
答案:①②③④
[能力提升]
1.已知集合P={y|y=()x,x≥0},Q={x|y=lg(2x-x2)},则P∩Q为( )
A.(0,1] B.∅ C.(0,2) D.{0}
解析:选A.由已知得,因为x≥0,且0<()x≤()0=1,所以P=(0,1],又因为2x-x2>0⇒0<x<2,所以Q=(0,2),因此P∩Q=(0,1],故选A.
2.已知z=m2-1+(m2-3m+2)i(m∈R,i为虚数单位),则“m=-1”是“z为纯虚数”的( )
A.充分不必要条件
B.必要不充分条件
C.充分必要条件
D.既不充分也不必要条件
解析:选C.由题意,当m=-1时,z的实部为(-1)2-1=0,虚部为(-1)2-3×(-1)+2=6,此时z为纯虚数,即充分性成立;当z为纯虚数时,有⇒⇒m=-1,即必要性成立,故选C.
3.集合A={x|y=ln(1-x)},B={x|x2-2x-3≤0},全集U=A∪B,则∁U(A∩B)=( )
A.{x|x<-1或x≥1}
B.{x|1≤x≤3或x<-1}
C.{x|x≤-1或x>1}
D.{x|1<x≤3或x≤-1}
解析:选B.集合A={x|y=ln(1-x)}={x|1-x>0}={x|x<1},B={x|x2-2x-3≤0}={x|(x+1)(x-3)≤0}={x|-1≤x≤3},
所以U=A∪B={x|x≤3},
所以A∩B={x|-1≤x<1};
所以∁U(A∩B)={x|1≤x≤3或x<-1}.
故选B.
4.若x∈R,则“x>1”是“<1”的( )
A.充分非必要条件
B.必要非充分条件
C.充要条件
D.既非充分也非必要条件
解析:选A.由x>1,一定能得到<1,但当<1时,不能推出x>1(如x=-1时),故“x>1”是“<1”的充分非必要条件.
5.下面四个条件中,使a>b成立的必要而不充分的条件是( )
A.a-1>b B.a+1>b
C.|a|>|b| D.a3>b3
解析:选B.“a>b”不能推出“a-1>b”,故选项A不是“a>b”的必要条件,不满足题意;“a>b”能推出“a+1>b”,但“a+1>b”不能推出“a>b”,故满足题意;“a>b”不能推出“|a|>|b|”,故选项C不是“a>b”的必要条件,不满足题意;“a>b”能推出“a3>b3”,且“a3>b3”能推出“a>b”,故是充要条件,不满足题意.
6.(2019·绍兴质检)已知集合A={x|x<-2或x>1},B={x|x>2或x<0},则(∁RA)∩B=( )
A.(-2,0) B.[-2,0)
C.∅ D.(-2,1)
解析:选B.因为集合A={x|x<-2或x>1},
所以∁RA={x|-2≤x≤1},
集合B={x|x>2或x<0},
所以(∁RA)∩B={x|-2≤x<0}=[-2,0),故选B.
7.对于两条不同的直线m,n和两个不同的平面α,β,以下结论正确的是( )
A.若m⊂α,n∥β,m,n是异面直线,则α,β相交
B.若m⊥α,m⊥β,n∥α,则n∥β
C.若m⊂α,n∥α,m,n共面于β,则m∥n
D.若m⊥α,n⊥β,α,β不平行,则m,n为异面直线
解析:选C.A.α∥β时,m⊂α,n∥β,m,n是异面直线,可以成立,故A错误;B.若m⊥α,m⊥β,则α∥β,因为n∥α,则n∥β或n⊂β,故B错误;C.利用线面平行的性质定理,可得C正确;D.若m⊥α,n⊥β,α,β不平行,则m,n为异面直线或相交直线,故D不正确,故选C.
8.已知f(x)=ax2+bx,其中-1≤a<0,b>0,则“存在x∈[0,1],|f(x)|>1”是“a+b>1”的( )
A.充分不必要条件
B.必要不充分条件
C.充要条件
D.既不充分也不必要条件
解析:选C.因为f(x)=ax2+bx,所以a+b>1⇔f(1)>1.
因为存在x∈[0,1],|f(x)|>1,所以|f(x)|max>1.
因为-1≤a<0,b>0,所以函数f(x)的对称轴x=->0.
计算:f(0)=0,f(1)=a+b,f(-)=>0.
f(1)>1,所以f(-)=>1,
反之也成立,若b2>-4a,则b>-4a>1-a.
所以“存在x∈[0,1],|f(x)|>1”是“a+b>1”的充要条件.
9.已知全集U=R,集合A={x|x(x+2)<0},B={x||x|≤1},则如图所示的阴影部分表示的集合是( )
A.(-2,1) B.[-1,0]∪[1,2)
C.(-2,-1)∪[0,1] D.[0,1]
解析:选C.因为集合A={x|x(x+2)<0},B={x||x|≤1},所以A={x|-2<x<0},B={x|-1≤x≤1},所以A∪B=(-2,1],A∩B=[-1,0),所以阴影部分表示的集合为∁A∪B(A∩B)=(-2,-1)∪[0,1],故选C.
10.已知各项均不为零的数列{an},定义向量cn=(an,an+1),bn=(n,n+1),n∈N*.下列命题中真命题是( )
A.若任意n∈N*总有cn⊥bn成立,则数列{an}是等比数列
B.若任意n∈N*总有cn∥bn成立,则数列{an}是等比数列
C.若任意n∈N*总有cn⊥bn成立,则数列{an}是等差数列
D.若任意n∈N*总有cn∥bn成立,则数列{an}是等差数列
解析:选D.cn⊥bn⇒cn·bn=nan+(n+1)an+1=0,即=-;所以数列{an}既不是等比数列又不是等差数列;cn∥bn⇒(n+1)an-nan+1=0,即=;所以××…×=××…×=n(n≥2),即an=na1.所以数列{an}是等差数列.
11.已知A ={0,1,2},B={-1,3},记:A+B={a+b|a∈A,b∈B},试用列举法表示A+B=________.
解析:因为a∈A,b∈B,
所以当a=0时,a+b=-1或3,
当a=1时,a+b=0或4,
当a=2时,a+b=1或5,
所以A+B={-1,0,1,3,4,5}.
答案:{-1,0,1,3,4,5}
12.设集合A={1,2,4},B={x|x2-4x+m=0},若A∩B={1},则B=________.
解析:因为A∩B={1},所以1∈B,所以1是方程x2-4x+m=0的根,所以1-4+m=0,m=3,方程为x2-4x+3=0,又因它的解为x=1或x=3,所以B={1,3}.
答案:{1,3}
13.已知集合A={x∈R||x+2|<3},集合B={x∈R|(x-m)(x-2)<0},且A∩B=(-1,n),则m=________,n=________.
解析:A={x∈R||x+2|<3}={x∈R|-5
答案:-1 1
14.设集合A={0,1,2,3},B={x|-x∈A,1-x∉A},则集合B中元素的个数为________.
解析:若x∈B,则-x∈A,故x只可能是0,-1,-2,-3,当0∈B时,1-0=1∈A;
当-1∈B时,1-(-1)=2∈A;
当-2∈B时,1-(-2)=3∈A;
当-3∈B时,1-(-3)=4∉A,
所以B={-3},故集合B中元素的个数为1.
答案:1
15.给出下列四个命题:
①“λ=0”是“λa=0”的充分不必要条件;
②在△ABC中,“AB2+AC2=BC2”是“△ABC为直角三角形”的充要条件;
③若a,b∈R,则“a2+b2≠0”是“a,b全不为零”的充要条件;
④若a,b∈R,则“a2+b2≠0”是“a,b不全为零”的充要条件.
其中正确命题的序号是________.
解析:由λ=0可以推出λa=0,但是由λa=0不一定推出λ=0成立,所以①正确.由AB2+AC2=BC2可以推出△ABC是直角三角形,但是由△ABC是直角三角形不能确定哪个角是直角,所以②不正确.由a2+b2≠0可以推出a,b不全为零;反之,由a,b不全为零可以推出a2+b2≠0,所以④正确.
答案:①④
16.已知“p:(x-m)2>3(x-m)”是“q:x2+3x-4<0”成立的必要不充分条件,则实数m的取值范围是________.
解析:记P={x|(x-m)2>3(x-m)}={x|(x-m)·(x-m-3)>0}={x|x
17.(2019·杭州市七校高三联考)下列命题中正确的有________.
①常数数列既是等差数列也是等比数列;
②在△ABC中,若sin2 A+sin2 B=sin2 C,则△ABC为直角三角形;
③若A,B为锐角三角形的两个内角,则tan Atan B>1;
④若Sn为数列{an}的前n项和,则此数列的通项公式an=Sn-Sn-1(n>1).
解析:命题①:由数列{an}是等差数列,设其公差为d,则an-an-1=d(n≥2)(ⅰ),又数列{an}是等比数列,设其公比为q,则an=qan-1(n≥2)(ⅱ),把(ⅱ)代入(ⅰ)得:qan-1-an-1=(q-1)an-1=d(n≥2),要使(q-1)·an-1=d(n≥2)对数列中“任意项”都成立,则需q-1=d=0,也就是q=1,d=0.
所以数列{an}为非零常数列,故不正确;
命题②:由正弦定理可把sin2A+sin2B=sin2C转化为a2+b2=c2,由余弦定理得
cos C==0,所以三角形为直角三角形,故正确;
命题③:若A、B是锐角三角形的两内角,
则tan A>0,tan B>0,π>A+B>,
则tan(A+B)=<0,
得tan A·tan B>1,故正确;
命题④:若Sn为数列{an}的前n项和,
则此数列的通项公式an=,故不正确.
故正确的命题为:②③.
答案:②③
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