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    2020届高考数学一轮复习:课时作业40《数学归纳法》(含解析) 练习
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    2020届高考数学一轮复习:课时作业40《数学归纳法》(含解析) 练习

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    课时作业40 数学归纳法

    1用数学归纳法证明123n2,则当nk1时左端应在nk的基础上加上( D )

    Ak21

    B(k1)2

    C.

    D(k21)(k22)(k1)2

    解析:观察可知,等式的左端是n2个连续自然数的和,当nk时为123k2,当nk1时为123k2(k21)(k22)(k1)2.

    2.如果命题P(n)(nN*)nk(kN*)成立,则它对nk1也成立,现已知P(n)n4不成立,则下列结论中正确的是( D )

    AP(n)对任意nN*成立

    BP(n)n4成立

    CP(n)n4成立

    DP(n)n4不成立

    解析:由题意可知P(n)n3不成立(否则n4也成立),同理可推得P(n)n2n1也不成立,故选D.

    3(2019·岳阳模拟)用数学归纳法证明不等式1(nN*)成立,其初始值至少应取( B )

    A7  B8

    C9  D10

    解析:左边求和可得12

    右边=2,故22

    ,所以2n126,解得n7.

    所以初始值至少应取8.

    4.用数学归纳法证明n3(n1)3(n2)3(nN*)能被9整除,利用归纳法假设证明nk1时,只需展开( A )

    A(k3)3  B(k2)3

    C(k1)3  D(k1)3(k2)3

    解析:假设nk时,原式k3(k1)3(k2)3能被9整除,当nk1时,(k1)3(k2)3(k3)3为了能用上面的归纳假设,只需将(k3)3展开,让其出现k3即可.

    5.设f(x)是定义在正整数集上的函数,且f(x)满足:f(k)k2成立时,总可推出f(k1)(k1)2成立”.那么,下列命题总成立的是( D )

    A.若f(1)1成立,则f(10)100成立

    B.若f(2)4成立,则f(1)1成立

    C.若f(3)9成立,则当k1时,均有f(k)k2成立

    D.若f(4)16成立,则当k4时,均有f(k)k2成立

    解析:由条件可知不等式的性质只对大于或等于号成立,所以A错误;若f(1)1成立,则得到f(2)4,与f(2)4矛盾,所以B错误;当f(3)9成立,无法推导出f(1)f(2),所以C错误;若f(4)16成立,则当k4时,均有f(k)k2成立,正确.

    6(2019·九江模拟)已知f(n)1(nN*),经计算得f(4)2f(8)f(16)3f(32),则其一般结论为 f(2n)(n2nN*) .

    解析:观察规律可知f(22)f(23)f(24)f(25),故得一般结论为f(2n)(n2nN*)

    7.设平面内有n条直线(n3),其中有且仅有两条直线互相平行,任意三条直线不过同一点.若用f(n)表示这n条直线交点的个数,则f(4) 5 ;当n4时,f(n)= (n1)(n2) (n表示)

    解析:由题意知f(3)2f(4)5f(5)9,可以归纳出每增加一条直线,交点增加的个数为原有直线的条数,

    所以f(4)f(3)3f(5)f(4)4

    猜测得出f(n)f(n1)n1(n4)

    f(n)f(3)34(n1)

    所以f(n)(n1)(n2)

    8.已知f(m)1(mN*),用数学归纳法证明f(2n)时,f(2k1)f(2k)=  .

    解析:nk时,f(2k)1

    nk1时,f(2k1)1

    所以f(2k1)f(2k)1.

    9.用数学归纳法证明:

    (nN*)

    证明:(1)n1时,

    等式左边=

    等式右边=

    等式左边=等式右边,所以等式成立.

    (2)假设nk(kN*k1)时等式成立,即有

    则当nk1时,

    .

    所以当nk1时,等式也成立,

    (1)(2)可知,对于一切nN*,等式都成立.

    10.已知f(n)1g(n)nN*.

    (1)n1,2,3时,试比较f(n)g(n)的大小;

    (2)猜想f(n)g(n)的大小关系,并给出证明.

    解:(1)n1时,f(1)1g(1)1

    所以f(1)g(1)

    n2时,f(2)g(2)

    所以f(2)g(2)

    n3时,f(3)g(3)

    所以f(3)g(3)

    (2)(1)猜想f(n)g(n),下面用数学归纳法给出证明.

    n1,2,3时,不等式显然成立,

    假设当nk(k3kN*)时不等式成立,

    1.

    那么,当nk1时,

    f(k1)f(k).

    因为f(k1)g(k1)0

    所以f(k1)g(k1)

    ①②可知,对一切nN*,都有f(n)g(n)成立.

    11.已知数列{an}的前n项和Sn满足Sn1an0nN*.

    (1)a1a2a3,并猜想{an}的通项公式;

    (2)证明通项公式的正确性.

    解:(1)n1时,

    由已知得a11a2a120.

    所以a11(a10)

    n2时,由已知得a1a21

    a11代入并整理得

    a2a220.

    所以a2(a20)

    同理可得a3.

    猜想an(nN*)

    (2)证明:(1)知,当n1,2,3时,通项公式成立.

    假设当nk(k3kN*)时,通项公式成立,即ak.

    ak1Sk1Sk

    ak代入上式并整理,

    a2ak120.

    解得ak1(负值舍去)

    即当nk1时,通项公式也成立.

    ,可知对所有nN*an都成立.

    12已知函数f(x)alnx(aR)

    (1)a1时,求f(x)[1,+)上的最小值.

    (2)求证:ln(n1).

    解:(1)a1时,f(x)lnx,定义域为(0,+)

    因为f(x)0

    所以f(x)(0,+)上是增函数,

    所以f(x)x[1,+)内的最小值为f(1)1.

    (2)证明:当n1时,ln(n1)ln2

    因为3ln2ln81

    所以ln2,即当n1时,不等式成立.

    假设当nk(k1kN*)时,

    ln(k1)成立.

    那么,当nk1时,ln(k2)ln(k1)lnln.

    根据(1)的结论可知,当x1时,lnx1

    lnx.

    x,所以ln

    则有ln(k2)

    即当nk1时,不等式也成立.

    综上可知不等式成立.

    13.设函数f(x)ln(1x)g(x)xf(x)x0,其中f(x)f(x)的导函数.

    (1)g1(x)g(x)gn1(x)g(gn(x))nN*,求gn(x)的表达式;

    (2)f(x)ag(x)恒成立,求实数a的取值范围.

    解:由题设得,g(x)(x0)

    (1)由已知,g1(x)

    g2(x)g(g1(x))

    g3(x),可猜想gn(x).

    下面用数学归纳法证明.

    n1时,g1(x),结论成立.

    假设nk时结论成立,

    gk(x).

    那么,当nk1时,

    gk1(x)g(gk(x))

    即结论成立.

    ①②可知,结论对nN成立.

    (2)已知f(x)ag(x)恒成立,

    ln(1x)恒成立.

    φ(x)ln(1x)(x0)

    φ(x)

    a1时,φ(x)0(仅当x0a1时等号成立)

    φ(x)[0,+)上单调递增.

    φ(0)0

    φ(x)0[0,+)上恒成立,

    a1时,ln(1x)恒成立(仅当x0时等号成立)

    a>1时,对x(0a1]φ(x)0

    φ(x)(0a1]上单调递减,

    φ(a1)<φ(0)0

    a>1时,存在x>0,使φ(x)<0

    ln(1x)不恒成立.

    综上可知,实数a的取值范围是(1]

     

     

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