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【化学】黑龙江省鹤岗市第一中学2018-2019学年高二下学期第二次月考（解析版） 试卷
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黑龙江省鹤岗市第一中学2018-2019学年高二下学期第二次月考
可能用到的相对原子质量：C:12 H:1 O:16 Ag: 108
一、选择题（共20题，每题只有一个正确选项，1~10题每题2分，11~20题每题3分，共50分）
1.下列说法正确的是
A. 高级脂肪酸乙酯的碱性水解属于皂化反应
B. 蔗糖、淀粉、纤维素均为高分子化合物
C. 硫酸铜溶液可使蛋白质变性,可用于游泳池的杀菌消毒
D. 氨基酸分子中都含有-NO2 和-COOH
【答案】C
【解析】
【详解】A.高级脂肪酸甘油酯的碱性水解属于皂化反应，故A错误；
B.蔗糖是低聚糖，不是高分子化合物，故B错误；
C.硫酸铜属于重金属盐，能使蛋白质变性，所以可用于游泳池的杀菌消毒，故C正确；
D.氨基酸分子中含有—NH2和一COOH，故D错误；
本题答案为C。
2.下列说法正确的是
A. 属于同分异构体
B. CH3COOCH2CH3与CHI3CH2COOCH3中均含有甲基、乙基和酯基，为同一种物质
C. C60与14C互为同素异形体
D. 乙酸与硬脂酸互为同系物
【答案】D
【解析】
【详解】A.由于苯分子中碳碳键都相同，且Cl、Br原子在苯环的邻位，因此这是同一种物质，不是同分异构体，A错误；
B.前者是乙酸乙酯，后者是丙酸甲酯，二者属于同分异构体，不是同一种物质，B错误；
C.C60是单质，14C是C元素的一种同位素原子，二者不是同素异形体，C错误；
D.乙酸、硬脂酸都是饱和一元羧酸，分子式都符合CnH2nO2，结构相似，在分子组成上相差若干个CH2原子团，因此互为同系物，D正确；
故合理选项是D。
3.下列同一组反应的反应类型，不相同的是
A. 1-丁烯使溴水褪色，乙炔制取氯乙烯
B. 苯乙烯制取聚苯乙烯，四氟乙烯制取聚四氟乙烯
C. 由一氯己烷制1-己烯；由丙烯制1,2-二溴丙烷
D. 1-已烯使酸性KMnO4溶液褪色，甲苯使酸性KMnO4溶液褪色
【答案】C
【解析】
【详解】A.1-丁烯和溴发生加成反应生成1，2-二溴丁烷，乙炔和HCl发生加成反应生成氯乙烯，都是加成反应，反应类型相同，故A不选；
B．苯乙烯发生加聚反应生成聚苯乙烯，四氟乙烯发生加聚反应生成聚四氟乙烯，都是加聚反应，反应类型相同，故B不选；
C．一氯己烷发生消去反应生成1-己烯，丙烯和溴发生加成反应生成1，2-二溴丙烷，前者是消去反应、后者是加成反应，反应类型不同，故C选；
D.1-己烯、甲苯都和酸性高锰酸钾溶液发生氧化还原反应而使酸性高锰酸钾溶液褪色，二者都发生氧化反应，反应类型相同，故D不选；
答案选C。
4.某有机物A是农药生产中的一种中间体，其结构简式如图，下列叙述不正确的是
A. 有机物A属于芳香族化合物
B. 有机物A和NaOH的醇溶液共热可发生消去反应
C. 有机物A和浓硫酸混合加热，可以发生消去反应
D. 1molA和足量的NaOH溶液反应，最多可以消耗 3molNaOH
【答案】C
【解析】
【详解】A.该化合物含有苯环，因此属于芳香族化合物，A正确；
B.该化合物中含有Cl原子，由于与Cl原子结合的C原子的邻位C原子上有H原子，所以有机物A和NaOH的醇溶液共热可发生消去反应，B正确；
C. 由于羟基连接的C原子的邻位碳原子上没有H原子，所以不能在浓硫酸作用下发生消去反应，C错误；
D.在分子中含有酯基、-Cl原子及水解生成的苯酚结构都可以与碱反应，则1molA可以与3molNaOH反应， D正确；
故合理选项是C。
5.某有机物的结构简式为，它可以发生反应的类型有
①加成 ②消去 ③水解 ④酯化 ⑤氧化
A. ①②④⑤ B. ①②③④
C. ①②③⑤ D. ②③④⑤
【答案】A
【解析】
【详解】①分子中含有苯环，能够与氢气发生加成反应，故①正确；
②分子中含有醇羟基，与羟基相连的碳原子的相邻的碳原子上含有氢原子，能够发生消去反应，故②正确；
③不含酯基、卤素原子等能够水解的官能团，不能发生水解反应，故③错误；
④分子中含有羟基和羧基，能够发生酯化反应，故④正确；
⑤分子中含酚羟基和醇羟基，能够发生氧化反应，故⑤正确。故B、C、D错误，A正确。答案选A。
【点睛】解答本题时特别注意多官能团有机物的化学性质是各单官能团有机物化学性质的总和。该有机物中含有酚羟基、醇羟基及羧基，因而具有酚、醇及羧酸的化学性质，它们均不能发生水解反应。据此解答。
6.下列对三种有机物的叙述不正确的是
A. 三种有机物都是芳香族化合物
B. 阿司匹林在酸中水解生成2种含羧基的物质
C. 麻黄碱的分子式是C10H13NO
D. 芬太尼可发生取代、加成、氧化反应
【答案】C
【解析】
【详解】A.三种有机物分子结构中都含有苯环，因此都为芳香族化合物，A正确；
B.阿司匹林分子中含有酯基，在酸性条件下发生水解反应，生成邻羟基苯甲酸和乙酸，生成了2种含羧基的物质，B正确；
C.麻黄碱的分子式是C10H15NO，C错误；
D.芬太尼分子中含有苯环、酰胺键，可发生取代、加成、氧化反应，D正确；
故合理选项是C。
7.有8种物质：①甲烷；②苯；③聚乙烯；④聚异戊二烯；⑤2﹣丁炔；⑥环己烷；⑦邻二甲苯；⑧环己烯．既能使酸性高锰酸钾溶液褪色又能与溴水反应使之褪色的是（ ）
A. ③④⑤⑧ B. ④⑤⑦⑧ C. ④⑤⑧ D. ③④⑤⑦⑧
【答案】C
【解析】
【分析】
8种物质都属于烃，既能使酸性高锰酸钾溶液褪色又能与溴水反应使之褪色的有机物一般应具有还原性，往往含有不饱和键，以此解答该题。
【详解】①甲烷为饱和烃，不能与酸性高锰酸钾溶液和溴水反应，故①错误；
②苯不能与酸性高锰酸钾溶液和溴水反应，故②错误；
③聚乙烯不含不饱和键，不能与酸性高锰酸钾溶液和溴水反应，故③错误；
④聚异戊二烯含有碳碳双键，可既能使酸性高锰酸钾溶液褪色又能与溴水反应使之褪色，故④正确；
⑤2﹣丁炔含有不饱和键，既能使酸性高锰酸钾溶液褪色又能与溴水反应使之褪色，故⑤正确；
⑥环己烷不含不饱和键，不能与酸性高锰酸钾溶液和溴水反应，故⑥错误；
⑦邻二甲苯只能与酸性高锰酸钾发生反应，但不能与溴水反应，故⑦错误；
⑧环己烯含有不饱和键，既能使酸性高锰酸钾溶液褪色又能与溴水反应使之褪色，故⑧正确.
故选C。
【点睛】本题考查有机物的结构和性质，注意把握有机物官能团或基团的性质，性质官能团的性质解答该题。
8.环之间共用一个碳原子的化合物称为螺环化合物,氧杂螺戊烷的结构简式为，则下列说法正确的是
A. lmol该有机物完全燃烧需要消耗5.5molO2
B. 二氯代物超过3种
C. 该有机物与环氧乙烷互为同系物
D. 该有机物所有碳、氧原子处于同一平面
【答案】B
【解析】
【详解】A.氧杂螺戊烷的分子式是C4H6O，1mol该化合物完全燃烧消耗O2的物质的量为5mol，A错误；
B.氧杂螺戊烷二氯代物中两个Cl原子在同一个C原子上3种同分异构体，在两个不同的C原子上也有3种同分异构体，所以含有的同分异构体种类数目为6种，超过了3种，B正确；
C.该有机物与环氧乙烷结构不相似，因此不是同系物，C错误；
D.该有机物含有C原子为饱和C原子，饱和C原子连接的原子构成的是四面体结构，最多有两个顶点原子与该C原子在同一个平面上，所以不是所有碳、氧原子处于同一平面，D错误；
故合理选项是B。
9.除去下列物质中含有的少量杂质（括号内为杂质），所选用的试剂和分离方法能达到实验目的是
混合物
试剂
分离方法
A
苯（苯酚）
溴水
过滤
B
乙烷（乙烯）
氢气
加热
C
溴苯（乙酸）
氢氧化钠溶液
分液
D
苯（甲苯）
水
分液
【答案】C
【解析】
【分析】
A.溴、反应生成的三溴苯酚均易溶于苯，据此分析；
B.乙烯与氢气可发生加成反应，反应条件复杂且反应不彻底；
C.乙酸与氢氧化钠溶液可以反应，据此分析；
D.苯和甲苯互溶，据此分析。
【详解】A.苯酚和溴水反应生成的三溴苯酚易溶于有机溶剂苯，过滤无法除去，故A项错误；
B.乙烯与氢气的加成反应条件复杂，且有机反应不易完全进行到底，应通过溴水除去，故B项错误；
C.乙酸与氢氧化钠溶液反应后，与溴苯分层，然后分液可分离，故C项正确；
D.苯和甲苯互溶，加水不会分层，应用蒸馏的方法除去，故D项错误；
综上，本题选C。
10.贝诺酯是一种新型抗炎、解热、镇痛药，其结构如下所示。下列对该化合物叙述正确的是（ ）
A. 贝诺酯分子式C17H14O5N
B. 贝诺酯属于芳香烃
C. 贝诺酯属于高分子化合物
D. 已知贝诺酯的水解产物之一为对氨基乙酰酚（），在核磁共振氢谱中，对氨基乙酰酚有5种峰
【答案】D
【解析】
【分析】
由贝诺酯的结构简式可知分子式，贝诺酯分子中含苯环、-COOC-、-NHCO-，结合酯及肽键的性质来解答。
【详解】A项、由结构简式可知分子式为C17H15O5，故A错误；
B项、由结构可知，由C、H、O、N等元素组成，为烃的衍生物，故B错误；
C项、相对分子质量较大，为大分子，在10000以下，不属于高分子化合物，故C错误；
D项、由结构可知，-COOC-水解，水解产物之一为对氨基乙酰酚（），结构对称含5种位置的H，则在氢核磁共振谱中，对氨基乙酰酚有5种峰，故D正确。
故选D。
【点睛】本题考查有机物的结构与性质，侧重水解反应的考查，把握结构中的官能团为解答的关键。
11.化合物Z是合成平喘药沙丁胺醇的中间体，可通过下列路线制得：
下列说法正确的是( )
A. X分子中所有原子在同一平面上
B. Y与足量H2的加成产物分子中有2个手性碳原子
C. 可用FeCl3溶液鉴别Y和Z
D. 1 mol Z最多能与2 mol NaOH反应
【答案】C
【解析】
【详解】A. 根据甲烷为正四面体结构，由于X中存在甲基，故X分子中所有原子不可能在同一平面上，选项A错误；
B. Y与足量H2的加成产物分子中有4个手性碳原子，如图，选项B错误；
C. Y中含有酚羟基能使氯化铁溶液显紫色，而Z不含，可用FeCl3溶液鉴别Y和Z，选项C正确；
D. Z中含有两个酯基且水解后的酚能与氢氧化钠反应，故1 mol Z最多能与3mol NaOH反应，选项D错误；
答案选C。
12.对如图所示有机物分子的叙述错误的是( )
A. 碱性条件下能发生水解，1 mol该有机物完全反应消耗8 mol NaOH
B. 常温下，能与Na2CO3溶液反应放出CO2
C. 与稀硫酸共热，能生成两种有机物
D. 该有机物遇FeCl3溶液显色
【答案】C
【解析】
【分析】
由结构简式可以知道，分子中含酚-OH、-COOH、-COO-，结合酚、羧酸、酯的性质来解答。
【详解】A.该分子中含有酯基，可以在碱性条件下水解，该分子中还有5个酚羟基和1个羧基，且酯基水解后的产物中还有酚羟基，所以1 mol该有机物完全反应消耗8 mol NaOH，所以A选项是正确的；
B.分子中含有羧基，可以与碳酸钠溶液反应生成二氧化碳气体，所以B选项是正确的；
C.与稀H2SO4共热，生成一种有机物为 ，故C错误；
D. 该有机物含有酚羟基，遇FeCl3溶液显紫色，所以D选项是正确的。
故选C。
【点睛】本题考查有机物的结构与性质，侧重羧酸、酚、酯性质的考查，把握官能团与性质的关系为解答的关键。
13.某混合物里有一种饱和一元醇和一种饱和一元醛共6 g，和足量银氨溶液反应后，还原出32.4 g银，下列说法正确的是（ ）
A. 混合物中的醛不一定是甲醛
B. 混合物中的醇只能是乙醇
C. 混合物中醇与醛的质量之比为5∶3
D. 混合物中醇与醛的质量之比为1∶3
【答案】C
【解析】
【分析】
醇不能与银氨溶液反应，假设6g都是除甲醛外的醛，则R-CHO～2Ag，再根据M=m/n，计算该醛的摩尔质量，实际醛的摩尔质量应小于假设计算值，据此判断醛成分，根据m=nM计算醛的质量，进而计算醇的质量，由于不能确定醇的分子式，故不能确定醇的物质的量，无法确定醇与醛的物质的量之比．
【详解】A、32.4gAg的物质的量=32.4g/108g·mol－1=0.3mol，假设6g都是除甲醛外的醛，则R-CHO～2Ag，故R-CHO的物质的量=0.3mol×1/2=0.15mol，故R-CHO的摩尔质量=6g/0.15mol=40g·mol－1，而除甲醛外最简单的醛是乙醛，乙醛摩尔质量为44g·mol－1，大于40g·mol－1，故该醛一定为HCHO，故A错误；
B、由于不能确定醇的分子式，故B错误；
C、HCHO的质量=0.075mol×30g·mol－1=2.25g，故醇的质量=6g-2.25g=3.75g，混合物中醇与醛的质量之比为=3.75：2.25=5∶3，故C正确；
D、由C可知，D错误；
故选C。
【点睛】本题考查有机物推断，属于计算型推断，解题技巧：注意利用假设法进行解答，注意理解甲醛与银氨溶液反应，HCHO～4Ag。
14.萜类化合物广泛存在于动植物体内，关于下列萜类化合物的说法正确的是
A. a和b都属于芳香族化合物
B. a和c分子中所有碳原子均处于同一平面上
C. a、b和c均能使酸性KMnO4溶液褪色
D. b和c均能与新制的Cu(OH)2反应生成红色沉淀
【答案】C
【解析】
A．a中不含苯环，则不属于芳香族化合物，只有b属于，故A错误；B．a、c中含甲基、亚甲基、次甲基均为四面体构型，则a和c分子中所有碳原子不可能处于同一平面上，故B错误；C．a含碳碳双键、b中苯环上连有甲基、c含-CHO，均能使酸性KMnO4溶液褪色，故C正确；D．只有-CHO与新制的Cu(OH)2反应生成红色沉淀，则只有c能与新制的Cu(OH)2反应生成红色沉淀，故D错误；故选C。
15.某有机化合物的结构简式如图所示，下列说法正确的是（ ）
A. 不能发生银镜发应，能发生水解反应
B. 1mol 该物质最多可与含2mol溴单质的浓溴水反应
C. 1mol 该物质最多可与4mol NaOH反应
D. 与Na、NaHCO3、Na2CO3均能发生反应
【答案】C
【解析】
A．含甲酸某酯结构，具有-CHO的性质，能发生银镜发应和水解反应，故A错误；B．碳碳双键、酚-OH的邻对位与溴反应，1mol 该物质最多可与3molBr2反应，故B错误；C．酚-OH、HCOOC-、-Cl均与NaOH反应，1mol 该物质最多可与4mol NaOH反应，故C正确；D．不含羧基，不能与碳酸氢钠反应，故D错误；故选C。
16.中央电视台报道联华超市在售的某品牌鸡蛋为“橡皮弹”，专家介绍，这是由于鸡饲料里添加了棉籽饼，从而使鸡蛋里含有过多棉酚所致。其结构简式如图：下列说法不正确的是( )
A. 该化合物的分子式为：C30H30O8
B. 1mol棉酚最多可与10mol H2加成，与6molNaOH反应
C. 在一定条件下，可与乙酸反应生成酯类物质
D. 该物质可以使酸性高锰酸钾溶液褪色
【答案】B
【解析】
【详解】A、根据结构简式，该化合物的分子式为：C30H30O8，故A正确；
B、棉酚分子中的奈环、醛基都能与氢气发生加成反应，1mol棉酚最多可与12mol H2加成，棉酚分子中含有6个酚羟基，1mol棉酚能与6molNaOH反应，故D错误；
C、棉酚分子中含有酚羟基，在一定条件下，可与乙酸反应生成酯类物质，故C正确；
D、该物质含有醛基、酚羟基，所以可以使酸性高锰酸钾溶液褪色，故D正确；选B。
17.下列有关化合物X的叙述正确的是
A. X分子只存在2个手性碳原子
B. X分子能发生氧化、取代、消去反应
C. X分子中所有碳原子可能在同一平面上
D. 1 mol X与足量NaOH溶液反应，最多消耗3 mol NaOH
【答案】B
【解析】
【详解】A.连有4个不同原子或原子团的碳原子称为手性碳原子。化合物X分子中含有3个手性碳原子：（打*号的碳原子为手性碳原子），A项错误；
B.X分子中含有 (醇)和-CH-基团能被KMnO4氧化，醇羟基和苯环上氢原子都能发生取代反应，分子中含有的和基团都能发生消去反应，B项正确；
C.X分子（）中与*号碳原子相连的3个碳原子处于四面体的3个顶点上，这4个碳原子不可能在同一平面上。C项错误；
D.因X分子中含有酯基和-Br，X能与NaOH溶液发生水解反应：+2NaOH+CH3CH2OH+NaBr。所以1 mol X与足量NaOH溶液反应，最多消耗2 mol NaOH。D项错误；答案选B。
18.化合物乙是一种治疗神经类疾病的药物，可由化合物甲经多步反应得到。下列有关甲、乙的说法不正确的是
A. 甲的分子式为C14H11NO7
B. 甲和乙所含官能团均为5种
C. 可用NaHCO3溶液鉴别化合物甲和乙
D. 甲能与酸性高锰酸钾溶液反应，乙能与NaOH溶液反应
【答案】A
【解析】
【分析】
甲中含有的官能团为酯基、硝基、醚键、碳碳双键、羧基，乙中含有的官能团为酯基、氨基、酚羟基、醚键、溴原子。
【详解】A项、由结构简式可知，甲的分子式为C14H13NO7，故A错误；
B项、甲中含有酯基、硝基、醚键、碳碳双键、羧基5种官能团，乙中含有酯基、氨基、酚羟基、醚键、溴原子5种官能团，故B正确；
C项、甲中含有羧基，能NaHCO3溶液反应生成二氧化碳气体，乙中不含有羧基，不能NaHCO3溶液反应生成二氧化碳气体，故C正确；
D项、甲中含有碳碳双键，能与酸性高锰酸钾溶液发生氧化反应；乙中含有的酯基、酚羟基、溴原子，故能与NaOH溶液反应，故D正确。
故选A。
【点睛】本题考查物质结构和性质，侧重考查酚、酯、卤代烃的性质，明确官能团及其性质关系是解本题关键。
19.有机物X的蒸气相对氢气的密度为51，X中氧元素的质量分数为31.7%，则能在碱性溶液中发生反应的X的同分异构体有（不考虑立体异构）（ ）
A. 12种 B. 13种 C. 14种 D. 15种
【答案】B
【解析】
【详解】有机物X的蒸气相对氢气的密度为51，所以相对分子质量为102；X中氧元素的质量分数为31.7%，氧原子数是 ， ，则C原子数5、氢原子数是，所以分子式为C5H10O2。分子式为C5H10O2的有机物能在碱性溶液中发生反应，则X可以为羧酸或酯；若为羧酸则结构简式为CH3CH2CH2CH2COOH、CH3CH2CH(CH3)COOH、(CH3)2CHCH2COOH、(CH3)3CCOOH；若为酯则结构简式为CH3COOCH2CH2CH3、CH3COOCH(CH3)2、CH3CH2COOCH2CH3、CH3CH2CH2COOCH3、(CH3)2CHCOOCH3、HCOOCH2CH2CH2CH3、HCOOCH(CH3)CH2CH3、HCOOCH2CH(CH3)2、HCOOC(CH3)3，共13种，选B。
20.某药物中间体的合成路线如下。下列说法正确的是（ ）
A. 对苯二酚在空气中能稳定存在
B. 1 mol该中间体最多可与11 mol H2反应
C. 2，5-二羟基苯乙酮能发生加成、水解、缩聚反应
D. 该中间体分子最多可以消耗4 molNaOH
【答案】B
【解析】
【详解】A、酚羟基易被氧化，对苯二酚在空气中不能稳定存在，故A错误；
B、中间体含有3个苯环、2个酮羰基，1 mol该中间体最多可与11 mol H2反应，故B正确；
C、2，5-二羟基苯乙酮不能发生水解反应，故C错误；
D、1mol该中间体分子与NaOH反应生成1mol、2molNaCl、1mol，最多可以消耗7 molNaOH，故D错误。
【点睛】本题考查有机物结构和性质，为高频考点，明确官能团及其性质关系是解本题关键，侧重考查酚羟基、羰基、酯基的性质，易错点是D。
二、填空题
21.芳香化合物A是一种基本化工原料，可以从煤和石油中得到。A、B、C、D、E的转化关系如图所示：回答下列问题：
⑴A的化学名称是______；与A互为同分异构体的芳香化合物还有 _____种，其中核磁共振氢谱图上显示有5个峰，且峰面积之比为1：2：2：2：3的物质的结构简式为：________________。
⑵A→B的反应类型是_______。
⑶A→E的化学方程式为____________________。
⑷A与酸性KMnO4溶液反应可得到D，写出D的结构简式：_____。
【答案】 (1). 邻二甲苯(1,2-二甲苯) (2). 3 (3). (4). 取代反应 (5). (6).
【解析】
【分析】
根据有机分子组成的变化、化学反应的条件推断分子结构，判断反应类型，书写化学方程式。
【详解】⑴芳香化合物A光照条件下与Br2的反应为取代反应，由B结构知A为（邻二甲苯），与A互为同分异构体的芳香化合物还有3种：间二甲苯、对二甲苯、乙苯，其中乙苯的核磁共振氢谱图上有5个峰，峰面积之比为1：2：2：2：3，它的结构简式是。
⑵A→B的反应类型是取代应。
⑶A→E的反应中，分子中增加6个氢原子，为苯环的加成反应，化学方程式为
。
⑷A中甲基被酸性KMnO4溶液氧化成羧基，D的结构简式。
22. [化学--选修5：有机化学基础]
氰基丙烯酸酯在碱性条件下能快速聚合为，从而具有胶黏性，某种氰基丙烯酸酯（G）的合成路线如下：
已知：
①A的相对分子量为58，氧元素质量分数为0.276，核磁共振氢谱显示为单峰
②
回答下列问题：
（1）A的化学名称为_______。
（2）B的结构简式为______，其核磁共振氢谱显示为______组峰，峰面积比为______。
（3）由C生成D的反应类型为________。
（4）由D生成E的化学方程式为___________。
（5）G中的官能团有___、 ____ 、_____。（填官能团名称）
（6）G的同分异构体中，与G具有相同官能团且能发生银镜反应的共有_____种。（不含立体异构）
【答案】（1）丙酮
（2）2 6：1
（3）取代反应
（4）
（5）碳碳双键 酯基 氰基
（6）8
【解析】
试题分析：A的相对分子质量为58，氧元素质量分数为0.276，则A分子中氧原子数目为=1，分子中C、H原子总相对原子质量为58-16=42，则分子中最大碳原子数目为=3…6，故A的分子式为C3H6O，其核磁共振氢谱显示为单峰，且发生信息中加成反应生成B，故A为，B为；B发生消去反应生成C为；C与氯气光照反应生成D，D发生水解反应生成E，结合E的分子式可知，C与氯气发生取代反应生成D，则D为；E发生氧化反应生成F，F与甲醇发生酯化反应生成G，则E为，F为，G为。
（1）由上述分析可知，A为，化学名称为丙酮。
故答案为：丙酮；
（2）由上述分析可知，B的结构简式为其核磁共振氢谱显示为2组峰，峰面积比为1：6。
故答案为：；1：6；
（3）由C生成D的反应类型为：取代反应。
故答案为：取代反应；
（4）由D生成E的化学方程式为+NaOH+NaCl。
故答案为：+NaOH+NaCl；
（5）G为，G中的官能团有酯基、碳碳双键、氰基。
故答案为：酯基、碳碳双键、氰基；
（6）G（）的同分异构体中，与G具有相同官能团且能发生银镜反应，含有甲酸形成
的酯基：HCOOCH2CH=CH2、HCOOCH=CHCH3、HCOOC（CH3）=CH2，当为HCOOCH2CH=CH2时，-CN的取代位置有3种，当为HCOOCH=CHCH3时，-CN的取代位置有3种，当为HCOOC（CH3）=CH2时，-CN的取代位置有2种，共有8种。
故答案为：8。
考点：考查有机物的推断
【名师点睛】根据题给信息确定某种有机物的分子式往往是解决问题的突破口，现将有机物分子式的确定方法简单归纳为：一、“单位物质的量”法 根据有机物的摩尔质量（分子量）和有机物中各元素的质量分数，推算出1 mol有机物中各元素原子的物质的量，从而确定分子中各原子个数，最后确定有机物分子式。二、最简式法 根据有机物各元素的质量分数求出分子组成中各元素的原子个数之比（最简式），然后结合该有机物的摩尔质量（或分子量）求有机物的分子式。三、燃烧通式法 根据有机物完全燃烧反应的通式及反应物和生成物的质量或物质的量或体积关系求解，计算过程中要注意“守恒”思想的运用。四、平均值法 根据有机混合物中的平均碳原子数或氢原子数确定混合物的组成。平均值的特征为： C小≤C≤C大，H小≤H≤H大。
23.苯甲酸乙酯（C9H10O2）稍有水果气味，用于配制香水香精和人造精油，大量用于食品工业中，也可用作有机合成中间体、溶剂等．其制备方法为：
+C2H5OH+H2O
已知：
颜色、状态
沸点（℃）
密度（g•cm﹣3）
苯甲酸*
无色片状晶休
249
1.2659
苯甲酸乙酯
无色澄清液体
212.6
1.05
乙醇
无色澄清液体
78.3
0.7893
环己烷
无色澄清液体
80.8
0.7318
*苯甲酸在100℃会迅速升华．实验步骤如下：
①在圆底烧瓶中加入12.20g苯甲酸、25mL乙醇（过量）、20mL 环己烷，以及4mL浓硫酸，混合均匀并加入沸石，按如图所示装好仪器，控制温度在65〜70℃加热回流2h．反应时环己烷一乙醇﹣水会形成“共沸物”（沸点62.6℃）蒸馏出来，再利用分水器不断分离除去反应生成的水，回流环己烷和乙醇．
②反应结束，打开旋塞放出分水器中液体后，关闭旋塞．继续加热，至分水器中收集到的液体不再明显增加，停止加热．
③将烧瓶内反应液倒人盛有适量水的烧杯中，分批加入Na2CO3至溶液呈中性．
④用分液漏斗分出有机层，水层用25mL乙醚萃取分液，然后合并至有机层．加入氯化钙，对粗产物进行蒸馏（装置如图所示），低温蒸出乙醚后，继续升温，接收210〜213℃的馏分．
⑤检验合格，测得产品体积为13.16mL．
（1）在该实验中，圆底烧瓶的容积最适合的是_____（填入正确选项前的字母）．
A.25mL B.50mL C.100mL D.250mL
（2）步骤①中沸石的作用是____，使用分水器不断分离除去水的目的是_____．
（3）骤②中应控制馏分的温度在__．
A.215〜220℃ B.85〜90℃ C.78〜80℃ D.65〜70℃
（4）步骤③加入Na2CO3的作用是________；若Na2CO3加入不足，在之后蒸馏时，蒸馏烧瓶中可见到白烟生成，产生该现象的原因是________．
（5）关于步骤④中的萃取分液操作叙述正确的是____．
A．水溶液中加入乙醚，转移至分液漏斗中，塞上玻璃塞，分液漏斗倒转过来，用力振摇
B．振摇几次后需打开分液漏斗下口的玻璃塞放气
C．经几次振摇并放气后，手持分液漏斗静置待液体分层
D．放出液体时，应打开上口玻璃塞或将玻璃塞上的凹槽对准漏斗口上的小孔
（6）计算本实验的产率为____．
【答案】 (1). C (2). 防爆沸 (3). 使平衡不断地向正向移动 (4). C (5). 除去苯甲酸乙酯中的苯甲酸 (6). 在苯甲酸乙酯中有未除净的苯甲酸，受热至100℃时升华 (7). AD (8). 92.12%
【解析】
（1）圆底烧瓶中液体的体积应该在容积1/3-2/3之间，在圆底烧瓶中加入12.20g苯甲酸、25mL乙醇（过量）、20mL 环己烷，以及4mL浓硫酸总体积在60ml左右，所以应该用100ml容量瓶，故选C。（2）反应过程需要加热，为了防止液体爆沸加一些沸石。分离器分离出生成的水,减少生成物从而使该反应向正反应方向移动,提高转化率。(3)温度低于苯甲酸乙酯的沸点时,苯甲酸乙酯不被蒸馏出,要使苯甲酸乙酯不被蒸馏出,则温度应低于苯甲酸乙酯的沸点,所以温度应低于,但要使乙醇和环己烷蒸馏出,所以温度应高于乙醇和环己烷的沸点80.8,因此应选C。（4）加入Na2CO3，Na2CO3能和苯甲酸反应，而和苯甲酸乙酯不反应，这样可以除去苯甲酸乙酯中的苯甲酸。若Na2CO3加入不足，则会有剩余的苯甲酸，苯甲酸在会迅速升华,苯甲酸固体小颗粒弥漫到空气中产生白烟。（5）分液漏斗的使用方法,是在水溶液中加入乙醚,转移至分液漏斗中,塞上玻璃塞，将分液漏斗倒转过来,用力振摇, A正确。振摇过程应该打开上口的玻璃塞放气，B错误。分液漏斗要放到铁架台上静置，C错误。放出液体时,需将玻璃塞上的凹槽对准漏斗口上的小孔,只有这样液体才能顺利流下, D正确。正确选项为AD。（6）假如苯甲酸完全反应，则生成苯甲酸乙酯的物质的量等于苯甲酸的物质的量为12.20/122=0.1mol。而实际生成的苯甲酸乙酯的物质的量为:13.16×1.05/150=0.09212mol,因此产率为0.09212mol/0.1mol=92.12%。
24.化合物H 是一种有机材料中间体。实验室由芳香化合物A制备H 的一种合成路线如下；
已知：①
②
③
请回答下列问题：
（1）芳香族化合物B 的名称为__________，C 的同系物中相对分子质量最小的结构简式为__________。
（2）由F生成G 的第①步反应类型为_______________。
（3）X的结构简式为_______________。
（4）写出D生成E 的第①步反应化学方程式____________________________。
（5） G 与乙醇发生酯化反应生成化合物Y，Y 有多种同分异构体，其中符合下列条件的同分异构体有__________种，写出其中任意一种的结构简式_____________________。
①分子中含有苯环，且能与饱和碳酸氢钠溶液反应放出CO2
②其核磁共振氢谱显示有4 种不同化学环境的氢，峰面积比为6∶2∶1∶1。
（6）写出用为原料制备化合物的合成路线，其它无机试剂任选_____________________________________________。
【答案】 (1). 苯甲醛 (2). HCHO (3). 消去反应 (4). (5). (6). 4种 (7). (8).
【解析】
试题分析：本题考查有机推断和有机合成，考查有机物的名称，有机物结构简式和化学方程式的书写，有机反应类型的判断，限定条件同分异构体种类的判断和书写，有机合成路线的设计。根据A→B+C的反应试剂，结合题给已知①，芳香族化合物B的结构简式为，C的结构简式为CH3CHO；B、C中都含醛基，B+C→D发生题给已知②的反应，结合D的分子式C9H8O，D的结构简式为；D与新制Cu（OH）2、加热，D中醛基发生氧化反应，产物酸化后得到的E的结构简式为；E与Br2/CCl4发生加成反应生成F，F的结构简式为；F在KOH/醇、加热发生消去反应，酸化后得到的G的结构简式为；根据题给已知③，G+X→H，结合H的结构简式逆推出X的结构简式为。
（1）B的结构简式为，B的名称为苯甲醛。C的结构简式为CH3CHO，CH3CHO属于饱和一元醛，C的同系物中相对分子质量最小的结构简式为HCHO。
（2）F的结构简式为，G的结构简式为，F生成G的第①步反应为溴原子在KOH/醇、加热条件下发生消去反应。
（3）根据上述分析，X的结构简式为。
（4）D生成E的第①步反应的化学方程式为+2Cu（OH）2+NaOH+Cu2O↓+3H2O。
（5）G的结构简式为，G与乙醇发生酯化反应生成的Y的结构简式为。Y的不饱和度为7，含有的官能团为碳碳三键和酯基，Y的同分异构体中含有苯环，且能与饱和碳酸氢钠溶液反应放出CO2，说明Y的同分异构体中含—COOH；Y的同分异构体的核磁共振氢谱显示有4 种不同化学环境的氢，峰面积比为6∶2∶1∶1；符合条件的同分异构体有、、、，符合条件的同分异构体共4种。
（6）对比和的结构简式，结合题给已知③，由与在催化剂存在时反应可生成。需要由合成，与碳干骨架不变，侧链官能团由碳碳双键变为碳碳三键，结合有机物之间的相互转化，由先与Br2/CCl4发生加成反应生成，在强碱醇溶液中发生消去反应生成，合成路线的流程图为：。
点睛：本题主要通过题给已知和有机物之间的相互转化进行推断。书写限定条件的同分异构体时，先分析对象的组成和结构，再把限定的条件转化为一定的基团，最后根据分子中H原子的种类以及分子结构的对称性将这些基团组装，并逐一验证。设计有机合成路线，先对比原料和最终产物的结构，通常用逆合成分析法从最终产物的结构入手，分析碳干骨架的变化、碳原子数的变化、官能团的种类和位置的变化，结合课本知识和题给新信息，逐步分析。
可能用到的相对原子质量：C:12 H:1 O:16 Ag: 108
一、选择题（共20题，每题只有一个正确选项，1~10题每题2分，11~20题每题3分，共50分）
1.下列说法正确的是
A. 高级脂肪酸乙酯的碱性水解属于皂化反应
B. 蔗糖、淀粉、纤维素均为高分子化合物
C. 硫酸铜溶液可使蛋白质变性,可用于游泳池的杀菌消毒
D. 氨基酸分子中都含有-NO2 和-COOH
【答案】C
【解析】
【详解】A.高级脂肪酸甘油酯的碱性水解属于皂化反应，故A错误；
B.蔗糖是低聚糖，不是高分子化合物，故B错误；
C.硫酸铜属于重金属盐，能使蛋白质变性，所以可用于游泳池的杀菌消毒，故C正确；
D.氨基酸分子中含有—NH2和一COOH，故D错误；
本题答案为C。
2.下列说法正确的是
A. 属于同分异构体
B. CH3COOCH2CH3与CHI3CH2COOCH3中均含有甲基、乙基和酯基，为同一种物质
C. C60与14C互为同素异形体
D. 乙酸与硬脂酸互为同系物
【答案】D
【解析】
【详解】A.由于苯分子中碳碳键都相同，且Cl、Br原子在苯环的邻位，因此这是同一种物质，不是同分异构体，A错误；
B.前者是乙酸乙酯，后者是丙酸甲酯，二者属于同分异构体，不是同一种物质，B错误；
C.C60是单质，14C是C元素的一种同位素原子，二者不是同素异形体，C错误；
D.乙酸、硬脂酸都是饱和一元羧酸，分子式都符合CnH2nO2，结构相似，在分子组成上相差若干个CH2原子团，因此互为同系物，D正确；
故合理选项是D。
3.下列同一组反应的反应类型，不相同的是
A. 1-丁烯使溴水褪色，乙炔制取氯乙烯
B. 苯乙烯制取聚苯乙烯，四氟乙烯制取聚四氟乙烯
C. 由一氯己烷制1-己烯；由丙烯制1,2-二溴丙烷
D. 1-已烯使酸性KMnO4溶液褪色，甲苯使酸性KMnO4溶液褪色
【答案】C
【解析】
【详解】A.1-丁烯和溴发生加成反应生成1，2-二溴丁烷，乙炔和HCl发生加成反应生成氯乙烯，都是加成反应，反应类型相同，故A不选；
B．苯乙烯发生加聚反应生成聚苯乙烯，四氟乙烯发生加聚反应生成聚四氟乙烯，都是加聚反应，反应类型相同，故B不选；
C．一氯己烷发生消去反应生成1-己烯，丙烯和溴发生加成反应生成1，2-二溴丙烷，前者是消去反应、后者是加成反应，反应类型不同，故C选；
D.1-己烯、甲苯都和酸性高锰酸钾溶液发生氧化还原反应而使酸性高锰酸钾溶液褪色，二者都发生氧化反应，反应类型相同，故D不选；
答案选C。
4.某有机物A是农药生产中的一种中间体，其结构简式如图，下列叙述不正确的是
A. 有机物A属于芳香族化合物
B. 有机物A和NaOH的醇溶液共热可发生消去反应
C. 有机物A和浓硫酸混合加热，可以发生消去反应
D. 1molA和足量的NaOH溶液反应，最多可以消耗 3molNaOH
【答案】C
【解析】
【详解】A.该化合物含有苯环，因此属于芳香族化合物，A正确；
B.该化合物中含有Cl原子，由于与Cl原子结合的C原子的邻位C原子上有H原子，所以有机物A和NaOH的醇溶液共热可发生消去反应，B正确；
C. 由于羟基连接的C原子的邻位碳原子上没有H原子，所以不能在浓硫酸作用下发生消去反应，C错误；
D.在分子中含有酯基、-Cl原子及水解生成的苯酚结构都可以与碱反应，则1molA可以与3molNaOH反应， D正确；
故合理选项是C。
5.某有机物的结构简式为，它可以发生反应的类型有
①加成 ②消去 ③水解 ④酯化 ⑤氧化
A. ①②④⑤ B. ①②③④
C. ①②③⑤ D. ②③④⑤
【答案】A
【解析】
【详解】①分子中含有苯环，能够与氢气发生加成反应，故①正确；
②分子中含有醇羟基，与羟基相连的碳原子的相邻的碳原子上含有氢原子，能够发生消去反应，故②正确；
③不含酯基、卤素原子等能够水解的官能团，不能发生水解反应，故③错误；
④分子中含有羟基和羧基，能够发生酯化反应，故④正确；
⑤分子中含酚羟基和醇羟基，能够发生氧化反应，故⑤正确。故B、C、D错误，A正确。答案选A。
【点睛】解答本题时特别注意多官能团有机物的化学性质是各单官能团有机物化学性质的总和。该有机物中含有酚羟基、醇羟基及羧基，因而具有酚、醇及羧酸的化学性质，它们均不能发生水解反应。据此解答。
6.下列对三种有机物的叙述不正确的是
A. 三种有机物都是芳香族化合物
B. 阿司匹林在酸中水解生成2种含羧基的物质
C. 麻黄碱的分子式是C10H13NO
D. 芬太尼可发生取代、加成、氧化反应
【答案】C
【解析】
【详解】A.三种有机物分子结构中都含有苯环，因此都为芳香族化合物，A正确；
B.阿司匹林分子中含有酯基，在酸性条件下发生水解反应，生成邻羟基苯甲酸和乙酸，生成了2种含羧基的物质，B正确；
C.麻黄碱的分子式是C10H15NO，C错误；
D.芬太尼分子中含有苯环、酰胺键，可发生取代、加成、氧化反应，D正确；
故合理选项是C。
7.有8种物质：①甲烷；②苯；③聚乙烯；④聚异戊二烯；⑤2﹣丁炔；⑥环己烷；⑦邻二甲苯；⑧环己烯．既能使酸性高锰酸钾溶液褪色又能与溴水反应使之褪色的是（ ）
A. ③④⑤⑧ B. ④⑤⑦⑧ C. ④⑤⑧ D. ③④⑤⑦⑧
【答案】C
【解析】
【分析】
8种物质都属于烃，既能使酸性高锰酸钾溶液褪色又能与溴水反应使之褪色的有机物一般应具有还原性，往往含有不饱和键，以此解答该题。
【详解】①甲烷为饱和烃，不能与酸性高锰酸钾溶液和溴水反应，故①错误；
②苯不能与酸性高锰酸钾溶液和溴水反应，故②错误；
③聚乙烯不含不饱和键，不能与酸性高锰酸钾溶液和溴水反应，故③错误；
④聚异戊二烯含有碳碳双键，可既能使酸性高锰酸钾溶液褪色又能与溴水反应使之褪色，故④正确；
⑤2﹣丁炔含有不饱和键，既能使酸性高锰酸钾溶液褪色又能与溴水反应使之褪色，故⑤正确；
⑥环己烷不含不饱和键，不能与酸性高锰酸钾溶液和溴水反应，故⑥错误；
⑦邻二甲苯只能与酸性高锰酸钾发生反应，但不能与溴水反应，故⑦错误；
⑧环己烯含有不饱和键，既能使酸性高锰酸钾溶液褪色又能与溴水反应使之褪色，故⑧正确.
故选C。
【点睛】本题考查有机物的结构和性质，注意把握有机物官能团或基团的性质，性质官能团的性质解答该题。
8.环之间共用一个碳原子的化合物称为螺环化合物,氧杂螺戊烷的结构简式为，则下列说法正确的是
A. lmol该有机物完全燃烧需要消耗5.5molO2
B. 二氯代物超过3种
C. 该有机物与环氧乙烷互为同系物
D. 该有机物所有碳、氧原子处于同一平面
【答案】B
【解析】
【详解】A.氧杂螺戊烷的分子式是C4H6O，1mol该化合物完全燃烧消耗O2的物质的量为5mol，A错误；
B.氧杂螺戊烷二氯代物中两个Cl原子在同一个C原子上3种同分异构体，在两个不同的C原子上也有3种同分异构体，所以含有的同分异构体种类数目为6种，超过了3种，B正确；
C.该有机物与环氧乙烷结构不相似，因此不是同系物，C错误；
D.该有机物含有C原子为饱和C原子，饱和C原子连接的原子构成的是四面体结构，最多有两个顶点原子与该C原子在同一个平面上，所以不是所有碳、氧原子处于同一平面，D错误；
故合理选项是B。
9.除去下列物质中含有的少量杂质（括号内为杂质），所选用的试剂和分离方法能达到实验目的是
混合物
试剂
分离方法
A
苯（苯酚）
溴水
过滤
B
乙烷（乙烯）
氢气
加热
C
溴苯（乙酸）
氢氧化钠溶液
分液
D
苯（甲苯）
水
分液
【答案】C
【解析】
【分析】
A.溴、反应生成的三溴苯酚均易溶于苯，据此分析；
B.乙烯与氢气可发生加成反应，反应条件复杂且反应不彻底；
C.乙酸与氢氧化钠溶液可以反应，据此分析；
D.苯和甲苯互溶，据此分析。
【详解】A.苯酚和溴水反应生成的三溴苯酚易溶于有机溶剂苯，过滤无法除去，故A项错误；
B.乙烯与氢气的加成反应条件复杂，且有机反应不易完全进行到底，应通过溴水除去，故B项错误；
C.乙酸与氢氧化钠溶液反应后，与溴苯分层，然后分液可分离，故C项正确；
D.苯和甲苯互溶，加水不会分层，应用蒸馏的方法除去，故D项错误；
综上，本题选C。
10.贝诺酯是一种新型抗炎、解热、镇痛药，其结构如下所示。下列对该化合物叙述正确的是（ ）
A. 贝诺酯分子式C17H14O5N
B. 贝诺酯属于芳香烃
C. 贝诺酯属于高分子化合物
D. 已知贝诺酯的水解产物之一为对氨基乙酰酚（），在核磁共振氢谱中，对氨基乙酰酚有5种峰
【答案】D
【解析】
【分析】
由贝诺酯的结构简式可知分子式，贝诺酯分子中含苯环、-COOC-、-NHCO-，结合酯及肽键的性质来解答。
【详解】A项、由结构简式可知分子式为C17H15O5，故A错误；
B项、由结构可知，由C、H、O、N等元素组成，为烃的衍生物，故B错误；
C项、相对分子质量较大，为大分子，在10000以下，不属于高分子化合物，故C错误；
D项、由结构可知，-COOC-水解，水解产物之一为对氨基乙酰酚（），结构对称含5种位置的H，则在氢核磁共振谱中，对氨基乙酰酚有5种峰，故D正确。
故选D。
【点睛】本题考查有机物的结构与性质，侧重水解反应的考查，把握结构中的官能团为解答的关键。
11.化合物Z是合成平喘药沙丁胺醇的中间体，可通过下列路线制得：
下列说法正确的是( )
A. X分子中所有原子在同一平面上
B. Y与足量H2的加成产物分子中有2个手性碳原子
C. 可用FeCl3溶液鉴别Y和Z
D. 1 mol Z最多能与2 mol NaOH反应
【答案】C
【解析】
【详解】A. 根据甲烷为正四面体结构，由于X中存在甲基，故X分子中所有原子不可能在同一平面上，选项A错误；
B. Y与足量H2的加成产物分子中有4个手性碳原子，如图，选项B错误；
C. Y中含有酚羟基能使氯化铁溶液显紫色，而Z不含，可用FeCl3溶液鉴别Y和Z，选项C正确；
D. Z中含有两个酯基且水解后的酚能与氢氧化钠反应，故1 mol Z最多能与3mol NaOH反应，选项D错误；
答案选C。
12.对如图所示有机物分子的叙述错误的是( )
A. 碱性条件下能发生水解，1 mol该有机物完全反应消耗8 mol NaOH
B. 常温下，能与Na2CO3溶液反应放出CO2
C. 与稀硫酸共热，能生成两种有机物
D. 该有机物遇FeCl3溶液显色
【答案】C
【解析】
【分析】
由结构简式可以知道，分子中含酚-OH、-COOH、-COO-，结合酚、羧酸、酯的性质来解答。
【详解】A.该分子中含有酯基，可以在碱性条件下水解，该分子中还有5个酚羟基和1个羧基，且酯基水解后的产物中还有酚羟基，所以1 mol该有机物完全反应消耗8 mol NaOH，所以A选项是正确的；
B.分子中含有羧基，可以与碳酸钠溶液反应生成二氧化碳气体，所以B选项是正确的；
C.与稀H2SO4共热，生成一种有机物为 ，故C错误；
D. 该有机物含有酚羟基，遇FeCl3溶液显紫色，所以D选项是正确的。
故选C。
【点睛】本题考查有机物的结构与性质，侧重羧酸、酚、酯性质的考查，把握官能团与性质的关系为解答的关键。
13.某混合物里有一种饱和一元醇和一种饱和一元醛共6 g，和足量银氨溶液反应后，还原出32.4 g银，下列说法正确的是（ ）
A. 混合物中的醛不一定是甲醛
B. 混合物中的醇只能是乙醇
C. 混合物中醇与醛的质量之比为5∶3
D. 混合物中醇与醛的质量之比为1∶3
【答案】C
【解析】
【分析】
醇不能与银氨溶液反应，假设6g都是除甲醛外的醛，则R-CHO～2Ag，再根据M=m/n，计算该醛的摩尔质量，实际醛的摩尔质量应小于假设计算值，据此判断醛成分，根据m=nM计算醛的质量，进而计算醇的质量，由于不能确定醇的分子式，故不能确定醇的物质的量，无法确定醇与醛的物质的量之比．
【详解】A、32.4gAg的物质的量=32.4g/108g·mol－1=0.3mol，假设6g都是除甲醛外的醛，则R-CHO～2Ag，故R-CHO的物质的量=0.3mol×1/2=0.15mol，故R-CHO的摩尔质量=6g/0.15mol=40g·mol－1，而除甲醛外最简单的醛是乙醛，乙醛摩尔质量为44g·mol－1，大于40g·mol－1，故该醛一定为HCHO，故A错误；
B、由于不能确定醇的分子式，故B错误；
C、HCHO的质量=0.075mol×30g·mol－1=2.25g，故醇的质量=6g-2.25g=3.75g，混合物中醇与醛的质量之比为=3.75：2.25=5∶3，故C正确；
D、由C可知，D错误；
故选C。
【点睛】本题考查有机物推断，属于计算型推断，解题技巧：注意利用假设法进行解答，注意理解甲醛与银氨溶液反应，HCHO～4Ag。
14.萜类化合物广泛存在于动植物体内，关于下列萜类化合物的说法正确的是
A. a和b都属于芳香族化合物
B. a和c分子中所有碳原子均处于同一平面上
C. a、b和c均能使酸性KMnO4溶液褪色
D. b和c均能与新制的Cu(OH)2反应生成红色沉淀
【答案】C
【解析】
A．a中不含苯环，则不属于芳香族化合物，只有b属于，故A错误；B．a、c中含甲基、亚甲基、次甲基均为四面体构型，则a和c分子中所有碳原子不可能处于同一平面上，故B错误；C．a含碳碳双键、b中苯环上连有甲基、c含-CHO，均能使酸性KMnO4溶液褪色，故C正确；D．只有-CHO与新制的Cu(OH)2反应生成红色沉淀，则只有c能与新制的Cu(OH)2反应生成红色沉淀，故D错误；故选C。
15.某有机化合物的结构简式如图所示，下列说法正确的是（ ）
A. 不能发生银镜发应，能发生水解反应
B. 1mol 该物质最多可与含2mol溴单质的浓溴水反应
C. 1mol 该物质最多可与4mol NaOH反应
D. 与Na、NaHCO3、Na2CO3均能发生反应
【答案】C
【解析】
A．含甲酸某酯结构，具有-CHO的性质，能发生银镜发应和水解反应，故A错误；B．碳碳双键、酚-OH的邻对位与溴反应，1mol 该物质最多可与3molBr2反应，故B错误；C．酚-OH、HCOOC-、-Cl均与NaOH反应，1mol 该物质最多可与4mol NaOH反应，故C正确；D．不含羧基，不能与碳酸氢钠反应，故D错误；故选C。
16.中央电视台报道联华超市在售的某品牌鸡蛋为“橡皮弹”，专家介绍，这是由于鸡饲料里添加了棉籽饼，从而使鸡蛋里含有过多棉酚所致。其结构简式如图：下列说法不正确的是( )
A. 该化合物的分子式为：C30H30O8
B. 1mol棉酚最多可与10mol H2加成，与6molNaOH反应
C. 在一定条件下，可与乙酸反应生成酯类物质
D. 该物质可以使酸性高锰酸钾溶液褪色
【答案】B
【解析】
【详解】A、根据结构简式，该化合物的分子式为：C30H30O8，故A正确；
B、棉酚分子中的奈环、醛基都能与氢气发生加成反应，1mol棉酚最多可与12mol H2加成，棉酚分子中含有6个酚羟基，1mol棉酚能与6molNaOH反应，故D错误；
C、棉酚分子中含有酚羟基，在一定条件下，可与乙酸反应生成酯类物质，故C正确；
D、该物质含有醛基、酚羟基，所以可以使酸性高锰酸钾溶液褪色，故D正确；选B。
17.下列有关化合物X的叙述正确的是
A. X分子只存在2个手性碳原子
B. X分子能发生氧化、取代、消去反应
C. X分子中所有碳原子可能在同一平面上
D. 1 mol X与足量NaOH溶液反应，最多消耗3 mol NaOH
【答案】B
【解析】
【详解】A.连有4个不同原子或原子团的碳原子称为手性碳原子。化合物X分子中含有3个手性碳原子：（打*号的碳原子为手性碳原子），A项错误；
B.X分子中含有 (醇)和-CH-基团能被KMnO4氧化，醇羟基和苯环上氢原子都能发生取代反应，分子中含有的和基团都能发生消去反应，B项正确；
C.X分子（）中与*号碳原子相连的3个碳原子处于四面体的3个顶点上，这4个碳原子不可能在同一平面上。C项错误；
D.因X分子中含有酯基和-Br，X能与NaOH溶液发生水解反应：+2NaOH+CH3CH2OH+NaBr。所以1 mol X与足量NaOH溶液反应，最多消耗2 mol NaOH。D项错误；答案选B。
18.化合物乙是一种治疗神经类疾病的药物，可由化合物甲经多步反应得到。下列有关甲、乙的说法不正确的是
A. 甲的分子式为C14H11NO7
B. 甲和乙所含官能团均为5种
C. 可用NaHCO3溶液鉴别化合物甲和乙
D. 甲能与酸性高锰酸钾溶液反应，乙能与NaOH溶液反应
【答案】A
【解析】
【分析】
甲中含有的官能团为酯基、硝基、醚键、碳碳双键、羧基，乙中含有的官能团为酯基、氨基、酚羟基、醚键、溴原子。
【详解】A项、由结构简式可知，甲的分子式为C14H13NO7，故A错误；
B项、甲中含有酯基、硝基、醚键、碳碳双键、羧基5种官能团，乙中含有酯基、氨基、酚羟基、醚键、溴原子5种官能团，故B正确；
C项、甲中含有羧基，能NaHCO3溶液反应生成二氧化碳气体，乙中不含有羧基，不能NaHCO3溶液反应生成二氧化碳气体，故C正确；
D项、甲中含有碳碳双键，能与酸性高锰酸钾溶液发生氧化反应；乙中含有的酯基、酚羟基、溴原子，故能与NaOH溶液反应，故D正确。
故选A。
【点睛】本题考查物质结构和性质，侧重考查酚、酯、卤代烃的性质，明确官能团及其性质关系是解本题关键。
19.有机物X的蒸气相对氢气的密度为51，X中氧元素的质量分数为31.7%，则能在碱性溶液中发生反应的X的同分异构体有（不考虑立体异构）（ ）
A. 12种 B. 13种 C. 14种 D. 15种
【答案】B
【解析】
【详解】有机物X的蒸气相对氢气的密度为51，所以相对分子质量为102；X中氧元素的质量分数为31.7%，氧原子数是 ， ，则C原子数5、氢原子数是，所以分子式为C5H10O2。分子式为C5H10O2的有机物能在碱性溶液中发生反应，则X可以为羧酸或酯；若为羧酸则结构简式为CH3CH2CH2CH2COOH、CH3CH2CH(CH3)COOH、(CH3)2CHCH2COOH、(CH3)3CCOOH；若为酯则结构简式为CH3COOCH2CH2CH3、CH3COOCH(CH3)2、CH3CH2COOCH2CH3、CH3CH2CH2COOCH3、(CH3)2CHCOOCH3、HCOOCH2CH2CH2CH3、HCOOCH(CH3)CH2CH3、HCOOCH2CH(CH3)2、HCOOC(CH3)3，共13种，选B。
20.某药物中间体的合成路线如下。下列说法正确的是（ ）
A. 对苯二酚在空气中能稳定存在
B. 1 mol该中间体最多可与11 mol H2反应
C. 2，5-二羟基苯乙酮能发生加成、水解、缩聚反应
D. 该中间体分子最多可以消耗4 molNaOH
【答案】B
【解析】
【详解】A、酚羟基易被氧化，对苯二酚在空气中不能稳定存在，故A错误；
B、中间体含有3个苯环、2个酮羰基，1 mol该中间体最多可与11 mol H2反应，故B正确；
C、2，5-二羟基苯乙酮不能发生水解反应，故C错误；
D、1mol该中间体分子与NaOH反应生成1mol、2molNaCl、1mol，最多可以消耗7 molNaOH，故D错误。
【点睛】本题考查有机物结构和性质，为高频考点，明确官能团及其性质关系是解本题关键，侧重考查酚羟基、羰基、酯基的性质，易错点是D。
二、填空题
21.芳香化合物A是一种基本化工原料，可以从煤和石油中得到。A、B、C、D、E的转化关系如图所示：回答下列问题：
⑴A的化学名称是______；与A互为同分异构体的芳香化合物还有 _____种，其中核磁共振氢谱图上显示有5个峰，且峰面积之比为1：2：2：2：3的物质的结构简式为：________________。
⑵A→B的反应类型是_______。
⑶A→E的化学方程式为____________________。
⑷A与酸性KMnO4溶液反应可得到D，写出D的结构简式：_____。
【答案】 (1). 邻二甲苯(1,2-二甲苯) (2). 3 (3). (4). 取代反应 (5). (6).
【解析】
【分析】
根据有机分子组成的变化、化学反应的条件推断分子结构，判断反应类型，书写化学方程式。
【详解】⑴芳香化合物A光照条件下与Br2的反应为取代反应，由B结构知A为（邻二甲苯），与A互为同分异构体的芳香化合物还有3种：间二甲苯、对二甲苯、乙苯，其中乙苯的核磁共振氢谱图上有5个峰，峰面积之比为1：2：2：2：3，它的结构简式是。
⑵A→B的反应类型是取代应。
⑶A→E的反应中，分子中增加6个氢原子，为苯环的加成反应，化学方程式为
。
⑷A中甲基被酸性KMnO4溶液氧化成羧基，D的结构简式。
22. [化学--选修5：有机化学基础]
氰基丙烯酸酯在碱性条件下能快速聚合为，从而具有胶黏性，某种氰基丙烯酸酯（G）的合成路线如下：
已知：
①A的相对分子量为58，氧元素质量分数为0.276，核磁共振氢谱显示为单峰
②
回答下列问题：
（1）A的化学名称为_______。
（2）B的结构简式为______，其核磁共振氢谱显示为______组峰，峰面积比为______。
（3）由C生成D的反应类型为________。
（4）由D生成E的化学方程式为___________。
（5）G中的官能团有___、 ____ 、_____。（填官能团名称）
（6）G的同分异构体中，与G具有相同官能团且能发生银镜反应的共有_____种。（不含立体异构）
【答案】（1）丙酮
（2）2 6：1
（3）取代反应
（4）
（5）碳碳双键 酯基 氰基
（6）8
【解析】
试题分析：A的相对分子质量为58，氧元素质量分数为0.276，则A分子中氧原子数目为=1，分子中C、H原子总相对原子质量为58-16=42，则分子中最大碳原子数目为=3…6，故A的分子式为C3H6O，其核磁共振氢谱显示为单峰，且发生信息中加成反应生成B，故A为，B为；B发生消去反应生成C为；C与氯气光照反应生成D，D发生水解反应生成E，结合E的分子式可知，C与氯气发生取代反应生成D，则D为；E发生氧化反应生成F，F与甲醇发生酯化反应生成G，则E为，F为，G为。
（1）由上述分析可知，A为，化学名称为丙酮。
故答案为：丙酮；
（2）由上述分析可知，B的结构简式为其核磁共振氢谱显示为2组峰，峰面积比为1：6。
故答案为：；1：6；
（3）由C生成D的反应类型为：取代反应。
故答案为：取代反应；
（4）由D生成E的化学方程式为+NaOH+NaCl。
故答案为：+NaOH+NaCl；
（5）G为，G中的官能团有酯基、碳碳双键、氰基。
故答案为：酯基、碳碳双键、氰基；
（6）G（）的同分异构体中，与G具有相同官能团且能发生银镜反应，含有甲酸形成
的酯基：HCOOCH2CH=CH2、HCOOCH=CHCH3、HCOOC（CH3）=CH2，当为HCOOCH2CH=CH2时，-CN的取代位置有3种，当为HCOOCH=CHCH3时，-CN的取代位置有3种，当为HCOOC（CH3）=CH2时，-CN的取代位置有2种，共有8种。
故答案为：8。
考点：考查有机物的推断
【名师点睛】根据题给信息确定某种有机物的分子式往往是解决问题的突破口，现将有机物分子式的确定方法简单归纳为：一、“单位物质的量”法 根据有机物的摩尔质量（分子量）和有机物中各元素的质量分数，推算出1 mol有机物中各元素原子的物质的量，从而确定分子中各原子个数，最后确定有机物分子式。二、最简式法 根据有机物各元素的质量分数求出分子组成中各元素的原子个数之比（最简式），然后结合该有机物的摩尔质量（或分子量）求有机物的分子式。三、燃烧通式法 根据有机物完全燃烧反应的通式及反应物和生成物的质量或物质的量或体积关系求解，计算过程中要注意“守恒”思想的运用。四、平均值法 根据有机混合物中的平均碳原子数或氢原子数确定混合物的组成。平均值的特征为： C小≤C≤C大，H小≤H≤H大。
23.苯甲酸乙酯（C9H10O2）稍有水果气味，用于配制香水香精和人造精油，大量用于食品工业中，也可用作有机合成中间体、溶剂等．其制备方法为：
+C2H5OH+H2O
已知：
颜色、状态
沸点（℃）
密度（g•cm﹣3）
苯甲酸*
无色片状晶休
249
1.2659
苯甲酸乙酯
无色澄清液体
212.6
1.05
乙醇
无色澄清液体
78.3
0.7893
环己烷
无色澄清液体
80.8
0.7318
*苯甲酸在100℃会迅速升华．实验步骤如下：
①在圆底烧瓶中加入12.20g苯甲酸、25mL乙醇（过量）、20mL 环己烷，以及4mL浓硫酸，混合均匀并加入沸石，按如图所示装好仪器，控制温度在65〜70℃加热回流2h．反应时环己烷一乙醇﹣水会形成“共沸物”（沸点62.6℃）蒸馏出来，再利用分水器不断分离除去反应生成的水，回流环己烷和乙醇．
②反应结束，打开旋塞放出分水器中液体后，关闭旋塞．继续加热，至分水器中收集到的液体不再明显增加，停止加热．
③将烧瓶内反应液倒人盛有适量水的烧杯中，分批加入Na2CO3至溶液呈中性．
④用分液漏斗分出有机层，水层用25mL乙醚萃取分液，然后合并至有机层．加入氯化钙，对粗产物进行蒸馏（装置如图所示），低温蒸出乙醚后，继续升温，接收210〜213℃的馏分．
⑤检验合格，测得产品体积为13.16mL．
（1）在该实验中，圆底烧瓶的容积最适合的是_____（填入正确选项前的字母）．
A.25mL B.50mL C.100mL D.250mL
（2）步骤①中沸石的作用是____，使用分水器不断分离除去水的目的是_____．
（3）骤②中应控制馏分的温度在__．
A.215〜220℃ B.85〜90℃ C.78〜80℃ D.65〜70℃
（4）步骤③加入Na2CO3的作用是________；若Na2CO3加入不足，在之后蒸馏时，蒸馏烧瓶中可见到白烟生成，产生该现象的原因是________．
（5）关于步骤④中的萃取分液操作叙述正确的是____．
A．水溶液中加入乙醚，转移至分液漏斗中，塞上玻璃塞，分液漏斗倒转过来，用力振摇
B．振摇几次后需打开分液漏斗下口的玻璃塞放气
C．经几次振摇并放气后，手持分液漏斗静置待液体分层
D．放出液体时，应打开上口玻璃塞或将玻璃塞上的凹槽对准漏斗口上的小孔
（6）计算本实验的产率为____．
【答案】 (1). C (2). 防爆沸 (3). 使平衡不断地向正向移动 (4). C (5). 除去苯甲酸乙酯中的苯甲酸 (6). 在苯甲酸乙酯中有未除净的苯甲酸，受热至100℃时升华 (7). AD (8). 92.12%
【解析】
（1）圆底烧瓶中液体的体积应该在容积1/3-2/3之间，在圆底烧瓶中加入12.20g苯甲酸、25mL乙醇（过量）、20mL 环己烷，以及4mL浓硫酸总体积在60ml左右，所以应该用100ml容量瓶，故选C。（2）反应过程需要加热，为了防止液体爆沸加一些沸石。分离器分离出生成的水,减少生成物从而使该反应向正反应方向移动,提高转化率。(3)温度低于苯甲酸乙酯的沸点时,苯甲酸乙酯不被蒸馏出,要使苯甲酸乙酯不被蒸馏出,则温度应低于苯甲酸乙酯的沸点,所以温度应低于,但要使乙醇和环己烷蒸馏出,所以温度应高于乙醇和环己烷的沸点80.8,因此应选C。（4）加入Na2CO3，Na2CO3能和苯甲酸反应，而和苯甲酸乙酯不反应，这样可以除去苯甲酸乙酯中的苯甲酸。若Na2CO3加入不足，则会有剩余的苯甲酸，苯甲酸在会迅速升华,苯甲酸固体小颗粒弥漫到空气中产生白烟。（5）分液漏斗的使用方法,是在水溶液中加入乙醚,转移至分液漏斗中,塞上玻璃塞，将分液漏斗倒转过来,用力振摇, A正确。振摇过程应该打开上口的玻璃塞放气，B错误。分液漏斗要放到铁架台上静置，C错误。放出液体时,需将玻璃塞上的凹槽对准漏斗口上的小孔,只有这样液体才能顺利流下, D正确。正确选项为AD。（6）假如苯甲酸完全反应，则生成苯甲酸乙酯的物质的量等于苯甲酸的物质的量为12.20/122=0.1mol。而实际生成的苯甲酸乙酯的物质的量为:13.16×1.05/150=0.09212mol,因此产率为0.09212mol/0.1mol=92.12%。
24.化合物H 是一种有机材料中间体。实验室由芳香化合物A制备H 的一种合成路线如下；
已知：①
②
③
请回答下列问题：
（1）芳香族化合物B 的名称为__________，C 的同系物中相对分子质量最小的结构简式为__________。
（2）由F生成G 的第①步反应类型为_______________。
（3）X的结构简式为_______________。
（4）写出D生成E 的第①步反应化学方程式____________________________。
（5） G 与乙醇发生酯化反应生成化合物Y，Y 有多种同分异构体，其中符合下列条件的同分异构体有__________种，写出其中任意一种的结构简式_____________________。
①分子中含有苯环，且能与饱和碳酸氢钠溶液反应放出CO2
②其核磁共振氢谱显示有4 种不同化学环境的氢，峰面积比为6∶2∶1∶1。
（6）写出用为原料制备化合物的合成路线，其它无机试剂任选_____________________________________________。
【答案】 (1). 苯甲醛 (2). HCHO (3). 消去反应 (4). (5). (6). 4种 (7). (8).
【解析】
试题分析：本题考查有机推断和有机合成，考查有机物的名称，有机物结构简式和化学方程式的书写，有机反应类型的判断，限定条件同分异构体种类的判断和书写，有机合成路线的设计。根据A→B+C的反应试剂，结合题给已知①，芳香族化合物B的结构简式为，C的结构简式为CH3CHO；B、C中都含醛基，B+C→D发生题给已知②的反应，结合D的分子式C9H8O，D的结构简式为；D与新制Cu（OH）2、加热，D中醛基发生氧化反应，产物酸化后得到的E的结构简式为；E与Br2/CCl4发生加成反应生成F，F的结构简式为；F在KOH/醇、加热发生消去反应，酸化后得到的G的结构简式为；根据题给已知③，G+X→H，结合H的结构简式逆推出X的结构简式为。
（1）B的结构简式为，B的名称为苯甲醛。C的结构简式为CH3CHO，CH3CHO属于饱和一元醛，C的同系物中相对分子质量最小的结构简式为HCHO。
（2）F的结构简式为，G的结构简式为，F生成G的第①步反应为溴原子在KOH/醇、加热条件下发生消去反应。
（3）根据上述分析，X的结构简式为。
（4）D生成E的第①步反应的化学方程式为+2Cu（OH）2+NaOH+Cu2O↓+3H2O。
（5）G的结构简式为，G与乙醇发生酯化反应生成的Y的结构简式为。Y的不饱和度为7，含有的官能团为碳碳三键和酯基，Y的同分异构体中含有苯环，且能与饱和碳酸氢钠溶液反应放出CO2，说明Y的同分异构体中含—COOH；Y的同分异构体的核磁共振氢谱显示有4 种不同化学环境的氢，峰面积比为6∶2∶1∶1；符合条件的同分异构体有、、、，符合条件的同分异构体共4种。
（6）对比和的结构简式，结合题给已知③，由与在催化剂存在时反应可生成。需要由合成，与碳干骨架不变，侧链官能团由碳碳双键变为碳碳三键，结合有机物之间的相互转化，由先与Br2/CCl4发生加成反应生成，在强碱醇溶液中发生消去反应生成，合成路线的流程图为：。
点睛：本题主要通过题给已知和有机物之间的相互转化进行推断。书写限定条件的同分异构体时，先分析对象的组成和结构，再把限定的条件转化为一定的基团，最后根据分子中H原子的种类以及分子结构的对称性将这些基团组装，并逐一验证。设计有机合成路线，先对比原料和最终产物的结构，通常用逆合成分析法从最终产物的结构入手，分析碳干骨架的变化、碳原子数的变化、官能团的种类和位置的变化，结合课本知识和题给新信息，逐步分析。
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