【化学】安徽省蚌埠市第二中学2018-2019学年高二下学期期中考试(解析版)

安徽省蚌埠市第二中学2018-2019学年高二下学期期中考试
（满分100分，考试时间90分钟）
可能用到的相对原子质量：H：1 C：12 N：14 O：16 Cl：35.5 Br :80 Na：23 Mg： 24
一、选择题（每题只有一个选项符合题意）(54分)
1.下列物质中，其主要成分不属于烃的是（ ）
A. 液化石油气 B. 汽油 C. 重油（石蜡） D. 甘油
【答案】D
【解析】
【分析】
分子中只有碳氢两种元素组成的有机物是烃类，据此答题。
【详解】甘油为丙三醇，是醇类，不是烃，液化石油气、汽油、煤油、重油（石蜡）为碳原子数在不同范围内的烃类混合物，多为烷烃。
故选D。
2.下列有机物中不含有官能团是（ ）
A. 烷烃 B. 二烯烃 C. 苯酚 D. 氯代烃
【答案】A
【解析】
【详解】A.烷烃中不含有官能团，故A选；
B.二烯烃的官能团为碳碳双键，故B不选；
C.苯酚的官能团为（酚）羟基，故C不选；
D.氯代烃的官能团为氯原子，故D不选。
故选A。
3.下列物质中最难电离出H+的是（ ）
A. CH3COOH B. C2H5OH C. D. H2O
【答案】B
【解析】
【分析】
据酸性越强电离生成H+越容易，则最难电离出H+的是酸性最弱的物质或非电解质，据此答题。
【详解】A.CH3COOH是一种弱酸，CH3COOHCH3COO-+H+，在水溶液中能电离出H+；
B.C2H5OH属于非电解质，在水中不电离，则不会电离出H+；
C.C6H5ONa+CH3COOH→C6H5OH+ CH3COONa，电离生成H+比苯酚强，但苯酚显弱酸性，电离出氢离子的能力比水强；
D.水属于极弱电解质，能微弱电离生成H+；
四种物质的酸性关系为CH3COOH＞C6H5OH＞H2O＞C2H5OH，即最难电离出H+的是C2H5OH。
故选B。
4.下列有机物中同分异构体数目最少的是（ ）
A. 戊烷 B. 戊烯 C. 戊炔 D. 戊醇
【答案】A
【解析】
【详解】A.戊烷有正戊烷、异戊烷和新戊烷3种同分异构体；
B.戊烯的同分异构体中属于烯烃的有5种(1-戊烯、2-戊烯、3-甲基-1-丁烯、2-甲基-2-丁烯、2-甲基-1-丁烯)，属于环烷烃的有4种(环戊烷、甲基环丁烷、乙基环丙烷、二甲基环丙烷)，共计9种；
C.戊炔存在碳链异构、官能团的位置异构，还存在环烯烃的同分异构体等，同分异构体为：1-戊炔、2-戊炔、3-甲基-1-丁炔、2-甲基-1，3-丁二烯、1，4-戊二烯、2，3-戊二烯、1，2-戊二烯等，超过7种；
D.戊醇的同分异构体中属于醇类的同分异构体可以认为是戊烷的一个氢原子被羟基取代，正戊烷、异戊烷和新戊烷中的一个氢原子被一个羟基取代后分别有3种、4种和1种，共8种。
所以同分异构体数目最少的是戊烷。
故选A。
5.关于CH3CH(OH)CH(CH3)2的命名正确的是（ ）
A. 2—甲基—戊 醇 B. 3—甲基—2—丁醇
C. 3—甲基丁醇 D. 2—甲基—3—丁醇
【答案】B
【解析】
【详解】该有机物含有羟基为醇，含有羟基的最长碳链含有4个碳原子，主链为丁醇；编号从距离羟基最近的一端开始，羟基在2号碳上，3号碳上有1个甲基，所以正确命名为：3—甲基—2—丁醇。
故选B。
【点睛】有机物命名原则：
（1）①长：选最长碳链为主链；
②多：遇等长碳链时，支链最多为主链；
③近：离支链最近一端编号；
④小：支链编号之和最小；
⑤简：两取代基距离主链两端等距离时，从简单取代基开始编号。如取代基不同，就把简单的写在前面，复杂的写在后面；
（2）对于结构中含有苯环，命名时可以依次编号命名，也可以根据其相对位置，用“邻”、“间”、“对”进行命名；
（3）含有官能团的有机物命名时，要选含官能团的最长碳链作为主链，官能团的位次最小。
6.分子中含有5个碳原子的饱和一元醇，氧化后能生成的醛有（ ）
A. 2种 B. 3种 C. 4种 D. 5种
【答案】C
【解析】
【详解】分子中含有5个碳原子的饱和一元醇，氧化后能生成醛的，则醇的羟基必须连接在碳链的第一个C原子上，而且羟基所连接的C原子上必须连接有H原子，符合条件的醇有4种：①CH3-CH2-CH2-CH2-CH2-OH，②CH3-CH（CH3）-CH2-CH2-OH，③CH3-CH2-CH（CH3）-CH2-OH，④CH3-C（CH3）2-CH2-OH。
故选C。
7.下列分子中所有原子不可能共同处在同一平面上的是（ ）
A. B. CH2O
C. CH2=CHCl D. HC≡C—C≡CH
【答案】A
【解析】
【详解】A.中含有甲基，具有正四面体结构，所以原子不可能处于同一平面，故选A；
B.分子式CH2O为甲醛，甲醛中心原子C上无孤电子对，价层电子对数为3，空间构型为平面三角形，所有原子在同一个平面，故B不选；
C.乙烯是平面结构，CH2=CHCl可看作是1个氯原子取代乙烯中的1个氢原子，所有原子在同一个平面，故C不选；
D.乙炔具有直线结构，则HC≡C—C≡CH所有原子在同一个平面，故D不选。
故选A。
【点睛】有机物分子中原子的共面、共线问题做以下总结：①甲烷分子为正四面体构型，其分子中有且只有三个原子共面；②乙烯分子中所有原子共面；③乙炔分子中所有原子共线；④苯分子中所有原子共面；⑤HCHO分子中所有原子共面。
8.NA为阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是（ ）
A. 1mol 甲苯含有6NA个C_H键
B. 1mol羟基与1mol氢氧根离子所含有电子数均为9NA
C. C2H4和C3H6混合物的质量为a g,所含有原子总数为3a/14NA
D. 标准状况下2.24L CCl4含有共价键数为0.4NA
【答案】C
【解析】
【详解】A.甲苯分子中含有8个H原子，则含有8个碳氢键，所以1mol甲苯中含有8NA个C﹣H键，故A错误；
B.1mol羟基含有的电子数为9NA，氢氧根带一个负电荷，故1molOH-含10mol电子即10NA个，故B错误；
C.ag混合物中含有最简式CH2的物质的量为ag÷14g/mol=a/14mol，ag混合物中含有a/14molC原子、a/7molH原子，总共含有原子的物质的量为3a/14mol，所含原子总数为3a/14NA，故C正确；
D.标准状况下，四氯化碳不是气体，不能使用气体摩尔体积计算其物质的量，故D错误。
故选C。
9.分子式为C4H10O并能与金属钠反应放出氢气的有机物有（不含立体异构）（ ）
A. 3种 B. 4种 C. 5种 D. 6种
【答案】B
【解析】
丁基-C4H9可能的结构有：-CH2CH2CH2CH3、-CH（CH3）CH2CH3、：-CH2CH(CH3)2 、-C(CH3)3 ，丁基异构数目等于丁醇的异构体数目，该有机物的可能结构有4种；故选B。
10.下列有关化学实验的操作或说法中，正确的是（ ）
A. 苯酚中滴加少量的稀溴水出现了三溴苯酚的白色沉淀
B. 检验C2H5Cl 中氯原子时，将C2H5Cl 和NaOH溶液混合加热后，加入稀硫酸进行酸化
C. 用无水乙醇和浓H2SO4共热至140℃可以制得乙烯气体
D. 制取溴苯应用液溴 , 铁屑和苯的混合，反应后并用稀碱液洗涤
【答案】D
【解析】
试题分析：苯酚与浓溴水作用生成三溴苯酚白色沉淀，A错误；检验C2H5Cl中的氯原子时，在水解后的液体中要加入稀HNO3酸化，B错误；乙醇与浓H2SO4共热至170℃制得乙烯气体，C错误，答案选D。
考点：考查化学实验基本操作的有关正误判断
点评：该题是中等难度的试题，试题注重基础，主要是考查学生对常见有机物化学性质的熟悉了解掌握程度，有利于培养学生严谨的逻辑思维能力。该类试题主要是以实验基本操作为中心，通过是什么、为什么和怎样做重点考查实验基本操作的规范性和准确及灵活运用知识解决实际问题的能力。
11.下列关于乙醇的说法正确的是（ ）
A. 通过加成反应可制取乙酸乙酯 B. 可用淀粉水解产物来制取
C. 与乙醚互为同分异构体 D. 乙醇不能发生消去反应
【答案】B
【解析】
【详解】A.乙酸和乙醇发生酯化反应生成乙酸乙酯，酯化反应属于取代反应，故A错误；
B.淀粉水解生成葡萄糖，葡萄糖发酵得到乙醇，所以可用淀粉水解产物来制取乙醇，故B正确；
C.乙醇的分子式为C2H6O，乙醚的分子式为C4H10O，两者的分子式不同，不是同分异构体，故C错误；
D.乙醇的消去反应分为两种：分子内消去和分子间消去，分子内消去生成乙烯：CH3CH2OHCH2=CH2↑+H2O；分子间脱水生成乙醚：2CH3CH2OHC2H5-O-C2H5+H2O，故D错误。
故选B。
12.下列关于有机物说法正确的是（ ）
A. C4H9Cl有3种同分异构体
B. 2—甲基丁烷也称为异丁烷
C. 丙烯与Cl2在500℃条件下反应生成ClCH2CH=CH2
D. 甲苯与氯气光照下反应主要生成2,4 —二氯甲苯
【答案】C
【解析】
【详解】A.C4H10的同分异构体有：CH3CH2CH2CH3、CH3CH（CH3）CH3，CH3CH2CH2CH3分子中有2种化学环境不同的H原子，其一氯代物有2种；CH3CH（CH3）CH3分子中有2种化学环境不同的H原子，其一氯代物有2种；故C4H9Cl的同分异构体共有4种，故A错误；
B.2-甲基丁烷为含5个C的烷烃，则也称为异戊烷，故B错误；
C.丙烯和氯气在500℃条件下发生反应，丙烯中的甲基上氢原子被氯原子所代替生成ClCH2CH=CH2和氯化氢，故C正确；
D.光照下甲基上的H被取代，则甲苯与氯气在光照下反应主要生成氯甲苯，苯环上的H需在催化剂作用下可发生取代反应，故D错误。
故选C。
【点睛】甲苯与氯气发生取代反应，如果在光照条件下取代甲基上的氢原子，如果在有活性金属阳离子催化（比如Fe3+)就取代苯环上的氢原子。
13.如下表所示，为提纯下列物质（括号内为少量杂质），所选用的除杂试剂与主要分离方法都正确的是（ ）

不纯物质
除杂试剂
分离方法
A
苯（甲苯）
KMnO4 ( 酸化) ，NaOH 溶液
分液
B
乙烯(乙炔）
Br2/CCl4
分液
C
乙醇（乙酸）
NaOH溶液，水
分液
D
苯（苯酚）
浓溴水
过滤
A. A B. B C. C D. D
【答案】A
【解析】
【详解】A.酸性KMnO4可以把甲苯氧化为苯甲酸，NaOH与苯甲酸反应生成苯甲酸钠，溶于水，苯不溶于水，分液即可达到除杂的目的，故A正确；
B.乙烯与乙炔都是不饱和的烃，都能与Br2的CCl4溶液反应，所以不能达到除杂的目的，故B错误；
C.乙醇与水互溶，不能采用分液的方法进行分离，故C错误；
D.Br2与苯酚反应生成2，4，6-三溴苯酚，但溴单质和2，4，6-三溴苯酚易溶于苯，无法用过滤的方法分开，正确的方法是加入NaOH溶液反应后分液，故D错误。
故选A。
【点睛】解决除杂问题时，抓住除杂质的必需条件，加入的试剂只能与杂质反应，反应后不能引入新的杂质。
14.已知烯烃经O3氧化后，在锌存在水解可得到醛或酮,现有分子式为C7H14某烯烃，它与氢气发生加成反应生成2，3－二甲基戊烷，被臭氧氧化后在锌存在下水解生成乙醛和一种酮（）：

由此可推断该有机物的结构简式为（ ）
A. B.
C. D. (CH3)2C=C(CH3)CH2CH3
【答案】B
【解析】
【详解】分子式为C7H14的某烯烃，它与氢气发生加成反应生成2，3－二甲基戊烷，该烯烃被臭氧氧化后在锌存在下水解生成乙醛和一种酮，根据题中信息可知，该烯烃中碳碳双键在碳链的2号碳和3号碳之间，由于有酮产生，所以双键一端碳上有两个碳，由于生成乙醛，则另一端碳上有1个氢原子，2，3－二甲基戊烷的结构简式为：CH3CH(CH3)CH(CH3)CH2CH3，所以该烯烃的结构简式为：。
故选B。
15.工业上可用乙苯制取苯乙烯和氢气，下列说法正确的是（ ）
A. 该反应的类型为消去反应
B. 乙苯的同分异构体共有三种
C. 能用酸性KMnO4溶液鉴别乙苯和苯乙烯
D. 乙苯和苯乙烯分子内共平面碳原子数均为7
【答案】A
【解析】
【详解】A.由乙苯制取苯乙烯，C-C单键变为C=C双键，则该反应为消去反应，故A正确；
B.乙苯的同分异构体如果属于苯的同系物，则可为二甲苯，有邻、间、对，另外还有不含有苯环的同分异构体，因此同分异构体数目不止三种，故B错误；
C.乙苯和苯乙烯均能被高锰酸钾氧化，现象相同，不能鉴别，故C错误；
D.苯环是平面正六边形，所以乙苯中共平面的碳原子至少有7个，不一定为8个，而苯乙烯中，苯和乙烯均是平面形分子，通过碳碳单键的旋转，共平面的碳原子有8个，故D错误。
故选A。
16.芳香化合物M的分子式为C8H10O,遇到氯化铁溶液发生显色反应，符合条件的结构有
A. 3 种 B. 6种 C. 8种 D. 9种
【答案】D
【解析】
【详解】芳香族化合物M分子式为C8H10O，因此M含有1个苯环，遇FeCl3溶液可发生显色反应，含有一个酚羟基，先考虑三取代基：从M的化学式看，还含有2个甲基，a.邻二甲苯上加羟基，有2种，b.间二甲苯上加羟基，有3种，c.对二甲苯上加羟基，有1种，一共6种；再考虑两取代基：两取代基分别是乙基和羟基，有邻、间、对一共有3种；综上，一共有9种。
故选D。
【点睛】按照同分异构体书写规律，先写整体，再分写，苯环上两个取代基时，取代基位置是邻间对三种位置，三个取代基，先固定二个，移动一个，再确定同分异构体。
17.冠心平F是降血脂、降胆固醇的药物，它的一条合成路线如下：

A为一元羧酸，8.8g A与足量NaHCO3溶液反应生成2.24L CO2（标准状况），A的分子式为（ ）
A. C2H4O2 B. C3H6O2 C. C4H8O2 D. C5H10O2
【答案】C
【解析】
【详解】由饱和一元羧酸与NaHCO3溶液反应方程式为RCOOH+NaHCO3→RCOONa+H2O+CO2↑可知：饱和一元羧酸与NaHCO3溶液是以1：1反应生成CO2气体的，2.24LCO2（标准状况）的物质的量为0.1 mol，所以饱和一元羧酸的物质的量也为0.1mol，故A的摩尔质量是88g/mol，所以A的相对分子质量为88，由饱和一元羧酸的通式CnH2nO2可求n=4，即A的分子式为C4H8O2。
故选C。
18.冠心平F是降血脂、降胆固醇的药物，它的一条合成路线如下：

题中合成路线中a、b所代表的试剂分别为（ ）
A. HCl NaOH B. Cl2 NaHCO3
C. HCl Na2CO3 D. C12 NaOH
【答案】D
【解析】
【详解】由E的结构简式可以确定D为，是苯酚和Cl2反应的产物，与NaOH或Na2CO3溶液反应生成E，所以a为C12，b为NaOH。故选D。
第Ⅱ卷（非选择题，共46分）
二、填空题（共46分，每空2分）
19.现有以下物质己烯 ②己烷 ③甲苯 ④环己醇⑤C(CH3)3OH⑥苯甲醇 ⑦苯酚，完成下列填空。（填序号）
(1)上述物质能发生消去反应的是_______。
(2)上述物质能Na和NaOH发生反应的是_______。
(3)上述物质能与溴水和酸性KMnO4溶液发生反应的是_______。
(4)等质量上述烃类物质充分燃烧耗氧量最多的是_________。
【答案】 (1). ④⑤ (2). ⑦ (3). ①⑦ (4). ②
【解析】
【详解】（1）分子中，连有羟基（或卤原子）的碳原子必须有相邻的碳原子且此相邻的碳原子上，并且还必须连有氢原子时，才可发生消去反应，所以符合条件的有④环己醇 ⑤C(CH3)3OH，故答案为：④ ⑤。
（2）有机物中能与Na反应的有：苯酚、羧基（-COOH）、羟基（-OH），能与NaOH反应的有：苯酚、羧基（-COOH），故选苯酚，故答案为：⑦。
（3）能与溴水反应的，在有机物中有碳碳双键、碳碳叁键、含有酚羟基且酚羟基的邻对位有氢的，能与酸性高锰酸钾反应的是碳碳双键、碳碳叁键、苯的同系物、醛基、酚、醇等，所以能与溴水和酸性KMnO4溶液发生反应的是己烯、苯酚，故答案为：①⑦。
（4）等质量的烃燃烧，耗氧量取决于H%，H%越大，耗氧量越大，①己烯中N(C)：N(H)=6：12=1：2，②己烷中N(C)：N(H)=6：14=3：7③甲苯中N(C)：N(H)=7：8，所以等质量上述烃类物质充分燃烧耗氧量最多的是己烷，故答案为：②。
【点睛】等物质的量的烃CxHy完全燃烧，消耗的氧气量决定于x+(y/4)的值，此值越大，耗氧量越多；等质量的烃CxHy完全燃烧，消耗的氧气量决定于y/x，此值越大，耗氧量越多。
20.根据下图所示的反应路线及所给信息填空。

（1）A的名称是____________________中官能团名称是______________。
（2）‚的反应类型是________________。
（3）反应④的化学方程式是_______________________________。
【答案】 (1). 环己烷 (2). 氯原子 (3). 消去反应 (4). ＋ 2NaOH ＋ 2NaBr ＋ 2H2O
【解析】
【分析】
由合成路线可知，反应①为光照条件下的取代反应，所以A为，反应②为卤代烃发生的消去反应，反应③为环己烯的加成反应，B为，反应④为卤代烃的消去反应生成1，3-环己二烯，据此解答。
【详解】（1）由合成路线可知，反应①为光照条件下取代反应，所以A为，名称是环己烷，的官能团为氯原子，故答案为：环己烷；氯原子。
（2）反应②为卤代烃发生的消去反应，故答案为：消去反应。
（3）反应④为发生消去反应生成1，3-环己二烯，反应方程式为：＋2NaOH＋2NaBr＋2H2O，故答案为：＋2NaOH＋2NaBr＋2H2O。
21.实验室制备 1,2 —二溴乙烷的反应原理如下：①CH3CH2OH在浓硫酸170℃条件下生成CH2=CH2②CH2=CH2与Br2反应生成BrCH2CH2Br。现用少量溴和50gCH3CH2OH制备1,2 —二溴乙烷。回答下列问题：
（1）制备实验中，要尽可能迅速地把反应温度提高到170℃左右，其最主要目的是_______。
A 加快反应速度 B 引发反应 C 防止乙醇挥发 D 减少副产物乙醚生成
（2）判断该制备反应已经结束的最简单方法是___________________。
（3）将 1,2 —二溴乙烷粗产品置于分液漏斗中加水，振荡后静置，产物应在_____层。
（4）若产物中有少量副产物乙醚，可用____________的方法除去。
（5）若最终得到纯净1,2 —二溴乙烷94g，本实验的产率是__________。
【答案】 (1). D (2). 溴的颜色完全褪去 (3). 下 (4). 蒸馏 (5). 46％
【解析】
【详解】（1）乙醇在浓硫酸、140℃的条件下，发生分子内脱水生成乙醚，可以迅速地把反应温度提高到170℃左右，其最主要目的是减少副产物乙醚生成，故D正确，故答案为：D。
（2）乙烯与溴水发生加成反应生成1，2-二溴乙烷，1，2-二溴乙烷为无色液体，D中溴水颜色完全褪去说明反应已经结束，故答案为：溴的颜色完全褪去。
（3）1，2-二溴乙烷与水不互溶，1，2-二溴乙烷密度比水大，有机层在下层，故答案为：下。
（4）1，2-二溴乙烷与乙醚的沸点不同，两者均为有机物，互溶，可以用蒸馏的方法将它们分离，故答案为：蒸馏。
（5）由题意可知：①CH3CH2OH在浓硫酸170℃条件下生成CH2=CH2②CH2=CH2 与Br2反应生成BrCH2CH2Br，涉及到的反应方程式为：CH3CH2OHCH2=CH2↑+H2O，CH2=CH2+Br2→BrCH2CH2Br，得到关系式为：CH3CH2OH～BrCH2CH2Br，则50gCH3CH2OH制备1，2 —二溴乙烷，理论上可以得到1，2 —二溴乙烷的质量为：=204g，实际得到纯净1，2 —二溴乙烷94g，则产率是=46%，故答案为：46%。
22.乙醇是一种重要的化工原料，由乙醇为原料衍生出的部分化工产品如下图所示：

回答下列问题：
（1）A的结构简式为_____________,C的结构简式为_____________。
（2）B的化学名称为________。
（3）E是一种常见的塑料，其化学名称为_______________________。
（4）F与浓硫酸反应生成硫酸氢乙酯（C2H5OSO3H）,再水解生成乙醇，写出其水解反应化学方程式________。
【答案】 (1). CH3COOH (2). ClCH2CH2OH (3). 乙酸乙酯 (4). 聚氯乙烯 (5). C2H5OSO3H + H2O → C2H5OH +H2SO4
【解析】
【分析】
乙醇在浓硫酸加热的条件下发生消去反应得F为CH2=CH2，根据A的分子式可知，乙醇氧化得A为CH3COOH，A与乙醇发生酯化反应得B为CH3COOCH2CH3，乙醇与氯气发生取代反应得C为CH2ClCH2OH，C在浓硫酸的作用下发生消去反应得D为CH2=CHCl，D发生加聚反应得E为，据此答题。
【详解】（1）根据A由乙醇氧化得到可知，A为醛或酸，结合A的分子式可知，A为CH3COOH，乙醇与氯气在光照条件下发生取代反应生成C，乙醇分子中的一个氢原子被氯原子取代，生成ClCH2CH2OH，故答案为：CH3COOH，ClCH2CH2OH。
（2）乙酸与乙醇发生酯化反应生成乙酸乙酯，故答案为：乙酸乙酯。
（3）E的单体为D，C→D分子中减少了一分子水，故C生成D的反应为消去反应，D又发生聚合反应，则D为氯乙烯，所以E为聚氯乙烯，故答案为：聚氯乙烯。
（4）乙烯与浓硫酸反应生成硫酸氢乙酯（C2H5OSO3H），再水解生成乙醇和硫酸，其水解的反应化学方程式为：C2H5OSO3H +H2O→C2H5OH+H2SO4，
故答案为：C2H5OSO3H +H2O→C2H5OH+H2SO4。
【点睛】有机推断应以特征点为解题突破口，按照已知条件建立的知识结构，结合信息和相关知识进行推理、计算、排除干扰，最后做出正确推断。一般可采用顺推法、逆推法、多法结合推断。
23.增塑剂DCHP(F）是一种用于生产医疗器械和食品包装袋的原料，可以由芳香烃为原料制备而得：

（1）D的结构简式是_________,D→E的反应类型为_______________。
（2）鉴别苯酚和化合物C的试剂为___________。
（3）C的同系物（G)根据系统命名法名称为____________,若化合物M是G的同分异构体，且分子中核磁共振氢谱显示有2个吸收峰(一氯代物只有两种)，写出该化合物的结构简式是_________。（任写一种）
【答案】 (1). (2). 氧化反应 (3). 氯化铁溶液（浓溴水) (4). 1-甲基环己醇 (5). 或
【解析】
【详解】（1）根据反应条件以及E的结构简式可知D的结构简式是，D→E的反应类型为氧化反应，故答案为：，氧化反应。
（2）苯酚含有酚羟基，遇氯化铁溶液显紫色，与浓溴水反应生成三溴苯酚沉淀，所以鉴别苯酚和化合物C的试剂为氯化铁溶液（浓溴水)，故答案为：氯化铁溶液（浓溴水)。
（3）根据系统命名法G()的名称为：1-甲基环己醇，化合物M是G的同分异构体，且分子中核磁共振氢谱显示有2个吸收峰(一氯代物只有两种)，说明化合物M中有两种不同的氢，该化合物的结构简式为：或，故答案为：1-甲基环己醇，或。