【化学】河北省张家口市宣化区第一中学2019-2020学年高二下学期3月月考（解析版） 试卷

河北省张家口市宣化区第一中学2019-2020学年高二下学期3月月考
一、单选题（本大题共16小题，共48.0分）
1.某有机物的结构简式为：
按官能团分类，它不属于 (　 　)
A. 酮类 B. 酯类 C. 醚类 D. 羧酸类
【答案】B
【解析】
【详解】A、分子中含有羰基，可以看作是酮类，正确；
B. 不存在酯基，不是酯类，错误；
C. 含有醚键，可以看作是醚类，正确；
D. 含有羧基，可以看作是羧酸类，D正确，
答案选B。
2.下列有关物质的表达式正确的是
A. 乙炔分子的比例模型示意图：
B. 2－甲基－2－戊烯的键线式：
C. 的名称：3-甲基-1-丁烯
D. 1，3－丁二烯的分子式：C4H8
【答案】C
【解析】
分析：A.乙炔是直线形结构；
B.将碳、氢元素符号省略，只表示分子中键的连接情况，每个拐点或终点均表示有1个碳原子，称为键线式；
C.根据有机物是烯烃判断；
D.1，3－丁二烯含有2个碳碳双键。
详解：A. 乙炔是直线形结构，该模型不能表示乙炔分子的比例模型，A错误；
B. 该键线式表示的是4－甲基－2－戊烯，B错误；
C. 是烯烃，主链含有4个碳原子，含有1个甲基作支链，则其名称为3-甲基-1-丁烯，C正确；
D. 1，3－丁二烯的分子式为C4H6，D错误。答案选C。
3.下列关系正确的是（ ）
A. 熔点：戊烷＞2，2一二甲基戊烷＞2，3一二甲基丁烷＞丙烷
B. 密度：CCl4＞CHCl3＞H2O＞苯
C. 同质量的物质燃烧耗O2量：丙炔＞乙烷＞乙烯＞乙炔＞甲烷
D. 同物质的量物质燃烧耗O2量：已烷＞环已烷＞苯＞苯甲酸
【答案】B
【解析】
【详解】A．有机物结构相似时，分子中含有的碳原子数越多，物质的熔沸点越高；当碳原子数相同时，物质分子中含有的支链越多，熔沸点就越低，使用熔点：2，2一二甲基戊烷＞2，3一二甲基丁烷＞戊烷＞丙烷，错误；
B．密度：CCl4＞CHCl3＞H2O＞苯，正确；
C．同质量的物质燃烧耗O2量，物质分子中含有的H元素的含量越高，消耗的氧气就越多，由于甲烷中H元素的含量最高，故其消耗氧气最多，错误；
D．同物质的量物质燃烧耗O2量，分子中含有的C、H原子数越多，O元素越少，则消耗的氧气就越多。：已烷＞环已烷＞苯=苯甲酸，错误。
4.下列各组中的反应，属于同一反应类型的是( )
A. 由溴丙烷水解制丙醇；由丙烯与水反应制丙醇
B. 由甲苯硝化制对硝基甲苯；由甲苯与酸性高锰酸钾溶液反应制苯甲酸
C. 由氯代环己烷制环己烯；由丙烯与溴水反应制1,2­二溴丙烷
D. 由乙酸和乙醇制乙酸乙酯；乙醇在浓硫酸加热至140℃时生成二乙醚
【答案】D
【解析】
【详解】A、溴丙烷水解制丙醇属于取代反应，丙烯与水反应制丙醇的过程属于加成反应，反应类型不一样，故A错误；
B、甲苯硝化制对硝基甲苯，属于取代反应，由甲苯与酸性高锰酸钾溶液反应制苯甲酸，属于氧化反应，反应类型不一样，故B错误；
C、氯代环己烷消去制环己烯，属于消去反应，由丙烯加溴制1，2-二溴丙烷，属于加成反应，反应类型不一样，故C错误；
D、乙酸和乙醇制乙酸乙酯属于取代反应，乙醇在浓硫酸加热至140℃时生成二乙醚属于取代反应，反应类型一样，故D正确；
故选D。
5. 如图所示是一个有机物的核磁共振氢谱图，请你观察图谱，分析其可能是下列物质中的

A. CH3CH2CH2CH3 B. (CH3)2CHCH3
C. CH3CH2CH2OH D. CH3CH2COOH
【答案】C
【解析】
【分析】
由有机物的核磁共振氢谱图可知，该有机物有4种不同化学环境的H原子。
【详解】A、CH3CH2CH2CH3有2种不同化学环境的H原子，故A错误；
B、（CH3）2CHCH3有2种不同化学环境的H原子，故B错误；
C、CH3CH2CH2OH有4种不同化学环境的H原子，故C正确；
D、CH3CH2COOH有3种不同化学环境的H原子，故D错误；
故选C。
6.有人认为CH2=CH2与Br2的加成反应，实质是Br2先断裂为Br+和Br -，然后Br+ 首先与CH2=CH2一端碳原子结合，第二步才是Br -与另一端碳原子结合。根据该观点如果让CH2=CH2与Br2在盛有NaCl和NaI的水溶液中反应，则得到的有机物不可能是
A. BrCH2CH2Br B. ClCH2CH2Cl C. BrCH2CH2I D. BrCH2CH2Cl
【答案】B
【解析】
【详解】根据题目所给信息，乙烯先和卤素的阳离子结合，而NaCl和NaI只能提供阴离子，所以必须先结合一个Br+；当再需要结合一个卤素阴离子时，有Cl-、Br-、I-三种选择，都有可能。只有B是不可能的。
7.下列氯代烃中不能由烯烃与氯化氢加成直接得到的有( )
A. 2一乙基—4—氯—1—丁烯 B. 氯代环己烷
C. 2，2，3，3—四甲基—1—氯丁烷 D. 3一甲基—3—氯戊烷
【答案】C
【解析】
【分析】
本题考查加成反应。A.2一乙基—4—氯—1—丁烯可由CH2=C(CH2CH3)CH=CH2与氯化氢加成直接得到；B.氯代环己烷环己烯与氯化氢加成直接得到；C.2，2，3，3—四甲基—1—氯丁烷没有对应烯烃，不能由烯烃与氯化氢加成直接得到；D.3一甲基—3—氯戊烷可由2—戊烯CH3CH=CHCH2CH3与氯化氢加成直接得到。
【详解】2一乙基-4-氯-1-丁烯的结构简式为CH2=C(CH2CH3)CH2CH2Cl，可由CH2=C(CH2CH3)
CH=CH2与氯化氢加成直接得到，A不选；氯代环己烷的结构简式为，可由环己烯与氯化氢加成直接得到，B不选；2，2，3，3—四甲基—1—氯丁烷的结构简式为(CH3)3CC(CH3)2CH2Cl，没有对应烯烃，则不能由烯烃与氯化氢加成直接得到，C选；3一甲基—3—氯戊烷的结构简式为CH3CH2CH（Cl）CH2CH3，可由2—戊烯CH3CH=CHCH2CH3与氯化氢加成直接得到，D不选。
故选C。
8.下列有机物说法不正确的是（ ）
A. BrCH2CHBrCH2Br的名称为三溴丙烷
B. 萘环上的一个H原子被一C4H9取代后的产物共有8种
C. 对甲基苯乙烯中最多有17个原子共面
D. 立方烷一氯代物1种、二氯代物有3种、三氯代物也有3种
【答案】A
【解析】
【详解】A：分别在1、2、3号C上，则的名称为1，2，三溴丙烷，故A错误；
B.萘环上有2种H，有4种，则取代后的产物共有种，故B正确；
C.对甲基苯乙烯中，只有甲基上2个H与其它原子不共面，则最多有17个原子共面，故C正确；
D.立方烷结构对称，只有一种H，则一氧代物有1种，立方烷二氯代物有3种：两个氯原子在立方体同边有一种情况，两个氯原子的位置在对角有两种情况，立方烷三氯代物有3种：三个氯原子在同一个面上有一种情况，三个氯原子不在同一个面上有二种情况，情况1，2个氯原子在立方烷的棱上，另1个氯原子在对角线上，情况2，三个氯原子构成正三角形，所以同分异构体有三种，故D正确；
故答案选：A。
9.对三联苯（）是一种有机合成的中间体。下列关于对三联苯的说法中正确的是
A. 对三联苯属于苯的同系物
B. 对三联苯分子中至少有16个原子共平面
C. 对三联苯一氯取代物有6种
D. 0.2mol对三联苯在足量的氧气中完全燃烧消耗5.1molO2
【答案】B
【解析】
【详解】A．对三联苯（）中含有3个苯环，与苯的结构不相似，所以不属于苯的同系物，错误；
B．因为苯环是平面正六边型结构，与苯环直接相连的原子一定在同一平面内，则所有原子可能共面，若将苯环围绕连接苯环的碳碳键转动，则有部分原子会不在同一平面，但是无论怎样转动，至少共平面的原子数为：11+1+1+1+2=16个，正确；
C．对三联苯的结构对称，从中间看，共有4种位置的H元素，则对三联苯的一氯取代物有4种，错误；
D．对三联苯的分子式为C18H14，1mol该物质燃烧消耗氧气为：18mol+14/4mol=21.5mol，0.2mol对三联苯在足量的氧气中完全燃烧消耗0.2mol×21.5=4.3molO2，错误。
10.莽草酸可用于合成药物达菲，其结构简式如图，下列关于莽草酸的说法正确的是( )

A. 分子式为C7H6O5
B. 分子中含有2种官能团
C. 可发生加成、取代和氧化反应
D. 在水溶液中该分子中的羧基和羟基均能电离出H＋，最多与4molNaOH反应
【答案】C
【解析】
【详解】A．由结构简式可知分子式为C7H10O5，错误；
B．含-OH、双键、-COOH，为三种官能团，错误；
C．含双键可发生加成反应和氧化反应，含-OH、-COOH可发生取代反应，正确；
D．只有-COOH能与NaOH反应，错误；
故选C。
【点睛】本题考查有机物的结构与性质，把握官能团与性质的关系为解答的关键，侧重羧酸、烯烃及醇的性质及分析、应用能力的考查。本题的易错点为结构中不存在苯环，因此羟基不能电离出氢离子。
11.下列各物质中既能发生消去反应又能发生催化氧化反应，但催化氧化的产物不是醛的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】该分子能发生消去反应生成甲基丙烯，不能发生催化氧化反应，故A错误；
B.该分子中连接醇羟基碳原子相邻碳原子上含有H原子，所以不能发生消去反应，故B错误；
C.该物质发生消去反应生成丙烯，发生催化氧化生成丙酮，故C正确；
D.该物质发生消去反应生成甲基丙烯，发生催化氧化生成甲基丙醛，故D错误；
故答案选：C。
12.已知化合物A与立方烷的分子结构相似，如图：

则A的二氯代物的同分异构体数目为（ ）
A. 3 B. 4 C. 5 D. 6
【答案】B
【解析】
【详解】取代情况分别如下：取代2个C上的H，取代2个Si上的H，取代相邻C和Si上的H，取代对角线上的C和Si上的H，的二氯代物的同分异构体有：同一条棱上的二氯代物1种、面对角线上的二氯代物2种、体对角线上的二氯代物1种，一共4种，
故答案选：B。
13.为探究一溴环己烷()与NaOH的醇溶液共热发生的是水解反应还是消去反应，甲、乙、丙三名同学分别设计如下三个实验方案。
甲：向反应混合液中滴入稀硝酸中和NaOH，然后再滴入AgNO3溶液，若有浅黄色沉淀生成则可证明发生了消去反应
乙：向反应混合液中滴入溴水，若溶液颜色很快褪去，则可证明发生了消去反应
丙：向反应混合液中滴入酸性KMnO4溶液，若溶液颜色变浅，则可证明发生了消去反应。其中正确的是( )
A. 甲 B. 乙 C. 丙 D. 上述实验方案都不正确
【答案】D
【解析】
【详解】A.因为卤代烃发生水解反应，也还会产生卤离子，故A不正确；
B.因为混合液中含有氢氧化钠，因此加入溴水，溴水会和氢氧化钠反应颜色也会褪去，B不正确；
C.由于溴离子可以被酸性高锰酸钾氧化而使溶液褪色，C不正确；
D.综上甲乙丙均不正确，正确的做法应是先加入适量的盐酸中和掉氢氧化钠，然后在加入溴水看是否褪色；D项正确；
本题答案是D。
14. 某有机化合物A的相对分子质量范围为100~130。经分析得知，其中碳和氢的质量分数之和为46.66%，其余为氧，则该化合物分子中最多含碳氧双键的个数为（ ）
A. 1 B. 2 C. 3 D. 4
【答案】A
【解析】
【详解】由题意知，O的质量分数为100%-46.66%=53.34%，由化合物A的相对分子质量大于100，小于130，所以氧原子个数为大于=3.33，小于=4.33，氧原子为4个，所以有机物分子质量==120，其中C、H的相对原子质量之和为120-16×4=56，可确定分子式为C4H8O4，C4H8O4与4个C原子的饱和衍生物（可表示为C4H10On）比较可知，分子中最多含有1个羰基官能团；
答案选A。
【点睛】本题考查有机物分子式的确定，题目难度不大，注意计算氧原子数为解答该题的关键。根据含氧量和相对分子质量的范围，得出氧原子数，根据氧元素的质量分数进而求得有机化合物的相对分子质量，进而计算化学式。
15.BHT是一种常用的食品抗氧化剂，从出发合成BHT的方法有如下两种。下列说法不正确的是（ ）

A. 推测BHT在水中的溶解度小于苯酚
B. BHT与都能使酸性KMnO4溶液褪色
C. 方法一和方法二的反应类型都是加成反应
D. BHT与互为同系物
【答案】C
【解析】
【详解】A. BHT中含有的憎水基烃基比苯酚多，所以在水中的溶解度小于苯酚，故A正确；
B.BHT和中都会有酚羟基，都能够被酸性高锰酸钾溶液氧化二使酸性褪色，故B正确；
C.反应一通过加成反应生成BHT，而反应二为取代反应，故C错误；
D.二者结构相似，在分子组成上相差8个原子团，所以二者互为同系物，故D正确；
故答案选：C。
16.广泛存在于食物(如桑椹，花生，尤其是葡萄)中，具有抗癌性能够它可能跟1mol该化合物起反应的Br2或H2的最大用量分别是（ ）

A. 1mol，1mol B. 3.5mol，7mol
C. 3.5mol，6mol D. 6mol，7mol
【答案】D
【解析】
【详解】分子中共含有3个酚羟基，1mol该化合物可与5mol Br2发生取代反应，含有1个碳碳双键，则1mol该化合物可与1mol Br2发生加成反应，共消耗6mol溴；分子中含有2个苯环，1个碳碳双键，则1mol该化合物可与7mol氢气发生加成反应。故D正确；
故选D。
二、推断题（本大题共1小题，共10.0分）
17.烯烃A(C6H12)在一定条件下可以按下面的框图进行反应。

已知：A的核磁共振氢谱图表明其分子中只有一种类型的氢原子。
请填空：
（1）A的结构简式是__。
（2）框图中属于取代反应的是__填数字代号。
（3）G1的结构简式是__。
（4）写出由D→E的化学方程式：_；写出由E→F2的化学方程式：_。
【答案】 (1). (2). ② (3). (4). +2NaOH+2NaBr+2H2O (5). +Br2→
【解析】
【分析】
由D可知A为，则B为（CH3）2CH-CH（CH3）2，由反应③可知C为，D在NaOH醇溶液中加热条件下发生消去反应，E为CH2=C（CH3）-C（CH3）=CH2，CH2=C（CH3）C（CH3）=CH2可与溴发生1，2加成或1，4加成，F1与溴化氢得两种产物，而F2与溴化氢得一种产物，且F1可F2都可生成G1，则F1为CH2BrCBr（CH3）C（CH3）=CH2，F2为CH2BrC（CH3）=C（CH3）CH2Br，G1为，G2为CH2BrCBr（CH3）CBr（CH3）CH3，结合有机物的结构和性质以及题目要求可解答该题。
【详解】的结构简式是，故答案为：；
由上述分析可知，属于取代反应为，故答案为：；
的结构简式是，故答案为：；
由的化学方程式为；
由的化学方程式为，
故答案：；。
三、简答题（本大题共3小题，共32.0分）
18.现有A、B两种烃，已知A的分子式为C5Hm，而B的最简式为C5Hn(m、n均为正整数)。请回答下列问题：
（1）下列关于烃A和烃B的说法不正确的是__填序号。
a.烃A和烃B可能互为同系物
b.烃A和烃B可能互为同分异构体
c.当m=12时，烃A一定为烷烃
d.当n=11时，烃B可能的分子式有2种
（2）若烃A为链烃，且分子中所有碳原子都任同一条直线上，则A的结构简式为__。
（3）若烃A为链烃，且分子中所有碳原子一定共面，在一定条件下，1molA最多可与1molH2加成，则A的名称是__。
（4）若烃B为苯同系物，取一定量的烃B完全燃烧后，生成物先通过足量的浓硫酸，浓硫酸的质量增加1.26g，再通过足量的碱石灰，碱石灰的质量增加4.4g，则烃B的分子式为__。
【答案】 (1). d (2). CHCC-CH3 (3). 2—甲基—2—丁烯 (4). C10H14
【解析】
【分析】
（1）a．烃A和烃B可能互为同系物，如A为C5H10，B为C10H20的烯烃；
b．当n=m时，若B的分子式与A相同，A、B互为同分异构体；
c．当烃分子中H原子与C原子数目之比大于2：1时，烃为烷烃，当m=12时，A为戊烷；
d．当n=11时，B的分子式为C10H22；
（2）链烃A与H2最多以物质的量之比1：1加成，则A为烯烃C5H10，分子中所有碳原子一定共面，则碳原子成四面体结构，故A为2-甲基-2-丁烯；
（3），，故烃B最简式为C5H7，B为苯的同系物，设B的分子式为CaH2a-6，根据最简式计算a的值，确定分子式，若其苯环上的一溴代物只有一种，说明B分子的对称性较好，根据分子式书写符合条件的异构体；
（4）由CH≡CH的4个原子共线可知，要使烃A的5个碳原子共线，满足条件的A的分子中必须有2个-C≡C-，故A为CH≡C-C≡C-CH3。
【详解】烃A和烃B可能互为同系物，如A为，B为的烯烃，故a正确；
当时，若B的分子式与A相同，A、B互为同分异构体，故b正确；
当烃分子中H原子与C原子数目之比大于2：1时，烃为烷烃，当时，A为戊烷，故c正确；
当时，B的分子式为，故d错误；
故答案为：d；
由的4个原子共线可知，要使烃A的5个碳原子共线，满足条件的A的分子中必须有2个，故A为，
故答案为：；
链烃A与最多以物质的量之比1：1加成，则A为烯烃，分子中所有碳原子一定共面，则碳原子成四面体结构，故A为甲基丁烯，
故答案为：甲基丁烯；
，，故烃B的最简式为，B为苯的同系物，设B的分子式为，故a：：7，解得，故B分子式为，
故答案为：。
【点睛】由CH≡CH的4个原子共线可知，要使烃A的5个碳原子共线，满足条件的A的分子中必须有2个-C≡C-，故A为CH≡C-C≡C-CH3。
19.端炔烃在催化剂的存在下可发生偶联反应，称为Glaser反应。
2R—C≡C—HR—C≡C—C≡C—R＋H2
该反应在研究新型发光材料、超分子化学等方面具有重要价值。下面是利用Glaser反应由苯A制备化合物E的一种合成路线：

回答下列问题：
（1）B的结构简式为________，D的化学名称为________。
（2）①和③的反应类型分别为________、________。
（3）E的结构简式为____________________。1 mol E与氢气反应，理论上最多消耗氢气________ mol。
（4）芳香化合物F是C的同分异构体，其分子中只有两种不同化学环境的氢，数目比为3∶1，则符合条件的同分异构体有______种。
【答案】 (1). (2). 苯乙炔 (3). 取代反应 (4). 消去反应 (5). (6). 10 (7). 5
【解析】
【分析】
由B的分子式、C的结构简式可知B为，则A与氯乙烷发生取代反应生成B，则A为．对比C、D的结构可知C脱去2分子HCl，同时形成碳碳三键得到D，该反应属于消去反应．D发生信息中的偶联反应生成E为。
【详解】(1)根据以上分析，B的结构简式为，D为苯乙炔，故答案为；苯乙炔；
(2)根据以上分析，①为A与氯乙烷发生取代反应生成B，③为C脱去2分子HCl发生消去反应生成碳碳三键得到D，故答案为取代反应、消去反应；
(3)E的结构简式为，用1mol E中含有2mol苯环，和 2mol碳碳三键，与氢气发生加成反应，理论上需要消耗氢气2×3+2×2=10mol，故答案为；10；
(4)芳香化合物F是C的同分异构体，其分子中只有两种不同化学环境的氢，数目比为3：1，说明苯环上含有2个氯原子和2个甲基，可能的结构简式有：、、、、，共5种；故答案为5。
【点睛】本题考查有机物的推断与合成，涉及有机反应类型、限制条件同分异构体书写。本题的易错点为(4)，要注意从结构的对称性考虑。
20.金刚烷是一种重要的化工原料，工业上可通过下列途径制备：

请回答下列问题：
（1）环戊二烯分子中最多有__个原子共平面。
（2）金刚烷的分子式为__，其二氯代物有_种。
（3）已知烯烃能发生如下反应：
。
请写出下列反应产物的结构简式：__。
（4）A是二聚环戊二烯的同分异构体，能使溴的四氯化碳溶液褪色，A经高锰酸钾酸性溶液加热氧化可以得到对苯二甲酸提示：苯环上的烷基(—CH3，—CH2R，—CHR2)或烯基侧链经高锰酸钾酸性溶液氧化得羧基，写出A所有可能的结构简式不考虑立体异构：__。
【答案】 (1). 9 (2). C10H16 (3). 6 (4). OHC-CHO+OCHCH2CHO (5). 、、
【解析】
【分析】
（1）与双键碳直接相连的原子一定在同一平面内；
（2）根据结构简式判断有机物的分子式和基团数目；
（3）由信息可知，碳碳双键的碳被氧化为醛基；
（4）能使溴的四氯化碳溶液褪色，应含有碳碳双键，A经高锰酸钾酸性溶液加热氧化可以得到对苯二甲酸，说明烃基位于对位位置．
【详解】碳碳双键为平面结构，碳碳双键形成2个平面可以共面，与双键碳直接相连的原子一定在同一平面内，则5个C和4个H在同一平面内，
故答案为：9；
由金刚烷结构简式，可知金刚烷的分子式为，金刚烷分子只有次甲基、亚甲基上两种H，所以该物质的一氯代物有2种，当次甲基有一个氯原子取代后，二氯代物有3种，当亚甲基有一个氯原子取代后，二氯代物有3种，共6种；
故答案为：；6；
由信息可知，碳碳双键发生臭氧氧化反应，整个过程为碳碳双键断裂，断裂的碳原子连接氧原子形成新的有机物，则发生：
，
故答案为：、；
二聚环戊二烯的分子式为，A是二聚环戊二烯的同分异构体，则A的分子式为，不饱和度为5，A经酸性高锰酸钾溶液加热氧化可以得到对苯二甲酸，且A能使溴的四氯化碳溶液褪色，说明侧链含有，则苯环上两个对位取代基，且连接苯环的碳原子上含有氢原子，A可能的结构简式有：，
故答案为：。
四、实验题（本大题共1小题，共10.0分）
21.已知反应：C2H5OH+NaBr+H2SO4(浓)NaHSO4+C2H5Br+H2O，实验室用如图所示装置制备溴乙烷(沸点为38.4℃，密度为1.43g·mL-1)。

实验前先向仪器a中加入10g乙醇和足量浓硫酸，然后加入研细的20.6g溴化钠和几粒碎瓷片，向试管d中加人少量蒸馏水。
回答下列问题：
（1）加入碎瓷片的作用是__。
（2）试管d中出现的实验现象是___。
（3）反应结束后，试管d中含少量杂质Br2，为了除去粗产品中的杂质Br2，可选用的试剂是__填字母
A.苯 B.H2O C.Na2SO3溶液 D.CCl4
（4）经过分离、提纯、干燥后，该实验最终得到10.9g溴乙烷，则本实验溴乙烷的产率为___。
（5）通过以下几项实验步骤可检验溴乙烷中的溴元素，其正确的操作顺序是取少量溴乙烷___(填序号)。
①加热②加入AgNO3溶液③加入稀HNO3酸化④加入NaOH溶液⑤冷却
【答案】 (1). 防止液体暴沸 (2). 液体分层，下层为油状液体 (3). C (4). 50% (5). ④①⑤
【解析】
【分析】
（1）加入碎瓷片可防止液体暴沸；
（2）根据溴乙烷不溶于水、密度大于水进行分析；
（3）根据溴乙烷和溴的性质，逐一分析能够和溴化氢反应且不能和溴乙烷反应试剂，注意除杂不能引进新的杂质；
（4）根据20.6g溴化钠的质量计算出理论上生成溴乙烷的物质的量，然后根据实际产生的溴乙烷的量计算出产率；
（5）检验溴乙烷中溴元素，应在碱性条件下水解，最后加入硝酸酸化，加入硝酸银，观察是否有黄色沉淀生成。
【详解】加入少量碎瓷片或者沸石，形成溶液的爆沸中心，防止液体爆沸，
故答案为：防止液体暴沸；
由于溴乙烷不溶于水，所以冷却后混合液体会分层，溴乙烷密度大于水，在混合液的下层有油状液体，
故答案为：液体分层，下层为油状液体；
溴和溴乙烷都能溶于苯，不能将二者分离，故A错误；
B.溴在溴乙烷中的溶解度比在水中大，加水难以除去溴乙烷中的，故B错误；
C.溴单质和溶液发生氧化还原反应，可以除去溴单质，故C正确；
D.溴和溴乙烷都能溶于四氯化碳，不能将二者分离，故D错误；
故答案为：C；
根据溴化钠的质量计算出理论上生成溴乙烷的物质的量，然后根据实际产生的溴乙烷的量计算出产率。10g乙醇的物质的量
溴化钠的物质的量，应以溴化钠的质量为准进行计算；根据反应可知，理论上生成溴乙烷的物质的量为；
实际上生成溴乙烷的物质的量为，溴乙烷的产率，
故答案为：；
检验溴乙烷中溴元素，应在碱性条件下水解，最后加入硝酸酸化，加入硝酸银，观察是否有黄色沉淀生成，所以操作顺序为④①⑤，
故答案为：④①⑤。
【点睛】检验溴乙烷中溴元素，应在碱性条件下水解，最后加入硝酸酸化，加入硝酸银，观察是否有黄色沉淀生成。