必修1 板块检测卷（B）-2021年高考物理一轮复习单元滚动双测卷

优创卷·一轮复习单元测评卷第一章 质点的直线运动B卷 培优优选提升卷一、选择题（本题共8小题，每小题4分.在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求，第7～10题有多项符合题目要求.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分.）1.（2020春•信州区期末）质点做匀变速直线运动，已知初速度大小为，经过一段时间速度大小变为，加速度大小为，这段时间内的路程与位移大小之比为，则下列叙述正确的是（    ）A.这段时间内质点运动方向不变 B.这段时间为 C.这段时间的路程为 D.再经过相同时间质点速度大小为【解析】、由于物体通过的路程与位移不同，故物体做减速运动，减速到零后再做反向的加速度运动，故错误；、规定初速度方向为正，△，则运动时间为：，故错误；、这段时间一定先减速度到零，再反向加速度，减速的过程中运动的路程：，反向加速运动的路程：，因此，这段时间总路程：，故正确；、再经过相同的时间，速度大小变为：，故错误。故选：。2.（2020春•南关区期末）快递小哥用遥控飞行器向的高楼送邮包，从地面竖直向上飞行，飞行器的图象如图所示，则下列说法正确的是（    ）A.飞行器全程平均速度为 B.飞行器上升到目的地所需时间为 C.飞行器加速上升和减速上升的加速度大小之比 D.飞行器加速上升和减速上升的位移大小为【解析】、根据图象与时间轴所围的面积表示位移，可得，飞行器全程的位移为，平均速度为，故正确；、，，则内，位移为，则知飞行器上升到目的地所需时间大于，故错误；、根据图象的斜率等于加速度，可得，行器加速上升和减速上升的加速度大小之比为，故错误；、根据几何知识可得，飞行器加速上升和减速上升的位移大小为，故错误。故选：。3.（2019秋•庐阳区期末）高速公路的电子收费系统如图所示，通道的长度是识别区起点到自动栏杆的水平距离。某汽车以的速度匀速进入识别区，天线用了的时间识别车载电子标签，识别完成后发出“滴”的一声，司机发现自动栏杆没有抬起，于是采取制动刹车，汽车刚好没有撞杆。已知司机的反应时间为，刹车的加速度大小为，则该通道的长度约为（    ）A. B. C. D.【解析】在天线识别时间内汽车前进的距离：在司机反应时间内汽车前进的距离为：汽车的刹车距离为：所以通道的总长为：，故正确，错误。故选：。4.（2019秋•中山市期末）两个物体质量分别为和，且，分别从高度为和的地方做自由落体运动。它们在空中的运动时间分别用和表示，落地时的速度大小分别用和表示，则（    ）A.， B.， C.， D.，【解析】两物体均做自由落体运动，由可知，，得；由自由落体的速度公式：可得：；故、、错误，正确。故选：。5.（2019秋•集宁区期末）将弹性小球以的速度从距水平地面高为处竖直向下（正方向）抛出，小球落地后竖直反弹（反弹速度大小不变），取，不计空气阻力，下列说法正确的是（    ）A.时小球的速度大小为零 B.小球上升的最大高度为 C.小球落地时的速度大小为 D.小球落地时速度大小为【解析】、根据，代入数据，，解得，不计空气阻力，运动的加速度均为，运动具有对称性，在经历即时，小球又回到高处，速度大小为，故错误。、根据项知小球上升的最大高度为，故正确。、小球落地时的速度大小为，故错误故选：。6.（2020春•海安市期末）生活中经常用刀来劈开物体。如图所示是刃的横截面，是竖直向下作用在刀背上的力，若刀的横截面是等腰三角形，刀刃两侧面的夹角为，刀的重力为，则刀劈物体时对物体侧向推力的大小为（    ）A. B. C. D.【解析】将力根据平行四边形定则分解如下：由几何知识得，侧向推力的大小为：，故错误，正确。故选：。7.（2019秋•梅州期末）如图所示，为骨科医院用于牵引受伤颈椎的器具的示意图，一根轻绳绕过两个定滑轮和一个动滑轮后两端各挂一个质量相同的重物，与动滑轮相连的帆布带牵引病人的受伤颈椎（图中是用手指代替颈椎做实验），整个装置在同一竖直平面内如果要增大颈椎所受的拉力，可采取的办法有（    ）A.只将手指向下移动 B.只将手指向上移动 C.只增加与重物相连的绳子长度 D.只增加重物的质量【解析】由力的合成可知：、在分力不变时增大夹角，则合力减小，即将手指向上移动时增大了夹角，而将手指向下移动，则合力增大，故正确，错误；、只增加绳的长度既没有增大分力的大小，也没有改变力的夹角，所以对合力没有影响，故错误；、夹角不变时，分力增大，合力就增大，增加重物的重量就是增大分力，故正确；故选：。8.（2019秋•镇雄县期末）将物体所受重力按力的效果进行分解，下列各图中正确的是（    ）A.B. C.D.【解析】、重力产生了使物体下滑的效果及压斜面的效果；故两分力即图中所示；故正确；、重力产生了向两边拉绳的效果，故正确；、重力产生了向两墙壁的挤压的效果，故两分力应垂直于接触面；故错误；、重力产生了拉绳及挤压斜面的效果，故作图正确；故正确；故选：。9.（2019秋•陇川县期末）图中、是两个位于固定斜面上的正方形物块，它们的质量相等。是沿水平方向作用于上的推力。已知、的接触面，、与斜面的接触面都是光滑的。正确的说法是（    ）A.、可能沿斜面向上运动 B.对的作用力沿水平方向 C.、对斜面的正压力相等 D.受到的合力等于受到的合力【解析】、对整体受力分析可知，整体受重力、推力及支持力；若重力的分力小于推力向上的分力，则物体可能向上运动；故正确；、两物体之间只有弹力，而弹力的方向是垂直于接触面的，故对的作用力沿斜面方向，故错误；、对分析可知，受重力、支持力、的弹力及的作用；而受重力、的作用力及支持力，故对斜面的压力等于重力的分力，而对斜面的压力等于重力的分力与垂直于斜面的分力之和，故对斜面的压力要大，故错误；、因两物体加速度相同，由牛顿第二定律可知，两物体受到的合力一定相等，故正确；故选：。10.（2020秋•怀化期末）在大型物流货场，广泛应用着传送带搬运货物。如图甲所示，与水平面成角倾斜的传送带以恒定速率运动，皮带始终是绷紧的，将的货物放在传送带上的处，经过到达传送带的端。用速度传感器测得货物与传送带的速度随时间变化图象如图乙所示，已知重力加速度，由图可知（    ）A.、两点的距离为 B.、两点的距离为 C.货物与传送带间的动摩擦因数为0.4 D.货物与传送带间的动摩擦因数为0.5【解析】、物块在传送带上先做匀加速直线运动，当速度达到传送带速度，一起做匀速直线运动，所以物块由到的间距对应图象所围梯形的“面积”， ，故错误，正确；、由图象可知，物块在传送带上先做匀加速直线运动，加速度为：对物体受力分析受摩擦力，方向向下，重力和支持力，得：，即为：同理，做的匀加速直线运动，对物体受力分析受摩擦力，方向向上，重力和支持力，加速度为：得：即：联立解得：，故正确，错误；故选：。 二、非选择题（本大题共6小题，共60分）11.（6分）[2020•龙凤区校级模拟]某同学在做“验证力的平行四边形定则”实验时，利用坐标纸记下了橡皮筋的结点位置点以及两个弹簧测力计拉力的大小和方向，如图所示（小格的边长代表。（1）由和的图示，可知二者的合力大小为                 ；（2）有关此实验，下列叙述正确的是　　 ；.两细绳必须等长.两次拉橡皮筋时，需将橡皮筋结点拉到同一位置.若只增大某一个弹簧测力计的拉力的大小而要保证橡皮筋结点位置不变，只需要调整另一个弹簧测力计的拉力的大小即可.拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些以便于减小误差（3）在实验中，如果将细绳也换成橡皮筋，那么实验结果是否会发生变化？答：　　    （选填“会”或“不会” 。【解析】（1）根据力的平行四边形定则做出合力，如图所示。根据题中给的信息，测出合力大小为。（2）、细绳只是记录弹簧秤拉力方向，它的长度对实验结果没有影响，故错误；、两次拉橡皮筋时，需将橡皮筋结点拉到同一位置，使合力与分力的效果相同，故正确；、橡皮筋结点位置不变即合力不变，若一个分力大小发生变化，另一个分力的方向一定会发生变化，故错误；、拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些，使力的方向更准确，以便于减小误差，故正确。故选：。（3）细绳只记录弹簧秤拉力的方向，因此将细绳换成橡皮条，不会改变实验结果。故答案为：（1）；（2）；（3）不会。12.（6分）[2020•北京]在“探究加速度与物体受力、物体质量的关系”实验中，做如下探究：（1）为猜想加速度与质量的关系，可利用图1所示装置进行对比实验。两小车放在水平板上，前端通过钩码牵引，后端各系一条细线，用板擦把两条细线按在桌上，使小车静止。抬起板擦，小车同时运动，一段时间后按下板擦，小车同时停下。对比两小车的位移，可知加速度与质量大致成反比。关于实验条件，下列正确的是　 　（选填选项前的字母）。.小车质量相同，钩码质量不同.小车质量不同，钩码质量相同.小车质量不同，钩码质量不同（2）某同学为了定量验证（1）中得到的初步关系，设计实验并得到小车加速度与质量的7组实验数据，如表所示。在图2所示的坐标纸上已经描好了6组数据点，请将余下的一组数据描在坐标纸上，并作出图象。次数12345670.620.560.480.400.320.240.150.250.290.330.400.500.711.00（3）在探究加速度与力的关系实验之前，需要思考如何测“力”。请在图3中画出小车受力的示意图。为了简化“力”的测量，下列说法正确的是　　（选填选项前的字母）。.使小车沿倾角合适的斜面运动，小车受力可等效为只受绳的拉力.若斜面倾角过大，小车所受合力将小于绳的拉力.无论小车运动的加速度多大，砂和桶的重力都等于绳的拉力.让小车的运动趋近于匀速运动，砂和桶的重力才近似等于绳的拉力13.（10分）[2020·陕西省联考]A车在直线公路上以20m/s的速度匀速行驶，因大雾天气能见度低，当司机发现正前方有一辆静止的B车时，两车距离仅有76m，A车司机立即刹车（不计反应时间）而做匀减速直线运动，加速度大小为2m/s2（两车均视为质点），求：（1）通过计算判断A能否会撞上B车？若能，求A车从刹车开始到撞上B车的时间（假设B车一直静止）；（2）为了避免碰撞，A车在刹车同时，如果向B车发出信号，B车收到信号经△t=2s的反应时间才开始匀加速向前行驶，问：B车加速度a2至少多大才能避免事故.（这段公路很窄，无法靠边让道）【答案】（1）（2）【解析】（1）设A车从刹车到停止所用的时间为t0、位移x由速度时间公式：解得：由速度位移关系有：代入数据解得：x=100m＞76m   所以A要撞上B车 设撞上B车的时间为t1由代入数据得：解得：，（因为大于10s故舍去）故时间为（2）假设A车恰能追上B车，设B车运动时间为t，则A车运动时间为t+2，此时两车速度相等，即：解得：由位移关系：可知化简后得：由以上得：，解得：即：要使AB不相撞，为避免事故B车的最小加速度.14.（12分）[2020·攀枝花市第十五中学校高一期中]如图所示，放在粗糙斜面上的物块A和悬挂的物块B均处于静止状态，轻绳AO绕过光滑的定滑轮与轻质弹簧的右端及轻绳BO的上端连接于O点，轻质弹簧中轴线沿水平方向，轻绳的OC段与竖直方向的夹角θ＝，斜面倾角α＝，物块A和B的质量分别为mA＝0.5kg、mB＝0.3kg，弹簧的劲度系数k＝200N/m，重力加速度g＝10 m/s2，求：（1）弹簧的伸长量x；（2）物块A受到的摩擦力。【答案】（1）0.02m （2） 2N，方向沿斜面向下【解析】（1）以轻绳OB和物块B为研究对象，受力如图并正交分解，据平衡条件有：x方向：kx﹣Fsin＝0…①y方向：Fcos53°﹣mBg＝0…②又：TOB＝MBg…③由②解得：F＝5N，kx＝4N代入①解得：x＝0.02m（2）假设摩擦力沿斜面向下，则对物块A受力分析如图所示并正交分解，轻绳各处张力大小相等，TOC＝TCA据平衡条件有x方向：F﹣mAgsin﹣f＝0…④解得：f＝2N方向：沿斜面向下。15.（12分）[2020·山西省长治市开学考试]如图所示，质量为M的斜劈倾角为，在水平面上保持静止，当将一质量为m的木块放在斜面上时正好匀速下滑，如果用斜面成角的力F拉着木块沿斜面匀速上滑.（1）求拉力F的大小；（2）若，求F的最小值以及对应的的取值.【答案】（1） ；（2） 5N【解析】（1）没有加拉力F时，由物体在斜面上恰能匀速下滑，根据共点力平衡条件可得在拉力F作用下匀速上滑时，受重力、拉力、支持力和摩擦力，如图所示根据共点力平衡条件有，平行斜面方向垂直斜面方向其中解得（2）若，则有当α=15°时，拉力F最小，为16.（12分）[2020·广州市期末]如图所示，倾角α＝30°的足够长光滑斜面固定在水平面上，斜面上放一长L＝1.8 m、质量M ＝3 kg的薄木板，木板的最上端叠放一质量m＝1 kg的小物块，物块与木板间的动摩擦因数μ＝.对木板施加沿斜面向上的恒力F，使木板沿斜面由静止开始做匀加速直线运动.设物块与木板间最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取重力加速度g＝10 m/s2.（1）为使物块不滑离木板，求力F应满足的条件；（2）若F＝37.5 N，物块能否滑离木板？若不能，请说明理由；若能，求出物块滑离木板所用的时间及滑离木板后沿斜面上升的最大距离.【答案】（1） F≤30N；（2） 物块能滑离木板，1.2s，s=0.9m.【解析】（1）对M、m，由牛顿第二定律对m，有，，代入数据得：.（2），物块能滑离木板 ，对于M，有 1对m，有，设物块滑离木板所用的时间为，由运动学公式：，代入数据得：，物块离开木板时的速度，由公式：，代入数据得.