中考物理全真模拟卷共10套（附答案+解析）

备战2020中考物理全真模拟卷01
物理
（考试时间：60分钟 试卷满分：100分）
一、填空题（本题共6小题，每空2分，共28分）
1．小雨在探究光的直线传播时进行了如下操作：他在家中的空鱼缸中倒入水，再在其中倒入了大量的盐，过了几天，他让一束激光射入盐水中，光路如图所示，图中光线沿________（选填“直线”或“曲线”）传播，这说明光沿直线传播是有条件的，介质应当具有________的特点。

【答案】曲线 同种均匀
【解析】由图知，光进入盐水后，向下发生了弯折，这是盐水不均匀造成的；说明光必须在同种均匀介质中才会沿直线传播。
2．《流浪地球》是2019年大年初一开始公演的中国科幻大片，影片中有一段情节描述了将来某一天，由于太阳辐射的减少，在地球表面，北京气温达℃，这里人呼吸时呼出的“白气”已经不是水滴，而是一些小冰晶，这些冰晶的形成是______现象，在这个过程中，要______热。
【答案】凝华 放
【解析】人呼出的气体中含有水蒸气，水蒸气遇到温度极低的冷空气直接变成了固态小冰晶，所以这是凝华现象，凝华过程要放热。
3．小物块在水平面上以2 m /s的速度匀速前进时，受到的滑动摩擦力大小为5 N。当它在同一水平面上以4 m/s的速度前进时，受到的滑动摩擦力大小为_________N；如果小物块在运动过程中受到的所有力突然消失，它将_____________。
【答案】5 匀速直线运动
【解析】当物块以2m/s的速度在水平地面上匀速前进，受到的滑动摩擦力大小为5 N，当物体以4m/s速度在水平地面上匀速前进时，因压力大小及接触面的粗糙程度不变，则物块受到的滑动摩擦力的大小不变，还是5 N；小物块在运动过程中受到的所有力突然消失，由于惯性，它将做匀速直线运动。
4．用钢笔吸墨水时，先捏笔胆排出里面的空气，在________的作用下，把墨水压进钢笔内；在青藏高原气压低，水的沸点_________（填“低于”、“高于”或“等于”）100℃；平时用的茶壶的壶盖都有一个小孔，下端是连通的，构成一个________。
【答案】大气压 低于 连通器
【解析】吸墨水时，现将笔胆内的空气挤出去，笔胆内气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下，将墨水压入笔胆；1标准大气压下水的沸点是100℃，气压低，液体的沸点低，我国的青藏高原海拔高，高山上气压低，低于1标准大气压，水的沸点低于100℃；茶壶盖上开小孔后，茶壶与壶嘴的上端都是开口的，使其与外界大气连通，底部连通，因此是利用的连通器原理。
5．如图所示的电路中，要使电阻与电阻组成并联电路，应闭合开关________，此时电流表与的示数之比为，则与的电阻之比为________，与的电功率之比为_________。

【答案】S1、S3 2:1 1:2
【解析】要使电阻R1与电阻R2组成并联电路，即让电阻的两端分别连在一起，由图知道，当闭合开关S1、S3，断开开关S2时，两个电阻的两端分别连在一起，电流经过电流表A1，分别经过S1、R1后和另一支路A2、R2、S3汇合后回到电源的负极，它们这种连接方式是并联；电流表A1测量干路的电流I，电流表A2测量支路R2的电流I2，则支路R1 的电流I1=I–I2，由并联电路的分流特点知道，；由于两电阻并联，所以，它们两端的电压相等，故R1与R2消耗的电功率之比是：。
6．如图为我们实验室所用电流表的内部结构示意图．当接入电路，有电流通过线圈时，线圈带动指针偏转．测量时首先把强弱变化的电流转换为线圈受力大小的变化，其物理原理是___________；再将线圈受力的大小转换为线圈偏转角度的大小，其物理原理是________________。

【答案】磁场对电流有力的作用 力可以改变物体的运动状态
【解析】当给处于磁场中的线圈通电时，线圈运动起来，说明通电线圈受到力的作用，由此可以确定原理：通电导线在磁场中受到力的作用；线圈受到力的作用，线圈由静止变为运动，说明其在力的作用下运动状态发生了改变．由此可知原理为：力可以改变物体的运动状态。
二、选择题（本题共8小题，每小题3分，共24分）
7．在央视一套《经典咏流传》中，龚琳娜高唱屈原的《离骚》，用古代编钟演奏震撼全场！这些编钟在演奏时发出声音主要的不同是
A．音色 B．音调
C．响度 D．无法判断
【答案】B
【解析】这些编钟大小不同，振动发声时，其振动频率不同，而频率决定音调，所以这些编钟在演奏时发出声音主要的不同是音调。而音色和响度相似，没有太大的区别。故选B。
8．关于能源、信息和材料，下列说法不正确的是
A．天然气是不可再生能源
B．北斗卫星导航系统是利用电磁波来传递信息的
C．二极管是用半导体材料制成的
D．随着科学技术快速发展，我国已经建成了利用核聚变能量发电的核电站
【答案】D
【解析】A．煤炭、石油、天然气在短时间内不能从自然界得到补充，属于不可再生能源，故A正确；B．电磁波可以在真空中传播，故北斗卫星导航系统是利用电磁波来传递信息的，故B正确。C．二极管元件是利用半导体材料制成的，故C正确D．目前已建成的核电站的能量来自于重核的裂变，而不是轻核聚变，故D错误；故选D。
9．如图所示，在“探究凸透镜成像规律”的实验中，当蜡烛和凸透镜之间的距离为26 cm时，在光屏上得到一个清晰缩小的实像（未画出）。下列说法中正确的是

A．该凸透镜的焦距大于13 cm
B．只将凸透镜向左移，可以在光屏上得到清晰放大的像
C．只将蜡烛和光屏互换，可以在光屏上得到清晰缩小的像
D．将蜡烛远离凸透镜时，为了在光屏上得到清晰的像，应将光屏远离凸透镜
【答案】B
【解析】A．由题可知：当蜡烛和凸透镜之间的距离为26 cm时，在光屏上得到一个清晰缩小的实像，则物距，解得焦距，故A错误；B．只将凸透镜向左移，减小物距，增大像距，可以在光屏上得到清晰放大的像，故B正确；C．由光路的可逆性可知，只将蜡烛和光屏互换，物距在1倍焦距和2倍焦距之间，可以在光屏上得到清晰放大的像，故C错误；D．凸透镜成实像时，物距增大，像距减小，像变小，蜡烛远离凸透镜时，物距变大，像距将变小，为了在光屏上得到清晰的像，应将光屏左移，光屏靠近凸透镜，故D错误。
10．如图所示，平衡车是现在非常流行的新型代步工具。人们脚踏底座，手推操纵柄，依靠自身重心的偏移就可控制平衡车向任何方向前进，还能原地转弯，即使在人潮拥挤的国贸360也能自由穿行。关于平衡车下列说法正确的是

A．当人站在平衡车上静止时，平衡车受到的重力与地面对它的支持力是一对平衡力
B．遇到紧急情况时，平衡车不能立即停下来，是因为一切物体都受到惯性的作用
C．当人随平衡车一起前进时，以平衡车为参照物，人是运动的
D．平衡车前进时，电能转化为机械能
【答案】D
【解析】A、平衡车的重力加上人的重力才等于地面对平衡车的支持力，不符合二力平衡的条件，故A错误；B、遇到紧急情况时，平衡车不能立即停下来，是因为平衡车具有惯性的原因，，但是不能说受到惯性作用，故B错误；C、平衡车匀速行驶时，平衡车与人的位置没有发生改变，因此平衡车相对于人是静止的，故C错误。D、平衡车前进时，电能转化为机械能，故D正确。故选D。
11．如图所示，光滑斜面AB＞AC，沿斜面AB和AC分别将同一重物从它们的底部拉到顶部，所需拉力分别为F1和F2，所做的功分别为W1和W2，则

A．F1＜F2，W1=W2 B．F1＜F2，W1＜W2
C．F1＞F2，W1＞W2 D．F1＞F2，W1=W2
【答案】A
【解析】根据功的原理可知：斜面越长越省力，斜面AB＞AC，所以斜面AB更省力，即F1＜F2；同一重物的重力不变，高度相等，由W=Gh得到克服重力做的功相等，斜面光滑说明摩擦力为0，由功的原理可知Fs=Gh，所以拉力做的功相等，即W1=W2。故A符合题意，BCD不符合题意。
12．如图所示，把一个在家庭电路中正在发光的灯泡放到蹄形磁体中间，发现灯丝晃动.关于这种现象，下列说法中正确的是

A．灯丝晃动是因为灯丝是钨制成的，能够被磁体吸引
B．该现象中，内能转化为机械能
C．灯丝晃动是因为磁场对通电导体有力的作用
D．利用该现象原理可以制成发电机
【答案】C
【解析】A．灯丝是钨制成的，钨不是磁性材料，不能够被磁体吸引。故A错误。B．该现象中消耗电能产生机械能，将电能转化为机械能。故B错误。C．正在发光的灯泡中灯丝有电流通过（即通电导体），将其放入磁场中后，会受到磁场的作用力，所以灯丝会晃动。所以灯丝晃动是因为磁场对通电导体有力的作用。故C正确。D．利用通电导体在磁场中受力原理可以制成电动机。故D错误。
13．（双选）如图所示，一小球由细线吊着在间自由摆动，不计空气阻力和摩擦，下列说法正确的是

A．小球由点到点的过程中，重力势能转化为动能
B．小球在点和点，所受重力的方向不相同
C．当小球刚好摆动到点时，假如所有力突然消失，小球将保持静止状态
D．小球由点到点的过程中速度加快，是因为受力运动状态发生改变
【答案】CD
【解析】A．小球由点到点的过程中，动能转化为重力势能，故A不符合题意；B．小球在点和点，所受重力的方向相同，故B不符合题意；C．当小球刚好摆动到点时，假如所有力突然消失，小球将保持静止状态，故C符合题意；D．小球由点到点的过程中速度加快，是因为受力运动状态发生改变，故D符合题意。
14．（双选）如图所示，电源电压保持2 V不变，小灯泡L标有“2.5 V 5 W”字样，小灯泡的阻值保持不变。下列说法正确的是

A．电源工作时，将其他形式的能转化为电能
B．闭合开关时小灯泡的实际功率为3 W
C．闭合开关后再闭合开关，小灯泡L变得更亮
D．开关和都闭合后滑片向右移，电流表的示数变小
【答案】AD
【解析】A．电源工作时，将其他形式的能转化为电能，故A符合题意；B．由得，小灯泡的电阻，电源电压U=2 V，闭合开关时，小灯泡的实际功率为，故B不符合题意；C．闭合开关后再闭合开关，小灯泡L与滑动变阻器并联，并联各支路互不影响，故小灯泡L的亮度不变，故C不符合题意；D．开关和都闭合后滑片向右移，滑动变阻器连入电路的阻值变大，电路的总电阻变大，所以电流表的示数变小，故D符合题意。
三、作图题（本题共2小题，每小题2分，共4分）
15．如图所示，在水平桌面上有一个小球向右滚动，小球在平面镜中的像竖直向下运动，请在图中画出该平面镜的位置。

【答案】
【解析】把小球与小球的虚像连接，找出连线的中点；过此中点，作线段的垂直平分线，垂直平分线即是平面镜的位置，在镜面的背面画出短斜线，并标出垂直符号。注意：小球与小球的虚像连接要用虚线，平面镜要用实线，如图所示：

16．如图所示，是电冰箱压缩机，是冰箱内的灯泡，开关、，导线若干，电源。利用这些器材，构成电冰箱内的电路，要求仅闭合时，只有灯发光，仅闭合时，只有压缩机在工作。用笔画线代替导线将图中元件连接起来符合要求。

【答案】
【解析】电动机与灯泡并联，且开关与灯泡串联，与压缩机串联，如下图所示：

四、实验探究题（本题共3小题，第17题4分，第18题6分，第19题8分，共18分）
17．如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同，燃料的质量都是10 g，烧杯内的液体质量和初温也相同。

（1）下列说法正确的是___________。
A．比较不同液体的比热容，可以选择甲、丙两图
B．比较不同液体的比热容，可以选择乙、丙两图
C．比较不同燃料的热值，可以选择乙、丙两图
D．比较不同燃料的热值，可以选择甲、丙两图
（2）为了研究不同物质的吸热能力，利用其中两幅图进行实验，根据记录的数据作出了两种液体的温度随时间变化的图像，如图所示：

①不同物质吸热的多少是通过___________来反映的（选填“温度计示数”或“加热时间”）；
②由图可以看出，___________液体的比热容较大；
③如果已知B液体的比热容是1.8×103J/（kg·℃），则A液体的比热容是__________J/（kg·℃）。
【答案】（1）A （2）①加热时间 ②b ③0.9×103
【解析】（1）AB．为了比较不同液体的比热容，需要燃烧相同的燃料，加热不同的液体，让液体的质量和温度的变化相同，通过比较加热时间，进而判断两种液体比热容的大小关系，应选择甲和丙两图进行实验，选项A正确，选项B错误；CD．为了比较不同燃料的热值要用不同的燃料，应加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断热值大小，应选择甲和乙两图进行实验，选项CD错误；
（2）①不同物质吸热的多少是通过加热时间来反映的；②由图示图象可知，a和b升高相同的温度，如温度都升到60℃，a需要的是时间是10min，b需要的时间是20min，b需要更长的加热时间，这也就说明了b的吸热能力强一些，a的吸热能力弱，所以b液体的比热容较大；③根据Q吸=cm∆t可知，在质量和吸收热量一定时，温度的变化值和比热容成反比。我们可以用相同的燃料1加热时间10min，a和b吸收的热量就是相同的，a的温度变化值∆t甲=80℃–20℃=60℃，b的温度变化值∆t乙=50℃–20℃=30℃，据Q吸=cm∆t得，a液体吸收的热量：Qa吸=cam∆ta，b液体吸收的热量：Qb吸=cbm∆tb，则cam∆ta=cbm∆tb，所以a的比热容：=0.9×103J/（kg·℃）。
18．小明在“研究杠杆平衡条件”的实验中所用的实验器材有，刻度均匀的杠杆，支架，弹簧测力计，刻度尺，细线和重0.5 N的钩码若干个。

（1）如图A所示，实验前，杠杆左侧下沉，则应将左端的平衡螺母向______（选填“左”、“右”）调节，直到杠杆在水平位置平衡，目的是便于测量______。
（2）小明同学所在实验小组完成某次操作后，实验如图B所示，他们记录的数据为动力F1=1.5 N，动力臂l1=0.1 m，阻力F2=1 N，则阻力臂l2=______m。杠杆在生活中有很多应用，现欲使图中静止的跷跷板发生转动，男孩不动，小女孩乙可采取的做法是________________。
（3）丙同学通对数据分析后得出的结论是：动力×支点到动力作用点的距离=阻力×支点到阻力作用点的距离，与小组同学交流后，乙同学为了证明丙同学的结论是错误的，他借助弹簧测力计做了如图C的实验，此实验______（选填“能”或“不能”）说明该结论是错误的。
（4）有一组同学猜想杠杆的平衡条件可能是“动力+动力臂=阻力+阻力臂”，于是用图中所示的装置，进行实验验证时，他们在右端挂了4个钩码，左端挂了6个钩码，经过调整，得到了下表的实验数据：于是，他们认为自己的猜想得到了验证。你认为他们的实验过程存在的问题是：实验只凭一组数据得出结论_________________。
动力F1/N
动力臂l1/cm
阻力F2/N
动力臂l2/cm
2
3
3
2
【答案】（1）右 力臂 （2）0.15 女孩向远离支点方向移动 （3）能 （4）将两个单位不同的物理量进行相加
【解析】（1）调节杠杆在水平位置平衡，杠杆右端偏高，左端的平衡螺母应向上翘的右端移动，使杠杆在水平位置平衡；当杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小，同时消除杠杆自重对杠杆平衡的影响；
（2）由杠杆平衡条件得：1.5N×0.1m=1N×l2，l2=0.15m要使翘翘板转动，可采取的做法是：男孩不动，女孩向远离支点方向移动；
（3）乙同学为了证明丙同学的结论是错误的，他做了如图C的实验，此实验能得到“动力×支点到动力作用点的距离≠阻力×支点到阻力作用点的距离”，这说明丙同学的结论是不正确的；当动力臂不等于支点到动力作用点的距离时，看实验结论是否成立，所以利用丙图能进行验证；
（4）只测出了一组数据，没有普遍性，单位不同的两个量是不能相加的，将两个单位不同的物理进行相加，这是错误的。
19．物理小组探究导电液体的导电性与接入电路中液体横截面积大小的关系。他们用长方体水槽、浓度一定的食盐水、电源、滑动变阻器、电压表及电流表等器材进行了探究。实验电路连接如图1所示，将电极M、N分别固定在水槽左右两侧底部的中央。

（1）闭合开关前，为保护电路，应将滑动变阻器的滑片P移到最________（选填“左”或“右”）端。
（2）实验中，通过调节_________来保持电极M、N间的电压恒为3V。控制其他条件不变，通过向水槽中添加食盐水，从而达到改变食盐水的_______的目的，用电流表测出相应的电流值。食盐水导电性的强弱可以由_______来判断。实验数据如下表：
实验序号
横截面积S/cm2
电流I/A
1
50
0.02
2
100
0.04
3
150
0.07
4
200
0.08
5
250
0.11
6
300
0.13
7
350
0.14
8
400
0.14
9
450
0.14
（3）依据表格中的数据在图2中描点，做出电流I随横截面积S变化的I–S图像。
（4）分析表格中的数据或图像，可得到初步结论：其他条件不变，横截面积增大时，食盐水的导电性_______。
（5）为验证实验结论是否具有普遍性，应采取的做法是_______________。
【答案】（1）右 （2）滑动变阻器的滑片 横截面积 电流表的示数（或电流的大小） （3） （4）先增大后不变 （5）换不同导电液体，多次实验（或换不同浓度的食盐水，多次实验）
【解析】（1）滑片P滑到右端，滑动变阻器接入电路中的阻值最大，能起到保护电路的作用；
（2）通过调节滑动变阻器滑片改变接入电路的的阻值，从而控制MN两端的电压不变恒为3V；添加盐水后，液体的横截面积增大，所以通过向水槽中添加食盐水，从而达到改变食盐水的横截面积的目的；食盐水的导电性能可以通过电流表的读数判断，电流大，导电性能强，电流小，导电性能弱，即食盐水导电性的强弱可以由电流表的示数（或电流的大小）来判断；
（3）根据表格中的数据描点连线，作出电流I随横截面积S变化的I–S图像，如图：

（4）根据表格中的数据或图像都可以看出，当食盐水的横截面积增大时，电流先增大后不变，所以食盐水横截面积增大时，导电性也是先增大后不变；
（5）根据一次实验得出结论具有偶然性，为了验证实验结论是否具有普遍性，可以换不同导电液体，进行多次实验，或换不同浓度的食盐水，进行多次实验。
五、综合应用题（本题共2小题，每小题13分，共26分）
20．如图所示为一款雪地摩托车，空车质量为90 kg。求：（燃油的热值取q=4.0×107J/kg，g取10 N/kg）

（1）雪地车载着质量为50 kg的人静止在水平地面上，雪地车与地面接触的总面积为20 dm2，雪地车对地面的压强是多少？
（2）雪地车以36 km/h的速度在水平地面匀速直线行驶，输出功率为8 kW，则雪地车所受阻力是多少？
（3）若雪地车以8 kW的输出功率行驶2 h，消耗了3.6 kg燃油，则雪地车发动机的效率是多少？
【答案】（1）7×103 Pa （2）800 N （3）40%
【解析】（1）空车质量为90kg，雪地车载着质量为50kg的人静止在水平地面上，总质量m=90kg+50kg=140kg，
静止时对水平地面的压力：F=G=mg=140kg×10N/kg=1400N，
静止时对水平地面的压强：p==7×103Pa；
（2）该雪地车以36km/h的速度匀速行驶：v=36km/h=36×m/s=10m/s，
根据P==Fv可得，所受阻力：f=F牵==800N；
（3）该车以8kW的输出功率行驶2h所做的功：W=Pt′=8×103W×2×3600s=5.76×107J，
汽油完全燃烧放出的热量：Q放=mq=3.6kg×4×107J/kg=1.44×108J，
则雪地车发动机的效率：η==40%。
21．在课外活动中，同学们设计了一种物品自动筛选器，可将质量小于一定标准的物品自动剔除，其原理如图甲所示：放在水平轻质传送带上的物品，经过装有压敏电阻R的检测区时，使R的阻值发生变化，其阻值随压力变化的关系如图乙所示。已知电源电压为12 V，R0为定值电阻，当电路中电压表示数小于2.4 V时，机械装置启动，将质量不达标的物品推出传送带，实现自动筛选功能。g取10 N/kg。试问：

甲 乙
（1）当物品随传送带匀速运动时，物品_________（选填“受”或“不受”）摩擦力。
（2）当检测区上没有物品时，电压表的示数为2 V，R0的阻值为多少？
（3）当压敏电阻的电功率最大时，电路中的电流为多少？此时在检测区上物品的质量是多少？
（4）电路中的电池使用一段时间后，电源电压会降低，能通过检测区物品的最小质量将______（选填“增大”或“减小”）。
【答案】（1）不受 （2）20Ω （3）0.3A 4kg （4）增大
【解析】（1）因为物品随传送带匀速运动，所以物品处于平衡态，不会受到摩擦力的作用。
（2）当检测区上没有物品时，由图乙可知R=100Ω，
且R两端的电压UR=U–U0=12 V–2 V=10 V
所以，电路中的电流I=UR/R=10 V/100 Ω=0.1 A，则R0=U0/I=20 Ω
（3）R的电功率P=（U–U0）I=（U–IR0）I=12I–20I2
利用求极值公式，可知当I=0.3 A时，P有最大值，
此时电压表的示数U0=IR0=0.3 A×20 Ω=6 V
则R=（U–U0）/I=（12–6）V/0.3A=20 Ω，由图乙可知对应的压力F=40N
则物品的质量m=G/g=F/g=40 N/（10 N/kg）=4 kg
（4） 根据题意知道当电路中电压表示数2.4 V时，检测区上物品的质量最小，由串联电路的特点知道此时R两端的电压最大，且UR=U–U0，若电源电压会降低，U0=2.4 V，R0为定值电阻，则UR减小，即R减小，由图像知道，压力F会增大，能通过检测区物品的最小质量将增大。


备战2020中考物理模拟试卷02
（考试时间：60分钟 试卷满分：100分）
一、填空作图题（本题共9小题，每空2分，共36分）
1．2019年诺贝尔化学奖授予了在锂离子电池研发领域作出贡献三位科学家，在一个由锂电池作为电源的电路中，锂电池两端的电压让电荷发生___________从而形成电流；为了纪念意大利物理学家_________，以他的名字为电压的单位。
【答案】 (1). 定向移动 (2). ；伏特。
【解析】 [1]根据题意知道，在一个由锂电池作为电源的电路中，锂电池两端的电压让电荷发生定向移动，从而形成电流；[2]为了纪念意大利物理学家伏特，以他的名字为电压的单位。
2．长时间大音量用耳机听音乐会使耳膜受损，是因为声音能够传递_____，为此需要减小声音的_____．
【答案】 (1). 能量 (2). 响度
【解析】声音能够传递能量，因此音量太大会使耳膜受损，音量太大是指声音的响度太大；为此减小声音的音量，需要减小声音的响度．
【点睛】声音不但能传递信息，还能够传递能量；声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的．
3．一个鸡蛋在盐水中匀速向上运动，请在图中画出鸡蛋受力的示意图。(O为鸡蛋重心)

【答案】
【解析】由于鸡蛋在盐水中匀速向上运动，所以，受到的浮力与重力是一对平衡力，二力的作用点都在重心，浮力的方向是竖直向上，重力的方向竖直向下，用带箭头的线段分别表示出浮力和重力，并标出F浮 和G；注意物体的重力与浮力大小相等， 如下图所示。
4．如图所示，用以O点为支点的杠杆OA提升重物，F是作用在杠杆A端的力。图中线段AD与力F的作用线在一条直线上，且OD⊥AD、BC⊥AD。线段_____表示力F的力臂。（选填“BC”、“OD”或“AD”）

【答案】OD
【解析】因为力与力臂垂直，力臂过支点，因此线段OD表示力F的力臂。
5．如图所示，物体甲和乙所受重力都为160N，滑轮重力及摩擦忽略不计，当用力分别匀速提起物体甲和物体乙时，F甲为________ N，F乙为________ N。

【答案】 (1). 160 (2). 80
【解析】左图的滑轮不随物体一起运动,所以甲是定滑轮,定滑轮不省力,所以F甲＝G＝160N；右图滑轮随物体一起升降,所以是动滑轮,所以可以省一半的力,F乙＝G ＝×160N＝80N
【点睛】（1）掌握定滑轮的工作特点：不能省力，但可以改变用力方向；（2）掌握动滑轮的工作特点：可以省一半的力，但不可以改变动力方向．
6．在汽油机工作的四个冲程中，将机械能转化为内能的是_____冲程。汽车上的散热器采用水作为冷却剂，已知容积为5L的水箱装满初温为20 ℃的水，如果以汽车的散热器吸收了1.89 ×106J的热量时，在1标准大气压下，水的温度将升高_____℃。这些热量相当于完全燃烧了_____kg的天然气放出的热量。（己知水的比热容为c水=4.2 × 103J/ （kg•℃），天然气的热值为7 × 107J/kg）
【答案】 (1). 压缩 (2). 80 (3). 0.027
【解析】 [1]在压缩冲程中，机械能转化为内能；[2]根据可得，5L水的质量为：；由可得，水升高的温度为：；由题知，水的初温为20 ℃，在1标准大气压下，水的沸点为100℃，所以水温升高80℃，达到水的沸点，再吸热，水沸腾时的温度为100℃不再变化，所以水的温度将升高80℃；[3]由题知：；需要完全燃烧天然气的质量：。
7．有两个电路元件A和B，流过元件的电流与其两端电压的关系如图所示，A的电阻值为_____Ω;当A和B串联,两者电阻相同时，电源电压为_____V；A和B并联在电压为2.5V的电源两端A、B的电功率之比为_____。

【答案】 (1). 5 (2). 6 (3). 5：4
【解析】 [1]由题中的图象可知，当通过A的电流时，A两端的电压，由欧姆定律可得，A的电阻值：；[2]当A和B串联，两者电阻相同时，它们两端的电压和通过的电流相等，由题中的图象可知，电路中的电流为0.6A，两元件两端的电压均为3V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以电源的电压：；[3]A和B并联在电压为2.5V的电源两端时，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以两元件两端的电压都等于2.5V；由题中的图象可知，通过两元件的电流是，，则A、B的电功率之比： 。
8．华为某款手机锂电池上面标明电压为3.7V,容量为3000mAh,则它充满电后存储的电能为______J；该手机的待机电流为15mA,则该手机最长待机时间为______h
【答案】 (1). 39960 (2). 200
【解析】充电电流所做的功即储存的电能为：=3.7V×3000×10-3A×3600s=39960J．该手机最长待机时间为：．
9．据统计，我国每年大约有5万多人因溺水意外死亡，其中未成年人溺水的事件最为多见。造成类似溺水事故的原因之一是：由于光的_________（填“直线传播”“反射”或“折射”），使人感到“看到”的水深度比实际的_________（填“深”或“浅”）。
【答案】 (1). 折射； (2). 浅。
【解析】 [1][2]由于光线从水中通过空气折射进入了人的眼睛，我们看到的水底，实际是水底的虚像，是由光的折射形成的。由于折射角大于入射角，所以水底的实际位置要比看到的位置要深。
二、选择题（本题共7小题，每小题3分，共21分）
10．下列说法中正确的是( )
A. 原子核在常温下就能发生轻核聚变
B. 太阳的能量来自大量的氘核的裂变
C. 能量在转化的过程中总量保持不变，并且存在方向性
D. 煤、石油、天然气都属于可再生能源
【答案】C
【解析】A．核聚变反应必须在极高的压力和温度下进行，在常温下不能进行，A说法错误，不符合题意；B．太阳的能量来自大量的氘核的聚变，不是裂变，B说法错误，不符合题意；C．能量在转化过程中遵循能量守恒定律，所以总能量保持不变，能量的转化是有方向性的，C说法正确，符合题意；D．煤、石油、天然气一旦使用后短时间不可能再生，属于不可再生能源，D说法错误，不符合题意；故选C．
【考点定位】能源分类；能量转化；原子能
11．茶杯放在水平桌面上处于静止状态，下列说法正确的是（ ）
A. 桌面受到杯子的压力就是杯子的重力
B. 杯子受到的重力和桌面对杯子的支持力是一对平衡力
C. 桌子受到的重力与地面对桌子的支持力是一对平衡力
D. 杯子受到的重力和桌面对杯子的支持力是一对相互作用力
【答案】B
【解析】A．杯子对桌面的压力是由于杯子的重力而产生的，重力是由于地球吸引而使物体受到的力，但这两个力性质不同，作用物体不同，不能说桌面受到杯子的压力就是杯子的重力，故A错误；
BD．杯子受到的重力和桌面对杯子的支持力大小相等，方向相反，作用在一条直线上，作用在一个物体上，是一对平衡力。故B正确，D错误；C．桌子受到的重力与地面对桌子的支持力，二力大小不相等，不是平衡力，故C错误；
12．如图所示，在粗糙程度相同的水平面上，手推木块向右压缩轻质弹簧至图甲所示位置，松手后，木块最终停止在图乙所示位置。下列说法正确的是（ ）

A. 弹簧被压缩过程中，长度变短，弹簧的弹性势能减小
B. 木块被弹簧弹离后的瞬间，如果它受到的力全部消失，木块将立即停止不动
C. 木块从被弹簧弹离至停止前的过程中，速度减小，縻擦力不变
D. 图乙中，木块受到的支持力和木块对水平面的压力是一对平衡力
【答案】C
【解析】A．弹簧被压缩过程中，长度变短，形变变大，所以弹簧的弹性势能增大，故A错误；
B．木块被弹簧弹离的瞬间具有一定的速度，如果它受到的力全部消失，由牛顿第一定律可知，木块将做匀速直线运动；故B错误；C．木块从被弹簧弹离至最终静止的过程中，木块对水平地面的压力和接触面的粗糙程度没有变，所以摩擦力的大小是不变的，故C正确；D．木块受到的支持力和木块对水平面的压力作用在不同物体上，是相互作用力，不是一对平衡力，故D错误。
13．很多动物为了适应生存环境，进化出了符合一定物理规律的自身部位，下列从物理学的角度给出的解释中正确的是（　　）
A. 泥鳅身上的粘液能减小摩擦，在泥土中不易被黏住，更易滑溜
B. 壁虎的脚掌上有许多“吸盘”，是为了减小重力使其在天花板上也不会掉下来
C. 啄木鸟的嘴很尖细，可以减小压强，从而凿开树干，捉到躲藏在深处的虫子
D. 深水里的海鱼，其体形结构更适宜在压强小的深海中生存
【答案】A
【解析】A、泥鳅身上的粘液能减小摩擦，在泥土中不易被黏住，更易滑溜．故A正确；B、“吸盘”能使壁虎“吸”在墙上，是把盘内的空气挤出，然后就被外界的大气压紧压在了墙壁上，不能减小重力．故B错误；C、啄木鸟的嘴很尖细，在压力一定时增大了压强，从而很容易凿开树干，捉到躲藏在深处的虫子．故C错误；D、根据p＝ρgh深海处的海水压强很大，所以深水里的海鱼，其体形结构更适宜在压强大的深海中生存．故D错误．故选A．
点睛：（1）减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦．（2）地球被厚厚的大气层包围着，地球表面的物体都受到大气压的作用；（3）增大压强的方法：是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；是在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强．（4）据液体压强p＝ρgh可知，在海水中，越深处海水的压强越大．据此分析判断．
14．如图所示,在螺线管内放入一枚小磁针(涂黑端为N极),当开关S闭合后,小磁针北极的指向将

A. 不动 B. 向外旋90°
C. 向里旋90° D. 旋转180°
【答案】A
【解析】当开关S闭合后，由安培定则可知，螺线管右端为N极，左端为S极，由题意可知原来图中小磁针的N是指向右端的。小磁针北极的指向和该点磁场的方向是相同的，在螺线管的外面，磁感线的方向是从N极出发指向S极的，而在螺线管的内部是由S极指向N极的，故当开关S闭合后，小磁针的北极指向不动，故选A。
15．下列操作能使图中的小灯泡L1和L2组成串联电路的是

A. 闭合开关S1、S2和S3 B. 只闭合开关S1和S2
C. 只闭合开关S2和S3 D. 只闭合开关S3
【答案】D
【解析】A．若闭合开关S1、S2和S3，电流不经过用电器直接从电源的正极流入电源负极，从而形成电源短路，故A不符合题意；B．若只闭合开关S1和S2，灯泡L1和L2组成并联电路，故B不符合题意；C．若只闭合开关S2和S3，灯L2短路，电流不经过灯L2，只有灯L1连入电路，则灯L1发光，故C不符合题意；D．要使灯泡L1和L2组成串联电路，应将灯L1和L2首尾相连接到电源两端，则由图知道，只要闭合S3，断开S1、S2，故D 符合题意．
16．在图甲所示的电路中，当滑片 P 由 b 移到 a 的过程中，定值电阻 R1 两端的电压与滑动变阻器 接入电路的电阻 R2 的变化情况如图乙所示。下列说法正确的是

A. 电阻 R1 的阻值为 20Ω
B. 滑片 P 移到 b 端时，R2 两端的电压为 6V
C. 滑片 P 移到 a 端时，R2 的电流为 0.1A
D. 当滑片 P 移到中点时，通过 R1 的电流为 0.3A
【答案】D
【解析】AC．由图象可知，当滑片P移到b端时，电路为的简单电路，电压表的示数为电源的电压等于6V；滑片P移到端时，与滑动变阻器的最大阻值串联，由图象可知，滑动变阻器的最大阻值为20Ω，电压表的示数，因为串联电路中总电压等于各分电压之和，所以滑动变阻器两端的电压：，因为串联电路中各处的电流相等，所以：，代入数据得：，解得，由欧姆定律得，滑片 P 移到 a 端时，R2 的电流为：，故AC项错误；B．当滑片P移到b端时，电路为的简单电路，电压表的示数为电源的电压，此时滑动变阻器 接入电路中的电阻为0，两端的电压为0，故B项错误；D．由图象可知，当滑片P移到中点即时，，通过的电流：，故D项正确；

三、实验探究题（本题共3小题，17题6分，18题6分，19题8分，共20分）
17．如图所示为“探究滑动摩擦力的大小与什么因素有关”的实验。

（1）三次实验中用弹簧测力计水平匀速拉动木块A，分别读出弹簧测力计的示数为F1、F2和F3，其中最大的是_____________。
（2）比较甲、乙两次实验，得出的结论是：___________。
（3）在丙图中，匀速拉动时弹簧测力计示数F3为1.6N，若弹簧测力计示数增大到2N，此时木块A所受滑动摩擦力为________N。
【答案】 (1). F3 (2). 压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大 (3). 1.6
【解析】第一空．由图知道，三次实验中，甲乙压力相同，乙接触面较粗糙，所以乙的示数大于甲的示数；乙丙接触面的粗糙程度相同，丙压力较大，所以丙的示数大于乙的示数；所以三次实验中弹簧秤示数最大的是F3；第二空．比较甲、乙两次实验，压力相同，接触面的粗糙程度不同，可以探究滑动摩擦力大小与接触面的粗糙程度之间的关系，得出的结论是：在压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；第三空．在丙图中，弹簧测力计示数F3为1.6N，则摩擦力等于拉力等于1.6N，若弹簧测力计示数增大到2N，由于压力大小和接触面的粗糙程度不变，所以，木块A所受滑动摩擦力不变仍是1.6N。
18．小李同学想测出盐水的密度ρ盐水，他手边只有：一个已经调好的弹簧测力计、一段细线、一个立方体金属块（金属块的密度ρ已知）、一个装有适量盐水的烧杯。小李同学用这些实验器材按照下面的步骤进行实验。
（1）将立方体金属块用细线系好，挂在弹簧测力计下，测出金属块受到的重力G；
（2）将弹簧测力计吊着的金属块浸没盐水中且不接触烧杯，记录测力计的示数F
根据以上实验数据和已知条件完成下列填空：
金属块体积是_____，金属块受到的浮力等于____，盐水的密度ρ盐水=_____________。
【答案】 (1). (2). G-F (3).
【解析】第一空．金属块的质量为： ，则金属块的体积为： ；第二空．由称重法求浮力可知，金属块受到的浮力为：F浮=G-F；第三空．由称重法求浮力可知，金属块受到的浮力为：F浮=G-F，因为金属块浸没，所以：V物=V排，由阿基米德原理可知： 。
19．如图甲所示，是用伏安法测定电阻的实验装置．

（1）闭合开关前滑动变阻器滑片的位置如图甲所示，这是_____（选填“合理”或“不合理”）的；
（2）如果闭合开关后发现，电流表指针向左偏转（如图乙所示），产生故障的原因可能是_____，排除故障后，调节滑动变阻器滑片的位置，当电压表的示数为2.4V 时，电流表的示数如图丙所示为_____A，则被测电阻的阻值为_____Ω．
【答案】 (1). 不合理 (2). 电流表正负接线柱接反了 (3). 0.24 (4). 10
【解析】 (1)为保护电路，闭合开关时，滑动变阻器连入电路中的电阻应最大，图中，变阻器连入电路中的电阻最小，不合理；(2)在测量电流时，指针反向偏转，说明电流表正负接线柱接反了；图中电流表使用小量程,分度值为0.02A,示数为0.24A,根据欧姆定律R＝＝＝10Ω.。
【点睛】（1）为保护电路，闭合开关时，滑动变阻器连入电路中的电阻应最大；（2）根据电流表指针反向偏转回答；根据图中电流表小量程读数，根据欧姆定律求电阻大小．
四、综合应用题（本题共3小题，20题5分，21题9分，22题9分，共23分）
20．歼20是由成都飞机设计研究所设计、成都飞机工业公司制造的中国第五代隐身重型歼击机。由网络查询得到下列数据:
空载质量
最大飞行速度
作战半径
最大飞行高度
17吨
2.8马赫
2200千米
18500米
其中,最大飞行速度2.8马赫,表示歼20的最大飞行速度是空气中声速的2.8倍。 (1)若空气中声速取340m/s.求歼20以2马赫的速度飞行10min运动的路程。 (2)如图所示.空载的歼20停在水平地面.若轮胎与地面接触的总面积为0.4m2,求地面受到的压强。(g取10N/kg)

【答案】（1）40800m （2）4.25×105pa
【解析】：本题考查知识点速度与路程的计算，以及压强的公式应用，都是基础知识比较简单，需要考生注意时间单位的换算，容易被忽略。（1）由题意知：飞机速度v=2v声=680m/s s=v×t=680m/s×60s=40800m；（2）此时飞机对地面的压力大小等于其重力，F=mg=1.7×105N
由压强定义p＝得： p＝==4.25×105pa。
21．小聪的爸爸给自家的小汽车安装了电加热座椅垫如图甲．小聪研发发现该座椅垫有“高温”、“低温”、“关”三个档位，其电路示意图如图乙，电源电压为12V，R2=7.2，低温功率为9W.求：

(1)座椅垫处于“低温”时，电路中的电流是多少?
(2)加热片R1的阻值是多少?
(3)座椅垫处于“高温”档时，功率是多少？高温档5min能产生热量是多少焦耳?
【答案】（1）0.75A（2）8.8Ω（3）6000J
【解析】（1）座椅垫处于“低温”时，电路中的电流：；（2）由图可知，低温时R1、R2串联，串联的总电阻：，已知R2=7.2Ω，根据电阻的串联可得加热片R1的阻值：R1=R-R2=16Ω-7.2Ω=8.8Ω．（3）电源电压不变，高温挡功率最大，由可知电路中电阻应最小，结合电路图可知，座椅垫处于“高温”挡时只有R2接入电路，所以高温功率为：，高温档5min产生的热量为Q=W=P高t=20W×5×60s=6000J．
答：（1）座椅垫处于“低温”时，电路中的电流是0.75A；（2）加热片R1的阻值是8.8Ω；（3）高温档功率是20W；高温档加热5min产生的热量是6000J．
22．如图所示，某施工队利用滑轮组从水中提取质量为2000kg、体积为1m3的物体，上升过程中物体始终不接触水底和露出水面，g=10N/kg，水的密度为1.0×103kg/m3。

（1）物体完全浸没在水中时，求物体所受浮力的大小；
（2）已知动滑轮重2000N，若不计绳重和摩擦，当浸没在水中的物体披匀提升时，求电动机对绳子的拉力；
（3）求此滑轮组做功的机械效率（结果保留1位小数）。
【答案】（1）．1×104N（2）．4000N（3）．83.3%
【解析】（1）．物体受到的浮力：F浮=G排=ρ水V排g=ρ水V物g=1.0×103kg/m3×1m3×10N/kg=1×104N；
（2）．物体所受的重力：G=mg=2000kg×10N/kg=2×104N；当物体浸没在水中，滑轮组对物体的拉力：F拉=G-F浮=2×104N-1×104N=1×104N，动滑轮重2000N，由图知，n=3，电动机对绳子拉力：
。（3）．不计绳重和摩擦，滑轮组做功的机械效率：。
答：（1）．物体完全沒没在水中时，物体所受浮力为1×104N；（2）．浸没在水中的物体披匀提升时，电动机对绳子的拉力为4000N；（3）．此滑轮组做功的机械效率为83.3%。
备战2020中考物理模拟试卷03
（考试时间：90分钟 试卷满分：100分）
一、选择题（本题共16小题，每小题2分，共32分）
1．下列说法中正确的是 （　　）
A．磁感线是磁场中真实存在的一些曲线，还可以通过实验来模拟
B．磁体周围的磁感线从磁体的S极出来，回到磁体的N极，构成闭合曲线
C．磁感线上某一点的切线方向与放在该点的小磁针静止时南极所指的方向相反
D．磁感线分布越密的地方，其磁场越弱
【答案】C。
【解析】A、磁感线不是真实存在的，而是一些假想的线，所以A说法错误；B、在磁体的外部，磁感线从磁体的北极出来，回到南极，所以B说法错误。C、磁感线上某一点的切线方向与放在该点的小磁针静止时北极所指的方向一致，与南极所指的方向相反，所以C说法正确。D、磁感线分布越密的地方，其磁场越强，所以D说法错误。
2．能源、信息和材料是现代社会发展的二大支柱，下列说法中正确的是 （　　）
A．手机无线上网是利用了电磁波传输信号的
B．节能高效的LED灯是使用半导体材料制成
C．目前建成的核能发电站利用了核聚变原理
D．酒精汽油的使用是为了节约不可再生能源
【答案】C。
【解析】（1）电磁波能够传递信息；（2）LED灯是一种新型的高效节能光源，它的核心元件是发光二极管，二极管是由硅和锗等材料制作成，而硅和锗是半导体材料；（3）核能发电是利用铀原子核裂变时放出的核能来发电的；（4）酒精可以通过粮食发酵制取，也可以通过化学方法合成，属于可再生能源。A、手机无线上网是利用了电磁波传输信号的，该选项说法正确；B、节能高效的LED灯是使用半导体材料制成，该选项说法正确；C、目前核电站是利用核裂变释放的核能来发电的，该选项说法不正确；D、酒精汽油的使用是为了节约汽油，汽油属于不可再生能源，该选项说法正确。
【点评】本题考查了学生对电磁波的传播、半导体、核裂变以及能源分类的掌握，具有一定的综合性，属于基础知识的考查。
3．图所示的光现象中，由于光的反射形成的是 （ ）
A. 阳光穿过树林 B. 小桥在水中的例影
C. 铅笔好像被折断 D. 阳光穿过三棱镜
【答案】B
【解析】(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。A．阳光穿过树林是由于光的直线传播，则A不符合题意；B．平静水面上小桥的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，则B符合题意；C．将铅笔斜插入水中时，从上面看水中的铅笔，铅笔反射的光经水面折射进入我们的眼睛，折射角大于入射角；眼睛逆着折射光线看去，误认为光是沿直线传播的，会感到铅笔的位置比实际位置高一些，看起来是向上弯折了，则C不符合题意；D．阳光经三棱镜折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象，属于光的折射，则D不符合题意。
4．在学校、医院或科研部门附近，经常有如图所示的禁止鸣笛的标志，通过禁止鸣笛减少噪声污染。下列措施中，与这种控制噪声的方法相同的是 （ ）

A. 在教室周围多植树 B. 学生戴上防噪声耳罩
C. 上课时关闭教室的门窗 D. 在图书馆禁止高声喧哗
【答案】D
【解析】控制噪声有三种方法：防止噪声的产生（即在声源处减弱噪声）、阻断噪声的传播（即在传播过程中减弱）和防止噪声进入耳朵（在人耳处减弱）。禁鸣喇叭就是在声源处减弱噪声。禁鸣喇叭就是在声源处减弱噪声；A. 在教室周围多植树，是在传播过程中减弱噪声，则A不合题意；B. 学生戴上防噪声耳罩，是在人耳处减弱噪声，则B不合题意；C. 上课时关闭教室的门窗，是在传播过程中减弱噪声，则C不合题意；D. 在图书馆禁止高声喧哗，是在声源处减弱噪声，则D符合题意。
5．下列现象中，不属于利用惯性现象的是 （ ）
A. 用手拍打衣服上的灰尘 B. 运动员采用助跑跳远
C. 锤头松了，将锤柄在地上撞击几下 D. 骑自行车时为了减速捏刹车闸
【答案】D
【解析】A、用手拍打衣服上的灰尘，灰尘由于惯性保持原来的状态，离开了衣服，利用了惯性，不符合题意．B、．对运动员助跑跳起后，离开地面，由于惯性人会继续向前运动，利用了惯性，不符合题意．C、撞击中，锤头和锤柄一块运动，锤柄受力静止，而锤头由于惯性还要继续运动，与锤柄结合的更结实，利用了惯性，不符合题意D、骑自行车时为了减速捏刹车闸，是利用增大压力来增大摩擦力，不是利用惯性，所以符合题意。所以选D．
【考点】惯性
【点评】根据惯性是指任何物体都有保持原来运动状态的性质，是物体固有的属性，一切物体都具有惯性．对四个选项的物理情景进行逐个分析，然后与题目的要求进行对应，从而得到答案．
6．早在我国西汉时期成书的《淮南万毕术》中就有关于冰透镜的记载：“削冰令圆，举以向日，以艾承其影，则火生。”图中关于该记载解释的光路图正确的是 （ ）
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】凸透镜对光线有会聚作用，平行于主光轴的光线，经凸透镜折射后会聚成一点；根据凸透镜对光的会聚作用来分析解答此题。由冰透镜对着大阳却能聚光，使艾绒着火，由此可知冰透镜是凸透镜，因为凸透镜对光线有会聚作用，且行于主光轴的光线，经凸透镜折射后会聚成一点，故选A。
7．下列的四幅图，对应的说法正确的是 （　　）
A．通电导线周围存在着磁场，将小磁针移走，该磁场消失
B．闭合开关，通电螺线管右端为N极
C．闭合开关，保持电流方向不变，对调磁体的N、S极，导体的运动方向不变
D．闭合开关，只要导体在磁场中运动，电路中就一定会有感应电流
【答案】B。
【解析】（1）通电导线的周围存在磁场，但磁场看不见、摸不着，可以通过小磁针的偏转说明磁场的存在；（2）安培定则：用右手握螺线管，让四指指向螺线管中电流的方向，则大拇指所指的那端就是螺线管的北极；（3）通电导体在磁场中受到力的作用，受力方向与磁场方向和电流方向有关，当其中一个方向变化时，受力方向变化，但当两个方向同时变化时，受力方向不变；（4）闭合电路的部分导体，在磁场中切割磁感线运动，在导体中将产生电流，叫电磁感应。A、通电导线周围存在磁场，将小磁针移走，磁场仍存在，故A错误；B、由图知，电源的正极在右侧，则螺线管中电流方向是由右侧流入、左侧流出，利用安培定则可知通电螺线管的右端为N极，故B正确；C、通电导体在磁场中受到力的作用，其受力方向与磁场方向和电流方向有关；电流方向不变，对调磁体的N、S极即改变了磁场方向，则导体的运动方向将改变，故C错误；D、闭合开关，导体棒在磁场中运动，若导体棒不切割磁感线，就不会产生感应电流，故D错误。
【点评】本题考查了电与磁之间的三个联系：通电导体的周围存在磁场、通电导体在磁场中受力和电磁感应现象，还考查了安培定则的应用，要求平时学习时注意区分三个相关实验的原理和应用。
8. 关于温度、热量和内能，下列说法中正确的是 （ ）
A. 物体的温度越高，所含热量越多 B. 温度高的物体，内能不一定大
C. 0℃的冰块，内能一定为零 D. 任何两物体间都会发生热传递
【答案】B
【解析】用来描述热量的术语是：吸收和放出，故A不正确；内能的大小和温度、质量、状态等因素有关，故温度高的物体，内能不一定大，故B正确；因为一切物体都具有内能，0℃的冰块，也具有内能，故C不正确；发生热传递的条件是有温度差，故D不正确，故选B．
9．下列列数据中最接近实际情况的是 （ ）
A. 一名普通初中生站立在教室内，对地面的压强大约为
B. 普通课桌的高度约为
C. 一名普通初中生步行上楼时的功率为
D. 一瓶标有“”未开封的矿泉水⽔，其中水的质量约为
【答案】B
【解析】A．中学生的重力约为500N，双脚与地面的接触面积约为500cm2=0.05m2，对地面的压强约为： ；B．普通课桌的高度约为0.8m，即80cm左右；C．中学生的重力约为500N，一层楼约高3m，步行上1层楼约用10s，因此功率约为： ；D．水的体积为550cm3，密度为1g/cm3，因此质量为： 。
10．下列说法中正确的是 （ ）
A. 质量大的物体动能就大 B. 速度大的物体动能就大
C. 功率大的机械做功就多 D. 效率高的机械做的有用功占总功的比例大
【答案】D
【解析】A．动能由质量和速度共同决定，质量大的物体动能不一定大；B．动能由质量和速度共同决定，速度大的物体动能不一定大；C．功率表示做功的快慢，由做功和时间共同决定，机械做功多不一定功率大；D．机械效率表示机械做功时有用功占总功的比值，机械效率高的机械做的有用功占总功的比例大。
11．利用如图所示的装置，工人用力F把重为100N的物体以0.2m/s的速度匀速提升6m．若不计绳重和摩擦，则这一过程中 （ ）

A. 拉力F的大小为50N B. 绳子自由端的速度为0.4m/s
C. 拉力F所做的功为600J D. 拉力F的功率为10W
【答案】C
【解析】A.如图所示的滑轮是定滑轮，因为绳重及摩擦不计，因此拉力的大小为100N，A选项错误；B.因为滑轮为定滑轮，因此绳自由端移动的速度与物体上升的速度相等，为0.2m/s，B选项错误；C.拉力F所做的功为：，C选项正确；D.拉力的功率为：，D选项错误；本题答案选C.
【考点】定滑轮和动滑轮的特点；功；功率.
12．如图所示，两个小灯泡L1、L2串联，闭合开关S，L1发光，L2不发光，发生这一现象原因，不可能的是 （ ）

A. 电源电压较低 B. L2发生了断路
C. L2发生了短路 D. L2的实际功率很小
【答案】B
【解析】两灯泡串联，其中L1发光，L2不发光，可能原因电源电压较低，灯L2实际功率太小，没有达到发光的功率，AD正确，不符合题意；既然L1发光，说明电路中有电流通过，则L2不可能断路，有故障也只能是短路，故答案选B.
13．图示为某种物质熔化时温度随时间的变化的图象．根据图象，下列判断正确的是（ ）

A. 该物质熔化过程持续了25min
B. 该物质是晶体，熔点为80℃
C. 在第30min，该物质处于固液共存状态
D. 在第10min到第25min之间，由于物质温度不变，所以不吸收热量
【答案】B
【解析】明确图象中横纵坐标所表示的内容，可以看出物质的温度整体呈上升趋势，且有一段时间物质吸热但温度不再高，说明这是晶体熔化的图象，进而可以判断出对应的熔点温度；熔化前处于固态，熔化过程后处于固液共存状态、熔化完成处于液态．分析图象可知，图象中呈水平的一段所对应的温度80℃就是该物质的熔点，该物质有固定的熔化温度，是晶体，该物质从第10分钟开始熔化，到第25分钟左右结束，约进行了15分钟，熔化过程吸热温度不变，故AD错误，B正确；C、在第30min熔化完成，该物质处于液态，故C错误．故选B．
14．放在水平桌面上底面积相等，形状不同的两个玻璃容器A和B中盛满水，且水面相平，如图所示，则水对两容器底的压强和，和水对两容器底的压力和的大小比较（ ）

A. ， B. ， C. ， D. 无法判断
【答案】C
【解析】由液体压强公式可知液体深度相同，密度相同，因此，又因为底面积相等，由公式可得，。A．，与分析不相符；B．，与分析不相符；C．，与分析相符；D．无法判断与分析不相符。
15．如图所示电路中电源电压不变，当S闭合，且滑片P向左滑动时，各电表示数的变化情况是（ ）

A. A1表读数不变，A2表读数变大，V表读数不变
B. A1表读数变大，A2表读数变大，V表读数不变
C. A1表读数变小，A2表读数变大，V表读数变大
D. A1表读数不变，A2表读数变小，V表读数变小
【答案】A
【解析】
【详解】分析可知，电路中灯与R2串联后再与R1并联,电流表A1测R1的电流,电流表A2测干路的总电流,电压表测R1的电压，始终为电源电压保持不变；根据欧姆定律,通过R1的电流大小不变,即A1的示数不变；当S闭合,且滑片P向左滑动时,R2的阻值变小,根据电阻串联的规律,灯与R2串联的总电阻RL2变小,根据电阻的并联规律,R1与RL2并联的总电阻变小,由欧姆定律,电路的总电流变大,即A2示数变大．只有A正确．故选A.
【点睛】分析电路的连接关系及电压表测量的电压、电流表测量的电流，确定电压表示数的变化；根据并联电路电压的规律，由欧姆定律确定电流表A1的示数变化；滑片P向左滑动时，根据串联电阻的规律及并联电阻的规律判断总电阻的变化，根据欧姆定律最终确定电流表A2示数的变化，由此确定正确答案．
16．如图所示，一只老鹰停在一支水平树技上，下列说法中是一对平衡力的是（ ）

A. 老鹰受到的重力和树技对老鹰的支持力 B. 老鹰受到的重力和老鹰对树技的压力
C. 树技对老鹰的支持力和老鹰对树技的压力 D. 老鹰受到的重力和树技对老鹰的摩擦力
【答案】A
【解析】A． 老鹰静止在树枝上，受到的重力和树技对老鹰的支持力作用在一个物体上、大小相等、方向相反，是平衡力，故A正确；B． 老鹰受到的重力和老鹰对树技的压力，分别作用在两个物体上，不是平衡力，故B错误；C． 树技对老鹰的支持力和老鹰对树技的压力是相互作用力，故C错误；D． 老鹰受到的重力和树技对老鹰的摩擦力，不符合大小相等、方向相反的特点，不是一对平衡力，故D错误。
二、填空题（本题共5小题，每空1分，共12分）
17．暑假期间某同学和家人外出旅游，他忘记将家中电视机的电源关闭，电视机处于屏幕保护状态，出门前它家电能表的示数如图所示，10天后它回到家中，电能表的示数为这段时间电视机消耗了_______kW·h的电能，电视机处于屏幕保护状态时，电功率约为 ______W．你从电能表的盘面上还能获得什么信息：_______．(写出一条即可)

【答案】 (1). 2.4 (2). 10 (3). 该电能表接在电压为220 V的电路中工作
【解析】这段时间电视机消耗的电能为1574.7kW·h-1572.3kW·h=2.4kW·h，电视机处于屏幕保护状态时，电功率约为P=W/t=2.4kW·h/（10×24）h=0.01kW=10W．还能知道该电能表接在电压为220 V的电路中工作。
18．21.甲乙两辆汽车匀速直线行驶，它们的功率之比为5:4，受到的阻力之比为5:3，则两辆汽车行驶的速度之比为____________。
【答案】3：4
【解析】因为匀速直线运动，所以汽车受力平衡，阻力等于动力，因此动力之比为5:3，由公式可得，速度之比为： 。
19．美国研究人员研制出一种世界上重量最轻的固体金属材料。这种新材料可以放在蒲公英上面而不会压坏它的籽。这里说的“重量最轻”用确切的物理语言来说是指这种材料的_______很小。纳米材料是由纳米颗粒经过特制得到的，室温下外形相同的纳米铜比普通铜可多拉长50倍而不断裂，这一事例表明纳米铜具有较好的________（选填“硬度”“延展性”或“磁性”）；纳米是________单位。
【答案】 (1). 密度 (2). 延展性 (3). 长度
【解析】 [1]质量的大小与密度和体积有关，“重量最轻”形容的是材料的一种特性，物体的密度与体积和质量无关，属于物体的一种性质，故“重量最轻”是指材料的密度很小；[2]由室温下外形相同的纳米铜比普通铜可多拉长50倍而不断裂，可知纳米铜具有较好的延展性；[3]纳米是长度的单位。
20．两个定值电阻上分别标有“15Ω，0.6A”和“20Ω，0.5A”字样，将两定值电阻串联起来接在某一电路中，则该电路两端所加的最大电压为_____________V；若将两定值电阻并联起来接在某一电路中，则该电路两端所加的最大电压为___________V。
【答案】 (1). 17.5 (2). 9
【解析】 [1] “15Ω，0.6A”表示该电阻的阻值为15Ω，额定电流为0.6A；“20Ω，0.5A”表示该电阻的阻值为20Ω，额定电流为0.5A；因串联电路中各处的电流相等，所以，当两个电阻串联时，电路中的最大电流应为：I大=I2=0.5A，由电阻的串联和欧姆定律可得，该电路两端所加的最大电压：U大=I大（R1+R2）=0.5A×（15Ω+20Ω）=17.5V；[2]两电阻两端允许所加的最大电压分别为：U1=I1R1=0.6A×15Ω=9V，U2=I2R2=0.5A×20Ω=10V，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，该电路两端所加的最大电压为9V。
21．竖直浸没在水中的长方体金属块，上、下表面受到水的压力分别为2牛、10牛，该金属块受到的浮力为______牛。若上表面距离水面的深度为0.1米，则上表面受到水的压强为______帕；增大金属块在水中的深度，金属块受到的浮力将______，（选填“变大”、“不变”或“变小”）。
【答案】 (1). 8 (2). 980 (3). 不变
【解析】 [1]该金属块受到的浮力等于长方体金属块上、下表面受到水的压力之差，即，[2]由题意可知，上表面受到水的压强为，[3]根据阿基米德原理可知，金属块受到的浮力大小等于它排开的液体所受的重力，即，增大金属块在水中的深度，金属块排开水的体积不变，水的密度也不变，那么金属块受到的浮力将不变。
三、作图题（本题共2小题，每小题3分，共6分）
22．如图所示，将一个小球浸没在水中由静止释放，请根据小球的受力情况分析其可能出现的运动情况。（可画受力示意图辅助说明）

【答案】
【解析】根据小球受到的重力与浮力的关系决断小球的运动状态。当浮力小于重力时，合力的方向向下，小球下沉，即向下运动，如左图；当浮力等于重力时，二力平衡，合力为零，小球保持静止，处于悬浮状态，如右图；当浮力大于重力时，合力的方向向上，小球上浮，即向上运动，如中间图。【点睛】根据重力和浮力的大小关系，求得合力，结合运动和力的关系可分析运动状态，这也是我们常用到的浮沉条件之一。
23．在如图中，将电源、电流表、电压表三个元件符号正确填入电路的空缺处。要求：开关S闭合后R与L串联，且电压表测小灯L两端的电压。

【答案】
【解析】假设左端空缺处是电压表，那么开关闭合后，电流流过R后，为了R与L串联，中间空缺处不能是电流表，那么只能是电压表，右边空缺处是电流表，这种情况下电压表并接在小灯L两端，测的是小灯L两端的电压，电流流过R后，会继续流过L，再流过电流表，回负极，R与L是串联的；这种元件符合摆放位置符合题意，答案如图所示。
四、简答题（4分）
24．如图所示，很多车主都喜欢在汽车内放置车载香水，殊不知香水瓶会带来诸多的安全隐患，当汽车急刹车或急转弯时，香水瓶极易飞出，对人或车造成伤害。请用所学的物理知识解释汽车急刹车或急转弯时，香水瓶飞出对人或车造成伤害的原因。

【答案】详见解析
【解析】当汽车急刹车或急转弯时，汽车的运动状态发生了变化，而香水瓶由于具有惯性，仍要保持原来的运动状态，所以会飞出，会对人和车造成伤害。
五、实验探究题（本题共3小题，25题6分，26题4分，27题5分，28题3分，29题3分，30题5分，共26分）
25．（1）如图甲所示所测圆柱体的直径为______cm；对同一物体长度进行多次测量的目的是_______。

（2）如图乙所示的时间为________s；温度计是根据液体的____________原理制成的，图丙中体温计示数是________℃：图丁中的小东读数将会比真实值偏________。
【答案】 (1). 1.20 (2). 减小误差 (3). 92 (4). 热胀冷缩 (5). 39.7 (6). 小
【解析】 (1)[1]甲图中刻度尺分度值为0.1cm，则估读到分度值下一位，物体直径为：L=9.20cm-8.00cm=1.20cm，[2]多次测量时为了求平均值以减小误差；(2)[3]分针超过一分半，则秒针读数为32s，故图乙所示时间为92s；[4]液体温度计是根据液体的热胀冷缩原理制成的；[5]体温计分度值为0.1℃，故读数为39.7℃；[6]图丁小东仰视，读数为真实值以下，会导致读数偏小。
26．实验桌上有如图所示的实验装置，还提供了一把刻度尺和相同大小的中国象棋棋子18个，9个为红色，9个为绿色。小阳用这些器材探究平面镜成像的特点。

(1)实验中用透明玻璃代替平面镜的目的是___________。
(2)为了探究平面镜所成像的大小与物距是否有关，小阳主要的实验步骤如下，请你补全②中的实验步骤。
①将两个叠放的红棋子作为物体放在平面镜前面的白纸上，在平面镜后面改变两个叠放的绿棋子的位置，使得从不同角度观察，两个绿棋子与物体的像均完全重合，测量并记录实验数据。
②______________，在平面镜后面改变两个叠放的绿棋子的位置，使得从不同角度观察，两个绿棋子与物体的像均完全重合，测量并记录实验数据。
(3)接下来，小阳拿走绿棋子，将一张白纸放在像的位置处，从物体一侧透过平面镜观察白纸，小阳__________（选填：“能”或“不能”）看到物体的像；为了证明物体所成的像是虚像，接下来他应该_____________。
【答案】 (1). 便于确定像的位置，比较像与物的大小 (2). 改变两个叠放的红棋子到平面镜的距离 (3). 能 (4). 直接观察白纸上能否成物体的像
【解析】(1)探究平面镜成像实验中，要用透明的玻璃板代替平面镜，虽然成像不太清晰，但是在物体一侧能看到物体的像，同时还能看到代替物体的另一个物体，便于确定像的位置，比较像与物的大小；(2)针对小阳计划探究的问题，具体在实验步骤②中作答；(3)实像能承接在光屏上，虚像不能承接到光屏上。 (1)[1]因为玻璃板既能让光透过也可以反射光，容易确定像的位置，比较像与物的大小，而平面镜是不透明的，无法确定像的位置，所以选用玻璃板；(2)[2]针对小阳计划探究的问题，在实验步骤②中，应改变两个叠放的红棋子到平面镜的距离；(3)[3]小阳拿走绿棋子，将一张白纸放在像的位置处，从物体一侧透过平面镜观察白纸，仍能反射成像，所以能看到物体的像；[4]为了证明物体所成的像是虚像，接下来他应该直接观察白纸上能否成物体的像。
27．某实验小组探究某种物质熔化时温度变化的规律，该组小阳同学记录的实验数据如下表所示：
时间/min
05
1
1.5
2
2.5
3
3.5
4
4.5
5
5.5
6
温度/℃
40
42
44
46
48
48
48
48
50
53
56
59

(1)请将表中各个时刻的温度在图的坐标系中描点，并绘制出本次实验中温度随时间变化的图线；
(2)根据图像可知该物质的温度达到42℃时，其状态是___________（选填“固态”、“液态”或“固液共存态”），在第2.7min时该物质的温度是__________℃；
(3)实验过程中，同组的小红同学每隔1min记录一次温度值，你认为_________（选填“小红”或“小阳”）记录的数据更便于找到规律，理由是_________。
【答案】 (1). (2). 固态 (3). 48 (4). 小阳 (5). 小阳记录的实验数据更多
【解析】(1)按表中数据在坐标格中先画点，再描线；(2)熔化的过程是从固态变为液态的过程，关键的分界点在物质的熔点，分界点以前该物质为固态；晶体在熔化时吸热但温度不变，处于固液共存状态； (3)记录时间间隔越小，越能准确反映晶体熔化特点。 (1)[1]根据表格中的实验数据，在坐标格中以横坐标为时间，纵坐标为温度，然后通过描点法在坐标格中描出对应时间的温度，最后将各点用平滑曲线连接起来，得到温度随时间的变化的图像，如图所示。(2)[2]由表中实验数据可知，在42℃时，该物质是固态；[3]从给出数据还可以得出，该物质在2.5min∼4min这段时间内温度保持不变，所以在第2.7min时该物质的温度是48℃；(3)[4][5]记录时间间隔越小，记录的实验数据更多，越能准确反映晶体熔化特点，故小阳记录的数据更便于找到规律。
28．实验桌上有弹簧测力计、大烧杯、水、细线、各种符合要求的金属块。小华同学要利用这些实验器材通过实验证明：金属块浸没在水中时受到浮力的大小与金属块的重力无关。他进行了如下实验：
①把弹簧测力计调零，在大烧杯中装入适量的水。
②找到两个质量相等铜块和铁块（），测出重力，并记录数据。
③分别把铜块和铁块浸没在水中，用弹簧测力计测出拉力，并记录数据。
④根据，计算两个金属块受到的浮力。
他发现两个金属块受到的浮力不相等，于是得出结论：金属块浸没在水中时受到的浮力与金属块的重力无关。
根据以上叙述，回答下列问题：
（1）请你评估，小华的实验存在的两个问题：
①___________ ;
②_____________。
（2）请你针对小华探究过程中存在的问题，写出改正措施：______________。
【答案】 (1). 没有改变物体重力G (2). 没有保持V排不变 (3). 选择体积相同的多种金属进行实验
【解析】 (1)步骤②中选择了两个质量相等的金属块，这样两个金属块的体积不同，完全浸没时，排开液体的体积不同，会造成浮力不同，所以应选用体积相同而重力不同的金属块；实验中只选择了铜块和铁块，这样实验结果可能具有偶然性，应该选择体积相同的多种金属块进行实验，如果浮力都相同，则说明浮力与重力无关；(2)根据(1)的分析，改正措施应该为：选择体积相等的多种金属块进行实验。故答案为：(1). 没有改变物体重力G (2). 没有保持V排不变 (3). 选择体积相同的多种金属进行实验
【点睛】因为浮力大小与液体的密度及物体排开液体的体积有关，因此在设计实验时，应注意控制影响因素相同；不为了得到普遍性的结论，实验中应选择不同的金属块多做几次实验．
29．小东在探究影响滑轮组机械效率高低的因素时，设计了如图所示的两个滑轮组，分别测量两次实验的动滑轮重、钩码总重、钩码上升高度、绳子自由端拉力、绳子自由端移动距离，计算出相应的机械效率，并将它们填入下表中。


序号




s/m

1
1.0
2.0
0.1
10
0.3
66.7%
2
1.0
4.0
0.1
1.8
0.3
74.1%

（1）实验中，测机械效率的原理是___________ 。
（2）实验中，序号1代表图中___________滑轮组。（选填“甲”、“乙”）
（3）在图乙的实验中，滑轮组提升物体所做的有用功为___________J。
【答案】 (1). (2). 甲 (3). 0.4
【解析】第一空．机械效率即机械做功时有用功占总功的比值，用滑轮组提起重物时，有用功：W有=Gh，总功为：W总=Fs，机械效率为： ；第二空．由图像可知，甲的钩码个数小于乙的钩码个数，结合表格可知钩码总重小的为序号1滑轮组，即序号1为甲滑轮组；第三空．图乙对应数据即序号2中数据，因此滑轮组提升物体所做的有用功为：W有=Gh=4N×0.1m=0.4J。
30．如图是小明同学探究“电流与电压关系”的电路图．

（1）请按电路图将实物图连接完整（要求滑片P向左滑时接入电阻变大）．
（2）小明连接电路时，开关应_____，滑动变阻器的滑片P应放在最_____（选填“左”或“右”）端．
（3）闭合开关后小明发现，无论怎样移动滑动变阻器的滑片P，电流表指针几乎不动，电压表指针有示数且不变，原因可能是_____．
（4）接着小明取来三只阻值分别5Ω、10Ω、15Ω的电阻，探究“电流与电阻关系”，他将电阻5Ω换成10Ω，移动滑动变阻器滑片P的目的是_____．
【答案】 (1). (2). 断开 (3). 左 (4). 电阻R断路 (5). 保持定值电阻两端的电压不变
【解析】（1）因滑片P向左滑时电阻变大，应将滑动变阻器滑片右边的电阻连入电路，如图所示；
（2）小华连接电路时，开关应断开，滑动变阻器的滑片P应放在左端；（3）闭合开关后小华发现，无论怎样移动滑动变阻器，电流表指针几乎不动（即电流表示数为0），说明电路中存在断路故障；而电压表指针有示数且不变，说明电压表与电源两极是连通的，即电压表与电路中的其它元件串联了；所以，造成这一故障的原因可能是定值电阻R断路；
（4）小华取来三只阻值分别、、的电阻，探究“电流与电阻关系”，他将电阻换成，根据分压原理，定值电阻的电压变大，根据串联电路电压的特点，应移动滑动变阻器的滑片使其分得电压变大，从而保持定值电阻两端的电压不变．
五、综合应用题（本题共3小题，31题6分，32题6分，33题8分，共20分）
31． 20.某导体两端的电压为6伏，10秒内通过该导体横截面的电荷量为5库。
（1）求通过该导体的电流I。
（2）若通过该导体的电流变为0.6安，求此时导体的电阻R。
【答案】（1）0.5A（2）12Ω
【解析】 (1)由题意可知，通过该导体的电流是；(2)当导体两端的电压是6V时，通过该导体的电流是0.5A，可知导体的电阻是；导体的电阻大小是导体本身一种性质，不随通过该导体的电流变化而变化，所以通过该导体的电流是0.6A时，导体的电阻大小不变，还是12Ω。
答：(1)通过该导体的电流是0.5A；(2)若通过该导体的电流变为0.6A，求此时导体的电阻还是12Ω。
32．某导体电阻为20Ω，通电1min产生的热量是4800J，求：
（1）通过它的电流是多少？
（2）导体消耗电功率是多少？
【答案】(1)2A；(2)80W。
【解析】 (1)由Q= I2Rt得； ；(2)导体消耗电功率：。
答：(1)通过它的电流是2A； (2)导体消耗电功率是80W。
33．2018年4月20日，我国最先进的自主潜水器“潜龙三号”成功首潜，下潜最大深度3955 m，航行24.8 km，顺利完成各项测试指标。如图所示，求“潜龙三号”下潜到最大深度时： （ρ海水≈1.0×103 kg/m3）

（1）“潜龙三号”受到海水的压强；
（2）200 cm2观察窗受到的海水的压力；
（3）受到海水的浮力为2.5×104 N，它排开海水的体积。
【答案】（1）3.955×107Pa；（2）7.91×105N；（3）2.5m3
【解析】（1）．“潜龙三号”受到海水的压强：p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×3955m=3.955×107Pa；
（2）．200 cm2观察窗受到的海水的压力：F=pS=3.955×107Pa×200×10-4m2=7.91×105N；
（3）．它排开海水的体积：V排=。
答：（1）．“潜龙三号”受到海水的压强是3.955×107Pa；（2）．200 cm2观察窗受到的海水的压力是7.91×105N；（3）．它排开海水的体积是2.5m3。
备战2020中考物理模拟试卷04
（考试时间：80分钟 试卷满分：100分）
一、选择题（本题共7小题，每小题3分，共21分）
1．下列关于一名普通中学生的数据，其中合理的是 （ ）
A. 心脏跳动一次时间约为2s B. 正常步行速度约为5m/s
C. 人体密度约为1×103g/cm3 D. 体重约为500N
【答案】D
【解析】A、正常情况下，人的心脏1min跳动的次数在75次左右，跳动一次的时间接近1s，故A错误；B、中学生正常步行的速度在4km/h=4× m/s≈1.1m/s左右，故B错误；C、水的密度是1.0×103kg/m3，人体密度与水的密度差不多，在1.0×103kg/m3左右，故C错误；D、中学生的质量在50kg左右，受到的重力大约为G=mg=50kg×10N/kg=500N左右，故D正确。
2．电动平衡车是一种时尚的代步工具，当人驾驶平衡车在水平地面上做匀速直线运动时，关于平衡车的说法正确的是 （ ）

A. 关闭电机后，平衡车由于惯性仍能继续前进
B. 平衡车的脚踏板上刻有花纹是为了增大压强
C. 人对平衡车的压力与平衡车对人的支持力是一对平衡力
D. 若平衡车在运动过程中所受的力全部消失，平衡车立刻停止
【答案】A
【解析】A．惯性是物体保持运动状态不变的性质，所以关闭电机后，由于惯性，平衡车能继续前进，A正确：B．平衡车脚踏板上的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力的，故B错误；C．人对平衡车的压力与平衡车对人的支持力是相互作用力，不是一对平衡力，故C错误；D．若平衡车在运动过程中所受的力全部消失，根据牛顿第一定律知，平衡车的运动状态不变，将做匀速直线运动，故D错误。
3．下列关于小粒子与大宇宙的说法，正确的是 （ ）
A. 炒菜时油烟上升，说明分子在做无规则运动
B. 地球是宇宙的中心，太阳和其他行星围绕地球转动
C. 原子核式结构模型提出，原子是由原子核和电子组成
D. 松软的馒头用手一捏，体积会变小，这说明分子间存在间隙
【答案】C
【解析】A．炒菜时油烟上升仍是宏观物体的机械运动，不是分子在运动，分子运动是肉眼看不见的，故A错误；B．地球是太阳系中的一个行星，围绕太阳转动，故B错误；C．原子的核式结构模型提出了：原子由原子核和核外电子组成，故C正确；D．松软的大馍用手一捏体积会缩小，这是物体结构松散，中间有气体，这不能说明分子间存在间隙，故D错误。
4．如图所示，在农业领域，一架普通无人机携带农药，一天可完成600亩农田农药喷洒任务，换作人工，则需要60人满负荷工作一整天，科技带来的优势非常明显。假定无人机每次装20kg农药，喷洒的过程中是在同一高度匀速飞行，下列说法正确的是 （ ）

A. 喷洒农药的过程中，无人机重力势能不变 B. 喷洒农药的过程中，无人机动能不变
C. 喷洒农药的过程中，无人机动能增大 D. 喷洒农药的过程中，无人机的机械能减小
【答案】D
【解析】A．因为喷洒的过程中是在同一高度匀速飞行，因此高度不变，喷洒药物质量变小，重力势能变小；B C．因为喷洒的过程中是在同一高度匀速飞行，因此速度不变，，喷洒药物质量变小，动能减小；D．因为喷洒的过程中是在同一高度匀速飞行，因此速度不变高度不变，喷洒药物质量变小，因此动能和重力势能均减小，机械能减小。
5．关于声现象的描述，正确的是 （ ）
A. 人们可以听到次声波 B. 声音的传播需要介质
C. 物体不振动也可以产生声音 D. 超声波清洗牙齿是利用声音传递信息
【答案】B
【解析】人的听觉频率范围在20Hz～20000Hz，低于20Hz的声音为次声，高于20000Hz的声波为超声，都是人耳听不到；声音的传播需要介质；只要有声音产生，一定有物体振动；声音可以传递信息，也可以传递能量。A．超声波和次声波都不在人耳的听觉范围之内，都是人耳听不到的，则A错误；B．声音的传播必须要有介质，声音不能在真空中传播，则B正确；C．声音是由物体振动产生的，一切发声的物体都在振动，则C错误；D．超声波清洗牙齿是利用声波的能量，则D错误。
6．不属于利用如图所示实验原理工作的是 （　　）

A. 动圈式扬声器 B. 动圈式话筒
C. 变压器 D. 发电机
【答案】A
【解析】从图中可看到，有一个灵敏电流计，这是为了测量电流大小，所以这应该是磁生电现象，实验原理是闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流；动圈式扬声器是把变化的电流转化为声音，不是磁生电；动圈式话筒是把声音转化为变化的电流，这是磁生电；变压器是通过变化的磁场产生电流，这是磁生电；发电机是把其他形式能转化为电能，是磁生电；故选A。
7．关于家庭电路和安全用电，下列说法中正确的是 （ ）
A. 在未断开电源的情况下更换灯泡
B. 把用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用
C. 在家庭电路中安装空气开关或保险丝
D. 家庭电路中总电流过大一定是短路造成的
【答案】C
【解析】A．在未断开电源开关的情况下更换灯泡容易发生触电事故，故A错误；B．把用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用，这样当金属外壳漏电时，不能将电流及时导向大地，易发生触电事故，故B错误；C．为防止因为干路电流过大引起火灾，家庭电路中必须安装保险丝或空气开关，故C正确；D．家庭电路中总电流过可能是用电器总功率过大或短路造成的，故D错误。
二、填空题（本题共7小题，每空1分，共21分）
8．（3分）说明下列物体各具有哪种形式的机械能：
（1）水平路面上行驶的汽车具有_____；
（2）被拉长的弹簧具有_____
（3）飞流直下的瀑布具有________。
【答案】 (1). 动能 (2). 弹性势能 (3). 动能和重力势能
【解析】 (1)水平路面上行驶的汽车有质量，因为运动能够对外做功，所以具有动能；(2)正在拉长的弹簧；发生了弹性形变，则说明具有弹性势能；(3)飞流直下的瀑布具有速度和高度，所以具有动能和重力势能。
【点睛】（1）物体由于运动而具有的能量叫动能；动能的大小与物体的质量、速度有关；
（2）物体由于被举高而具有的能量叫重力势能；重力势能的大小与物体的质量、高度有关．
9．（3分）一壶水在炉火上加热，水温升高，其内能________（选填“增大”、“不变”或“减小”），质量为2千克的水温度升高10 ℃，水吸收的热量为________焦．[c水＝4.2×103 J／（kg·℃）]。3kg焦碳完全燃烧放出9×l07J的热量，则焦碳的热值为_______。
【答案】 (1). 增大 (2). 8.4×104J (3).3×107 J/kg
【解析】一壶水在炉火上加热，是通过热传递的方式增加了水的内能，所以水温升高，其内能增大；
质量为2千克的水温度升高10℃，水吸收的热量为：；焦炭的热值为；q ==3×107 J/kg。
10．（3分）一束光从空气中斜射到水面上时发生了反射和折射，入射光线与水面成30°角，则入射角的大小为______，反射角的大小为______，折射角______（选填“等于”“大于”或“小于”）入射角。

【答案】 (1). 60°； (2). 60°； (3). 小于。
【解析】(1)光的反射定律的内容：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角；(2)光的折射定律的内容：入射光线、法线、折射光线在同一平面内，折射光线和入射光线分别位于法线两侧，当光线从空气斜射入其它透明介质时，折射角小于入射角；当光线从其它介质斜射入空气时，则折射角大于入射角；(3)要掌握入射角、反射角、折射角的概念，知道入射角是入射光线与法线的夹角；反射角是反射光线与法线的夹角；折射角是折射光线与法线的夹角。 [1]如图，入射光线与液面的夹角是30°，所以入射角为：；
[2]根据光的反射定律可知，反射角等于入射角也为60°；[3]当光线从空气斜射入水中时，折射角小于入射角。
11．（2分）图所示电路中电源电压不变，闭合开关电路正常工作。一段时间后，灯L突然熄灭，若电路中只有一处故障，且发生在灯L或电阻R处，为查找故障，现将与L规格相同且完好的灯L＇接入a、b 或c、d间。

①若接入a、b间并观察到L＇发光，则可确定故障为_____________。
②若接入c、d间并观察到L＇发光，请结合可能出现的其它现象分别写出对应的故障情况。______。
【答案】 (1). L 断路 (2). 若只有L'发光，则L短路；若L'和L都发光，则R断路；若L'和L都不发光，则L断路。
【解析】 [1]灯L突然熄灭，现在将L＇接入a、b间并观察到L＇发光，说明故障发生在L的位置，且L断路；[2]将灯L＇接入c、d之间，若只有灯泡L＇发光，则故障为灯泡L短路，若灯泡L和L＇都发光，则故障为电阻R断路，若灯泡L＇不发光，则故障为灯泡L断路。
12．（3分）冷空气不断来袭，天气转凉，脸上涂些护肤霜后感觉寒风没那么刺骨．因为护肤霜__________（选填“减慢”或“加快”）蒸发吸热．从冰箱中取出的冻鱼在空气中放置一会儿，冻鱼身上出现一层白霜，又经过一段时间冻鱼身上的霜变成了水，此过程经历的物态变化是先__________后__________（填物态变化名称）．
【答案】 (1). 减慢 (2). 凝华 (3). 熔化
【解析】冷空气不断来袭，天气转凉，脸上涂些护肤霜后感觉寒风没那么刺骨，因为护肤霜减慢了身份的蒸发；从冰箱中取出的冻鱼在空气中放置一会儿，冻鱼身上出现一层白霜，是空气中的水蒸气遇到温度低的冻鱼后凝华为小冰晶，又经过一段时间冻鱼身上的霜变成了水，是固态的霜熔化为水，所以此过程经历的物态变化是先凝华后熔化．
13．（4分）如图，一只圆柱形容器装满水时的总质量是320g，底面积为100cm2，装满酒精时的总质量是280g（ρ水＝1.0×10kg/m3，ρ酒精＝0.8×10kg/m3），则该容器的容积是_____cm3，容器的质量是_____g。将冰块中有一小石块的冰放入盛有一定水的该容器中，冰和石块的总质量是116g，冰块完全沉入水中，这时容器中的水面上升了1.1cm（未装满），当冰全部融化后容器里的水面又下降了0.1cm，冰块中所含的石块质量是_____g，石块的密度是_____g/cm3，（已知ρ冰＝0.9×103kg/m3）．


【答案】 (1). 200 (2). 120，(3). 26 (4). 2.6
【解析】设空容器的质量为m，由密度公式ρ＝可知，水的体积V水＝，酒精的体积V酒＝，分别装满水与酒精时，水与酒精的体积等于瓶子的容积，则V＝V水＝V酒精，即＝，解得：m＝120g；瓶子的容积：V＝V水＝=＝200cm3；设整个冰块的体积为V总，其中冰的体积为V1，石块的体积为V2；冰和石块的总质量为m总，其中冰的质量为m1，石块的质量为m2．由题意可知，冰的体积减去熔化成水后的体积，就是水面下降的体积，即：V1﹣＝0.1cm×100cm2＝10cm3，则：V1﹣V1＝10cm3，解得：V1＝100cm3．冰的质量：m1＝ρ冰V1＝0.9g/cm3×100cm3＝90g．则冰块中所含的石块质量：m2＝m总﹣m1＝116g﹣90g＝26g．由题意可得，冰块和石块的总体积：V总＝S△h1＝100cm2×1.1cm＝110cm3，石块的体积：V2＝V总﹣V1＝110cm3﹣100cm3＝10cm3，所以石块的密度：ρ石＝＝＝2.6g/cm3．
14．（3分）小刚用如图甲所示电路来探究电流与电压的关系，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P从a端移至b端，电流表和电压表的示数变化关系如图乙所示，由图象可知定值电阻R1的阻值是____Ω．实验时，电源电压保持5 V不变，当滑片P位于a端时，由图象可得滑动变阻器消耗的电功率是_____W．此时，电阻R1在10 min内产生的热量为_____J．

【答案】 (1). 10 (2). 0.4 (3). 60
【解析】当P在b端时R2=0Ω，此时电压示数和电流示数最大，且均为R1的数据，所以R1的阻值为：R1==10Ω．当滑动变阻器的滑片移到a端时，R2两端电压U2=U总-U1=5V-1V=4V，由图象知，当R1的电压是1V时，电流为0.1A，根据串联电路的电流处处相等，∴I2=I1=0.1A，∴P2=U2I2=4V×0.1A=0.4W，Q1=W1=U1It=1V×0.1A×600s=60J。
三、作图题（本题共3小题，每小题2分，共6分）
15．（2分）曲杆可绕固定点O转动，在一个最小的拉力F的作用下，在图所示位置保持静止，请在图乙中画出：
①拉力F的力臂和拉力F的示意图；
②所挂物体受到重力的示意图．

【答案】
【解析】由图知，从O到A点的距离最大，以此作为动力臂最长．此时作用在杠杆最右端的拉力最小，可以确定力的方向垂直于OA斜向上；物体的重力作用在重心，方向竖直向下，如图所示：

16．（2分）如图，在电路中的圆圈内填上电压表或电流表的符号，使R1、R2并联连接．

【答案】
【解析】要使两灯并联，从电源正极流出的电流应分别流入两电阻，左边的“○”中应填入电压表，这样电流就分别经过灯泡L1和L2，流过两灯泡中的电流应汇合共同流回负极，右边的“○”中应填入电流表，如下图所示：

17．（2分）如图， 画出条形磁体N 极发出的一条磁感线及其方向、标出小磁针的S 极。

【答案】
【解析】根据异名磁极相互吸引，同名磁极相互排斥可知小磁针的左端是N极，右端是S极，因为在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极，所以磁感线的方向是指向右的，如图所示：

四、实验探究题（本题共5小题，每空1分，共18分）
18．（4分）（1）如图甲所示所测圆柱体的直径为______cm；。如图乙所示的时间为________s；
（2）图丙中体温计示数是________℃；图丁所示小金属块的质量为：_____g；。
【答案】 (1). 1.20 (2). 92 (3). 39.7 (4). 62.4
【解析】 (1)[1]甲图中刻度尺分度值为0.1cm，则估读到分度值下一位，物体直径为：L=9.20cm-8.00cm=1.20cm；[2] 分针超过一分半，则秒针读数为32s，故图乙所示时间为92s；(2)[3] 体温计分度值为0.1℃，故读数为39.7℃；[4] 由丁图可以看出，标尺的分度值为0.2g，则小金属块的质量为：m=50g+10g+2.4g=62.4g；
19．（2分）如图所示，电能表的示数为 kW·h；电阻箱的示数为 Ω。

【答案】（1）2020.1 （2）360
【解析】（1）由图可知电能表的示数为2020.1kw·h，注意最后一位是小数；（2）用各指针所指的示数乘以下面的倍数，然后将所有的数值相加，，即为该电阻箱的读数，固电阻箱的示数为360Ω。
20．（6）小吴利用如图甲所示的器材“探究浮力的大小跟物体浸入液体的体积是否有关”。

(1)如图所示，小吴用弹簧测力计测出物块重，并把它慢慢放入烧杯内的水中。
(2)根据测力计的示数，小吴绘制了弹簧测力计对物块的拉力和物块所受浮力随浸入水的深度变化的图象。小吴分析图象可知：
①图线 _____________ (选填"a”或“b”)是描述物块所受浮力随浸入水的深度变化的图象；
②如果物块完全浸没在水中后测力计的示数为0.7N，则F1=___________N、F2=_______N、F3=____N.
③由图像可以得出结论：浮力的大小跟物体浸入液体的深度_________(选填“有关”或“无关”)。
(3)如果将水换成盐水再次进行实验(已知ρ盐水>ρ水)，则F2’_______F2 (选填“大于”、“小于”或“等于” )。
【答案】 (1). b (2). 2 (3). 1.3 (4). 0.7 (5). 无关 (6). 大于
【解析】第一空．由阿基米德原理可知物块未完全浸没之前，浮力随浸入的深度增加而增加，物块完全浸没后，排开液体体积不再变化，因此浮力不变，即b是描述物块所受浮力随浸入水的深度变化的图象；第二空．由图所示，物块重力为2N，F1表示物块未浸入水时对弹簧测力计的拉力，即物块的重力为2N；第三空．F3表示物块完全浸没时弹簧测力计的拉力为0.7N；第四空．F2表示物块完全浸没时受到的浮力，由称重法求浮力可知：F2=F1-F3=2N-0.7N-1.3N；第五空．由阿基米德原理 可知浮力的大小跟物体浸入液体的深度无关；第六空．F2表示物块完全浸没时受到的浮力，由阿基米德原理 可知，液体密度变大，排开液体体积不变，因此所受浮力变大，即F2’大于F2。
21．（4分）为了用伏安法测定盐水的电阻，小忠同学选取一段塑料管，将其充满某种浓度的盐水，两端用金属塞（焊有接线柱）堵住管口，接在如图甲所示的部分电路中．

（1）实验的原理是_____________．（用公式表示）
（2）图甲中还有两处导线未画出，请在图中补画完整．已知电源电压为6V；要求滑动变阻器的滑片P向右移动时接入电路的电阻变大__________．
（3）某次测量时电压表的示数为5.0V，电流表的示数如图乙所示，其读数为________A，则测得盐水的电阻为__________Ω．
【答案】 (1). (2). (3). 0.50（或0.5） (4). 10
【解析】（1）该实验用电压表测导体两端电压，用电流表测量通过导体的电流，伏安法测电阻的原理．（2）滑动变阻器接入电路时应“一上一下”滑动变阻器的滑片P向右移动时接入电路的电阻变大使用的是PA段电阻丝，应接A接线柱．（3）电流表的量程为0-0.6A分度值为0.02A，故读数为0.50由．
22．（2分）某实验小组的同学进行电磁学实验．

（1）在如图甲所示的实验中，当闭合开关后，可观察到磁场中金属棒ab在导轨上运动，该实验中的能量转化情况与________（选填“电动机”或“发电机”）一致．
（2）在图乙所示的实验中，闭合开关，保持蹄形磁体不动，若使金属棒ab沿________（选填“竖直”或“水平”）方向运动，则灵敏电流计的指针将发生偏转．
【答案】 (1). 电动机 (2). 水平
【解析】甲装置有电源，闭合开关后，能观察到导体ab运动，这个现象说明磁场对电流有力的作用，在此过程中电能转化为机械能，由此发明了电动机；乙装置无电源，闭合开关后，如果让导体ab沿水平方向运动，做切割磁感线运动，电流表的指针就会发生偏转，此实验是将机械能转化成电能的过程，根据此原理发明了发电机．
【点睛】这两个实验装置很相似，有电源的是因电流而产生运动，是磁场对电流的作用实验装置；有电流表的是因运动而产生电流，是电磁感应现象装置．
五、计算题（本大题2小题，共13分）
23．（7分）为保障残障人土通行安全和便利，有关部门要求公共场所配套无障碍设施。如图为一种残疾人专用通道(相当于斜面)，长12m、高1.5m。某人乘坐电动轮椅在此通道上沿直线匀速向上行驶至水平台面，用时10s。人和电动轮椅的总质量为96kg。求：

(1)电动轮椅沿通道运动的速度是多少?
(2)此人乘坐轮椅静止在水平台面时，轮胎与台面的的总接触面积为30cm2，则台面受到的压强是多大?
(3)上行过程中，若该电动轮椅上坡时牵引力的功率为200W，则该通道的机械效率是多少?
【答案】(1)1.2m/s； (2)3.2×105pa； (3)72％
【解析】（1）．电动轮椅沿通道运动速度为 ；（2）．
；台面受到压强为 ；（3）． ，通道机械效率为 。
答：（1）电动轮椅沿通道运动速度为1.2m/s。（2）台面受到压强为。（3）通道机械效率为72%。
24．（6分）图甲是一种电子测温仪，图乙是其内部简化电路图。测温仪探头内有一热敏电阻Rt，其阻值随温度变化关系如图丙所示。R为阻值可调的电阻箱，其最大电阻为200Ω，允许通过的最大电流为0.3A。电流表的量程为0～0.02A，电源电压恒为6V。求

（1）某次测试时，将电阻箱的阻值调到200Ω，发现电流表示数为0.01A，此时环境温度是多少?电路的总功率是多少?
（2）若环境温度为40℃，为保证电流表安全，电阻箱允许的阻值调节范围是多少?
【答案】（1）20℃；0.06W （2）100-200Ω
【解析】 (1)当电流为0.01A时，电路总电阻为：，此时热敏电阻的阻值为：Rt=R总-R1=600Ω-200Ω=400Ω，由图丙可知，此时对应的环境温度为20℃；电路的总功率为：；(2)由图丙可知，当环境温度为40℃时，热敏电阻的阻值Rt′=200Ω，为保证电流表安全，电路允许的最大电流为I大=0.02A，电路中的最小总电阻为： ；电阻箱允许的最小电阻为：R小=R小总-Rt′=300Ω-200Ω=100Ω，故电阻箱允许的阻值调节范围是100-200Ω。
答：(1)此时环境温度是20℃，电路的总功率是0.06W；(2)若环境温度为40℃，为保证电流表安全，电阻箱允许的阻值调节范围是100-200Ω。
六、综合能力题（本大题3小题，共21分）
25．（9分）实验室常用蜡烛完成以下光学实验
（1）如图甲为小孔成像示意图，小孔成像的原理是　 　。
（2）利用如图乙装置探究“平面镜成像的特点”：在水平桌面上铺一张白纸，再将玻璃板竖立在白纸上，把一支点燃的蜡烛A放在玻璃板前面，再拿一支外形完全相同但不点燃的蜡烛B竖立在玻璃板后面移动，直到看上去它跟蜡烛A的像完全重合。

（a）把光屏放在玻璃板后，无论如何移动，都不能承接到蜡烛A的像，说明平面镜所成的像是
　 　像。
（b）如图丙是小王某次测量蜡烛A到平面镜的距离L为　 　cm；将蜡烛靠近玻璃板，像的大小将　 　。（选填“变大”、“变小”或“不变”）
（c）若将玻璃板向左倾斜，如图丁所示，观察到蜡烛A的像的大致位置在图中的　 　（选填“①”或“②”）处。
（3）如图戊为探究凸透镜成像规律的实验装置。当蜡烛、凸透镜和光屏处于如图示位置时，可在光屏上得到淸晰的像。保持凸透镜位置不变，将蜡烛向　 　移动到35cm刻度线处，此时可将光屏向　 　（选填“左”或“右”）移动适当距离能再次得到清晰的倒立、　 　的实像；若不移动光屏，可在烛焰和透镜之间放置一个适当的　 　透镜（选填“凸”或“凹”）也能在光屏上得到一个清晰的像。

【答案】（1）光的直线传播； （2）（a） 虚； （b）3.50； 不变； （c）②； （3）右；右； 放大； 凸。
【解析】（1）如图甲为小孔成像示意图，小孔成像的原理是光的直线传播。（2）（a）光屏不能接收虚像，只能接收到实像，而平面镜所成的像是虚像，所以光屏放在玻璃板后，无论如何移动，都不能承接到蜡烛A的像；（b）由图知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm＝1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；物体左侧与0刻度线对齐，右侧与3.5cm对齐，估读为3.50cm；平面镜成像所成的像与物的大小相同，将点燃的蜡烛逐渐靠近玻璃板，它的像将不变；（c）如下图，作出蜡烛火焰关于平面镜的对称点，可知在实验中如果把平板玻璃向左倾斜（如图丙），观察到蜡烛的像的大致位置在图中的②处；。（3）由图戊可知，此时u＝v＝20.0cm，即u＝2f，光屏上呈现一个倒立等大的像，所以f＝10cm；因焦距为10cm，当蜡烛位于35cm刻度线处，物距为50cm﹣35cm＝15cm，大于一倍焦距小于二倍焦距，可以在光屏上得到一个清晰的倒立、放大的实像；根据物距变小，像距变大，像变大，故此时可将光屏向右移动适当距离能再次得到清晰的倒立、放大实像；不移动光屏，可在烛焰和透镜之间放置一个适当的凸透镜，提前会聚，也能在光屏上得到一个清晰的像，故应放置一个凸透镜；
26．（6分）阅读短文，回答问题
胡克定律
弹力的大小和形变的大小有关系，形变越大，弹力也越大，形变消失，弹力就随着消失。对于拉伸（或压缩）形变来说，伸长（或缩短）的长度越大，产生的弹力就越大。把一个物体挂在弹簧上，物体越重，把弹簧拉得越长，弹簧的拉力也越大。物体发生弯曲时产生的形变叫做弯曲形变。对于弯曲形变来说，弯曲得越厉害，产生的弹力就越大。例如，把弓拉得越满，箭就射得越远；把物体放在支持物上，物体越重，支持物弯曲得越厉害，支持力就越大。
在金属丝的下面挂一个横杆，用力扭这个横杆，金属丝就发生形变，这种形变叫扭转形变。放开手，发生扭转形变的金属丝产生的弹力会把横杆扭回来。金属丝扭转角度越大，弹力就越大。
定量的研究各种形变中弹力和形变的关系比较复杂，我们经常遇到的是弹簧的拉伸（或压缩）形变。实验表明：弹簧弹力的大小F和弹簧伸长（或缩短）的长度x成正比。写成公式就是F＝kx，其中k是比例常数，叫做弹簧的劲度系数，在数值上等于弹簧伸长（或缩短）单位长度时的弹力。劲度系数跟弹簧的长度、材料、粗细等都有关系。弹簧丝粗的硬弹簧比弹簧丝细的软弹簧劲度系数大。对于直杆和线的拉伸（或压缩）形变，也有上述比例关系。这个规律是英国科学家胡克发现的，叫做胡克定律。
胡克定律有它的适用范围。物体形变过大，超出一定的限度，上述比例关系不再用，这时即使撒去外力，物体也不能完全恢复原状。这个限度叫做弹性限度。胡克定律在弹性限度内适用。弹性限度内的形变叫做弹性形变。
（1）弹簧测力计的工作原理遵从　 　定律。当用弹簧测力计测物体重力时弹簧的形变主要
　 　是（选填“拉伸形变”、“弯曲形变”或“扭转形变”）。
（2）使用弹簧测力计时注意不能超过它的量程，是为了避免超过弹簧的　 　。
（3）弹簧的　 　在数值上等于弹簧伸长（或缩短）单位长度时的弹力，它与受力大小
　 　（选填“有关”或“无关”），它的单位是　 　（选填“N/m”、“N/m2”或“N•m”）。
【答案】（1）胡克定律； 拉伸形变； （2）弹性限度； （3）劲度系数； 无关； N/m。
【解析】（1）弹簧测力计的原理是在弹性限度内弹簧的伸长与拉力成正比；根据拉伸形变、弯曲形变、扭转形变的定义分析解答；（2）为了避免超过弹簧的弹性限度，使用弹簧测力计时注意不能超过它的量程；（3）弹簧的劲度系数在数值上等于弹簧伸长（或缩短）单位长度时的弹力，劲度系数跟弹簧的长度、材料、粗细等都有关系，与受力大小无关，根据定义判断其单位。（1）弹簧测力计的原理是在弹性限度内弹簧的伸长与拉力成正比，遵从胡克定律；当用弹簧测力计测物体重力时，物体越重，把弹簧拉得越长，弹簧的拉力也越大，所以弹簧的形变主要拉伸形变；（2）为了避免超过弹簧的弹性限度，不能恢复原状，使用弹簧测力计时不能超过它的量程；（3）弹簧的劲度系数在数值上等于弹簧伸长（或缩短）单位长度时的弹力，劲度系数跟弹簧的长度、材料、粗细等都有关系，与受力大小无关，根据F＝kx得，k＝，因为F的单位为N，x的单位是m，所以k的单位是N/m。


27．（5分）阅读短文，回答问题
电水壶
电水壶如图甲所示，它的工作原理是：接通电源，水温上升到100℃开始沸腾，水蒸气使双金属片变形推动蒸汽开关，使电水壶在水烧开后自动断电（下次烧水需重新闭合蒸汽开关）．如蒸汽开关失效，壶内的水会被烧干，发热元件温度急剧上升，发热盘底部也有一个双金属片开关，会因热传导作用温度急剧上升，断开电源．

图乙是双金属片开关原理图，A为双金属片，由两层不同金属粘合而成，受热时二者膨胀的快慢不同．未通电或低于预定温度时，双金属片A和静片B上的触点接通，发热盘工作，当温度达到预定温度时，双金属片向左弯曲（温度越高，弯曲程度越大），电路断开．C是调节旋钮，调节它可改变双金属片与静片弹性接触的力度.
现在很多高档的电热水壶采用了PTC加热元件．图丙是PTC材料的电阻随温度变化的关系图像．使用PTC加热元件，可防止因干烧出现着火危险．PTC加热元件的自动控制温度性能是绝对可靠的，它靠PTC的电阻变化控制温度，不是依靠触点控制。
（1）从安全用电考虑，电水壶金属外壳选用_______（两/三）线插头。
（2）为保证安全，电水壶蒸汽开关与双金属片开关应______（串联/并联）连接。
（3）关于图甲电水壶中的双金属片，下列说法正确的是______。
A．双金属片受热时，金属层a比b膨胀快
B．调节旋钮C，使静片B向左弯曲，双金属片断开的温度值升高
C．蒸汽开关与发热盘底部的双金属片开关总是同时断开
D．双金属片触点频繁通断电，容易烧接在一起，水一定被烧干
（4）PTC电水壶通电后发热盘的最终温度范围应在______。
A．T0~T1 B．T1~T2 C．T2~T3 D．T3~T4
（5）PTC电水壶通电后，PTC发热材料功率随时间变化的图像是______。
A. B.
C. D.
【答案】 (1). 三 (2). 串 (3). B (4). C (5). D
【解析】 (1)[1]从安全用电考虑，电水壶金属外壳选用三线插头，使电水壶金属外壳与大地相连，防止因漏电导致触电事故；(2)[2]从材料中可知，蒸汽开关与双金属片开关只有同时闭合时才能工作，只要其中一个开关断开，那么电路就断开，所以它们应该串联在电路中；(3)[3]A．从图中可以看到，双金属片受热时，金属片向左端弯曲，说明金属层a比b膨胀慢，A错误；B．调节旋钮C，使静片B向左弯曲，那么双金属片要往左移动更多才能断开电路，这情况下需要温度更高，即双金属片断开的温度值升高，B正确；C．水被烧开时，蒸气开关会被水蒸气推动断开，断开后，蒸气开关与发热盘底部的双金属片开关由于温度降低会断开，所以不是同时断开的，C错误；D．双金属片触点频繁通断电，这情况下瞬时电流较大，单位时间内产生的热量较多，很容易接在一起，有可能会被烧干，但不是一定烧干，D错误。(4)[4]从图丙可以看到，随着温度的升高，电阻是先变小，后变大，当电阻最小时，根据可知，电功率最大，温度最高，所以最终温度范围应在T2~T3，故选C；(5)[5]从图丙可以看到，发热材料的阻值随时间的流动，先变小后变大，根据可知，电功率是先变大后变小，最后还变大，故选D。
备战2020中考物理模拟试卷05
（考试时间：60分钟 试卷满分：100分）
一、选择题（本题共10小题，每小题3分，共30分）
1．图所示的事例中，利用声波传递能量的是 （　　）
A. 蝙蝠靠超声波发现昆虫
B. 倒车雷达
C. 超声波洗衣机
D. 医生用B超检查身体
【答案】C
【解析】A. 蝙蝠靠超声波发现昆虫说明声音能传递信息； B. 倒车雷达说明声音能传递信息；C. 超声波洗衣机说明声音能传递能量；D. “B超”查看胎儿发育说明声音能传递信息．
2．下列现象中，属于光的折射现象的是 （ ）
A. 湖面上映出白云的“倒影” B. 从平面镜中看到自己的像
C. 看到游泳池中水的深度比实际浅 D. 教室里的同学能看到黑板上的字
【答案】C
【解析】A．湖面上的“倒影”是由于光的反射现象形成的平面镜成像现象，故A不符合题意；B．从平面镜中看到自己的像，是平面镜成像，平面镜成像属于光的反射，故B不符合题意；C．池底的光线由水中进入空气时，在水面上发生折射，折射角大于入射角，折射光线进入人眼，人眼会逆着折射光线的方向看去，就会觉得池底变浅了，故C符合题意；D．教室里的同学之所以能看到黑板上的字，是因为光线在这里发生了漫反射，故D不符合题意。
3．下列数据中最接近实际情况的是 （ ）
A. 课桌的高度约为80m B. 洗澡水的温度大约是90℃
C. 一名中学生的质量约为50kg D. 光在真空中的速度等于3×106m/s
【答案】C
【解析】A．课桌高度约为80cm，故A不符合题意；B．人体感到舒服水温为40℃，所以洗澡水的温度在40℃最合适，故B不符合题意；C．正常中学的质量在50kg左右，故C符合题意；D．光在真空中传播的速度约为3×108m/s，故D不符合题意。
4．新能源汽车被越来越多的家庭所接受，其核心部件之一是电动机，图中能说明电动机工作原理的是 （ ）
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】A．图示的是闭合电路的导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生电流，是电磁感应现象，属于发电机的工作原理，不符合题意；B．该装置是通电螺线管的装置图，不符合题意；C．由图可知是奥斯特实验，小磁针发生偏转说明通电导体周围有磁场，不符合题意；D．图示的通电导体在磁场中受到力的作用，受力的大小与电流的大小、磁场强弱有关，是电动机的工作原理，符合题意。
5．生活中的很多现象可以用学过的物理知识可以解释，下列解释错误的是（ ）
A. 天气很冷时，窗户玻璃上会出现冰花，这是一种凝固现象
B. “下雪不冷化雪冷”，这是因为雪在熔化时吸热
C. 游泳后，刚从水中出来，感觉比较冷，这是因为人身上的水分蒸发带走热量
D. 取出在冰箱中被冷冻的冰糕，放一会儿，发现包装外层出现小水珠，这是一种液化现象
【答案】A
【解析】A．冬天，冰花是由室内的水蒸气遇冷凝华形成的，会出现窗户玻璃内表面，故该选项说法不正确；B．“下雪不冷化雪冷”，这是因为雪在熔化时吸热，导致气温较低，故该选项说法正确；C．从水中出来，感觉比较冷，这是因为人身上的水分蒸发带走人体上的热，故该选项说法正确；D．取出冰箱中被冷冻的冰糕一会儿，发现包装外层出现小水珠，这是一种液化现象，故该选项说法正确．
6．以下是小明课堂笔记的部分内容，其中不正确的是 （ ）
A. 运输汽油的油罐车底部要装一条铁链拖在地上，是为了将摩擦产生的电荷导入大地
B. 滑动变阻器标有“50Ω 1.5A”，50Ω表示它的最大阻值为50Ω，1.5A表示它的正常工作电流为1.5A。
C. 对人体的安全电压是不高于36V
D. 磁感线是为了直观形象地描述磁场而引入的，不是客观存在的，但磁场客观存在
【答案】B
【解析】A．运输汽油等易燃易爆物品的车辆总有一条铁链拖在地上，这是为了把摩擦产生的静电引入大地，避免因放电引起爆炸，故A正确，不符合题意；B．“50Ω   1.5A”表示：滑动变阻器的最大阻值为50Ω，允许通过的最大电流为1.5A，故B错误，符合题意；C．不高于36V是对人体安全电压，故C正确，不符合题意；D．磁感线是为了形象地描述磁场而引入的假想曲线，不是客观存在的，磁场客观存在，故D正确，不符合题意。
7．在通常情况下，均属于导体的是 （ ）
A. 人体、海水、干木柴 B. 橡胶、铁钉、陶瓷
C. 硬币、石墨、铜块 D. 水银、塑料、盐酸
【答案】C
【解析】容易导电的物体叫做导体；不容易导电的物体叫做绝缘体．常见的导体：金属、石墨、人体、大地、湿润的物体、含杂质的水、酸碱盐的水溶液等．常见的绝缘体：橡胶、玻璃、塑料、油、陶瓷、纯水、空气等．在选项A中干木柴不是导体，故选项A不符合题意；在选项B中橡胶、和陶瓷不是导体，故选项B不符合题意；在选项C中全是是导体，故选项C不符合题意；在选项D中塑料不是导体，故选项D不符合题意．
8．在中国科技馆探索与发现A厅，有一个由可以匀速行驶并装有抛球机构的火车及操作平台构成的展品。如图所示，当匀速行驶的火车在将要通过横跨火车轨道的小桥时，将两个车箱内的小球竖直向上依次抛出，参观者会看到被抛出的小球在越过小桥之后会再回到相应的车厢内，关于这个实验的分析，下列说法中正确的是（忽略空气阻力影响） （ ）

A. 小球抛出后在空中运动过程中，受到两个力作用，一个是火车给的向前的推力，另一个是重力
B. 小球抛出后在空中运动过程中相对于展品中行驶的火车而言是静止的
C. 竖直上抛的小球水平方向不受力
D. 匀速运动的火车在抛出小球前和抛出小球后，火车的机械能保持不变
【答案】C
【解析】A．小球抛出后在空中运动过程中只受到重力的作用；B．小球抛出后在空中运动过程中，以展品中行驶的火车为参照物，在竖直方向上，与火车之间的位置发生了变化，因此是运动的；C．竖直上抛的小球水平方向上并没有外力作用在球上，因此水平方向上不受力；D．抛出小球后质量减少，速度不变，动能减少，高度不变，重力势能减少，因此机械能减少；
9．图是一个厨房天然气安全监控的部分电路原理图．电源电压不变，为定值电阻，R是用半导体材料制成的气敏电阻，其电阻值会随天然气浓度的升高而变小，闭合开关S，若厨房天然气浓度升高，则下列判断正确的是 （ ）

A. 电压表的示数变大 B. 气敏电阻R的阻值变大
C. 通过电阻的电流变小 D. 气敏电阻R两端电压变大
【答案】A
【解析】由图示可知，两个电阻是串联的，电压表测定值电阻两端的电压，当闭合开关S，厨房天然气浓度升高时，气敏电阻的阻值将会变小，总电阻变小，电流变大，定值电阻两端的电压增大，电压表示数会变大，气敏电阻两端的电压会变小，故应选A．
10．如图 所示的电路中，电源电压和灯泡电阻都保持不变，闭合开关 S，滑动变阻器的滑片 P 由中点向右移动时，下列判断正确的是 （ ）

A. 电压表和电流表的示数都增大，电路总功率变大
B. 电压表和电流表的示数都减小，电路总功率变小
C. 电流表示数增大，电压表示数变大，灯泡变亮
D. 电流表示数变小，电压表示数不变，灯泡亮度不变
【答案】D
【解析】由电路图知道，滑动变阻器与灯并联，电流表测通过滑动变阻器的电流，电压表测滑动变阻两端的电压，并联电路各支路两端电压与电源电压都相等，所以移动滑片变阻器两端电压不变，即电压表示数不变；当滑片P由中点向右移动时，滑动变阻器连入电路的电阻R滑增大，由根据欧姆定律知道，通过它的电流减小，即电流表示数变小；两支路间互不影响，所以灯泡亮度不变；电路的总功率P总=P滑+P灯=U2/R滑+U2/R灯，因为R滑 增大，R灯不变，且灯和滑动变阻两端的电压都等于电源电压，所以电路的总功率P总变小，综上所述，只有D正确，故选D．
二、填空题（本题共7小题，每题4分，共28分）
11．龙舟赛上，运动员手持船桨奋力向后划水，龙舟就快速向前运动，船桨是______（选填“省力”“费力”“等臂”） 杠杆。比赛时，并排前进的龙舟不能离得太近，是由于两龙舟间水的流速越大，压强越_____，容易相撞。
【答案】 (1). 费力 (2). 小
【解析】运动员划船用的浆，支点在船沿上．支点到动力作用线的距离更近．即动力臂小于阻力臂，动力大于阻力，船桨属于费力杠杆，并排快速前进的两艘龙舟之间距离不能太近，否则容易发生碰撞，其原因是龙舟之间水的流速变大，压强变小，在外部大的压强作用下，导致龙舟相撞。
12．国际顶尖学术期刊杂志发布了2018年度影响世界的十大科学人物，我国年仅22岁的学者曹原位列榜首。他研究发现：当两层石墨烯以一个“魔角”叠加在一起时，就能改变电子性质，电子变慢了。更有趣的是，加入一定数量的电子，“魔角”层叠石墨烯的电阻突然消失，这就是______现象，如果把这一技术应用于生产，它可以制作______（选填：“电炉”或“电脑”）的电子元件，进一步实现电子设备的微型化。
【答案】超导   电脑
【解析】（1）加入一定数量的电子，“魔角”层叠石墨烯的电阻突然消失，这就是超导现象；（2）电炉是利用电流的热效应工作的，当电流通过超导体时，因为电阻为零，产生的热量为零，电路不能工作；电脑工作是将电能转化为光能、声能、热能，但电脑工作不需要热能，利用超导体能够工作。故答案为：超导；电脑。
【拓展】（1）有些材料的电阻变为零，这即为超导现象。（2）当电流通过导体产生热量，将电能转化为内能，叫电流的热效应。假设导体没有电阻，利用电流热效应工作的电器都不能工作，利用电流的磁效应和效应工作的用电器不受影响。
13．近年来我市建立了明珠湖公园和湍河湿地公园，较好地改善了生态环境。湿地能调节空气的湿度，是因为大量水________（填物态变化名称）可以提高空气中水蒸气的含量；湿地还能调节空气的温度，是因为水的________________。
【答案】 (1). 汽化 (2). 比热容较大
【解析】 [1]湿地含有水，水会不停的汽化（蒸发），变成水蒸气，散在空气中，所以可以提高空气中水蒸气的含量，调节空气湿度；[2]因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得昼夜的温差小，能有效调节周围环境的气温。
14．将质量和初温均相同的铝、铁、铜三个金属块（c铝＞c铁＞c铜）， 浸没在沸水中煮足够长的一段时间，则三个金属块的温度________，从沸水中吸收热量最多是______金属块。
【答案】 (1). 相等 (2). 铝
【解析】 [1]由于热传递结果是温度相等，所以煮较长的一段时间后三个金属块的温度都与沸水温度相同；[2]根据热量公式Q=cmΔt分析可知，三种质量和初温相同的物质升高相同的温度，比热容大的吸收的热量多，所以铝球吸收的热量最多。
15．海水的密度大于河水的密度，当军舰(保持质量不变)由大海驶向河流的过程中，它所受到的浮力将__________ (选填“增大”、“不变”或“减小”)，军舰排开水的体积将__________ (选填“增大”、“不变”或“减小”)。
【答案】不变，增大
【解析】∵军舰质量不变，受重力不变，在海水和河水中都漂浮，∴F浮＝G舰，∴军舰在海水和河水中受到的浮力：F海＝F河＝G舰，由大海驶向河流的过程中，它所受到的浮力将不变；又∵F浮＝G排＝m排g＝ρ液V排g，∴液体密度大的，排开液体的体积小；∵ρ海水＞ρ河水，∴排开海水的体积比排开河水的体积小，即：军舰排开水的体积将增大．
16．如图所示，沿斜面把质量为12kg的一个物体匀速拉到最高处，沿斜面向上的 拉力是F=100N，斜面长2m、高1m，则其机械效率是______________%，物体所受摩擦力__________________N. （g=10N/kg）

【答案】 (1). 60 (2). 40
【解析】有用功：；拉力做的总功：；斜面的机械效率：；额外功：，由可得，物体所受的摩擦力：。
【点睛】求摩擦力是本题的一个难点，应先根据有用功和总功求出额外功，额外功即克服摩擦力所做的功，所以根据额外功可求摩擦力的大小。
17．2019年11月21日，贵州茅台股价突破新高，达到每股1241.61元。有一种精品茅台，它的包装盒上标明容量500mL（ρ酒=0.9×103kg/m3），则它所装酒的质量为________g。如果用此瓶装满水，则总质量比装满酒时多_______g。
【答案】 (1). 450 (2). 50
【解析】 [1]由ρ=可得，所装酒的质量：m酒=ρ酒V=0.9×103kg/m3×500×10−6m3=0.45kg=450g；[2]装满水时水的质量：m水=ρ水V=1.0×103kg/m3×500×10−6m3=0.5kg，则用此瓶装满水，则总质量比装满酒时多：m水−m酒=0.5kg−0.45kg=0.05kg=50g。
三、作图实验题（本题共3小题，18题4分，19题6分，20题8分，共18分）
18．（1）如图一束光线从空气斜射到水面时发生反射和折射，请在图中画出它的折射光线大致位置和反射光线。
（2）在图中画出静止在水中的小球所受力的示意图。

【答案】（1） （2）
【解析】（1）图中法线已给出，在空气中法线的另一侧作出反射光线，注意反射角等于入射角；
再在水中法线的另一侧作出折射光线，注意折射角小于入射角，如图所示。（2）小球在水中处于静止状态，受重力和浮力，二力是一对平衡力，重力方向竖直向下，浮力方向竖直向上，两力的大小相等。如图所示。
19．在“测量小灯泡的电功率”的实验中，实验室提供的器材有：小灯泡（额定电压为2.5V，正常发光时灯丝电阻约为9欧）、电源（电压恒为6V）、电流表、电压表、滑动变阻器、开关各一个，导线若干。

（1）小杨同学检查器材完好后，按图1所示的电路图连接电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于_____（选填“A”或“B”）端。
（2）当闭合开关时，发现电流表指针偏转情况如图2所示，造成这种现象的原因是_____。
（3）当电压表的示数如图3所示，电路中的电流为0.3A时，则小灯泡的实际功率为_____W。
【答案】 (1). B (2). 电流表正负接线柱接反了 (3). 0.72
【解析】 (1)[1]闭合开关前，为保护电路滑动变阻器的滑片应位于阻值最大处，即B端； (2)[2]由图2所示电流表可知，测量电流过程中，电流表指针反向偏转，这是由于电流表正负接线柱接反了造成的； (3)[3]电压表选择0～3V量程，每一个大格代表1V，每一个小格代表0.1V，电压表的示数为2.4V，小灯泡的实际功率为：P=UI=2.4V×0.3A=0.72W。
20．小刚利用电池组、小磁针和若干导线等器材做了图所示的实验

（1）由图甲与图乙可知_____________________________。
（2）由图乙与图丙可知_____________________________。
（3）如果移走图乙中的小磁针，通电导线周围_______(选填“存在”或“不存在”)磁场。
（4）如图丁所示，将小磁针放在导线上方，闭合开关小磁针_____(选填“会”或“不会”)发生偏转。
【答案】 (1). 通电导体周围存在磁场 (2). 通电导体周围的磁场与电流方向有关 (3). 存在 (4). 会
【解析】 (1)[1]甲图开关断开，电路中没有电流，小磁针不偏转，说明没有磁场，乙图中开关闭合，电路中有电流，小磁针偏转，说明有磁场，因此可得通电导体周围存在磁场；(2)[2]对比图乙与图丙改变电源正负极，电路中电流方向改变，小磁针偏转方向改变，说明通电导体周围的磁场与电流方向有关；(3)[3]磁场是客观存在的移走图乙中的小磁针，通电导线周围依然存在磁场；(4)[4]在其它实验条件不变的情况下，把小磁针从直导线下方移到了直导线上方，闭合开关后，导线周围仍有磁场，所以小磁针仍会偏转；
四、综合应用题（本题共3小题，21题6分，22题8分，23题10分，共24分）
21．一辆在水平路面上匀速行驶的货车，车与货物总质量是2×104 kg，车轮与地面接触总面积是0.2 m 2。 求：
（1）货车对地面的压力；
（2）货车对地面的压强。
【答案】（1） 2×105N；（2）1×106Pa
【解析】（1）．货车对路面的压力：F=G=2×l04kg×10N/kg=2×l05N；（2）．货车对地面的压强：
p==1×106Pa。
答：（1）．货车对地面的压力是2×l05N；（2）．货车对地面的压强是1×106Pa。
22．工人用如图甲所示的滑轮组利用箱子运送建材上楼，每次运送量不定。滑轮组的机械效率随重力不同的建材变化的图像如图乙所示，滑轮与钢绳间的摩擦力及箱子和绳重忽略不计。求：

（1）若工人用200 N的拉力，将建材匀速竖直向上提升了6 m，工人所做功；
（2）当所运送建材的重为400 N时，工人作用在绳子上的拉力；
（3）当滑轮组的机械效率为80%时，所运送建材受到的重力。
【答案】（1）2400J；（2）400N；（3）1600N
【解析】（1）．滑轮组的动滑轮绕2段绳，绳子自由端移动的距离：s=2h=2×6m=12m，工人所做功：
W总=Fs=200N×12m=2400J；（2）．滑轮组的机械效率：，
由图乙可知当物体的重力为400N时，滑轮组的机械效率为50%，工人作用在绳子上的拉力：F1=；（3）．动滑轮的重力：G动=2F1-G=2×400N-400N=400N，滑轮与钢绳间的摩擦力及箱子和绳重忽略不计，滑轮组的机械效率：，建材受到的重力：。
答：（1）．工人所做功是2400J；（2）．当所运送建材的重为400 N时，工人作用在绳子上的拉力是400N；（3）．当滑轮组的机械效率为80%时，所运送建材受到的重力是1600N。
23．某品牌电热取暖器的工作原理如图所示，它设计有两种基本工作状态，分别是高温制热档和低温保温档，其虚线框内为该取暖器的发热主体，已知R1=60.5Ω，R2=2139.5Ω（忽略温度对电阻的影响）。求：

（1）开关S处于什么状态时，取暖器处于高温制热工作状态？它的功率是多大？
（2）该取暖器低温保温时，电路中的电流是多大？20min产生的热量是多少？
（3）如果要将低温保温档的功率提升18W，请通过计算提出如何改进？
【答案】（1）闭合状态。800W；（2）0.1A；26400J；（3）将R2换成阻值为1149.5Ω的电阻即可。
【解析】 (1)根据得当开关处于闭合状态时，电路中只有R1此时电路的总电阻最小电功率最大，所以此时取暖器处于高温制热工作状态；它的功率为： ； (2)当开关断开时，R1与R2串联，该取暖器低温保温状态，电路中的电流为： ；它20min产生的热量为： ； (3)取暖器低温保温状态时的电功率为： ；如果要将低温保温档的功率提升18W，其电功率为： ，此时电路中的电阻为：
需要与R1串联的电阻的阻值为：
答：（1）取暖器处于高温制热工作状态的功率为800W。（2）取暖器低温保温状态时，电路中的电流为0.1A，20min产生的热量为26400J。（3）如果要将低温保温档的功率提升18W， 将R2换成阻值为1149.5Ω的电阻即可。
备战2020中考物理模拟试卷06
（考试时间：60分钟 试卷满分：100分）
一、单选题（本题共10小题，每小题3分，共30分）
1．学生们正在教室内上课，为了减小校园外汽车的噪声干扰，下列措施可行的是（　　）
A. 在校园周围植树 B. 将教室的窗户打开
C. 在教室内安装噪声监测装置 D. 每个学生都带一个防噪声耳罩
【答案】A
【解析】A．在周围植树会在噪声的传播途中减弱噪声，符合题意；B．将教室的窗户打开会增大噪声对学生的上课的干扰，不符合题意；C．噪声监测器只会测出噪声的分贝，不会减弱噪声，不符合题意；D．学生戴上防噪声耳罩后老师讲课声音也听不到，无法进行学习，不符合题意；故选A．
2．用一张光滑的厚纸，做成一个如图所示的小纸锅，在纸锅中装入适量的水，放到火上加热，过一会水就会沸腾，而纸锅不会燃烧。下列说法中正确的是 （ ）

A. 纸锅中的水沸腾时不需要加热
B. 纸锅中的水沸腾时温度保持不变
C. 纸锅不会燃烧是由于火焰的热没有被纸锅吸收
D. 纸锅不会燃烧是由于纸的着火点高于酒精灯火焰的温度
【答案】B
【解析】沸腾的条件是：①达到沸点；②能继续从外界吸热；燃烧的条件（燃烧需要同时满足三个条件：①可燃物②氧气或空气③达到燃烧所需的最低温度即着火点）。AB．水沸腾时需要继续加热，但水的温度不变，故A错误、B正确；CD．水在沸腾过程中，尽管继续加热，但温度总保持在沸点不变，而纸盒没有燃烧，说明水沸腾时的温度没有达到纸燃烧时的温度，即水的沸点低于纸的着火点，则CD错误。
3．如图所示的四种现象中，由于光的直线传播形成的是 （ ）
A. 海市蜃楼 B. 水面“折”枝
C. 水中倒影 D. 手影
【答案】D
【解析】A．海市蜃楼是由于光的折射形成的现象，故A不符合题意；B．水面“折”枝是由于光在水面发生了折射，故B不符合题意；C．水中倒影是平面镜成像现象，是光的反射，故C不符合题意；D．手影、人的影子等都是光沿直线传播形成的，故D符合题意。
4．现代化交通工具是人们生活的重要组成部分，这些交通工具给我们的生活带来了极大的方便，关于图所示的四种实例中，下列与这些交通工具有关的说法中正确的是 （ ）
A. 驾驶员佩戴安全带为了消除惯性
B. 汽车轮胎上的花纹为了增加有益摩擦
C. 机翼利用气体流速越大压强越大
D. 平板车安装许多轮子是为了增大对地面的压强
【答案】B
【解析】A．惯性只与质量有关，不能消除，佩戴安全带是为了防止惯性造成的危害；B．汽车轮胎上的花纹是在压力一定时通过增加接触面粗糙程度增大摩擦力；C．机翼利用了流体中流速越大压强越小的原理；D．平板车安装许多轮子是为了在压力一定时增大受力面积减小压强。
5．一根铝制导线电阻是R，要使这根导线电阻变大，可采取的办法是 （ ）
A. 将这根铝导线拉长后接入电路
B. 将这根铝导线对折后接入电路
C. 由公式R =' U' / I可知，增大导线两端的电压或减小通过导线的电流即可
D. 用长度、横截面积相同的铜导线代替这根铝导线接入电路
【答案】A
【解析】一根铝导线的电阻是R，要使连入电路的导线电阻变大，将这根铝导线拉长后接入电路. 将这根铝导线对折后接入电路,电阻变小；电阻是导体本身的一中性质，与电压和电流无关．所以选A．
6．小刚同学放学回家的过程中，以下叙述的情景中小刚对书包施加的力做功的是（ ）
A. 小刚将书包从地面向上提，但没提动
B. 小刚站在站台上等候列车时，肩膀对书包向上的支持力
C. 站在水平匀速行驶的地铁列车上，肩膀对书包向上的支持力
D. 小刚到家上楼梯时，肩膀对书包向上的支持力
【答案】D
【解析】做功的两个必要因素一个是力，另一个是在力的方向上移动一段距离。A．小刚将书包从地面向上提，但没提动，有力但是没有在力的方向上移动，因此不做功；B．小刚站在站台上等候列车时，肩膀对书包有向上的支持力，但没有在力的方向上移动，因此不做功；C．站在水平匀速行驶的地铁列车上，肩膀对书包有向上的支持力，但力和运动不在同一方向上，因此不做功；D．小刚到家上楼梯时，肩膀对书包有向上的支持力，同时也向上发生了运动，移动了一段距离，因此做了功。
7．如图是抽水马桶水箱进水自动控制的结构原理图，为一可绕固定点转动的轻质杠杆，已知， 端用细线挂一空心铝球，质量为． 当铝球一半体积浸在水中，在 端施加 的竖直向下的拉力 时，杠杆恰好在水平位置平衡．（， ）下列结果正确的是 （ ）

A. 该铝球空心部分的体积为 B. 该铝球的体积为
C. 该铝球受到的浮力为 D. 该铝球受到的浮力为
【答案】C
【解析】根据密度的公式得到铝球实心部分的体积，根据杠杆的平衡条件得到A端的拉力，铝球在水中受到的浮力等于重力减去A端的拉力，根据阿基米德原理求出排开水的体积，从而得出球的体积，球的体积减去实心部分的体积得到空心部分的体积。铝球实心部分的体积：，由杠杆平衡的条件可得：FA×OA=FB×OB，，铝球受到的浮力：，铝球排开水的体积：，铝球的体积：，则空心部分的体积：。故选C。
【点睛】本题考查杠杆和浮力的题目，解决本题的关键知道杠杆的平衡条件和阿基米德原理的公式。
8．小明对小强设计的家庭电路（图所示）进行分析并检测，其中错误的是 （　　）
A. 电灯和两孔插座是并联的
B. 三孔插座的零线和地线连接对调了
C. 测电笔插入两孔插座的左孔，氖管不会发光
D. 开关断开，测电笔接触M点，氖管不会发光
【答案】D
【解析】A、灯泡和两孔插座是独立工作、互不影响的，所以它们是并联的，故A正确； B、三孔插座的左孔接的是地线，上孔接的是零线，三孔插座的零线和地线连接对调了，故B正确。 CD、两孔插座的左孔是零线，所以试电笔插入两孔插座的左孔，氖管不发光；开关已断开，图中M点通过灯泡与火线连接，所以测电笔接触M点，氖管发光，故C正确、D错；故选：D。
【拓展】（1）家庭电路中，各插座和各家用电器之间都是并联的。（2）三孔插座是“左零右火上接地”。（3）对于两孔插座是：左零右火；测电笔接触火线时，氖管会发光。掌握家庭电路中三孔插座、两孔插座、开关、灯泡的接法，并理解各种接法的原因是正确判断的关键。
9．有关电和磁的知识，下列说法正确的是（　　）
A．电磁铁是利用磁场对电流的作用来工作的
B．发电机是利用电磁感应原理制成的
C．家庭电路中若空气开关“跳闸”，一定是发生了短路
D．验电器是利用同种电荷相互吸引的原理制成的
【答案】B。
【解析】解：A、电磁铁是利用电流的磁效应来工作的，故A错误；B、发电机是利用电磁感应原理来工作的，是机械能转化为电能的过程，故B正确；C、空气开关“跳闸”，可能是电路出现了短路，也可能是用电器的总功率过大，故C错误；D、验电器是用来检测物体是否带电的，是利用同种电荷相互排斥的原理来工作的，故D错误。
【拓展】（1）电磁铁的工作原理是利用电流的磁效应工作的；（2）电磁感应是闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中会产生感应电流。发电机是利用电磁感应原理来工作的；（3）空气开关跳闸是因为电路中电流过大，电流过大的原因是短路或用电器的总功率过大；（4）验电器是根据同种电荷相互排斥的原理制成的，可以检验物体是否带电。
10．如图所示，电源电压和灯L的电阻不变，灯L上标有“6V 3W”字样。当开关S闭合，滑片P移至a端时，电流表的示数为1.0A，灯L正常发光；当开关S断开，滑片P移至b端时，电源电压U和灯L消耗的电功率P为（　　）

A. 3V 1.5W   B. 3V  0.75W   C. 6V  1.5W   D. 6V  0.75W
【答案】D
【解析】（1）当开关S闭合，滑片P移至a端时，灯泡和变阻器并联电流表测干路电流，
，因为灯泡正常发光，所以电源电压U=U变=UL额=6V，由P=UI得：通过灯泡的电流IL额===0.5A；由于并联电路的干路电流等于各支路电流之和，则通过变阻器的电流I变=I-IL额=1A=0.5A=0.5A；由欧姆定律得：滑动变阻器的最大阻值：R滑===12Ω。（2）由欧姆定律得：灯泡的电阻RL===12Ω，当开关S断开，滑片P移至b端时，灯泡与滑动变阻器的最大阻值串联，根据串联电路的电阻特点可知：此时总阻值为R′=R滑+RL=12Ω+12Ω=24Ω，电路中的电流I′===0.25A，则灯泡的实际功率：P实=I′2RL=（0.25A）2×12Ω=0.75W。故选：D。
【考点】本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是两种情况电路串并联的辨别和知道额定电压下灯泡正常发光。
二、多选题（本题共3小题，全对3分，漏选1分，错选0分，共9分）
11．一束光从空气射人水中，如图所示，下列说法中正确的是 （ ）

A. 光在空气和水的分界面发生了反射 B. 发生反射时，反射角等于入射角
C. 光从空气射入水中时发生了折射 D. 发生折射时，折射角大于入射角
【答案】ABC
【解析】光在同种介质中沿直线传播；当光从空气斜射入水或其他介质中时，折射角小于入射角，当光从水或其他介质斜射入空气中时，折射角大于入射角；在反射现象中，反射光线、入射光线和法线在同一平面内；反射光线和入射光线分居法线两侧；反射角等于入射角。A．由图可知，光在空气和水的分界面发生了反射，则A正确；B．由反射定律可知：发生反射时，反射角等于入射角，故B正确；C．由图可知，光从空气射入水中时发生了折射，则C正确；D．由折射定律可知：光从空气射入水中时，折射角小于入射角，则D错误。
12．小明利用海绵、桌子和砝码进行探究压力的作用效果跟哪些因素有关的实验，如图所示，下列分析正确的是 （ ）

A. 甲、乙图探究的问题是，压力的作用效果与压力是否有关
B. 探究过程用到了控制变量的方法
C. 通过观察海绵凹陷程度判断压力作用效果
D. 探究的结论是，压力的作用效果只与压力的大小有关
【答案】ABC
【解析】A．甲、乙图可知变量为压力，因此探究的是压力的作用效果与压力是否有关；B．探究过程每次只有一个变量，因此用到了控制变量的方法；C．压强即压力的作用效果，在该实验中通过海绵的凹陷程度体现压力的作用效果，凹陷程度越大，压力的作用效果越明显；D．压力的作用效果与压力和受力面积有关。
13．科技小组同学测得通过某一小灯泡的电流I和其两端电压U的数值，并绘制成图所示的图像，下列说法中正确的是 （ ）

A. 小灯泡的电阻随电压的增大而减小
B. 小灯泡两端电压为6V时，其电阻为12Ω
C. 若将两个这种规格的小灯泡并联接在电压为6V的电源上，则干路的电流为1A
D. 若将六个这种规格的小灯泡串联接在电压为6V的电源上，则通过灯泡的电流为1.2A
【答案】BC
【解析】AB．由图像可知小灯泡的I-U图像向下弯曲，当U1=1V时，I1=0.2A，此时电阻为，U2=6V时，I2=0.5A，此时电阻为：，因此可得小灯泡的电阻随电压的增大而增大，故A错误，B正确；C．若将两个这种规格的小灯泡并联接在电压为6V的电源上，并联电路各支路电压等于总电压，因此两支路电流均为0.5A，因此干路电流为：0.5A+0.5A=1A，故C正确；D．若将六个这种规格的小灯泡串联接在电压为6V的电源上，小灯泡规格相同，分压相同，即每个小灯泡两端电压均为1V，由图像可知此时电流为0.2A，故D错误。
三、填空题（本题共6小题，每空2分，共24分）
14．1840年，英国物理学家焦耳经过数十年不懈的努力，通过实验归纳出一条电学定律，用于研究电流的热效应，用公式表示为______。为了纪念焦耳的贡献，人们将他的名字命名为功和能以及______的单位。
【答案】Q=I2Rt   热量
【解析】英国物理学家焦耳做了大量实验，于1840年最先精确地确定了电流产生的热量跟电流、电阻和通电时间的关系，得出Q=I2Rt．为了纪念他做出的贡献，人们将他的名字命名为热量（能量）的单位。 故答案为：Q=I2Rt；热量。在大量实验的基础上，英国物理学家焦耳找出了电流产生的热量与电流、电阻、通电时间间的关系，即发现了焦耳定律。多了解物理学史对培养我们学习物理的兴趣是有帮助的，所以考试中也时有涉及，在学习中应注意。
15．用手向竖直墙上按图钉时，手对图钉帽的压力______图钉帽对手的压力（选填“大于”、“小于”、“等于”）；图钉尖对墙的压强______手对图钉帽的压强（选填“大于”、“小于”、“等于”）。
【答案】 (1). 等于 (2). 大于
【解析】第一空．因为力的作用是相互的，所以手对图钉帽的压力等于图钉帽对手的压力；
第二空．由公式可知，压力相同，受力面积越小，压强越大，因此图钉尖对墙的压强大于手对图钉帽的压强。
16．引力波以光速传播，存在于整个字宙，引力波在真空中传播的速度约为_______m/s。雨过天晴后，在天空中会经常出现美丽的彩虹，这是光的_________现象。
【答案】 (1). 3×108 (2). 色散（折射）
【解析】 [1]光在真空中传播的速度为3×108m/s，故引力波在真空中传播的速度约为3×108m/s；
[2]雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象。
17．随着人民生活水平不断提高，汽车走进很多家庭。小汽车的发动机是汽油机，汽油机工作时，将机械能转化为内能的是________冲程。小汽车用汽油做燃料，加油时能闻到汽油的气味，这是______现象。
【答案】 (1). 压缩 (2). 扩散
【解析】 [1]汽油机的压缩冲程中，进气门和排气门都关闭，活塞向上运动，汽油和空气的混合物被压缩，压强增大，内能增大，温度升高，活塞运动的机械能转化为汽油和空气混合物的内能；
[2]汽油分子在不停的做无规则运动，所以我们能闻到汽油的气味，这是一种扩散现象。
18．如图所示，水中的鱼吐出的气泡在水中上升的过程中，气泡受到水的压强将____（选填“变大”、“变小”或“不变”）；气泡受到水的浮力将_____（选填“变大”、“变小”或“不变”）.

【答案】变小，变大
【解析】气泡上升时，在水中的深度变小，由液体压强特点，即得：气泡到水的压强将变小，故气泡的体积变大；气泡的体积变大，排开水的体积变大，由得：气泡受到水的浮力变大。
19．现有一个电压不变的电源，两个定值电阻R1、R2。先将这两个电阻以某种方式连接到电源上，R1消耗的功率为P0；再将它们以另一种方式连接到该电源上，R1消耗的功率为16P0 ；两种连接方式中均有电流通过R2。则先后两种连接方式中，R1两端的电压U1：U2′＝____， R2消耗的功率P2:P2′＝____ 。
【答案】 (1). 1:4 (2). 9:16
【解析】 [1]将这两个电阻以某种方式连接到电源上，R1消耗功率为：P0=，①，另一种方式连接到该电源上R1消耗功率为：16P0=，②，由①②得：16=，，[2]因为R1、R2接到同一电源上，且第2次R1两端的电压更大，所以，第一种以串联方式连接；第2次以并联方式连接，如下图：

则由并联电路的特点和前面的解答可得，电源电压：U=U1′=4U1，因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以，串联时，R2两端的电压：U2=U-U1=4U1-U1=3U1，并联时，R2两端的电压：U2′=U=4U1，R2消耗的功率：。
四、综合应用题（本题共6小题，共37分）
20．（7分）如图甲是一种新型插座，它能即时显示接在该插座上的用电器的工作电压和所耗电费等（插座本身消耗电能由内部电池提供）。小明将装有质量为2.4kg、初温为10℃水的电水壶插在该插座上，这时插座屏幕上显示如图乙所示，当水烧开至100℃时，屏幕显示如图丙所示。[已知电费单价： 0.57元/(kW•h)；c水=4.2×103J/（kg·℃）]
（1）这段时间内水吸收的热量为多少焦？
（2）电水壶的实际功率为多少瓦？
（3）电水壶烧水的效率为多少？

【答案】(1) 9.072×105J； (2)1500W；(3)84%。
【解析】 (1)水吸收的热量为：Q=cmΔt=4.2×103J/（kg•℃）×2.4kg×（100℃-10℃）=9.072×105J；
(2)电费单价为：0.5元/kW•h，由图丙可知，这段时间内的电费为0.15元，则这段时间内消耗的电能为：W=kW•h =0.3kW•h=1.08×106J，由图可知，所用时间为12分钟，则电水壶实际功率为：P==1500W；
(3)烧水的效率为：η==84%。
答：(1)这段时间内水吸收的热量为9.072×105J； (2)电水壶的实际功率为1500W；(3)电水壶烧水的效率为84%。
21．（6分）初二年级某同学在学完测量物质的密度后，想回家测量一下家里酱油的密度，该同学手头有的实验器材有：一个空瓶、天平、砝码、镊子和水，利用这些器材，他进行了如下实验，请你根据所学的内容将他的实验内容补充完整
（1）用天平称出_______的质量．
（2）在瓶中装满水，用天平称出瓶和水的总质量．
（3）_________________________________________
结论：油的密度___________________________．
【答案】 [1] 空瓶 [2]. 详见解析 [3]
【解析】 (1)[1]第一步测量空瓶的质量m0；(3)[2]把水全部倒出，在瓶中装满酱油，用天平测量瓶装酱油时的总质量m2；[3]水的质量为：m=m1-m0；酱油的质量为：m酱=m2-m0；空瓶的容积为：V=V水=，酱油的体积：V酱油=V=，密度为：ρ酱油=；
22．（6分）如图甲所示，在“研究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，
（1）用弹簧测力计水平拉动木块，使它沿水平长木板做__________________运动，测出木块与长木板之间的滑动摩擦力。

接触面粗糙程度
压力/N
滑动摩擦力/N
平滑
6
1.2
较平滑
6
2
粗糙
6
2.5
（2）换用材料相同但表面粗糙程度不同的长木板，保持木块上的砝码不变，测出此种情况下的滑动摩擦力。分析表中的实验数据，得出的结论是：__________________。
（3）保持木块和木板不变，改变放在木块上的砝码，从而改变木块对长木板的压力，测出此种情况下的滑动摩擦力。某组同学忘记记录小车的重力，只记录了钩码的重力和对应的滑动摩擦力，得出如图乙所示的图像，请你帮他们计算出小车的重力为________ N。

【答案】 (1). 匀速直线 (2). 压力相同时接触面越粗糙，滑动摩擦力越大 (3). 2N
【解析】第一空．当木块做匀速直线运动时，受力平衡，摩擦力大小等于弹簧测力计拉力大小；第二空．由表格数据可知压力相同时接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；第三空．由图像可知滑动摩擦力的大小与压力成正比例函数关系，当钩码重力为2N时，相较于不放钩码，摩擦力增加了:1.2N-0.6N=0.6N，即每增加1N的压力，增加0.3N的滑动摩擦力，因此由图可知，只放小车时滑动摩擦力为0.6N,因此小车的重力为2N。
23．（6分）工人用如图所示的滑轮组将一重400N的物体10s内匀速提高了10m，若所用的拉力为150N，不计绳重和摩擦。

（1）拉力做的有用功是多少？
（2）拉力的功率是多少？
（3）该滑轮组的机械效率为多少？
【答案】（1）4000J （2）450W （3）88.9%
【解析】（1）．根据题意知道，克服物体的重力做的是有用功，故：W有=Gh= 400N×10m=4000J；由图知道，承担物重是绳子的段数是n=3，所以绳子自由端移动的距离是：s=nh=3×10m=30m，拉力做的总功是：W=Fs=150N×30m=4500J；（2）．拉力的功率是： （3）．由知道，滑轮组的机械效率是：。
答：（1）．拉力做的有用功是4000J；（2）．拉力的功率是450W；（3）．该滑轮组的机械效率是88.9%
24．（6分）在探究“导体产生的热量与导体两端的电压、导体的电阻和通电时间关系”的实验中实验装置如图，两烧瓶A、B中煤油质量相等，两只温度计示数相同，电阻丝的阻值 R 1> R 2。

（1）烧瓶中不装水而装煤油，是因为水的比热容较 ____________ （选填“大”或“小”）。
（2）闭合开关后，发现 B中温度计的示数上升较快。则B中电阻丝放出的热量比A中放出的热量 _________（选填“多”或“少”）。由此得出结论：当导体两端的电压和通电时间相同时，导体电阻越_________，导体产生的热量越多（选填“大”或“小”）。
【答案】 (1). 大 (2). 多 (3). 小
【解析】 (1)[1]因煤油比水具有较小的比热容，在吸收一定热量的情况下，温度升高的幅度大，所以用煤油比用水更容易看出温度的变化； (2)[2]通电后电流通过电阻丝做功，产生热量使煤油的温度升高，通过观察温度计的示数大小来判断电流产生的热量的多少，发现B中温度计的示数上升较快；则说明B中电阻丝放出的热量比A中放出的热量多；[3]由题可知“导体两端的电压和通电时间相同”，电阻丝的阻值R1>R2，A中电阻丝R1放出的热量较少，所以可得出结论：当导体两端的电压和通电时间相同时，导体电阻越小，导体产生的热量越多。
25．（6分）实验室备有下列器材：
A．待测定值电阻Rx：阻值在49～52 Ω之间
B．滑动变阻器：规格为“20 Ω　2 A”；
C．滑动变阻器：规格为“50 Ω　1.5 A”；
D．定值电阻R0：阻值20 Ω；
E．电压表V：测量范围0～3 V；
F．电源E：电源电压恒为4.5 V；
G．单刀双掷开关(双向开关)S及导线若干。
为了较精确地测出待测电阻Rx的阻值，小明设计了如图所示的电路。

(1)在小明设计的电路中，滑动变阻器应选________(填器材前面的序号字母)。小明在实验中的主要操作步骤及记录的数据是：
Ⅰ.将开关S掷向1，由____________(填“a至b”或“b至a”)移动滑动变阻器的滑片P至某一位置，读出电压表的示数为2.5 V；
Ⅱ.保持滑动变阻器滑片P的位置不变，将开关S掷向2，读出电压表的示数为1.5 V。
(2)根据小明的测量数据可以得到待测电阻的阻值Rx＝________Ω。
【答案】(1)C；b至a　(2)50　
【解析】（1）若选择滑动变阻器B，在开关S掷向1时，电压表示数最小约为3.2 V[4.5 V×50 Ω/(70 Ω)≈3.2 V]，电压表示数不可能会调至2.5 V；当开关S掷向2时，电压表示数应为2.25 V，而不会为1.5 V。故实验中选择的是滑动变阻器C。I．两步操作中，滑动变阻器接入电路的电阻为：R＝(3 V/1.5 V)×20 Ω＝40 Ω；（2）则待测电阻阻值为：Rx＝(2.5 V/2 V)×40 Ω＝50 Ω。
备战2020中考物理全真模拟卷07
物理
（考试时间：60分钟 试卷满分：100分）
一、填空题（本题共6小题，每空2分，共26分）
1．如图所示，甲是正常眼睛对光的作用情况，则图乙是______眼（选填“近视”、“远视”或“正常”）对光的作用情况，应配戴用________（选填“凹透镜”、“凸透镜”或“平面镜”）制成的眼镜来矫正。

【答案】近视 凹透镜
【解析】近视眼像成在视网膜的前方，可以戴凹透镜来矫正；远视眼像成在视网膜的后方，可以戴凸透镜来矫正。如图乙像成在视网膜的前方，可以戴凹透镜来矫正。
2．如图所示，2019年5月，国之重器“东方红3”成功试水，成为世界上排水量最大的科考船。该船排水量为5 000 t，在水中静止时受到的最大浮力为________N。若此时船底距离水面12 m，则船底受到水的压强为________Pa。（ρ水=1.0×103 kg/m3，g取10 N/kg）

【答案】5.0×107 1.2×105
【解析】满载时船的排水量为m排=5000t=5.0×106kg，由阿基米德原理可得，船受到的最大浮力：F浮=G排=m排g=5.0×106kg×10N/kg=5.0×107N；船底受到的压强为：p=ρ海水gh=1×103kg/m3×10N/kg×12m=1.2×105Pa。
3．我国成为全球首个海域“可燃冰”开采国。它的热值很高，若1g的“可燃冰”完全燃烧放出的热量为4.2×105J，可使2kg、20℃的水温升高________℃；若用这些热量加热等质量的沙石，沙石升高的温度_______（选填“大于”、“小于”或“等于”）水升高的温度。[不计热量损失，c水=4.2×105J/（kg·℃）]
【答案】50 大于
【解析】已知1g的“可燃冰”完全燃烧放出的热量为Q放=4.2×105J：由题意可知，水吸收的热量：Q吸=Q放=4.2×105J，由Q吸=cmΔt得，水升高的温度：Δt==50℃；水的比热容大于沙石的比热容，水和沙石的质量相等，吸收的热量又相等，根据Q=cmΔt可知，沙石升高的温度大于水升高的温度。
4．如图甲所示是家用电吹风的工作原理图，电吹风工作时可以吹出热风也可以吹出凉风。要让电吹风工作时吹出热风，它的开关应置于图甲中_________（选填“1”“2”或“3”）位置；某次用该电吹风将头发吹干的过程中，电吹风的功率随时间的变化关系如图乙所示，则在该次吹干头发过程中电吹风消耗的总电能是__________J。

【答案】1 13200
【解析】当电吹风机送出来的是热风时，需要电动机和电阻丝同时工作，即开关应置于图甲中的1位置，电风扇与电热丝是并列连接在电源上的，所以要让电吹风工作时吹出热风，它的开关应置于图甲中1的位置。根据功率随时间的变化关系图象可知：P热=616W，t1=20s，P凉=88W，t2=30s−20s=10s，W总=W热+W冷=P热t1+P凉t2=616W×20s+88W×10s=13200J。
5．获取核能有两条途径——重核的裂变和轻核的聚变，核电站是利用核的___________（选填“裂变”或“聚变”）来获得核能的，是___________（选填“甲”或“乙”）图所示途径；请你对核电站的建设或安全运行提出一条建议：________________。

【答案】裂变 甲 合理处理核废料
【解析】核电站是通过核裂变将核能转化为电能的；图甲中所示为核裂变反应，乙为聚变；核电站产生的核废料会对环境造成严重污染，因此必须合理的处理核废料。
6．在如图所示的家庭电路中，当家电维修人员在图中C处不慎触电时，漏电保护器就会检测到通过图中A、B两处的电流________（填“相等”或“不相等”），从而迅速切断电路，起到保护作用．如果闭合空气开关后，用电器不能工作，用试电笔检测A、B两处时，氖管均发光，则电路中出现故障的原因可能是_________。

【答案】不相等 进户零线的某处断路
【解析】当家电维修人员在图中C处不慎触电时，电流就会从C处通过人体流向大地，导致通过B处的电流比A处的小，A、B两处的电流是否相等，如果相等就不会切断电路，如果不相等就会切断电路，因此漏电保护器会切断电路，起到保护作用。如果闭合空气开关后，用电器不能工作，说明可能是火线断路、也可能是零线断路，用试电笔检测A、B两处时，氖管均发光，说明进户线至A、B点均未断路，那只有进户零线到B点间某处断路时，与题干中描述的情境相吻合。
二、选择题（本题共8小题，每小题2分，共16分）
7．关于声现象，下列说法正确的是
A．超声波可以在真空中传播
B．吹奏笛子时，演奏者用手指按住不同气孔，是为了改变发出声音的响度
C．公共场合要“轻声慢语”指的是减小声音的音调
D．“闻其声而知其人”主要是根据声音的音色来判断的
【答案】D
【解析】A．超声波属于声，声可以在空气中传播，但不能在真空中传播，故A项错误；B．吹奏笛子时，演奏者抬起压在不同出气空上的手指，是为了改变振动的空气柱的长度，即改变空气柱振动的快慢，故是为了改变音调，故B项错误；C．公共场合要“轻声慢语”指的是减小声音的响度，故C项错误；D．人是靠声带振动发声，不同人的声带结构不同，发声的音色不同，“闻其声而知其人”主要是根据声音的音色来判断的，故D项正确。
8．下列关于光现象的说法中正确的是
A．日食和月食是由于光的反射引起的
B．高楼大厦的玻璃幕墙造成的光污染是由于光的漫反射引起的
C．很厚的玻璃板看起来变薄了是由于光的折射引起的
D．医院的手术室常用红外线灯来灭菌
【答案】C
【解析】A．日食和月食是光的直线传播形成的，该选项说法不正确；B．高楼大厦的玻璃幕墙造成的光污染是由于光的镜面反射引起的，该选项说法不正确；C．很厚的玻璃变薄了是由于光线通过玻璃射入空气时，光的传播方向发生改变的缘故，故属于光的折射现象，该选项说法正确；D．紫外线的化学作用强，紫外线在生活中的应用很广，主要应用是杀菌消毒和验钞，该选项说法不正确；故选C。
9．很多古诗词中蕴含着丰富的物理知识，下列说法正确的是
A．“宁知风雨夜，复此对床眠”，雨的形成是汽化现象
B．“相携话别郑原上，共道长途怕雪泥”雪的形成是升华现象
C．“嵩少犹藏薄雾中，前山迤逦夕阳红”，雾的形成是液化现象
D．“千里冰封，万里雪飘”，冰的形成是凝华现象
【答案】C
【解析】A．雨的形成是水蒸气液化形成，故A错误；B．雪是空气中的水蒸气遇冷凝华为固态的冰晶，故B错误；C．雾是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，故C正确；D．冰的形成是水凝固为固态的冰，故D错误。
10．交通路口安装着过斑马线的红、绿信号灯，下列符合红、绿信号灯工作情况的电路图是
A． B． C． D．
【答案】C
【解析】A．两开关均闭合时，红绿交通信号灯同时发光，否则均不发光，不符合实际，故A不正确；B．当只闭合开关S2时，形成电源短路；只闭合开关S1时，两灯泡都发光，不符合实际，故B不正确；C．只闭合开关S1时绿灯亮，只闭合开关S2时红灯亮，符合实际，故C正确；D．当只闭合开关S2或两开关都闭合时，绿灯亮；只闭合开关S1时，两灯泡都发光，不符合实际，故D不正确。故选C。
11．如图是燃烧木炭加热烤肠时的一个场景，为了让烤肠不致被烤焦且均匀受热，店主将烤肠放在石子上烤而不直接放在铁锅内烤.下面分析正确的是

A．闻到烤肠的香味，表明扩散只在气体中发生
B．在加热的过程中，烤肠的内能增大
C．木炭燃烧的过程中，内能转化为化学能
D．烤肠在石子上烤利用了石子比铁锅的比热容小
【答案】B
【解析】A．闻到烤肠的香味表明在气体中能够发生扩散，但是扩散不只发生在气体中，固体、液体中也可以发生扩散，故A错误；B．在加热的过程中，烤肠的温度升高，它的内能增大，故B正确；C．木炭燃烧的过程中，化学能转化为内能，故C错误；D．烤肠在石子上烤主要是为了使烤肠均匀受热，一般情况下，石子的比热容比铁的大，D错误。
12．放假期间，小李乘坐客机由北京去桂林旅游。下列说法正确的是
A．起飞滑行时，小李看见地面上的建筑向后运动，是以飞机作为参照物
B．飞机飞行时，相对机翼下表面，机翼上表面的空气流速更快，受到的压强更大
C．飞机从起飞到落地的过程中，飞机的运动状态始终保持不变
D．当飞机降落停稳后，飞机的惯性将消失
【答案】A
【解析】A．起飞滑行时，小李看见地面上的建筑向后运动，则地面上的建筑与飞机之间发生了位置变化，是以飞机作为参照物。故A正确；B．飞机机翼表面呈明显的弧度结构，根据流体压强和流速的关系可知，飞机飞行时，相对机翼下表面，机翼上表面的空气流速更快，受到的压强更小。故B错误；C．机从起飞到落地的过程中，速度大小和运动方向都在发生变化，所以运动状态始终保持在变。故C错误；D．物体在任何时候都有惯性，当降落停稳后，飞机的惯性不可能消失，故D错误。
13．（双选）建筑工地上，工人用如图所示的装置（由滑轮组和吊篮组成）将500 N的砖在5 s内匀速提升3 m，动滑轮重50 N，吊篮重50 N（不计绳重及摩擦），下列判断正确的是

A．工人对绳的拉力为200 N
B．工人做的有用功为1 650 J
C．绳子自由端移动的速度是1 m/s
D．此装置做有用功的功率为300 W
【答案】AD
【解析】A．此滑轮组中连接动滑轮的有3段绳子，工人对绳子的拉力F=（G物+G轮+G篮）=×（500N+50N+50N）=200N，故A正确；B．工人做的有用功W=Gh=500 N×3 m=1 500 J；故B错误；C．重物移动的速度v=，绳子自由端移动的速度是v′=3v=1.8 m/s，故C错误；D．此装置做有用功的功率为P=；故D正确；故选AD。
14．（双选）如图甲所示，电路中电源电压为4.5 V，小灯泡的额定电压为2.5 V，滑动变阻器标有“20 Ω 1 A”的字样。闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，记录相应的电压表和电流表的示数，绘制成如图乙所示的I–U图象。下列说法中正确的是

A．小灯泡正常发光时的电阻为10 Ω
B．小灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路的电阻为12.5 Ω
C．小灯泡的额定功率为0.625 W
D．当滑动变阻器的滑片向右移动时，电流表的示数变大，灯泡变暗
【答案】AC
【解析】A．小灯泡正常发光时额定电压为2.5V，由图乙可知，此时电流为0.25A，由欧姆定律可得小灯泡正常发光时的电阻：RL=10Ω，故A正确；B．小灯泡正常发光时，滑动变阻器分得的电压为UP=U–UL=4.5V–2.5V=2V，所以，滑动变阻器接入电路中的电阻为，故B错误；C．小灯泡正常发光时额定功率为：PL=ULI =2.5V×0.25A=0.625W，故C正确；D．当滑动变阻器的滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，根据欧姆定律I=可知电路中的电流变小，因此，电流表的示数变小，小灯泡两端的电压也减小，根据P=UI可知小灯泡的实际功率变小，小灯泡变暗，故D错误。
三、作图题（本题共2小题，每小题2分，共4分）
15．如图所示是“九品芝麻官”的不倒翁塑像，黑点表示其重心位置。当用力把不倒翁按在图示位置松手后，不倒翁会自动恢复到原来的竖直位置。请在图中画出此时不倒翁所受重力的示意图及其力臂L。

【答案】
【解析】物体的重力G的作用点在重心，方向是竖直向下，与地面的接触点O是支点，力臂是支点到力的作用线的距离，如图：

16．如图所示，当开关S闭合时，小磁针静止在图中位置，涂黑的一端是N极，向右移动滑动变阻器的滑片P，电磁铁的磁性减弱，请用笔画线代替导线将滑动变阻器连入电路中，并标出电源左端的极性（用符号且标在括号内）。

【答案】
【解析】根据磁极间的作用规律可知，电磁铁的左端应为S极、右端应为N极，由安培定则判断可知，电流应从电磁铁的左下端流入、右上端流出，所以电源左端为负极、其右端为正极；滑片P向右移动，电磁铁的磁性减弱，说明电流减小，变阻器接入的电阻增大，应连接滑动变阻器左下面的接线柱。故电路图如下：

四、实验探究题（本题共3小题，每空2分，共34分）
17．为了“探究光反射时的规律”，实验小组的同学选用了平面镜、纸板、激光器和几种不同颜色的笔，设计了如图所示的实验.

次数
入射角
反射角
1
70°
70°
2
45°
45°
3
30°
30°
（1）实验中还需要的器材是________。
（2）实验中为了使光线能在纸板上显示出来，方便实验研究，你该采取的操作是________。
A．向纸板喷烟或雾
B．使光束垂直纸板射到O点
C．使光束贴着纸板射到O点
（3）改变光束入射的角度，多做几次，换用不同颜色的笔记录每次光的径迹.取下纸板，测量ON两侧的和，将数据记录在表中，根据数据得出的结论是________。
（4）若将一束光贴着纸板沿FO方向射到O点，光将沿图中的OE方向射出，因为在反射现象中________。
【答案】（1）量角器 （2）C （3）反射角等于入射角 （4）光路可逆
【解析】（1）为了测量入射角和反射角的大小，还需要的测量工具是量角器；
（2）此实验为了使光线能在纸板上显示出来，你该采取的操作是使激光紧贴纸板面入射，即选项C的说法符合题意。
（3）根据表中的数据可以得出的结论：在光的反射现象中，反射角等于入射角。
（4）让光线逆着FO的方向射向镜面，会发现反射光线沿着OE方向射出，该现象说明在反射时，光路是可逆的。
18．在探究“二力平衡的条件”的实验中，某同学采用的实验装置如图所示：

（1）实验时，小明发现当向左盘和右盘同时加入一个质量相等的砝码时，木块处于静止。当物体处于静止状态或________状态时我们认为它受到的力是相互平衡的。
（2）保持F1与F2大小相等，用手将木块扭转一个角度，松手后，木块将_________。
（3）小明通过调整__________来改变F1和F2的大小。
（4）小明把右盘中的砝码换成一个较重的砝码，发现木块仍然处于静止状态，出现这种现象的原因可能是_______，这时木块在水平方向受到的力________（填“平衡”或“不平衡”）。
【答案】（1）匀速直线运动 （2）转动 （3）砝码的数量 （4）木块与桌面间存在摩擦力 平衡
【解析】（1）物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，物体受到平衡力的作用。
（2）当作用在小车上的两个力大小相等、方向相反、且作用在同一直线上，小车就会处于静止状态；保持F1与F2大小相等，用手将小车扭转一个角度，这两个力不是作用在一条直线上，小车就会转动；
（3）实验中，两侧的拉力来自于砝码和小盘的重力；通过调整砝码的数量来改变作用在物体上的拉力的大小；
（4）小明再把右盘中的砝码换成一个较重的砝码时，发现木块仍然处于静止状态，所以木块还受平衡力的作用；此时木块有向右运动的趋势，桌面对木块有向左的摩擦力，向左的拉力、向左的摩擦力和向右的拉力这三个力平衡。
19．在“探究电流与电压的关系”的实验中，电源电压为3 V，定值电阻为10 Ω，滑动变阻器规格为“10 Ω 3 A”。
（1）请你用笔画线代替导线，将图甲中的实验电路连接完整（导线不能交叉）。

（2）闭合开关，向左移动滑动变阻器的滑片，电流表的示数将______（填“变小”“变大”或“不变”），而电压表指针偏向表盘零刻度左边，原因是______。
（3）通过定值电阻电流的变化范围是______。
（4）实验数据记录如下表所示，分析实验数据可得：在电阻一定的情况下，通过导体的电流与导体两端的电压______。
实验次序
1
2
3
4
5
6
7
电压
1.6
1.8
2.0
2.2
2.4
2.6
2.8
电流
0.16
0.18
0.20
0.22
0.24
0.26
0.28
（5）若将这个定值电阻换成小灯泡，还可测出小灯泡的电阻，如图乙A所示是小灯泡的U–I图象，它的电流与电压不成正比，其原因是小灯泡的电阻______。
（6）当滑片向左滑动到某一位置后，继续向左滑动，电压表无示数、电流表有示数，且小灯泡始终不发光，这是因为______。
（7）另一组同学用相同的器材和电路图做这个实验时，由于接线错误，根据测量的数据绘出的U–I图象如图乙B所示．你认为错误的原因可能是______。
【答案】（1） （2）变大 电压表正负接线柱接反了 （3） （4）成正比 （5）随温度变化而变化 （6）灯泡短路 （7）电压表与滑动变阻器并联
【解析】（1）电源电压为3 V，故电压表选用小量程与电阻并联，如下所示:

（2）闭合开关，向左移动滑动变阻器的滑片，变阻器连入电路中电阻变小，根据电阻的串联和欧姆定律可以知道，电流表的示数将变大；而电压表指针偏向表盘零刻度左边，原因是：电压表正负接线柱接反了．
（3）电源电压为3V，定值电阻为，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大为时，电路中的电流最小，根据电阻的串联和欧姆定律，最小电流为：，当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大：，故通过定值电阻电流的变化范围是：。
（4）由表中数据可以知道，电压与电流之比：（定值），故在电阻一定的情况下，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
（5）根据欧姆定律的变形公式，因小灯泡的电阻随温度变化而变化，即R不是一个定值，故电流与电压不成正比；
（6）当滑片向在滑动到某一位置后，继续向在滑动，变阻器连入电路中的电阻变小，电压表、电流表均有示数，说明电路为通路，灯不会发生短路，但小灯泡始终不发光，这是因为通过小灯泡的实际电流太小，实际功率太小，故小灯泡始终不发光；
（7）乙图中的B图象，随着电流的增大，电压减小，正好与A图象相反，符合滑动变阻器两端电压的变化规律，因此电压表接在了滑动变阻器两端；因电压表测量出了灯电压，电流表测出了通过灯的电流，可测灯的电功率。
五、综合应用题（本题共2小题，每小题10分，共20分）
20．如图甲所示，水平桌面上有一底面积为5.0×10﹣3 m2的圆柱形容器，容器中装有一定量的水，现将一个体枳为6.0×10﹣5m3的物块（不吸水）放入容器中，物块漂浮在水面上，浸入水中的体积为总体积的。求：

（1）物块受到的浮力；
（2）物块的质量；
（3）如图乙所示，用力F缓慢向下压物块，使其恰好完全浸没在水中（水未溢出）。此时水对容器底的压强比物块被下压前增加了多少？
【答案】（1）0.45 N （2）0.045 kg （3）30 Pa
【解析】（1）物块漂浮在水面上，排开水的体积：，
则物块受到的浮力：F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×4.5×10–5m3=0.45N；
（2）由于物块漂浮在水面上，则物块的重力：G=F浮=0.45N，
物块的质量：；
（3）使物块恰好完全浸没在水中，排开水的体积变化量：
△V=V物–V排=6×10–5 m3–4.5×10–5 m3=1.5×10–5 m3，
水的深度变化量（水面上升的高度）：，
水对容器底的压强增加量：△p=ρg△h=1.0×103 kg/m3×10 N/kg×0.003 m=30 Pa。
21．小敏看到超载车损坏公路的新闻报道，设计了一个称量车重的模拟电路，将载重量转化成电流表示数，如图甲。电路由电源、称重计（电流表、量程0~0.6 A）、定值电阻R0，滑动变阻器R1、弹簧和开关组成。已知电源电压8伏，滑动变阻器R1长40厘米、最大阻值20欧，且电阻的大小与其接入的长度成正比，弹簧的长度与受到压力之间的关系如图乙，当没有载物时，变阻器滑片指在上端，电流表示数是0.1 A。

（1）定值电阻R0多大？
（2）最大载重时，该模拟电路的电流表示数多大？
（3）小华觉得最大称量时，该模拟电路的电流表示数应该过满量程的一半，则应选择定值电阻：R2＝20欧、R3＝5欧和R4＝1欧中哪个替换R0，替换后，最大称量时，电流表示数多大？
【答案】（1）60 Ω （2）0.11A （3）应选择定值电阻R3，替换R0，替换后，最大称量时，电流表示数0.47 A
【解析】（1）当没有载物时，变阻器滑片指在上端，R1接入电路中的电阻最大，电流表示数为0.1 A，由I＝可得，电路总电阻：R总＝＝80 Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，定值电阻的阻值：
R0＝R总–R1＝80 Ω–20 Ω＝60 Ω；
（2）由图乙可知，弹簧的最大压缩量：△L＝L–L1＝40 cm–24 cm＝16 cm，
因滑动变阻器电阻的大小与其接入的长度成正比，
所以，变阻器接入电路中的电阻：R1′＝R1–R1＝20 Ω–×20 Ω＝12 Ω，
则该模拟电路的电流表示数：I′＝≈0.11A；
（3）电流表量程为0.6 A，电流要超过量程的一半，则：I小＞0.3A，
即I小＝＞0.3 A，解得：R＜14.67Ω，
电路最大电流I大≤0.6A，则I大＝≤0.6A，解得：R≥1.33Ω，
综上可知，电阻应选择R3；
替换后，最大称量时，电流表示数：I＝＝0.47 A。
备战2020中考物理模拟试卷08
物理
（考试时间：60分钟 试卷满分：100分）
一、选择题（本题共10小题，每小题2分，共20分）
1．坐在不同位置的同学都能看到黑板上的粉笔字，是因为光在粉笔字上
A．发生镜面反射，遵守反射定律
B．发生漫反射，遵守反射定律
C．发生镜而反射，不遵守反射定律
D．发生漫反射，不遵守反射定律
【答案】B
【解析】黑板的表面是比较粗糙的，可以将射来的光线向四面八方反射，是漫反射，这样，教室里不同位置的同学都能看到黑板上的粉笔字，漫反射同样遵守光的反射定律。
故选B。
2．如图所示，关于声现象的各种实验情景中，下列说法中正确的是

A．甲实验：钢尺振动频率越高，响度越大
B．乙实验：抽气过程中，钟罩内铃声变小，说明真空可以传声
C．丙实验：鼓面的振动幅度越大，音调越高
D．丁实验：将正在发声的音叉紧靠悬线下的轻质小球，可将音叉的微小振动放大，便于观察
【答案】D
【解析】A．当钢尺振动的频率越高时，音调越高，故A错误；
B．当空气被不断抽出后，铃声逐渐减弱，说明声音的传播需要介质，真空不能传声，故B错误；
C．敲鼓时，鼓面的振动幅度越大，响度越大，故C错误；
D．将正在发声的音叉紧靠悬线下的轻质小球，可将音叉的微小振动放大，便于观察，用到了转换法，故D正确．故选D.
3．诗词是中华文化的瑰宝之一，许多优美的诗词是对生活和自然现象的生动描述，也与物理知识紧密联系，下列诗词与对应的物理知识有误的一项的是　　
A．“两岸青山相对出，孤帆一片日边来”--“孤帆”运动，是以江岸为参照物的
B．“水皆缥碧，千丈见底，游鱼细石，直视无碍”--看到水中游鱼细石是光的反射形成的虚像
C．“人面桃花相映红”--桃花呈红色是因为它能反射红光
D．“床前明月光，疑是地上霜”--霜实际是固态，是由水蒸气凝华形成
【答案】B
【解析】 “孤帆”与“江岸”之间的位置发生了变化，以“江岸”为参照物，“孤帆”是运动的，故A正确．在岸上看到水中的游鱼细石，属于光的折射现象，故B错误；由于桃花能反射红光，所以会有人面桃花相映红，故C正确；霜的形成属于凝华现象，故D正确；应选B．
4．2019年国际乒联匈牙利公开赛于1月15日~20日在布达佩斯举行，国乒男队女队共有31名选手报名本次赛事；下列关于比赛中的情景说法正确的是（ ）
A．兵乓球被击出后，仍受到球拍的弹力作用
B．乒乓球飞行时，球拍的弹力对乒乓球没有做功
C．击球时球拍对乒乓球的力大于乒乓球对球拍的力
D．乒乓球在空中飞行时不受力的作用
【答案】B
【解析】A．乒乓球被击出后，不受球拍的作用力，由于惯性而继续飞行，A错误；
B．乒乓球离开球拍后继续飞行是因为乒乓球具有惯性，乒乓球迅速飞向对方的过程中，虽然通过了距离，但不再受到球拍的弹力，所以球拍的弹力对乒乓球没有做功，B正确；
C．击球时球拍对乒乓球的力和乒乓球对球拍的力是一对相互作用力，两个力大小相等，C错误；
D．乒乓球在空中飞行时受重力的作用，D错误。故选B。
5．蓝牙耳机是将“蓝牙技术”应用在免持耳机上，让使用者免除电线的牵绊，自由自在地以各种方式轻松通话，如图所示。“蓝牙技术”实际上是一种短距离无线通信技术，“蓝牙”传递信息利用的是（ ）

A．电磁波 B．次声波 C．超声波 D．红外线
【答案】A
【解析】手机和蓝牙耳机之间是利用电磁波来传递信息的，故选A。
6．如图所示电路，闭合开关S后，甲乙两表是电压表，示数之比是3：2，当开关S断开，甲乙两表是电流表，则两表的示数之比为

A．2：1 B．3：1 C．2：3 D．1：3
【答案】D
【解析】当开关S闭合，甲、乙两表是电压表时，两个电阻串联，电压表甲测量电源电压，电压表乙测量R2两端的电压，串联电路中各处的电流相等，两个电阻之比，若甲、乙均为电流表时，断开开关S，两个电阻并联，电流表甲测量通过R2的电流，电流表乙测量R1和R2总电流，并联电路各个支路的电压相等，通过两个电阻的电流之比，两个电流表的示数之比。故选D。
7．如图所示，质量相等的甲、乙两个实心正方体物块分别竖直悬浮在水中和漂浮在水面上，下列说法正确的是

A．甲的密度小于乙的密度
B．甲受到的浮力大于乙受到的浮力
C．水对甲下表面的压力大于水对乙下表面的压力
D．水对甲下表面的压强小于水对乙下表面的压强
【答案】C
【解析】A、由图知，甲悬浮在水中，甲的密度等于水的密度；乙漂浮在水中，乙的密度小于水的密度，所以甲的密度大于乙的密度，故A错误；B、甲、乙两实心正方体物块分别悬浮、漂浮在水中，根据漂浮和悬浮条件可知：F浮甲=G甲，F浮乙=G乙，由于两球质量相等，重力相等，所以浮力相等，故B错误；C、根据F浮=F向上-F向下可知：F向上=F浮+F向下，由于甲悬浮，乙漂浮，则F甲向下＞0，F乙向下=0，所以，F甲向上＞F乙向上，故C正确；D、由图知，甲下表面的所处的深度大于乙下表面的所处的深度，根据p=ρgh可知：p甲＞p乙，故D错误；故选C．
8．小明做凸透镜成像规律的实验时，将焦距为的凸透镜固定在光具座上刻度线处，光屏和点燃的蜡烛分别位于凸透镜两侧，蜡烛放置在刻度线处，如图所示。将光屏移到刻度线处，此时烛焰在光屏上成清晰的像。下列说法中正确的是（ ）

A．凸透镜的焦距可能为
B．光屏上的像是倒立、放大的实像
C．若将蜡烛和光屏位置互换，仍可在光屏上得到清晰的像
D．该实验现象能说明投影仪的工作原理
【答案】BCD
【解析】ABD．由题意知，物距小于像距，根据凸透镜成像规律，此时在光屏上成倒立、放大的实像，与投影仪原理相同，此时蜡烛位于凸透镜一倍焦距到二倍焦距之间，像距大于2倍焦距，，，故，，则，A错误，B、D正确；C．根据光路是可逆的，如果把蜡烛与光屏位置互换，当物距等于原来像距时，像距等于原来的物距，仍可在光屏上得到清晰的像，此时成倒立、缩小的实像，C正确。
【点睛】
选项
失分原因
A
不知道如何判断凸透镜的焦距，不能应用凸透镜成像规律分析解决问题
B
不能应用凸透镜成像规律分析成像特点
C
忽略了光路的可逆性
D
对应用凸透镜成像规律制成的光学仪器认识不足，将投影仪和照相机的工作原理相混淆
9．工人师傅利用如图所示的两种方式将重均为300N 的货物从图示位置向上缓慢提升一段距离。F1、F2始终沿竖直方向；图甲中OB＝2OA，图乙中动滑轮重为60N，重物上升速度为0.01m/s。不计杠杆重、绳重和摩擦，则下列说法正确的是

A．甲乙两种方式都省一半的力
B．甲方式F1由150N保持不变
C．乙方式机械效率约为83.3%
D．乙方式F2的功率为3W
【答案】BC
【解析】A．甲图中，F1为动力，已知OB＝2OA，即动力臂为阻力臂的2倍，由于不计摩擦、杠杆自重，由杠杆平衡条件可知，动力为阻力的一半，即F1＝150N；
由图乙可知，n＝3，不计绳重和摩擦，则（G+G动）=（300N+60N）＝120N，
故 A 错误；B．甲图中，重力即阻力的方向是竖直向下的，动力的方向也是竖直向下的，在提升重物的过程中，动力臂和阻力臂的比值不变，故动力F1为150N不变，故B正确； C．不计绳重和摩擦，乙方式的机械效率为： ，故C正确；
D．乙方式中F2＝120N，绳子的自由端的速度为v绳＝0.01m/s×3＝0.03m/s，
则乙方式F2的功率为：P＝F2v绳＝120N×0.03m/s＝3.6W，
故 D 错误。
10．如图所示，下列对热学知识进行的归纳总结中正确的是（ ）

A．甲图中两个表面光滑的铅柱被压在一起能吊起重物，说明分子之间有引力
B．乙图是热机的做功冲程
C．丙图中空气被压缩时内能增大
D．丁图中当塞子冲出去时，水蒸气的内能增大
【答案】AC
【解析】A．两个铅柱没有被拉开，主要是因为分子之间存在引力，A正确；
B．图乙中，进气门和排气门都关闭，活塞向上运动，是压缩冲程，B错误；
C．空气被压缩，是通过做功的方式增大了空气内能，C正确；
D．塞子受到水蒸气的压力而冲出去，水蒸气的内能转化为塞子的动能，水蒸气的内能减小，D错误。
【点睛】
选项
失分原因
A
对说明分子间作用力的小实验缺乏理解
B
对于热机的四个冲程及其对应的图相混淆
C
不清楚空气被压缩的本质是做功，不清楚对物体做功物体内能增大
D
不知道塞子冲出去是因为水蒸气对塞子做功，不清楚对外做功时自身内能减小
二、填空题（本题共6小题，每空1分，共15分）
11．夏日炎炎，李明在游泳池游冰后走上岸感觉到有点冷，是由于身上的水________吸热所致；他从开着空调的屋内刚走到室外时，眼镜的镜片变模糊是由于空气中的水蒸气__________形成；他买了冰棒含嘴里过了一会感觉到凉快，是由于冰棒_________吸热所致。（均填物态变化名称）
【答案】汽化（蒸发） 液化 熔化
【解析】夏天游泳后，刚从水中上岸的人会感到冷是由于身上的水汽化（蒸发）吸热的缘故；夏日炎炎，小东从开着空调的屋内刚走到室外时，室外的水蒸气遇到冷的镜片时会发生液化形成大量的小水珠，所以眼镜变模糊了；物质从固态到液态为熔化，熔化吸热，故冰棒含嘴里过了一会感觉到凉快是由于冰棒熔化吸热所致。
12．刚刚过去的建国70周年大阅兵中，首次亮相的东风-41洲际弹道导弹的最远射程可达到14000km，如图所示。若我国某导弹基地距设定攻击目标1.08×104km，东风-41导弹以2.7104km/h的平均速度飞行，则从基地到达该目标需要_______h。导弹的平均速度2.7104km/h=_______m/s。

【答案】0.4 7.5×103
【解析】由v=可得，从基地到达该目标需要时间：t===0.4h；导弹的平均速度：2.7104km/h=2.7104m/s=7.5×103 m/s。
13．如图所示，粗糙的弧形轨道竖直固定在水平面上，钢球从C点由静止释放，经过B点到达最低点，然后到达另一侧与B点等高的点A时刚好速度为零。由C到B点过程中， ______能转化为动能，________点的动能最大，从最低点O到A点的过程中，机械能的总量________。（选填“变大”、“变小”或“不变”）.

【答案】重力势 O 变小
【解析】粗糙的弧形轨道竖直固定在水平面上，钢球从C点由静止释放，由C到B点过程中，高度减小，速度增大，重力势能转化为动能；到最低点O到时，高度最小，速度最大，所以O点的动能最大；从最低点O到A点的过程中，要克服摩擦力做功，部分机械能转化为内能，所以机械能的总量变小。
14．在如图所示电路中，两盏灯的连接方式是_________联，若两盏灯完全相同，电源电压为6V，闭合开关后，电压表的示数为_________V。

【答案】串 3
【解析】根据图示可知两灯为串联关系；题中电压表测L1两端的电压，因为两灯完全相同，即电阻相同，根据串联电路分压规律可知其电压为3V。
15．如图是电饭锅内部简化电路图，已知，当S接“1”时，电饭锅正常工作处在______（选填“高温”或“低温”）挡；当S接“2”时，通电1min电路产生的热量是______J。

【答案】低温
【解析】由电路图可知，当开关S置于“1”时，两电阻串联，电路电阻最大，根据可知，电饭锅电功率最小，处于保温状态，即低温挡；当开关S置于“2”时，被短路，只有接入电路，电路电阻最小，电饭锅电功率最大，处于加热状态,此时电路中电流：，通电1min电路产生的热量：。
16．如图所示，闭合开关后，导体ab会向左运动，该现象与_____的工作原理相同，如果移动滑动变阻器的滑片，则导体ab运动的_____（选填“速度”“方向”“速度与方向”）发生变化。滑动变阻器除了有以上的作用外，还可以_____。

【答案】电动机 速度 保护电路
【解析】闭合开关后，导体ab会向左运动，说明通电导体在磁场中会受到力的作用，应用此原理可制成电动机；如果移动滑动变阻器的滑片，电路中的电流发生变化，导体ab受力的大小发生变化，则导体ab运动的速度发生变化；在本实验中，滑动变阻器除了改变电路的电流外，还可以保护电路。
三、作图题（本题共2小题，每小题2分，共4分）
17．将图中的灯泡，开关接入家庭电路中，使之符合安全用电要求．

【答案】
【解析】火线首先进入开关，然后接到到灯泡顶端的金属点；零线直接接到灯泡的螺旋套．这样在更换灯泡时更安全．接法如图．

18．如图所示，请你根据小磁针静止时的指向在图中标出通电螺线的N极和电源正负极。

【答案】。
【解析】根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引可知，通电螺线管的右端为极，左端为极；根据安培定则可知，电源的右端为正极，左端为负极，如图所示：


四、实验探究题（本题共3小题，每空2分，共38分）
19．陈宇用天平、烧杯、油性笔及足量的水测量一鹅卵石的密度，实验步骤如下：

（1）将天平放在水平桌面上，把游码拨至标尺___________，发现横梁稳定时指针偏向分度盘的右侧，要使横梁在水平位置平衡，应将平衡螺母往_______（选填“左”或“右”）调。用调好的天平分别测出鹅卵石的质量是31.8g和空烧杯的质量是90g；
（2）如图甲所示，把鹅卵石轻轻放入烧杯中，往烧杯倒入适量的水，用油性笔在烧杯壁记下此时水面位置为M，然后放在天平左盘，如图丙所示，则杯、水和鹅卵石的总质量为_________g；
（3）将鹅卵石从水中取出后，再往烧杯中缓慢加水，使水面上升至记号M，如图乙所示，用天平测出杯和水的总质量为142g。此时杯中水的体积为___________cm3；
（4）根据所测数据计算出鹅卵石的体积为________cm3，密度为_________g/cm3；
（5）陈宇在第（3）步骤测量过程中，发现所用的砝码中有一个磨损了，他没有更换，他这样做将导致所测密度___________（选填“偏大”或“不变”或“偏小”）。
【答案】（1）零刻度线处 左 （2）161.8 （3）52 （4）12 2.65 （5）偏大
【解析】（1）把天平放在水平台上，先要把游码拨到标尺左端的零刻度线处，通过调节平衡螺母使天平平衡；指针偏向分度盘的右侧，要使横粱在水平位置平衡，应将平衡螺母往左调；
（2）由图知，杯、水和鹅卵石的总质量：m=100g+50g+10g+1.8g=161.8g；
水的质量为：m水1=161.8g−31.8g−90g=40g，
此时水的体积为：V水1===40cm3；
（3）将鹅卵石从水中取出后，再往烧杯中缓慢加水，使水面上升至记号M，用天平测出杯和水的总质量为142g，此时，杯中水的体积：V水===52cm3；
（4）由题意知，鹅卵石的体积等于加入水的体积，则：V=V水1−V水=52cm3−40cm3=12cm3；鹅卵石的密度：ρ= ==2.65g/cm3；
（5）磨损的砝码质量要小于标准值，那要天平平衡就要多放砝码，而测量值就是砝码标示值的总和，所以测量值就大于实际值，即测量值偏大。
20．在“探究杠杆平衡条件”的实验中：

（1）挂钩码前，杠杆在如图甲所示的位置静止，此时杠杆____________（选填“达到”或“没达到”）平衡状态，接下来应向____________（选填“左”或“右”）调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡；
（2）如图乙所示，点挂有2个质量均为的钩码，为了让杠杆在水平位置平衡，应在点挂_______个质量均为的钩码；杠杆平衡后，小王便得出了杠杆的平衡条件为：，同组同学小勇认为他这样得出的结论不合理，这是因为______________；
（3）实验结束后，小王提出了新的探究问题：“若支点不在杠杆的中点时，杠杆的平衡条件是否仍然成立”；于是小王利用如图丙所示装置进行探究，发现在杠杆左端的不同位置，用弹簧测力计竖直向上拉使杠杆处于平衡状态时，测出的拉力大小都与杠杆平衡条件不相符，其原因是__________；
（4）小勇利用身边的塑料直尺和若干硬币来验证杠杆平衡的条件，如图丁所示，当杠杆在水平位置平衡时，他测出从支点到硬币边缘的距离作为力臂和的大小，他测力臂的方法是__________（选填“正确”或“错误”）的；如果将两边的硬币以相同的速度同时匀速向支点移动，则杠杆_________（选填“仍平衡”、“左端下沉”或“右端下沉”）。
【答案】（1）达到 右 （2）3 只通过一次测量数据得出的结论具有偶然性 （3） 杠杆自重对实验有影响 （4）错误 左端下沉
【解析】（1）杠杆保持静止，此时杠杆处于静止状态，达到平衡；由题图甲可知，杠杆的右端较高，平衡螺母应向右端调节使杠杆水平平衡；
（2）设杠杆的一个小格为，一个钩码重为，因为杠杆平衡时，，所以：；得，所以在处挂3个钩码；得出的结论不合理，因为只通过一次测量数据得出的结论具有偶然性；
（3）由题图丙可知，杠杆的重心不在支点上，杠杆的重力对杠杆平衡产生了影响，导致拉力的大小与由杠杆平衡条件计算出来的数值不相符；
（4）力臂应为支点到硬币的重力作用线的距离，故他测出从支点到硬币边缘的距离作为力臂和方法是错误的；原来杠杆平衡，即，且由丁图可知，则；经过相同时间后，两边硬币的力臂各减小，则左边力与左边力臂的乘积：；右边力与右边力臂的乘积：；由于，，右边力与力臂的乘积小，即杠杆左端向下沉。
21．两只铭牌模糊的小灯泡L1、L2，仅能看清分别标有“0.3A”和“0.5A”字样．

（1）图甲是小明测量小灯泡L1额定功率时连接的实物图；
①图中有一根线连接错误，请在这积线上打“×”，并在图中改正；
②闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应位于_______（远填“A”或“B”）端；
③闭合开关，电流表示数为0.1A，移动滑片P，通过观察_______表的示数来判断小灯泡是否正常发光，小灯泡正常发光时，电压表的示数如图乙所示，则小灯泡L1的额定功率为_______W．
（2）小华利用图丙所示的电路测出了小灯泡L2的额定功率，请在虚线框内补上小灯泡、电压表和定值电阻R（阻值已知）这三个元件的符号，使电路完整，实验操作方便___________．
【答案】（1）① ②B ③电流 0.75 （2）
【解析】（1）①原电压表测电源电压是错误的，应测灯的电压，如下图1所示：

②闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应位于阻值最大处的B端；③灯在额定电流下正常发光，闭合开关，电流表示数为0.1A，移动滑片P，通过观察电流表的示数来判断小灯泡是否正常发光，小灯泡正常发光时，电压表的示数如图乙所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，电压大小为2.5V，则小灯泡L1的额定功率为：P＝UI＝2.5V×0.3A＝0.75W；
（2）若该电路中没有电流表，电压表和定值电阻应起到测量电流的作用，故将灯与定值电阻串联后再与变阻器串联；要测灯的额定功率，首先使灯正常发光，当灯的电流为额定电流时，灯正常发光，先将电压表与定值电阻并联，通过移动滑片的位置，使灯的电压为0.5A×R，此时灯正常发光，保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表测灯与定值电阻的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，可求出此时灯的额定电压，根据P＝UI可求出灯的额定功率．设计的电路下图2所示：

五、综合应用题（本题共2小题，共23分）
22．（10分）如图所示，一个容积V0=500cm3、质量m0=0.5kg的瓶子里装有水，乌鸦为了喝到瓶子里的水，就衔了很多的小石块填到瓶子里，让水面上升到瓶口．若瓶内有质量m1=0.4kg的水．求：（水的密度ρ水=1.0×103kg/m3，石块密度ρ石块=2.6×103kg/m3）

（1）瓶中水的体积V1；
（2）乌鸦投入瓶子中的石块的体积V2；
（3）乌鸦投入石块后，瓶子、石块和水的总质量m总．
【答案】（1）400cm3；（2）100cm3；（3）1160g
【解析】（1）由ρ＝得瓶内水的体积：
V1＝＝4×10−4m3＝400cm3
（2）石块总体积：V2＝V容−V1＝500cm3−400cm3＝100cm3；
（3）由ρ＝得石块的质量：m石＝ρ石V2＝2.6g/cm3×100cm3＝260g＝0.26kg，
乌鸦投入石块后，瓶子、石块和水的总质量：
m＝m水+m0+m石＝0.4kg+0.5kg+0.26kg＝1.16kg＝1160g。
23．（13分）如图所示是小明设计的电热水器的电路原理图（仅电热管浸没水中）。烧水时，按下温控开关S和a、b接触，红色指示灯正常发光，加热档工作，电热水器电热管的加热功率是880W；当水温升到设定温度t1时，温控开关接触点断开，电热水器停止加热；当水温下降到设定温度t2时，S自动上升与接触点c接通，黄色指示灯也正常发光，保温档工作，电热水器电热管的保温功率是220W。当水温上升到设定温度t1时，温控开关触点断开，电热管停止加热。如此不断往复使水温保持在设定的温度范围内。（熔断器相当于自动开关，已知红灯规格为“2V 0.1A”，黄灯额定电压是2V，加热管、R1以及R2电阻恒定）

（1）该热水器水箱中装有2kg、30℃的冷水，若把这些冷水加热到某一设定温度74℃时所用时间为8min，求冷水吸收的热量？
（2）加热8min电热管消耗的电能？
（3）该电热水器的加热效率？
【答案】（1） （2） （3）85.4%
【解析】（1）由吸热公式得：
。
（2）由电能公式得：。
（3）电热管加热时通过的电流为I1，则，
R2、红灯串联后与电热管并联，R2与红灯电功率和为P2，电热管电功率为P1，并联电路中： 。
该热水器消耗的总电功率为：。
该电热水器加热效率：。

备战2020中考物理模拟试卷09
物理
（考试时间：70分钟 试卷满分：100分）
一、选择题（本题共10小题，每小题3分，共30分）
1．下列物理量不符合实际的是 （ ）
A. 光在真空中的传播速度为3×108m/s B. 课桌的高度约80dm
C. 煤油的密度约0.8g/cm3 D. 一枚硬币的质量约5g
【答案】B
【解析】A．光在真空中的传播速度为3×108m/s，故A不符合题意；B．中学生的身高在160cm左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm=8dm左右，故B符合题意；C．煤油的密度约0.8g/cm3，故C不符合题意；D．一块橡皮的质量约5g，一枚硬币的质量与此差不多，在5g左右，故D不符合题意。
2．在同一架钢琴上，弹奏C调“3（mi）”和“1（dou）”这两个音，以下说法正确的是（ ）
A. 音调一定不同 B. 响度一定不同
C. 音色一定不同 D. 音调、音色和响度都不同
【答案】A
【解析】因为dou.1 和 mi.3 两个音阶的音调越来越高，dou.1 的音调低，mi.3 的音调高，说明振动的频率不同，音调越高，振动频率越快，两者音调一定不同．故选A．
【点评】本题主要考查学生对声音的音调与物体振动频率的关系的理解和掌握．
3．图中的四种现象中，由于光的折射形成的是 （ ）

A. 水中荷花的倒影 B. 屏幕上的手影

C.观后镜中汽车的像 D.放大镜下树叶的像
【答案】D
【解析】A. 平静的水面相当于平面镜，荷花的倒影是平面镜成像现象，故属于光的反射，故不符合题意；B. 手影属于影子，是光线在同种均匀的介质中传播形成的，故不符合题意；C. 汽车观后镜是一个平面镜，所以司机从观后镜中看到汽车后面的景物是利用光的反射造成的，故不符合题意；
D. 用放大镜看树叶时，树叶的叶脉变大了，属于凸透镜成像，是由于光的折射形成的，故符合题意。
4．一提到“雾凇”，许多人总会联想到东北地区，其实甘肃省的一些地区也会遇到这个现象。如图为天水出现的“雾凇”，下列说法正确的是 （ ）

A. 雾淞是由空气中的水蒸气遇冷液化形成的 B. 雾凇和冰的形成过程一样
C. 雾凇是由空气中的水蒸气遇冷凝华形成的 D. 雾凇形成的过程中需要吸收热量
【答案】C
【解析】A．“雾凇”是固态的小冰粒，它是由空气中的水蒸气直接变成的，属于凝华现象；B．冰是液态水凝固形成的，雾凇是空气中的水蒸气凝华形成的，冰与雾凇的形成过程不一样；C．“雾凇”是固态的小冰粒，它是由空气中的水蒸气直接变成的，属于凝华现象；D．凝华放出热量，因此雾凇形成过程中需要放出热量，不是吸收热量。
5．我国研制的“亿航”自动驾驶载人飞行器具有垂直起降、定速巡航、空中悬停等功能．在一次试飞中，试飞员感觉地面“迎”他而来，这时飞机的运动状态是 （ ）
A. 垂直起飞 B. 垂直降落 C. 定速巡航 D. 空中悬停
【答案】B
【解析】根据题意知道，在一次试飞中，飞员感觉地面扑面而来，是感觉地面在向上运动，这是以运动飞机为参照物，并且飞机在垂直降落时感觉，故只有B正确．
【点睛】本题考查的是参照物及其选择，是一道基础题，难度不大，解题的关键是掌握判断相对静止与相对运动的方法．
6．在测量液体密度的实验中，小明利用天平和量杯测量出液体和量杯的总质量m及液体的体积 V，得到几组数据并绘出 如图所示的 m-V 图像，下列说法正确的是 （ ）

A. 量杯质量 40g B. 40cm3 的该液体质量为40g
C. 该液体密度为 1.25g/cm3 D. 该液体密度为 2g/ cm3
【答案】B
【解析】与纵轴的交点液体体积为0，此时所对应质量为量杯质量，由图像可解出图像与纵轴交于20g处，此时液体体积为0，则可知量杯质量为20g；由图像可知，当液体体积为20cm3时，总质量为40g，则液体质量为20g，密度，则40cm3的该液体质量．
7．图所示的四个实例中，目的是为了增大摩擦的是 （ ）
A. 旱冰鞋下装有滚轮 B. 乒乓球拍上贴有橡胶皮
C. 旅行箱下装有小轮 D. 给车轮的轴中加润滑油
【答案】B
【解析】A．旱冰鞋下装有滚轮，是用滚动代替滑动减小旱冰鞋和地面之间的摩擦力，便于滑行，故A不符合题意；B．乒乓球拍上贴有橡胶，是在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故B符合题意；Ｃ．旅行箱下装有小轮子，这是利用滚动摩擦代替滑动摩擦，减小摩擦力的，故Ｃ不符合题意；D．给车轴中加润滑油，这是利用使接触面彼此分离，减小摩擦力的，故D不符合题意。
8．某规格热敏电阻的阻值随环境温度的变化如图甲所示，如果设计一个通过电表示数反映热敏电阻随环境温度变化的电路，要求温度升高时电表示数减小，如图所示的电路中符合要求的可能是（ ）

A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】由阻值随环境温度的变化而变化的规律可知，电阻阻值随温度的增加而减小。A.此为并联电阻，温度升高时，热敏电阻值变小，电路中的总电阻也将变小，根据欧姆定律，干电路中的电流变大，即电流表示数增大，A错误；B. 此为并联电阻，温度升高时，热敏电阻值变小，根据欧姆定律，热敏电阻所在支路中的电流变大，即电流表示数增大，B错误；C. 此为串联电阻，电压表测量电阻R0两端的电压，当温度升高时，热敏电阻值变小，根据串联电路分压关系，热敏电阻分得的电压变小，电阻R0分得的电压变大，即电压表示数增大，C错误；D. 此为串联电阻，温度升高时，热敏电阻值变小，根据串联电路分压关系，热敏电阻分得的电压变小，即电压表示数减小，D正确。故选D.
点睛：本题考查了电路的动态分析，涉及到串并联电路的特点和欧姆定律的应用，利用好“热敏电阻的阻值是随环境温度的增大而减小的”是关键.
9．在如图所示电路中，电源电压保持6V不变，定值电阻R1为10Ω，滑动变阻器R2的最大阻值为50Ω，电流表量程“0﹣0.6A”，电压表量程“0﹣3V”，开关S闭合后，将滑动变阻器R2的滑片P自b端向左移动过程中，保证电表安全．电路总功率与电流的关系图象是 （ ）

A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】滑动变阻器跟定值电阻串联，电压表测量定值电阻两端的电压，电流表测量电路的电流；当滑动变阻器R2的滑片P自b端向左移动过程中，根据串联电路的分压原理（电阻越大，电阻两端的电压越高），变阻器接入电路的电阻最小，电压表的示数最大；计算出电压表示数最大时，并与电流表的示数的最大值比较，得出电路的最大电流，并根据P＝UI求出电路消耗的最大功率；根据P＝UI可得，U＝，即电压一定时，电路消耗的总功率与电流成正比。因为电源电压不变，由P＝UI可得，电路消耗的总功率和电流成正比；当电压表示数为3V时，电路中的电流I＝＝0.3A