2020—2021学年苏科版九年级物理上册期末测评真题卷一

2020—2021学年九年级物理上册期末测评高效提分备考卷(苏科版)
真题一卷（解析版）
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________

一、单选题（每小题2分，共24分）
1．（2019·全国初三单元测试）关于温度、热量、内能，下列说法中正确的是(   )
A．物体的温度越高，所含的热量越多
B．物体的温度越高，物体内分子的无规则运动越剧烈
C．物体的内能增加，一定是外界对物体做了功
D．物体吸收了热量，它的温度一定升高
【答案】B
【解析】A. B、物体的温度越高，分子热运动加剧，内能增加，而热量是热传递中内能变化的量，不能说“所含的热量”，故A错误，B正确；
C. 改变物体内能有两种方式，即做功和热传递，所以内能增加时，可能外界对物体做了功，也可能吸收了热量，故C错误；
D. 当晶体熔体时，吸热，温度不变，故D错误。
选B。
2．以下说法正确的是（ ）
A．物体吸收热量，温度一定升高
B．外界对物体做功，物体内能一定增加
C．温度高的物体内能一定比温度低的物体内能大
D．做功改变物体内能的本质是内能和其他形式能之间的转化
【答案】D
【解析】A. 当晶体熔化时，物体吸收热量，温度不变，故A错误；
B. 外界对物体做功，物体能量一定增加，但内能不一定增加，如将物体举高，重力势能增加，内能不增加，故B错误；
C. 温度高的物体只能说明分子动能大，而内能由质量、温度、体积等因素决定，故C错误；
D. 做功改变物体内能的本质是内能和其他形式能之间的转化，故D正确；
故选D．
3．如图是电阻甲和乙的图像，下列说法正确的是（ ）

A．甲的电阻总是大于乙的电阻
B．乙的电阻随两端电压的增大而增大
C．如图（b）所示，当开关闭合，电源电压为3V时，电路总电阻是
D．如图（c）所示，当开关闭合，电路电流为0.4A时，电源电压为2V
【答案】C
【解析】A．由图像可知，甲对应的电流与电压成正比，根据欧姆定律可知甲电阻的阻值不变，乙电阻的阻值变化，当电压为0到3V之间时，乙的电阻在不停变小，一开始是大于甲的电阻，A错误；
B．由图像可知，当乙两端电压为2V时，通过的电流为0.2A，根据欧姆定律可得

当乙两端电压为3V时，通过的电流为0.6A，此时的电阻为

电阻乙的阻值大小随电压的变大而减小，B错误；
C．如图（b）所示，甲和乙串联，通过两电阻的电流相等，当电路电流为0.2A时，由图像可知，，，根据串联电路的总电压等于各分电压之和可知，电源的电压

根据欧姆定律可得

C正确；
D．如图（c）所示，甲、乙并联，两电阻两端的电压相等，当电源电压为2V时，由图像可知，，，根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知，干路电流

D错误。
4．（2019·江苏初三期末）小明用台秤研究人在竖直升降电梯中的运动．他先在地面上用台秤称得自己的体重为500 N，再将台秤移至电梯内，电梯从t=0时由静止开始向下运动到t=11 s时停止，测得台秤对自己的支持力F随时间t变化的图象如图所示，则（ ）

A．0~2 s的过程中，小明的动能不变
B．2 s~10 s的过程中，小明的重力势能转化为动能
C．10 s~11 s的过程中，小明的机械能不断减小
D．0~11 s的过程中，小明的机械能不断增大
【答案】C
【解析】A．0～2s的过程中，小明由静止开始下降，所以小明的动能增大，故A错误；
B．2s～10s的过程中，小明在匀速下降，重力势能减小，但动能不变，故B错误；
C．10s～11s的过程中，小明在做减速运动，故动能减小，同时小明是在下降，高度是在降低的，所以重力势能在减小，故小明的机械能不断减小，C正确；
D．0～11s的过程中，小明下降了一段距离，重力势能减小，所以机械能不断减小，故D错误；
故选C．
5．（2019·宝鸡市初三月考）图甲为某收音机的音量调节旋钮，图乙为其结构示意图．A、B、C是它的三个接线柱，A、C分别与弧形电阻丝的两端相连，B与金属滑片相连，转动旋钮滑片在弧形电阻丝上同向滑动．下列分析正确的是（　　）

A．旋钮与喇叭并联
B．只将A、B接入电路，顺时针转动旋钮时音量变大
C．若只将A、C接入电路，顺时针转动旋钮时音量变大
D．若只将B、C接入电路，顺时针转动旋钮时音量变大若
【答案】D
【解析】A. 音量调节旋钮在电路中能改变电路中电流的大小，所以图中旋钮与喇叭串联，故A错误；B. 若只将A. B接入电路，滑片左边的电阻丝接入电路，即滑片顺时针转动旋钮时，电阻变大，音量变小，故B错误;故C. 若只将A. C接入电路，全部电阻丝都接入电路，不能改变电路的电流，所以不能改变音量的大小，故C错误；D. 若只将B. C接入电路，滑片右边的电阻丝接入电路；顺时针转动旋钮时，旋钮接入电路的电阻变小，电路中电流变大，音量变大，故D正确；选D.
6．（2019·湖南中考模拟）在图中，ma＞mb＞mc ， 三个物体在同样大的力F作用下，都沿着力F的方向移动了S，比较力F对三个物体所做的功，结论是（ ）

A．一样多 B．对a做的功多 C．对b做的功多 D．对c做的功
【答案】A
【解析】已知力F的大小和沿着力F的方向移动的距离s，根据功的计算公式W=Fs可判断F对三个物体所做功的大小．因为对三个物体的作用力都是大小相等的力F，三个物体在力F的方向上移动的距离都是s，根据功的计算公式W=Fs可知，F对三个物体所做的功一样多．故选A．
7．两个质量相同的钩码，下端固定有纸带并穿过打点计时器，在拉力作用下两 钩码分别沿竖直向上方向运动，纸带上留下的点迹如图 1 所示，它们的 s﹣t 图象如图 2 所示．则（ ）

A．甲的拉力大
B．甲的拉力小
C．乙的势能大
D．甲的机械能大
【答案】D
【解析】AB．在图1中的甲、乙两图中，打点计时器打出的各点之间的距离是相同的，由此确定钩码在这两种情况下都是处于匀速直线运动状态，即平衡状态，所受的力一定是平衡力，此时的钩码只受两个力的作用：弹簧秤竖直向上的拉力和重力．根据二力平衡的条件可知这两个力相等，即甲、乙的拉力都等于各自钩码的重力，由于钩码的质量相等，则重力相等，所以甲的拉力等于乙的拉力；
CD．两个钩码的质量相同，由题意知，两个钩码上升的高度相同，由图2知，甲、乙上升相同的高度，甲所用时间小于乙所用时间，根据 可知，甲的速度大于乙的速度，所以，甲的动能大于乙的动能，甲的势能等于乙的势能，机械能为动能和势能之和，所以，甲的机械能大于乙的机械能。
8．如图所示，V1和V2是完全相同的两个电压表，都有最大测量值是5V和15V两个量程，闭合开关后，发现两个电压表指针的偏转角度相同，则（　　）

A．R1∶R2=2∶1
B．R1∶R2=2∶3
C．R1∶R2=3∶2
D．R1∶R2=1∶2
【答案】A
【解析】由图可知，两电阻组成串联电路，电压表V2测量电阻R2两端的电压；电压表V1量电阻R1和R2两端的总电压；根据串联电路电流特点，得两电路的电压之比等于电阻之比；根据题意，闭合开关后，发现两个电压表指针的偏转角度相同，说明电压表V2选的小量程，电压表V1选的大量程，所以电压表V1的示数是电压表V2示数的3倍，即

由串联分压规律可知

故选A。
9．（2020·天津初三月考）如图所示的电路中，电源电压相同且不变，灯L1，L2规格相同，闭合开关S，电流表示数最大的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】A
【解析】由题意知，电源电压相同，两灯的规格相同，设灯的电阻为R。A图中，开关闭合时，两灯并联，电流表测干路电流，那么通过两灯的电流

所以此时电流表的示数为

B图中，开关闭合时，两灯并联，电流表测灯L1的电流，那么电流表的示数是

C图中，开关闭合时，灯L1被短路，则电路是灯L2工作的简单电路，所以电流表的示数

D图中，开关闭合时，灯L1被短路，所以电流表的示数为

那么A图中电流表的示数最大，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
10．（2020·海口市初三期末）实验中绘出了小灯泡的电流与电压关系的U-I图象如图所示，则有关此小灯泡功率P与 U2或P与I2的图象可能正确的是（ ）

A． B． C． D．
【答案】D
【解析】在U﹣I图象中，图线的斜率表示电阻，根据图象斜率判断灯泡电阻的变化关系，然后根
公式P=I2R分析P与I2的图象，根据公式P=分析P与U2的图象．
由U﹣I图象可知，电压和电流增大时，灯泡的实际功率增大，灯泡的温度升高，且图线的斜率越来越大，即灯泡的电阻随温度的升高而增大；
AB．由P=I2R=可知，在P﹣U2图象中，图象上某点切线的斜率为电阻的倒数，因随温度的升高R增大因而应减小，故AB错误；
CD．同理，在P﹣I2图象中，图象上某点切线的斜率为电阻R，而电阻R又随温度的升高而增大，故C错误，D正确。
故选D。
11．如图所示，实心物体A漂浮在水面上，现利用电动机通过滑轮组拉动A，使A向下运动（运动过程中始终未碰到定滑轮）。已知A的体积为0.2m3，密度为0.4×103kg/m3．动滑轮重为300N，电动机工作时拉绳子的功率为1.5×103W且保持不变，不计绳重、摩擦和水的阻力，g＝10N/kg，ρ水＝1.0×103kg/m3，下列说法中不正确的是（　　）

A．物体向下运动的最小速度3m/s
B．物体A浸没在水中时受到的浮力为2×103N
C．物体A向下运动过程中，电动机拉着绳子的力先变大，后不变
D．物体A向下运动过程中，滑轮组机械效率的最大值为80%
【答案】A
【解析】B．由知道，A的质量
mA＝ρAVA＝0.4×103kg/m3×0.2m3＝80kg
由 知道，A的重力
GA＝mAg＝80kg×10N/kg＝800N
由于A浸没在水中，声音，
V排＝VA＝0.2m3
A浸没在水中受到的浮力
F浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.2m3＝2×103N
故B正确，不符合题意；
A．当A完全浸没时绳子对物体A的拉力最大，电动机对绳子的拉力也最大，不计绳重、摩擦和水的阻力，则电动机对绳子的最大拉力

由知道，绳子自由端运动的最小速度

则物体向下运动的最小速度

故A错误，符合题意；
C．由于电动机对绳子的拉力，而物体A向下运动过程中，浮力先变大、后不变，所以，电动机拉着绳子的力先变大，后不变，故C正确，不符合题意；
D．当A完全浸没后，滑轮组受到的拉力最大，此时滑轮组的机械效率最大，有用功
W有用＝（F浮﹣G）h
总功
W总＝Fs＝（F浮﹣G+G动）×3h＝（F浮﹣G+G动）h
滑轮组机械效率的最大值


故D正确，不符合题意。
故选A。
12．某电流表有两个量程，大量程为0-9A，小量程模糊不清，为了确定小量程是多少。先将大量程接入电路，指针位置如图甲所示，然后改用小量程接入同一电路，指针位置如图乙所示，则该电流表的小量程是（ ）

A．0-0.6A B．0-1.2A C．0-2.4A D．0-3.6A
【答案】C
【解析】大量程的每一个大格是3A，每一个小格是0.3A，示数是1.2A，大、小量程的电流表接入的是同一电路，示数应该是相同的，乙图中指针的位置是1.2A，则一个大格是0.8A，每一个小格是0.18A，所以，小量程为0∼2.4A。故选C.
点睛：因为大、小量程的电流表接入的是同一电路，示数应该是相同的，首先读出大量程的示数，然后在小量程的指针位置标出电流，由此可以确定小量程。
二、填空题（每小题2分，共24分）
13．（2020·广西初三期末）为将放置在水平地面上、重为90N的重物提升到高处．小桂同学设计了图（甲）所示的滑轮组装置．当小桂所用的拉力F随时间t变化的图象如图（乙）所示，重物的速度v随时间t变化的图象如图（丙）所示．不计摩擦和绳重，绳对滑轮的拉力方向均可看成在竖直方向．物体离开地面匀速上升时，小桂的拉力F＝____N；若重物与地面的接触面积S＝500cm2，在0～1s内，重物对地面的压强为________Pa．

【答案】40 600
【解析】第一空．由图丙可知在2∼3s内，重物做匀速运动，由图乙可知，此时拉力F=40N；
第二空．从动滑轮上直接引出的绳子股数n=3，
从丙图可知，物体在2∼3s内做匀速直线运动,由图乙可知此时的拉力F3=40N，
根据F=(G物+G动)可得：
G动=nF3−G物=3×40N−90N=30N，
在0∼1s内,拉力F1=30N，把动滑轮和重物看成整体，则这个整体受到向下的重力、向上的支持力以及三根绳向上的拉力作用处于静止状态，
F支+3F1=G物+G动，地面对物体的支持力：
F支=G动+G物−3F1=30N+90N−3×30N=30N，
根据力的作用是相互的，重物对地面的压力：
F压=F支=30N，
对地面的压强：
p==600Pa。
14．（2020·江苏初三月考）如图所示是电阻甲和乙的I﹣U图象．由图可知：电阻乙的阻值为_____Ω；若将电阻甲和乙串联后接在电压为6V的电源两端时，甲乙两电阻两端电压之比为_____；若将电阻甲和乙并联后接在电压为3V的电源两端时，总电功率为_____W．

【答案】 6 5：3 2.4
【解析】由图像可知，当甲、乙两个电阻两端的电压为3V时，通过甲的电流为0.3A，通过乙的电流为0.5A，由I得：R甲10Ω；R乙6Ω；若将甲和乙串联后接在电压为6V的电源两端，U甲:U乙R甲:R乙10:6；若将电阻甲和乙并联后接在电压为3V的电源两端时，则总电阻R 3.75Ω；总功率P 2.4W。
15．（2019·江苏中考模拟）一名体重为500N、双脚与地面接触面积为0.04m2的学生站在水平地面上，用滑轮组将重物匀速提升1m，绳子自由端拉力为400N，他站在地面上时对地面的压强为___________Pa,若匀速提升过程中滑轮组的机械效率是75%，物体重力为_________N.

【答案】 1.25×104 600
【解析】（1）他站在地面上时对地面的压力：F=G=500N，
对地面的压强： ；
（2）由图可知，n=2，则，所以，G=2ηF=2×75%×400N=600N．
故答案为：1.25×104；600．
16．（2020·盐城市新洋高级中学初三月考）如图为下雨天同学挂在教室后黑板水平下边沿上的一些折叠伞（伞未碰到墙壁），这些伞的伞柄_________（选填“一定是” 、“一定不是” 或“可能是”）竖直向下，伞上的雨水自由下落时，_________（选填“有”或“没有”）力对其做功。如果将伞柄收进去一些，它将__________（选填“保持”、 “恢复”、“更偏离” 或“更偏向”）竖直方向。

【答案】 一定不是 有 更偏离
【解析】根据二力平衡的知识可知，静止时，悬挂点过重心的连线一定在竖直的一条线上，即重力的方向竖直向下，此时悬挂点是偏离重心的，所以伞的伞柄一定不是竖直向下的；
伞上的雨水自由下落时受重力作用，又通过了距离，所以重力对其做功；
如果将伞柄收进去一些，重心与悬挂点的连线不变，而距离变短了，它将更偏离竖直方向。
17．如图是某电热暖手宝的主要参数。选用水作为吸热或放热物质，是因为水的_____较大。已知水的初温为15℃，c水=4.2×103J/（kg•℃），接通电源正常工作6min时，消耗的电能为_____J；暖手宝处于_____（选填“通电加热”或“自动断电”）状态。

【答案】比热容1.8×105通电加热
【解析】（1）因为水的比热容较大，降低相同的温度，水放出的热量多，所以电热暖手宝里面用水作为吸热或放热物质；
（2）接通电源正常工作6min消耗的电能是：；
据公式可知，此时水升高的温度为：
；
初温是15℃，所以此时的末温是：，小于65℃，故处于加热状态。
18．（2020·江苏初三课时练习）脱脂人发具有在空气潮湿时伸长，干燥时缩短的特性．将质量为m的金属指针固定在木框上A点（可自由转动），脱脂人发固定在指针上的C点和木框上的B点，又将轻弹簧分别固定在C、D两点，再配上刻度盘，就构成了简易“湿度计”，如图所示，此“湿度计”中有杠杆________ 处；天气干燥时指针向________ 偏转（填“左”或“右”）；要提高它的灵敏度（空气中湿度变化比较小时，指针在刻度盘上也能发生较明显的偏转），安装时需将C点距离A点________ （选填“近”或“远”）一些．

【答案】1 左 近
【解析】指针AC为杠杆，A为支点，头发的拉力是动力，弹簧的拉力是阻力；C点移动相同的距离时，它离A点越近，指针的尖端移动的距离越大，当湿度变化较小时，头发的伸缩程度小，要使指针偏转明显， C点需离A点近些．
19．（2020·江苏初三课时练习）皮球从手中落到地上，又弹跳起来。在皮球落向地面的过程中，_____能转化为________能；皮球撞击地面发生形变的过程中，______能转化为_______能；皮球形变逐渐减小直至恢复原状的过程中，_____能转化为______能；皮球离开地面上升的过程中，______能转化为__________能。
【答案】 重力势 动 动 弹性势能 弹性势能 动能 动能 重力势能
【解析】皮球落向地面的过程中，高度减小而运动速度增大，重力势能转化为动能；皮球撞击地面的过程，运动速度减小而形变程度增大，动能转化为弹性势能；皮球在弹起(尚未脱离地面)过程中，形变程度减小而运动速度增大，弹性势能转化为动能；皮球离开地面向上运动的过程中，运动速度减小而高度增大，动能转化为重力势能。
20．（2019·辽宁中考模拟）在右图甲所示电路中，电源电压保持不变，R0、R2为定值电阻，电流表、电压表都是理想电表。闭合开关，调节滑动变阻器，电压表V1、V2和电流表A的示数均要发生变化。两电压表示数随电路中电流的变化的图线如图乙所示。根据图像的信息可知：___（填“a”或“b”）是电压表V1示数变化的图线，电阻R2的阻值为____Ω,电源电压为____V，电阻R0的阻值为____Ω。

【答案】 b 1 12 2
【解析】由甲图可知，电压表V1测R1和R2串联部分的总电压，也就是总电压减去R0两端的电压，当电流增大时，R0两端的电压增大，总电压不变，所以R1和R2串联部分的总电压会减小，则电压表V1示数变小，故可知b应是电压表V1示数变化的图线；由图象可知：当R1和R2两端的电压为10V时，R2两端的电压为1V，电路中的电流为1A，∴U=U1+U0=10V+IR0=10V+1A×R0------------------①，R2=U2/I=1V/1A=1Ω；当滑片P移至最左端，滑动变阻器连入电阻为0，两电压表都测量电阻R2两端的电压，示数都为4V，电路中的电流最大为4A，∴U=U2′+U0′=4V+4A×R0------------------②，由①②得：10V+1A×R0=4V+4A×R0 ，解得：R0=2Ω，则电源电压为：U=U1+U0=10V+IR0=10V+1A×2Ω=12V。
21．（2020·北京初三期中）如图所示的电路中，除了一根导线是断的，其余的器材完好无损，电路连接正常．为了查出这根导线，小刚将电压表的负接线柱一直接在电源的负极，正接线柱与灯L1的a接线柱相连时，电压表有示数；再将电压表的正接线柱与灯L2的b接线柱相连时，电压表没有示数．由此可知，发生断路的是导线 ．

【答案】3
【解析】根据从电压表有无示数进行分析，电压表有示数说明被测的电路有断路，无示数说明开路故障在与电压表并联之外的电路上．
解：因为电压表测量的导线完好时，电压表不会有示数，电压表有示数反而说明导线是断的；
所以将电压表的负接线柱一直接在电源的负极，正接线柱与灯L1的a接线柱相连时，电压表有示数；说明导线1，2完好；
再将电压表的正接线柱与灯L2的b接线柱相连时，电压表没有示数．说明电路为断路，即断路在导线1、2、3上；
由此可知：发生断路的是导线3．
故答案为：3．
22．（2019·北京初三）如图所示，轻质杠杆AB可绕O点在竖直平面内转动，OA:OB=3:1．用细线将圆柱体C悬挂在杠杆的A端并放入水中，再用细线在杠杆B端悬挂一个完全相同的圆柱体D并放在水平地面上，当杠杆两端细线均被拉直且杠杆AB恰好在水平位置平衡时，圆柱体C有的体积露出液面，该圆柱体底面所受液体压强为800Pa，此时圆柱体D对地面的压强为600Pa．则圆柱体C的密度为 kg/m3．
（g取10N/kg）

【答案】750
【解析】圆柱体C底面受到的压强，则，由于圆柱体C有的体积露出水面，所以，则；
设C、D的重力均为G，杠杆A端受到的拉力为，B端受到的拉力为：，其中底面第D 的支持力与D对地面的压力是一对作用力与反作用力，大小相等，即，根据杠杆平衡条件得：，整理得：，
即：，代入数据解得：．
23．如图所示的电路中，电源电压保持不变.闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，电流表A的示数将______，电压表V1和V2示数的差值与A示数的比值将_______.(填“变大”“不变”或“变小”)

【答案】变小 不变
【解析】如图电路，两电阻串联，电压表V1测量电源电压，故示数U不变；电压表V2测量R2的电压U2，电流串联在电路在测量电流；
当滑动变阻器的滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，电路总电阻变大，根据知，电路中电流变小，即电流表示数变小；
电压表V1和V2的示数差值即R1的电压，与A示数的比值即为R1的阻值，即：，因为R1为定值电阻，其阻值不变，则电压表V1和V2的示数差值与A示数的比值将不变．
24．小明用如图甲所示装置探究两种液体的吸热能力，两烧瓶中的电阻丝相同．实验中，必须取____（填“体积”或“质量”）相等的A、B两种液体．根据实验测得的数据描绘出A、B两种液体的温度随加热时间变化的图象如图乙所示，分析图乙可知____（选填“A”或“B”）的吸热能力更强．若加热过程中无热量损失，已知A的比热容为2.4×103J/（kg•℃），则B的比热容为_____J/（kg•℃）；若在甲、乙两瓶中，液体是质量相同的同种液体，甲乙电阻丝的阻值不同，则该装置可用来探究电流产生的热量与______的关系．

【答案】质量 A 1.2×103 电阻
【解析】要比较不同物质的吸热能力，需要控制不同物质的质量相同，故实验中，必须取质量相等的A、 B两种液体；
根据如图乙，A、B两种液体的温度随加热时间变化的图象可知，加热相同的时间，A升温：30℃−10℃=20℃，B升温：50℃−10℃=40℃，即A的吸热能力更强；若加热过程中无热量损失，已知A的比热容为2.4×103J/(kg⋅℃)，B升温是A升温的倍，根据，在吸收热量Q与质量m相同的条件下，比热容与升高的温度成反比，则B的比热容为：；
若在甲、乙两瓶中，电阻丝串联，通过的电流和时间相等，液体是质量相同的同种液体，电阻丝的阻值不同，则该装置可用来探究电流产生的热量与电阻的关系．

三、作图题（每小题4分，共8分）
25．（2020·泰兴市振宇外国语学校初三月考）画出使杠杆AOBCD在如图所示位置静止时所用最小力F的作用点和方向．

【答案】
【解析】由图知，O为支点，则以OD为动力臂最长，所以用力方向与OD垂直向下，最省力，如图所示：

26．（2020·河南初三期末）阳光动力2号飞机，是一架长航时，不必耗费燃油便可昼夜连续飞行的太阳能飞机，飞机上装有平衡警示电路，其中S为正对驾驶员的重力开关，金属片M可绕O点自由转动，当机翼水平时，M在a、b中间，当飞机严重左倾时，绿灯亮，电铃响；当飞机严重右倾时，红灯亮，电铃响；请在图中完成电路连接．

【答案】
【解析】解答：当飞机严重左倾时，绿灯亮、电铃响，开关接a，绿灯与电铃接入电路；当飞机严重右倾时，红灯亮、电铃响，开关接b，红灯与电铃接入电路；由题意可知，红灯与绿灯互不影响，能独立工作，它们是并联的，不论开关接a还是接b，电铃都接入电路，电铃串联在干路中，电路图如图所示：
。

四、计算题（每小题8分，共32分）
27．（2020.云南初三期末）如图所示的电路中，电源电压恒为6 V，R为定值电阻，小灯泡L上标有“6 V　3.6 W”的字样．闭合开关S后，电流表的示数为0.8 A，设灯泡电阻不受温度影响．求：

(1)灯泡的额定电流；
(2)定值电阻R的阻值；
(3)通电60 s内，电流所做的总功．
【答案】（1）0.6A；（2） 30Ω；（3） 288J
【解析】（1）由铭牌知道灯泡的额定电压和额定功率分别是6V和3.6W，根据P=UI知道灯泡的额定电流是：I额=P额/U额=3.6W/6V=0.6A
（2）由图知道，灯泡与R并联，电流表A测干路的电流，所以，通过电阻的电流是：IR =I-IL=0.8A-0.6A=0.2A，
由I=U/R知道，定值电阻的阻值R=U/IR=6V/0.2A=30Ω；
（3）若通电60s内，电流所做的总功是：W=UIt=6V×0.8A×60s=288J。
28．（2019·江苏初三期中）在如图所示的电路中，电源电压为20伏，电阻R1的阻值为15欧，滑动变阻器标有“50Ω 1A”的字样，电压表的量程为 “0～15V”．闭合电键后，电路正常工作．求：

（1）当电压表V的示数为14伏时，电路中的电流．
（2）在滑片左右移动的过程中，求电路中电流的变化范围．
（3）若在电路中再串联一个电流表（电流表选用0～0.6A的量程），在确保电路各元件安全的条件下，求滑动变阻器连入电路的阻值范围．
【答案】(1) 0.4A (2)0.33A～1A (3) 18.3Ω～45Ω
【解析】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压
（1）U1=U-U2=20V-14V=6V，
I=U1/ R1="6V/" 15Ω =0.4A；
（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流：
I′="U/" R1="20V/" 15Ω ="1.3" A，
∵滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，
∴电路中的最大电流为1A，
当电压表的示数为15V时，电路中的电流最小，
U1′=U-U2′=20V-15V=5V，
电路中的最小电流：
I″=U1′/ R1′="5V/" 15Ω =0.33A，
∴电路中电流的变化范围为0.33A～1A；
（3）当电压表的示数为15V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，
R max=U2′/ I″="15V/" 0.33 A =45Ω，
当电流表的示数最大时，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，
R总="U/" Imax ="20V/" 0.6A =33.3Ω，
滑动变阻器接入电路中的最小阻值：
Rmin=R总-R1=33.3Ω-15Ω=18.3Ω，
滑动变阻器接入电路中电阻的范围为18.3Ω～45Ω．
29．在如图所示的电路中，电源电压为6V且不变。电阻R1的阻值为10Ω，滑动变阻器R2上标有“20Ω 2A”字样。闭合开关S，电流表示数为0.3A。求：
（1）电压表的示数；
（2）滑动变阻器R2连入电路的阻值；
（3）若移动滑动变阻器滑片P到某一位置时，整个电路的耗电功率最小，在此情况下通电10s后，整个电路中消耗的电能。

【答案】(1)3V；(2)10Ω；(3)12J
【解析】(1)电压表测R1两端电压，其示数是
U1=I1R1=0.3A×10Ω=3V
(2)因为R1 R2串联，所以滑动变阻器两端电压
U2=U-U1=6V-3V=3V
滑动变阻器R2连入电路的阻值

(3)当R2接入电路中的电阻为20Ω时，电路中电流最小，根据 此时电路的耗电功率最小。则电路中的最小电流为

在此情况下通电10s后，整个电路中消耗的电能
=6V×0.2A×10s=12J
答：(1)电压表的示数为3V；
(2)滑动变阻器R2连入电路的阻值为10Ω；
(3)若移动滑动变阻器滑片P到某一位置时，整个电路的耗电功率最小，通电10s后，整个电路消耗12J的电能。
30．如图所示，电源电压保持不变，电流表使用0～0.6A的量程，电压表使用0～3V的量程，定值电阻R1=5Ω，灯泡电阻R2=8Ω，滑动变阻器的最大阻值R3=20Ω．

（1）开关S1断开，S2闭合，电流表示数为0.25A，电压表示数为2.5V，求电源的电压和滑动变阻器接入电路的电阻值；
（2）将开关S1闭合，S2断开，移动滑动变阻器的滑片，为了保证电流表和电压表不超过其量程，滑动变阻器接入电路的电阻值只能在什么范围内变化？
【答案】（1）4.5V，10Ω．
（2）2.5Ω～10Ω．
【解析】（1）开关S1断开，S2闭合，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测串联电路中的电流．滑动变阻器接入电路的阻值：
，
灯泡两端的电压：
，
电源电压：
。
（2）将开关S1闭合，S2断开，滑动变阻器与定值电阻串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测串联电路中的电流．当电路中的电流为0.6A时，定值电阻两端的电压：
，
滑动变阻器两端的电压：
，
它接入电路的阻值：
。
当电压表的示数为3V时，定值电阻两端的电压：
，
电路中的电流：
，
滑动变阻器接入电路的阻值：
。
滑动变阻器接入电路中的阻值变化范围是2.5Ω～10Ω。

五、实验探究题（每小题6分，共12分）
31．小张同学在“探究串联电路中用电器两端的电压与电源两端电压的关系”的实验中，连接好了的实物电路图如图甲所示，请你协助完成：

(1)在如图丙所示的方框内画出与如图甲所示的实物图对应的电路图，并在电路图中标上L1、L2；______
(2)在某次测量时，电压表的示数如图乙所示，则所测的电压为______V；
(3)闭合开关后，小张同学发现L1、L2均不发光，电压表有示数且大小接近3V，则电路中出现的故障可能是L1发生了______（选填“短路”或“断路”）；
(4)排除故障后，小张同学在测量了灯L1两端的电压后，断开开关，然后将导线AE的A端松开，接到D接线柱上，测量灯L2两端的电压，这种操作不能测出灯L2两端的电压，原因是______。
【答案】 1.9 断路 电压表的正负接线柱接反
【解析】(1)从实物图中可以看出，电流从正极流出，依次经过开关、灯泡L2、L1，然后回到电源负极，电压表并联在灯泡L1两端。
(2)据实物图判断出电压表的量程，而后判断出分度值，进而读出电压表的示数即可；
(3)闭合开关灯泡不亮，原因有两个：断路或短路。具体原因从电流表、电压表有无示数判断故障；
(4)电学实验中，电压表并联在待测电路两端，电流从“+”接线柱流入，从“-”接线柱流出，不能接反了。
详解：(1)[1]由实物图分析可知，两盏灯串联，开关控制整个电路，电压表测量灯泡L1两端电压，画出相应的电路图如下。

(2)[2]由图甲可知，电源由2节干电池串联组成，则电源电压大约3V，因此图乙电压表选用的是小量程，其分度值是0.1V，此时电压表的示数是1.9V。
(3)[3]闭合开关S后，灯L1、L2均不发光，说明电路中可能有断路故障，而电压表的示数大小接近电源电压3V，说明此时电压表的正负接线柱与电源两极相连，故灯L1发生断路。
(4)[4]如图，如果将AE导线的A端松开，接到D接线柱上来测量灯L2两端的电压，这样电流从电压表的“-”接线柱流入，从“+”接线柱流出了，即会造成电压表的正负接线柱接反。
32．某实验小组的学生一起做“测量灯泡正常发光的电阻”实验，所用电源电压为4V，小灯泡上标有“2.5V”的字样，滑动变阻器的规格是“10Ω 1A”。
(1)实验前观察电流表时，电流表指针如图1甲所示，接下来的操作是__________。
(2)请你根据图1乙电路图，用笔画线代替导线，将图1丙中的实物图连接完整。
（_________________）

(3)连接好电路之后，闭合开关，调节滑动变阻器滑片到某一位置，电压表如图2甲所示，现在要测灯泡在额定电压下的电阻，应将滑片向__________（“左”或“右”）滑动，使电压表的示数为__________V；如果灯泡正常工作时的电流如下图2乙所示，则灯泡电阻为__________Ω。（结果保留一位小数）
(4)这个实验是否能够用来探究电流与电压的关系？__________；原因是____________________。
(5)为了研究电流与电阻的关系，同学们找到几个定值电阻分别是5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、30Ω，先用5Ω的电阻替换掉电路中的灯泡，移动滑片，使电压表示数为2.5V，然后换上了10Ω的电阻，移动滑片，最终电流表示数应该是__________A。
(6)当用20Ω的电阻进行实验时，发现电压表的示数始终达不到2.5V，大家集思广益，最终找到了解决办法：将其中一个定值电阻串联入电路中后，既可以用20Ω的电阻完成实验，也可以用30Ω的电阻完成实验，那么选择串入电路的电阻是__________Ω。
【答案】对电流表进行调零 右 2.5 8.3 不能 因为灯丝的电阻随温度的升高而增大,而电流与电压关系的实验中,要控制电阻值大小不变 0.25 10
【解析】(1)由图1甲知，电流表指针没有指在电流表的零刻度线上，使用前应对电流表调零。
(2)根据题意确定滑动变阻器的接法，然后连接实物电路图。
(3)由灯泡的额定电压可知电压表的量程并读出其大小，为使电压增加为2.5V，电阻的分压特点可知滑动变阻器接入电路电阻的变化，进一步确定滑片的移动方向；根据电流表的量程和分度值读出灯泡的额定电流，利用求出此时的电阻。
(4)在研究电流与电压的关系时，要控制电阻的阻值不变，改变电阻两端的电压，分析电流和电压的关系；而灯丝的电阻随着温度变化。
(5)根据得出电流表的示数。
(6)由于滑动变阻器的阻值太小，电压表的示数始终达不到2.5V，故应串联一个电阻；当接入最大阻值的定值电阻时，要使电压表的示数达到2.5V，根据欧姆定律求出此时电路的电流，进而可知电路的总阻值，当滑动变阻器的电阻全部接入电路时，所需串联电阻的阻值最小，再结合所给的定值电阻进行选择即可。
详解：(1)[1]由图1甲可知，电流表指针没有指在零刻度线上，应对电流表进行机械调零，使电流表指针指在零刻度线上。
(2)[2]滑动变阻器的滑片向右移动时，连入电路的阻值变大，滑动变阻器应接左下接线柱，根据电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示：

(3)[3][4]由图1丙可知，电压表的量程为0∼3V，分度值为0.1V，由图2甲可知，灯泡两端的电压为2.8V，为测额定功率，灯两端电压应为2.5V，根据串联电路电阻的分压特点可知滑动变阻器分得的电压较小，应增大滑动变阻器两端电压，所以应向右移动滑片，直到电压表示数为2.5V为止。
[5]当灯泡两端的电压为2.5V时，电流表的量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，由图2乙可知，通过灯泡的电流为0.3A，则灯泡的电阻

(4)[6]这个实验不能用来研究电流与电压的关系。
[7]灯丝的电阻随温度的升高而增大，而电流与电压关系的实验中，要控制电阻值大小不变。
(5)[8]探究电流与电阻的关系，需保证电压一定，当电压U=2.5V，R2=10Ω时，则电流为

(6)[9]当换上20Ω的电阻后，电路中的最小电流

则定值电阻两端的最小电压

所以无论怎样调节都不能到2.5V，则应该跟电路串联一个电阻，串联上电阻后即可以完成20Ω的电阻，也可以完成30Ω的电阻；当接入30Ω的电阻时，电路中的电流

则电路中的总电阻

则选择串入电路的电阻

因为定值电阻分别是5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、30Ω，故应选择10Ω的定值电阻。