浙科版 (2019)必修2《遗传与进化》第一章 遗传的基本规律第二节 孟德尔从两对相对性状的杂交实验中总结出自由组合定律精品同步训练题

这是一份浙科版 (2019)必修2《遗传与进化》第一章 遗传的基本规律第二节 孟德尔从两对相对性状的杂交实验中总结出自由组合定律精品同步训练题，文件包含第一章第二节孟德尔从两对相对性状的杂交实验中总结出自由组合定律无答案docx、第一章第二节孟德尔从两对相对性状的杂交实验中总结出自由组合定律docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共10页， 欢迎下载使用。
第二节 孟德尔从两对相对性状的杂交


实验中总结出自由组合定律


课后篇巩固提升


基础巩固


一、选择题


1.由两个基因型相同的配子结合而成的个体称为( )


A.纯合子B.杂合子


C.显性个体D.隐性个体


答案A


2.下列基因型中不是配子的是( )


A.YRB.DdC.BVD.AB


答案B


3.具有下列基因型的生物,能产生4种配子的是( )


A.YyrrB.yyRR


C.YYrrD.YyRr


解析YyRr可以产生4种配子,Yyrr可以产生2种配子,yyRR、YYrr均产生1种配子。


答案D


4.下列有关自由组合定律遗传实验的解释,错误的是( )


A.两对相对性状分别由两对基因控制


B.F1细胞中控制两对相对性状的基因相互融合在一起,不是独立的


C.每一对基因的传递都遵循分离定律


D.F2中有16种组合、9种基因型和4种表型


解析孟德尔两对相对性状杂交实验中,两对相对性状分别由两对基因控制,A项正确;F1细胞中控制两对性状的基因是相对独立的,且互不融合,B项错误;每一对基因的传递都遵循分离定律,C项正确;F2中有16种组合、9种基因型和4种表型,D项正确。


答案B


5.孟德尔所进行的两对相对性状的杂交实验中,F2的性状分离比为9∶3∶3∶1,下列哪项条件不是得出此结果所必需的( )


A.产生配子时,决定同一性状的成对的基因彼此分离,决定不同性状的基因自由组合


B.F1产生不同基因组成的配子数量相等,且雌雄配子数量相等


C.F2中不同基因型的个体均能存活,没有致死现象


D.受精时,F1产生的不同基因组成的雌雄配子能够随机结合


解析产生配子时,决定同一性状的成对的基因彼此分离,决定不同性状的基因自由组合,A项正确;F1的雌雄配子的种类相同,但F1产生的雄配子多于雌配子,B项错误;F2的所有个体均能存活,没有致死现象,C项正确;受精时,F1产生的不同基因组成的雌雄配子能够随机结合,D项正确。


答案B


6.有两个纯种的小麦品种:一个抗霜冻(d)但易感锈病(r),另一个不抗霜冻(D)但能抗锈病(R),两对相对性状独立遗传。让它们进行杂交得到F1,F1再进行自交,F2中出现了既抗霜冻又抗锈病的新品种。下列说法正确的是( )


A.F2中出现的既抗霜冻又抗锈病的新品种都能稳定遗传


B.F1产生的雌雄配子数量相等,结合的概率相同


C.F2中出现的既抗霜冻又抗锈病的新品种占9/16


D.F2中不抗霜冻与抗霜冻的比例为3∶1,抗锈病与易感锈病的比例为3∶1


解析F2中出现的既抗霜冻又抗锈病新品种的基因型是ddR_,其中能稳定遗传的比例是1/3,A项错误;F1产生的雌、雄配子数量不相等,一般雄性配子要比雌性配子数量多,但是雌、雄配子结合的概率相同,B项错误;F2中出现的既抗霜冻又抗锈病新品种的基因型是ddR_,占总数的3/16,C项错误;根据题意分析可知,F1基因型是DdRr,F2中不抗霜冻与抗霜冻的比例为3∶1,抗锈病与易感锈病的比例为3∶1,D项正确。


答案D


7.豌豆子叶黄色对绿色为显性,种子圆形对皱形为显性,两对相对性状独立遗传。将黄色圆形和绿色圆形豌豆杂交,F1的表型的统计结果如下图所示。让F1中黄色圆形豌豆自交,则后代中黄色圆形豌豆所占比例为( )





A.1/8B.1/6


C.5/8D.5/6


解析由题意可知圆形∶皱形=3∶1,黄色∶绿色=1∶1,所以亲本的基因型为AaBb和aaBb,F1中黄色圆形豌豆的基因型及其比例是AaBb∶AaBB=2∶1,其中2/3基因型为AaBb自交后代中黄色圆形豌豆占2/3×9/16=3/8,1/3基因型为AaBB自交后代中黄色圆形豌豆所占1/3×1×3/4=2/8,所以共占5/8。


答案C


8.已知某生物子代的基因型及比例是1YYRR∶1YYrr∶1YyRR∶1Yyrr∶2YYRr∶2YyRr,这两对基因独立遗传,则其双亲的基因型是( )


A.YYRR×YYRr


B.YYRr×YyRr


C.YyRr×YyRr


D.Yyrr×YyRr


解析把两对等位基因拆开可知YY∶Yy=1∶1,没有基因型yy,可以推测亲本基因型是YY和Yy;而RR∶Rr∶rr=1∶2∶1,可以推测亲本为Rr和Rr,二者组合即双亲的基因型是YYRr、YyRr。


答案B


9.下列关于“两对相对性状的模拟杂交实验”活动的叙述,正确的是( )


A.“雌1”中Y、y的数量和“雌2”中R、r的数量必须相等


B.“雌1”“雄1”都装入“Y”和“y”各10张,表示F1产生的配子是Y和y


C.从“雌1”和“雄1”中各随机取出一张卡片组合在一起,模拟F1产生配子的过程


D.从“雌1”“雌2”“雄1”“雄2”中各随机取出一张卡片组合在一起,组合类型有16种


解析“雌1”和“雌2”共同表示雌性个体的基因型(YyRr),因此“雌1”中Y、y的数量和“雌2”中R、r的数量必须相等,A项正确;“雌1”“雄1”都装入“Y”和“y”各10张,分别表示雌配子是Y和y、雄配子也是Y和y,B项错误;从“雌1”和“雄1”中各随机取出一张卡片组合在一起,是模拟F1雌、雄个体产生的配子及雌、雄配子随机结合形成受精卵的过程,C项错误;从“雌1”“雌2”“雄1”“雄2”中各随机取出一张卡片组合在一起,组合类型有9种,D项错误。


答案A


二、非选择题


10.豌豆种子的子叶黄色和绿色分别由基因Y、y控制,形状圆粒和皱粒分别由基因R、r控制。某一科技小组在进行遗传学实验中,用黄色圆粒和绿色圆粒豌豆进行杂交,发现后代有4种表型,对每对相对性状作出统计分析,结果如下图所示,试回答下面的问题。





(1)每对相对性状的遗传符合 定律。


(2)亲代基因型为:黄色圆粒 ;绿色圆粒 。


(3)在杂交后代中非亲本类型性状组合占 。


(4)杂交后代中,占整个子代1/4的基因型是 。


解析(1)由图可知,每对相对性状的遗传符合分离定律。(2)据坐标轴可以看出,黄∶绿=50∶50=1∶1,圆∶皱=75∶25=3∶1,而题中已告知亲本表型为黄色圆粒与绿色圆粒,故其基因型应为Y_R_与yyR_,所以依据上述比例,对于种子颜色应为Yy×yy,对于种子形状应为Rr×Rr,即亲本基因型应为YyRr×yyRr。(3)根据亲本基因型YyRr×yyRr可推知,杂交后代中非亲本类型性状组合占1/2×1/4+1/2×1/4=1/4。(4)YyRr与yyRr杂交,后代中Yy∶yy=1∶1,RR∶Rr∶rr=1∶2∶1,因此杂交后代中占整个子代1/4的基因型应为YyRr或yyRr。


答案(1)分离 (2)YyRr yyRr (3)1/4 (4)YyRr或yyRr


能力提升


一、选择题


1.某个体的基因型由n对等位基因构成,每对基因均为杂合子,且独立遗传,下列相关说法不正确的是( )


A.该个体能产生2n种配子


B.该个体自交后代中纯合子所占比例为1/3n


C.该个体自交后代有3n种基因型


D.该个体与隐性纯合子杂交后代会出现2n种基因型


解析该个体的基因型由n对等位基因构成,每对基因均为杂合子,且独立遗传,所以能产生2n种配子,A项正确;该个体自交后代中纯合子所占比例为1/2n,B项错误;该个体自交后代有3n种基因型,C项正确;该个体与隐性纯合子杂交即测交,后代会出现2n种基因型,D项正确。


答案B


2.水稻高秆(H)对矮秆(h)为显性,抗病(E)对感病(e)为显性,两对性状独立遗传。若让基因型为HhEe的水稻与“某水稻”杂交,子代高秆抗病∶矮秆抗病∶高秆感病∶矮秆感病=3∶3∶1∶1,则“某水稻”的基因型为( )


A.HhEeB.hhEeC.hhEED.hhee


解析高秆和矮秆这一对相对性状子代中高秆∶矮秆=1∶1,说明亲本为测交类型,即亲本的基因型均为Hh×hh;抗病与感病这一对相对性状子代中抗病∶感病=3∶1,说明亲本均为杂合子,即亲本的基因型均为Ee,综合以上可知,“某水稻”的基因型是hhEe,B项正确。


答案B


3.豌豆黄色(Y)对绿色(y)、圆形(R)对皱形(r)为显性,这两对基因位于两对同源染色体上。现有一绿色圆形(yyRr)豌豆,开花后自花授粉得到F1;F1再次自花授粉得到F2。可以预测,F2中纯合的绿色圆形豌豆的比例是( )


A.2/3B.1/4C.1/2D.3/8


解析绿色圆形(yyRr)豌豆,开花后自花授粉得到F1为yyRR∶yyRr∶yyrr=1∶2∶1,再让F1自交得到F2中纯合绿色圆形(yyRR)所占比例为1/4+1/2×1/4=3/8。


答案D


4.基因型为AaBb的个体与基因型为Aabb的个体杂交,两对基因独立遗传,则后代中( )


A.表型4种,比例为1∶1∶1∶1;基因型6种


B.表型2种,比例为3∶1;基因型3种


C.表型4种,比例为3∶1∶3∶1;基因型6种


D.表型2种,比例为1∶1;基因型3种


解析根据两对基因独立遗传,可以将基因型为AaBb的个体与基因型为Aabb的个体杂交,拆分成Aa与Aa杂交、Bb与bb杂交进行分析。Aa与Aa杂交,后代有三种基因型AA、Aa、aa,比例为1∶2∶1;两种表型,比例为3∶1。Bb与bb杂交,后代有两种基因型Bb与bb,比例为1∶1;两种表型,比例为1∶1。因此基因型为AaBb的个体与基因型为Aabb的个体杂交,后代中表型有2×2=4(种),比例为(3∶1)×(1∶1)=3∶1∶3∶1,基因型有3×2=6(种)。


答案C


二、非选择题


5.某地开发培育出一种水果,其果皮有紫色的,也有绿色的,果肉有甜的,也有酸的。为了鉴别有关性状的显隐性,用紫色酸果植株分别和绿色甜果植株a、b进行杂交,让一绿色酸果品种自交,结果如下表。请回答下列问题。





(1)两对相对性状中,其中显性性状是 、 ,判断依据最可靠的是第 组。


(2)如果用C、c和D、d分别代表该水果的果色和果味的基因,则亲本中紫色酸果、绿色甜果a和绿色甜果b的基因型分别是 、 、 。


(3)作出上述判断所运用的遗传定律是 。


解析由第三组杂交组合可知,两亲本均为绿色酸果,而子代中出现紫色甜果,因此可判断绿色酸果为显性性状。由第一组中紫酸×绿甜a,后代中紫色∶绿色=1∶1可知,亲代果色的基因型分别是cc、Cc;而后代全为酸果,可见亲代果味的基因型分别是DD、dd,故亲本中紫色酸果、绿色甜果a的基因型分别是ccDD、Ccdd。由第二组中紫酸×绿甜b,后代中全为绿色酸果可知,亲本绿色甜果b的基因型是CCdd。作出上述判断所运用的遗传定律为分离定律和自由组合定律。


答案(1)绿色果皮 酸果 三 (2)ccDD Ccdd CCdd (3)分离定律和自由组合定律组合


序号
杂交组合类型
F2的表型和植株数目
一
紫酸×绿甜a
紫色酸果210
绿色酸果208
二
紫酸×绿甜b
紫色酸果0
绿色酸果280
三
绿酸×绿酸
其他果765
紫色甜果52