2021届二轮复习 　转化与化归思想 作业（全国通用） 练习

思想方法训练4　转化与化归思想一、能力突破训练1.已知M={(x,y)|y=x+a},N={(x,y)|x2+y2=2},且M∩N=⌀,则实数a的取值范围是(　　)A.a>2 B.a<-2C.a>2或a<-2 D.-2<a<22.已知e1,e2是两个单位向量,且夹角为,则e1+te2与te1+e2的数量积的最小值为(　　)A.- B.- C. D.3.设P为曲线C:y=x2+2x+3上的点,且曲线C在点P处的切线倾斜角的取值范围为,则点P横坐标的取值范围为(　　)A. B.[-1,0] C.[0,1] D.4.设a=(sin 17°+cos 17°),b=2cos213°-1,c=,则a,b,c的大小关系是(　　)A.c<a<b B.a<c<b C.b<a<c D.c<b<a5.已知定义在实数集R上的函数f(x)满足f(1)=3,且f(x)的导数f'(x)在R上恒有f'(x)<2(x∈R),则不等式f(x)<2x+1的解集为(　　)A.(1,+∞) B.(-∞,-1) C.(-1,1) D.(-∞,-1)∪(1,+∞)6.已知函数f(x)=ax3+bsin x+4(a,b∈R),f(lg(log210))=5,则f(lg(lg 2))=(　　)A.-5 B.-1 C.3 D.47.在平面直角坐标系xOy中,已知圆x2+y2=4上有且只有四个点到直线12x-5y+c=0的距离为1,则实数c的取值范围是　　　　　. 8.设f(x)是定义在R上的奇函数,且当x≥0时,f(x)=x2,若对任意x∈[a,a+2],不等式f(x+a)≥f(3x+1)恒成立,则实数a的取值范围是　　　　　. 9.已知函数f(x)=sin 2x+mcos2x-m+n(m>0).(1)求函数f(x)的单调递减区间;(2)设x∈,f(x)的最小值是1-,最大值是3,求实数m,n的值.         10.已知函数f(x)=x3-2ax2-3x.(1)当a=0时,求曲线y=f(x)在点(3,f(3))处的切线方程;(2)已知对一切x∈(0,+∞),af'(x)+4a2x≥ln x-3a-1恒成立,求实数a的取值范围.           二、思维提升训练11.已知抛物线y2=4x的焦点为F,点P(x,y)为抛物线上的动点,又点A(-1,0),则的最小值是(　　)A. B. C. D.12.设F1,F2分别是双曲线=1(a>0,b>0)的左、右焦点,若双曲线右支上存在一点P,使()·=0,O为坐标原点,且||=|,则该双曲线的离心率为(　　)A.+1 B. C. D.13.若函数f(x)=x2-ax+2在区间[0,1]上至少有一个零点,则实数a的取值范围是　　　　　. 14.已知各项均为正数的数列{an}和{bn}满足an,bn,an+1成等差数列,bn,an+1,bn+1成等比数列,且a1=1,a2=3,则数列{an}的通项公式为　　　　　. 15.已知函数f(x)=eln x,g(x)=f(x)-(x+1)(e=2.718……).(1)求函数g(x)的极大值;(2)求证:1++…+>ln(n+1)(n∈N*).
思想方法训练4　转化与化归思想一、能力突破训练1.C　解析:M∩N=⌀等价于方程组无解.把y=x+a代入到方程x2+y2=2中,消去y,得关于x的一元二次方程2x2+2ax+a2-2=0, ①由题易知一元二次方程①无实根,即Δ=(2a)2-4×2×(a2-2)<0,由此解得a>2或a<-2.2.A　解析:(e1+te2)·(te1+e2)=t+(t2+1)e1·e2+t=t+(t2+1)|e1||e2|cos+t|e2|2=t2+2t+=(t+2)2-,∴当t=-2时,取得最小值,最小值为-.3.A　解析:设P(x0,y0),曲线C在点P处的切线的倾斜角为α,则0≤tanα≤1,令y=f(x)=x2+2x+3,则f'(x)=2x+2,于是0≤2x0+2≤1,-1≤x0≤-,故选A.4.A　解析:∵a=sin(17°+45°)=sin62°,b=cos26°=sin64°,c=sin60°,∴c<a<b.5.A　解析:设F(x)=f(x)-2x-1,则F'(x)=f'(x)-2<0,得F(x)在R上是减函数.又F(1)=f(1)-2-1=0,即当x>1时,F(x)<0,即不等式f(x)<2x+1的解集为(1,+∞),故选A.6.C　解析:因为lg(log210)+lg(lg2)=lg(log210×lg2)=lg=lg1=0,所以lg(lg2)=-lg(log210).设lg(log210)=t,则lg(lg2)=-t.由条件可知f(t)=5,即f(t)=at3+bsint+4=5,所以at3+bsint=1,所以f(-t)=-at3-bsint+4=-1+4=3.7.(-13,13)　解析:若圆上有四个点到直线的距离为1,则需圆心(0,0)到直线的距离d满足0≤d<1.∵d=,∴0≤|c|<13,即c∈(-13,13).8.(-∞,-5]　解析:当x≥0时,f(x)=x2,此时函数f(x)单调递增.∵f(x)是定义在R上的奇函数,∴函数f(x)在R上单调递增.若对任意x∈[a,a+2],不等式f(x+a)≥f(3x+1)恒成立,则x+a≥3x+1恒成立,即a≥2x+1恒成立.∵x∈[a,a+2],∴(2x+1)max=2(a+2)+1=2a+5,即a≥2a+5,解得a≤-5,∴实数a的取值范围是(-∞,-5].9.解(1)f(x)=sin2x+mcos2x-m+n=sin2x+m(2cos2x-1)+n=m+n=msin+n.∵m>0,∴由2kπ+≤2x+≤2kπ+,k∈Z,即kπ+≤x≤kπ+,k∈Z,可知函数f(x)的单调递减区间为kπ+,kπ+,k∈Z.(2)当x∈时,2x+,则-≤sin≤1.∵f(x)的最小值是1-,最大值是3,∴f(x)的最大值为m+n=3,最小值为-m+n=1-,得m=2,n=1.10.解(1)由题意知当a=0时,f(x)=x3-3x,所以f'(x)=2x2-3.又f(3)=9,f'(3)=15,所以曲线y=f(x)在点(3,f(3))处的切线方程为15x-y-36=0.(2)f'(x)=2x2-4ax-3,则由题意得2ax2+1≥lnx,即a≥在x∈(0,+∞)内恒成立.设g(x)=,则g'(x)=,当0<x<时,g'(x)>0;当x>时,g'(x)<0,所以当x=时,g(x)取得最大值,且g(x)max=,故实数a的取值范围为.二、思维提升训练11.B　解析:显然点A为准线与x轴的交点,如图,过点P作PB垂直准线于点B,则|PB|=|PF|.∴=sin∠PAB.设过A的直线AC与抛物线切于点C,则0<∠BAC≤∠PAB≤,∴sin∠BAC≤sin∠PAB.设切点为(x0,y0),则=4x0,又=y',解得∴C(1,2),|AC|=2.∴sin∠BAC=,∴的最小值为.故选B.12.A　解析:如图,取F2P的中点M,则=2.又由已知得2=0,∴.又OM为△F2F1P的中位线,∴.在△PF1F2中,2a=||-||=(-1)||,由勾股定理,得2c=2||.∴e=+1.13.[3,+∞)　解析:由题意,知关于x的方程x2-ax+2=0在[0,1]上有实数解.又易知x=0不是方程x2-ax+2=0的解,所以根据0<x≤1可将方程x2-ax+2=0变形为a==x+.从而问题转化为求函数g(x)=x+(0<x≤1)的值域.易知函数g(x)在区间(0,1]上单调递减,所以g(x)∈[3,+∞).故所求实数a的取值范围是a≥3.14.an=　解析:由题设可得2bn=an+an+1,an+1=,故an=,代入2bn=an+an+1,得2bn=,即2,则{}是等差数列.∵a1=1,a2=3,∴2b1=4,即b1=2.∴b2=.∴{}的公差d=,∴+(n-1),即.∴.∴an+1=.∴an=.15.(1)解∵g(x)=f(x)-(x+1)=lnx-(x+1),∴g'(x)=-1(x>0).令g'(x)>0,解得0<x<1;令g'(x)<0,解得x>1.∴函数g(x)在区间(0,1)上单调递增,在区间(1,+∞)上单调递减,∴g(x)极大值=g(1)=-2.(2)证明由(1)知x=1是函数g(x)的极大值点,也是最大值点,∴g(x)≤g(1)=-2,即lnx-(x+1)≤-2⇒lnx≤x-1(当且仅当x=1时等号成立).令t=x-1,得t≥ln(t+1),取t=(n∈N*),则>ln=ln(n∈N*),∴1>ln2,>ln>ln,…,>ln,叠加得1++…+>ln·…·=ln(n+1)(n∈N*).