2021高考数学（文）大一轮复习习题 第九章 概率 课时跟踪检测 （五十一） 随机事件的概率 word版含答案

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1．甲、乙两人下棋，两人和棋的概率是eq \f(1,2)，乙获胜的概率是eq \f(1,3)，则乙不输的概率是( )
A.eq \f(5,6) B.eq \f(2,3)
C.eq \f(1,2) D.eq \f(1,3)
解析：选A 乙不输包含两种情况：一是两人和棋，二是乙获胜，故所求概率为eq \f(1,2)＋eq \f(1,3)＝eq \f(5,6).
2．一个盒子内装有红球、白球、黑球三种球，其数量分别为3,2,1，从中任取两球，则互斥而不对立的两个事件为( )
A．至少有一个白球；都是白球
B．至少有一个白球；至少有一个红球
C．恰有一个白球；一个白球一个黑球
D．至少有一个白球；红球、黑球各一个
解析：选D 红球、黑球各取一个，则一定取不到白球，故“至少有一个白球”“红球、黑球各一个”为互斥事件，又任取两球还包含“两个红球”这个事件，故不是对立事件．
3．掷一个骰子的试验，事件A表示“小于5的偶数点出现”，事件B表示“小于5的点数出现”，则一次试验中，事件A＋eq \x\t(B)发生的概率为( )
A.eq \f(1,3) B.eq \f(1,2)
C.eq \f(2,3) D.eq \f(5,6)
解析：选C 掷一个骰子的试验有6种可能结果，依题意P(A)＝eq \f(2,6)＝eq \f(1,3)，P(B)＝eq \f(4,6)＝eq \f(2,3)，
所以P(eq \x\t(B))＝1－P(B)＝1－eq \f(2,3)＝eq \f(1,3)，
因为eq \x\t(B)表示“出现5点或6点”的事件，因此事件A与eq \x\t(B)互斥，从而P(A＋eq \x\t(B))＝P(A)＋P(eq \x\t(B))＝eq \f(1,3)＋eq \f(1,3)＝eq \f(2,3).
4．从某班学生中任意找出一人，如果该同学的身高小于160 cm的概率为0.2，该同学的身高在 cm的概率为0.5，那么该同学的身高超过175 cm的概率为________．
解析：由对立事件的概率可求该同学的身高超过175 cm的概率为1－0.2－0.5＝0.3.
答案：0.3
5．如果事件A与B是互斥事件，且事件A∪B发生的概率是0.64，事件B发生的概率是事件A发生的概率的3倍，则事件A发生的概率为________．
解析：设P(A)＝x，P(B)＝3x，
∴P(A∪B)＝P(A)＋P(B)＝x＋3x＝0.64.
∴P(A)＝x＝0.16.
答案：0.16
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1．(2017·石家庄模拟)某产品分甲、乙、丙三级，其中乙、丙两级均属次品，在正常生产情况下，出现乙级品和丙级品的概率分别是5%和3%，则抽检一件是正品(甲级)的概率为( )
A．0.95 B．0.97
C．0.92 D．0.08
解析：选C 记抽检的产品是甲级品为事件A，是乙级品为事件B，是丙级品为事件C，这三个事件彼此互斥，因而所求概率为P(A)＝1－P(B)－P(C)＝1－5%－3%＝92%＝0.92.
2．袋中装有3个白球，4个黑球，从中任取3个球，则下面事件是互斥事件但不是对立事件的为( )
A．恰有1个白球和全是白球；
B．至少有1个白球和全是黑球；
C．至少有1个白球和至少有2个白球；
D．至少有1个白球和至少有1个黑球．
解析：选A 由题意可知，事件C、D均不是互斥事件；A、B为互斥事件，但B又是对立事件，满足题意只有A，故选A.
3．围棋盒子中有多粒黑子和白子，已知从中取出2粒都是黑子的概率为eq \f(1,7)，都是白子的概率是eq \f(12,35).则从中任意取出2粒恰好是同一色的概率是( )
A.eq \f(1,7) B.eq \f(12,35)
C.eq \f(17,35) D．1
解析：选C 设“从中取出2粒都是黑子”为事件A，“从中取出2粒都是白子”为事件B，“任意取出2粒恰好是同一色”为事件C，则C＝A∪B，且事件A与B互斥．所以P(C)＝P(A)＋P(B)＝eq \f(1,7)＋eq \f(12,35)＝eq \f(17,35)，即任意取出2粒恰好是同一色的概率为eq \f(17,35).
4．抛掷一枚均匀的骰子(骰子的六个面上分别标有1,2,3,4,5,6个点)一次，观察掷出向上的点数，设事件A为掷出向上为偶数点，事件B为掷出向上为3点，则P(A∪B)＝( )
A.eq \f(1,3) B.eq \f(2,3)
C.eq \f(1,2) D.eq \f(5,6)
解析：选B 事件A为掷出向上为偶数点，所以P(A)＝eq \f(1,2).
事件B为掷出向上为3点，所以P(B)＝eq \f(1,6)，
又事件A，B是互斥事件，事件(A∪B)为事件A，B有一个发生的事件，所以P(A∪B)＝P(A)＋P(B)＝eq \f(2,3).
5．设条件甲：“事件A与事件B是对立事件”，结论乙：“概率满足P(A)＋P(B)＝1”，则甲是乙的( )
A．充分不必要条件 B．必要不充分条件
C．充要条件 D．既不充分也不必要条件
解析：选A 若事件A与事件B是对立事件，则A∪B为必然事件，再由概率的加法公式得P(A)＋P(B)＝1.设掷一枚硬币3次，事件A：“至少出现一次正面”，事件B：“3次出现正面”，则P(A)＝eq \f(7,8)，P(B)＝eq \f(1,8)，满足P(A)＋P(B)＝1，但A，B不是对立事件．
6．从一箱产品中随机地抽取一件，设事件A＝{抽到一等品}，事件B＝{抽到二等品}，事件C＝{抽到三等品}，且已知P(A)＝0.65，P(B)＝0.2，P(C)＝0.1，则事件“抽到的不是一等品”的概率为________．
解析：“抽到的不是一等品”与事件A是对立事件，∴所求概率为1－P(A)＝0.35.
答案：0.35
7．袋中装有9个白球，2个红球，从中任取3个球，则①恰有1个红球和全是白球；
②至少有1个红球和全是白球；
③至少有1个红球和至少有2个白球；
④至少有1个白球和至少有1个红球．
在上述事件中，是对立事件的为________(填序号)．
解析：至少有1个红球和全是白球不同时发生，且一定有一个发生，所以②中两事件是对立事件．
答案：②
8．一只袋子中装有7个红玻璃球，3个绿玻璃球，从中无放回地任意抽取两次，每次只取一个，取得两个红球的概率为eq \f(7,15)，取得两个绿球的概率为eq \f(1,15)，则取得两个同颜色的球的概率为________；至少取得一个红球的概率为________．
解析：由于“取得两个红球”与“取得两个绿球”是互斥事件，取得两个同色球，只需两互斥事件有一个发生即可，因而取得两个同色球的概率为P＝eq \f(7,15)＋eq \f(1,15)＝eq \f(8,15).
由于事件A“至少取得一个红球”与事件B“取得两个绿球”是对立事件，则至少取得一个红球的概率为
P(A)＝1－P(B)＝1－eq \f(1,15)＝eq \f(14,15).
答案：eq \f(8,15) eq \f(14,15)
9．近年来，某市为促进生活垃圾的分类处理，将生活垃圾分为厨余垃圾、可回收物和其他垃圾三类，并分别设置了相应的垃圾箱，为调查居民生活垃圾分类投放情况，现随机抽取了该市三类垃圾箱中总计1 000吨生活垃圾，数据统计如下(单位：吨)：
(1)试估计厨余垃圾投放正确的概率；
(2)试估计生活垃圾投放错误的概率．
解：(1)厨余垃圾投放正确的概率约为
eq \f(“厨余垃圾”箱里厨余垃圾量,厨余垃圾总量)＝eq \f(400,400＋100＋100)＝eq \f(2,3).
(2)设生活垃圾投放错误为事件A，则事件eq \x\t(A)表示生活垃圾投放正确．事件eq \x\t(A)的概率约为“厨余垃圾”箱里厨余垃圾量、“可回收物”箱里可回收物量与“其他垃圾”箱里其他垃圾量的总和除以生活垃圾总量，即P(eq \x\t(A))约为eq \f(400＋240＋60,1 000)＝0.7，所以P(A)约为1－0.7＝0.3.
10．某超市为了解顾客的购物量及结算时间等信息，安排一名员工随机收集了在该超市购物的相关数据，如下表所示.
已知这100位顾客中的一次购物量超过8件的顾客占55%.
(1)求x，y的值．
(2)求顾客一次购物的结算时间超过2分钟的概率．
解：(1)由已知得25＋y＋10＝55，x＋30＝45，
所以x＝15，y＝20.
(2)记A：一位顾客一次购物的结算时间超过2分钟．
A1：该顾客一次购物的结算时间为2.5分钟．
A2：该顾客一次购物的结算时间为3分钟．
将频率视为概率，可得P(A)＝P(A1)＋P(A2)＝eq \f(20,100)＋eq \f(10,100)＝0.3.
所以一位顾客一次购物的结算时间超过2分钟的概率为0.3.
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1．若随机事件A，B互斥，A，B发生的概率均不等于0，且分别为P(A)＝2－a，P(B)＝3a－4，则实数a的取值范围为____________．
解析：因为随机事件A，B互斥，A，B发生的概率均不等于0，且分别为P(A)＝2－a，P(B)＝3a－4，
所以eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(0