高中生物人教版 (新课标)必修2《遗传与进化》第一章 遗传因子的发现第2节 孟德尔的豌豆杂交实验（二）课堂检测

这是一份高中生物人教版 (新课标)必修2《遗传与进化》第一章 遗传因子的发现第2节 孟德尔的豌豆杂交实验（二）课堂检测，共8页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
一、选择题
1．(2015·合肥高二检测)下列关于孟德尔两对相对性状杂交实验的叙述，错误的是 eq \x(导学号 12200037)( )
A．两对相对性状分别由两对遗传因子控制
B．每一对遗传因子的传递都遵循分离定律
C．F1细胞中控制两对性状的遗传因子相互融合
D．F2中有16种组合、9种基因型和4种表现型
[答案] C
[解析] 孟德尔对F2中两种性状之间发生自由组合的解释是：两对相对性状分别由两对遗传因子控制，控制两对相对性状的两对遗传因子的分离和组合是互不干扰的，其中每一对遗传因子的传递都遵循分离定律。这样，F1产生雌雄配子各4种，数量比接近1∶1∶1∶1，配子随机结合，则F2中有16种组合、9种基因型和4种表现型。
2．(2015·上海检测)豌豆的红花对白花是显性，长花粉对圆花粉是显性。现有纯种红花长花粉与白花圆花粉植株杂交，F1都是红花长花粉。若F1自交获得500株F2植株，则F2中白花长花粉的植株数是eq \x(导学号 12200038)( )
A．295 B．135
C．94 D．80
[答案] C
[解析] 设A、a控制红花与白花，B、b控制长花粉与圆花粉，根据题意可知，红花长花粉(AABB)×白花圆花粉(aabb)→F1：AaBbeq \(――→,\s\up7(自交))F2：9红花长花粉∶3红花圆花粉∶3白花长花粉∶1白花圆花粉，则F2中白花长花粉的植株数为500×3/16≈94株。
3．普通小麦中有高秆抗病和矮秆易感病两个品种，控制两对相对性状的遗传因子独立遗传。现用显性纯合子高秆抗病小麦和矮秆易感病小麦杂交得F1，F1自交或测交，预期结果不正确的是eq \x(导学号 12200039)( )
A．自交结果中高秆抗病与矮秆抗病比例为9∶1
B．自交结果中高秆与矮秆比例为3∶1，抗病与易感病比例为3∶1
C．测交结果为矮秆抗病∶矮秆易感病∶高秆抗病∶高秆易感病比例为1∶1∶1∶1
D．自交和测交后代出现四种相同的表现类型
[答案] A
[解析] F1自交后代表现类型及比例为高秆抗病∶矮秆抗病∶高秆易感病∶矮秆易感病＝9∶3∶3∶1，所以高秆抗病∶矮秆抗病＝3∶1，高秆∶矮秆＝3∶1，抗病∶易感病＝3∶1，故A错误，B正确。F1测交后代表现类型及比例为高秆抗病∶矮秆抗病∶高秆易感病∶矮秆易感病＝1∶1∶1∶1，故C、D正确。
4．家兔的黑色(B)对褐色(b)是显性，短毛(D)对长毛d是显性，这两对基因是自由组合的。兔甲与一只黑色短毛兔(BbDd)杂交共产仔26只，其中黑短9只，黑长3只，褐短10只，褐长4只。按理论推算兔甲表现型应为eq \x(导学号 12200040)( )
A．黑色短毛 B．黑色长毛
C．褐色短毛 D．褐色长毛
[答案] C
[解析] 首先考虑毛色这一对相对性状，子代中黑(9＋3)∶褐(10＋4)≈1∶1，所以兔甲的毛色基因型应为bb，表现型为褐色。再考虑毛长度这一对相对性状，子代中短毛(9＋10)∶长毛(3＋4)≈3∶1，兔甲的关于毛长度基因型应为Dd，表现型为短毛。
5．下列有关基因型与表现型关系的叙述中，不正确的是eq \x(导学号 12200041)( )
A．表现型相同，基因型不一定相同
B．相同环境下，表现型相同基因型不一定相同
C．基因型相同，表现型一定相同
D．相同环境下，基因型相同，表现型一定相同
[答案] C
[解析] 生物的表现型是由基因型、环境条件共同决定的，C项中基因型相同，环境条件若不同，则表现型不同。因此C项叙述不正确。
6．两对基因(A－a和B－b)位于两对染色体上，基因型为AaBb的植株自交，后代的纯合子中与亲本表现型相同的概率是eq \x(导学号 12200042)( )
A．eq \f(3,4) B．eq \f(1,4)
C．eq \f(3,16) D．eq \f(1,16)
[答案] B
[解析] 根据“两对基因位于两对染色体上”可确定两对基因按自由组合定律遗传，单独考虑一对基因符合基因分离定律。所以运用分枝法可得出Aa自交后代中纯合子概率是eq \f(1,2)，Bb自交后代中的纯合子概率是eq \f(1,2)，两对基因综合起来，自交后代中纯合子概率为eq \f(1,2)×eq \f(1,2)＝eq \f(1,4)，亲本表现型为双显性，双显性纯合子概率是eq \f(1,4)×eq \f(1,4)＝eq \f(1,16)，所以纯合子中与亲本表现型相同的概率为eq \f(\f(1,16),\f(1,4))＝eq \f(1,4)。
二、非选择题
7．豌豆种子的子叶黄色和绿色分别由基因Y、y控制，形状圆粒和皱粒分别由基因R、r控制(其中Y对y为显性，R对r为显性)。某一科技小组在进行遗传实验时，用黄色圆粒和绿色圆粒的豌豆进行杂交，发现后代有4种表现型，对每对相对性状作出的统计结果如图所示。试回答：eq \x(导学号 12200043)
(1)每对相对性状的遗传符合________定律。
(2)亲代的基因型为：黄色圆粒________，绿色圆粒________。
(3)杂交后代中纯合体的表现型有______________________。
(4)杂交后代中黄色皱粒占________。
(5)子代中能稳定遗传的个体占________%。
(6)在杂交后代中非亲本类型的性状组合占________。
(7)杂交后代中，占整个基因型1/4的基因型是________。
(8)若将子代中的黄色圆粒豌豆自交，理论上讲后代中的表现型及比例是__________。
[答案] (1)基因分离 (2)YyRr yyRr (3)绿色圆粒、绿色皱粒 (4)1/8 (5)25 (6)1/4 (7)YyRr、yyRr (8)黄色圆粒∶绿色圆粒∶黄色皱粒∶绿色皱粒＝15∶5∶3∶1
[解析] 自由组合定律研究的是两对或两对以上的等位基因的遗传规律，但对每对等位基因来说，仍然符合基因的分离定律。在本题中，由于子代中圆粒和皱粒的比例是3∶1，黄色和绿色的比例是1∶1，故亲本的基因型应是黄色圆粒YyRr、绿色圆粒yyRr，然后根据遗传的基本定律分别计算出相应的结果。
最后一个小题要特别注意，F1的黄色圆粒中有两种基因型YyRR和YyRr，且两者的比例为1∶2，即前者占1/3，后者占2/3。在统计它们自交后代的表现型比例时，应该乘上该系数，即1/3YyRR[1/3(3/4黄圆和1/4绿圆)]；2/3YyRr[2/3(9/16黄圆，3/16黄皱，3/16绿圆和1/16绿皱)]，结果出现黄色圆粒∶绿色圆粒∶黄色皱粒∶绿色皱粒＝15∶5∶3∶1的比例。
一、选择题
1．孟德尔的两对相对性状的遗传实验中，具有1∶1∶1∶1比例的是eq \x(导学号 12200044)( )
①F1产生配子类型的比例 ②F2表现型的比例 ③F1测交后代类型的比例 ④F1表现型的比例
⑤F2遗传因子组合的比例
A．②④ B．①③
C．④⑤ D．②⑤
[答案] B
[解析] 孟德尔两对相对性状的遗传实验中，F1遗传因子组合为YyRr，表现型只有一种，F1的配子为YR、Yr、yR、yr，比例为1∶1∶1∶1；F1测交后代的遗传因子组合为YyRr、Yyrr、yyRr、yyrr四种，表现型也是四种，比例都是1∶1∶1∶1。F2表现型有四种，比例为9∶3∶3∶1；F2遗传因子组合有9种，比例为4∶2∶2∶2∶2∶1∶1∶1∶1。
2．高秆抗病(DDRR)与矮秆感病(ddrr)的小麦相交，得F1，两对基因独立遗传，由F1自交得F2，从F2中选一株矮秆抗病和一株矮秆感病，它们都是纯合子的概率为eq \x(导学号 12200045)( )
A．1/16 B．1/2
C．1/8 D．1/3
[答案] D
[解析] 由题知矮秆感病植株一定为纯合子，而F2中矮秆抗病基因型为ddRR(1/3)或ddRr(2/3)。
3．水稻高秆(T)对矮秆(t)为显性，抗病(R)对感病(r)为显性，这两对基因在非同源染色体上。现将一株表现型为高秆抗病的植株的花粉授给另一株表现型相同的植株，所得后代表现型如图所示。根据以上实验结果，下列叙述错误的是eq \x(导学号 12200046)( )
A．以上后代群体的表现型有4种
B．以上后代群体的基因型有9种
C．以上两株亲本可以分别通过不同杂交组合获得
D．以上两株表现型相同的亲本，基因型不相同
[答案] D
[解析] 由题干中已知的性状显隐性和后代表现型高秆∶矮秆＝3∶1得出亲本基因型为Tt×Tt；由抗病∶感病＝3∶1得出亲本的基因型为Rr×Rr，所以两对性状亲本上的基因型是TtRr×TtRr，所以它们两亲本基因型相同，其后代中有表现型4种，基因型9种，亲本的这种基因型可以通过TTRR×ttrr和TTrr×ttRR两种杂交组合获得。
4．(2015·福州统考)某植物花瓣的大小受一对等位基因A、a控制，基因型AA的植株表现为大花瓣，Aa为小花瓣，aa为无花瓣。花瓣颜色受另一对等位基因R、r控制，基因型为RR和Rr的花瓣是红色，rr的为黄色，两对基因独立遗传。若基因型为AaRr的亲本自交，则下列有关判断错误的是eq \x(导学号 12200047)( )
A．子代共有9种基因型
B．子代共有4种表现型
C．子代有花瓣植株中，AaRr所占的比例约为1/3
D．子代的所有植株中，纯合子约占1/4
[答案] B
[解析] 此题运用拆分法求解，Aa×Aa→后代有三种表现型，Rr×Rr→后代有两种表现型，所以AaRr×AaRr后代中应有3×2＝6种表现型，但aaR_与aarr均表现为无花瓣，实际共有5种表现型。AaRr所占的比例为1/2×1/2÷3/4＝1/3；纯合子所占的比例为：AARR(1/4×1/4)＋aarr(1/4×1/4)＋AArr(1/4×1/4)＋aaRR(1/4×1/4)＝1/4。
5．牡丹的花色种类多种多样，其中白色的不含花青素，深红色的含花青素最多，花青素含量的多少决定着花瓣颜色的深浅，由两对独立遗传的基因(A和a，B和b)所控制；显性基因A和B可以使花青素含量增加，两者增加的量相等，并且可以累加。一深红色牡丹同一白色牡丹杂交，得到中等红色的个体。若这些个体自交，其子代将出现花色的种类和比例分别是eq \x(导学号 12200048)( )
A．3种，9∶6∶1B．4种，9∶3∶3∶1
C．5种，1∶4∶6∶4∶1D．6种，1∶4∶3∶3∶4∶1
[答案] C
[解析] 据题意，深红色牡丹的基因型为AABB，白色牡丹的基因型为aabb，故F1的基因型为AaBb，F2的基因型为(1AA∶2Aa∶1aa)(1BB∶2Bb∶1bb)＝1AABB∶2AABb∶1AAbb∶2AaBB∶4AaBb∶2Aabb∶1aaBB∶2aaBb∶1aabb，因显性基因数量相同的表现型相同，故后代中将出现5种表现型，比例为1∶4∶6∶4∶1。
6．在F2中出现了黄色圆粒、黄色皱粒、绿色圆粒和绿色皱粒四种表现类型，其比例为9∶3∶3∶1。与此无关的解释是eq \x(导学号 12200049)( )
A．F1产生了4种比例相等的配子
B．雌配子和雄配子的数量相等
C．F1的四种雌、雄配子自由组合
D．必须有足量的F2个体
[答案] B
[解析] 在F1自交过程中，4种比例相等的雄配子与4种比例相等的雌配子随机结合形成16种合子，其中9种合子发育成黄色圆粒，3种合子发育成黄色皱粒，另3种合子发育成绿色圆粒，1种合子发育成绿色皱粒，其比例为9∶3∶3∶1。在豌豆花中，雌配子的数量远远少于雄配子的数量，因此在F1的自交过程中，雌、雄配子的数量之间没有对等关系。保证F2中有足够数量的个体是为了提高概率统计的准确性。
7．(2015·青岛检测)人类软骨发育不全(D)为显性遗传病，先天性聋哑(a)是一种隐性遗传病，已知控制两种病的基因遵循自由组合定律。一个家庭中，父亲软骨发育不全，母亲正常，他们有一个患先天性聋哑但不患软骨发育不全的孩子，这对夫妇再生一个患病孩子的概率是eq \x(导学号 12200050)( )
A．1/2 B．1/8
C．3/8 D．5/8
[答案] D
[解析] 由题干信息可推断其父、母亲的基因型分别为AaDd、Aadd，则再生孩子不患先天性聋哑概率为1/2，再生孩子软骨正常概率为3/4，由此计算出再生孩子正常概率为3/8，因此再生孩子患病概率为1－3/8＝5/8。
8．(2015·潍坊测试)基因型为ddEeFF和DdEeff的2种豌豆杂交，在3对等位基因各自独立遗传的条件下，其子代表现型不同于2个亲本的个体占全部子代的 eq \x(导学号 12200051)( )
A．1/4 B．3/8
C．5/8 D．3/4
[答案] C
[解析] 两个亲本的基因型为ddEeFF、DdEeff，亲本杂交后产生这两种表现型的可能性(概率)计算如下：
ddE_F_的概率为1/2(dd)×3/4(E_)×1(Ff)＝3/8，
D_E_的概率为1/2(Dd)×3/4(E)×0(ff)＝0，
即2个亲本杂交的后代中与2个亲本表现型相同的概率为3/8，不同的概率为1－3/8＝5/8。
二、非选择题
9．果蝇中灰身(B)与黑身(b)、大翅脉(E)与小翅脉(e)是两对相对性状且独立遗传。灰身大翅脉的雌蝇与灰身小翅脉的雄蝇杂交，子代中47只为灰身大翅脉，49只为灰身小翅脉，17只为黑身大翅脉，15只为黑身小翅脉，回答下列问题：eq \x(导学号 12200052)
(1)在上述杂交子代中，体色和翅脉的表现型比例依次为________和________。
(2)两个亲本中，雌蝇的基因型为________，雄蝇的基因型为________。
(3)亲本雌蝇产生卵(配子)的基因组成种类数为________，其理论比例为________。
(4)上述子代中表现型为灰身大翅脉个体的基因型为________，黑身大翅脉个体的基因型为________。
[答案] (1)灰身∶黑身＝3∶1 大翅脉∶小翅脉＝1∶1 (2)BbEe Bbee (3)4 1∶1∶1∶1 (4)BBEe和BbEe bbEe
[解析] 在上述杂交后代中，体色的表现型比例为灰身∶黑身＝(47＋49)∶(17＋15)＝3∶1，可推出亲本的基因组成都为Bb；同理，翅脉的表现型比例为大翅脉∶小翅脉＝(47＋17)∶(49＋15)＝1∶1，可推出亲本的基因组成为Ee和ee，即两个亲本中雌蝇的基因型为BbEe，雄蝇的基因型为Bbee。亲本雌蝇产生配子的基因组成有4种，分别为BE、Be、bE、be，比例为1∶1∶1∶1。亲本雄蝇产生的配子为Be∶be＝1∶1，所以子代中表现型为灰身大翅脉个体的基因型为BBEe和BbEe；黑身大翅脉个体的基因型为bbEe。
10．(2015·泰安测试)冢禽鸡冠的形状由两对基因(A和a，B和b)控制，这两对基因按自由组合定律遗传，与性别无关。据下表回答问题：eq \x(导学号 12200053)
(1)甲组杂交方式在遗传学上称为________，甲组杂交产生的F1中四种表现型比例是________。
(2)让乙组F1中玫瑰状冠的家禽与另一纯合豌豆状冠的家禽杂交，杂交后代表现型及比例在理论上是____________________。
(3)让丙组F1中的雌雄个体交配，后代表现为玫瑰状冠的有120只，那么表现为豌豆状冠的杂合子理论上有________只。
(4)基因型为AaBb与Aabb的个体杂交，它们的后代基因型的种类有________种，后代中纯合子比例占________。
[答案] (1)测交 1∶1∶1∶1 (2)核桃状∶豌豆状＝2∶1 (3)80 (4)6 1/4
[解析] (1)先根据题意写出甲组亲本已知基因型：A_B_×aabb，然后根据后代表现型推导出亲本基因型，后代有核桃状、玫瑰状、豌豆状、单片状四种表现型，则核桃状亲本必为AaBb。亲本的杂交方式为测交，后代四种表现型比例为1∶1∶1∶1。(2)同理推导出乙组亲本基因型为Aabb×Aabb，F1中玫瑰状冠的家禽(1/3AAbb、2/3Aabb)与另一纯合豌豆状冠的家禽(aaBB)杂交，后代基因型为2/3AaBb、1/3aaBb，即核桃状∶豌豆状＝2∶1。(3)同理推导出丙组亲本基因型为aaBB×AAbb，F1中的雌雄个体交配，即AaBb×AaBb杂交，后代表现型为核桃状∶玫瑰状∶豌豆状∶单片状＝9∶3∶3∶1，已知玫瑰状冠的有120只，则豌豆状冠的也有120只，其中杂合子理论上占2/3，即80只。(4)基因型为AaBb与Aabb的个体杂交，按分离定律对每一对分别求解：Aa×Aa，子代3种基因型，纯合子为1/4AA、1/4aa；Bb×bb，子代2种基因型，纯合为1/2bb，故它们的后代基因型的种类有2×3＝6种，后代纯合子为1/4AA×1/2bb＋1/4aa×1/2bb＝1/4。
项目
基因
组合
A和B同时存在(A_B_型)
A存在、B不存在(A_bb型)
B存在，A不存在(aaB_型)
A和B都不存在(aabb型)
鸡冠
形状
核桃状
玫瑰状
豌豆状
单片状
杂交
组合
甲：核桃状×单片状→F1：核桃状、玫瑰状、豌豆状、单片状
乙：玫瑰状×玫瑰状→F1：玫瑰状、单片状
丙：豌豆状×玫瑰状→F1：全是核桃状