全国统考版2021届高考物理二轮复习评估验收模拟卷二含解析

这是一份全国统考版2021届高考物理二轮复习评估验收模拟卷二含解析，共14页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
第Ⅰ卷
二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．
14．如图所示，表示汞原子最低的4个能级，一个自由电子的总能量为9.0 eV，与处于基态的汞原子发生正碰(不计汞原子的动量变化)，则电子可能剩余的能量(碰撞过程中无能量损失)( )
A．0.2 eV B．1.4 eV
C．2.3 eV D．5.5 eV
15．如图所示，踢毽子是人们喜爱的一项体育活动，毽子被踢出后竖直向上运动，达到最高点后又返回原处．若运动过程中毽子受到的空气阻力大小与速度的大小成正比，且始终小于毽子的重力，则下列说法正确的是( )
A．毽子踢出后受到三个力的作用
B．毽子到最高点时，不受任何力的作用
C．毽子在上升过程中，加速度先减小后增大
D．毽子在下降过程中，加速度减小
16．如图所示，长木板静止于光滑水平地面，滑块叠放在木板右端，现对木板施加水平恒力，使它们向右运动．当滑块与木板分离时，滑块相对地面的位移为x、速度为v.若只减小滑块质量，重新拉动木板，滑块与木板分离时( )
A．x变小，v变小 B．x变大，v变大
C．x变小，v变大 D．x变大，v变小
17．甲、乙两质点在同一地点同一时间在外力作用下做匀变速直线运动，运动的时间为t，位移为x，甲、乙两质点运动的eq \f(x,t)－t图象如图所示，下列说法正确的是( )
A．甲质点的加速度大小为eq \f(c,d)
B．乙质点的初速度大小为c
C．t＝eq \f(d,4)时甲、乙两质点相遇
D．t＝d时甲、乙两质点同向运动
18．空间有一水平匀强电场，范围足够大，场中有一粒子源，某时刻释放出速度大小相同的同种带电粒子，速度方向沿垂直于竖直面内各方向，粒子的重力不计，如图所示，则( )
A．同一时刻所有粒子的动量相同
B．同一时刻所有粒子的位移相同
C．同一时刻所有粒子到达同一等势面上
D．同一时刻所有粒子到达同一水平面上
19.人类首次发现了引力波来源于距地球之外13亿光年的两个黑洞(质量分别为26个和39个太阳质量)互相绕转最后合并的过程．设两个黑洞A、B绕其连线上的O点做匀速圆周运动，如图所示．黑洞A的轨道半径大于黑洞B的轨道半径，两个黑洞的总质量为M，两个黑洞间的距离为L，其运动周期为T，则( )
A．黑洞A的质量一定大于黑洞B的质量
B．黑洞A的线速度一定大于黑洞B的线速度
C．两个黑洞间的距离L一定，M越大，T越大
D．两个黑洞的总质量M一定，L越大，T越大
20．如图所示，将质量为M1、半径为R且内壁光滑的半圆槽置于光滑水平面上，左侧靠竖直墙壁，右侧靠一质量为M2的物块．今让一质量为m的小球自左侧槽口A的正上方h高处从静止开始下落，与半圆槽相切自A点进入槽内，则以下结论中正确的是( )
A．小球在槽内运动的全过程中，小球与半圆槽在水平方向动量守恒
B．小球在槽内运动由B至C过程中，小球、半圆槽和物块组成的系统在水平方向动量守恒
C．小球离开C点以后，将做竖直上抛运动
D．小球从A点经最低点向右侧最高点运动的过程中，小球、半圆槽和物块组成的系统机械能守恒
21．如图所示，两根间距为d的光滑金属导轨，平行放置在倾角为θ＝30°的斜面上，导轨的右端接有电阻R，整个装置放在磁感应强度大小为B的匀强磁场中，磁场方向与导轨平面垂直．导轨上有一质量为m、电阻也为R的金属棒与两导轨垂直且接触良好，金属棒以一定的初速度v0在沿着导轨上滑一段距离L后返回，不计导轨电阻及感应电流间的相互作用．下列说法正确的是( )
A．导体棒返回时先做加速运动，最后做匀速直线运动
B．导体棒沿着导轨上滑过程中通过R的电荷量q＝eq \f(BdL,2R)
C．导体棒沿着导轨上滑过程中克服安培力做的功W＝eq \f(1,2)(mveq \\al(2,0)－mgL)
D．导体棒沿着导轨上滑过程中电阻R上产生的热量Q＝eq \f(1,2)(mveq \\al(2,0)－mgL)
第Ⅱ卷
三、非选择题：共62分．第22～25题为必考题，每个试题考生都必须作答．第33～34题为选考题，考生根据要求作答．
(一)必考题：共47分．
22．(5分)某同学用如图甲所示装置做“探究合力的功与动能改变量的关系”的实验，他通过成倍增加位移的方法来进行验证．方法如下：将光电门固定在水平轨道上的B点，用重物通过细线拉小车，保持小车(带遮光条)和重物的质量不变，通过改变小车释放点到光电门的距离进行多次实验，每次实验时要求小车都由静止释放．
(1)用游标卡尺测出遮光条的宽度d，示数如图乙所示，则d＝________cm.
(2)如果每次实验时遮光条通过光电门的时间为t，小车到光电门的距离为s，通过描点作出线性图象来反映合力的功与动能改变量的关系，则所作图象关系是________时才能符合实验要求．
A．s－t B．s－t2
C．s－t－1 D．s－t－2
(3)下列实验操作中必要的是________．
A．调整轨道的倾角，在未挂重物时使小车能在轨道上匀速运动
B．必须满足重物的质量远小于小车的质量
C．必须保证小车由静止状态开始释放
23．(10分)某同学在课外活动中利用多用电表进行如下探究：
A．按照多用电表测未知电阻阻值的电路连接如图甲所示；
B．将多用电表的欧姆挡的选择开关拨至倍率“×1”挡，并将红、黑表笔短接调零，此时调零电阻R0接入电路的部分阻值用R0表示；
C．在红、黑表笔间接入不同的待测电阻Rx，测出多组电路中电流与待测电阻的数据；
D．建立直角坐标系，根据电路中电流和Rx的值在坐标系中描点连线得到图象如图乙所示．
如果电池的电动势用E表示、内阻用r表示，表头内阻用Rg表示，根据上述实验探究，回答下列问题：
(1)图乙所表示的图象的函数关系式为________________________________________．
(2)下列根据图乙中I－Rx图线做出的解释或判断中正确的是________．(有两个选项正确)
A．用欧姆表测电阻时，指针指示读数越大，测量的误差越小
B．欧姆表调零的实质是通过调节R0，使Rx＝0时电路中的电流I＝Ig
C．Rx越小，相同的电阻变化量对应的电流变化量越大，所以欧姆表的示数左密右疏
D．测量中，当Rx的阻值为图乙中的R2时，指针位于表盘中央位置的右侧
(3)如果实验中还记录下多用电表的欧姆挡“×1”挡的中值电阻值为15 Ω，此时电池的电动势为1.5 V，则你认为多用电表所用电流表表头的量程是________．
24．(12分)如图所示是长为8 m的水平传送带AB和一竖直的半径为0.8 m的eq \f(1,4)圆形光滑轨道的组合装置，轨道底端与传送带在B点相切，若传送带向右以3 m/s的恒定速度匀速运动，现在圆轨道的最高点由静止释放一质量为4 kg的物块，物块恰好能运动到水平传送带的最左端而不掉下，重力加速度大小为g＝10 m/s2.求：
(1)物块滑到圆形轨道底端时对轨道的压力大小和物块与传送带间的动摩擦因数；
(2)物块返回到圆轨道后能够上升的高度和在传送带上第一次往返所用的时间．
25．(20分)如图所示，第一象限有平行于纸面且与x轴负方向成45°的匀强电场，电场强度大小未知，第四象限有方向垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B.现从坐标原点O向磁场中射入一个质量为m，电荷量为q的带正电的粒子1(重力不计)，速度大小为v、方向与x轴正方向成45°.该粒子第一次到达x轴时与该点的一个质量为2m不带电的粒子2发生弹性正碰，碰后所带电荷量两者平分，碰后粒子1进入磁场做匀速圆周运动后再经过x轴经电场偏转恰好可以回到坐标原点，粒子2在电场中运动一段时间后也进入磁场．求：
(1)粒子1和粒子2碰撞离开x轴后再次回到x轴的位置坐标；
(2)电场强度的大小；
(3)碰撞后两粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径之比．
(二)选考题：共15分．请考生从2道题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分．
33．[物理——选修3­3](15分)
(1)(5分)下面说法正确的是________(填正确答案标号．选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分．每选错1个扣3分，最低得分为0分)
A．饱和蒸汽压随温度的升高而增大
B．单晶体在某些物理性质上具有各向异性
C．一定量的理想气体从外界吸热，其内能一定增加
D．液体温度越高，悬浮颗粒越小，布朗运动越剧烈
E．当分子之间作用力表现为斥力时，分子力随分子间的距离增大而增大
(2)(10分)如图所示，粗细不同的玻璃管开口向下，粗管长为L＝13 cm，细管足够长，粗管的截面积为细管的两倍．管内的气体被一段水银柱封闭，当封闭气体的温度为T1＝300 K时，粗、细管内的水银柱长度均为h＝5 cm.已知大气压强p0＝75 cmHg，现对封闭气体缓慢加热，求：
①水银恰好全部进入细管时气体的温度T2；
②从开始加热到T3＝500 K时，水银柱的下表面移动距离为多少厘米(保留3位有效数字)．
34．[物理——选修3­4](15分)(1)(5分)光纤是现代通信普遍使用的信息传递媒介，现有一根圆柱形光纤，光信号从光纤一端的中心进入，并且沿任意方向进入的光信号都能传递到另一端．下列说法正确的有________．(填正确答案标号．选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分．每选错1个扣3分，最低得分为0分)
A．光从空气进入光纤时传播速度变小
B．光导纤维利用了光的偏振原理
C．光导纤维利用了光的全反射原理
D．光纤材料的折射率可能为1.2
E．光纤材料的折射率可能为eq \r(2)
(2)(10分)如图所示，一列简谐横波沿x轴正方向传播，在x轴上有P、M、Q三点，从波传到x＝5 m的M点时开始计时，已知t1＝0.7 s时M点第二次出现波峰．求：
①这列波传播的速度；
②从t＝0时刻起到t2＝1 s止，质点Q(x＝9 m)通过的路程．
高考仿真模拟卷(二)
14．解析：选A.若电子剩下能量为0.2 eV，则被汞原子吸收的能量为8.8 eV，汞原子能量变为－1.6 eV，跃迁到第4能级，故A项正确；若电子剩下能量为1.4 eV，则被汞原子吸收的能量为7.6 eV，汞原子能量变为－2.8 eV，不存在该能级，则不可能发生，故B项错误；若电子剩下能量为2.3 eV，则被汞原子吸收的能量为6.7 eV，汞原子能量变为－3.7 eV，不存在该能级，则不可能发生，故C项错误；若电子剩下能量为5.5 eV，则被汞原子吸收的能量为3.5 eV，汞原子能量变为－6.9 eV，不存在该能级，则不可能发生，故D项错误．
15．解析：选D.踢出后的毽子，受到重力和空气阻力的作用，A项错误；毽子到最高点时仍然受重力作用，B项错误；上升过程中有kv＋mg＝ma，毽子向上运动过程中速度逐渐减小，故加速度减小；下降过程中有mg－kv＝ma，下降过程中速度逐渐增大，故加速度减小，C项错误，D项正确．
16．解析：选A.长木板和滑块做初速度为0的匀加速直线运动，根据牛顿第二定律得滑块的加速度a1＝μg，长木板加速度a2＝eq \f(F－μmg,M)，由运动学公式可得滑块与木板分离时，滑块相对地面的位移为x＝eq \f(1,2)a1t2，滑块相对长木板的位移为L＝eq \f(1,2)a2t2－eq \f(1,2)a1t2，滑块相对地面的速度v＝a1t，若只减小滑块质量，再次拉动木板，根据牛顿第二定律得滑块的加速度a1＝μg不变，长木板加速度a2＝eq \f(F－μmg,M)变大，由滑块相对长木板的位移为L＝eq \f(1,2)a2t2－eq \f(1,2)a1t2可得运动时间变小，滑块相对地面的位移为x＝eq \f(1,2)a1t2变小，滑块相对地面的速度为v＝a1t变小，故A正确，B、C、D错误．
17．解析：选B.根据x＝v0t＋eq \f(1,2)at2可知eq \f(x,t)＝eq \f(1,2)at＋v0，故甲质点的初速度为v0＝0，加速度为a＝eq \f(2c,d)，乙质点的初速度为v′0＝c，加速度为a′＝－eq \f(2c,d)，选项A错误，选项B正确；根据eq \f(1,2)at2＝v′0t＋eq \f(1,2)a′t2解得t＝eq \f(d,2)，选项C错误；t＝d时，乙质点反向运动，而甲没有反向运动，选项D错误．
18．解析：选C.粒子射出时速度均垂直于电场E，均受沿E所在方向的电场力，故所有粒子均做类平抛运动，在平行于E方向粒子做初速度为零的匀加速运动，同一时刻到达位置均在同一等势面上，故C正确；垂直于E方向粒子均做匀速直线运动，故粒子在同一时刻位置组成一圆面，在竖直方向且垂直于E，故D错误；粒子位移均从粒子源指向圆上各点，即一锥面母线，速度方向也不同，故A、B错误．
19．解析：选BD.设两个黑洞质量分别为mA、mB，轨道半径分别为RA、RB，角速度为ω，由万有引力定律可知：eq \f(GmAmB,L2)＝mAω2RA，eq \f(GmAmB,L2)＝mBω2RB，RA＋RB＝L，得eq \f(mA,mB)＝eq \f(RB,RA)，而AO＞OB，选项A错误；vA＝ωRA，vB＝ωRB，选项B正确；GM＝ω2L3，又因为T＝eq \f(2π,ω)，故T＝2πeq \r(\f(L3,GM))，选项C错误，D正确．
20．解析：选BD.小球从A→B的过程中，半圆槽对球的支持力沿半径方向指向圆心，而小球对半圆槽的压力方向与之相反，指向左下方，因为有竖直墙挡住，所以半圆槽不会向左运动，可见，该过程中，小球与半圆槽在水平方向受到外力作用，动量并不守恒，而由小球、半圆槽和物块组成的系统动量也不守恒；从B→C的过程中，小球对半圆槽的压力方向指向右下方，所以半圆槽要向右推动物块一起运动，因而小球参与了两个运动：一个是沿半圆槽的圆周运动，另一个是与半圆槽一起向右运动，小球所受支持力方向与速度方向并不垂直，此过程中，因为有物块挡住，小球与半圆槽在水平方向动量并不守恒，但是小球、半圆槽和物块组成的系统水平方向动量守恒，小球运动的全过程，水平方向动量也不守恒，选项A错误，选项B正确；当小球运动到C点时，它的两个分运动的合速度方向并不是竖直向上，所以此后小球做斜上抛运动，故选项C错误；因接触面都是光滑的，所以小球、半圆槽、物块组成的系统机械能守恒，故选项D正确．
21．解析：选ABC.导体棒返回时随着速度的增大，导体棒产生的感应电动势增大，感应电流增大，棒受到的安培力增大，加速度减小，所以导体棒先做加速度减小的加速运动，最后做匀速直线运动，故A正确；导体棒沿着导轨上滑过程中通过R的电荷量为：q＝eq \(I,\s\up6(－))t＝eq \f(Bd\(v,\s\up6(－)),2R)t＝eq \f(BdL,2R)，故B正确；导体棒沿着导轨上滑过程中克服安培力做的功等于回路中产生的总热量，由能量守恒定律得：W＝Q＝eq \f(1,2)mveq \\al(2,0)－mgLsin 30°＝eq \f(1,2)(mveq \\al(2,0)－mgL)，故C正确；导体棒沿着导轨上滑过程中电阻R上产生的热量为：QR＝eq \f(1,2)×(eq \f(1,2)mveq \\al(2,0)－mgLsin 30°)＝eq \f(1,4)(mveq \\al(2,0)－mgL)，故D错误．
22．解析：(1)由游标卡尺读数规则可知，示数为：
10 mm＋0.05×15 mm＝1.075 cm.
(2)由题意可知，该同学是通过成倍改变位移来改变做功的，设小车所受的合力为F，对小车，有Fs＝eq \f(1,2)meq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(d,t)))eq \s\up12(2)，即有s∝eq \f(1,t2)，则D正确．
(3)由(2)可知，公式中的F是指小车所受到的合力，而且在整个实验过程中保持不变，所以在该实验中不需要平衡摩擦力；同理可知，重物与小车质量的大小关系也不会对实验结果产生影响；若小车释放速度不为0，则会对实验结果产生影响，选项C正确．
答案：(1)1.075 (2)D (3)C
23．解析：(1)对题图甲，根据闭合电路欧姆定律有E＝I(R0＋Rg＋r＋Rx)，故题图乙中图象的函数关系式为I＝eq \f(E,R0＋Rg＋r＋Rx)；
(2)用欧姆表测电阻时，指针指示在刻度盘中间附近，测量误差最小，指针偏转过大或指针偏转太小，测量误差都较大，A错误；测量中，当Rx的阻值为图乙中的R2时，电流小于满偏电流的eq \f(1,2)，指针位于表盘中央位置的左侧，D错误；欧姆表调零的实质是通过调节R0，使Rx＝0时电路中的电流I＝Ig，Rx越小，相同的电阻变化量对应的电流变化量越大，所以欧姆表的示数左密右疏，B、C正确；
(3)根据表头满偏时有Ig＝eq \f(E,R0＋Rg＋r)，半偏时有eq \f(1,2)Ig＝eq \f(E,R0＋Rg＋r＋Rx)，可知中值电阻R中＝R0＋Rg＋r＝Rx＝15 Ω，故Ig＝eq \f(E,R0＋Rg＋r)＝eq \f(1.5 V,15 Ω)＝0.1 A.
答案：(1)I＝eq \f(E,R0＋Rg＋r＋Rx) (2)BC (3)0.1 A
24．解析：(1)物块从eq \f(1,4)圆形光滑轨道下滑的过程，根据机械能守恒有mgR＝eq \f(1,2)mveq \\al(2,1)
解得v1＝4 m/s
物块在光滑圆轨道最低点，
根据牛顿第二定律有F－mg＝meq \f(veq \\al(2,1),R)
解得：F＝120 N
由牛顿第三定律可知，物块对轨道的压力F′＝－F＝－120 N，其中负号表示压力的方向竖直向下；
物块沿传送带滑到最左端速度恰好为零，由动能定理有
－μmg·L＝0－eq \f(1,2)mveq \\al(2,1)
代入数据解得：μ＝0.1.
(2)物块在传送带上先做匀减速运动，根据牛顿第二定律有μmg＝ma
解得：a＝1 m/s2
则物块减速到零的时间为t1＝eq \f(v1,a)＝4 s
反向加速时加速度不变，
故加速时间为t2＝eq \f(v带,a)＝3 s
这段时间的位移为x1＝eq \f(1,2)ateq \\al(2,2)＝4.5 m
之后物块随传送带匀速运动，
则t3＝eq \f(L－x1,v带)＝1.17 s
物块以与传送带一样的速度滑上光滑圆轨道后，根据机械能守恒有eq \f(1,2)mveq \\al(2,带)＝mgh
代入数据解得：h＝0.45 m
物块在传送带上第一次往返所用的时间为
t＝t1＋t2＋t3＝8.17 s.
答案：(1)120 N 0.1 (2)0.45 m 8.17 s
25．解析：(1)根据粒子1在磁场中做圆周运动的向心力由洛伦兹力提供有qvB＝meq \f(v2,R1)，
解得R1＝eq \f(mv,qB)
则两粒子碰撞的位置为x1＝eq \r(2)R1＝eq \f(\r(2)mv,qB)
两粒子发生弹性正碰，
根据动量守恒定律有mv＝mv1＋2mv2
根据机械能守恒定律有
eq \f(1,2)mv2＝eq \f(1,2)mveq \\al(2,1)＋eq \f(1,2)·2mveq \\al(2,2)
联立解得：v1＝－eq \f(1,3)v，v2＝eq \f(2,3)v
粒子1反弹后，由eq \f(1,2)qv1B＝meq \f(veq \\al(2,1),R2)，
得R2＝eq \f(mv1,qB)＝eq \f(2mv,3qB)
再次到达x轴的距离为
x2＝eq \r(2)R2＝eq \f(2\r(2)mv,3qB)
如图所示，Oc＝x1＋x2＝eq \f(5\r(2)mv,3qB).所以c点的位置坐标为eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(5\r(2)mv,3qB)，0))
(2)类平抛运动的垂直和平行电场方向位移
s⊥＝s∥＝Ocsin 45°＝eq \f(5mv,3qB)
所以类平抛运动时间为t＝eq \f(s⊥,v)＝eq \f(5m,3qB)
又由s∥＝eq \f(1,2)at2＝eq \f(\f(q,2)E,2m)t2
联立解得：E＝eq \f(12vB,5).
(3)粒子2在电场中逆着电场线做匀减速运动减速到零后反向加速，进入磁场时的速度仍为v2＝eq \f(2,3)v，根据粒子2在磁场中做圆周运动的向心力由洛伦兹力提供有eq \f(1,2)qv2B＝2meq \f(veq \\al(2,2),R3)
解得：R3＝eq \f(8mv,3qB)
故两粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径之比为eq \f(R2,R3)＝eq \f(1,4).
答案：(1)见解析 (2)eq \f(12vB,5) (3)eq \f(1,4)
33．解析：(1)液体的饱和汽压仅仅与温度有关，随温度的升高而增大，A选项正确；单晶体在某些物理性质上具有各向异性，多晶体和非晶体具有各向同性，B选项正确；根据热力学第一定律可知，一定量的理想气体从外界吸热，若同时对外做功，其内能不一定增加，C选项错误；液体温度越高，悬浮颗粒越小，布朗运动越剧烈，D选项正确；当分子表现为斥力时，分子之间的距离增大，分子力减小，E选项错误．
(2)①初态时，封闭气体的压强p1＝p0－ρg·2h，体积V1＝2S·(L－h)，温度为T1＝300 K.
末态时，封闭气体的压强p2＝p0－ρg·3h，体积V2＝2SL.
根据理想气体状态方程可知，eq \f(p1·V1,T1)＝eq \f(p2·V2,T2).
联立解得T2＝450 K.
②以理想气体为研究对象，从T2到T3过程，气体做等压变化，根据盖­吕萨克定律可知，
eq \f(2SL,T2)＝eq \f(2SL＋Sx,T3).
解得x＝2.9 cm.
移动距离s＝2h＋x＝12.9 cm.
答案：(1)ABD (2)①450 K ②12.9 cm
34．解析：(1)光从空气进入光纤时传播速度变小，A正确；光导纤维利用了光的全反射原理，B错误，C正确；光的入射角为i，折射角为r，根据折射定律得eq \f(sin i,sin r)＝n，当入射角i趋于90°时，折射角r最大，此时光在内侧面的入射角最小，只要能保证此时光在侧面恰好发生全反射，即能保证所有入射光都能发生全反射，即sin (90°－r)＝eq \f(1,n)，联立可得n＝eq \r(2)，只要折射率大于或等于eq \r(2)就能使所有的光都能发生全反射，E正确，D错误．
(2)①质点M在t＝0时沿y轴负方向振动，经过eq \f(7,4)个周期第二次出现波峰
所以：t1＝eq \f(7,4)T
解得：T＝0.4 s
由图可知波长为4 m，可得波速为：v＝eq \f(λ,T)＝eq \f(4,0.4) m/s＝10 m/s.
②从t＝0开始，设经过Δt质点Q开始振动，则有：Δt＝eq \f(xQ－xM,v)＝eq \f(4,10) s＝0.4 s
所以质点Q振动的时间为：Δt1＝t2－Δt＝1 s－0.4 s＝0.6 s
质点Q通过的路程为：s＝eq \f(Δt1,T)×4A＝eq \f(0.6,0.4)×4×10 cm＝60 cm.
答案：(1)ACE (2)①10 m/s ②60 cm
题号
14
15
16
17
18
19
20
21
答案