2018-2020温州科学中考真题物理专题

这是一份2018-2020温州科学中考真题物理专题，共27页。试卷主要包含了窗玻璃中趴着一只壁虎等内容，欢迎下载使用。

第I卷（选择题）
1．(温州2020年第6题)电蚊拍灭蚊时，蚊子碰到金属网形成闭合电路，蚊子往往会被烧毁。下列说法不合理的是( )
A. 蚊子是可以导电的B. 电蚊拍电压降低烧毁效果变差
C. 蚊子烧毁是因为电流的热效应D. 烧毁时可能没有电流通过蚊子
2．(温州2020年第11题)如图所示，在中国象棋棋盘正中央竖立一块垂直于棋盘的平面镜，棋子“象”由甲移到乙，则平面镜中“象”的移动是( )
A. 由④到②B. 由③到①C. 由②到④D. 由①到③
3．(温州2020年第12题)兴趣小组用图装置研究压强与流速的关系，将吹风机对准竖管上端向下吹风，在3个水平玻璃管的右端口处同时释放相同规格的乒乓球，某时刻乒乓球处于如图所示的位置。下列说法合理的是( )
A. 乒乓球运动是因受到竖管气流的吸引力B. 装置中三个水平玻璃管的横截面积不同
C. 三个水平玻璃管的左端口处压强不相同D. 该装置可以测量竖管中各处的压强大小
4．(温州2020年第13题)小明家的智能锁需通过“密码+指纹”两次识别成功才能开锁。第一次识别成功时S1闭合，发声器S发出声音，但不开锁；第二次识别成功时S2闭合，有电流通过电动机M，开锁成功。下列电路设计符合要求的是( )
A.
B.
C.
D.
5．(温州2020年第15题)科学中常用数学方法来表示某些量的关系。下列图像中能用阴影面积表示相应的量是( )
A. 压强
B. 压力
C. 功率
D. 时间
6．(温州2019年第4题)用伏安法测电阻时，某电表的示数如图所示。其示数为( )

A. 1.5安 B. 7.5安 C. 1.5伏 D. 7.5伏
7．(温州2019年第6题)晾晒三条相同的湿毛巾，下列做法最有可能让衣架保持水平的是( )
A. B. C. D.
8．(温州2019年第10题)将一蜡烛放在装有水的烧瓶前，调整蜡烛和烧瓶至如图所示位置，在墙壁上得到清晰的像。该像的性质是( )

A. 缩小的虚像 B. 放大的虚像 C. 缩小的实像 D. 放大的实像
9．(温州2019年第13题)窗玻璃中趴着一只壁虎(如图)。水平向右推窗，当壁虎随窗玻璃一起向右匀速移动的过程中，壁虎受到摩擦力的方向是( )

A. 竖直向上 B. 竖直向下 C. 水平向左 D. 水平向右
10．(温州2019年第15题)小明按图甲连接电路，闭合开关，灯泡L1的功率为P1。他将一个阻值大于L1的灯泡L2串联接入电路(如图乙)，闭合开关后，L1、L2的功率分别为P1’、P2‘(不计温度对灯泡电阻的影响，电源电压恒定)。下列关系式正确的是( )

A. P2'>P1'>P1 B. P2'>P1>P1' C. P1>P2'>P1‘ D. P1>P1'>P2‘

11．(温州2018年第7题)下列实物连接与电路图相符合的是(水果电池的铜片为正极、锌片为负极)( )
12．(温州2018年第10题)某智能百叶窗的叶片上贴有太阳能板，在光照时发电，给电动机供电以调节百叶窗的开合。该过程中发生的能量转换是( )
A．电能→机械能→光能 B．光能→机能→电能
C．光能→电能→机械能 D．机械能→电能→光能
13．(温州2018年第11题)如图为玩具鸟在平面镜中的成像示意图。下列能改变像位置的是( )
A．竖直上移玩具鸟 B．竖直下移平面镜
C．人向平面镜靠近 D．像与镜间放一木板
14．(温州2018年第12题)如图所示的小制作中，装置A中有磁铁和可转动的线圈，当有风吹向风扇时扇叶转动，引起灯泡发光。装置A的工作原理是( )
A. 通电线圈周围存在磁场 B．电磁感应
C．通电线圈能在磁场中转动 D．磁极间相互作用
15．(温州2018年第15题)如图为吸盘式挂杆，将吸盘压在瓷砖上排尽其中的空气，挂杆就能被固定在瓷砖上。挂有平底锅的挂钩沿光滑水平横杆从P点开始向吸盘B移动，若吸盘与横杆的重力、吸盘大小均忽略不计，设挂钩与吸盘A的距离为l，则吸盘B受到的摩擦力F的大小与l的关系图像为( )
第II卷（非选择题）
请点击修改第II卷的文字说明
16．(温州2020年第22题)小明观察了小区入口的车辆出入自动控制闸，发现当车牌被识别系统识别后，绿灯亮，栏杆抬起，车辆通行。于是他设计了如图所示的模拟电路，车牌识别成功相当于图中开关S闭合。
(1)已知该电路电源电压为6伏，指示灯L工作时的阻值为5欧，滑动变阻器接入电路的阻值为10欧，线圈阻值不计。闭合开关后，线圈吸住铁柱时，指示灯的功率为_________瓦。
(2)若电源电压下降，栏杆不能抬起。除了更换电池外，请你再写出一种能使栏杆正常抬起的方法。_________
17．(温州2019年第24题)雾天能见度低，骑车易发生交通事故，要减速慢行。
(1)雾天，空气中会形成大量水珠。该过程发生的物态变化是________。
(2)小明要为自行车设计一种“雾灯”，以提示过往的行人和车辆。要求工作时灯泡能持续交替闪烁。忽略弹性衔铁和电磁铁线圈电阻，下列电路中符合设计要求的是 。
A． B. C. D.
18．(温州2018年第23题)如图甲是某身高体重量仪，当体检者站在台面上时，能自动显示其身高，体重。
(1)若体检者重600牛，双脚与台面的接触面积为0.05米2，则他对台面的压强为____帕。
(2)小明利用某压敏电阻R及相关电路元件设计身高体重测量仪电路，压敏电阻的阻值随压力变化的关系如图乙所示，现要求用电压表、电流表分别显示身高和体重的大小，且电压表、电流表的示数分别随身高、体重的增大而增大。下列电路设计最合理的是__________。
19．(温州2019年第20题)小明制作了一个如图所示的简易气压计。将橡皮膜平铺在敞开容器上，并用胶带绑紧。检查气密性后，将吸管的A端粘在橡皮膜中心，B端靠近卡纸上的M处。外界气压的变化会引起橡皮膜凹凸程度的变化，从而使吸管绕O点转动，指示气压大小变化。(外界气温的变化对容器内气压的影响极小)

(1)检查气密性时，将绑有橡皮膜的容器浸没在水中，轻压橡皮腰，如果观察到________，则气密性不好。
(2)小明将该气压计从甲地带到乙地，发现吸管B端的指向从M处变为N处。则甲、乙两地气压较大的是________。
20．(温州2018年第19题)2018年5月21日，我国成功发射了“嫦娥四号＂的中继卫星 “鹊桥号”，它将成为
“嫦娥四号”与地球间的“通信桥梁”
(1)“鹊桥号”＂质量为448千克，发射后随火箭竖直升空1000米的过程中，“鹊桥号”需克服重力做功_______________焦。
(2)若地月间距离为3.8×105千米，电磁波速度为3×105千米/秒，在月球上发出的电磁波到达地球需____________秒。(计算结果保留1位小数)
(3)如图是月球背面照片，其中A处是__________。
21．(温州2020年第31题)某跳伞运动员从飞机上跳下，沿竖直方向降落，一段时间后打开降落伞，最后安全着地。已知运动员和跳伞设备的总重力为700牛，跳伞过程中下降的速度与时间的关系如图甲所示。
(1)图甲中曲线OA段速度越来越大的原因是_______。
(2)图乙是跳伞过程中部分阶段的情景及受力示意图，其中与图甲曲线中CD阶段对应的是_________
(3)计算运动员和跳伞设备的总重力在AB段所做的功_________。
22．(温州2020年第33题)小明对“篮球在空气中是否受到浮力”进行探究，由此进行一系列的思考与实验，并最终设计出可直接测量空气密度的简易“空气密度仪”。

(1)如图甲，将一个带阀门的篮球放在天平的托盘上，阀门连接未充气的气球，且处于关闭状态。加砝码使天平平衡。打开阀门，气球变大，天平指针向右偏转。指针向右偏转的原因是________。
(2)为测量篮球受到的浮力大小，小明设计了如图乙所示的电路。电路中电源电压U为6伏，定值电阻R0的阻值为10欧，R是力敏电阻，其阻值与所受压力F2的关系如图丙所示。当左盘中篮球未给气球充气时，电流表示数为0.2安；当篮球给气球充气到体积为篮球的2倍时(篮球体积不变)，电流表示数为0.15安。力敏电阻R所受压力F2与篮球对左侧托盘的压力FA的关系如图丁所示。请计算篮球所受的浮力________。

(3)图乙中篮球和气球内的气体总质量保持不变，并控制气球体积为篮球的2倍，在电压表指针所指的刻度盘上标上对应的空气密度值，就制成了一台测量当地空气密度的“空气密度仪”。现用此装置测量大于1.29千克/米3的空气密度，指针大致指示在何处？请在图戊的刻度盘中用箭头标出，并写出你的判断依据________。
23．(温州2020年第30题)英国物理学家斯特林于1816年发明了“斯特林发动机”。斯特林发动机气缸内工作介质易汽化、易液化，该介质经过吸热膨胀、冷却压缩的循环过程输出动力，因此又被称为热气机。某工程师按照斯特林发动机原理设计了如图甲所示的模型机，工作过程中飞轮持续旋转如图乙。请结合所学知识解释飞轮能持续转动的工作原理_________。

24．(温州2019年第34题)温州地区常受台风侵袭。为测量风速，小明设计了一台简易风速仪，其工作原理如图甲所示。装有挡风板和滑片P的轻质滑块与轻质弹簧套在滑杆MN上，弹簧左端固定，右端与滑块相连。挡风板的挡风面积为0.2米2 ， 均匀电阻丝AB长为20厘米，阻值为10欧，电源电压U0恒为6伏，保护电阻R0为14欧，电压表量程0~3伏。弹簧弹力F与弹簧长度改变量x的关系如图乙所示。无风时，滑片P在A处。有风时，滑块移动，稳定后读出电压表示数，计算并查阅下表数据可知风速及风级。
表中风压p是指与风向垂直的受风面上单位面积增加的压力(即单位面积受到的风力)。测量时保证风垂直吹在挡风板上，不计一切摩擦阻力。

(1)在滑片P左移的过程中，电路的总电阻________ 。(选填“变大”、“不变”或“变小”)
(2)当电压表示数U为2伏时，风速仪所测的风为几级？(写出计算过程)
(3)小明想在风速仪的电压表上直接标出风速，查阅资料后获知该挡风板所受的风力与风速的平方成正比。经计算，他画出了风速v与电压表示数U的关系曲线，如图丙所示。后因保护电阻R。损坏，他将其换成了阻值为5欧的电阻，请你在图丙坐标系中大致画出更换电阻后的风速v与电压表示数U的关系曲线，并在曲线上标出所能测量的最大风速的对应点Q。
25．(温州2019年第31题)气体的密度与压强有关。为测量实验室内空气的密度，小明在实验室按如图所示步骤进行实验：

① 如图甲，将一打足气的足球，放入装满水的容器中，测得溢出水的体积为426毫升。
② 如图乙，将500毫升装满水的量筒倒置于水槽中，用气针和乳胶管将足球中的气体慢慢排入该量筒，同时调整量筒的位置，当量筒内外水面都与500毫升刻度线相平时，停止排气。共排气10次。
③ 如图丙，拔除气针和乳胶管，把排气后的足球放入装满水的容器中，测得溢出水的体积为420毫升。
(1)图乙中，当量筒内外水面都与500毫升刻度线相平时停止排气，其目的是________。
(2)根据测得的数据，计算实验室中空气的密度。
26．(温州2018年第31题)如图甲是小明设计的“空气浮力演示器”将一空心金属球与配重通过细线悬挂在定滑轮上，调节配重质量使二者保持静止，用气泵往玻璃容器内缓慢压入空气，可根据现象证明空气浮力的存在。已知金属球重5牛，体积为5×10-3米3。(滑轮和细线的重力、配重的体积及各种摩擦均忽略不计)
(1)用气泵向甲装置玻璃容器内压入空气，观察到什么现象可以说明金属球受到空气浮力的作用？___________________________________________________。
(2)制作该演示器中的空心金属球，用了体积为5×10-5米3的金属材料，求该金属材料的密度。
(3)小明想通过最小刻度为0.1牛的弹簧测力计反映空气浮力大小的变化，他设想将该演示器改进成如图乙所示装置。压入空气前，容器内原有的空气密度为1.2千克／米3，现通过气泵向玻璃容器内压入空气，使容器内空气密度增大到3.0千克／米3，能否使演示器中的弹簧测力计示数变化值大于0.1牛，请通过计算说明。
27．(温州2018年第33题)如图甲为某型号豆浆机示意图，将黄豆和清水放入杯体，经过如图乙“三次加热、二次打浆”的工序，可制作可口的豆浆。
(1)若豆浆机“加热”时功率为1000瓦，“打浆”时功率为200瓦。则按图乙工序完成一次豆浆制作，需消耗多少电能？
(2)为了防止豆浆过少导致“干烧”和豆浆过多导致“溢浆”，小明设计了如图丙所示的电路，La、Lb是两个完全相同的电磁铁，Ra和Rb分别是安装在“防溢浆”水位和“防干烧”水位下方的压敏电阻，其阻值随压力的增大而减小。只有当豆浆液而处在“防干烧”和“防溢浆”水位之间时，电热丝才能工作。(假设电磁铁对衔铁的吸引力不会随距离的改变而改变，不考虑衔铁的弹力和重力)。
①当液面高度为h0时，闭合电路中的开关S，电磁铁La吸住衔铁，此时压敏电阻的阻值分别为为Ra’和和Rb’，请比较两者的大小关系：__________________。
②已知压敏电阻Ra的阻值随液面高度h的变化曲线如图丁所示，请结合Ra的变化曲线画出压敏电阻Rb的值随液面高度h变化的大致曲线，并在图中横坐标上标出“防干烧”水位h1和“防溢浆”水位h2。
28．(温州2020年第25题)在做“探究动能大小与质量关系”的实验时，小明想：小球从相同高度滚下，若小球材质和斜面倾角不同，到达水平位置时的速度会相同吗？
(1)图甲是用挡板控制大小不同的两个小球在斜面上起始位置的两种方案，小明实验时选择A方案而不能选择B方案的原因是________。
(2)小明选择大钢球、小钢球、木球以及可调整倾角的斜面进行实验。分别让球从斜面同一高度由静止开始释放，利用测速仪测出球到达水平位置时的速度如表所示。
分析表中数据可知：要使球到达水平位置时的速度与球是钢质或木质无关，则斜面倾角不可能是________。
A．15° B．25° C．35° D．45°
(3)小明利用图乙装置做“探究动能大小与质量关系”的实验时，通过观察球撞击相同塑料软片的数目来比较球的动能大小(图中未画出固定塑料软片的装置)。老师指出此装置不适合体积不同的两个球做实验，原因是_________。
29．(温州2019年第28题)小明参加科技节“掷飞机”比赛，该项目的规则是：纸飞机掷出后在空中滞留的时间越长成绩越好。查阅资料得知：纸飞机在空中滞留的时间与其形状、质量、出手速度和出手角度有关。小明认为还可能与纸飞机表面的粗糙程度有关。为了验证自己的猜想，小明准备了以下器材进行实验研究发射器(如图)；秒表；剪刀；面积、质量大小和表面粗糙程度不同的两种纸A、B各若干张(同种纸正反面粗糙程度相同)

(1)发射器的弹簧压缩得越短，释放后纸飞机获得的速度越大，其原因是________。
(2)写出本实验的主要步骤。
30．(温州2019年第26题)小明利用图甲电路研究电流与电压的关系，其中滑动变阻最大阻值为500欧，定值电阻R0阻值为10欧。闭合开关，当滑片从最右端慢慢向左移动，发现最初电压表指针几乎不动，直到接近左端时电压表指针才开始有所偏转，继续左移，指针偏转角度迅速变大，即该滑动变阻器引起电压表示发生明显变化的调节区级很小。本实验中，要使滑片每移动一段距离，都能引起电压表示数较为明显的变化，应选择怎样的滑动变阻器？小明用不同的电阻丝代替滑动变阻器，利用图乙进行如下实验：
①取3条长度都为10厘米的粗细均匀电阻丝A、B、C，阻值分别为1欧、20欧、400欧。
②将电阻丝A接入图2乙电路，闭合开关，滑片P从最右端移到最左端，记录电压表示数U随滑片移动长度x变化的相关数据，多次测量。
③分别用电阻丝B、C代替A，重复步骤②。
④处理相关数据，获得“电压表示数U随移动长度x变化的关系”如图丙。

(1)图甲实验中，闭合开关，当滑动变阻器滑片处于最左端时，导线a与接线柱M处的连接意外断开，此时示数为零的电表是________。
(2)分析图丙，实验过程中电压表示数变化范围与电阻丝阻值的关系是________。
(3)若利用图乙研究通过R0的电流与其两端电压的关系，在A、B、C三条电阻丝中，你认为选择哪一条电阻丝最合适并说明理由。________。
31．(温州2018年第24题)飞机在空中飞行时都有一定的迎角(机翼轴线与水平气流的夹角)，飞机飞行时的升力除了与机翼形状有关外是否还与迎角大小有关？为了研究这一间题，在老师的帮助下，小明利用电风扇、升力测力计、飞机模型，按图甲方式进行如下实验。
①闭合电风扇的开关，调节档位使其风速最大，并使飞机模型的迎角为0°，记录测力计的示数。重复5次实验并计算升力平均值。
②改变迎角大小，使其分别为5°、10°、15°、20°，重复步骤①。
③处理相关数据得到“升力与迎角的关系”如图乙。
(1)本实验得出的结论是：_________________________________。
(2)小明若要进一步研究“飞机的升力与其飞行速度的关系”．利用现有器材，如何操作可以模拟飞机不同的飞行速度？_________________________________________。
(3)资料显示：本实验结论与实际相符，且飞机迎角一定时，飞行速度越大升力也越大。若某飞机以500千米／时做水平匀速直线飞行时的迎角为θ1，而以800千米／时做水平匀速直线飞行时的迎角为θ2(θ1、θ2均小于15°)。请比较θ1、θ2的大小关系：__________。
32．(温州2018年第26题)为了探究“电流与电阻的关系”，小明用阻值不同的定值电阻、电压为6伏的电源、滑动变阻器(20Ω，2.5A)等器材按图甲方式连接电路，进行如下实验。
①将4欧的R1接入电路，当电压表示数为4伏时，记录电流表的示数。
②用R2替换R，发现无论如何左右移动滑片P，电压表指针在4伏的刻度左右摆动，但无法准确指在4伏的刻度线上
老师告知小明；滑动变阻器的线圈结构如图乙所示，因此无法连续改变接入电路的有效阻值，当定值电阻与滑动变阻器最大阻值相比过小时，会导致步骤②现象发生
③用一根阻值为0.5欧的电阻丝制作一个可连续改变阻值的旋钮式变阻器，并按图丙方式接人电路，继续实验。通过调节滑片P和旋钮触片Q使电压表示数为4伏，此时电流表示数如图丁所示。
(1)图丁中电流表的示数为_________安
(2)步骤③中滑片P和旋钮触片Q处在如图丙所示的位置时，电压表示数略超过4伏，则小明应如何调节滑片P和旋钮触片Q，使电压表示数为4伏？_______________________。
3)小明利用图甲电路继续他的探究实验，仍保持定值电阻两端的电压为4伏，则下列定值电阻可用来替换R1进行实验的有______________(可多选)。
A．15欧 B．25欧 C．35欧 D．45欧
参考答案
1．D
解析：D
【详解】A．蚊子碰到金属网形成闭合电路，蚊子往往会被烧毁，所以说蚊子属于导体，故A正确，不符合题意；
B．电蚊拍电压降低，电路中电流变小，电流通过金属网产生的热少，灭蚊效果变差，故B正确，不符合题意；
C．电流通过电蚊拍的金属网会产生热，从而将蚊子烧毁，利用了电流的热效应，故C正确，不符合题意；
D．蚊子属于导体，蚊子如果接触了通有电流的电蚊拍金属网，蚊子会因为触电被烧毁，故D错误，符合题意。
故选D。
2．C
解析：C
【详解】根据平面鏡所成的像特点可知，物距等于像距，像和物体对应点的连线与平面镜垂直；棋子“象”在甲处时，像在位置②处；棋子“象”在乙处时，像在位置④处；棋子原来的像位于②处，移动后的像则位于④处，所以，其移动路径②到④。
故选C。
3．C
解析：C
【详解】ABC．乒乓球之所以出现处于如图所示的位置，是由于竖管上下粗细不同，管的上端比较细，风的流速快压强小，下端粗流速慢压强大，所以AB错误，C正确；
D．因为改天中就显示了三个位置，与液体的压强不同，所以该装置不可以测量竖管中各处的压强大小，顾Ｄ错误。
故选C。
4．A
解析：A
【详解】A.根据题意可知，闭合开关S1，只有发声器工作；两个开关都闭合时，有电流通过电动机，这说明两个开关都闭合时，电动机才会工作；由图可知，闭合开关S1，只有发声器接入电路，发声器工作，再闭合S2，电动机和发声器并联接入电路中，有电流通过电动机，电动机工作，故A符合题意；
B.由图可知，闭合开关S1，发声器没有接入电路，发声器不工作，两个开关都闭合，发声器和电动机都工作，故B不符合题意；
C.由图可知，发声器和电动机并联接入电路中，两个开关并联，只要闭合任意一个开关，发声器和电动机都工作，故C不符合题意；
D.由图可知，闭合开关S1，只有电动机接入电路，电动机工作，再闭合S2，电动机和发声器并联接入电路中，有电流通过发声器，发声器才工作，故D不符合题意。
故选A。
5．B
解析：B
【详解】A．由图可知，横坐标表示受力面积，纵坐标表示压力，阴影部分面积等于压力和受力面积的乘积，由可知，压强等于压力和受力面积的比值，故A不符合题意；
B．由图可知，横坐标表示受力面积，纵坐标表示压强，阴影部分面积等于压强和受力面积的乘积，由F=pS可知，压强和受力面积的乘积就是压力，故B符合题意；
C．由图可知，横坐标表示做功时间，纵坐标表示功，阴影部分面积等于功和做功时间的乘积，由可知，功率等于功和做功时间的比值，故C不符合题意；
D．由图可知，横坐标表示功率，纵坐标表示功，阴影部分面积等于功率和功的乘积，由
可知，做功时间等于功和功率的比值，故D不符合题意。
故选B。
6．C
解析： C
【考点】电压表的读数方法
【分析】首先根据接线情况判断电压表使用的量程，然后确定对应的分度值，最后根据指针的位置判断电压表的示数。
【解答】由于电压表使用接线柱“-”和“3V”，所以使用0~3V的量程；因为0V到1V之间平均分成10个小格，所以分度值是：1V÷10=0.1V，那么这时电压表的示数为：1V+0.1V×5=1.5V，故C正确。
故选C。
7．B
解析：B
【考点】杠杆的平衡条件
【分析】杠杆的平衡条件为：动力×动力臂=阻力×阻力臂，据此判断。
【解答】根据杠杆的平衡条件得到：2G毛巾×L左=G毛巾×L右 ， 因为2G毛巾=G毛巾 ， 所以L左=L右 ， 即两条毛巾离支点的距离是一条毛巾离支点距离的一半，故B正确。
故选B。
8．D
解析：D
【考点】凸透镜成像的应用
【分析】(1)中间厚边缘薄的透镜是凸透镜，中间薄边缘厚的透镜是凹透镜；
(2)实像能够成在光屏上，虚像不能成在光屏上；
(3)当凸透镜成实像时，如果像距大于物距，成放大的实像；如果像距小于物距，成缩写的实像。
【解答】装有水的烧瓶在水平方向上中间后边缘薄，相当于一个凸透镜；因为墙壁到烧瓶的距离大于蜡烛到烧瓶的距离，所以肯定成的是倒立、放大的实像，故D正确，而A、B、C错误。
故选D。
9．A
解析：A
【考点】摩擦力的存在
【分析】(1)摩擦力产生的条件：①相互接触；②两个物体做相对运动或有相对运动的趋势；
(2)摩擦力的方向总是与物体相对运动的方向相反。
【解答】水平向右推窗，当壁虎随窗玻璃一起向右匀速移动的过程中，由于壁虎和窗户在水平方向上保持相对静止，因此在水平方向上壁虎不受摩擦力。在竖直方向上，由于重力作用，它有向下运动的趋势，因此壁虎受到竖直向上的静摩擦力作用，故A正确，而B、C、D错误。
故选A。
10．C
解析：C
【考点】电功率计算公式的应用
【分析】(1)根据公式可知，当电压不变时，电阻越大，功率越小；
(2)在串联电路中，功率与电阻成正比，即电阻越大，功率越大。
【解答】(1)甲图中只有灯泡L1 ， 乙图中灯泡L1与L2串联，根据R总=R1+R2可知，乙图中总电阻大于甲图中的总电阻；根据公式可知，当电源电压不变时，甲图中灯泡L1的功率P1大于乙图中的总功率P总 ， 即P1＞P总；
(2)根据公式P总=P1+P2可知，乙图中两个灯泡的功率肯定都小于P总 ， 即小于P1；
(3)根据串联电路电功率与电阻的关系可知，因为R2＞R1 ， 所以P2'＞P1'，
那么：P1＞P2'＞P1'。
故选C。
11．B
解析：}:B
12．C
解析：}:C
13．A
解析：}:A
14．B
解析：}:B
15．D
解析：}:D
第II卷（非选择题）
请点击修改第II卷的文字说明
16．(1)08(2)滑动变阻器滑片向上移动
解析： (1). 0.8 (2). 滑动变阻器滑片向上移动
【详解】(1)[1]由图知，指示灯L与滑动变阻器串联，当滑动变阻器接入电路的阻值为10Ω时，
电路的电流为
小灯泡的电功率为
(2)[2]若电源电压下降，根据知在电阻不变时电路的电流较小，电磁铁的磁性较弱，吸引力较小，不能将铁柱吸下来，栏杆不能抬起，此时可以将滑动变阻器的阻值调小些，增大了电路的电流，电磁铁的磁性增强，将铁柱吸下来，可以使栏杆正常抬起来。
17．(1)液化(2)D【考点】液化及液化现象串并联电路的设计
解析： (1)液化
(2)D
【考点】液化及液化现象，串、并联电路的设计
【分析】(1)物质由液态变成气态叫汽化；物质由气态变成液态叫液化；
(2)分析各个电路，哪个能实现交替发光的要求，哪个就是正确选项。
【解答】(1)雾其实是有许多的小水珠形成的；雾天，空气中的水蒸气放热由气态变成液态的小水珠发生液化现象；
(2)A.闭合开关后，电磁铁产生磁性，吸引衔铁，灯泡持续发光，不能交替闪烁，故A不合要求；
B.闭合开关后，电磁铁产生磁性，吸引衔铁，灯泡持续发光，不能交替闪烁，故B不合要求；
C.闭合开关后，电磁铁产生磁性，吸引衔铁，灯泡熄灭后不能再次发光，不能交替闪烁，故C不合要求；
D.闭合开关后，电磁铁产生磁性，吸引衔铁，这时切断灯泡所在的电路，灯泡不发光；同时切断了电磁铁所在的电路，电磁铁没有磁性，衔铁在自身弹性作用下恢复原来位置接通电路，这时灯泡发光，电磁铁有再次产生磁性，于是不断重复前面的过程，灯泡就可以交替发光，故D符合要求。
故选D。
18．}：(1)12×104(2)C
解析：}：(1)1.2×104(2)C
19．(1)橡皮膜边缘有气泡冒出(2)乙【考点】大气压强的存在
解析：(1)橡皮膜边缘有气泡冒出
(2)乙
【考点】大气压强的存在
【分析】(1)检查气密性其实就是检测是否漏气，如果橡皮膜漏气，在水中被挤压时肯定会有气泡产生；
(2)橡皮膜凹陷，说明外界大气压增大；橡皮膜凸起，说明外界大气压减小。
【解答】(1)检查气密性时，将绑有橡皮膜的容器浸没在水中，轻压橡皮腰，如果观察到橡皮膜边缘有气泡冒出，则气密性不好。
(2)吸管B端的指向从M处变为N处，那么吸管的A端向下运动，即橡皮膜向下凹陷，那么这时大气压增大，即乙地的大气压大。
20．}:(1)448×106(2)13(3)环形山(月坑)
解析：}: (1)4.48×106(2)1.3(3)环形山(月坑)
21． (1). 运动员和跳伞设备的总重力大于阻力 (2). ③ (3).
【详解】(1)[1]由图甲可知，跳伞运动员在OA段处于加速降落过程中，此时运动员和跳伞设备受到的重力大于空气阻力。
(2)[2]①图中降落伞打开，运动员受到的阻力大于重力，运动员处于减速降落过程，应该是图甲曲线中BC阶段，故①不符合题意；
②图中运动员已经着陆，运动员的速度为0，与图甲曲线中CD阶段不符，故②不符合题意；
③图中降落伞打开，运动员受到的阻力等于重力，运动员处于匀速降落过程，是图甲曲线中CD阶段，故③符合题意；
④图中降落伞未打开，运动员受到的阻力等于重力，运动员处于匀速降落过程，应该是图甲曲线中AB阶段，故④不符合题意。
(3)[3]由图甲可知，运动员在AB段的速度为v=50m/s，时间为
t=40s-20s=20s
由速度公式得，运动员在AB段下降的高度
h=s=vt=50m/s×20s=1000m
则运动员和跳伞设备的总重力在AB段所做的功为
W=Gs=700N×1000m=7×105J
22． (1). 见解析 (2). 0.09牛 (3). 指针如图
与密度为1.29千克/米3的空气相比，装置在密度大于1.29千克/米3的空气中，受到浮力较大，则篮球对盘的压力较小，力敏电阻所受压力也较小，电阻较大，电路中的电流较小，则电压表示数较小
【详解】(1)[1]打开阀门，气球变大，根据阿基米德原理，气球受到浮力变大，蓝球对托盘的压力变小了，故天平指针向右偏转。
(2)[2]R与定值电阻串联，电流表测量电路电流，电压表测定值电阻的电压，当左盘中篮球未给气球充气时，电流表示数为0.2A时，根据串联电路的规律及欧姆定律
由图丙知
当篮球给气球充气到体积为篮球的2倍时(篮球体积不变)，电流表示数为0.15A，根据串联电路的规律及欧姆定律
由图丁知
故
托盘A所受压力的变化量
篮球给气球充气到体积为篮球的2倍，由阿基米德原理，即篮球所受的浮力为
(3)[3]气球体积为篮球的2倍，即气球的体积不变，现用此装置测量大于1.29千克/米3的空气密度，根据阿基米德原理，气球受到的浮力变大，篮球对托盘的压力变小，力敏电阻R所受压力FB也变小，可知压敏电阻变大，根据串联电阻的规律，电路的总电阻变大，由欧姆定律，电路的电流变小，根据U=IR，定值电阻的电压变小，即电压表示数变小，故用此装置测量大于1.29千克/米3的空气密度，指针应在电压表盘1.29刻度线的左侧，如下图所示
23．见解析
【详解】根据图示可知，酒精灯加热将化学能转化为内能，热气缸中的工作介质吸热汽化膨胀，推动活塞A向右运动做功，将内能转化为机械能；由于飞轮具有惯性，带动活塞A向左运动，活塞A将气缸中的工作介质推入冷气缸并液化，活塞B又将介质推回热气缸。如此反复。
24． (1)不变
(2)
l=U0/(R+R0)=6伏/(10+14)欧=0.25安
RAP=U/I=2伏/0.25安=8欧
8欧/x=10欧/20厘米得：x=16厘米
查图乙得：F=14牛
p=F/S=14牛/0.2米2=70帕
据表可知，风级为五级。
答：当电压表示数为2伏时，风速仪所测的风为五级。
(3)如图
【考点】欧姆定律的应用
【分析】(1)电压表所在的位置可以看做断路，据此判断滑动变阻器接入电路的阻值，进而判断电路总电阻的变化；
(2)滑动变阻器与定值电阻R0串联，根据计算出电路的总电流，然后根据计算出滑动变阻器接入的电阻，接下来根据电阻和长度成正比列式计算出变阻器接入的长度，也就是弹簧被压缩的长度，再根据乙图得到这时的风力，最后根据计算出压强，通过表格判断现在的风级。
(3)利用(2)中方法计算出当R0=5Ω，电压表的示数为3V时风的级数，从表格中确定风速的值，最后完成作图即可。
【解答】(1))电压表所在的位置可以看做断路，因此滑动变阻器始终全部接入电路，那么当滑片移动过程中，电路的总电阻不变；
(3)当R0=5Ω时，
电路电流为： l'=U总/(R+R'0)=6V/(10+5)Ω=04A；
变阻器接入的电阻为：RAP'=U'/I'=3V/0.4A=7.5Ω；
弹簧被压缩的长度：7.5Ω/x=10Ω/20cm 得：x=15cm；
根据乙图得：F'/17.5N=15cm/20cm，得到：F=13.125N；
压强为：p'=F'/S=13.125N/0.2m2=65.625Pa;
查表得：风力为五级，但是比图上标注的五级风速要小一些。
如下图：

25．(1)使量筒内的气压等于外界气压
(2)解：G1=F浮1=ρ水gV排1=1×103千克/米3×10牛/千克×426×10-6米3=4.26牛
G2=F浮2=ρ水gV排2=1×103千克/米3×10牛/千克×420×10-6米=4.2牛
排出空气的质量m气=G气/g=(G1-G2)/g
=(4.26牛-4.2牛)/10牛/千克=6×10-3千克
排出空气的体积V气=10×500毫升=5000毫升=5×10-3米3
ρ气=m气/V气=6×10-3千克/5×10-3米3=1.2千克/米3
答：实验室中空气的密度为1.2千克/米3。
【考点】密度公式的应用，浮力大小的计算
解：【分析】(1)当量筒内外水面相平时，水处于静止状态，那么量筒内的气压与量筒外的大气压强相等；
(2)当足球漂浮时，它受到的浮力等于重力，根据G=F浮= ρ水gV排分别计算出排气前和排气后足球的重力，而二者之差就是排气的重力，再根据 计算出排气的质量；而排气的体积就是量筒内水面所对的刻度，即500ml，最后根据公式计算空气的密度即可。
26．}：.(1)金属球上升(配重下降)
(2)10103千克/米3
(3)能使弹簧测力计示数变化值大于0.1牛
27．}：(1)解：根据图乙可知，t加热=1560秒=900秒，t打浆=60秒
W=W加热+W打浆=P加热t加热+P打浆t打浆=1000瓦900秒+200瓦60秒=9.12105焦
答：按图乙工序完成一次豆浆制作，需消耗9.12105焦的电能。
(2)当液面高度为h0时，闭合电路中的开关S．电磁铁La吸住衔铁，说明La磁性大于Lb，因为电路中电流的大小会影响电磁铁磁性强弱，电流越大磁性越强，因为Ra’和Rb’是并联在电路中的，所以两者电压相同，又因为La磁性大于Lb，所以经过Ra’的电流大于经过Rb’的电流，所以Ra’＜Rb’
故： (1)9.12105焦 (2)Ra’＜Rb’(3)
28． (1). B方案中两球从起始位置到水平位置的高度差不同 (2). D (3). 塑料软片对不同体积的小球的阻力不同
【详解】(1)[1]图A中挡板水平放置，两小球从起始位置到水平位置的高度差相同，图B中挡板与斜面垂直放置，两小球从起始位置到水平位置的高度差不同，为了控制大小不同的两个小球在斜面上从起始位置到水平位置的高度差相同，实验时选择A方案而不能选择B方案。
(2)[2]根据表中数据可知，斜面倾角为10°、20°、30°时，大钢球、小钢球、木球达到水平面时的速度相同，斜面倾角为40°、50°、60°时，大钢球、小钢球、木球达到水平面时的速度不同，所以要使球到达水平位置时的速度与球是钢质或木质无关，则斜面倾角不可能是40°以上，故D符合题意。
(3)[3]体积大小不同的小球从塑料软片下面通过时受到的阻力不同，无法“探究动能大小与质量关系”。
29． (1)弹簧压缩得越短，弹性势能越大，纸飞机获得动能越大，纸飞机的速度越大
(2)①用剪刀将A、B两种纸裁成形状、面积大小相同的纸各若干张；
②将1张A纸叠放在1张B纸上，折一纸飞机；将1张B纸叠放在1张A纸上，按相同的折法制作另一纸飞机；
③选择无风的环境，将两只纸飞机分别放在发射器上，压缩弹簧到相同的位置，以相同的角度进行发射；
④用秒表记录两只纸飞机滞空时间；
⑤多次重复实验；
⑥分别计算两只纸飞机的平均滞空时间，进行比较得出结论
【考点】实验步骤的探究，实验方案设计与评价
【分析】(1)飞机的动能由弹簧的弹性势能转化而来，根据弹性势能与形变程度之间的关系解答；
(2)要探究纸飞机的滞空时间与表面的粗糙程度的关系，必须控制飞机的形状、质量、出手速度和出手角度相同，改变粗糙程度；形状相同可以通过修剪得到，出手速度和出手角度可以通过弹簧压缩的程度控制，而将两张不同的纸叠放并改变叠放顺序可以控制质量相等改变粗糙程度，据此解答。
【解答】(1)发射器的弹簧压缩得越短，释放后纸飞机获得的速度越大，其原因是：弹簧压缩得越短，弹性势能越大，纸飞机获得动能越大，纸飞机的速度越大；
(2)实验步骤为：
①用剪刀将A、B两种纸裁成形状、面积大小相同的纸各若干张；
②将1张A纸叠放在1张B纸上，折一纸飞机；将1张B纸叠放在1张A纸上，按相同的折法制作另一纸飞机；
③选择无风的环境，将两只纸飞机分别放在发射器上，压缩弹簧到相同的位置，以相同的角度进行发射；
④用秒表记录两只纸飞机滞空时间；
⑤多次重复实验；
⑥分别计算两只纸飞机的平均滞空时间，进行比较得出结论
30．(1)电压表
(2)电阻丝的阻值越大电压表示数变化范围也越大
(3)B，图乙电路中，B电阻丝上的滑片移动时，电压表示数始终能发生较明显变化，且变化范围较大
【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【分析】(1)无论电压表还是电流表都是利用电流的磁效应工作，这根导线与哪块电表连接，哪块电表的示数就为0；
(2)根据图丙分析每根电阻丝对应的电压表示数变化范围，然后描述阻值大小和电压表变化范围的关系；
(3)研究电流和电压的关系时，要保证电阻相同，改变电压，因此电压表的示数要有明显的变化才行，据此解答。
【解答】(1)图甲实验中，闭合开关，当滑动变阻器滑片处于最左端时，导线a与接线柱M处的连接意外断开，由于a与电压表相连，所以这时电压表的示数0；
(2)根据图丙可知，1Ω电阻丝对应的电压表最大示数与最小示数的差最小，而400Ω电阻丝对应的电压表的最大示数与最小示数的差最大，因此得到结论：电阻丝的阻值越大电压表示数变化范围也越大；
(3)研究电流和电压的关系时，要保证电阻相同，改变电压，因此电压表的示数要有明显的变化才行；根据图丙可知，三根电阻B电阻丝对应的电压表的示数变化最明显，变化范围最大，因此应该选择B。
31．}：(1)飞机以一定速度飞行时，迎角从0°到20°，随着迎角增大，飞机所受升力先增大后减小，15°附近时达到最大
(2)改变电风扇档位来改变风速大小(改变电风扇与飞机模型的距离)
(3) θ1>θ2
32．}：(1)2
(2)将滑片P向右移动，使电压表示数略小于4伏，再将触片Q沿逆时针转动，直至电压表示数为4伏
(3)ABC
评卷人
得分
一、选择题
评卷人
得分
二、填空题
评卷人
得分
三、解答题
风级
一级
二级
三级
四级
五级
六级
风速v(米/秒)
0.3~1.5
1.6~3.33
3.4~5.4
5.5~7.9
8.0~10.7
10.8~13.8
风压p(帕)
0.055~1.4
1.6~6.8
7.2~18
18.9~39
40~72
72.9~119
评卷人
得分
四、实验题
斜面倾角
速度(米/秒)
球的类别
10°
20°
30°
40°
50°
60°
大钢球
2．67
2．67
2．67
2．75
2．88
2．97
小钢球
2．67
2．67
2．67
2．75
2．88
2．97
木球
2．67
2．67
2．67
2．67
2．74
2．89
评卷人
得分
一、选择题
评卷人
得分
二、填空题
评卷人
得分
三、解答题
评卷人
得分
四、实验题