2020年湖北省孝感市中考物理试卷

这是一份2020年湖北省孝感市中考物理试卷，共15页。试卷主要包含了单选题，多选题，计算题，作图题，实验探究题等内容，欢迎下载使用。


2020年湖北省孝感市中考物理试卷
题号
一
二
三
四
五
总分
得分







一、单选题（本大题共8小题，共24.0分）
1. 下列有关声现象，说法正确的是（　　）
A. 声音的传播不需要介质，真空也能传声
B. 频率的高低决定声音的音色
C. 利用超声波给金属工件探伤，说明声能传递信息
D. 从环境保护的角度来讲，优美的音乐一定不属于噪声
2. 下列有关光现象对应的解释与应用正确的是（　　）
A. 小孔成像是光的直线传播形成的
B. 湖中有趣的倒影是光的折射形成的
C. 游泳池注水后看上去变浅是光的反射形成的
D. 远视眼的矫正，可在眼睛前放一个合适的凹透镜
3. 下面是与热现象有关的四幅图形，其中说法正确的是（　　）

A. 图甲中寒冷玻璃上的冰花是水蒸气升华而成
B. 图乙中昆虫和植物上的露珠是水蒸气液化而成
C. 图丙是某次温度计读数的示意图，这样读数会使测量结果偏大
D. 图丁是晶体熔化过程中温度变化曲线，其中晶体在BC段不吸收热量
4. 汽车已经成为现代生活中不可缺少的一部分，下列与汽车有关的说法正确的是（　　）
A. 汽车静止时，对地面的压力与汽车所受的重力为一对相互作用力
B. 汽车行驶时，以汽车为参照物路边的树是静止的
C. 汽车轮胎上凹凸不平的花纹是为了增大摩擦
D. 汽车高速行驶时，车窗外空气流速越大，压强越大
5. 如图所示的电路中，电源电压恒定，L为小灯泡，滑动变阻器R的滑片P处于中点，通过控制开关S1、S2和S3的通断来研究电路的常见故障与串、并联，通过调节滑动变阻器来分析电路中电流的变化情况，则（　　）

A. 闭合S3，断开S1、S2，R被短路
B. 闭合S1，断开S2、S3，L与R串联
C. 闭合S2，断开S1、S3，L与R并联
D. 闭合S2，断开S1、S3，滑片P向右移动，电流表的示数变小
6. 2020年6月23日，我国成功发射北斗三号最后一颗全球组网卫星。以下有关说法正确的是（　　）
A. 北斗卫星在竖直向上加速升空过程中，其机械能不变
B. 北斗卫星在竖直向上加速升空过程中，外界大气压强越来越大
C. 北斗卫星进入预定轨道后，不再具有惯性
D. 北斗卫星的太阳能帆板能将太阳能转化为电能
7. 关于下列几个图形，说法正确的是（　　）


A. 图甲中装置内的空气被压缩时内能减小
B. 图乙中家用电能表是一种测量电功率的仪表
C. 图丙中验电器的金属箔张开是由于同种电荷相互排斥
D. 图丁中内燃机在做功冲程中将机械能转化为内能
8. 以下说法中错误的是（　　）
A. 可用安培定则来判断通电螺线管的N极
B. 电动机是利用电磁感应原理制成的
C. 目前获得核能的途径有两种：裂变、聚变
D. 煤、石油属于不可再生能源
二、多选题（本大题共2小题，共6.0分）
9. 如图所示，某建筑工人利用滑轮组提升水平面上重900N、底面积为200cm2的方形货箱，货箱20s内匀速上升4m，工人所用拉力F为400N（不计绳重和摩擦），则（　　）
A. 人拉绳子的速度为0.2m/s
B. 动滑轮的重力为300N
C. 此段时间内，拉力F做功为3600J
D. 当滑轮组对货箱的拉力为零时，货箱对地面的压强为4.5×104Pa


10. 如图甲所示，电源电压U恒定，R0为定值电阻，R为滑动变阻器，闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P，两电压表V1、V2的示数随电流表示数变化的图象如图乙所示，则（　　）

A. 图乙中“ac”段表示电压表V2的示数随电流表示数变化的图象
B. 电源电压U=3.0V
C. 定值电阻R0=24Ω
D. 调节滑片P的过程中，滑动变阻器R的最大电功率为0.375W
三、计算题（本大题共3小题，共20.0分）
11. 如图所示，水平地面上M点有一质量为60kg的箱子，现用水平向左的推力将箱子沿直线匀速推至N点，所用时间30s，MN间的距离为15m（g=10N/kg）。求：

（1）箱子所受的重力；
（2）箱子运动的速度；
（3）若箱子在运动过程中所受阻力为自身重力的0.2倍，则从M点推至N点的过程中推力对箱子做功的功率。







12. 物块P与金属球Q用细线连接，一起放入装有一定质量水的柱状容器内，二者恰好悬浮，如图甲所示，此时柱状容器中水的深度为23cm；物块P重1N、体积为1.25×10-4m3（ρ水=1.0×103kg/m3，g=10N/kg）。求：
（1）图甲中水对容器底部的压强；
（2）图甲中物块P所受浮力的大小；
（3）若剪断细线，物块P上浮，金属球Q下沉，待稳定后，物块P漂浮于水面，如图乙所示，则此时物块P露出水面的体积。







13. 如图甲所示为便携式可折叠电热壶，额定电压为220V．电热壶具有加热、保温两档，保温档的额定功率为110W，内部简化电路如图乙所示，当双触点开关接触1和2时为关闭状态，接触2和3时为保温档，接触3和4时为加热档。R1、R2是两个阻值不变的发热元件，R2=48.4Ω，现将电热壶接到220V的家庭电路中，求：

（1）R1的阻值；
（2）加热档的电功率；
（3）若电热壶内装有0.5kg的水，现用加热档使水从25℃升高到100℃，加热效率为63%，则需要工作多少秒（c水=4.2×103J/（kg•℃），结果保留一位小数）。







四、作图题（本大题共2小题，共4.0分）
14. 如图所示，放在水平地面上的小车B与弹簧相连，弹簧处于伸长状态，物体A与小车B均静止。请画出：
①物体A的重力示意图（O为物体A的重心）；
②弹簧对小车B的弹力示意图。









15. 如图所示，SC、SD为点燃的蜡烛发出的两条光线，光线SC平行于凸透镜的主光轴，O为凸透镜的光心，F为凸透镜的焦点：光线SD斜射到平面镜上。请画出：
①光线SC经过凸透镜折射后的光线；
②光线SD经过平面镜反射后的光线。









五、实验探究题（本大题共3小题，共16.0分）
16. 如图所示为“探究物体动能跟哪些因素有关”的装置示意图。

（1）原理：运动的钢球A碰上木块B后，能将B撞出一段距离s。在同样的水平面上，B被撞得越远，A对B做的功就越多，A的动能就越大，通过B被撞的远近来反映物体A动能大小的方法在物理学中属于______（选填“控制变量法”或“转换法”）。
（2）步骤：
①让同一钢球A分别从不同高度由静止开始滚下，高度h越高，钢球运动到水平面时速度越______，木块B被撞得越远；
②改变钢球的质量，让不同的钢球从______（选填“同一”或“不同”）高度由静止开始滚下，质量越大的钢球将木块B撞得越远。
（3）结论：通过多次实验表明，质量相同的物体，运动的速度越大，它的动能越大；运动速度相同的物体，质量越大，它的动能______。
17. 某同学利用如图甲所示电路来测量小灯泡的额定电功率，电源电压恒定，小灯泡的额定电压为2.5V，实验步骤如下：

（1）请根据图甲所示的电路图，用笔画线代替导线将图乙中的实物连接完整（要求滑片P向左移动的过程中电流表示数变小）；
（2）正确连接电路后，闭合开关之前，应将滑动变阻器的滑片P置于______（选填“A”或“B”）端；
（3）闭合开关S，发现电流表指针偏转，小灯泡微弱发光，而电压表指针无偏转，则故障的原因可能是电压表______（选填“断路”或“短路”）；
（4）排除故障后，闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P，使小灯泡两端电压达到额定电压，此时电流表的示数如图丙所示，则通过小灯泡的电流为______A；
（5）通过以上数据可以计算出小灯泡的额定功率为______W；
（6）在测量小灯泡额定电功率时，另一位细心的同学在调节滑动变阻器的过程中，记录了多组电压表与电流表的示数，并大致描绘出了小灯泡的I-U图象，如图丁所示。通过图象可以发现不同电压下小灯泡的电阻不同，小灯泡灯丝的电阻随温度的升高而______。

18. 为了测定某种液体的密度，同学们分成两组分别进行实验。

（1）第一小组同学用到的实验器材有天平、量筒、烧杯等，她们的操作步骤如下：
①首先将天平放置于水平桌面上，观察到天平是______（选填“省力”、“等臂”或“费力”）杠杆；
②将游码放到标尺左端的零刻度线处，发现天平分度盘的指针如图甲所示，此时应将平衡螺母向______（选填“左”或“右”）调节，直至天平横梁平衡；
③将待测液体倒入空烧杯中，用天平测量出烧杯和待测液体的总质量m1=92.6g，然后将烧杯中适量的待测液体倒入空量筒中，如图乙所示，则量筒中待测液体的体积为V=______ml，再次用天平测量出烧杯和剩下待测液体的总质量m2=59.8g，则量筒中待测液体的质量为______g；
④通过以上步骤，测得这种待测液体的密度为______kg/m3。
（2）第二小组同学用到的实验器材有弹簧测力计、烧杯、细线、体积为V0的物体等，他们的方法如下：
①将物体用细线挂在弹簧测力计下，如图丙所示，静止时弹簧测力计的示数为F1；
②然后将弹簧测力计下的物体浸没到装有待测液体的烧杯中，如图丁所示，静止时弹簧测力计的示数为F2；
③该组同学测出待测液体密度的表达式为ρ=______（请用F1、F2、V0、g表示）。
答案和解析
1.【答案】C

【解析】解：
A、声音的传播需要介质，真空不能传声，故A错误。
B、频率的高低决定声音音调的高低，振动物体的结构和材料决定声音的音色，故B错误。
C、利用超声波给金属工件探伤，是获得金属工件内部的一些信息，这属于声能传递信息，故C正确。
D、优美的音乐影响人们的工作、学习、生活时也属于噪声，故D错误。
故选：C。
（1）声音的传播需要介质，声音不能在真空中传播。
（2）音调受频率的影响，音色受结构和材料的影响。
（3）声能传递信息，也能传递能量。
（4）从环境保护的角度来讲，危害人们工作、学习、生活的声音都属于噪声。
本题考查了声的传播需要、音调和音色的影响因素、声能传递信息，也能传递能量、噪声，这些都属于基础知识，掌握基础知识很重要。
2.【答案】A

【解析】解：A、小孔成像是由光的直线传播形成的实像，故A正确；
B、湖中倒影属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故B错误；
C、游泳池注水后，看上去好像变浅了，这是由于光的折射造成的，故C错误；
D、物体经过眼睛的晶状体成像在视网膜后面的是远视眼，要矫正远视眼，就要对光线进行会聚，即需要佩戴凸透镜，故D错误。
故选：A。
（1）光在同种均匀介质中沿直线传播，如激光准直、小孔成像、日月食的形成等；
（2）倒影属于平面镜成像，是由光的反射形成的；
（3）光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向会发生偏折，如：透镜的应用、池水变浅了等；
（4）远视眼的矫正方法，需佩戴凸透镜。
本题考查的知识点较多，属于基础题，难度不大。
3.【答案】B

【解析】解：A、玻璃上的冰花是气态水蒸气变成的固态小冰晶，属于凝华现象，故A错误；
B、露珠是空气中的水蒸气遇冷液化形成的液态小水滴，故B正确；
C、温度计读数仰视，会造成读数偏小，故C错误；
D、BC段为晶体的熔化过程，该过程中晶体吸收热量，温度不变，故D错误。
故选：B。
（1）物质由气态直接变为固态叫凝华；
（2）物质由气态变为液态叫液化；
（3）温度计读数时，视线应与温度计中液柱上表面相平；
（4）晶体熔化过程中吸收热量，温度不变。
本题考查凝华、液化现象、温度计的使用和晶体熔化特点，判断物态变化应根据变化前后物质所处状态，结合定义进行。
4.【答案】C

【解析】解：
A、汽车静止时，汽车对地面的压力和地面对汽车的支持力作用在两个物体上，是一对相互作用力，故A错误。
B、以该汽车为参照物，树和车之间的相对位置发生了变化，所以树是运动的；故B错误；
C、汽车轮胎上刻有凹凸不平的花纹，这是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦的，故C正确；
D、根据流体压强和流速的关系可知，小汽车高速行驶时车窗外空气流速大，压强小，故D错误。
故选：C。
（1）相互作用力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在两个物体上。
（2）被研究的物体与所选的标准，即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的。
（3）增大摩擦的方法；增大压力，增大接触面的粗糙程度；
（4）流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大。
本题以汽车为例考查了相互作用力、摩擦、流体压强、参照物，是一道综合题。
5.【答案】D

【解析】解：
A、闭合S3，断开S1、S2，只有灯泡接入电路中，此时通过R无电流，R被断路，故A错误；
B、闭合S1，断开S2、S3，只有R接入电路中，灯泡被断路，故B错误；
C、闭合S2，断开S1、S3，L与R串联在电路中，故C错误；
D、闭合S2，断开S1、S3，L与R串联，电流表测量电路中的电流，滑片P向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻增大，总电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，电流表的示数变小，故D正确。
故选：D。
（1）（2）（3）根据开关的断开和闭合情况判定电路的连接方式；
（4）根据电路的连接方式和滑动变阻器阻值的变化，利用欧姆定律分析电流表示数的变化。
本题考查了电路的连接方式、欧姆定律的应用，难度不大，要熟记这些知识。
6.【答案】D

【解析】解：
A、在卫星加速升空的过程中，卫星的质量不变，速度变大，动能变大；同时质量不变、高度增加，重力势能增大，所以机械能增大，故A错误；
B、大气压随高度的增加而减小，所以在上升过程中卫星受到的大气压强越来越小，故B错误；
C、一切物体都具有惯性，所以北斗卫星进入预定轨道后，仍然具有惯性，故C错误；
D、从能量转化的角度分析可知，北斗卫星的太阳能电池帆板能将太阳能转化电能，故D正确。
故选：D。
（1）动能与物体的质量和速度有关，物体的质量越大、速度越大，动能越大；重力势能与物体的质量和高度有关，物体的质量越大、高度越高，重力势能越大；机械能等于动能与势能之和；
（2）大气压随高度的增加而减小；
（3）一切物体都有惯性，惯性是物体的固有属性；
（4）太阳能电池板把太阳能转化为电能。
本题考查了机械能的影响因素、大气压与高度的关系、惯性以及太阳能电池能量的转化等问题，涉及的知识较多，但难度不大，是一道基础题。
7.【答案】C

【解析】解：
A、图中厚玻璃内的空气被压缩时，活塞对空气做功，瓶内空气温度升高，空气的内能增加，故A错误；
B、电能表是测量消耗电能即电功的仪表，故B错误；
C、当验电器带电时，两片金属箔由于带同种电荷相互排斥而张开，故C正确；
D、图中汽缸内的气体推动活塞向下运动时（即做功冲程），内能转化为机械能，故D错误。
故选：C。
（1）做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小；
（2）电能表是测量消耗电能的仪表；
（3）验电器是检验物体是否带电的仪器，其工作原理是同种电荷相互排斥；
（4）内燃机做功冲程，燃气推动活塞做功，燃气内能转化为机械能。
题目涉及知识点较多，是中考常见的题型，且考点也是中考的重要考点。
8.【答案】B

【解析】解：
A、通电螺线管的极性与螺线管中电流方向有关，可用安培定则判定，故A正确；
B、电动机是根据通电线圈在磁场中受力转动的原理工作的，故B错误；
C、到目前为止，人类获得核能有两种途径，即重核裂变和轻核聚变，故C正确；
D、煤、石油、天然气等化石能源，都是短期无法再生的，所以是不可再生能源，故D正确。
故选：B。
（1）安培定则：用右手握住通电螺线管，使四指弯曲与电流方向一致，大拇指所指的那一端是通电螺线管的N极。由此判断判断通电螺线管的N极和S极；
（2）闭合电路的部分导体在磁场中切割磁感线运动时，在电路中产生感应电流，这种现象叫电磁感应；电动机是根据通电线圈在磁场中受力转动的原理工作的；
（3）核能是人们在近几十年里发现和利用的新能源，虽然各种物质的原子里都有原子核，但在通常情况下并不能释放能量，只有当原子核发生改变（裂变和聚变）时才伴随巨大的能量变化；原子弹是利用裂变释放出巨大能量的原理制成的；而氢弹则是利用轻核的聚变制成的；
（4）能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源。
本题考查了安培定则的应用、电动机的工作原理、核能的获取方法、能源分类，属于基础题目。
9.【答案】BD

【解析】解：
A．由图可知，n=3，绳端移动的距离s=nh=3×4m=12m，人拉绳子的速度v===0.6m/s，故A错误；
B．不计绳重和摩擦，由F=（G+G动）可得，动滑轮的重力G动=nF-G=3×400N-900N=300N，故B正确；
C．此段时间内，拉力F做的功W=Fs=400N×12m=4800J，故C错误；
D．当滑轮组对货箱的拉力为零时，货箱对地面的压力F′=G=900N，货箱对地面的压强p===4.5×104Pa，故D正确。
故选：BD。
（1）由图可知滑轮组绳子的有效股数，根据s=nh求出绳端移动的距离，利用v=求出人拉绳子的速度；
（2）不计绳重和摩擦，根据F=（G+G动）求出动滑轮的重力；
（3）此段时间内，根据W=Fs求出拉力F做的功；
（4）当滑轮组对货箱的拉力为零时，货箱对地面的压力和自身的重力相等，根据p=求出货箱对地面的压强。
本题考查了滑轮组拉力公式和速度公式、做功公式、压强公式的综合应用，明确滑轮组绳子的有效股数和知道物体对水平面的压力等于自身的重力是关键。
10.【答案】ABD

【解析】解：
A、由图知，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电压表V1测R0的电压，V2测R的电压，电流表测电路中的电流；
滑片P向右移动时，变阻器R接入电路的阻值变大，总电阻变大，由欧姆定律可知电路的电流变小，根据U=IR可知，V1示数变大，故bc表示电压表V1的示数随电流表示数变化的图象，则图乙中“ac”段表示电压表V2的示数随电流表示数变化的图象，故A正确；
B、由图乙可知，当电流I=0.1A，两电压表示数分别为2.4V、0.6V，根据串联电路电压的规律，电源电压：U=2.4V+0.6V=3V，故B正确；
C、bc表示电压表V1的示数随电流表示数变化的图象，
由欧姆定律可得R0的阻值：R0===6Ω，故C错误；
D、由欧姆定律可得，变阻器接入电路的最大电阻为：
R滑大===24Ω，
滑动变阻器R消耗的功率：
P滑=I2R滑=（）2×R滑==，
由数学知识可知，当变阻器连入电路的电阻R滑=R0=6Ω时，变阻器消耗的功率最大，
则滑动变阻器R的最大电功率：P滑大===0.375W．故D正确。
故选：ABD。
A、定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电压表V1测R0的电压，V2测R的电压，电流表测电路中的电流；分析滑片P向右移动时确定R的阻值变化，由欧姆定律可知电路的电流变小及V1示数变大，从而确定故bc表示电压表V1的示数随电流表示数变化的图象，据此分析；
B、根据串联电路电压的规律结合图象得出电源电压；
C、bc表示电压表V1的示数随电流表示数变化的图象，由欧姆定律求出R0；
D、由欧姆定律求出变阻器的电阻；变阻器的功率P滑=I2R滑=（）2×R滑，由数学知识，当变阻器连入电路的电阻等于6Ω时，变阻器的功率最大，据此求变阻器功率的最大值。
本题考查了串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，从图中获取有用的信息是关键。
11.【答案】解：
（1）箱子所受的重力为：G=mg=60kg×10N/kg=600N；
（2）箱子运动的速度为：v===0.5m/s；
（3）箱子在运动过程中所受阻力为自身重力的0.2倍，则阻力为：f=G×0.2=600N×0.2=120N；
由于箱子做匀速直线运动，则水平方向上受力平衡，根据二力平衡条件可知，推力F=f=120N；
则推力的功率为：P=Fv=120N×0.5m/s=60W。
答：（1）箱子所受的重力为600N；
（2）箱子运动的速度为0.5m/s；
（3）推力对箱子做功的功率为60W。

【解析】（1）根据G=mg求出箱子的重力；
（2）根据路程和时间，利用速度公式求出箱子运动的速度；
（3）箱子在运动过程中所受阻力为自身重力的0.2倍，据此求出阻力的大小；由于箱子做匀速直线运动，则水平方向上受力平衡，根据二力平衡条件可知，推力F=f；最后根据P===Fv求出推力对箱子做功的功率。
本题考查了重力、速度和功率的计算，同时也考查了二力平衡条件的应用，熟练运用公式是解题的关键。
12.【答案】解：
（1）图甲中水的深度h=23cm=0.23m，图甲中水对容器底部的压强：
p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.23m=2.3×103Pa；
（2）物块P浸没在水中，则物块P排开水的体积V排=V=1.25×10-4m3，
由阿基米德原理可得图甲中物块P所受的浮力：
F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×1.25×10-4m3=1.25N；
（3）图乙中物块P漂浮于水面，由漂浮条件可知，此时物块P所受的浮力F浮′=G=1N；
由F浮=ρ水gV排可得此时物块P排开水的体积：
V排′===1×10-4m3；
则物块P露出水面的体积：
V露=V-V排′=1.25×10-4m3-1×10-4m3=2.5×10-5m3。
答：（1）图甲中水对容器底部的压强为2.3×103Pa；
（2）图甲中物块P所受浮力的大小为1.25N；
（3）此时物块P露出水面的体积为2.5×10-5m3。

【解析】（1）已知图甲中水的深度，根据公式p=ρ水gh求出图甲中水对容器底部的压强；
（2）已知物块P的体积，浸没时排开水的体积等于物体的体积，由阿基米德原理求出物块P所受浮力的大小；
（3）图乙中物块P漂浮于水面，由漂浮条件可知此时物块P所受浮力的大小，由F浮=ρ水gV排求出此时物块P排开水的体积，从而求出物块P露出水面的体积。
本题考查了液体压强公式、阿基米德原理以及漂浮条件的应用，是一道较简单的计算题。
13.【答案】解：
（1）由电路图可知，双触点开关连接触点2和3时，电路为R1的简单电路，为保温状态，
根据P=知R1的阻值：
R1===440Ω；
（2）双触点开关连接触点3和4时，R1与R2并联，为加热状态，
则加热时电阻R2的功率：
P2===1000W，
加热档的电功率为：
P加热=P1+P2=110W+1000W=1110W；
（3）用加热档把0.5kg的水从25℃升高到100℃，水所吸收的热量：
Q吸=c水m（t-t0）=4.2×103J/（kg•℃）×0.5kg×（100℃-25℃）=1.575×105J；
由η=×100%得消耗的电能为：
W===2.5×105J，
根据P=知需要工作的时间为：
t==≈225.2s。
答：（1）R1的阻值为440Ω；
（2）加热档的电功率为1110W；
（3）若电热壶内装有0.5kg的水，现用加热档使水从25℃升高到100℃，加热效率为63%，则需要工作225.2秒。

【解析】（1）由电路图可知，双触点开关连接触点2和3时，电路为R1的简单电路，为保温状态，根据P=算出R1的阻值；
（2）双触点开关连接触点3和4时，R1与R2并联，为加热状态，根据电路的总功率等于各用电器功率之和以及P=算出加热档的电功率；
（3）知道水的比热容，根据Q吸=cm（t-t0）求出把0.5kg的水用加热档使水从25℃升高到100℃所吸收的热量；
利用η=×100%求出消耗的电能，根据P=算出需要工作的时间。
本题考查了电功率公式和吸热公式、电功公式、效率公式的应用等，分清电热壶处于不同状态时电路的连接方式和从图象中获取有用的信息是关键。
14.【答案】解：
（1）从物体的重心O沿竖直向下的方向画一条带箭头的线段，并用符号G表示，可得重力的示意图；
（2）弹簧处于伸长状态，小车受到向右的弹力，作用点在弹簧与小车的接触点，沿水平向右的方向画一条带箭头的线段，并用符号F表示，可得弹簧对小车B的弹力示意图。如图所示：


【解析】（1）物体受重力作用点在重心，重力的方向是竖直向下，在重力的方向画一带箭头的线段，表示出重力的作用点和方向。
（2）弹簧处于伸长状态，小车受到向右的弹力，作用点在弹簧与小车的接触点，据此画出弹簧对小车B的弹力示意图。
画力的示意图，就是用一条带箭头线段表示出力的三要素，所以要先正确分析力的大小、方向和作用点，再根据力的示意图的要求作出力的示意图。
15.【答案】解：
①平行于主光轴的光线经凸透镜折射后过焦点，由此画出SC经凸透镜折射后的光线，如图所示：
②由图知，D为入射点，过D点作法线，根据反射角等于入射角作出SD的反射光线，如图所示：


【解析】①在作凸透镜的光路图时，先确定所给光线的特点再根据凸透镜的三条特殊光线来作图。
②发生光的反射时：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角。由此作出SD经平面镜反射后的光线。
本题考查了光的反射和凸透镜对光线作用的作图，要掌握好光的反射定律以及凸透镜对三条特殊光线的作用，作图要规范。
16.【答案】转换法  大  同一  越大

【解析】解：（1）该实验中小球动能的大小是通过物体B移动的距离体现的，B被撞的越远，说明小球的动能越大，被撞的越近，说明小球的动能越小，这里采用了转换法的思想；
（2）①同一钢球从不同的高度由静止开始滚下，高度h越高，钢球运动到水平面时速度越大，把木块推得越远，则钢球对木块做的功多，钢球的动能大，说明了物体的动能与物体的速度有关，由此得出结论：在质量一定时，速度越大，物体的动能就越大。
②要保证不同质量的钢球运动到水平面时的速度相同，应该让不同质量的钢球从同一高度滚下，质量大的把木块推的远，说明了动能的大小和质量有关，在速度一定时，质量越大，动能也就越大。
（3）结论：通过多次实验表明，质量相同的物体，运动的速度越大，它的动能越大；运动速度相同的物体，质量越大，它的动能越大。
故答案为：（1）转换法；（2）①大；②同一；（3）越大。
（1）根据转换法分析；
（2）动能的决定因素有两个：质量和速度，当研究动能大小与速度的关系时，应选择同一钢球，这样可以保证小球的质量相同；当研究动能大小与质量的关系时，要让钢球沿斜面的同一高度下落，这样保证下落速度相同；
（3）运动速度相同的物体，质量越大，它的动能越大。
明确本实验中研究动能大小的决定因素时运用了控制变量法，反映动能多少时运用了转换法。
17.【答案】A  断路  0.3  0.75  增大

【解析】解：（1）滑片P向左移动的过程中电流表示数变小，此时变阻器连入电路的阻值变大，由实物图知，滑动变阻器应选择B接线柱串联入电路中，如图所示：

（2）为了保护电路，闭合开关之前，应将滑动变阻器的滑片P置于最大值A端；
（3）闭合开关S，发现电流表指针偏转，小灯泡微弱发光，若电压表断路，则电压表无示数，符合题意；若电压表短路，则灯泡也被短路不亮，不符合题意；
（4）由图丙知，电流表使用小量程，分度值0.02A，所以灯泡两端电压达到额定电压时，通过小灯泡的电流为0.3A；
（5）灯泡的额定功率：P=UI=2.5V×0.3A=0.75W；
（6）由图丁知，通过灯泡的电流随电压增大而增大，灯泡实际功率变大，温度升高，且电压的变化大于电流变化，所以灯泡电阻增大。
故答案为：（1）见上图；（2）A；（3）断路；（4）0.3；（5）0.75；（6）增大。
（1）根据滑片P向左移动的过程中电流表示数变小，确定滑动变阻器的接线柱，并串联在电路中；
（2）闭合开关之前，应将滑动变阻器的滑片置于最大值处；
（3）电流表指针偏转，小灯泡微弱发光，说明电路是通路，再根据电压表示数情况判断；
（4）由图丙读出灯泡两端电压达到额定电压时电流表的示数；
（5）由P=UI计算灯泡的额定功率；
（6）灯丝的电阻随温度升高而变大。
本题是测灯泡电功率的实验，考查了实物电路的连接、注意事项、故障分析，电表读数以及功率计算等，考查知识点多，但都属于此实验中常考的问题，要掌握好。
18.【答案】等臂  右  40  32.8  0.82×103 

【解析】解：（1）①天平动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆；
②调节天平平衡时，如图甲图示指针指在刻度盘中央左侧，向右偏应该将游码向右调节。
③量筒中待测液体的质量m=m1-m2=92.6g-59.8g=32.8g，
量筒中待测液体的体积V=40ml=40cm3，
待测液体的密度ρ===0.82g/cm3=0.82×103kg/m3，
（2）物体完全浸没在液体中受到的浮力：F浮=F1-F2；
由于完全浸没，所以V排=V0；
由F浮=ρ液gV排得，液体的密度ρ液==。
故答案为：（1）①等臂；②右；③40；32.8；④0.82×103；
（2）。
（1）①根据动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆；
②天平调节平衡的原则是“左偏右调，右偏左调”，指针指在分读盘中央左侧，将平衡螺母向右调节，指在左侧，平衡螺母向右调节；
③天平标尺上最小的一格代表的质量叫标尺的分度值；使用天平测量物体质量时，首先要明确标尺的分度值，被测物体的质量等于砝码的总质量与游码所对刻度之和。
读取量筒中液体的体积时，首先要明确量筒的分度值，读数时视线与液面最凹处相平；
已知烧杯和液体的总质量和剩余液体和烧杯的质量，可以得到量筒中液体的质量；已知液体的质量和体积，利用公式ρ=得到液体的密度。
（2）物体完全浸没，V排=V；
根据称重法得出物体完全浸没在液体中时受到的浮力，由ρ液=求出液体的密度。
此题中考查了关于液体密度测量的基本技能，包括天平、量筒的读数，运用密度的公式进行计算，以及测量误差的分析等。