2020年山东省潍坊市中考物理试卷

这是一份2020年山东省潍坊市中考物理试卷，共20页。试卷主要包含了单选题，多选题，计算题，作图题，实验探究题等内容，欢迎下载使用。


2020年山东省潍坊市中考物理试卷
题号
一
二
三
四
五
总分
得分







一、单选题（本大题共10小题，共20.0分）
1. 首先发现杠杆原理的是（　　）
A. 阿基米德 B. 牛顿 C. 帕斯卡 D. 焦耳
2. 为庆祝中华人民共和国成立70周年，在北京隆重举行了“新时代军乐之声音乐会”，首次采用百名高音礼号和百名军鼓共同演奏号角音乐，乐音回荡夜空，宏伟庄重。下列关于礼号和军鼓产生的乐音说法正确的是（　　）
A. 礼号发音不需要振动 B. 军鼓的声音属于超声波
C. 两者音色相同 D. 两者传播速度相同
3. 下列现象，由光的直线传播形成的是（　　）
A. 日环食
B. 色散
C. 镜中小猫
D. 露珠下的叶脉
4. 某同学游玩时捡到一物体，对该物体加热，测得其温度随时间变化的图象如图所示，下列说法正确的是（　　）

A. 该物体是非晶体
B. 该物体的熔点为80℃
C. 第10min到25min时间内物体不吸收热量
D. 第10min到25min时间内物体的内能不变
5. 2020年3月22日是第二十八个“世界水日”，水是生命之源，节约用水是每个公民的责任。关于水的物态变化，下列说法正确的是（　　）
A. 霜的形成是凝固现象 B. 露的形成是液化现象
C. 冰的形成是凝华现象 D. 雾的形成是汽化现象
6. 在一次军事演习中，坦克要经过一沼泽地，工兵连迅速在沼泽地段铺设了宽木板，坦克得以顺利通过，是因为铺设木板后（　　）

A. 坦克的重力变小 B. 对地面的压力变小
C. 对地面的压强变小 D. 对地面的压强变大
7. 下列做法符合安全用电要求的是（　　）
A. 在高压电线下放风筝
B. 用湿布擦拭使用中的台灯
C. 去掉三脚插头中较长的插脚
D. 使用试电笔时用手指抵住其上端的金属帽
8. 如图所示，一圆形水管左粗右细，a、b为粗管和细管中同一水平面上的点，水管中有一气泡，随水向右快速运动，气泡经过a、b两点时体积大小的比较，以下分析正确的是（　　）

A. a点时大 B. b点时大 C. 一样大 D. 均有可能
9. 如图所示电路中，电源电压为3V，灯泡L1、L2规格相同。闭合开关S，两灯均不亮。保持S闭合，用电压表测得a、b间电压为0V，c、d间电压为3V，下列判断正确的是（　　）

A. b、c间导线断路 B. 灯泡L1断路
C. 灯泡L2断路 D. 灯泡L1、L2均断路
10. 大多数新冠肺炎患者会出现发热症状，已知热敏电阻的阻值随人体辐射的红外线而改变，人体温度越高热敏电阻的阻值越小。某同学据此设计了一个红外线体温安检电路。要求无人或体温低于37.3℃的人经过时仅绿灯亮，高于37.3℃的人经过时，红灯亮且电铃响起。下列设计符合要求的是（　　）
A. B.
C. D.
二、多选题（本大题共5小题，共20.0分）
11. 2020年2月15日，短道速滑世界杯混合接力赛中国队摘得金牌，比赛中运动员过弯道的情景如图所示，过弯道过程中对运动员的分析正确的是（　　）

A. 以看台为参照物运动员静止
B. 运动员的运动状态不变
C. 运动员的惯性不变
D. 蹬冰面的同时冰面给运动员作用力
12. 礼花喷射器结构如图，气罐内有高压气体，气罐通过气阀与纸筒相连。使用时转动纸筒打开气阀，气体将纸筒内的礼花快速喷向远处。对该过程的分析正确的是（　　）
A. 罐内气体的内能减少
B. 罐内气体分子热运动加剧
C. 罐内气体通过热传递方式改变了其内能
D. 该过程能量转化方式与汽油机做功冲程相同



13. 如图所示电路，电源电压不变，闭合开关S，灯泡L发光。向左移动滑动变阻器的滑片P，发生的变化是（　　）

A. 电流表示数变大 B. 电压表示数变大
C. 电路的总功率变小 D. 灯泡变亮
14. 在操场直跑道上进行遥控小车比赛，甲、乙两车从t=0s时由同一起点同方向运动，两者运动的路程-时间图象分别如图中的甲、乙所示，下列判断正确的是（　　）

A. 在0～5s内甲车的速度是10m/s B. 在0～5s内乙车的速度是1m/s
C. t=10s时两车的速度相等 D. t=10s后乙车超过甲车
15. 人工心脏泵可短时间代替心脏工作，其结构如图所示，线圈AB固定在活塞的柄上，泵室通过单向阀门与血管相通。阀门S1只能向泵室外侧开启；阀门S2只能向泵室内侧开启。人工心脏泵工作时，以下说法正确的是（　　）

A. 线圈AB中应通入方向周期性改变的电流
B. 线圈AB中应通入方向不变的电流
C. 电流从线圈A端流入过程，血液流入泵室
D. 人工心脏泵每分钟“跳动”的次数由线圈中电流的大小决定
三、计算题（本大题共5小题，共31.0分）
16. 阅读短文，回答问题：
火星探测器“天问一号”
火星是太阳系中与地球最相似的行星，有大气，温度适宜，自转周期和地球相近，物体在火星表面受到的重力约为在地球表面重力的二分之一，人类对火星的探测具有重大的科学意义。
2020年4月24日，国家航天局宣布将我国火星探测任务命名“天问”，并将首个探测器命名“天问一号”。天问一号将一次性完成“绕、落、巡”三大任务，这在世界航天史上还没有先例。
“绕”，探测器经过7个月的长途飞行，预计明年2月抵达火星附近，之后沿椭圆轨道绕火星运动，实现火星的远、近火点环绕探测。离火星最近的点叫近火点，离火星最远的点叫远火点。
“落”，使探测器着陆火星表面将是一个更艰巨的挑战，需在7分钟内，使探测器的时速降至0．我国利用探月的技术积累，通过四个阶段来减速。第一阶段气动减速，给探测器来个急刹车；第二阶段降落伞减速，速度减至342km/h；第三阶段动力减速，探测器反推发动机点火工作，速度减至3.6m/s；第四阶段着陆缓冲，将探测器悬停在空中，对火星表面观察，寻找合适的位置着陆。
“巡”，当探测器到达火星后，放出巡视车，完成对火星表面的拍摄及土壤分析等工作，为下一步探测打好基础。
人类对于未知世界的好奇与探索从没有停息过，仰望璀璨星空，我们追梦不止！
（1）探测器沿椭圆轨道绕火星运动时，不受空气阻力，只发生动能和势能的相互转化。由近火点向远火点运动时，探测器的动能______，机械能______（选填“变大”、“变小”或“不变”）；
（2）探测器着陆前的降落伞减速阶段，速度减至______m/s；
（3）巡视器降落到火星表面后，巡视器对火星表面的压力和火星对巡视器的支持力______（选填“是”或“不是”）一对平衡力；
（4）在火星上重力与质量的比值为g火，探测器在火星上空悬停时其质量为m，反推发动机喷出的气体对探测器的作用力大小为______。









17. 疫情期间，大壮同学自制了如图所示的健身器材，坚持锻炼身体。用细绳系在轻杆的O点将轻杆悬挂起来，在杆的A端悬挂质量m1=10kg的重物，在B端竖直向下缓慢拉动轻杆至水平位置。已知AO长1.5m，OB长0.5m，大壮质量m2=56kg，g取10N/kg，求此时：
（1）大壮对杆的拉力大小；
（2）地面对大壮的支持力大小。









18. 某型号汽车的油量显示电路如图甲所示，其中定值电阻R0=10Ω，R为压敏电阻（厚度不计），位于油箱底部，A表是一量程为0～0.6A的电流表，作为油量指示表。压敏电阻的电阻值随汽油产生的压强的变化而变化，其对应关系如图乙所示。已知加满汽油时油的深度为0.4m，A表示数为0.6A，汽油密度ρ油=0.7×103kg/m3，g取10N/kg。求：

（1）加满汽油时汽油在油箱底部产生的压强；
（2）电源的电压；
（3）汽油耗尽时电流表的示数。







19. 如图所示，小汽车通过滑轮组从竖直矿井中提升矿石，矿石以lm/s的速度匀速上升8m，已知矿石重2700N，动滑轮重300N，不计绳的重力及滑轮摩擦，求该过程中：
（1）汽车拉力的大小；
（2）汽车拉力的功率；
（3）滑轮组的机械效率。









20. 图甲是一款紫砂电饭锅，其简化电路如图乙所示，R1、R2是电热丝，R1的阻值为110Ω，通过单独或同时闭合S1、S2实现低温、中温、高温三个挡位间的切换，其铭牌如下表所示，求：
加热效率
80%
额定电压
220V
电功率
低温档
440W

中温档
880W

高温档


（1）低温档加热时电流的大小；
（2）电热丝R2的阻值；
（3）已知粥的比热容c粥=4.0×103J/（kg•℃），将2.2kg的粥用高温挡从20℃加热到74℃需要的时间。







四、作图题（本大题共2小题，共5.0分）
21. 如图所示，物体上系一细线，细线右端固定，物体静止在水中时细线恰好水平，请作出物体受力的示意图。














22. 如图所示，在清水池底水平放置一平面镜，一束光射向水面的A点，经水折射和平面镜一次反射后射向水面的B点，请作出该过程的光路图。









五、实验探究题（本大题共4小题，共24.0分）
23. 在探究凸透镜成像规律的实验中，经调整，在光屏上得到烛焰清晰的像，如图甲所示。

（1）保持透镜在光具座上的位置不变，为了在光屏上得到等大的烛焰像，除移动蜡烛外，光屏应向______（选填“左”或“右”）移动；当在光屏上得到等大的烛焰像时，物和像之间的距离为44cm，该透镜的焦距为______cm；
（2）一同学用图乙所示的LED光源代替蜡烛进行实验，这样改进的优点是______（写出一条即可）。
24. 某同学通过实验探究滑动摩擦力与哪些因素有关。
实验器材：粗糙程度不同的长木板甲和乙、滑块（质量已知）、砝码、测力计。
实验步骤：①将滑块放在水平长木板甲上进行实验，通过改变滑块上砝码的个数改变滑块的压力；记录多组滑动摩擦力F及压力FN的大小；作出摩擦力F随压力FN变化的图象，如F-FN图象中甲所示；
②换用木板乙重复上述实验，作出摩擦力F随压力FN变化的图象，如F-FN图象中乙所示。
（1）如图所示，______（选填“A”或“B”）操作更便于测量滑动摩擦力的大小。

（2）由F-FN图象可知：①在接触面一定的情况下滑动摩擦力与压力成______比；②长木板______（选填“甲”或“乙”）的接触面更粗糙。
25. 已知水的密度为1.0×103kg/m3，某兴趣小组用一薄壁量杯（杯壁体积忽略不计）制作了一个测量液体密度的简易装置，操作如下：
（1）在量杯内装入适量细沙后放人水中，量杯在水中竖直静止时，如图甲所示。此时量杯浸没在水中的体积为______mL；
（2）将该装置放入某液体中，静止时如图乙所示，则该液体的密度为______kg/m3；某同学将一小石子放入量杯，静止时如图丙所示，则小石子质量是______g。


26. 某实验小组用如图甲所示的器材，测量标有“3.8V”字样小灯泡的额定功率，电源电压不变。
（1）请用笔画线代替导线，将图甲中的实物图连接完整（要求滑动变阻器滑片向B端滑动时接入电路的阻值变大）；
（2）图甲电路连接完成后，经检查无误，闭合开关，发现电流表有示数，但小灯泡不亮。为完成实验，必要的操作是______；
A．更换小灯泡
B．移动滑动变阻器滑片，减小滑动变阻器连入的阻值
（3）调节滑动变阻器过程中，观察______表的示数，确定小灯泡是否达到了额定功率；
（4）实验过程中，某时刻电流表和电压表示数分别如图乙所示，此时小灯泡的实际功率为______W。




答案和解析
1.【答案】A

【解析】解：A、阿基米德发现了杠杆的原理，故A符合题意；
B、牛顿的主要贡献是发现了力学的三大定律，为力学奠定了基础，故B不符合题意；
C、帕斯卡发现了帕斯卡原理，在液体压强的研究中做出了贡献，故C不符合题意；
D、焦耳发现了焦耳定律，在热学和能量研究领域取得卓著成就，故D不符合题意。
故选：A。
根据我们对物理学家及其成就的了解作答。
此题考查的是我们对物理学史的掌握，我们不仅要知道物理学家的成就，更要学习他们不断创新，为科学献身的精神。
2.【答案】D

【解析】解：A．一切声音都是由物体振动产生的，故A错误。
B．人耳能够听到军鼓的声音，而超声波是人耳听不到的，所以军鼓的声音不属于超声波，故B错误。
C．礼号和军鼓是不同的物体，不同的物体材料不同，音色不同。故C错误。
D．礼号和军鼓产生的乐音都是通过空气传入人的耳朵的，两者的传播速度是相同的，故D正确。
故选：D。
（1）声音由物体的振动产生。
（2）人耳能感觉到的声音频率范围是20Hz--20000Hz，低于20Hz的称为次声波，高于20000Hz的称为超声波。
（3）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。
（4）声音的传播靠介质，固体、液体、气体都可作为传播声音的介质，同种介质中，声速相同。
明确声音的产生靠振动，知道超声波的概念，区分声的三个特征，知道不同介质中的声速不同，可解答此题。
3.【答案】A

【解析】解：
A．日环食是光的直线传播形成的，故A符合题意；
B．色散是由于光的折射形成的，故B不符合题意；
C．镜中小猫属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故C不符合题意；
D．露珠相当于一个放大镜，露珠下的叶脉看起来变粗，所以是利用光的折射原理，故D不符合题意。
故选：A。
（1）光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
（2）当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来发生反射现象，例如：平面镜成像、水中倒影等；
（3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等。
此题主要通过各种事例考查了学生对光的反射、光的直线传播、光的折射的理解。要注意这几种现象的本质，在学习过程中要注意区分，对于生活中的现象要善于总结，在日常生活中学习用所学知识解释有关现象。
4.【答案】B

【解析】解：A．由图象可知，此物质在熔化过程中温度保持80℃不变，则该物质为晶体，并且熔点为80℃．故A错误，B正确；
CD．物质从第10min到25min时间属于熔化过程，保持温度不变，但继续吸收热量，内能增加，故CD错误。
故选：B。
晶体和非晶体的重要区别就是晶体有一定的熔点，而非晶体没有熔点。反映在熔化图象上：晶体的熔化图象有一水平线段，该水平线段对应的温度就是晶体的熔点；而非晶体的图象呈逐渐上升趋势，没有水平线段。晶体在熔化的过程中，是固液共存状态的；物质吸收热量、内能增加，但温度保持不变。
这是一道选择题，考查的知识点比较多，有熔点、晶体的熔化过程、温度变化量等。
5.【答案】B

【解析】解：A、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的固态小冰晶，故A错误；
B、露是空气中的水蒸气遇冷液化成的小水滴，属于液化现象，故B正确；
C、冰是液态的水凝固变成的，属于凝固现象，故C错误；
D、雾是空气中的水蒸气遇冷液化成的小水珠，属于液化现象，故D错误。
故选：B。
物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，首先要熟记物态变化的定义，解答时要看清物态变化前后，物质各处于什么状态，对照定义找出正确答案。
6.【答案】C

【解析】解：坦克要经过一沼泽地，对地面的压力等于其重力，是不变的，工兵连迅速在沼泽地段铺设了宽木板，增大受力面积，根据压强的定义式p=可知，减小了压强，所以坦克得以顺利通过。故ABD错误，C正确。
故选：C。
解答此题的关键是掌握减小压强的方法。根据压强的定义式p=，要减小压强有三种方法：一是当压力一定时，需增加受力面积；二是当受力面积一定时，需减小压力；三是在条件允许的情况下，可以同时减小压力，增大受力面积。同理，增大压强也有三种方法。
掌握压强大小的影响因素，利用控制变量法解释生活中有关增大和减小压强的问题。
7.【答案】D

【解析】解：A、据安全用电的原则可知，高压线是高压带电体，故应远离，所以在高压电线附近放风筝是不安全的，故A不符合安全用电要求；
B、水是电的导体，用湿抹布擦擦正亮着的台灯灯泡时，可能会因湿抹布导电而发生触电事故，故B不符合安全用电要求；
C、用电器的金属外壳必须接地，所以三脚插头中较长插脚（连接地线）绝对不能去掉，否则可能使金属外壳带电，人体接触造成触电，故C不符合安全用电要求；
D、使用试电笔时手指要接触金属笔尾，笔尖接触电线，可辨别火线与零线，故D符合安全用电要求。
故选：D。
①安全用电的基本原则：不靠近高压带电体，不接触低压带电体；
②生活用水是导体；
③用电器的金属外壳必须接地；
④试电笔的正确使用方法：手接触笔尾金属体，笔尖金属体接触零线或火线，氖管发光的是火线，氖管不发光的是零线。
本题考查了学生对安全用电知识的了解与应用，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，不能违反。
8.【答案】B

【解析】解：由于圆形水管左粗右细，当水经过a、b两点时，b点的流速大，压强小，所以气泡经过b两点时的体积大于a点时体积，故B正确、ACD错误。
故选：B。
流体在流速大的地方、压强小，在流速小的地方、压强大。
本题考查流体压强与流速的关系，属于基础题目。
9.【答案】C

【解析】解：灯泡不亮，可能是灯泡短路或电路存在断路造成的；用电压表测量电路ab间电压为0，则可能是灯L1发生短路，或ab之外电路存在断路；用电压表测c、d间电压为3V，等于电源电压，说明c、d之外电路不存在断路，断路位置在c、d间，即L2断路；综合分析可知，电路故障可能是：L1短路且L2断路或只有L2断路。
故选：C。
闭合开关S，两灯均不亮，可能是店里出现了断路故障；根据电压表的示数分析故障的原因。
用电压表检验电路故障时，将电压表与用电器并联，电压表有较大示数（接近电源电压），此处用电器断路或与之串联的用电器短路；电压表无示数，此处用电器短路或与之串联的用电器断路。
10.【答案】C

【解析】解：A、A图红灯装在干路，不论什么情况红灯均亮，A不符合题意；
B、无人或体温低于37.3℃的人经过热敏电阻的阻值变小，由欧姆定律，则电路中的电流越大，电磁铁磁性变大，衔铁被吸下，电铃与绿灯并联连入电路中，电铃响，绿灯亮，B不符合题意；
C、无人或体温低于37.3℃的人经过热敏电阻的阻值变小，由欧姆定律，则电路中的电流越大，电磁铁磁性变大，衔铁被吸下，电铃与红灯并联连入电路中，电铃响，红灯亮，C符合题意；
D．D图中，红灯接在干路中，在任何情况下红灯均发光，D不符合题意。
故选：C。
逐一分析每个选项的电路图，找出符合题意的答案（匝数一定的电磁铁，电流越大，其磁性越强）。
本题结合当前的热点问题，考查对电路的分析及电磁继电器的有关知识。
11.【答案】CD

【解析】解：
A、比赛中的运动员对于看台的位置不断发生变化，因此以看台为参照物运动员运动的，故A错误；
B、过弯道过程中，运动员的运动方向、速度都在改变，所以运动状态是变化的，故B错误；
C、惯性是物体的一种物理属性，只跟质量有关，运动员的质量不变，所以惯性不变，故C正确；
D、因为力的作用是相互的，运动员蹬冰面的同时，冰面给运动员一个反作用力使运动员前进，故D正确。
故选：CD。
（1）判断一个物体是运动的还是静止的，要看这个物体与所选参照物之间是否有位置变化，若位置有变化，则物体相对于参照物是运动的；若位置没有变化，则物体相对于参照物是静止的；
（2）运动状态的改变包括运动速度和方向的改变；
（3）一切物体都有惯性，惯性与物体质量有关，与其他因素无关；
（4）物体间力的作用是相互的。
此题考查运动和静止的相对性、惯性、力的作用的相互性、物体运动状态的变化，是一道综合性较强的题目，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
12.【答案】AD

【解析】解：AC、在喷出礼花的过程中，罐内的压缩空气对礼花做功，空气内能转化为礼花的机械能；罐内气体内能减少，故A正确、C错误；
B．罐内气体内能减少，温度降低，分子热运动速度减慢，故B错误；
D．汽油机做功冲程是将内能转化为机械能，而气体将纸筒内的礼花快速喷向远处时，也是将内能转化为机械能，故D正确。
故选：AD。
（1）改变物体内能的方式有做功和热传递；气体对外做功，内能减少，温度降低。
（2）分子无规则运动与温度有关，温度越高，分子无规则运动速度越快。
（3）汽油机的做功冲程将内能转化为机械能，压缩冲程将机械能转化为内能。
本题考查了做功改变物体内能、内能与温度的关系、汽油机的工作原理等知识的理解和应用，主要是考查方式是将理论与现象对应起来。
13.【答案】BC

【解析】解：
A．由电路图可知，滑动变阻器与灯泡L串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，当滑动变阻器的滑片P向左移动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I=可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，故A错误；
B．由U=IR可知，灯泡两端的电压变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压变大，即电压表的示数变大，故B正确；
C．电源电压不变，由P=UI可知，电路的总功率变小，故C正确；
D．电路中的电流变小，根据P=I2R可知，灯泡的实际功率变小，灯泡变暗，故D错误。
故选：BC。
由图可知，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量滑动变阻器两端的电压；移动滑片，根据电阻的变化判定电流的变化，根据串联电路的电压特点分析电压表示数的变化；根据功率的公式判定总功率和灯泡亮度的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从题干中获取有用的信息是关键。
14.【答案】BD

【解析】解：A．由图象看出甲车0～5s内通过的路程为10m，所以在0～5s内甲车的速度是v甲===2m/s。故A错误。
B．由图象看出乙车0～10s内通过的路程为10m，所以乙车0～10s内的速度是v乙===1m/s。
乙车的图象是一条斜线，表示物体做的是匀速直线运动，所以在0～5s内乙车的速度是1m/s，故B正确；
C．由图象可知，t=10s时，甲车静止，速度为0，乙车的速度是1m/s，两车的速度不相等，故C错误；
D．由图象可知，两车在10s末相遇，t=10s后，甲车静止，乙车超过甲车，故D正确。
故选：BD。
（1）从图象中得出0～5s内甲车通过的路程，利用速度公式可求甲车0～5s内的速度。
（2）从图象中得出0～10s内乙车通过的路程，利用速度公式可求乙车0～10s内的速度。然后根据匀速直线运动的性质得出0～5s内乙车的速度。
（3）在s-t图象中，与横轴平行的直线表示物体静止；过原点的斜线表示物体做匀速直线运动。
（4）根据图象可知两车在10s末相遇，然后结合题意分析10s后两车运动的关系。
根据图象或图表探究物质的规律是近两年来出现较多的题目，图象可以使我们建立更多的感性认识，从表象中去探究本质规律，体验知识的形成过程。此题关键是读懂图象，并能从图象中获取相关信息。
15.【答案】AC

【解析】解：
AB．线圈AB中若通入直流电，根据图结合题意可知，活塞只能向一个方向移动，完不成泵血任务，因此要使该装置能维持人体血液循环，线圈间所接电源应为交流电，即：活塞可以左右移动，血液既能流回心脏也能从心脏输出去。故A正确、B错误；
C．电流从线圈A端流入过程中，根据安培定则，螺线管左端为S极，此时异名磁极相互吸引，活塞左移，S1关闭，S2打开，血液从S2流入；故C正确；
D．图中的线圈移动快慢与交流电的频率有关，交流电电流方向改变的快慢影响跳动次数，与电流大小无关，故D错误。
故选：AC。
（1）人工心脏泵在工作的过程中，活塞需要来回移动，所以其电流是变化的；
（2）根据安培定则判定血液的流向；
（3）线圈移动的快慢与电流的频率有关，与电流大小无关。
本题为物理知识在生产生活中的应用题，题目中给出了必要的信息，应注意提取有用信息并结合相关物理知识求解。
16.【答案】减小  不变  95  不是  mg火

【解析】解：
（1）探测器由近火点向远火点运动时，不受空气阻力，只发生动能和势能的相互转化，探测器相对于火星的高度增加，重力势能变大，动能转化为重力势能，动能减小，机械能不变。
（2）由材料知，探测器着陆前的降落伞减速阶段，速度减至342km/h=342×m/s=95m/s。
（3）巡视器降落到火星表面后，巡视器处于平衡状态，受力平衡，但巡视器对火星表面的压力和火星对巡视器的支持力是作用在不同物体上的两个力，所以不是一对平衡力。
（4）在火星上重力与质量的比值为g火，探测器在火星上空悬停时其质量为m，探测器在火星上空悬停时受到的重力为：G火=mg火。
反推发动机喷出的气体对探测器的作用力与探测器受到的重力相互平衡，故气体对探测器的作用力大小为：F=G火=mg火。
故答案为：（1）减小；不变；（2）95；（3）不是；（4）mg火。
（1）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。
重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
不计空气阻力时，机械能没有转化为内能，机械能守恒。
（2）根据材料分析解答。
（3）判断平衡力要根据二力平衡的条件来分析，一对平衡力必须符合四个条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在同一直线上；
（4）利用G=mg表示出探测器在火星上空悬停时受到的重力，然后根据力的平衡得出气体对探测器的作用力。
此题火星探测器“天问一号”为载体，综合考查学生对平衡力的辨别、动能和势能的大小变化等知识的理解和掌握，以社会热点问题为背景考查学生对相关物理知识的应用能力，题材新颖，属于中考热点。
17.【答案】解：（1）杠杆在水平位置平衡，O是杠杆支点，AO是阻力臂，阻力FA大小等于重物G1大小，FA=G1=m1g=10kg×10N/kg=100N，
OB是动力臂，大壮对杠杆的拉力FB为动力，
根据杠杆平衡条件可得：
FA×OA=FB×OB，
100N×1.5m=FB×0.5m，
解得：
FB=300N，
即大壮对杆的拉力为300N。
（2）大壮的重力：
G2=m2g=56kg×10N/kg=560N，
大壮受三个力，竖直向下的重力G2、杆对大壮竖直向上的拉力F、地面对大壮竖直向上的支持力F支，这三个力平衡，杆对大壮的拉力与大壮对杆的拉力为相互作用力，大小相等，则地面对大壮的支持力：
F支=G2-F=560N-300N=260N。
答：（1）大壮对杆的拉力大小为300N；（2）地面对大壮的支持力大小为260N。

【解析】（1）杠杆在水平位置平衡，O是杠杆支点，AO是阻力臂，阻力大小等于重物G1大小，OB是动力臂，大壮对杠杆的拉力是动力，根据杠杆平衡条件求出拉力大小。
（2）对大壮进行受力分析，大壮受到重力、拉力和支持力作用，根据力的平衡知识求出地面对大壮的支持力。
本题可以分成两个部分：一、杠杆部分按照杠杆平衡条件求出大壮对杠杆的拉力，二、对大壮受力分析，根据平衡力条件求地面对人的支持力，两个部分通过力的作用是相互的连接在一起。
18.【答案】解：（1）加满汽油时油的深度为0.4m，所以加满汽油时汽油在油箱底部产生的压强为：
p=ρ汽油gh=0.7×103kg/m3×10N/kg×0.4m=2.8×103Pa；
（2）加满汽油时油的深度为0.4m，A表示数为0.6A，汽油产生的压强为2.8×103Pa；
由乙图可知，此时压敏电阻的电阻值R=10Ω，R0=10Ω，根据串联电路的特点和I=可得：
电源电压U=I（R+R0）=0.6A×（10Ω+10Ω）=12V；
（3）汽油耗尽时，压敏电阻受压强为0，由图象知此时压敏电阻连入电路的阻值R′=110Ω，
由串联电路特点和欧姆定律可得：
此时电路中电流I′===0.1A；
答：（1）加满汽油时汽油在油箱底部产生的压强为2.8×103Pa；
（2）电源的电压为12V；
（3）汽油耗尽时电流表的示数为0.1A。

【解析】（1）先计算装满油时，油箱中油的深度，再由液体压强公式计算汽油对压敏电阻的压强；
（2）由甲图电路可知：R与R0串联，由乙图可知此时压敏电阻R的电阻值，根据串联电路的特点和欧姆定律环境求出电源电压；
（3）根据空油箱的重力得出压力传感器R的电阻的大小；根据串联电路特点和欧姆定律求出电流的大小。
本题考查了对电路的认识，液体压强、压力计算，串联电路特点和欧姆定律的应用，关键是要从图中获取有用信息。
19.【答案】解：（1）由图可知，n=3，则汽车拉力的大小F=（G矿石+G动）=（2700N+300N）=1000N；
（2）汽车运动的速度为v=3v石=3×lm/s=3m/s，
汽车拉力的功率P===Fv=1000N×3m/s=3000W；
（3）滑轮组的机械效率η=×100%=×100%=×100%=×100%=90%。
答：（1）汽车拉力的大小为1000N；
（2）汽车拉力的功率为3000W；
（3）滑轮组的机械效率为90%。

【解析】（1）由图可知，重物有3段绳子承担，由F=（G矿石+G动）可求得汽车拉力的大小；
（2）已知矿石以lm/s的速度匀速上升，然后可知汽车运动的速度，由P===Fv可求得汽车拉力的功率；
（3）由η=×100%=×100%=×100%可求得滑轮组的机械效率。
本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、机械效率的计算，利用好关系式：不计绳子重和摩擦，滑轮组的机械效率η=×100%=×100%=×100%；拉力F=（G物+G轮）。
20.【答案】解：（1）电热丝R1的电功率为P1===440W，
根据表格数据可知道，只闭合S1时，电路为R1的简单电路，电饭锅处于低温档，
则低温挡加热时电流的大小为I1===2A。
（2）根据P=，可知，只闭合S2时，电路为R2的简单电路，电饭锅处于中温档，
根据表格数据可知道，中温档P2=880W，电热丝R2的阻值R2===55Ω；
（3）当S1、S2都闭合时，电热丝R1、R2并联，电路总电阻最小，由P=可知，电饭锅处于高温档，
则高温档的功率为P=P1+P2=440W+880W=1320W，
2kg的粥用高温挡从20℃加热到74℃吸收的热量Q=cm△t=4.0×103J/（kg•℃）×2.2kg×（74℃-20℃）=475200J，
已知加热效率为80%，则需要消耗的电能为
W===59400J，
由P=可得，将2.2kg的粥用高温挡从20℃加热到74℃需要的时间为
t===450s。
答：（1）低温挡加热时电流的大小为2A；
（2）电热丝R2的阻值为55Ω；
（3）将2.2kg的粥用高温挡从20℃加热到74℃需要的时间为450s。

【解析】（1）由P=，结合电路图可知，只有R1连入，电饭锅处于低温档，再利用I=可求得电饭锅处于低温档时的电流；
（2）由P=，可知，电压一定时，电路电阻越小，功率越大，功率大，电饭锅处于高温挡，根据电路图分析电路结构，判断中温挡时，开关的状态，然后利用P=可求得电热丝R2的阻值；
（3）当S1、S2都闭合时，电热丝R1、R2并联，电路总电阻最小，此时电饭锅处于高温挡，求得高温档的功率，由Q=cm△t可求得2kg的粥用高温挡从20℃加热到74℃吸收的热量，已知加热效率为80%，由P=公式变形可求得时间。
本题考查了电饭锅的工作原理，分析电路结构，知道什么状态下电饭锅处于高温挡、什么条件下处于低温档是本题的难点，也是正确解题的前提；分清电路结构、熟练功率公式及其变形公式、欧姆定律、并联电路的特点是正确解题的关键。
21.【答案】解：由题知，物体静止在水中时细线恰好水平，说明物体处于悬浮状态，浮力等于重力，细线对物体没有力的作用，过物体重心分别竖直向上和竖直向下作出浮力和重力，注意长度相等，如图所示：


【解析】首先分析出物体受到的两个力：重力和浮力，细线对物体没有力的作用，然后根据物体的浮沉条件判断出重力和浮力的大小关系，根据力的示意图的画法表示出两个力。
此题考查了重力和浮力示意图的画法，此题中有关浮力和重力的大小关系是容易被遗忘的地方，在考查的同时涉及到了物体的浮沉条件的应用。
22.【答案】解：
过平面镜做A点的对称点A′，即A的像点，连接A′B交平面镜于一点，连接这个交点与B的连线，即为反射光线，连接A与交点的连线，即为折射光线（也是OB对应的入射光线），如图所示：


【解析】光线由A点斜射入水中时发生光的折射，要使射到水底平面镜的光反射后射向水面B点，根据反射光线的延长线一定过像点，可选作A在平面镜中的像点，再连接像与B的连接可得反射光线，再画出经A点的折射光线（射向平面镜的入射光线）即可。
本题考查了平面镜成像特点作图以光的折射的作图，知道平面镜成像时，反射光线延长线一定过像点。
23.【答案】右  11  增加物体的亮度，使成像更清晰

【解析】解：（1）在图甲调好的情况下，物距大于像距，光屏中心成倒立缩小清晰的实像，此时u＞2f，f＜v＜2f，为了在光屏上得到等大的烛焰像，应将蜡烛向右移动，同时光屏向右移动，使u=v=2f。
当在光屏上得到等大的烛焰像时，物和像之间的距离为44cm，即
u+v=2f+2f=4f=44cm
解得
f=11cm
即该透镜的焦距为11cm。
（2）发光二极管比烛焰的亮度更大、可以增加物体的亮度，使成像更清晰；同时蜡烛燃烧有火焰，不如发光二极管安全，也不环保；火焰在有风的时候会晃动，同时蜡烛会越烧越短，而二极管不会；因此，优点很多，如：可以增加物体的亮度，使成像更清晰；所成的像不会晃动，更加稳定；跟燃烧蜡烛相比，LED发光体更安全、环保等等。
故答案为：（1）右；（2）11；（3）增加物体的亮度，使成像更清晰。
（1）物距大于像距，成倒立缩小清晰的实像，此时u＞2f，f＜v＜2f，为了在光屏上得到等大的烛焰像，应将蜡烛向右移动，同时光屏向右移动，使u=v=2f可求焦距。
（2）LED光源代替蜡烛的优点是增加物体的亮度，使成像更清晰；所成的像不会晃动，更加稳定；跟燃烧蜡烛相比，LED发光体更安全、环保等
此题是探究凸透镜成像的规律，熟练掌握凸透镜成像的规律及应用是解决此题的关键。
24.【答案】A  正  甲

【解析】解：（1）由图知，用A方案，无需匀速拉动木板，当弹簧测力计的示数稳定后，滑块相对于地面是静止的，此时弹簧测力计的示数，等于木板对对木块的摩擦力。用B方案，需匀速拉动滑块，再实际操作中很难做到匀速拉动。
故选A。
（2）①由F-FN图象可知：在接触面一定的情况下，当压力增大时，滑动摩擦力增大，故滑动摩擦力与压力成正比。
②由F-FN图象可知，当压力一定时，接触面粗糙程度越大，滑动摩擦力越大，故在压力一定时，甲受到的摩擦力更大，则甲的接触面更粗糙。
故答案为：（1）A；（ 2）正；甲。
（1）在测量摩擦力大小时，需匀速直线拉动木块，而此操作很难控制。
（2）滑动摩擦力跟压力大小和接触面粗糙程度有关。探究滑动摩擦力跟压力大小关系时，控制接触面粗糙程度不变；探究滑动摩擦力跟接触面粗糙程度关系时，控制压力大小不变，分析图象解答。
掌握滑动摩擦力大小的影响因素，利用控制变量法探究滑动摩擦力大小的影响因素。
25.【答案】20  0.8×103  5.6

【解析】解：
（1）由图甲知，量杯的分度值为1mL，此时量杯浸没在水中的体积为20mL，即量杯排开水的体积为20mL。
（2）由图乙知，将该装置放入某液体中，静止时量杯浸没在液体中的体积为25mL，即量杯排开液体的体积为25mL．量杯在水和液体中均处于漂浮状态，浮力都等于重力，F浮水=F浮液，即ρ水gV排水=ρ液gV排液，ρ水V排水=ρ液V排液，
液体的密度为：ρ液=ρ水=×1.0×103kg/m3=0.8×103kg/m3，
（3）某同学将一小石子放入量杯，静止时如图丙所示，量杯排开液体中的体积为32mL，量杯所受浮力增加量即为小石子重力，即
G石=△F浮=ρ液g△V排液=0.8×103kg/m3×10N/kg×（32-25）×10-6m3=0.056N；
小石子的质量为：m===0.0056kg=5.6g。
故答案为：（1）20；（2）0.8×103；（3）5.6。
（1）根据量筒的分度值读数；
（2）物体漂浮时，浮力等于重力；量筒在水中和液体中都处于漂浮状态，浮力相同，根据量筒排开的水和液体的体积，利用阿基米德原理求出液体密度的大小；
（3）物体漂浮时浮力等于重力；将石子放入量筒后，石子的重力等于其排开的液体受到的重力。
本题考查了阿基米德原理的应用、物体的浮沉条件，利用好物体的浮沉条件是解答本题的关键。
26.【答案】B  电压  1.26

【解析】解：（1）要求滑动变阻器滑片向B端滑动时接入电路的阻值变大，变阻器左下接线柱连入电路中，
灯的额定电压为3.8V，故电压表选用大量程与灯并联，如下所示：

（2）闭合开关，发现电流表有示数，但小灯泡不亮，原因可能是滑动变阻器接入电路的阻值过大，导致电路中的电流过小，这时应该移动滑片，减小滑动变阻器连入电路的阻值，观察灯泡是否发光，故A不符合题意，B符合题意。
故选B；
（3）灯泡在额定电压下的功率是额定功率，因此在测量小灯泡是否达到了额定功率时，电压要达到额定电压，故眼睛要观察电压表的示数；
（4）电流表使用的是0～0.6A的量程，分度值为0.02A，如图乙可知，电流表的示数为0.36A；电压表使用的是0～15V的量程，分度值为0.5V，乙图中电压表的示数为3.5V，则此时小灯泡的实际功率为：
P=UI=3.5V×0.36A=1.26W。
故答案为：（1）如上所示；（2）B；（3）电压；（4）1.26。
（1）根据滑动变阻器滑片向B端滑动时接入电路的阻值变大确定变阻器左下接线柱连入电路中，根据灯的额定电压为3.8V确定电压表选用大量程与灯并联；
（2）闭合开关，发现电流表有示数，但小灯泡不亮，原因可能是滑动变阻器接入电路的阻值过大，导致电路中的电流过小，据此分析；
（3）灯泡在额定电压下的功率是额定功率，据此回答；
（4）根据电表使用的量程确定分度值读数，根据P=UI求出此时小灯泡的实际功率。
本题测量标有“3.8V”字样小灯泡的额定功率，考查电路连接、电路分析、操作过程及电表读数和功率计算。