2020年山东省青岛市中考物理试卷

这是一份2020年山东省青岛市中考物理试卷，共20页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。

2020年山东省青岛市中考物理试卷
题号
一
二
三
四
五
总分
得分







一、单选题（本大题共10小题，共20.0分）
1. 琴声悠扬，歌声嘹亮…我们世界充满声音。下列说法正确的是（　　）
A. 用手拨动琴弦发声，是因为琴弦在振动
B. 高声唱国歌，其中“高”指的是音调高
C. “闻其声而识其人”，是根据响度来辨别的
D. 太空中的宇航员相互交谈，是通过真空传播声音
2. 我国有着灿烂的诗词文化，很多诗词中蕴含着物理知识。下列说法正确的是（　　）
A. “池水映明月”，水中有明月是光的折射现象
B. “潭清疑水浅”，水变浅是光的直线传播现象
C. “日影化为虹”，彩虹的形成是光的色散现象
D. “起舞弄清影”，影子的形成是光的反射现象
3. 在新冠肺炎疫情防控中，涉及到很多物理知识。下列说法正确的是（　　）
A. 戴口罩时，眼镜片上出现水雾，这是汽化现象
B. 手背上擦酒精时感到凉，是因为酒精升华吸热
C. 使用酒精时闻到酒精味，是因为酒精分子在做热运动
D. 用冰块给发热病人降温，是利用了冰块的内能比病人的小
4. 关于物质的密度，下列说法正确的是（　　）
A. 一罐氧气用掉部分后，罐内氧气的质量变小，密度不变
B. 一只气球受热膨胀后，球内气体的质量不变，密度变大
C. 一支粉笔用掉部分后，它的体积变小，密度变小
D. 一块冰熔化成水后，它的体积变小，密度变大
5. 下列用电器，利用电流磁效应工作的是（　　）
A. 电铃 B. 手摇发电机 C. 电动玩具车 D. 电熨斗
6. 甲、乙两个电热器的电阻之比为5：4，通电相同时间产生的热量之比为5：1，则通过甲、乙的电流之比为（　　）
A. 4：1 B. 1：4 C. 2：1 D. 1：2
7. 以下测量中，三次测量求平均值，不能减小误差的是（　　）
A. 用刻度尺三次测量同一本书的长度
B. 用天平三次测量同一块橡皮的质量
C. 用量筒三次测量同一块鹅卵石的体积
D. 用体温计一天早中晚三次测量同一个人的体温
8. 小明利用如图所示的装置，探究平面镜成像的特点。下列说法正确的是（　　）


A. 用玻璃板代替平面镜，目的是使蜡烛a的像更清晰
B. 使用相同的蜡烛a、b，目的是比较像与物的大小
C. 将光屏放到像的位置，光屏能够承接到像
D. 将蜡烛a靠近玻璃板，它所成的像变大
9. 探究浮力的大小跟哪些因素有关的实验情形如图所示，其中所用金属块a和塑料块b的密度不同，但重力均为1.6N．下列分析正确的是（　　）


A. 金属块a浸没在水中时，受到浮力的大小为0.3N
B. 利用甲、乙，可以探究浮力的大小与物体体积的关系
C. 利用乙、丙，可以探究浮力的大小与物体密度的关系
D. 利用丙、丁，可以探究浮力的大小与液体密度的关系
10. “C919”大型客机是我国拥有完全自主知识产权的干线民用飞机。下列说法正确的是（　　）
A. 燃油在发动机内燃烧时，内能转化为化学能
B. 客机起飞时，乘客上身会紧贴在座椅靠背上，是因为乘客具有惯性
C. 客机座椅设计得很柔软，是为了减小乘客对座椅的压力
D. 机翼被设计成“上凸下平”的形状，利用“流速越大压强越大”的原理获得升力
二、多选题（本大题共5小题，共15.0分）
11. 下列关于运动和力的说法，正确的是（　　）
A. 相互接触的两个物体之间不一定有力的作用
B. 当一个物体是施力物体时，就不能是受力物体
C. 力的作用效果与力的大小、方向、作用点都有关
D. 物体只有受力才能运动，不受力总保持静止状态
12. 如图所示，在水平拉力F的作用下，木块随小车一起在水平地面上向右做匀速直线运动。下列分析正确的是（　　）
A. 木块受到水平向右的摩擦力 B. 木块所受摩擦力的大小为F
C. 小车受到水平向左的摩擦力 D. 小车所受摩擦力的大小为F
13. “用电流表测量小灯泡的电流”的部分电路如图所示。下列说法正确的是（　　）


A. 用导线连接c、e，电流表只能测量通过灯泡L1的电流
B. 用导线连接d、e，电流表只能测量通过灯泡L2的电流
C. 用两根导线分别连接a、d和c、e，电流表只能测量通过灯泡L1的电流
D. 用两根导线分别连接b、d和c、e，电流表只能测量通过灯泡L2的电流
14. 某建筑工地上，一台起重机10s内将重1.5×104N的物体匀速提升3m。起重机吊臂上的滑轮组如图所示，滑轮组的机械效率为75%．下列分析正确的是（　　）
A. 拉力F的大小为7.5×103N
B. 有用功的大小为4.5×104J
C. 额外功的大小为1.5×104J
D. 拉力F的功率为6.0×103W


15. 小明测量小灯泡的电功率，电路如图甲所示，电源电压恒为6V，小灯泡上标有“3.8V”字样。实验得到小灯泡的U-I图象如图乙所示。下列分析正确的是（　　）

A. 小灯泡的电阻约为12.7Ω
B. 小灯泡的额定功率为1.14W
C. 小灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路中的阻值为20Ω
D. 小灯泡两端电压为2.0V时，滑动变阻器消耗的电功率为0.88W
三、实验探究题（本大题共7小题，共30.0分）
16. 探究固体熔化时温度的变化规律。
如图甲所示，用“水浴法”给试管中某固态物质加热，得到该物质温度随时间变化的图象如图乙所示。
（1）采用“水浴法”加热的优点是______。
（2）由图象可知，该固体是______（选填“晶体”或“非晶体”），图象中的______（选填“AB”“BC”或“CD”）段表示它的熔化过程，该物质在AB段的比热容______（选填“大于”“等于”或“小于”）CD段的比热容。


17. 探究凸透镜成像的规律。

（1）实验所用凸透镜的焦距为10cm。某次实验情形如图甲所示，此时光屏上恰好得到烛焰清晰的像，则物距u=______cm，烛焰的像应为图乙中的______，生活中的______就是利用这一原理工作的。
（2）在图甲所示实验情形下，紧靠凸透镜加放另一透镜，发现光屏上的像变模糊。保持蜡烛和凸透镜的位置不变，只将光屏向右移动又重新得到清晰的像，则所加的透镜为______。
18. 探究与斜面相关的实验。

（1）如图甲所示，在探究“阻力对物体运动的影响”实验中，将棉布铺在水平木板上，让小车从斜面顶端由静止滑下，观察小车滑行的距离；去掉棉布，重复上述实验。小车在水平面上所受的阻力减小，小车向前滑行的距离______。在水平面上两次滑行的全过程，小车速度的减小量______。
伽利略对类似实验进行了分析，认识到：运动的物体受到的阻力越小，它运动的时间就越长，它的速度减小得就越______。他进一步推测：在理想情况下，如果水平表面绝对光滑，物体受到的阻力为零，这时物体将______。
（2）如图乙所示，在探究“物体的动能跟哪些因素有关”实验中，斜面上安装斜槽，水平面上的A处放置一个小木块。让质量不同的钢球从斜槽上的同一高度滚下，发现质量较大的钢球将小木块推得较远，表明它对小木块做的功较______。由此可知：______相同的物体，质量越大，它的动能越大。
19. 研究定滑轮的特点。
（1）在研究使用定滑轮是否省力时，用如图甲所示装置匀速提升重物，需要测量的物理量是______和______。
（2）如图乙所示，分别用拉力F1、F2、F3匀速提升重物，则三个力的大小关系是______。
（3）旗杆顶部有一个定滑轮，给我们升国旗带来了便利。这是利用定滑轮______的特点。
20. 探究液体内部压强的特点。
（1）用压强计和盛有水的容器进行实验，情形如图甲所示。比较A、B可知：在液体内部的同一深度，向______的压强都相等；比较A、C可知：液体内部压强的大小跟______有关。
（2）用如图乙所示的容器也可以探究液体内部的压强。容器中间用隔板分成互不相通的左右两部分，隔板上有一圆孔用薄橡皮膜封闭，橡皮膜两侧压强不同时其形状发生改变。用此容器进行的两次实验，情形如图丙的D、E所示。由此可推断：a、b两种液体密度的大小关系是ρa______ρb，a、c两种液体密度的大小关系是ρa______ρc。
21. 探究磁生电的条件。
实验装置如图所示，在磁场中悬挂一根导体AB，把它的两端跟电流表连接起来，组成闭合回路。
（1）实验中，用______提供磁场，用______显示电路中有无电流。
（2）下列操作，电路中能产生电流的是______（选填所有符合要求的选项序号）。
①蹄形磁体和导体AB都静止
②蹄形磁体静止，导体AB左右运动
③导体AB静止，蹄形磁体左右运动
22. 探究电流与电阻的关系。
小明连接的实验电路如图甲所示。
实验次数
1
2
电阻R/Ω
5
10
电流I/A
0.40
0.20
（1）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片置于最______端。
（2）闭合开关后，发现电流表示数为零，电压表的示数如图乙所示，为______V；改变滑动变阻器滑片的位置，两电表指针的位置不变。电路中有一处故障，可能是______（选填序号）
①电流表短路②电压表短路③导线a断路④导线b断路
（3）排除电路故障后，小明先后用5Ω、10Ω的定值电阻进行实验。实验中，通过______控制定值电阻两端的电压不变，得到的实验数据如图丙。小明据此得出结论：电流与电阻成反比。
请指出实验存在的问题或需要改进的地方______（写出一条即可）。


四、计算题（本大题共3小题，共20.0分）
23. 在“停课不停学”期间，小明使用手机和A4纸坚持每天线上学习。他观察到给手机充电的移动电源（俗称“充电宝”）有铭牌，A4纸的包装上有说明，部分参数如图所示。请解答下列问题：
（1）该移动电源充电后最多储存多少电能？
（2）小明所用的一包A4纸，去掉包装后总重21.8N．将其中一张A4纸平放在水平桌面，它对桌面的压强多大？









24. 如图所示，盛有水的圆柱形容器，侧壁上固定了一块水平挡板，挡板的体积忽略不计。挡板下方有一个体积为100cm3、重力为0.6N的实心小球，此时水对容器底产生的压强为3.0×103Pa．求：
（1）容器中水的深度；
（2）挡板对小球的压力；
（3）撒去挡板，小球静止后，水对容器底压力的变化量。







25. 某家用电热水壶有加热和保温两档，内部电路简化示意图如图甲所示，其中R1和R2均为阻值不变的发热电阻。某次使用该电热水壶烧水过程中，消耗的电功率随时间变化的图象如图乙所示。求：

（1）该电热水壶加热和保温时的电流之比；
（2）电阻R2的阻值；
（3）给1.2kg的水加热，使水温从20℃升至80℃，热水壶的工作效率为90%，需要多长加热时间。







五、综合题（本大题共4小题，共15.0分）
26. 教室中有一台空调和多盏标有“220V8W”的电灯，其中黑板前方的电灯L1和L2由一个开关S单独控制，如图所示。

（1）请用笔画线表示导线，将电灯L1、L2和开关S接入电路中，使两灯都能正常发光。
（2）当打开空调时，空气开关“跳闸”。出现这种现象的原因可能是______。
27. 小明在践行青岛市中小学生全面发展“十个一”活动中，进行了一次远行研学。他所用的拉杆旅行箱示意图如图所示。装有物品的旅行箱整体可视为杠杆，O为支点，B为重心，A为拉杆的端点。在A点沿图示方向施加拉力F，旅行箱静止。请完成下列问题：
（1）画出拉力F的力臂L。
（2）要使作用在A点的拉力减小，保持其他条件不变，下列做法可行的是______（选填所有符合要求的选项序号）。
①缩短拉杆的长度
②使拉力方向顺时针改变30°
③使拉力方向逆时针改变60°
④将箱内较重的物品靠近O点摆放，重心由B变至B′
28. 小明在课堂上给同学们展示了一个装置如图所示的实验。请完成下列问题：
（1）闭合开关后，标出通电螺线管的N、S极及磁感线的方向。
（2）闭合开关后，螺线管右侧的小磁针将______（选填序号）。
①顺时针旋转90°②逆时针旋转90°③顺时针旋转180°④逆时针旋转180°
（3）要增强此螺线管的磁性，可采用______方法（写出一条即可）。
29. 微波通信
电磁波可以用来传递信息，通常用于广播、电视等通信。微波是电磁波家族中的一员，它的性质比中波和短波更接近光波。信息理论表明，作为载体的电磁波，与中波和短波相比，微波在相同的时间内可以传输更多的信息。
用微波传递信息时，必须每隔50km左右就要建设一个微波中继站，如图甲所示。信号传递的距离越远，需要的中继站越多。在雪山上、大洋中，根本无法建设中继站，所以人类用地球同步通信卫星做微波通信的中继站来进行通信。如图乙所示，在地球的周围均匀地配置Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三颗同步通信卫星作为太空微波中继站，可使地球上任意两点间保持通信，接收地面站传来的电信号，经过处理后，再发送到另一个或几个地面站。现在通过卫星电视，某地举行体育赛事，其他地方的人几乎可以立刻看到现场的画面。

请根据上述材料，回答下列问题：
（1）用微波传递信息时，必须每隔50km左右就要建设一个微波中继站，这是因为______（选填序号）。
①多修建中继站，有利于微波产生更多的信息
②微波的传播距离比中波近，只能传播50km
③微波沿直线传播，不能沿地球表面绕射
（2）如图丙所示，a、b分别是Ⅰ、Ⅱ两颗卫星正下方的地面站，把通信卫星假想成一个平面镜，要使地球上b处地面站接收到a处发送的信号，请仿照光路图，在图中画出平面镜及微波传播的路径和方向。
（3）已知三颗通信卫星距地面的高度都是3.58×104km，任意两颗卫星之间的距离都是7.30×104km．则a处发送的微波信号传送到b处所用的时间是______s。
答案和解析
1.【答案】A

【解析】解：
A、声音是由物体振动产生的，琴弦发声靠的是琴弦的振动，故A正确；
B、高声唱国歌，其中“高”指的是声音的响度大，故B错误；
C、“闻其声而识其人”是根据声音的音色来辨别的，故C错误；
D、声音的传播需要介质，真空不能传声，太空中的宇航员是通过无线电进行相互交谈的，故D错误。
故选：A。
（1）声音是由物体的振动产生的；
（2）声音的三要素是音调、响度和音色；物理学中把人耳能感觉到的声音的强弱称为响度，把声音的高低称为音调，音色反映了声音的品质与特色；
（3）声音的传播需要介质，真空不能传声。
本题考查了声现象的相关知识，能将声学的基本知识与相关的现象或说法相联系，是做出判断的关键。
2.【答案】C

【解析】解：
A、池水映明月，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故A错误；
B、“潭清疑水浅”指的是池底看起来要比实际的位置变浅了，看到的池底是真实池底的反射的光线在由水中进入空气时发生折射而形成的虚像，故B错误；
C、雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象，所以说雨后的天空出现彩虹是由光的色散形成的，故C正确；
D、起舞弄清影中影子的形成说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会呈现出阴影区域，就是影子。故D错误。
故选：C。
自然界中的光现象主要包括以下三种：
（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、筷子变弯、光的色散等都是光的折射形成的。
此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的直线传播、光的反射、光的折射、光的色散的理解与掌握，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象，达到学以致用的目的。
3.【答案】C

【解析】解：
A、眼镜片上出现的水雾是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故A错误；
B、手背上擦酒精时感到凉，是因为酒精汽化吸热，故B错误；
C、闻到酒精的气味是发生了扩散现象，是分子运动的结果，故C正确；
D、用冰块给病人降温是利用冰熔化时吸热，故D错误。
故选：C。
（1）物质从气态变成液态称为液化；
（2）物质直接从固态变为气态叫升华、物质由液体变为气态称为汽化；
（3）扩散现象表明：一切物体的分子都在不停地做无规则运动、分子间有间隙；
（4）物质由固态变为液态叫熔化，熔化吸热。
本题考查生活中的物态变化和扩散现象，看物体由什么状态变为了什么状态，根据物态变化的定义来判断。
4.【答案】D

【解析】解：
A、一罐氧气用掉部分后，罐内氧气的质量变小，但体积不变，由ρ=可知密度变小，故A错误；
B、一只气球受热膨胀后，球内气体的质量不变，体积变大，由ρ=可知密度变小，故B错误；
C、一支粉笔用掉部分后，它的体积变小、质量成倍的变小，由ρ=可知密度不变，故C错误；
D、一块冰熔化成水后，它的体积变小、质量不变，由ρ=可知密度变大，故D正确。
故选：D。
密度是物质的一种特性，其大小等于质量与体积之比；对于固体和液体，密度大小与质量、体积无关；对于气体，在质量一定时，体积越大，密度越小；在体积一定时，质量越大，密度越大。
本题考查了密度公式的应用，以及对密度特性的理解，属于基础题目。
5.【答案】A

【解析】解：
A、电铃通电时使控制电路的电磁铁有磁性，电磁铁吸引衔铁使工作电路接通，小锤敲响铃铛，电铃是根据电流磁效应工作的，故A正确。
B、手摇发电机是通过运动产生电流，是电磁感应，故B错误。
C、电动玩具车是电能转化为机械能，是根据通电导体在磁场中受力运动工作的，故C错误。
D、电熨斗是电能转化为内能，是电流的热效应，故D错误。
故选：A。
电流的磁效应是电流流过导体时会产生磁场，首先分析各元件的工作原理，找出利用电流磁效应工作的元件，
学习过程中要明确各电器的工作原理，明确物理知识在实践中的应用，体现物理在生活中的广泛应用。
6.【答案】C

【解析】解：
由题意可知，R甲：R乙=5：4，产生的热量之比Q甲：Q乙=5：1，通电时间之比t甲：t乙=1：1，
由Q=I2Rt可得通过甲、乙两个电热器的电流之比：
I甲：I乙=：=：=1：=2：1，故C正确、ABD错误。
故选：C。
知道甲、乙两个电热器的电阻之比、产生的热量之比和通电时间关系，利用焦耳定律Q=I2Rt求通过的电流之比。
本题考查了焦耳定律的应用，要注意各量之间的关系，不要颠倒。
7.【答案】D

【解析】解：
ABC、在使用工具测量长度、质量、体积时，采用多次测量求平均值的方法，能够减小测量过程中的误差，故ABC不符合题意；
D、由于不同时间，人的体温不一定相同，所以用体温计一天早中晚三次测量同一个人的体温，不能减小误差，故D错误。
故选：D。
多次测量求平均值可以减小误差；人的体温在不同时刻可能是不同的。
本题考查了测量过程中减小误差的方法，属于基础知识，要熟记。
8.【答案】B

【解析】解：
A、用透明的玻璃板代替平面镜，在蜡烛a一侧能看到蜡烛a的像，同时还能看到蜡烛b，便于确定像的位置，故A错误；
B、选择大小相等的蜡烛a、b，是为了比较像与物的大小关系，故B正确；
C、因为光屏只能接收实像，不能接收虚像，所以移去蜡烛B，并在其所在位置上放一光屏，光屏不能接收到的烛焰的像，从而说明平面镜成的像是虚像，故C错误；
D、平面镜所成的像与物体大小相同，将蜡烛a靠近玻璃板，它所成的像不变，故D错误。
故选：B。
（1）探究平面镜成像实验中，要用透明的玻璃板代替平面镜，虽然成像不太清晰，但是在物体一侧能看到物体的像，同时还能看到代替物体的另一个物体，便于确定像的位置，便于比较物像大小关系；
（2）选择大小相等的蜡烛A、B便于比较像与物的大小关系；
（3）虚像不会出现在光屏上；
（4）像的大小始终与物体大小相同。
探究平面镜成像特点的实验是中考出题的一个热点，本题围绕这个探究过程可能遇到的问题，解决办法，合理的思考和解释来考查同学的。
9.【答案】D

【解析】解：
A、金属块a浸没在水中时，根据称重法测浮力可知，受到浮力的大小为F浮=G-F乙=1.6N-1.0N=0.6N，故A错误；
B、根据甲、乙可知，物体浸在液体的体积不同，排开的液体的体积不同，所以可以探究浮力的大小与物体排开液体体积的关系，故B错误；
C、根据乙、丙可知，物体的重力相同、物体的密度不同、物体的体积不同，浸没在同种液体中时排开的液体的体积不同，测力计示数不同，探究浮力与密度关系时，需要控制物体的体积相同（排开液体的体积相同），物体的密度不同，故C错误；
D、根据丙、丁可知，同一个物体浸没在不同液体中，排开的液体的体积相同，液体的密度不同，所以可以探究浮力的大小与液体密度的关系，故D正确。
故选：D。
浮力的大小与物体排开的液体的体积和液体的密度有关；探究影响浮力因素时采用的是控制变量法；
利用称重法测浮力可以求出物块浸没在液体中受到的浮力。
本题目就是考查学生对阿基米德实验的掌握程度，看学生能否掌握每个步骤，以及每一步要测量的对象，只要基本知识掌握扎实，题目不难做出。
10.【答案】B

【解析】解：
A、燃油在发动机内燃烧时，化学能转化为内能，故A错误；
B、客机起飞时，乘客的下半身会随飞机向前加速，但乘客上身由于惯性，仍然保持原来的运动状态，所以乘客会向右仰，即会紧贴在座椅靠背上，故B正确；
C、客机座椅设计得很柔软，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小座椅对乘客的压强，故C错误；
D、机翼的形状上凸下平，飞机起飞或滑行时，机翼上方的空气流速大、压强较小，机翼下方的空气流速小、压强大，所以机翼受到一个向上的压强差，从而产生向上的升力，故D错误。
故选：B。
（1）燃料燃烧时，化学能转化为内能；
（2）物体保持原来的运动状态不变的性质叫惯性，任何物体都具有惯性；
（3）减小压强的方法：在受力面积一定时，减小压力；在压力一定时，增大受力面积；
（4）流体的压强跟流速有关，流速越大的地方、压强越小；流速越小的地方、压强越大。
本题考查了能量的转化、惯性、减小压强的方法、流体的压强与流速的关系，要熟记这些知识。
11.【答案】AC

【解析】解：
A、相互接触的两个物体之间不一定有力的作用。如靠墙自然站立（不是倚在墙上）的人与墙壁之间不挤压，没有力的作用。故A正确；
B、物体间力的作用是相互的，物体施加力的同时，也受到力的作用。故B错误；
C、力的作用效果与力的大小、方向、作用点都有关系。故C正确；
D、物体在平衡力的作用下，保持静止或匀速直线运动状态；物体在不受外力时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。故D错误。
故选：AC。
（1）力是物体对物体的作用，没有直接接触的物体之间可能有力的作用；相互接触的物体之间可能没有力的作用；
（2）物体间力的作用是相互的，物体受到力的同时，也对另一个物体施加了力；
（3）力的大小、方向、作用点都能影响力的作用效果；
（4）任何物体在不受任何外力的作用下，总保持匀速直线运动状态或静止状态。
本题考查力的定义、作用效果及运动和力的关系，正确、全面理解概念是解答的基础。
12.【答案】CD

【解析】解：AB、木块随小车一起在水平地面上向右做匀速直线运动，木块处于平衡状态，木块相对于小车没有在水平方向运动的趋势，所以木块没有受到摩擦力的作用，故AB错误；
CD、对整体分析，整体在水平地面上向右做匀速直线运动，受力平衡，受到向右的拉力F和向左的摩擦力的作用，这两个力是对平衡力，大小相等，即摩擦力为F，故CD正确。
故选：CD。
根据木块的运动情况判定其受力情况；对木块、小车这个整体进行分析，整体向右做匀速直线运动，则整体受力平衡。
此题考查的是我们对摩擦力的产生及其方向的理解和应用以及二力平衡的应用，难度不大。
13.【答案】AC

【解析】解：
A、用导线连接c、e（如图甲），此时只有灯泡L1接入电路中，所以电流表只能测量通过灯泡L1的电流，故A正确；

B、用导线连接d、e（如图乙），两个灯泡串联接入电路中，因串联电路中各处的电流相等，则此时电流表既能测通过灯泡L1的电流，也能测通过灯泡L2的电流，故B错误；
C、用两根导线分别连接a、d和c、e时（如图丙），此时两个灯泡并联，电流表串联在L1的支路中，测量的是L1的电流，故C正确；

D、用两根导线分别连接b、d和c、e（如图丁），此时两个灯泡并联，电流表接在干路中，测量的是干路的电流，故D错误。
故选：AC。
电流表可以测量用电器的电流，测量过程中，电流表与哪个用电器串联，就是测量哪个用电器的电流。
本题考查了电路的分析、电流表的连接方式，属于基础知识，明确电路的结构是解题的关键。
14.【答案】BCD

【解析】解：滑轮组承担物重绳子段数：n=2，
（1）有用功：W有=Gh=1.5×104N×3m=4.5×104J，故B正确；
（2）由η=得，总功：W总===6×104J，
拉力移动距离：s=nh=2×3m=6m，由W总=Fs得，拉力：F===1×104N；故A错误；
（3）由W总=W有+W额得，额外功：W额=W总-W有=6×104J-4.5×104J=1.5×104J，故C正确；
（4）拉力功率：P===6.0×103W，故D正确。
故选：BCD。
（1）利用W有=Gh计算有用功；
（2）已知有用功、机械效率，利用η=计算出总功，利用W总=Fs计算拉力F；
（3）利用W总=W有+W额计算额外功；
（4）利用P=计算拉力功率。
本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、功率，要灵活利用公式：只有在不计摩擦和钢丝绳的重力时，才能用F=（G+G动）计算拉力。
15.【答案】BD

【解析】解：
A、灯与变阻器串联，电压表测灯的电压，电流表测灯的电流，
由图乙知，灯的电流随电压的变化关系为一曲线，说明灯的电阻是变化的，故小灯泡的电阻约为12.7Ω是错误的；
B、灯在额定电压下的电流0.30A，故灯的额定功率：P=UI=3.8V×0.30A=1.14W，B正确
C、电源电压恒为6V，由串联电路的规律及欧姆定律，灯正常发光时变阻器连入电路的电阻：
R滑==≈7.33Ω；
D、由乙图知，当灯的电压为2.0V时，灯的电流为0.22A，根据串联电路电压的规律，变阻器的电压为：
U滑=U-U′=6V-2V=4V，滑动变阻器消耗的电功率为：
P滑=U滑×I′=4V×0.22A=0.88W，D正确。
故选：BD。
A、灯与变阻器串联，电压表测灯的电压，电流表测灯的电流，
由图乙知，灯的电流随电压的变化关系为一曲线，说明灯的电压是变化的，据此分析；
B、灯在额定电压下的电流0.30A，根据P=UI求出灯的额定功率；
C、电源电压恒为6V，由串联电路的规律及欧姆定律得出灯正常发光时变阻器连入电路的电阻；
D、由乙图知当灯的电压为2.0V时灯的电流，根据串联电路电压的规律得出变阻器的电压，根据P=UI得出滑动变阻器消耗的电功率。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是从图中获取有效的信息。
16.【答案】使物质受热均匀、温度变化缓慢  晶体  BC  小于

【解析】解：
（1）利用水浴法加热，能使物质受热均匀、温度变化缓慢，便于观察实验过程；
（2）由图可知，该物质在熔化的过程中有一定的熔点，属于晶体；读图可知，BC段时这种物质吸热，但温度不再升高，所以BC段是熔化过程；
由图中可知：AB段和CD段，温度变化相同，CD段加热时间长，加热时间不同，所以CD段吸热多。这是因为，该物质在AB段是固态，在CD段是液态，根据Q吸=cm△t可得，液态的比热容大于固态的比热容，即AB段的比热容小于CD段的比热容。
故答案为：（1）使物质受热均匀、温度变化缓慢；（2）晶体；BC；小于。
（1）利用“水浴法”加热，可以使物质受热均匀、温度变化缓慢；
（2）晶体有一定的熔点，非晶体没有一定的熔点；从图象中辨别晶体与非晶体主要看这种物质是否有一定的熔点，即有一段时间这种物质吸热，但温度不升高，而此时就是这种物质熔化的过程；根据Q吸=cm△t分析比热容的大小。
此题是晶体的熔化实验，主要探究了晶体在熔化过程中的特点。同时此题主要考查的是学生对图象的分析和处理能力。
17.【答案】30.0  C  照相机  凹透镜

【解析】解：（1）如图，凸透镜的焦距f=10cm，物距大于像距，u=30.0cm，由凸透镜成像规律可知，成倒立、缩小的实像，烛焰的像应为图乙中的C，应用于照相机。
（2）保持蜡烛和凸透镜的位置不变，只将光屏向右移动又重新得到清晰的像，说明物距不变，像距增大了，也就是透镜对光线有发散作用，因此这只透镜是凹透镜；
故答案为：（1）30.0；C；照相机；（2）凹透镜。
（1）凸透镜成像时，u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机。
（2）保持蜡烛和凸透镜的位置不变，只将光屏向右移动又重新得到清晰的像，说明物距不变，像距增大了，据此分析另一透镜的类别。
此题主要考查的是学生对凸透镜成像规律的应用理解和掌握，常见题目。
18.【答案】越远  相同  慢  做匀速直线运动  多  速度

【解析】解：（1）去掉棉布；木板较棉布光滑，小车在木板上受到的阻力较小，运动的距离更远；小车在水平面的初速度相同，下车最终静止，所以在水平面上两次滑行的全过程，小车速度的减小量是相同的；
由实验可以看出，运动的小车所受的阻力越小，向前滑行的距离越远，据此推理可知：如果小车运动时不受阻力，小车运动的无限远，即它将做匀速直线运动；
（2）质量较大的钢球将小木块推得较远，即小木块克服摩擦力做功较大，这表明它对小木块做的功较多；所以结论为：速度相同的物体，质量越大，它的动能越大。
故答案为：（1）越远；相同；慢；做匀速直线运动；（2）多；速度。
（1）探究阻力对物体运动的影响，要控制物体到达水平面上的初速度相同，让小车在不同粗糙程度材料的表面上运动，比较通过的距离大小；木板较棉布光滑，小车在木板上运动受到的阻力较小，运动的距离更远，据此得出结论；由实验结论推理回答；
（2）一个物体能够做功就说这个物体具有能量，若物体做的功越多就说明物体具有的能量越大，即观察小球推动木块的距离即可；影响动能大小的因素是质量和速度，在研究时要采用控制变量法。
该实验采用的物理研究方法有转换法和控制变量法，尤其是控制变量法，因为影响动能大小的因素有质量和速度，所以在探究一个因素时，必须保证另一个影响因素不变。
19.【答案】物体的重力  拉力的大小  相同  能够改变力的方向

【解析】解：（1）在研究使用定滑轮是否省力时，实验中应匀速提升重物，测量出物体的重力和拉力的大小，根据这两个力的大小分析定滑轮是否省力；
（2）如图乙所示，分别用拉力F1、F2、F3匀速提升重物，由于使用定滑轮不省力也不费力，所以三个力的大小关系是相同；
（3）旗杆顶部有一个定滑轮，能够改变拉力的方向。
故答案为：（1）物体的重力；拉力的大小；（2）相同；（3）能够改变力的方向。
定滑轮的实质是一个等臂杠杆，使用定滑轮不省力也不费力，但可以改变力的方向。
此题考查了定滑轮的使用特点，是一道较简单的实验题。
20.【答案】各个方向  深度  ＜  ＞

【解析】解：
（1）比较A、B可知，在液体内部的同一深度，橡皮膜的方向不同，U型管的液面高度差是相同的，即向各个方向的压强都是相等的；
比较A、C可知，液体的密度相同，深度不同，深度越深，U型管液面高度差越大，即压强越大，所以液体内部压强的大小跟深度有关；
（2）由图D可知，a中液体的深度要大于b中液体的深度，橡皮膜没有发生形变，说明此处的压强相同，根据p=ρgh可知，a的密度要小于b的密度，即ρa＜ρb；
图E中，c中液体的深度要大于b中液体的深度，橡皮膜向左发生了形变，说明右侧的压强大，根据p=ρgh可知，a的密度要大于c的密度，即ρa＞ρc。
故答案为：（1）各个方向；深度；（2）＜；＞。
（1）根据U型管液面的高度差，利用控制变量法判定压强的影响因素；
（2）液体内部压强的大小与液体的深度、液体的密度有关；
了解压强计的构造及使用原理、影响液体压强的因素以及控制变量法的应用便能顺利回答此题。
21.【答案】U形磁铁  灵敏电流计  ②③

【解析】解：（1）由图可知，图中含有U形磁铁，U形磁铁的周围存在磁场；实验中通过灵敏电流计的指针的偏转情况判定电路中有无电流；
（2）①蹄形磁体和导体AB都静止，导体没有做切割磁感线的运动，不会产生感应电流；
②蹄形磁体静止，导体AB左右运动，导体做切割磁感线的运动，会产生感应电流；
③导体AB静止，蹄形磁体左右运动，导体做切割磁感线的运动，会产生感应电流；
故选②③。
故答案为：（1）U形磁铁；灵敏电流计；（2）②③。
（1）磁体的周围存在磁场；当灵敏电流计的指针发生偏转时，表明电路中有电流通过；
（2）产生感应电流的条件：闭合回路中的部分导体做切割磁感线的运动；
本题考查感应电流的产生条件，应明确两点：一应是闭合回路，二应是切割磁感线。
22.【答案】右  2.9  ③  滑动变阻器  结论要以电压不变为前提（或实验时要进行多次实验，使实验结论具有普遍性）

【解析】解：（1）如图，滑动变阻器接左半部分，滑片处于最右端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，在电路中起保护电路的作用。
（2）电压表使用0～3V，每一个大格代表1V，每一个小格代表0.1V，所以电压表的示数是2.9V。
闭合开关后，电流表示数为零，说明电路是断路，两节干电池的电压是3V，电压表的示数是2.9V，并且移动滑动变阻器的滑片，电压表的示数不变，判断电压表并联的部分是断路，故选③。
（3）探究电流跟电阻的关系时，用滑动变阻器控制定制电阻两端的电压不变。
需要改进的地方：
A．实验过程中只做了两次实验，得到的实验结论具有偶然性，实验时要进行多次实验，使实验结论具有普遍性。
B．实验结论没有前提，探究电流跟电阻的关系时，要以电压不变为前提。
故答案为：（1）右；（2）2.9；④；（3）滑动变阻器；结论要以电压不变为前提（或实验时要进行多次实验，使实验结论具有普遍性）。
（1）滑动变阻器在电路中起保护电路的作用，滑动变阻器滑片处于最大阻值处。
（2）首先确定电压表使用的量程，然后明确每一个大格和每一个小格代表的示数，然后读数。
首先根据电流表无示数确定电路是断路，电压表接近电源电压可以判断电压表并联的部分断路。
（3）探究电流跟电阻的关系时，滑动变阻器的作用是保护电路和控制定制电阻两端的电压不变。
需要改进的地方：实验结论不完整；多次实验使实验结论具有普遍性。
对于电路故障问题，首先通过电流表的示数判断是通路还是断路，电流表有示数是通路，无示数是断路。如果是通路，在用电压表判断哪部分是短路，电压表无示数时，电压表并联的部分是短路，电压表有示数，电压表并联之外的部分是短路；如果是断路，电压表有示数，电压表并联的部分是断路，电压表无示数，电压表并联之外的部分是断路。
23.【答案】解：（1）由铭牌可知，移动电源的输入电压U=5V，电池容量Q=6000mA•h=6A•h，
则该移动电源充电后最多储存的电能：
W=UIt=5V×6A×3600s=1.08×105J；
（2）一张A4纸的重力：
G===0.0436N，
一张A4纸平放在水平桌面上时，对桌面的压力：
F=G=0.0436N，
与桌面的接触面积：
S=210mm×297mm=62370mm2，
它对桌面的压强：
p==≈0.699Pa。
答：（1）该移动电源充电后最多储存1.08×105J的电能；
（2）一张A4纸平放在水平桌面，它对桌面的压强为0.699Pa。

【解析】（1）由铭牌可知，移动电源的输入电压和电池容量，根据W=UIt求出该移动电源充电后最多储存的电能；
（2）根据题意求出一张A4纸的重力，一张A4纸平放在水平桌面上时，对桌面的压力和自身的重力相等，根据面积公式求出与桌面的接触面积，利用p=求出它对桌面的压强。
本题考查了电功公式和压强公式的应用，从铭牌中获取有用的信息是关键，要注意物体对水平面的压力和自身的重力相等。
24.【答案】解：
（1）由p=ρ水gh得，容器中水的深度为：
h===0.3m；
（2）因为此时小球全部浸没在水中，所以V排=V球，
则小球受到的浮力：
F浮=ρ水gV球=1.0×103kg/m3×10N/kg×100×10-6m3=1N；
由力的平衡条件可知，F浮=G+F压，
挡板对小球的压力为：F压=F浮-G=1N-0.6N=04N；
（3）当撤去挡板后，小球要上浮，最后漂浮在液面上，所以F浮′=G=0.6N；
此时水对容器底的压力变化量：
△F=△pS=ρg△hS=ρg△V排=△F浮=F浮-F浮′=1N-0.6N=0.4N。

【解析】（1）已知水对容器底产生的压强，根据液体压强公式p=ρgh变形即可求出容器中水的深度；
（2）根据阿基米德原理求出小球浸没时受到的浮力，根据力的平衡F浮=G+F压，据此求出挡板对小球的压力；
（3）当撤去挡板后，小球要上浮，最后漂浮在液面上，水对容器底的压力变化量等于小球排开水的重力变化量，等于小球受到的浮力变化量。
此题涉及到液体压强的计算，阿基米德原理，物体的浮沉条件等知识点，综合性较强，而且有一定的拔高难度。
25.【答案】解：
（1）由图乙知，加热功率为P1=1600W，保温功率为P2=400W，
根据P=UI，在电压不变时，功率与电流与正比，该电热水壶加热和保温时的电流之比为：1600W：400W=4：1；
（2）当开关S接1时，为R1的简单电路；当开关S接2时，两电阻串联，由串联电路总电阻大于其中任一分电阻，根据P=可知，S接2时总功率最小，此时为保温档，则S接1时为加热档，加热状态时电路中的电阻：
R1===30.25Ω；
保温时电路的总电阻为：
R串联===121Ω；
由串联电阻的规律可得R2的阻值：
R2=R串联-R1=121Ω-30.25Ω=90.75Ω；
（3）水温从20℃升至80℃需要吸收的热量：
Q=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×1.2kg×（80℃-20℃）=3.024×105J；
加热时热水壶的工作效率为90%，即η==，
需要的加热时间：
t===210s。
答：（1）该电热水壶加热和保温时的电流之比为4：1；
（2）电阻R2的阻值为90.75Ω；
（3）给1.2kg的水加热，使水温从20℃升至80℃，热水壶的工作效率为90%，需要210s。

【解析】（1）由图乙知，加热功率及保温功率，根据P=UI，在电压不变时，功率与电流与正比求出该电热水壶加热和保温时的电流之比；
（2）分析开关转换时电路的连接，由串联电阻的规律及P=得出不同档位电路的结构，根据P=求出R1和串联电阻的规律，由串联电阻的规律得出R2的阻值；
（3）根据Q=cm△t求出水温从20℃升至80℃需要吸收的热量，根据η==得出需要的加热时间。
本题为电热综合题，考查串联电路的规律、吸热公式、电功率公式及效率公式的运用，为中考的热点问题。
26.【答案】电路用电器总功率过大或发生短路

【解析】解：
（1）家庭电路中两盏灯并联，由开关S控制，所以S应在两灯的干路部分，为了安全，开关应先连接火线，由此连接电路如图所示：

（2）当电路中电流过大时，为了保护电路，空气开关跳闸，造成电流过大的原因可能是电路某处有短路或用电器总功率过大；
所以当打开空调时，空气开关“跳闸”，原因可能是电路用电器总功率过大或发生短路。
故答案为：（1）如图所示；（2）电路用电器总功率过大或发生短路。
（1）家庭电路中灯泡应并联，开关要接在火线和所控制两盏灯之间；
（2）家庭电路中电流过大的原因：电路用电器总功率过大或发生短路。
本题考查家庭电路的连接以及电路中电流过大原因的分析，电路连接注意要规范并符合安全用电的要求。
27.【答案】③④

【解析】解：
（1）由图知，O为支点，反向延长力F的作用线，由O点做F作用线的垂线，垂线段长为其力臂L，如图所示：

（2）①拉杆箱的重力、重力的力臂不变，缩短拉杆的长度，则拉力的力臂变短，根据杠杆的平衡条件可知，拉力变大，故此方法不可行；
②拉杆箱的重力、重力的力臂不变，使拉力方向顺时针改变30°，此时拉力的力臂为0，不省力，不能使作用在A点的拉力减小，故此方法不可行；
③拉杆箱的重力、重力的力臂不变，使拉力方向逆时针改变60°，此时拉力的力臂变大，根据杠杆的平衡条件可知拉力变小，故此方法可行；
④拉杆箱的重力不变，将箱内较重的物品靠近O点摆放，重心由B变至B′，重力的力臂变短，拉力方向不变，拉力的力臂不变，根据杠杆的平衡条件可知，拉力变小，故此方法可行。
故选：③④。
故答案为：（1）见上图；（2）③④。
（1）力臂是支点到力的作用线的距离，由此画出F的力臂；
（2）根据杠杆的平衡条件分析各选项中作用在A点拉力的变化即可。
本题考查杠杆的力臂作图以及杠杆的动态平衡问题，正确分析各种情况下力臂的变化是关键。
28.【答案】①  增加线圈的匝数

【解析】解：（1）根据安培定则可知，螺线管的左端为N极，右端为S极，磁感线是从磁体的N极出来，回到S极的，如图：
；
（2）螺线管右端为S极，根据异名磁极相互吸引可知，小磁针会顺时针偏转90°；故选①；
（3）要增强此螺线管的磁性，可采用增加线圈的匝数、增大电源电压等方法。
故答案为：（1）如图；（2）①；（3）增加线圈的匝数。
（1）根据安培定则判定螺线管的极性，磁感线是从磁体的N极出来，回到S极的；
（2）同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；
（3）螺线管的极性的大小与线圈的匝数和电流的大小有关。
本题考查了安培定则的应用、磁极间的相互作用规律、影响电磁铁磁性大小的因素，难度不大，要熟记。
29.【答案】③  0.482

【解析】解：
（1）由题意可知，微波的性质比中波和短波更接近光波，其传播路径更接近沿直线传播，不能沿地球表面绕射，
所以，用微波传递信息时，必须每隔50km左右就要建设一个微波中继站；
（2）由题意可知，地球上b处地面站能接收到a处发送的信号，则a、b两点关于法线对称，连接a、b两点，做出中垂线即为法线，
找到法线与同步卫星轨道的交点，然后做该点的切线即为平面镜的位置，微波从a点发出然后到达b点，如下图所示：

（3）a处发送的微波信号传送到b处时微波通过的路程：
s=3.58×104km×2+7.30×104km=1.446×105km，
微波传播的速度等于光速，即v=3.0×105km/s，
由v=可得，a处发送的微波信号传送到b处所用的时间：
t===0.482s。
故答案为：（1）③；（2）如上图所示；（3）0.482。
（1）由题意可知，微波的性质比中波和短波更接近光波，其传播路径和光在同种、均匀介质的传播路径更接近；
（2）光的反射定律：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角。根据光的反射定律可知a、b两点关于法线对称，连接两点做出中垂线即为法线，找到法线与同步卫星轨道的交点，然后做该点的切线即为平面镜的位置，据此进行解答；
（3）a处发送的微波信号传送到b处微波经过的路程等于通信卫星距地面的高度的2倍加上任意两颗卫星之间的距离，微波传播的速度等于光速，根据v=求出a处发送的微波信号传送到b处所用的时间。
本题考查了学生对光的传播路径和光的反射定律、速度公式的掌握与应用，熟知光的发射定律和最后一问中微波的路程是关键。