2020年上海市中考物理试卷

这是一份2020年上海市中考物理试卷，共20页。试卷主要包含了单选题，填空题，计算题，综合题，作图题，实验探究题等内容，欢迎下载使用。


2020年上海市中考物理试卷
题号
一
二
三
四
五
六
总分
得分








一、单选题（本大题共8小题，共16.0分）
1. 在太阳系中，太阳属于（　　）
A. 恒星 B. 行星 C. 卫星 D. 彗星
2. 在公共场所交谈要轻声，是指要控制声音的（　　）
A. 音色 B. 响度 C. 音调 D. 频率
3. 下列实例中利用大气压强工作的是（　　）
A. 用钓鱼竿钓鱼 B. 用吸管吸饮料
C. 用硬棒撬石块 D. 用温度计测温度
4. “力”单位的命名，是为了纪念科学家（　　）
A. 安培 B. 伏特 C. 欧姆 D. 牛顿
5. 沿海地区昼夜温差比同纬度内陆地区小，主要是因为水的（　　）
A. 比热容较大 B. 比热容较小 C. 密度较大 D. 密度较小
6. 分子在不停地做无规则运动，能体现此规律的现象是（　　）
A. 雪花纷飞 B. 树叶飘落 C. 花香扑鼻 D. 水波荡漾
7. 甲、乙两车同时从P点出发，沿同方向做匀速直线运动，两车的s-t图象分别如图（a）（b）所示。两车先后到达距P点18米的Q处，时间差为△t，则（　　）


A. 甲比乙先到达Q处，△t=12s B. 甲比乙先到达Q处，△t=18s
C. 乙比甲先到达Q处，△t=12s D. 乙比甲先到达Q处，△t=18s
8. 如图所示，均匀正方体甲、乙置于水平地面上，甲、乙对地面的压强分别为p甲、p乙．若沿水平方向截去相同体积后，甲、乙剩余部分对地面的压强相等。则（　　）

A. p甲可能小于p乙 B. p甲可能大于p乙
C. p甲一定小于p乙 D. p甲 一定大于p乙
二、填空题（本大题共7小题，共14.0分）
9. 家庭电路中，电饭煲与空调是______的（选填“串联”或“并联”）；发电站通过______输电线路将电能输送至远方的变电站（选填“高压”或“低压”）；将一根导线置于静止的小磁针上方，当导线通电时小磁针发生偏转，此现象表明电流周围存在______。
10. 平面镜所成的像是______的（选填“放大”“等大”或“缩小”）。四冲程内燃机工作时，将内能转化为机械能的是______冲程。如图所示的开瓶器，是______杠杆（选填“省力”“等臂”或“费力”）。
11. 2020年5月，我国新一代载人飞船试验船返回舱成功返回。在返回舱降落的过程中，以地面为参照物，返回舱是______的（选填“运动”或“静止”），舱内物体的重力势能______，其惯性______（后两空均选填“增大”“不变”或“减小”）。
12. 某导体两端的电压为6伏，10秒内通过其横截面的电荷量为3库，通过该导体的电流为______安，该导体的电阻为______欧；增大该导体两端的电压，其电阻值______（选填“增大””“不变”或“减小”）。
13. 重为9.8牛的木块漂浮在水面上，木块所受浮力的大小为______牛，方向为竖直______，所受重力与浮力的合力大小为______牛。
14. 在如图所示的电路中，电源电压为U0保持不变，电阻R1、R2的阻值均为R0，闭合开关S，只有两个电表的指针发生偏转。若电路中仅有一处故障，且只发生在电阻R1、R2上，请根据以上信息，写出闭合开关S后电压表V1和电流表A的示数及相对应的故障。______。
15. 如图所示，当一个带负电的物体甲靠近不带电的金属导体乙时，乙的a端会带正电、b端会带负电。
①发生上述现象的原因：金属导体中存在大量可移动的自由电子，电子带______电（选填“正”或“负”）；自由电子受到物体甲所带电荷的______作用移动到导体乙的一端（选填“吸引”或“排斥”）；
②若将图中的物体甲换成带正电的物体，根据上述分析可得，导体乙的______（选填“A”“B”或“C”）。
A．a、b两端都不会带电
B．a端会带正电、b端会带负电
C．a端会带负电、b端会带正电
三、计算题（本大题共3小题，共24.0分）
16. 质量为2千克的水，温度升高了10℃．求水吸收的热量Q吸．[c水=4.2×103焦/（千克•℃）]。







17. 物体在10牛的水平拉力作用下沿拉力方向做匀速直线运动，10秒内前进了20米。求此过程中拉力所做的功W和功率P。







18. 在如图所示的电路中，电源电压为3伏保持不变，滑动变阻器R2标有“20欧2安”字样。只闭合开关S1，电流表示数为0.3安。
①求电阻R1的阻值；
②求通电10秒钟，电流通过电阻R1所做的功W；
③闭合开关S2，移动滑动变阻器滑片P，使R1和R2消耗的总功率最小，求此最小总功率P最小。







四、综合题（本大题共1小题，共10.0分）
19. 如图所示，盛有水的轻质薄壁柱形容器甲、乙置于水平地面上，底面积分别为S、2S，容器足够高。
①若容器甲中水的质量为2千克，求甲中水的体积V水；
②若容器甲中水的深度为0.1米，求水对甲底部的压强p水；
③现有三个物体A、B、C，其密度、体积的关系如下表所示。请选择其中一个，将其放入容器甲或乙中（物体均能浸没在水中），使水对容器底部压强的变化量△p水、容器对水平地面压强的变化量△p容均最大。写出选择的物体和容器并说明理由，求出△p水最大和△p容最大。
物体
密度
体积
A
3ρ
2V
B
2ρ
3V
C
ρ
3V

五、作图题（本大题共3小题，共6.0分）
20. 在图中，小球受到的重力G为6牛，用力的图示法画出重力G。












21. 在图中，根据给出的反射光线OB画出入射光线AO，并标出入射角的大小。








22. 在如图所示电路的O里填上适当的电表符号。要求：闭合开关S，各电路元件均能正常工作。












六、实验探究题（本大题共4小题，共24.0分）
23. 在“探究二力平衡的条件”实验中，用来测量力的仪器是______；在“探究杠杆平衡的条件”实验中，为便于直接从杠杆上读出力臂的数值，应使杠杆在______位置保持平衡；“测定物质的密度”的实验原理是______；在“测定小灯泡的电功率”实验中，所选电源电压应______小灯泡的额定电压（选填“大于”“等于”或“小于”）。
24. 在“探究凸透镜成像的规律”实验中，应调整凸透镜的中心，光屏的中心与烛焰的中心大致在同一______，以保证像成在光屏中央；将烛焰与光屏置于凸透镜的______（选填“两侧”或“同侧”），移动光屏直到光屏上所成的______像最清晰（选填“实”或“虚”），像是______的（选填“正立”或“倒立”）。
25. 小华做“用电流表、电压表测电阻”实验，现有电源（电压为1.5伏的整数倍保持不变）、待测电阻、电流表、电压表、滑动变阻器、开关各一个，以及导线若干。他正确串联电路后，将电压表并联在电路中。闭合开关，移动滑动变阻器滑片，将测得的两组数据记录在表一中。小华观察数据思考后重新连接了电压表，将新测得的两组数据记录在表二中。小华通过数据处理求出了待测电阻的阻值，完成实验。
表一
实验序号
电压表示数（伏）
电流表示数（安）
1
2.6
0.18
2
2.3
0.20
表二
实验序号
电压表示数（伏）
电流表示数（安）
3
2.2
0.20
4
2.6
0.24
①获得表一实验数据的过程中，小华将电压表并联在______的两端；
②实验中小华所用的电源电压为______伏；
③根据表一中实验序号1的数据，计算此次待测电阻的阻值为______欧；（精确到0.1欧）
④根据实验数据，计算并判断所用滑动变阻器的规格能否为“10欧 2安”。______（需写出计算过程）
26. 某小组同学用如图所示装置，研究圆柱体在水中下降的过程中弹簧测力计示数和台秤示数的变化情况。他们使圆柱体在水中缓慢下降，将圆柱体下表面到水面的距离h、弹簧测力计的示数F1、台秤的示数F2记录在下表中。
实验序号
h（厘米）
F1（牛）
F2（牛）
1
1.0
7.7
10.3
2
2.0
7.4
10.6
3
3.0
7.1
10.9
4
4.0
6.8
11.2
5
5.0
6.5
11.5
6
6.0
6.5
11.5
①分析比较实验序号1～4的数据中F1、F2的变化情况及相关条件，可得出的初步结论是：圆柱体在浸入水的过程中，F1______，F2______；
②表中实验序号______的数据表明，圆柱体在相应的位置已全部浸没在水中；
③表中两组数据间F1变化量的大小为△F1，相应的F2变化量的大小为△F2，分析比较实验序号1～6的数据，可得出的结论是：圆柱体在水中缓慢下降的过程中，△F1与△F2的关系是______。当圆柱体处于实验序号6的位置时，所受浮力的大小为______牛。
答案和解析
1.【答案】A

【解析】解：太阳是能够发光发热的星体，是离我们最近的恒星。
故选：A。
解答本题应掌握：能够自身发光发热的星体称为恒星，离我们最近的恒星为太阳；同时应记清太阳系里的八大行星。
本题考查对恒星及行星的认识，属于基础内容。
2.【答案】B

【解析】解：轻声是指声音小，而响度是指声音的大小，所以在公共场所交谈要轻声，是指要控制声音的响度，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选：B。
响度是指声音的大小，音调指声音的高低，音色是指声音的品质和特色，频率是指振动的快慢，可以影响到音调的高低。
音调和响度的概念很容易混淆，是考试的热点内容之一，所以一定要认真区分。
3.【答案】B

【解析】解：
AC，钓鱼竿钓鱼、硬棒撬石块是利用杠杆平衡条件，故AC不符合题意；
B，用吸管吸饮料时，是利用大气压强，故B符合题意；
D，温度计是利用工作液体的热胀冷缩工作的，故D不符合题意。
故选：B。
大气压的应用大多是利用内外的气压差，所以要判断是否是大气压的应用，要注意有没有形成这个“气压差”。
本题考查了学生对生活和实验中常见工具、器材原理的掌握和了解，要知道这些工具、器材都是物理原理在生活中的实际应用。
4.【答案】D

【解析】解：A、安培是电流的单位。故A不符合题意；
B、伏特是电压的单位。故B不符合题意；
C、欧姆是电阻的单位。故C不符合题意；
D、在国际单位制中，力的单位是牛顿，简称牛，是为了纪念英国的科学家牛顿而命名的。故D符合题意。
故选：D。
物理学上的很多单位都是以科学家的名字命名的，依次明确各选项中的物理学家的名字命名了什么物理量的单位，即可做出判断。
在国际单位制中，为了纪念科学家在物理学研究中的杰出贡献，好多单位以他们的名字来命名的，例如：电压--伏特、电流--安培、电阻--欧姆、功和能量--焦耳、功率--瓦特、力--牛顿、压强--帕斯卡等。
5.【答案】A

【解析】解：因为水的比热容较大，相同质量的水和沙石比较，白天吸收相同的热量时，水的温度升高得少；夜晚放出相同的热量时，水的温度降低得少，使得沿海地区昼夜温差小，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选：A。
与其他物质相比，水的比热容较大，在质量相同，吸收或放出相同热量时，水的温变化小。
本题考查了水的比热容大的应用，相对比较简单，属于基础题。
6.【答案】C

【解析】解：由于分子的体积很小，分子的运动无法用肉眼直接看到，但可以通过气味、颜色的变化来体现。因此，雪花纷飞、树叶飘落、水波荡漾都不是扩散现象，不能说明分子在不停地做无规则运动，而花香扑鼻能说明分子在不停地做无规则运动。故ABD不符合题意，C符合题意。
故选：C。
不同的物质在相互接触时彼此进入对方的现象叫做扩散现象，由于分子的体积很小，分子的运动无法用肉眼直接看到，但可以通过气味、颜色的变化来体现。
本题考查扩散现象、分子的运动，扩散现象不但说明了分子在不停地做无规则运动，还体现了分子之间有间隙。
7.【答案】C

【解析】解：由图象可知，s甲=3.6m，t甲=6s；s乙=6.0m，t乙=6s；
则甲车的速度为：v甲===0.6m/s，
乙车的速度为：v乙===1m/s。
甲车通过18米的路程需要的时间为：t甲′===30s，
乙车通过18米的路程需要的时间为：t乙′===18s，
故乙车先到达Q处，两车到达Q处的时间差为：△t=t甲′-t乙′=30s-18s=12s。
故选：C。
根据图a和图b读出对应的路程与时间，首先根据速度公式得到甲、乙的速度；再求出两车通过18米的路程需要的时间，进而得出时间差。
此题考查速度公式及其应用，有一定难度，能够从图象上获取相关信息，常见题目。
8.【答案】D

【解析】解：正方体水平放置在地面上，物体对地面的压强为p======ρgh；
所以有p甲=ρ甲gh甲，p乙=ρ乙gh乙
若沿水平方向截去相同体积后，甲、乙剩余部分的高度为h甲′，h乙′，
因为甲、乙剩余部分对地面的压强相等，
则有p甲′=ρ甲gh甲′=p乙′=ρ乙gh乙′，
由图可知h甲′＜h乙′，
所以有ρ甲＞ρ乙
切去的体积相同，则有△V=S甲△h甲=S乙△h乙
因为S甲＜S乙，所以得△h甲＞△h乙
则切去后甲对地面的压强减少量为△p甲=ρ甲g△h甲
乙对地面的压强减少量为△p乙=ρ乙g△h乙
所以△p甲＞△p乙
则有p甲=p甲′+△p甲，p乙=p乙′+△p乙，
因为p甲′=p乙′，△p甲＞△p乙，
所以p甲＞p乙，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选：D。
物体对水平面的压力和和自身的重力相等，均匀正方体对地面的压强为p======ρgh，据此表示出原来压强和沿水平方向切去部分后甲、乙对地面压强，根据剩余的高度判断出两正方体的密度关系，再根据p=ρgh比较剩余部分对地面的压强关系，进一步得出原来两者对地面的压强关系。
本题考查了压强大小的比较，利用均匀、规则物体（正方体、长方体、圆柱体等）对水平面上的压强公式p======ρgh是关键。
9.【答案】并联  高压  磁场

【解析】解：在家庭电路中，电饭煲与空调之间工作相互不影响，是以并联的方式连接；
在输送功率一定时，电压越高，电流越小，输送过程中能量损失越小，所以从发电站到用电区采用高压输电；
在静止的小磁针上方，放一根导线，给导线通电时磁针将偏转，说明了通电导体周围存在磁场。
故答案为：并联；高压；磁场。
①家庭电路中各用电器的额定电压一般是220V，只有并联在家庭电路中，各用电器才能正常工作，并且互不影响；
②根据P=UI，在输送功率一定时，电压越高，电流越小，根据Q=I2Rt，电阻一定，通电时间一定时，电流越小，电热越少，输送过程中能量损失越小，所以从发电站到用电区采用高压输电；
③奥斯特实验：在静止的小磁针上方，放一根与磁针平行的导线，给导线通电时磁针将偏转，说明了通电导体周围存在磁场。
本题考查了家用电器正常连接方法、高压输电和电流的磁效应，我们要明白高压输电的原因。
10.【答案】等大  做功  省力

【解析】解：（1）根据平面镜成像特点，平面镜成等大、正立的虚像；
（2）四冲程内燃机的做功冲程，燃料在缸内燃烧，将燃料的内能转化为机械能；
（3）由图开瓶器动力的力臂大于阻力臂，根据杠杆的平衡条件可知它是一个省力杠杆，是生活中常见的简单机械。
故答案为：等大；做功；省力。
（1）平面镜成等大、正立的虚像；
（2）内燃机在做功冲程的能量转化是将内能转化为机械能的；
（3）动力臂大于阻力臂的是省力杠杆，动力臂小于阻力臂的是费力杠杆。
本题考查对平面镜、内燃机能量转换、杠杆类型的分析判断，属于一道综合题。
11.【答案】运动  减小  不变

【解析】解：
在返回舱降落的过程中，以地面为参照物，返回舱相对于地面发生了位置的变化，所以返回舱是运动的。
物体的重力势能与物体的质量和距离参照面的高度有关。返回舱降落的过程中，舱内物体的质量不变，高度减小，所以，舱内物体的重力势能减小。
惯性是物体本身固有的属性，惯性的大小只与物体的质量有关，降落过程中，舱内物体的质量不变，所以惯性不变。
故答案为：运动；减小；不变。
物体与参照物之间的相对位置如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的；
重力势能大小的影响因素：质量和高度。质量越大，高度越高，重力势能越大；
惯性大小只与质量有关。
本题主要考查学生对运动和静止的相对性、重力势能大小、惯性大小的理解和掌握，属于基础知识。
12.【答案】0.3  20  不变

【解析】解：
通过导体的电流为I===0.3A；
由I=可得，该导体的电阻为R===20Ω；
电阻是导体本身的一种性质，与导体的材料、长度和横截面积和温度有关，与导体两端的电压和通过的电流无关，因此当导体两端的电压增大时，导体的电阻不变。
故答案为：0.3；20；不变。
（1）知道10秒内通过该导体横截面的电荷量，根据I=求出通过该导体的电流；又知道导体两端的电压，根据R=求出导体的电阻；
（2）电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与导体两端的电压和通过的电流无关。
本题考查了电流的定义式和欧姆定律的应用，关键是知道导体的电阻与导体两端的电压和通过的电流无关，是一道基础题目。
13.【答案】9.8  向上  0

【解析】解：
木块漂浮在水面上，根据漂浮条件可知，所以木块所受浮力的大小：F浮=G=9.8N，木块所受浮力的方向竖直向上。
因为木块漂浮，所以木块处于平衡状态，则木块的重力与木块受到的浮力是一对平衡力，合力为0N。
故答案为：9.8；向上；0。
①浮力的方向竖直向上，物体漂浮时所受浮力等于自身的重力；
②静止或匀速直线运动的物体，处于平衡状态，所受合力为0。
此题考查了浮力的方向、漂浮条件和平衡状态的判断，难度不大，是一道基础题。
14.【答案】V1表示数为U0，A表示数为，R2短路；V1表示数为0，A表示数为，R1短路

【解析】解：根据电路图可知，闭合开关，两电阻串联，电流表A测电路中的电流，电压表V1测量电阻R1两端的电压，电压表V2测量电阻R2两端的电压。
闭合开关S，如果R1断路，则电流表和V2无示数；如果R2断路，则电流表和V1无示数；
已知闭合开关有两个电表的指针发生偏转，说明电路是通路，则电路故障为R1或R2短路。
①若电压表V1示数为U0，则电流表A表示数为I==，故可能R2短路；
②若电压表V1示数为0，则电流表A示数为I==，故可能R1短路。
故答案为：V1表示数为U0，A表示数为，R2短路；V1表示数为0，A表示数为，R1短路。
根据电路图可知，闭合开关，两电阻串联，电流表测量电路电流，电压表V1测量电阻R1两端的电压，电压表V2测量电阻R2两端的电压，根据电流表和电压表的示数变化情况判断电路故障。
此题考查电流表、电压表在电路故障中的作用判断，要结合电路图和电路的特点，采用排除法进行分析。
15.【答案】负  排斥  C

【解析】解：
（1）电子带负电；因同种电荷相互排斥，所以乙中自由电子会受到带负电的物体甲的排斥力；
（2）将图中的物体甲换成带正电的物体，因异种电荷相互吸引，所以乙中自由电子会受到带正电的物体的吸引，移动到导体乙的a端，使a端带负电，而b端因失去电子（失去负电荷）而带正电，故C符合题意，AB不合题意。
故答案为：①负；排斥；（2）C。
电子带负电；同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，据此结合题意解答。
本题考查电子的带电情况以及电荷之间的相互作用规律，难度不大。
16.【答案】解：
Q吸=cm△t
=4.2×103J/（kg•℃）×2kg×10℃
=8.4×104J。
答：水吸收的热量为8.4×104J。

【解析】知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温，利用吸热公式Q吸=cm△t求水吸收的热量。
本题考查了学生对吸热公式Q吸=cm△t的掌握和运用，注意温度升高了（△t）与升高到（末温）的区别。
17.【答案】解：拉力做的功：
W=Fs=10N×20m=200J；
拉力的功率：
P===20W。
答：此过程中拉力做的功为200J，功率为20W。

【解析】知道水平拉力的大小和前进的距离，根据W=Fs求出拉力做的功，根据P=求出功率的大小。
本题考查了功和功率的计算，难度不大，是一道较为简单的计算题。
18.【答案】解：
①只闭合开关S1，电路为只有R1的简单电路，电阻R1的阻值为：
R1===10Ω；
②通电10秒钟，电流通过电阻R1所做的功为：
W=UI1t=3V×0.3A×10s=9J；
③闭合开关S2，R1R2并联，要使R1和R2消耗的总功率最小，即电路中总电阻最大，即滑动变阻器滑片P移至最右端，通过R2的最小电流为：
I2===0.15A；
电路中最小电流I=I1+I2=0.3A+0.15A=0.45A；
则最小总功率P最小=UI=3V×0.45A=1.35W。
答：
①电阻R1的阻值为10Ω；
②通电10秒钟，电流通过电阻R1所做的功W为9J；
③闭合开关S2，移动滑动变阻器滑片P，使R1和R2消耗的总功率最小，此最小总功率P最小为1.35W。

【解析】（1）分析电路的连接，根据欧姆定律求电阻R1的阻值；
（2）根据W=UIt算出通电10秒钟，电流通过电阻R1所做的功；
（3）闭合开关S2，两电阻并联，要使R1和R2消耗的总功率最小，必须电路中电流最小，即电路中总电阻最大，即滑动变阻器滑片P移至最右端，求出此时通过滑动变阻器的电流，然后计算电路的最小总功率。
本题考查了欧姆定律、电功、电功率公式的灵活运用，并联电路的电流、电压规律的应用等，熟知相关规律和公式，会电路的连接是关键，总体难度不大。
19.【答案】解：①由ρ=可得，甲中水的体积：
V水===2×10-3m3；
②水对甲底部的压强：
p水=ρ水gh水=1.0×103kg/m3×9.8N/kg×0.1m=980Pa；
③由△p水=ρ水g△h水=ρ水g=ρ水g可知，要使△p水最大，应选择V物最大的物体和S容最小的容器，
由△p容===可知，要使△p容最大，应选择m物最大的物体和S容最小的容器，
综上可知，应选择物体B和容器甲，
△p水最大=ρ水g=ρ水g=，△p容最大===。
答：①甲中水的体积为2×10-3m3；
②水对甲底部的压强为980Pa；
③将物体B放入容器甲中时，水对容器底部压强的变化量p水、容器对水平地面压强的变化量△p容均最大；
理由：由△p水=ρ水g△h水=ρ水g=ρ水g可知，要使△p水最大，应选择V物最大的物体和S容最小的容器，
由△p容===可知，要使△p容最大，应选择m物最大的物体和S容最小的容器，
综上可知，应选择物体B和容器甲，且△p水最大为，△p容最大为。

【解析】①知道容器甲中水的质量和水的密度，根据ρ=求出甲中水的体积；
②知道容器甲中水的深度，根据p=ρgh求出水对甲底部的压强；
③物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等，根据p=ρgh和V=Sh表示出水对容器底部压强的变化量，据此判断选择的物体和容器；物体对水平面的压力和自身的重力相等，根据p=和G=mg得出容器对水平地面压强的变化量，据此判断选择的物体和容器，综上得出答案。
本题考查了密度公式和液体压强公式、压强定义式的综合应用，要注意物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等以及物体对水平面的压力等于自身的重力。
20.【答案】解：小球受到重力的方向竖直向下，作用点在小球的重心，重力的大小为6N，可选取标度为3N，则所画线段的长度为标度的2倍，如图所示：
。

【解析】作力的图示时，应先分析出力的大小、方向和作用点，再确定合适的标度，画出这个力。
作图前应先进行受力分析，明确力的三要素，再按一定的标度，从力的作用点开始沿力的方向画出这个力，并标出大小和方向。
21.【答案】解：由图可知反射角为60°，可得入射角也为60°，根据反射角等于入射角在法线左侧画出入射光线，如图所示：


【解析】根据反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出入射光线并标出入射角及其度数。
由于题目已经作出法线，根据反射角等于入射角在同一平面内法线的另一侧画出入射光线即可，注意完成题目的要求。要注意入射角是入射光线与法线之间的夹角。
22.【答案】解：由题知，需要在电路的O里填上适当的电表符号；
根据电路图可知，上面的电表与R1串联，所以它是电流表；中间电表与R1并联，因此为电压表；下面的电表与R2串联，因此为电流表。如图所示：
。

【解析】电流表相当于导线，与用电器串联测量电路中的电流；电压表相当于断路，与用电器并联测量用电器两端的电压。
本题考查了电流表和电压表的使用方法，解题的关键是明白电压表是并联使用，电流表是串联使用。
23.【答案】弹簧测力计  水平  ρ=  大于

【解析】解：
（1）用来测量力的仪器是弹簧测力计；
（2）在“探究杠杆平衡的条件”实验中，为便于直接从杠杆上读出力臂的数值，应使杠杆在水平位置保持平衡。
（3）“测定物质的密度”的实验原理是：ρ=。
（4）测灯泡电功率的实验中，要分别测出灯泡电压小于、等于和大于额定电压时灯泡的实际功率，且电路中串联了一个滑动变阻器，由串联电路的分压原理知，所用电源电压应大于小灯泡的额定电压。
故答案为：弹簧测力计；水平；ρ=；大于。
（1）测量力的仪器是弹簧测力计；
（2）在“探究杠杆平衡的条件”实验中应调节杠杆在水平位置平衡，目的是为了便于测量力臂；
（3）测定物质的密度”的实验原理ρ=；
（4）测灯泡电功率的实验中，分别测灯泡电压小于、等于和大于额定电压时的电功率，由此分析解答。
本题综合考查了探究二力平衡条件、杠杆平衡条件、密度测量以及电功率测量的实验，考查知识点多，综合性强，但难度不大。
24.【答案】高度  两侧  实  倒立

【解析】解：在“探究凸透镜成像的规律”实验中，为了使像成在光屏的中央，实验前要调整凸透镜的中心，光屏的中心与烛焰的中心大致在同一高度；
实像与物体在透镜的两侧，所以将烛焰与光屏置于凸透镜的两侧；
光屏能接收到的像是实像，虚像不可以用光屏接收，实像都是倒立的，虚像都是正立的。
故答案为：高度；两侧；实；倒立。
（1）为了使像成在光屏的中央，调整凸透镜的中心，光屏的中心与烛焰的中心大致在同一高度；
（2）实像与物体在透镜的两侧，所以将烛焰与光屏置于凸透镜的两侧；
（3）光屏能接收到的像是倒立的实像，虚像不可以用光屏接收。
此题探究凸透镜成像的规律实验，要熟练掌握成像特点及其应用，做到灵活应用。
25.【答案】滑动变阻器  4.5  10.6  不能；由表中第1组数据，根据欧姆定律，变阻器连入电路的电阻：
R滑==≈14.4Ω＞10Ω

【解析】解：①待测电阻与滑动变阻器串联，电流表测电路电流，当电流变大时，根据U=IR可知，待测电阻的电压变大，由串联电路分压定律可知，滑动变阻器电阻变小，根据表一中数据可知电压表并联在滑动变阻器两端了；
②小华观察数据思考后重新连接了电压表，即将电压表并联在待测电阻两端了，由表一和表二中的第2、3组数据知，电路的电流相等，则变阻器连入电路的电阻相同，根据电压表的连接，由串联电路电压的规律，电源电压为：
U=2.3V+2.2V=4.5V；
③根据表一中实验序号1的数据，根据串联电路电压的规律和欧姆定律，计算此次待测电阻的阻值为：
R1==≈10.6Ω；
④由表中第1组数据，根据欧姆定律，变阻器连入电路的电阻：
R滑==≈14.4Ω＞10Ω；
因此，所用滑动变阻器的规格不能为“10欧  2安”。
故答案为：①滑动变阻器；②4.5；③10.6；④不能；由表中第1组数据，根据欧姆定律，变阻器连入电路的电阻：
R滑==≈14.4Ω＞10Ω。
①待测电阻与滑动变阻器串联，电流表测电路电流，当电流变大时，根据U=IR可知待测电阻的电压变化，由串联电路分压定律可知滑动变阻器电阻变化，据此分析；
②小华观察数据思考后重新连接了电压表，即将电压表并联在待测电阻两端了，由表一和表二中的第2、3组数据知，电路的电流相等，则变阻器连入电路的电阻相同，由串联电路电压的规律得出电源电压；
③根据表一中实验序号1的数据，根据串联电路电压的规律和欧姆定律计算此次待测电阻的阻值；
④由表中第1组数据，根据欧姆定律得出变阻器连入电路的电阻与题中变阻器的最大电阻比较。
本题做“用电流表、电压表测电阻”实验，考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是确定电压表的连接，难点是电源电压的求法。
26.【答案】减小  增大  5、6  △F1=△F2  1.5

【解析】解：①分析比较表中实验序号1～4的数据可知，随着圆柱体下降的深度越深，弹簧测力计的示数F1越来越小，台秤的示数F2越来越大，因此可得初步结论：圆柱体在浸入水的过程中，F1减小，F2增大。
②由表可以看出，在序号5、6两次实验中，弹簧测力计的示数F1不变、台秤的示数F2也不变，说明圆柱体受到的浮力不变，根据F浮=ρ液gV排可知，物体排开水的体积不变，则说明物体已全部浸没在水中。
③由表中的实验数据可得，任意两次实验中F1的减小量等于对应F2的增加量，在5、6两次实验中F1没有发生改变，F2也没有发生改变，因此可得出的结论是：圆柱体在水中缓慢下降的过程中，△F1=△F2。
取序号3、4两次实验，可得弹簧测力计F1的变化量为△F1=7.1N-6.8N=0.3N
则可得圆柱体在这两次实验中受到浮力的变化量为△F浮=△F1=0.3N
圆柱体的底面积为S，圆柱体下降的深度变化量为△h=4.0cm-3.0cm=1cm=0.01m
由阿基米德原理可得：
△F浮=ρ液g△V排=ρ液gS△h=1.0×103kg/m3×10N/kg×S×0.01m=0.3N，
解得：S=0.003m2；
由表格可知，当物体下降的深度为5cm时，物体已经完全浸没在水中，则有V排=V=Sh
圆柱体所受到的浮力为：
F浮=ρ液gV排=ρ液gSh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.03m2×0.5m=1.5N，
此时物体继续下降，但是受到的浮力不变，因此当圆柱体处于实验序号6的位置时，圆柱体受到的浮力为1.5N。
故答案为：①减小；增大；②5、6；③△F1=△F2；1.5。
①分析比较表中实验序号1～4的数据可知F1与F2的变化；
②圆柱体全部浸没在水中时，V排=V物，根据F浮=ρ液gV排可知浮力不变，则弹簧测力计的示数不变；
③分析比较实验序号1～6的数据，可得出的结论；
取序号3、4两次实验，可得弹簧测力计F1的变化量，则可得圆柱体在这两次实验中受到浮力的变化量，
设圆柱体的底面积为S，圆柱体下降的深度变化量为△h=4.0cm-3.0cm=1cm=0.01m
由阿基米德原理可求得圆柱体的底面积S，由阿基米德原理F浮=ρ液gV排=ρ液gSh算出浮力，此时物体继续下降，但是受到的浮力不变。
此题主要考查的是学生对实验数据的处理能力和根据实验数据总结归纳出实验结论的能力，对学生的能力要求较高。