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2020年辽宁省抚顺市中考物理试卷
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这是一份2020年辽宁省抚顺市中考物理试卷，共32页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，计算题，综合题，作图题，实验探究题等内容，欢迎下载使用。
2020年辽宁省抚顺市中考物理试卷
题号
一
二
三
四
五
六
七
总分
得分
一、单选题（本大题共8小题，共16.0分）
1. 以下所给数据最接近实际的是（ ）
A. 普通医用外科口罩的长度约为10dm
B. 人体口腔内的正常温度约为37℃
C. 水银体温计的质量约为2kg
D. 手持测温仪电池的电压约为220V
2. 下列现象形成过程中，吸收热量的是（ ）
A. 晶莹的露珠 B. 林立的冰川 C. 变小的干冰 D. 洁白的雾凇
3. 在第七届世界军人运动会上，我国羽毛球代表队取得了骄人的战绩。如图是我国选手在比赛时的情景。下列说法正确的是（ ）
A. 发球时，球由静止变为运动，说明力可以改变物体的运动状态
B. 球离开球拍向前运动过程中，机械能增大
C. 扣球时，球拍的网面不会发生形变
D. 球下落过程中，如果不受力的作用，它将处于静止状态
4. 如图所示的光现象中，属于光的反射现象的是（ ）
A. 舞台激光
B. 海市蜃楼
C. 绿树成荫
D. 水中倒影
5. 关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（ ）
A. 空气开关“跳闸”，一定是用电器发生了短路
B. 用电器起火时，应迅速用水扑灭
C. 控制用电器的开关应接在火线和用电器之间
D. 更换灯泡前，不需要断开开关
6. 下列四幅图中的设备，与动圈式话筒工作原理相同的是（ ）
A. 电铃 B. 电动平衡车
C. 电磁起重机 D. 手摇发电机
7. 如图所示是我国自主研制、世界上最大的水陆两栖飞机“鲲龙AG600”。下列说法正确的是（ ）
A. 飞机加速起飞时，它的动能不变
B. 飞机的发动机工作时，将内能转化为机械能
C. 机身采用密度小的锂铝合金制作，是为了增大飞机质量
D. 飞机是利用流体流速大的位置压强大来获得升力的
8. 如图所示，电源电压不变，闭合开关S，滑动变阻器的滑片向右滑动过程中，下列说法正确的是（ ）
A. 电流表A示数变小
B. 电压表V1 示数不变
C. 电压表V2示数与电流表A示数乘积变小
D. 电压表V1示数与电流表A示数比值变小
二、多选题（本大题共4小题，共11.0分）
9. 如图所示，在2020年5月27日11时，我国珠峰高程测量登山队成功登顶，中国登山队又一次站上了世界之巅。下列说法正确的是（ ）
A. 登山队员周围皑皑的白雪不具有内能
B. 队员在向上攀登过程中，他的重力势能在不断增加
C. 攀登时碰落的雪块会向下滚落，是因为受到了重力的作用
D. 登顶后队员感觉呼吸困难是因为山顶气压变大
10. 如图所示，小吉用200N的拉力，在4s内将重500N的物体匀速提高2m。不计绳重及摩擦，下列说法正确的是（ ）
A. 动滑轮重为100N B. 滑轮组的机械效率为 62.5%
C. 拉力做功为1000J D. 拉力的功率为300W
11. 如图所示，水平桌面上放置着一个装有水的圆柱形容器和质量相等的A、B小球。将A放入容器内的水中，A漂浮。取出A后（带出的水忽略不计），再将B放入容器内的水中，B沉入容器底部。下列说法正确的是（ ）
A. A的密度小于B的密度
B. A受到的浮力大于B受到的浮力
C. 放入A后比放入B后水对容器底的压强小
D. 放入A后与放入B后容器对桌面的压强相等
12. 如图甲所示，电源电压不变，小灯泡的额定电压为3V，第一次只闭合开关S1、S3、变阻器R的滑片从最下端滑至最上端。第二次只闭合开关S2，将滑动变阻器R的滑片从最下端向上滑至中点时，电压表V2的示数为1.5V，滑至最上端时，小灯泡正常发光。图乙是两次实验中电流表A与电压表V1、V2示数关系的图象。下列说法正确的是（ ）
A. 小灯泡的额定功率为0.9W
B. 定值电阻R0的阻值为10Ω
C. 滑动变阻器R的最大阻值为15Ω
D. 两次实验中，电路的最小功率为0.36W
三、填空题（本大题共9小题，共26.0分）
13. 小强家的冰箱在忘记关门时，会发出“滴滴”的报警声，报警声是由报警器里的发声装置______产生的，通过______传到人耳，提醒小强关上冰箱门，这说明声音可以传递______（填“信息”或“能量”）。
14. 如图所示是疫情期间同学们上学时测量体温的情景，手持测温仪是通过接收人体辐射出的______（填“红外线”或“紫外线”）来测量体温的。小刚用酒精消毒纸巾擦拭双手，手上会有凉凉的感觉，这是由于酒精______（填“汽化”或“液化”）吸热造成的，一旁的同学会闻到酒精的气味，这是一种______现象。
15. 如图所示是一只小鸟正在飞离水面时的情景，小鸟向上飞行时，它在水中像的大小将______（填“变大”“变小”或“不变”）。小鸟飞行到距水面2m时，小鸟与它在水中的像相距______m．小鸟在起飞时，要向下扇动翅膀，这是因为物体间力的作用是______的。
16. 如图所示是我国首台5G氢燃料无人驾驶拖拉机，它依托5G网络通过______（填“超声波”或“电磁波”）实现远程控制，采用氢燃料提供动力是因为氢的______（填“比热容”或“热值”）大。以行进中的拖拉机为参照物，路旁的树是______的。
17. 如图所示是一款迷你台灯扇，它既可以照明又可以吹风且互不影响，台灯扇的灯和电动机在电路中应是______（填“串联”或“并联”）的。台灯扇中的发光二极管是由______（填“半导体”或“超导体”）材料制成的。长时间使用后扇叶会吸附很多灰尘，是因为扇叶转动时和空气之间发生了______现象。
18. 如图所示是一款自带投影功能的手机，我们看到的彩色投影画面是由红、______、蓝三种色光混合而成。充电宝给手机充电时，充电宝相当于电路中的______（填“电源”或“用电器”）。
19. 如图所示是小飞家的电能表，他家同时使用的用电器总功率不能超过______W．他让一个电暖器单独接入电路，使用高温档工作2min，电能表转盘刚好转了100转，电暖器高温档的实际功率为______W．电暖器换用低温档加热时，电能表的转盘转速会变______（填“快”或“慢”）。
20. 如图所示是我国最新服役的“094A”战略核潜艇，当它下潜至水下300米处时，排开水的质量为1.15×104t，它所受到的浮力为______N，受到海水的压强为______Pa．作为提供动力的核能属于______（填“可再生”或“不可再生”）能源。（g取10N/kg，ρ海水取1.0×103kg/m3）
21. 如图所示，电源电压为4.5V不变，小灯泡的额定电压为2.5V，R1=10Ω．闭合开关S1、S2，将滑动变阻器R2的滑片滑到最左端时，小灯泡正常发光，小灯泡的额定功率为______W．通电5min，电阻R1产生的热量为______J．只闭合开关S1，滑动变阻器R2的滑片从最左端滑到最右端，电压表示数从1.5V变化到3V，滑动变阻器R2的最大阻值为______Ω。
四、计算题（本大题共2小题，共18.0分）
22. 如图所示为一台压路机，质量为20t，车轮与水平地面总接触面积为0.5m2．某次压路作业中，它以2m/s的速度水平匀速前进1000m，此时压路机的发动机输出功率为120kW．（g取10N/kg）求：
（1）压路机静止在水平地面时，对地面的压强是多少？
（2）压路机前进过程中受到的阻力是多少？
（3）若发动机的效率为40%，完成此次作业至少需要消耗多少kg柴油？（q柴油取4×107J/kg）
23. 如图所示是一款电蒸锅的简化电路图，它具有高温和低温两个挡位。高温挡加热功率为2000W．R1、R2均为加热电阻丝，R2的电阻为72.6Ω．求：
（1）电阻R1的阻值是多少？
（2）电蒸锅低温挡的功率是多少？
（3）若不计热量损失，用电蒸锅高温挡将2.5kg水从20℃加热到100℃，需要多长时间？[c水=4.2×103J/（kg•℃）]
五、综合题（本大题共1小题，共3.0分）
24. 如图所示是射箭时手拉弓弦时的情景，为了防止手指受伤，射箭者要使用手指皮垫。请根据你所学过的物理知识，回答下面的问题：
（1）手指皮垫的作用是什么？
（2）箭被射出时具有的动能是由哪种形式的能量转化而来的？
（3）箭射出后为什么还能继续向前运动？
六、作图题（本大题共3小题，共9.0分）
25. 如图所示，S点发出的一条光线经平面镜反射后，再经凸透镜折射，折射光线平行于主光轴射出。请画出：
（1）S点发出的入射光线。
（2）经平面镜的反射光线。
（3）凸透镜左侧焦点F的位置。
26. 如图所示，闭合开关后，套在通电螺线管上的磁环会向右运动，已知磁环的左侧为N极。请在图中标出：
（1）通电螺线管左端的磁极（用“N”或“S”表示）。
（2）磁感线的方向。
（3）电源右端的极性（用“+”或“-”表示）。
27. 如图甲所示是一个核桃破壳器。破壳时，手柄可以看成一个杠杆。图乙为其简化的示意图。请在乙图中画出：
（1）B点受到的阻力F2的力臂l2。
（2）作用在A点的最小动力F1及其力臂l1。
七、实验探究题（本大题共5小题，共36.0分）
28. 如图甲是小鹏探究“水和油沸腾时温度变化的特点”的实验装置，两个试管中分别装有初温相同的水和油，相同时间两试管中的液体吸收的热量相同。[c水=4.2×103J/（kg•℃）]
（1）实验进行一段时间后，放在油中温度计的示数如图甲所示为______℃。
（2）沸腾前加热过程中，液体温度升高，这是通过______方式增加了液体的内能。
（3）实验过程中两个温度计示数随时间变化的图象如图乙所示，分析图象可知，液体沸腾时，吸收热量，温度______。水的沸点低于100℃，原因是此时气压______（填“高于”“等于”或“低于”）标准大气压。
（4）若试管中油的质量为水质量的2倍，由图象可知：c油=______J/（kg•℃）。
29. 下面是小光“探究凸透镜成像规律”的实验。
（1）点燃蜡烛，调整蜡烛、凸透镜和光屏的高度，使烛焰、凸透镜、光屏三者的中心大致在______。
（2）蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上的位置如图所示，此时光屏上出现了烛焰清晰倒立、等大的实像，则此凸透镜的焦距为______cm。
（3）保持蜡烛和透镜位置不变，小光将自己的近视眼镜放在凸透镜与蜡烛之间的合适位置，只将光屏向______（填“左”或“右”）移动，可在光屏上再次得到烛焰清晰的像。
（4）小光移开近视镜，只将蜡烛向______（填“左”或“右”）移动，可以在光屏上得到烛焰清晰倒立、______的实像，生活中的______（填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）就是根据这个原理制成的。
30. 下面是岳岳探究“滑动摩擦力大小与哪些因素有关”的实验。
（1）如图甲所示，将一个木块放在长木板上，用弹簧测力计沿水平方向______拉动，根据______原理可以测出木块受到的滑动摩擦力为______N。
（2）如图乙所示，在木块上放一个重物，重复上面的操作，比较甲、乙两图中弹簧测力计的示数可探究滑动摩擦力大小与______的关系。
（3）为了操作方便，岳岳对实验进行了如图丙所示的改进，将弹簧测力计固定，拉动木块下的毛巾，木块相对地面保持静止，这样改进后______（填“需要”或“不需要”）匀速拉动毛巾。比较甲、丙两图可得出：压力相同时，______滑动摩擦力越大。
31. 小琪非常喜欢吃大樱桃，很想知道它的密度，于是进行了如下测量：
（1）将天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻线处，指针的位置如图甲所示，则应将平衡螺母向______（填“左”或“右”）端调节，使横梁平衡。
（2）他取来一颗大樱桃，用天平测出了大樱桃的质量如图乙所示为______g。
（3）将一颗大樱桃放入装有30mL水的量筒中，水面上升到图丙所示的位置，大樱桃的体积为______cm3，密度为______g/cm3。
（4）小琪将大樱桃放入量筒中时，筒壁上溅了几滴水，所测的大樱桃密度会______（填“偏大”或“偏小”）。
（5）小琪还想利用大樱桃（已知密度为ρ0）、平底试管、刻度尺测量家里消毒液的密度，实验步骤如下：
①在平底试管中倒入适量的消毒液，用刻度尺测量试管中液面的高度h1。
②将大樱桃放入试管内的消毒液中，大樱桃处于漂浮状态，用刻度尺测量试管中液面的高度h2。
③取出大樱桃，在其内部插入一根细铁丝（忽略大樱桃体积的变化），重新放入试管内的消毒液中，由于浸没在消毒液中时重力______（填“大于”“小于”或“等于”）浮力，大樱桃沉入试管底部，用刻度尺测量试管中液面的高度h3。
④消毒液密度的表达式为ρ消毒液=______。
32. 小霞在伏安法测电阻的实验中，选用器材如下：电压为6V的电源、规格为“10Ω1A”的滑动变阻器R1、待测电阻Rx、电流表、电压表、开关、导线若干。
（1）小霞连接的实验电路如图甲所示，其中有一条导线连接有误，若此时闭合开关电压表所测量的电压______（填“会”或“不会”）超过它的量程。请将连接错误的导线画“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确。
（2）正确连接电路后，先将滑动变阻器的滑片移到最______（填“左”或“右”）端，闭合开关，电流表的示数为0.2A，调节滑片发现电流表的示数发生变化，电压表的示数始终为零。电路中的故障可能是电压表______（填“短路”或“断路”）。
（3）排除故障后，小霞进行三次实验测出的电阻值分别为20.1Ω、20Ω、19.9Ω，待测电阻的阻值应为______Ω。
（4）小霞将待测电阻Rx换成额定电压为2.5V的小灯泡，测量其额定功率。已知小灯泡正常发光时的电阻约为10Ω，通过分析发现实验无法完成，小霞发现实验桌上有三个阻值分别为10Ω、20Ω、30Ω的定值电阻，可将其中______Ω的电阻串联在电路中，进行实验。
（5）闭合开关调节滑动变阻器的滑片，当电压表的示数为2.5V时，电流表的示数如图乙所示为______A，小灯泡的额定功率为______W。
（6）小霞又设计了如图丙所示的电路，来测量额定电流为0.4A小灯泡的额定功率。电源电压未知，定值电阻R0的阻值为10Ω．请你将下面的实验步骤补充完整。
①闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为______V，小灯泡正常发光。
②保持滑动变阻器滑片的位置不变，将一根导线连接在电路中b、d两点之间，电压表的示数为6V。
③取下b、d间的导线，将其连接在______两点之间，电压表的示数为5V。
④小灯泡的额定功率为______W。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、中学生拳头宽度约8cm，普通医用外科口罩的长度略大于此数值，约为10cm=1dm。故A不符合实际；
B、正常情况下，人的体温在36℃～37℃之间，变化幅度很小。故B符合实际；
C、一支普通水银体温计的质量在20g=0.02kg左右。故C不符合实际；
D、一般手持测温仪由两节电池串联提供电压，所以电池电压为3V．故D不符合实际。
故选：B。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。
2.【答案】C
【解析】解：
A、露珠的形成，是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，附着在植被表面，此过程放热，故A不合题意；
B、冰川是由液体的水变成固态的冰，是凝固现象，此过程放热，故B不合题意；
C、干冰变小，是固态的二氧化碳直接变成气态的二氧化碳，是升华现象，升华吸热，故C符合题意；
D、雾凇的形成，是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，此过程放热；故D不合题意。
故选：C。
物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
3.【答案】A
【解析】解：
A、发球时，球由静止变为运动，说明力可以改变物体的运动状态，故A正确；
B、球离开球拍向前运动过程中，需要克服空气阻力做功，一部分机械能转化为内能，因此羽毛球的机械能不断减小，故B错误；
C、扣球时，球拍的网面由于受到羽毛球力的作用，会发生形变，故C错误；
D、球在下落过程中，如果不受力的作用，将以原来的速度和方向做匀速直线运动，故D错误；
故选：A。
（1）力的作用效果有二：改变物体的运动状态，改变物体的形状；
（2）物体的物体克服阻力做功，机械能转化为内能；
（3）运动的物体在不受力的作用时，将保持匀速直线运动状态。
此题考查的是我们对能量的转化、牛顿第一定律、力的作用效果的理解和应用，正确理解基本规律是解答此类问题的关键。
4.【答案】D
【解析】解：A、图示舞台激光属于光的直线传播，故A不符合题意；
B、海市蜃楼，是由于大气层不均匀，光在不均匀的介质中传播时发生了折射造成的，故B不符合题意；
C、“绿树成荫”是树木的影子，由于光的直线传播，光射到不透明物体上，在不透明物体后面形成影子，故C不符合题意；
D、景物在水中的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的；故D符合题意。
故选：D。
（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象，此题与实际生活联系密切，体现了生活处处是物理的理念。
5.【答案】C
【解析】解：
A、空气开关跳闸说明电路中电流过大，可能是短路造成的，也可能是用电器的总功率过大造成的，故A错误；
B、家用电器起火时，应先切断电源再救火，不能立即用水去扑灭，因水是导体，易发生触电事故，故B错误；
C、控制用电器的开关应接在火线和用电器之间，这样在开关断开时，用电器上没有电，不会发生触电事故，故C正确；
D、更换灯泡时容易碰到金属部分，容易发生触电事故，因此更换灯泡前，需要断开开关，故D错误。
故选：C。
（1）家庭电路中电流过大的原因：一是短路，二是用电器的总功率过大；
（2）家用电器起火，应先切断电源，再救火；
（3）家庭电路中，控制用电器的开关应接在火线和用电器之间；
（4）当人体直接或间接接触火线并形成电流通路的时候，就会有电流流过人体，从而造成触电。
此题考查我们对安全用电常识的了解和应用，属于基本技能的考查。
6.【答案】D
【解析】解：当人对着动圈式话筒说话时，它会产生随人的声音变化而变化的电流，即：闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动时能够产生感应电流。
A、电铃中含有电磁铁，利用的是电流的磁效应，故A不符合题意；
B、电动平衡车的核心是电动机，是根据通电导体在磁场中受力而转动的原理制成的，故B不符合题意；
C、电磁起重机的核心元件是电磁铁，是根据电流的磁效应制成的，故C不符合题意；
D、手摇发电机是根据电磁感应现象制成的，故D符合题意。
故选：D。
动圈式话筒工作过程是：声波振动→引起膜片振动→带动线圈振动→线圈切割永久磁体的磁场产生感应电流→经放大传给扬声器。由此可知其工作原理是电磁感应现象。
记住：发电机、动圈式话筒利用电磁感应现象原理，带电动机的用电器、扬声器利用通电导体在磁场中受力原理，带电磁铁的仪器利用是电流的磁效应原理。
7.【答案】B
【解析】解：
A、飞机加速起飞时，质量不变，速度变大，动能变大，故A错误；
B、飞机发动机属于内燃机，工作时将内能转化为机械能，故B正确；
C、机身采用密度较小的锂铝合金制作，这样在体积相同时，可减小机身的质量，故C错误；
D、飞机的机翼能获得向上的升力，是应用了流体流速越大的地方、压强越小的原理，故D错误。
故选：B。
（1）动能的大小与质量和速度有关；
（2）内燃机中能量转化是内能转化为机械能；
（3）在体积相同时，选用密度小的材料可减小质量；
（4）流体在流速大的地方压强小、在流速小的地方压强大，这是使飞机获得升力的原因。
本题是事例都是生活中的常用的现象，利用生活现象考查物理知识，体现物理和生活的密切关系，体现了学以致用的目的。
8.【答案】D
【解析】解：由图可知，定值电阻R2和滑动变阻器R1串联，电流表测量电路中的电流，电压表V1测量R1两端的电压，电压表V2测量电源电压；
A、闭合开关S，滑动变阻器的滑片向右滑动过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大；故A错误；
B、滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据串联电路的分压规律可知，滑动变阻器两端的电压减小，电压表V1 示数减小；电压表V2测量电源电压，保持不变；故B错误；
C、电压表V2示数不变，电流表A示数变大，其乘积变大；故C错误；
D、电压表V1示数与电流表A示数比值为滑动变阻器的电阻，电阻变小，比值变小，故D正确。
故选：D。
由图可知，定值电阻R2和滑动变阻器R1串联，电流表测量电路中的电流，电压表V1测量R1两端的电压，电压表V2测量电源电压；根据滑片的移动方向判定变阻器接入电路电阻的变化，从而判定出电流的变化，由串联电路的分压规律判断两个电压表的示数变化。
本题考查了串联电路的电压和电流规律以及欧姆定律的应用；关键是正确判断电路的连接方式，以及电压表和电流表的测量对象。
9.【答案】BC
【解析】解：
A、一切物体在任何情况下都具有内能，所以温度很低的白雪也具有内能。故A错误；
B、队员在向上攀登过程中，质量不变，高度增加，所以他的重力势能在不断增加。故B正确；
C、雪块始终受到竖直向下的重力的作用，所以碰落后会向下滚落。故C正确；
D、登顶后队员感觉呼吸困难是因为山顶气压变小。故D错误。
故选：BC。
①一切物体都具有内能；
②重力势能与质量和高度有关，质量越大，高度越大，重力势能越大；
③地球表面及附近的一切物体都受到重力的作用，重力的方向竖直向下；
④大气压强随海拔高度的增加而减小。
这样的题目对学生的知识点要求比较高，考查了学生的综合应用能力。四个选项逐一排查、分析后，才能够得出正确答案。这也是中考的常见题型。
10.【答案】AD
【解析】解：
（1）由图可知，n=3，不计绳重和摩擦，拉力F=（G+G动）可得，动滑轮的重力：G动=3F-G=3×200N-500N=100N；故A正确；
（2）拉力端移动距离s=3h=3×2m=6m，
拉力做的功（总功）：
W总=Fs=200N×6m=1200J，故C错误；
（3）做功时间t=4s，
拉力做功功率：
P===300W，故D正确；
（4）拉力做的有用功：
W有用=Gh=500N×2m=1000J，
滑轮组的机械效率：
η==×100%≈83.3%，故B错误。
故选：AD。
（1）由图可知滑轮组绳子的有效股数n=3，不计绳重和摩擦，拉力F=（G+G动），据此求动滑轮的重力；
（2）拉力端移动距离s=3h，利用W=Fs求拉力做的功（总功）；
（3）知道做功时间，利用P=求拉力做功功率；
（4）利用W=Gh求拉力做的有用功，滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比。
本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、功率、机械效率的计算，属于基础题目。
11.【答案】ABD
【解析】解：A、将A放入水中，A漂浮，A球的密度小于水的密度，B球放入水中，B沉入容器底部，B球的密度大于水的密度，所以A的密度小于B的密度，故A错误；
B、已知两个小球的质量相同，重力相同，A球漂浮，浮力等于重力，即F浮A=G，B球沉底，浮力小于重力，F浮B＜G，所以A受到的浮力大于B受到的浮力，故B正确；
C、由B知，A受到的浮力大于B受到的浮力，根据阿基米德原理知A排开液体的重力大于B排开液体的重力，A的液面升高的多，根据p=ρgh知放入A后比放入B后水对容器底的压强大，故C错误；
D、因为AB的质量相等，放入A后与放入B后容器对桌面的压力相等，根据p=知放入A后与放入B后容器对桌面的压强相等，故D正确。
故选：ABD。
（1）漂浮和沉底的条件判断即可判断出浮力的关系以及物体密度的关系；
（2）据液体内部压强的特点分析判断即可；
（3）根据水平面上F=G总以及p=分析判断即可。
该题考查了浮力的判断、液体压强的计算、密度与浮沉条件的关系等知识点，是一道综合题。
12.【答案】BCD
【解析】解：
第一次只闭合开关S1、S3，定值电阻与变阻器串联，电压表V1测电源电压，电流表测电路的电流，当变阻器R的滑片滑至最上端时，为定值电阻的简单电路，因电压表V1测电源电压，故V1示数保持不变；第第二次只闭合开关S2，灯与变阻器串联，电压表电压表V1测电源电压，V2测灯的电压，电流表测电路的电流，将滑动变阻器R的滑片从最下端向上滑至中点再滑至最上端时，变阻器连入电路的电阻逐渐变小，最后为0，由欧姆定律，电路的电流变大，灯的电压变大，故图中左边的曲线表示电流表A与电压表V2示数关系的图象，竖线表示电流表随V1的变化关系：
A、小灯泡的额定电压为3V，在第二次操作中，滑片滑至最上端时，因灯正常发光，故电源电压为3V，由图知，此时的电流最大为0.25A，故灯的额定功率：
P=UI=3V×0.25A=0.75W，A错误；
B、在第一操作中，滑片从最下端滑至最上端时，V1的示数不变，为定值电阻的简单电路，此时电路的电流应最大，由图中竖线可知，电路的最大电流为0.3A，由欧姆定律，
R0===10Ω，B正确；
C、在第二次操作中，滑片在中点时，由串联电路的规律及欧姆定律，变阻器连入电路的电阻：
R滑中===7.5Ω，故滑动变阻器R的最大阻值为15Ω，C正确；
D、由乙图知，第一次操作中电路的最小电流小于第二次操作中电路的最小电流，在第一次操作中，当滑片滑到最下端时，电路的电阻最大，由串联电阻的规律和欧姆定律，电路的最小电流：
I小1===0.12A，
两次实验中，电路的最小功率为：
P小1=I小1×U=0.12A×3V=0.36W，D正确。
故选：BCD。
分析两次操作中电路的连接及电表测量的物理量，第二操作中，只闭合开关S2，将滑动变阻器R的滑片从最下端向上滑至中点再滑至最上端时，可知变阻器连入电路的电阻变化，由欧姆定律确定电路的电流变化，从而确定第二次操作中，表示电流表随电压表示数变化的图线；
A、已知小灯泡的额定电压为3V，在第二次操作中，滑片滑至最上端时，根据灯正常发光可知电源电压为3V，由图可知此时的电流最大值，根据P=UI求出灯的额定功率；
B、在第一操作中，滑片滑至最上端时，此时电路的电流应最大，由图中竖线可知电路的最大电流，由欧姆定律求出R0；
C、在第二次操作中，滑片在中点时，由串联电路的规律及欧姆定律，变阻器连入电路的电阻，从而得出滑动变阻器R的最大阻值；
D、由乙图知，第一次操作中电路的最小电流小于第二次操作中电路的最小电流，在第一次操作中，当滑片滑到最下端时，电路的电阻最大，由串联电阻的规律和欧姆定律得出电路的最小电流，根据P=UI得出两次实验中电路的最小功率。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是判断两图线与电压表的对应关系，综合性强，难度大。
13.【答案】振动 空气 信息
【解析】解：声音是由于物体的振动产生的，那么报警声是由报警器里的发声装置振动产生的；
声音的传播需要介质，这个报警声是通过空气传到人耳的；
这声音传到人耳，小强意识到要关上冰箱门，小强收到这个信息，这说明声音可以传递信息。
故答案为：振动；空气；信息。
（1）声音是由物体的振动产生的；
（2一切固体、液体、气体都可以作为传声的介质；
（3）音可以传递信息，也可以传递能量。
本题考查声音的产生、声音的传播条件、声音与信息，解决此类问题可结合声音的产生，声音的传播以及声音与信息的内容进行分析解答。
14.【答案】红外线 汽化 扩散
【解析】解：测温枪是通过接收身体表面辐射出来的红外线来测温的；
用酒精消毒纸巾擦拭双手，感到皮肤比较凉，是因为酒精要蒸发，蒸发过程要从身体上吸热，使皮肤的温度降低；
闻到酒精的气味，是由于酒精在空气中发生了扩散现象。
故答案为：红外线；汽化；扩散。
（1）一切物体都会向外辐射红外线，温度越高，辐射的红外线强度越大；
（2）汽化是由液态变成气态的过程，汽化有两种方式：蒸发和沸腾。在汽化过程中，需要吸热；
（3）不同的物质相互接触时，彼此进入对方的现象，叫扩散。扩散现象说明：分子在不停的做无规则运动。
此题主要考查的是红外线、汽化现象和扩散现象在生活中的应用，结合生活实际，考查学生应用物理知识解决实际问题的能力。
15.【答案】不变 4 相互
【解析】解：小鸟向上飞行时，它在水中像是平面镜成像现象；因为像和物体的大小相等，所以不管小鸟飞多高，像始终和物体等大，因此若小鸟向上飞的时候，小鸟像的大小不会改变。
小鸟飞行到距水面2m时，它在水中像距离水面也是2m，则小鸟与它在水中的像相距2m+2m=4m。
因为物体间力的作用是相互的，所以小鸟在起飞时，要向下扇动翅膀，才能向上飞行。
故答案为：不变；4；相互。
（1）平面镜成像的特点：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，上下（或左右）相反，它们的连线垂直于镜面，它们到镜面的距离相等。
（2）物体间力的作用是相互的。
此题主要考查学生对平面镜成像特点的理解和掌握，紧扣平面镜成像原理和成像特点去分析即可比较容易地做出解答。
16.【答案】电磁波 热值 运动
【解析】解：（1）5G无线网络是通过电磁波传递信息的；
（2）运载火箭用液态氢做燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量；
（3）以行进中的拖拉机为参照物，路旁的树是相对于拖拉机位置不断发生变化，所以路旁的树是运动的。
故答案为：电磁波；热值；运动。
（1）5G无线网络是通过电磁波传递信息的；
（2）热值是燃料的一种特性，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，释放出的热量越多；比热容是物质本身的一种属性，比热容是反映不同物质吸放热能力强弱的一个物理量；
（3）在研究物体运动时，要选择参照标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。
本题考查信息传递，热值以及运动和静止的相对性，难度不大。
17.【答案】并联 半导体 摩擦起电
【解析】解：
台灯扇既可以照明又可以吹风且互不影响，这表明台灯扇的灯和电动机在电路中是并联的；
发光二极管主要由硅、砷等半导体材料制成；
风扇叶转动时与空气摩擦，扇叶带上了静电，从而能吸引轻小的灰尘，这是摩擦起电现象。
故答案为：并联；半导体；摩擦起电。
串联电路中，各用电器相互影响；并联电路中，各用电器互不影响；
发光二极管主要由硅、砷等半导体材料制成；
不同物体相互摩擦时，可以使物体带电，这种现象叫做摩擦起电。
此题主要考查了电路的连接方式、半导体的应用、摩擦起电现象，将所学的知识与生活实际联系在一起，是一道很好的题目。
18.【答案】绿 电源
【解析】解：手机画面的颜色是由红、绿、蓝三种色光合成的；充电宝给手机充电时，充电宝提供电能，属于电源。
故答案为：绿；电源。
红、绿、蓝三种色光叫色光三原色。在给手机电池充电的过程中，电能转化为电池的化学能。
本题考查了给手机充电时的充电宝的作用、光的三原色等知识，联系生活实际会辨认，会解释。
19.【答案】8800 1500 慢
【解析】解：
（1）由图知，电能表的工作电压是220V，电能表平时工作允许通过的最大电流为40A，
他家同时使用的用电器最大总功率：
P最大=UI最大=220×40A=8800W；
（2）“2000r/kW•h”表示每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转2000r，
电能表的转盘转100r，电暖器高温档工作2min消耗的电能：
W=kW•h=0.05kW•h，
电暖器高温档的电功率：
P===1.5kW=1500W；
（3）电暖器换用低温档加热时，电功率小，电能表的转盘转速会变慢。
故答案为：8800；1500；慢。
（1）知道电能表的工作电压和电能表平时工作允许通过的最大电流，利用P=UI求他家同时使用的用电器最大总功率；
（2）电能表上标有“2000revs/kW•h”，表示每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转2000r，据此求电能表转盘转100r消耗的电能，再利用P=求电暖器高温档的实际功率；
（3）电功率是表示电流做功快慢的物理量，电功率大表示电流做功快，电能表的转盘转动的快。
本题考查了消耗电能、电功率的计算，明确电能表相关参数的意义是关键。
20.【答案】1.15×108 3×106 不可再生
【解析】解：
（1）核潜艇的排水量m排=1.15×104t=1.15×107kg；
核潜艇下潜至水下300米处时受到的浮力为：
F浮=G排=m排g=1.15×107kg×10N/kg=1.15×108N；
（2）300米深度海水的压强：
p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×300m=3×106Pa；
（3）核潜艇所使用的核燃料料无法从自然界源源不断获得，所以核能属于不可再生能源。
故答案为：1.15×108；3×106；不可再生。
（1）知道核潜艇的排水量（排开水的质量），利用阿基米德原理求核潜艇悬浮时所受浮力；
（2）知道核潜艇在水中的深度，利用液体压强公式求海水的压强；
（3）能从自然界源源不断获得的能源是可再生能源，不能源源不断从自然界获得的能源是不可再生能源。
本题考查了学生对阿基米德原理、液体压强的计算、能源分类的掌握情况，属于综合性题目。
21.【答案】0.5 120 10
【解析】解：
（1）闭合开关S1、S2，将滑动变阻器R2的滑片滑到最左端时，灯与R1串联，小灯泡正常发光，故灯的电压为2.5V，由串联电路的规律及欧姆定律，电路的电流为：
IL===0.2A，即灯的额定电流，小灯泡的额定功率为：
P=ULIL=2.5V×0.2A=0.5W；
通电5min，电阻R1产生的热量为：Q=W=I2R1t=（0.2A）2×10Ω×5×60s=120J；
（2）只闭合开关S1，灯与变阻器串联后再与R1串联，滑动变阻器R2的滑片在最左端时，电压表测灯的电压，滑片在最右端时，电压表测灯与变阻器的电压，因电压表接在滑片上，故在滑片移动过程中，电流要全部经过电阻丝，即电路的总电阻不变，电路的电流不变；
滑片在最左端时，由串联电路电压的规律及欧姆定律，电路的电流为：
I===-----①；
滑片在最右端时，由串联电路电压的规律及欧姆定律，电路的电流为：
I===0.15A----②，
把②代入①得：R滑大=10Ω。
故答案为：0.5； 120； 10。
（1）闭合开关S1、S2，将滑动变阻器R2的滑片滑到最左端时，灯与R1串联，根据小灯泡正常发光可知灯的电压为，由串联电路的规律及欧姆定律得出电路的电流即灯的额定电流，根据P=UI得出小灯泡的额定功率；
根据Q=W=I2Rt求出通电5min电阻R1产生的热量；
（2）只闭合开关S1，分析电路的连接及滑片移动到两下端点时电压表测量的电压，因电压表接在滑片上，故在滑片移动过程中，电流要全部经过电阻丝，即电路的总电阻不变，由欧姆定律，电路的电流不变；
滑片在最左、右端时，由串联电路电压的规律及欧姆定律得出电路电路的表达式，从而得出变阻器的最大电阻。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律的和电功公式的运用，最后一问是难点，关键是明确电路的电流流向及注意灯的电阻是变化的。为易错题。
22.【答案】解：
（1）压路机静止时对水平地面的压力：
F=G=mg=20×103kg×10N/kg=2×105N，
对水平地面的压强：
p===4×105Pa；
（2）由P=Fv可得，压路机的牵引力：
F牵===6×104N，
因压路机匀速前进时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，
所以，压路机前进过程中受到的阻力f=F牵=6×104N；
（3）这次压路作业，压路机做的功（牵引力做功）：
W=牵Fs=6×104N×1000m=6×107J，
由η=可得，柴油完全燃烧释放的热量：
Q放===1.5×108J，
由Q放=mq可得，消耗柴油的质量：
m′===3.75kg。
答：（1）压路机静止时对水平地面的压强是4×105Pa；
（2）压路机前进过程中受到的阻力是6×104N；
（3）该压路机以柴油作为燃料，热机效率为40%完成这次压路作业要消耗3.75kg柴油。
【解析】（1）压路机静止时对水平地面的压力和自身的重力相等，根据F=G=mg求出其大小，根据p=求出对水平地面的压强；
（2）根据P=Fv求出牵引力的大小，压路机匀速前进时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，二力大小相等，根据f=F求出阻力的大小；
（3）根据W=Fs求出压路机做的功，根据η=×100%求出柴油完全燃烧释放的热量，利用Q放=mq求出消耗柴油的质量。
本题考查了重力公式和压强公式、做功公式、效率公式和燃料完全燃烧释放热量公式的应用，涉及到的知识点较多，有一定的难度。
23.【答案】解：（1）高温档时，为R1的简单电路，高温挡加热功率为2000W，根据P=，
R1===24.2Ω；
（2）低温档时，两电阻串联，由电阻的串联，电蒸锅低温挡的功率是：
P低===500W；
（3）把2.5kg水从20℃加热到100℃吸收的热量：
Q吸=cm（t-t0）=4.2×103J/（kg•℃）×2.5kg×（100℃-20℃）=8.4×105J，
不计热量损失，消耗的电能：
W=Q吸=8.4×105J，
由P=可得，需要的加热时间：
t′===420s。
答：
（1）电阻R1的阻值是24.2Ω；
（2）电蒸锅低温挡的功率是500W；
（3）若不计热量损失，用电蒸锅高温挡将2.5kg水从20℃加热到100℃，需要420s。
【解析】（1）高温档时，为R1的简单电路，已知高温挡加热功率，根据P=得出R1；
（2）低温档时，两电阻串联，由电阻的串联，根据P=求出电蒸锅低温挡的功率；
（3）根据Q吸=cm（t-t0）求出把2.5kg水从20℃加热到100℃吸收的热量，不计热量损失可知消耗的电能，由P=可得需要的加热时间。
本题考查了电功率公式、吸热公式、电功公式的应用，分清电热水壶处于不同状态时电路的连接方式是关键。
24.【答案】解：（1）射箭者要使用手指皮垫，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强的；
（2）拉弯的弓具有弹性势能，箭被射出时，其弹性势能减小，箭的动能变大，弹性势能转化为动能；
（3）箭射出后，由于箭具有惯性，仍然要保持原来的运动状态，所以箭能继续向前运动。
故答案为：（ 1 ）是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；（ 2 ）弹性势能转化为动能；（ 3 ）箭射出后，由于箭具有惯性，仍然要保持原来的运动状态，所以箭能继续向前运动。
【解析】（1）通过增大受力面积可以减小压强；
（2）根据弹性势能与动能的影响因素分析；
（3）任何物体都有惯性。
本题考查了改变压强的方法、机械能的转化、惯性的应用，属于基础知识，要掌握。
25.【答案】解：
根据平面镜成像特点，先作出S点关于平面镜的对称点，即为S的像点S′，再连接S'与凸透镜上发生折射时的折射点，即可得到S点发出的光经平面镜的反射光线，与镜面的交点A为入射点，连接SA即为平面镜的入射光线；
再根据通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴可知，射向凸透镜的光线（经平面镜的反射光线）与主光轴的交点为凸透镜左侧的焦点F．如图所示：
【解析】物和像关于平面镜对称，据此确定像点的位置；而反射光线好像是从虚像上发出的，据此连接像点与凸透镜上发生折射时的折射点，画出反射光线和入射光线，再根据过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴可得凸透镜左侧的焦点。
本题将平面镜成像的光路图与凸透镜的光路图结合起来，利用好“经平面镜后的反射光线好像是从虚像上发出的”是解题的关键。
26.【答案】解：
（1）（3）磁环的左侧为N极，闭合开关后，磁环会向右运动，说明磁环受到了排斥力的作用，即螺线管的右端为N极，左端为S极，根据安培定则可知，电源的左端为正极，右端为负极；
（2）磁感线是从磁体的N极出来回到磁体的S极的；如图所示：
。
【解析】（1）根据磁极间的相互作用规律判定螺线管的极性；
（2）磁感线是从磁体的N极出来回到磁体的S极的；
（3）根据安培定则判定电源的正负极；
本题考查了安培定则的应用、磁极间的相互作用规律、磁感线的方向，难度不大，要掌握。
27.【答案】解：
（1）从支点O向阻力F2的作用线作垂线，支点到垂足的距离为阻力臂L2；
（2）由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在O点，动力作用在A点，因此OA作为动力臂L1时最长；
图中阻力F2使杠杆逆时针转动，因动力和阻力使杠杆转动的方向相反，所以动力应使杠杆顺时针转动，则动力F1的方向应该向下；过A点作垂直于OA向下的力，即为最小动力F1的示意图，如图所示：
【解析】（1）力臂是指从支点到力的作用线的距离。
（2）杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂（F1L1=F2L2），在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；动力和阻力使杠杆转动的方向相反，且力与力臂垂直，据此可作出最小动力F1的示意图。
解答本题的关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
28.【答案】91 热传递 不变 低于 2.1×103
【解析】解：（1）（1）实验进行一段时间后，放在油中温度计分度值是1℃，温度计的示数如图甲所示为91℃；
（2）沸腾前加热过程中，液体温度升高，这是通过热传递方式增加了液体的内能。
（3）液体沸腾时的温度叫沸点。由实验数据知，水温达到98℃后保持不变，说明水的沸点是98℃；水沸腾时的特点是：吸收热量，温度保持不变；
沸点的高低和气压有关，气压降低，沸点降低。一个标准大气压下，水的沸点是100℃，此时沸点98℃低于100℃，所以气压低于一个标准大气压。
（4）由图可知，相同时间吸收相同的热量，水与油的温度变化相同，试管中油的质量为水质量的2倍，
Q吸=cm△t=c水m水△t=c油m油△t，
c油==×4.2×103J/（kg•℃）=2.1×103J/（kg•℃）。
故答案为：（1）91；（2）热传递；（3）不变；低于；（4）2.1×103。
（1）使用温度计测量液体温度时，先要弄清楚温度计的量程和分度值，读数时视线与液柱上表面相平，并注意区分温度是零上还是零下。
（2）做功和热传递都可以改变物体的内能，它们的主要区别是：做功是能量的转化，而热传递是能量的转移；
（3）液体沸腾时吸收热量，温度保持不变；液体沸点与气压有关：气压越大，沸点越高。
（4）根据Q吸=cm△t可求油的比热容。
本题考查了液体沸腾的特点及学生对熔化图象、和比热容概念的理解及Q吸=cm△t的运用。
29.【答案】同一高度 10.0 右 右 放大 投影仪
【解析】解：（1）点燃蜡烛，调整蜡烛、凸透镜和光屏的高度，为了使像成在光屏的中央，使烛焰、凸透镜、光屏三者的中心大致在同一高度；
（2）当u=50.0cm-30.0cm=20.0cm时，在另一侧距凸透镜20cm处的光屏上可以得到一个与蜡烛等大的像，所以2f=20.0cm，即f=10.0cm。
（3）近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，所以像的位置延后，为了使光屏上再次呈现清晰的像，应将光屏向右移动；
（4）小光移开近视镜，此时像距大于2倍焦距，只将蜡烛向右移动，物距处于f和2f之间，凸透镜成倒立放大的实像，像距大于2f，幻灯机或投影仪根据这个原理制成
故答案为：（1 ）同一高度； （ 2 ） 10.0；（ 3 ）右； （ 4 ）右； 放大； 投影仪。
（1）要知道在实验中，为使烛焰的像能成在光屏的中心，需要调整凸透镜和光屏的高度，使它们的中心位置跟烛焰中心的位置大致在同一高度；
（2）当物距等于2倍焦距时成等大的倒立的实像，求出焦距；
（3）近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发放大的实像，像距大于2f，幻灯机或投影仪根据这个原理制成；
（4）物距处于f和2f之间，凸透镜成倒立放大的实像，像距大于2f，幻灯机或投影仪根据这个原理制成；
此题主要考查了有关凸透镜成像规律的应用，首先要掌握凸透镜成像特点与物距、像距的关系，并能灵活应用。
30.【答案】匀速 二力平衡 2.6 压力大小 不需要 接触面越粗糙
【解析】解：（1）实验时，小明将木块放在水平长木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，并使木块做匀速直线运动，根据二力平衡可知，弹簧测力计拉力大小与摩擦力大小相等，可以测出木块在木板上滑行时受到的摩擦力，由图知弹簧测力计的示数为2.6N，所以木块受到的滑动摩擦力也为2.6N；
（2）在木块上放一个重物，接触面的粗糙程度不变，改变压力的大小，是探究滑动摩擦力的大小与作用在物体表面的压力的关系；
（3）如图丙所示的实验装置中，木块与弹簧测力计固定不动，拉动木板运动，该装置的优点是：不需要控制木板做匀速直线运动，方便实验操作；
需要控制图甲、乙两图符合题意；
甲图和丙图所示实验，压力大小相同，接触面的粗糙程度不同，测力计的示数不同，且毛巾表面粗糙，弹簧测力计的示数大，滑动摩擦力大，说明了滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关，在压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
故答案为：（1）匀速；二力平衡； 2.6；（2）压力大小；（ 3 ）不需要； 接触面越粗糙。
（1）木块在长木板上做匀速直线运动，根据二力平衡可知，弹簧测力计计拉力大小与摩擦力大小相等，根据弹簧测力计的分度值读出弹簧测力计的示数，从而知道摩擦力；
（2）要探究摩擦力与压力的关系，需使接触面的粗糙程度相同，压力大小不同；
（3）从方便实验操作、方便读数的角度分析答题；
比较甲、丙两图，得出摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系。
本题考查摩擦力大小影响因素的实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。
31.【答案】左 8.4 8 1.05 偏大 大于 ρ0
【解析】解：（1）如图，指针偏右，说明天平的右端下沉，左端上翘，平衡螺母向上翘的左端移动。
（2）大樱桃的质量：m=5g+3.4g=8.4g。
（3）大樱桃的体积：V=38ml-30ml=8ml=8cm3，
大樱桃的密度：ρ===1.05g/cm3。
（4）当大樱桃放入水中，筒壁上溅了几滴水，导致大樱桃和水的总体积减小，大樱桃体积减小，密度偏大。
（5）③大樱桃在消毒液中下沉，大樱桃受到的重力大于浮力。
④设平底试管的底面积为S，
大樱桃的重力，G=mg=ρ0Vg=ρ0S（h3-h1）g，
大樱桃漂浮在消毒液中，大樱桃受到的浮力：F浮=ρ消毒液gV排=ρ消毒液gS（h2-h1），
大樱桃漂浮在消毒液中，重力等于浮力，
所以，ρ0S（h3-h1）g=ρ消毒液gS（h2-h1），
解得，消毒液的密度：ρ消毒液=ρ0。
故答案为：（1）左；（2）8.4；（3）8；1.05；（4）偏大；（5）③大于；④ρ0。
（1）天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻线处，平衡螺母向上翘的一端移动。
（2）物体的质量等于砝码质量和游码对应刻度之和。
（3）大樱桃的体积等于大樱桃和水的总体积与水的体积的差。
大樱桃的密度根据密度公式计算。
（4）当大樱桃放入水中，筒壁上溅了几滴水，导致大樱桃和水的总体积减小，大樱桃体积减小，密度偏大。
（5）③物体在液体中下沉，物体受到的重力大于浮力。
④根据大樱桃受到的浮力等于重力列出等式求出液体的密度。
本题知道大樱桃的密度，利用漂浮条件求消毒液密度，在知道消毒液的密度时，也可以测量大樱桃的密度。
32.【答案】会 左 短路 20.0 10 0.24 0.6 4 b、c 0.48
【解析】解：（1）原电路中，电压表（选用小量程）测电源电压（6V），若此时闭合开关电压表所测量的电压会超过它的量程；
电压表应与待测电阻并联，如下所示：
（2）正确连接电路后，先将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处，即最左端，闭合开关，电流表的示数为0.2A，调节滑片发现电流表的示数发生变化，电路不可能断路，电压表的示数始终为零，则电路中的故障可能是电压表短路；
（3）小霞进行三次实验测出的电阻值分别为20.1Ω、20Ω、19.9Ω，为减小误差，取平均值作为测量结果：
待测电阻的阻值应为：
R测==20.0Ω；
（4）灯在额定电压2.5V下正常发光，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑=U-U灯=6V-2.5V=3.5V，变阻器分得的电压为电压表示数的1.4倍，根据分压原理，变阻器连入电路中的电阻为：
R滑=1.4×10Ω=14Ω＞10Ω，故为了完成整个实验，应该选取最大阻值至少14Ω的滑动变阻器，小霞发现实验桌上有三个阻值分别为10Ω、20Ω、30Ω的定值电阻，由电阻的串联，可将其中10Ω的电阻串联在电路中，进行实验；
（5）闭合开关调节滑动变阻器的滑片，当电压表的示数为2.5V时，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.24A，小灯泡的额定功率为：
P灯=U灯I灯=2.5V×0.24A=0.6W；
（6）①闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为4V，小灯泡正常发光；
②保持滑动变阻器滑片的位置不变，将一根导线连接在电路中b、d两点之间，电压表的示数为6V。
③取下b、d间的导线，将其连接在b、c 两点之间，电压表的示数为5V。
④在①中，定值电阻、灯和变阻器串联，在②中，电压表测电源电压U=6V；在 ③中，定值电阻与变阻器串联，电压表测定值电阻的电压，由串联电路电压的规律，变阻器的电压为：U滑=6V-5V=1V，由分压原理，变阻器连入电路的电阻：
R滑=×10Ω=2Ω，在①中，由欧姆定律和串联电路的规律，灯的额定电压为：
U额=U-U0-U滑=U-ILR0-ILR滑=6V-0.4A×10Ω-0.4A×2Ω=1.2V
小灯泡的额定功率为：
P额=U额IL=1.2V×0.4A=0.48W。
故答案为：（1）如上所示；（2）左；短路；（3）20；（4）10；（5）0.24；0.6；（6）①4；③b、c；④0.48。
（1）原电路中，电压表（选用小量程）测电源电压（6V），据此分析；
电压表应与待测电阻并联；
（2）正确连接电路后，为保护电路，将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处；闭合开关，电流表的示数为0.2A，调节滑片发现电流表的示数发生变化，电路不可能断路，电压表的示数始终为零，据此分析；
（3）为减小误差，取平均值作为测量结果；
（4）灯在额定电压2.5V下正常发光，根据串联电路电压的规律求出灯正常发光时变阻器分得的电压，根据分压原理，求出此时变阻器连入电路中的电阻，由电阻的串联，得出串联电阻的大小；
（5）根据电流表选用小量程确定分度值读数，根据P=UI得出小灯泡的额定功率；
（6）灯的电流为额定电流0.4A时，灯正常发光，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为4V，小灯泡正常发光；根据P=UI，若求出灯的额定电压即可解决问题：
在②操作中可测量出电源电压，为求出灯的额定电压，得出变阻器连入电路的电阻是关键，故取下b、d间的导线，将其连接在b、c 两点之间测量电压表的示数，在③中，定值电阻与变阻器串联，电压表测定值电阻的电压，由串联电路电压的规律得出变阻器的电压，由分压原理求出变阻器连入电路的电阻，在①中，由欧姆定律和串联电路的规律求出灯的额定电压，从而可得出灯的额定功率。
本题用伏安法测电阻，考查电路连接、注意事项、故障分析、数据处理、对器材的要求、电流表读数及功率计算和设计方案则额定功率的能力。
2020年辽宁省抚顺市中考物理试卷
题号
一
二
三
四
五
六
七
总分
得分
一、单选题（本大题共8小题，共16.0分）
1. 以下所给数据最接近实际的是（ ）
A. 普通医用外科口罩的长度约为10dm
B. 人体口腔内的正常温度约为37℃
C. 水银体温计的质量约为2kg
D. 手持测温仪电池的电压约为220V
2. 下列现象形成过程中，吸收热量的是（ ）
A. 晶莹的露珠 B. 林立的冰川 C. 变小的干冰 D. 洁白的雾凇
3. 在第七届世界军人运动会上，我国羽毛球代表队取得了骄人的战绩。如图是我国选手在比赛时的情景。下列说法正确的是（ ）
A. 发球时，球由静止变为运动，说明力可以改变物体的运动状态
B. 球离开球拍向前运动过程中，机械能增大
C. 扣球时，球拍的网面不会发生形变
D. 球下落过程中，如果不受力的作用，它将处于静止状态
4. 如图所示的光现象中，属于光的反射现象的是（ ）
A. 舞台激光
B. 海市蜃楼
C. 绿树成荫
D. 水中倒影
5. 关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（ ）
A. 空气开关“跳闸”，一定是用电器发生了短路
B. 用电器起火时，应迅速用水扑灭
C. 控制用电器的开关应接在火线和用电器之间
D. 更换灯泡前，不需要断开开关
6. 下列四幅图中的设备，与动圈式话筒工作原理相同的是（ ）
A. 电铃 B. 电动平衡车
C. 电磁起重机 D. 手摇发电机
7. 如图所示是我国自主研制、世界上最大的水陆两栖飞机“鲲龙AG600”。下列说法正确的是（ ）
A. 飞机加速起飞时，它的动能不变
B. 飞机的发动机工作时，将内能转化为机械能
C. 机身采用密度小的锂铝合金制作，是为了增大飞机质量
D. 飞机是利用流体流速大的位置压强大来获得升力的
8. 如图所示，电源电压不变，闭合开关S，滑动变阻器的滑片向右滑动过程中，下列说法正确的是（ ）
A. 电流表A示数变小
B. 电压表V1 示数不变
C. 电压表V2示数与电流表A示数乘积变小
D. 电压表V1示数与电流表A示数比值变小
二、多选题（本大题共4小题，共11.0分）
9. 如图所示，在2020年5月27日11时，我国珠峰高程测量登山队成功登顶，中国登山队又一次站上了世界之巅。下列说法正确的是（ ）
A. 登山队员周围皑皑的白雪不具有内能
B. 队员在向上攀登过程中，他的重力势能在不断增加
C. 攀登时碰落的雪块会向下滚落，是因为受到了重力的作用
D. 登顶后队员感觉呼吸困难是因为山顶气压变大
10. 如图所示，小吉用200N的拉力，在4s内将重500N的物体匀速提高2m。不计绳重及摩擦，下列说法正确的是（ ）
A. 动滑轮重为100N B. 滑轮组的机械效率为 62.5%
C. 拉力做功为1000J D. 拉力的功率为300W
11. 如图所示，水平桌面上放置着一个装有水的圆柱形容器和质量相等的A、B小球。将A放入容器内的水中，A漂浮。取出A后（带出的水忽略不计），再将B放入容器内的水中，B沉入容器底部。下列说法正确的是（ ）
A. A的密度小于B的密度
B. A受到的浮力大于B受到的浮力
C. 放入A后比放入B后水对容器底的压强小
D. 放入A后与放入B后容器对桌面的压强相等
12. 如图甲所示，电源电压不变，小灯泡的额定电压为3V，第一次只闭合开关S1、S3、变阻器R的滑片从最下端滑至最上端。第二次只闭合开关S2，将滑动变阻器R的滑片从最下端向上滑至中点时，电压表V2的示数为1.5V，滑至最上端时，小灯泡正常发光。图乙是两次实验中电流表A与电压表V1、V2示数关系的图象。下列说法正确的是（ ）
A. 小灯泡的额定功率为0.9W
B. 定值电阻R0的阻值为10Ω
C. 滑动变阻器R的最大阻值为15Ω
D. 两次实验中，电路的最小功率为0.36W
三、填空题（本大题共9小题，共26.0分）
13. 小强家的冰箱在忘记关门时，会发出“滴滴”的报警声，报警声是由报警器里的发声装置______产生的，通过______传到人耳，提醒小强关上冰箱门，这说明声音可以传递______（填“信息”或“能量”）。
14. 如图所示是疫情期间同学们上学时测量体温的情景，手持测温仪是通过接收人体辐射出的______（填“红外线”或“紫外线”）来测量体温的。小刚用酒精消毒纸巾擦拭双手，手上会有凉凉的感觉，这是由于酒精______（填“汽化”或“液化”）吸热造成的，一旁的同学会闻到酒精的气味，这是一种______现象。
15. 如图所示是一只小鸟正在飞离水面时的情景，小鸟向上飞行时，它在水中像的大小将______（填“变大”“变小”或“不变”）。小鸟飞行到距水面2m时，小鸟与它在水中的像相距______m．小鸟在起飞时，要向下扇动翅膀，这是因为物体间力的作用是______的。
16. 如图所示是我国首台5G氢燃料无人驾驶拖拉机，它依托5G网络通过______（填“超声波”或“电磁波”）实现远程控制，采用氢燃料提供动力是因为氢的______（填“比热容”或“热值”）大。以行进中的拖拉机为参照物，路旁的树是______的。
17. 如图所示是一款迷你台灯扇，它既可以照明又可以吹风且互不影响，台灯扇的灯和电动机在电路中应是______（填“串联”或“并联”）的。台灯扇中的发光二极管是由______（填“半导体”或“超导体”）材料制成的。长时间使用后扇叶会吸附很多灰尘，是因为扇叶转动时和空气之间发生了______现象。
18. 如图所示是一款自带投影功能的手机，我们看到的彩色投影画面是由红、______、蓝三种色光混合而成。充电宝给手机充电时，充电宝相当于电路中的______（填“电源”或“用电器”）。
19. 如图所示是小飞家的电能表，他家同时使用的用电器总功率不能超过______W．他让一个电暖器单独接入电路，使用高温档工作2min，电能表转盘刚好转了100转，电暖器高温档的实际功率为______W．电暖器换用低温档加热时，电能表的转盘转速会变______（填“快”或“慢”）。
20. 如图所示是我国最新服役的“094A”战略核潜艇，当它下潜至水下300米处时，排开水的质量为1.15×104t，它所受到的浮力为______N，受到海水的压强为______Pa．作为提供动力的核能属于______（填“可再生”或“不可再生”）能源。（g取10N/kg，ρ海水取1.0×103kg/m3）
21. 如图所示，电源电压为4.5V不变，小灯泡的额定电压为2.5V，R1=10Ω．闭合开关S1、S2，将滑动变阻器R2的滑片滑到最左端时，小灯泡正常发光，小灯泡的额定功率为______W．通电5min，电阻R1产生的热量为______J．只闭合开关S1，滑动变阻器R2的滑片从最左端滑到最右端，电压表示数从1.5V变化到3V，滑动变阻器R2的最大阻值为______Ω。
四、计算题（本大题共2小题，共18.0分）
22. 如图所示为一台压路机，质量为20t，车轮与水平地面总接触面积为0.5m2．某次压路作业中，它以2m/s的速度水平匀速前进1000m，此时压路机的发动机输出功率为120kW．（g取10N/kg）求：
（1）压路机静止在水平地面时，对地面的压强是多少？
（2）压路机前进过程中受到的阻力是多少？
（3）若发动机的效率为40%，完成此次作业至少需要消耗多少kg柴油？（q柴油取4×107J/kg）
23. 如图所示是一款电蒸锅的简化电路图，它具有高温和低温两个挡位。高温挡加热功率为2000W．R1、R2均为加热电阻丝，R2的电阻为72.6Ω．求：
（1）电阻R1的阻值是多少？
（2）电蒸锅低温挡的功率是多少？
（3）若不计热量损失，用电蒸锅高温挡将2.5kg水从20℃加热到100℃，需要多长时间？[c水=4.2×103J/（kg•℃）]
五、综合题（本大题共1小题，共3.0分）
24. 如图所示是射箭时手拉弓弦时的情景，为了防止手指受伤，射箭者要使用手指皮垫。请根据你所学过的物理知识，回答下面的问题：
（1）手指皮垫的作用是什么？
（2）箭被射出时具有的动能是由哪种形式的能量转化而来的？
（3）箭射出后为什么还能继续向前运动？
六、作图题（本大题共3小题，共9.0分）
25. 如图所示，S点发出的一条光线经平面镜反射后，再经凸透镜折射，折射光线平行于主光轴射出。请画出：
（1）S点发出的入射光线。
（2）经平面镜的反射光线。
（3）凸透镜左侧焦点F的位置。
26. 如图所示，闭合开关后，套在通电螺线管上的磁环会向右运动，已知磁环的左侧为N极。请在图中标出：
（1）通电螺线管左端的磁极（用“N”或“S”表示）。
（2）磁感线的方向。
（3）电源右端的极性（用“+”或“-”表示）。
27. 如图甲所示是一个核桃破壳器。破壳时，手柄可以看成一个杠杆。图乙为其简化的示意图。请在乙图中画出：
（1）B点受到的阻力F2的力臂l2。
（2）作用在A点的最小动力F1及其力臂l1。
七、实验探究题（本大题共5小题，共36.0分）
28. 如图甲是小鹏探究“水和油沸腾时温度变化的特点”的实验装置，两个试管中分别装有初温相同的水和油，相同时间两试管中的液体吸收的热量相同。[c水=4.2×103J/（kg•℃）]
（1）实验进行一段时间后，放在油中温度计的示数如图甲所示为______℃。
（2）沸腾前加热过程中，液体温度升高，这是通过______方式增加了液体的内能。
（3）实验过程中两个温度计示数随时间变化的图象如图乙所示，分析图象可知，液体沸腾时，吸收热量，温度______。水的沸点低于100℃，原因是此时气压______（填“高于”“等于”或“低于”）标准大气压。
（4）若试管中油的质量为水质量的2倍，由图象可知：c油=______J/（kg•℃）。
29. 下面是小光“探究凸透镜成像规律”的实验。
（1）点燃蜡烛，调整蜡烛、凸透镜和光屏的高度，使烛焰、凸透镜、光屏三者的中心大致在______。
（2）蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上的位置如图所示，此时光屏上出现了烛焰清晰倒立、等大的实像，则此凸透镜的焦距为______cm。
（3）保持蜡烛和透镜位置不变，小光将自己的近视眼镜放在凸透镜与蜡烛之间的合适位置，只将光屏向______（填“左”或“右”）移动，可在光屏上再次得到烛焰清晰的像。
（4）小光移开近视镜，只将蜡烛向______（填“左”或“右”）移动，可以在光屏上得到烛焰清晰倒立、______的实像，生活中的______（填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）就是根据这个原理制成的。
30. 下面是岳岳探究“滑动摩擦力大小与哪些因素有关”的实验。
（1）如图甲所示，将一个木块放在长木板上，用弹簧测力计沿水平方向______拉动，根据______原理可以测出木块受到的滑动摩擦力为______N。
（2）如图乙所示，在木块上放一个重物，重复上面的操作，比较甲、乙两图中弹簧测力计的示数可探究滑动摩擦力大小与______的关系。
（3）为了操作方便，岳岳对实验进行了如图丙所示的改进，将弹簧测力计固定，拉动木块下的毛巾，木块相对地面保持静止，这样改进后______（填“需要”或“不需要”）匀速拉动毛巾。比较甲、丙两图可得出：压力相同时，______滑动摩擦力越大。
31. 小琪非常喜欢吃大樱桃，很想知道它的密度，于是进行了如下测量：
（1）将天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻线处，指针的位置如图甲所示，则应将平衡螺母向______（填“左”或“右”）端调节，使横梁平衡。
（2）他取来一颗大樱桃，用天平测出了大樱桃的质量如图乙所示为______g。
（3）将一颗大樱桃放入装有30mL水的量筒中，水面上升到图丙所示的位置，大樱桃的体积为______cm3，密度为______g/cm3。
（4）小琪将大樱桃放入量筒中时，筒壁上溅了几滴水，所测的大樱桃密度会______（填“偏大”或“偏小”）。
（5）小琪还想利用大樱桃（已知密度为ρ0）、平底试管、刻度尺测量家里消毒液的密度，实验步骤如下：
①在平底试管中倒入适量的消毒液，用刻度尺测量试管中液面的高度h1。
②将大樱桃放入试管内的消毒液中，大樱桃处于漂浮状态，用刻度尺测量试管中液面的高度h2。
③取出大樱桃，在其内部插入一根细铁丝（忽略大樱桃体积的变化），重新放入试管内的消毒液中，由于浸没在消毒液中时重力______（填“大于”“小于”或“等于”）浮力，大樱桃沉入试管底部，用刻度尺测量试管中液面的高度h3。
④消毒液密度的表达式为ρ消毒液=______。
32. 小霞在伏安法测电阻的实验中，选用器材如下：电压为6V的电源、规格为“10Ω1A”的滑动变阻器R1、待测电阻Rx、电流表、电压表、开关、导线若干。
（1）小霞连接的实验电路如图甲所示，其中有一条导线连接有误，若此时闭合开关电压表所测量的电压______（填“会”或“不会”）超过它的量程。请将连接错误的导线画“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确。
（2）正确连接电路后，先将滑动变阻器的滑片移到最______（填“左”或“右”）端，闭合开关，电流表的示数为0.2A，调节滑片发现电流表的示数发生变化，电压表的示数始终为零。电路中的故障可能是电压表______（填“短路”或“断路”）。
（3）排除故障后，小霞进行三次实验测出的电阻值分别为20.1Ω、20Ω、19.9Ω，待测电阻的阻值应为______Ω。
（4）小霞将待测电阻Rx换成额定电压为2.5V的小灯泡，测量其额定功率。已知小灯泡正常发光时的电阻约为10Ω，通过分析发现实验无法完成，小霞发现实验桌上有三个阻值分别为10Ω、20Ω、30Ω的定值电阻，可将其中______Ω的电阻串联在电路中，进行实验。
（5）闭合开关调节滑动变阻器的滑片，当电压表的示数为2.5V时，电流表的示数如图乙所示为______A，小灯泡的额定功率为______W。
（6）小霞又设计了如图丙所示的电路，来测量额定电流为0.4A小灯泡的额定功率。电源电压未知，定值电阻R0的阻值为10Ω．请你将下面的实验步骤补充完整。
①闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为______V，小灯泡正常发光。
②保持滑动变阻器滑片的位置不变，将一根导线连接在电路中b、d两点之间，电压表的示数为6V。
③取下b、d间的导线，将其连接在______两点之间，电压表的示数为5V。
④小灯泡的额定功率为______W。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、中学生拳头宽度约8cm，普通医用外科口罩的长度略大于此数值，约为10cm=1dm。故A不符合实际；
B、正常情况下，人的体温在36℃～37℃之间，变化幅度很小。故B符合实际；
C、一支普通水银体温计的质量在20g=0.02kg左右。故C不符合实际；
D、一般手持测温仪由两节电池串联提供电压，所以电池电压为3V．故D不符合实际。
故选：B。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。
2.【答案】C
【解析】解：
A、露珠的形成，是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，附着在植被表面，此过程放热，故A不合题意；
B、冰川是由液体的水变成固态的冰，是凝固现象，此过程放热，故B不合题意；
C、干冰变小，是固态的二氧化碳直接变成气态的二氧化碳，是升华现象，升华吸热，故C符合题意；
D、雾凇的形成，是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，此过程放热；故D不合题意。
故选：C。
物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
3.【答案】A
【解析】解：
A、发球时，球由静止变为运动，说明力可以改变物体的运动状态，故A正确；
B、球离开球拍向前运动过程中，需要克服空气阻力做功，一部分机械能转化为内能，因此羽毛球的机械能不断减小，故B错误；
C、扣球时，球拍的网面由于受到羽毛球力的作用，会发生形变，故C错误；
D、球在下落过程中，如果不受力的作用，将以原来的速度和方向做匀速直线运动，故D错误；
故选：A。
（1）力的作用效果有二：改变物体的运动状态，改变物体的形状；
（2）物体的物体克服阻力做功，机械能转化为内能；
（3）运动的物体在不受力的作用时，将保持匀速直线运动状态。
此题考查的是我们对能量的转化、牛顿第一定律、力的作用效果的理解和应用，正确理解基本规律是解答此类问题的关键。
4.【答案】D
【解析】解：A、图示舞台激光属于光的直线传播，故A不符合题意；
B、海市蜃楼，是由于大气层不均匀，光在不均匀的介质中传播时发生了折射造成的，故B不符合题意；
C、“绿树成荫”是树木的影子，由于光的直线传播，光射到不透明物体上，在不透明物体后面形成影子，故C不符合题意；
D、景物在水中的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的；故D符合题意。
故选：D。
（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象，此题与实际生活联系密切，体现了生活处处是物理的理念。
5.【答案】C
【解析】解：
A、空气开关跳闸说明电路中电流过大，可能是短路造成的，也可能是用电器的总功率过大造成的，故A错误；
B、家用电器起火时，应先切断电源再救火，不能立即用水去扑灭，因水是导体，易发生触电事故，故B错误；
C、控制用电器的开关应接在火线和用电器之间，这样在开关断开时，用电器上没有电，不会发生触电事故，故C正确；
D、更换灯泡时容易碰到金属部分，容易发生触电事故，因此更换灯泡前，需要断开开关，故D错误。
故选：C。
（1）家庭电路中电流过大的原因：一是短路，二是用电器的总功率过大；
（2）家用电器起火，应先切断电源，再救火；
（3）家庭电路中，控制用电器的开关应接在火线和用电器之间；
（4）当人体直接或间接接触火线并形成电流通路的时候，就会有电流流过人体，从而造成触电。
此题考查我们对安全用电常识的了解和应用，属于基本技能的考查。
6.【答案】D
【解析】解：当人对着动圈式话筒说话时，它会产生随人的声音变化而变化的电流，即：闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动时能够产生感应电流。
A、电铃中含有电磁铁，利用的是电流的磁效应，故A不符合题意；
B、电动平衡车的核心是电动机，是根据通电导体在磁场中受力而转动的原理制成的，故B不符合题意；
C、电磁起重机的核心元件是电磁铁，是根据电流的磁效应制成的，故C不符合题意；
D、手摇发电机是根据电磁感应现象制成的，故D符合题意。
故选：D。
动圈式话筒工作过程是：声波振动→引起膜片振动→带动线圈振动→线圈切割永久磁体的磁场产生感应电流→经放大传给扬声器。由此可知其工作原理是电磁感应现象。
记住：发电机、动圈式话筒利用电磁感应现象原理，带电动机的用电器、扬声器利用通电导体在磁场中受力原理，带电磁铁的仪器利用是电流的磁效应原理。
7.【答案】B
【解析】解：
A、飞机加速起飞时，质量不变，速度变大，动能变大，故A错误；
B、飞机发动机属于内燃机，工作时将内能转化为机械能，故B正确；
C、机身采用密度较小的锂铝合金制作，这样在体积相同时，可减小机身的质量，故C错误；
D、飞机的机翼能获得向上的升力，是应用了流体流速越大的地方、压强越小的原理，故D错误。
故选：B。
（1）动能的大小与质量和速度有关；
（2）内燃机中能量转化是内能转化为机械能；
（3）在体积相同时，选用密度小的材料可减小质量；
（4）流体在流速大的地方压强小、在流速小的地方压强大，这是使飞机获得升力的原因。
本题是事例都是生活中的常用的现象，利用生活现象考查物理知识，体现物理和生活的密切关系，体现了学以致用的目的。
8.【答案】D
【解析】解：由图可知，定值电阻R2和滑动变阻器R1串联，电流表测量电路中的电流，电压表V1测量R1两端的电压，电压表V2测量电源电压；
A、闭合开关S，滑动变阻器的滑片向右滑动过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大；故A错误；
B、滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据串联电路的分压规律可知，滑动变阻器两端的电压减小，电压表V1 示数减小；电压表V2测量电源电压，保持不变；故B错误；
C、电压表V2示数不变，电流表A示数变大，其乘积变大；故C错误；
D、电压表V1示数与电流表A示数比值为滑动变阻器的电阻，电阻变小，比值变小，故D正确。
故选：D。
由图可知，定值电阻R2和滑动变阻器R1串联，电流表测量电路中的电流，电压表V1测量R1两端的电压，电压表V2测量电源电压；根据滑片的移动方向判定变阻器接入电路电阻的变化，从而判定出电流的变化，由串联电路的分压规律判断两个电压表的示数变化。
本题考查了串联电路的电压和电流规律以及欧姆定律的应用；关键是正确判断电路的连接方式，以及电压表和电流表的测量对象。
9.【答案】BC
【解析】解：
A、一切物体在任何情况下都具有内能，所以温度很低的白雪也具有内能。故A错误；
B、队员在向上攀登过程中，质量不变，高度增加，所以他的重力势能在不断增加。故B正确；
C、雪块始终受到竖直向下的重力的作用，所以碰落后会向下滚落。故C正确；
D、登顶后队员感觉呼吸困难是因为山顶气压变小。故D错误。
故选：BC。
①一切物体都具有内能；
②重力势能与质量和高度有关，质量越大，高度越大，重力势能越大；
③地球表面及附近的一切物体都受到重力的作用，重力的方向竖直向下；
④大气压强随海拔高度的增加而减小。
这样的题目对学生的知识点要求比较高，考查了学生的综合应用能力。四个选项逐一排查、分析后，才能够得出正确答案。这也是中考的常见题型。
10.【答案】AD
【解析】解：
（1）由图可知，n=3，不计绳重和摩擦，拉力F=（G+G动）可得，动滑轮的重力：G动=3F-G=3×200N-500N=100N；故A正确；
（2）拉力端移动距离s=3h=3×2m=6m，
拉力做的功（总功）：
W总=Fs=200N×6m=1200J，故C错误；
（3）做功时间t=4s，
拉力做功功率：
P===300W，故D正确；
（4）拉力做的有用功：
W有用=Gh=500N×2m=1000J，
滑轮组的机械效率：
η==×100%≈83.3%，故B错误。
故选：AD。
（1）由图可知滑轮组绳子的有效股数n=3，不计绳重和摩擦，拉力F=（G+G动），据此求动滑轮的重力；
（2）拉力端移动距离s=3h，利用W=Fs求拉力做的功（总功）；
（3）知道做功时间，利用P=求拉力做功功率；
（4）利用W=Gh求拉力做的有用功，滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比。
本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、功率、机械效率的计算，属于基础题目。
11.【答案】ABD
【解析】解：A、将A放入水中，A漂浮，A球的密度小于水的密度，B球放入水中，B沉入容器底部，B球的密度大于水的密度，所以A的密度小于B的密度，故A错误；
B、已知两个小球的质量相同，重力相同，A球漂浮，浮力等于重力，即F浮A=G，B球沉底，浮力小于重力，F浮B＜G，所以A受到的浮力大于B受到的浮力，故B正确；
C、由B知，A受到的浮力大于B受到的浮力，根据阿基米德原理知A排开液体的重力大于B排开液体的重力，A的液面升高的多，根据p=ρgh知放入A后比放入B后水对容器底的压强大，故C错误；
D、因为AB的质量相等，放入A后与放入B后容器对桌面的压力相等，根据p=知放入A后与放入B后容器对桌面的压强相等，故D正确。
故选：ABD。
（1）漂浮和沉底的条件判断即可判断出浮力的关系以及物体密度的关系；
（2）据液体内部压强的特点分析判断即可；
（3）根据水平面上F=G总以及p=分析判断即可。
该题考查了浮力的判断、液体压强的计算、密度与浮沉条件的关系等知识点，是一道综合题。
12.【答案】BCD
【解析】解：
第一次只闭合开关S1、S3，定值电阻与变阻器串联，电压表V1测电源电压，电流表测电路的电流，当变阻器R的滑片滑至最上端时，为定值电阻的简单电路，因电压表V1测电源电压，故V1示数保持不变；第第二次只闭合开关S2，灯与变阻器串联，电压表电压表V1测电源电压，V2测灯的电压，电流表测电路的电流，将滑动变阻器R的滑片从最下端向上滑至中点再滑至最上端时，变阻器连入电路的电阻逐渐变小，最后为0，由欧姆定律，电路的电流变大，灯的电压变大，故图中左边的曲线表示电流表A与电压表V2示数关系的图象，竖线表示电流表随V1的变化关系：
A、小灯泡的额定电压为3V，在第二次操作中，滑片滑至最上端时，因灯正常发光，故电源电压为3V，由图知，此时的电流最大为0.25A，故灯的额定功率：
P=UI=3V×0.25A=0.75W，A错误；
B、在第一操作中，滑片从最下端滑至最上端时，V1的示数不变，为定值电阻的简单电路，此时电路的电流应最大，由图中竖线可知，电路的最大电流为0.3A，由欧姆定律，
R0===10Ω，B正确；
C、在第二次操作中，滑片在中点时，由串联电路的规律及欧姆定律，变阻器连入电路的电阻：
R滑中===7.5Ω，故滑动变阻器R的最大阻值为15Ω，C正确；
D、由乙图知，第一次操作中电路的最小电流小于第二次操作中电路的最小电流，在第一次操作中，当滑片滑到最下端时，电路的电阻最大，由串联电阻的规律和欧姆定律，电路的最小电流：
I小1===0.12A，
两次实验中，电路的最小功率为：
P小1=I小1×U=0.12A×3V=0.36W，D正确。
故选：BCD。
分析两次操作中电路的连接及电表测量的物理量，第二操作中，只闭合开关S2，将滑动变阻器R的滑片从最下端向上滑至中点再滑至最上端时，可知变阻器连入电路的电阻变化，由欧姆定律确定电路的电流变化，从而确定第二次操作中，表示电流表随电压表示数变化的图线；
A、已知小灯泡的额定电压为3V，在第二次操作中，滑片滑至最上端时，根据灯正常发光可知电源电压为3V，由图可知此时的电流最大值，根据P=UI求出灯的额定功率；
B、在第一操作中，滑片滑至最上端时，此时电路的电流应最大，由图中竖线可知电路的最大电流，由欧姆定律求出R0；
C、在第二次操作中，滑片在中点时，由串联电路的规律及欧姆定律，变阻器连入电路的电阻，从而得出滑动变阻器R的最大阻值；
D、由乙图知，第一次操作中电路的最小电流小于第二次操作中电路的最小电流，在第一次操作中，当滑片滑到最下端时，电路的电阻最大，由串联电阻的规律和欧姆定律得出电路的最小电流，根据P=UI得出两次实验中电路的最小功率。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是判断两图线与电压表的对应关系，综合性强，难度大。
13.【答案】振动 空气 信息
【解析】解：声音是由于物体的振动产生的，那么报警声是由报警器里的发声装置振动产生的；
声音的传播需要介质，这个报警声是通过空气传到人耳的；
这声音传到人耳，小强意识到要关上冰箱门，小强收到这个信息，这说明声音可以传递信息。
故答案为：振动；空气；信息。
（1）声音是由物体的振动产生的；
（2一切固体、液体、气体都可以作为传声的介质；
（3）音可以传递信息，也可以传递能量。
本题考查声音的产生、声音的传播条件、声音与信息，解决此类问题可结合声音的产生，声音的传播以及声音与信息的内容进行分析解答。
14.【答案】红外线 汽化 扩散
【解析】解：测温枪是通过接收身体表面辐射出来的红外线来测温的；
用酒精消毒纸巾擦拭双手，感到皮肤比较凉，是因为酒精要蒸发，蒸发过程要从身体上吸热，使皮肤的温度降低；
闻到酒精的气味，是由于酒精在空气中发生了扩散现象。
故答案为：红外线；汽化；扩散。
（1）一切物体都会向外辐射红外线，温度越高，辐射的红外线强度越大；
（2）汽化是由液态变成气态的过程，汽化有两种方式：蒸发和沸腾。在汽化过程中，需要吸热；
（3）不同的物质相互接触时，彼此进入对方的现象，叫扩散。扩散现象说明：分子在不停的做无规则运动。
此题主要考查的是红外线、汽化现象和扩散现象在生活中的应用，结合生活实际，考查学生应用物理知识解决实际问题的能力。
15.【答案】不变 4 相互
【解析】解：小鸟向上飞行时，它在水中像是平面镜成像现象；因为像和物体的大小相等，所以不管小鸟飞多高，像始终和物体等大，因此若小鸟向上飞的时候，小鸟像的大小不会改变。
小鸟飞行到距水面2m时，它在水中像距离水面也是2m，则小鸟与它在水中的像相距2m+2m=4m。
因为物体间力的作用是相互的，所以小鸟在起飞时，要向下扇动翅膀，才能向上飞行。
故答案为：不变；4；相互。
（1）平面镜成像的特点：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，上下（或左右）相反，它们的连线垂直于镜面，它们到镜面的距离相等。
（2）物体间力的作用是相互的。
此题主要考查学生对平面镜成像特点的理解和掌握，紧扣平面镜成像原理和成像特点去分析即可比较容易地做出解答。
16.【答案】电磁波 热值 运动
【解析】解：（1）5G无线网络是通过电磁波传递信息的；
（2）运载火箭用液态氢做燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量；
（3）以行进中的拖拉机为参照物，路旁的树是相对于拖拉机位置不断发生变化，所以路旁的树是运动的。
故答案为：电磁波；热值；运动。
（1）5G无线网络是通过电磁波传递信息的；
（2）热值是燃料的一种特性，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，释放出的热量越多；比热容是物质本身的一种属性，比热容是反映不同物质吸放热能力强弱的一个物理量；
（3）在研究物体运动时，要选择参照标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。
本题考查信息传递，热值以及运动和静止的相对性，难度不大。
17.【答案】并联 半导体 摩擦起电
【解析】解：
台灯扇既可以照明又可以吹风且互不影响，这表明台灯扇的灯和电动机在电路中是并联的；
发光二极管主要由硅、砷等半导体材料制成；
风扇叶转动时与空气摩擦，扇叶带上了静电，从而能吸引轻小的灰尘，这是摩擦起电现象。
故答案为：并联；半导体；摩擦起电。
串联电路中，各用电器相互影响；并联电路中，各用电器互不影响；
发光二极管主要由硅、砷等半导体材料制成；
不同物体相互摩擦时，可以使物体带电，这种现象叫做摩擦起电。
此题主要考查了电路的连接方式、半导体的应用、摩擦起电现象，将所学的知识与生活实际联系在一起，是一道很好的题目。
18.【答案】绿 电源
【解析】解：手机画面的颜色是由红、绿、蓝三种色光合成的；充电宝给手机充电时，充电宝提供电能，属于电源。
故答案为：绿；电源。
红、绿、蓝三种色光叫色光三原色。在给手机电池充电的过程中，电能转化为电池的化学能。
本题考查了给手机充电时的充电宝的作用、光的三原色等知识，联系生活实际会辨认，会解释。
19.【答案】8800 1500 慢
【解析】解：
（1）由图知，电能表的工作电压是220V，电能表平时工作允许通过的最大电流为40A，
他家同时使用的用电器最大总功率：
P最大=UI最大=220×40A=8800W；
（2）“2000r/kW•h”表示每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转2000r，
电能表的转盘转100r，电暖器高温档工作2min消耗的电能：
W=kW•h=0.05kW•h，
电暖器高温档的电功率：
P===1.5kW=1500W；
（3）电暖器换用低温档加热时，电功率小，电能表的转盘转速会变慢。
故答案为：8800；1500；慢。
（1）知道电能表的工作电压和电能表平时工作允许通过的最大电流，利用P=UI求他家同时使用的用电器最大总功率；
（2）电能表上标有“2000revs/kW•h”，表示每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转2000r，据此求电能表转盘转100r消耗的电能，再利用P=求电暖器高温档的实际功率；
（3）电功率是表示电流做功快慢的物理量，电功率大表示电流做功快，电能表的转盘转动的快。
本题考查了消耗电能、电功率的计算，明确电能表相关参数的意义是关键。
20.【答案】1.15×108 3×106 不可再生
【解析】解：
（1）核潜艇的排水量m排=1.15×104t=1.15×107kg；
核潜艇下潜至水下300米处时受到的浮力为：
F浮=G排=m排g=1.15×107kg×10N/kg=1.15×108N；
（2）300米深度海水的压强：
p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×300m=3×106Pa；
（3）核潜艇所使用的核燃料料无法从自然界源源不断获得，所以核能属于不可再生能源。
故答案为：1.15×108；3×106；不可再生。
（1）知道核潜艇的排水量（排开水的质量），利用阿基米德原理求核潜艇悬浮时所受浮力；
（2）知道核潜艇在水中的深度，利用液体压强公式求海水的压强；
（3）能从自然界源源不断获得的能源是可再生能源，不能源源不断从自然界获得的能源是不可再生能源。
本题考查了学生对阿基米德原理、液体压强的计算、能源分类的掌握情况，属于综合性题目。
21.【答案】0.5 120 10
【解析】解：
（1）闭合开关S1、S2，将滑动变阻器R2的滑片滑到最左端时，灯与R1串联，小灯泡正常发光，故灯的电压为2.5V，由串联电路的规律及欧姆定律，电路的电流为：
IL===0.2A，即灯的额定电流，小灯泡的额定功率为：
P=ULIL=2.5V×0.2A=0.5W；
通电5min，电阻R1产生的热量为：Q=W=I2R1t=（0.2A）2×10Ω×5×60s=120J；
（2）只闭合开关S1，灯与变阻器串联后再与R1串联，滑动变阻器R2的滑片在最左端时，电压表测灯的电压，滑片在最右端时，电压表测灯与变阻器的电压，因电压表接在滑片上，故在滑片移动过程中，电流要全部经过电阻丝，即电路的总电阻不变，电路的电流不变；
滑片在最左端时，由串联电路电压的规律及欧姆定律，电路的电流为：
I===-----①；
滑片在最右端时，由串联电路电压的规律及欧姆定律，电路的电流为：
I===0.15A----②，
把②代入①得：R滑大=10Ω。
故答案为：0.5； 120； 10。
（1）闭合开关S1、S2，将滑动变阻器R2的滑片滑到最左端时，灯与R1串联，根据小灯泡正常发光可知灯的电压为，由串联电路的规律及欧姆定律得出电路的电流即灯的额定电流，根据P=UI得出小灯泡的额定功率；
根据Q=W=I2Rt求出通电5min电阻R1产生的热量；
（2）只闭合开关S1，分析电路的连接及滑片移动到两下端点时电压表测量的电压，因电压表接在滑片上，故在滑片移动过程中，电流要全部经过电阻丝，即电路的总电阻不变，由欧姆定律，电路的电流不变；
滑片在最左、右端时，由串联电路电压的规律及欧姆定律得出电路电路的表达式，从而得出变阻器的最大电阻。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律的和电功公式的运用，最后一问是难点，关键是明确电路的电流流向及注意灯的电阻是变化的。为易错题。
22.【答案】解：
（1）压路机静止时对水平地面的压力：
F=G=mg=20×103kg×10N/kg=2×105N，
对水平地面的压强：
p===4×105Pa；
（2）由P=Fv可得，压路机的牵引力：
F牵===6×104N，
因压路机匀速前进时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，
所以，压路机前进过程中受到的阻力f=F牵=6×104N；
（3）这次压路作业，压路机做的功（牵引力做功）：
W=牵Fs=6×104N×1000m=6×107J，
由η=可得，柴油完全燃烧释放的热量：
Q放===1.5×108J，
由Q放=mq可得，消耗柴油的质量：
m′===3.75kg。
答：（1）压路机静止时对水平地面的压强是4×105Pa；
（2）压路机前进过程中受到的阻力是6×104N；
（3）该压路机以柴油作为燃料，热机效率为40%完成这次压路作业要消耗3.75kg柴油。
【解析】（1）压路机静止时对水平地面的压力和自身的重力相等，根据F=G=mg求出其大小，根据p=求出对水平地面的压强；
（2）根据P=Fv求出牵引力的大小，压路机匀速前进时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，二力大小相等，根据f=F求出阻力的大小；
（3）根据W=Fs求出压路机做的功，根据η=×100%求出柴油完全燃烧释放的热量，利用Q放=mq求出消耗柴油的质量。
本题考查了重力公式和压强公式、做功公式、效率公式和燃料完全燃烧释放热量公式的应用，涉及到的知识点较多，有一定的难度。
23.【答案】解：（1）高温档时，为R1的简单电路，高温挡加热功率为2000W，根据P=，
R1===24.2Ω；
（2）低温档时，两电阻串联，由电阻的串联，电蒸锅低温挡的功率是：
P低===500W；
（3）把2.5kg水从20℃加热到100℃吸收的热量：
Q吸=cm（t-t0）=4.2×103J/（kg•℃）×2.5kg×（100℃-20℃）=8.4×105J，
不计热量损失，消耗的电能：
W=Q吸=8.4×105J，
由P=可得，需要的加热时间：
t′===420s。
答：
（1）电阻R1的阻值是24.2Ω；
（2）电蒸锅低温挡的功率是500W；
（3）若不计热量损失，用电蒸锅高温挡将2.5kg水从20℃加热到100℃，需要420s。
【解析】（1）高温档时，为R1的简单电路，已知高温挡加热功率，根据P=得出R1；
（2）低温档时，两电阻串联，由电阻的串联，根据P=求出电蒸锅低温挡的功率；
（3）根据Q吸=cm（t-t0）求出把2.5kg水从20℃加热到100℃吸收的热量，不计热量损失可知消耗的电能，由P=可得需要的加热时间。
本题考查了电功率公式、吸热公式、电功公式的应用，分清电热水壶处于不同状态时电路的连接方式是关键。
24.【答案】解：（1）射箭者要使用手指皮垫，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强的；
（2）拉弯的弓具有弹性势能，箭被射出时，其弹性势能减小，箭的动能变大，弹性势能转化为动能；
（3）箭射出后，由于箭具有惯性，仍然要保持原来的运动状态，所以箭能继续向前运动。
故答案为：（ 1 ）是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；（ 2 ）弹性势能转化为动能；（ 3 ）箭射出后，由于箭具有惯性，仍然要保持原来的运动状态，所以箭能继续向前运动。
【解析】（1）通过增大受力面积可以减小压强；
（2）根据弹性势能与动能的影响因素分析；
（3）任何物体都有惯性。
本题考查了改变压强的方法、机械能的转化、惯性的应用，属于基础知识，要掌握。
25.【答案】解：
根据平面镜成像特点，先作出S点关于平面镜的对称点，即为S的像点S′，再连接S'与凸透镜上发生折射时的折射点，即可得到S点发出的光经平面镜的反射光线，与镜面的交点A为入射点，连接SA即为平面镜的入射光线；
再根据通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴可知，射向凸透镜的光线（经平面镜的反射光线）与主光轴的交点为凸透镜左侧的焦点F．如图所示：
【解析】物和像关于平面镜对称，据此确定像点的位置；而反射光线好像是从虚像上发出的，据此连接像点与凸透镜上发生折射时的折射点，画出反射光线和入射光线，再根据过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴可得凸透镜左侧的焦点。
本题将平面镜成像的光路图与凸透镜的光路图结合起来，利用好“经平面镜后的反射光线好像是从虚像上发出的”是解题的关键。
26.【答案】解：
（1）（3）磁环的左侧为N极，闭合开关后，磁环会向右运动，说明磁环受到了排斥力的作用，即螺线管的右端为N极，左端为S极，根据安培定则可知，电源的左端为正极，右端为负极；
（2）磁感线是从磁体的N极出来回到磁体的S极的；如图所示：
。
【解析】（1）根据磁极间的相互作用规律判定螺线管的极性；
（2）磁感线是从磁体的N极出来回到磁体的S极的；
（3）根据安培定则判定电源的正负极；
本题考查了安培定则的应用、磁极间的相互作用规律、磁感线的方向，难度不大，要掌握。
27.【答案】解：
（1）从支点O向阻力F2的作用线作垂线，支点到垂足的距离为阻力臂L2；
（2）由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在O点，动力作用在A点，因此OA作为动力臂L1时最长；
图中阻力F2使杠杆逆时针转动，因动力和阻力使杠杆转动的方向相反，所以动力应使杠杆顺时针转动，则动力F1的方向应该向下；过A点作垂直于OA向下的力，即为最小动力F1的示意图，如图所示：
【解析】（1）力臂是指从支点到力的作用线的距离。
（2）杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂（F1L1=F2L2），在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；动力和阻力使杠杆转动的方向相反，且力与力臂垂直，据此可作出最小动力F1的示意图。
解答本题的关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
28.【答案】91 热传递 不变 低于 2.1×103
【解析】解：（1）（1）实验进行一段时间后，放在油中温度计分度值是1℃，温度计的示数如图甲所示为91℃；
（2）沸腾前加热过程中，液体温度升高，这是通过热传递方式增加了液体的内能。
（3）液体沸腾时的温度叫沸点。由实验数据知，水温达到98℃后保持不变，说明水的沸点是98℃；水沸腾时的特点是：吸收热量，温度保持不变；
沸点的高低和气压有关，气压降低，沸点降低。一个标准大气压下，水的沸点是100℃，此时沸点98℃低于100℃，所以气压低于一个标准大气压。
（4）由图可知，相同时间吸收相同的热量，水与油的温度变化相同，试管中油的质量为水质量的2倍，
Q吸=cm△t=c水m水△t=c油m油△t，
c油==×4.2×103J/（kg•℃）=2.1×103J/（kg•℃）。
故答案为：（1）91；（2）热传递；（3）不变；低于；（4）2.1×103。
（1）使用温度计测量液体温度时，先要弄清楚温度计的量程和分度值，读数时视线与液柱上表面相平，并注意区分温度是零上还是零下。
（2）做功和热传递都可以改变物体的内能，它们的主要区别是：做功是能量的转化，而热传递是能量的转移；
（3）液体沸腾时吸收热量，温度保持不变；液体沸点与气压有关：气压越大，沸点越高。
（4）根据Q吸=cm△t可求油的比热容。
本题考查了液体沸腾的特点及学生对熔化图象、和比热容概念的理解及Q吸=cm△t的运用。
29.【答案】同一高度 10.0 右 右 放大 投影仪
【解析】解：（1）点燃蜡烛，调整蜡烛、凸透镜和光屏的高度，为了使像成在光屏的中央，使烛焰、凸透镜、光屏三者的中心大致在同一高度；
（2）当u=50.0cm-30.0cm=20.0cm时，在另一侧距凸透镜20cm处的光屏上可以得到一个与蜡烛等大的像，所以2f=20.0cm，即f=10.0cm。
（3）近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，所以像的位置延后，为了使光屏上再次呈现清晰的像，应将光屏向右移动；
（4）小光移开近视镜，此时像距大于2倍焦距，只将蜡烛向右移动，物距处于f和2f之间，凸透镜成倒立放大的实像，像距大于2f，幻灯机或投影仪根据这个原理制成
故答案为：（1 ）同一高度； （ 2 ） 10.0；（ 3 ）右； （ 4 ）右； 放大； 投影仪。
（1）要知道在实验中，为使烛焰的像能成在光屏的中心，需要调整凸透镜和光屏的高度，使它们的中心位置跟烛焰中心的位置大致在同一高度；
（2）当物距等于2倍焦距时成等大的倒立的实像，求出焦距；
（3）近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发放大的实像，像距大于2f，幻灯机或投影仪根据这个原理制成；
（4）物距处于f和2f之间，凸透镜成倒立放大的实像，像距大于2f，幻灯机或投影仪根据这个原理制成；
此题主要考查了有关凸透镜成像规律的应用，首先要掌握凸透镜成像特点与物距、像距的关系，并能灵活应用。
30.【答案】匀速 二力平衡 2.6 压力大小 不需要 接触面越粗糙
【解析】解：（1）实验时，小明将木块放在水平长木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，并使木块做匀速直线运动，根据二力平衡可知，弹簧测力计拉力大小与摩擦力大小相等，可以测出木块在木板上滑行时受到的摩擦力，由图知弹簧测力计的示数为2.6N，所以木块受到的滑动摩擦力也为2.6N；
（2）在木块上放一个重物，接触面的粗糙程度不变，改变压力的大小，是探究滑动摩擦力的大小与作用在物体表面的压力的关系；
（3）如图丙所示的实验装置中，木块与弹簧测力计固定不动，拉动木板运动，该装置的优点是：不需要控制木板做匀速直线运动，方便实验操作；
需要控制图甲、乙两图符合题意；
甲图和丙图所示实验，压力大小相同，接触面的粗糙程度不同，测力计的示数不同，且毛巾表面粗糙，弹簧测力计的示数大，滑动摩擦力大，说明了滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关，在压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
故答案为：（1）匀速；二力平衡； 2.6；（2）压力大小；（ 3 ）不需要； 接触面越粗糙。
（1）木块在长木板上做匀速直线运动，根据二力平衡可知，弹簧测力计计拉力大小与摩擦力大小相等，根据弹簧测力计的分度值读出弹簧测力计的示数，从而知道摩擦力；
（2）要探究摩擦力与压力的关系，需使接触面的粗糙程度相同，压力大小不同；
（3）从方便实验操作、方便读数的角度分析答题；
比较甲、丙两图，得出摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系。
本题考查摩擦力大小影响因素的实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。
31.【答案】左 8.4 8 1.05 偏大 大于 ρ0
【解析】解：（1）如图，指针偏右，说明天平的右端下沉，左端上翘，平衡螺母向上翘的左端移动。
（2）大樱桃的质量：m=5g+3.4g=8.4g。
（3）大樱桃的体积：V=38ml-30ml=8ml=8cm3，
大樱桃的密度：ρ===1.05g/cm3。
（4）当大樱桃放入水中，筒壁上溅了几滴水，导致大樱桃和水的总体积减小，大樱桃体积减小，密度偏大。
（5）③大樱桃在消毒液中下沉，大樱桃受到的重力大于浮力。
④设平底试管的底面积为S，
大樱桃的重力，G=mg=ρ0Vg=ρ0S（h3-h1）g，
大樱桃漂浮在消毒液中，大樱桃受到的浮力：F浮=ρ消毒液gV排=ρ消毒液gS（h2-h1），
大樱桃漂浮在消毒液中，重力等于浮力，
所以，ρ0S（h3-h1）g=ρ消毒液gS（h2-h1），
解得，消毒液的密度：ρ消毒液=ρ0。
故答案为：（1）左；（2）8.4；（3）8；1.05；（4）偏大；（5）③大于；④ρ0。
（1）天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻线处，平衡螺母向上翘的一端移动。
（2）物体的质量等于砝码质量和游码对应刻度之和。
（3）大樱桃的体积等于大樱桃和水的总体积与水的体积的差。
大樱桃的密度根据密度公式计算。
（4）当大樱桃放入水中，筒壁上溅了几滴水，导致大樱桃和水的总体积减小，大樱桃体积减小，密度偏大。
（5）③物体在液体中下沉，物体受到的重力大于浮力。
④根据大樱桃受到的浮力等于重力列出等式求出液体的密度。
本题知道大樱桃的密度，利用漂浮条件求消毒液密度，在知道消毒液的密度时，也可以测量大樱桃的密度。
32.【答案】会 左 短路 20.0 10 0.24 0.6 4 b、c 0.48
【解析】解：（1）原电路中，电压表（选用小量程）测电源电压（6V），若此时闭合开关电压表所测量的电压会超过它的量程；
电压表应与待测电阻并联，如下所示：
（2）正确连接电路后，先将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处，即最左端，闭合开关，电流表的示数为0.2A，调节滑片发现电流表的示数发生变化，电路不可能断路，电压表的示数始终为零，则电路中的故障可能是电压表短路；
（3）小霞进行三次实验测出的电阻值分别为20.1Ω、20Ω、19.9Ω，为减小误差，取平均值作为测量结果：
待测电阻的阻值应为：
R测==20.0Ω；
（4）灯在额定电压2.5V下正常发光，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑=U-U灯=6V-2.5V=3.5V，变阻器分得的电压为电压表示数的1.4倍，根据分压原理，变阻器连入电路中的电阻为：
R滑=1.4×10Ω=14Ω＞10Ω，故为了完成整个实验，应该选取最大阻值至少14Ω的滑动变阻器，小霞发现实验桌上有三个阻值分别为10Ω、20Ω、30Ω的定值电阻，由电阻的串联，可将其中10Ω的电阻串联在电路中，进行实验；
（5）闭合开关调节滑动变阻器的滑片，当电压表的示数为2.5V时，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.24A，小灯泡的额定功率为：
P灯=U灯I灯=2.5V×0.24A=0.6W；
（6）①闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为4V，小灯泡正常发光；
②保持滑动变阻器滑片的位置不变，将一根导线连接在电路中b、d两点之间，电压表的示数为6V。
③取下b、d间的导线，将其连接在b、c 两点之间，电压表的示数为5V。
④在①中，定值电阻、灯和变阻器串联，在②中，电压表测电源电压U=6V；在 ③中，定值电阻与变阻器串联，电压表测定值电阻的电压，由串联电路电压的规律，变阻器的电压为：U滑=6V-5V=1V，由分压原理，变阻器连入电路的电阻：
R滑=×10Ω=2Ω，在①中，由欧姆定律和串联电路的规律，灯的额定电压为：
U额=U-U0-U滑=U-ILR0-ILR滑=6V-0.4A×10Ω-0.4A×2Ω=1.2V
小灯泡的额定功率为：
P额=U额IL=1.2V×0.4A=0.48W。
故答案为：（1）如上所示；（2）左；短路；（3）20；（4）10；（5）0.24；0.6；（6）①4；③b、c；④0.48。
（1）原电路中，电压表（选用小量程）测电源电压（6V），据此分析；
电压表应与待测电阻并联；
（2）正确连接电路后，为保护电路，将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处；闭合开关，电流表的示数为0.2A，调节滑片发现电流表的示数发生变化，电路不可能断路，电压表的示数始终为零，据此分析；
（3）为减小误差，取平均值作为测量结果；
（4）灯在额定电压2.5V下正常发光，根据串联电路电压的规律求出灯正常发光时变阻器分得的电压，根据分压原理，求出此时变阻器连入电路中的电阻，由电阻的串联，得出串联电阻的大小；
（5）根据电流表选用小量程确定分度值读数，根据P=UI得出小灯泡的额定功率；
（6）灯的电流为额定电流0.4A时，灯正常发光，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为4V，小灯泡正常发光；根据P=UI，若求出灯的额定电压即可解决问题：
在②操作中可测量出电源电压，为求出灯的额定电压，得出变阻器连入电路的电阻是关键，故取下b、d间的导线，将其连接在b、c 两点之间测量电压表的示数，在③中，定值电阻与变阻器串联，电压表测定值电阻的电压，由串联电路电压的规律得出变阻器的电压，由分压原理求出变阻器连入电路的电阻，在①中，由欧姆定律和串联电路的规律求出灯的额定电压，从而可得出灯的额定功率。
本题用伏安法测电阻，考查电路连接、注意事项、故障分析、数据处理、对器材的要求、电流表读数及功率计算和设计方案则额定功率的能力。
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