山东省济宁市2018届九年级（上）期末物理试卷（word版含答案解析）

这是一份山东省济宁市2018届九年级（上）期末物理试卷（word版含答案解析），共29页。试卷主要包含了选择题，填空题，实验与作图题，计算题等内容，欢迎下载使用。

2017-2018学年山东省济宁市九年级（上）期末物理试卷
　
一、选择题（每小题2分）
1．汶上寒冷的冬天，可以看到户外的人不断呼出“白气”．这是（　　）
A．汽化现象 B．液化现象 C．升华现象 D．凝华现象
2．如图所示，在“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验中，下列说法正确的是（　　）

A．水的沸腾是一种缓慢的汽化现象
B．水沸腾时温度保持不变，却需要不断吸收热量
C．水的温度必须达到100℃时，水才会沸腾
D．水沸腾时出现大量的“白气”是水蒸气
3．下列事例中不是利用水的比热容大的特性的是（　　）
A．夏天．在地上洒水会感到凉快
B．北方楼房内的“暖气”用水作为介质
C．海边昼夜温差变化比沙漠中小
D．生物体内水的比例高，有助于调节自身的温度
4．在汽油机工作的四个冲程中，将内能转化为机械能的是（　　）
A．做功冲程 B．压缩冲程 C．吸气冲程 D．排气冲程
5．带有烘干功能的滚筒洗衣机，要求洗衣和烘干均能独立进行．下列电路设计符合要求的（　　）
A． B． C． D．
6．如图所示的电路中，闭合开关时，下列说法正确的是（　　）

A．两个灯泡串联 B．开关只能控制灯L1
C．电流表测的是灯泡L1的电流 D．电流方向从电流表到开关
7．如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向左移动，下列说法中正确的是（　　）

A．电流表A1的示数变小，电流表A2的示数变大
B．电流表A1的示数和电流表A2的示数同时变大
C．电压表的示数变大，电流表A1的示数变小
D．电压表的示数不变，电流表A1的示数变小
8．如图所示的电路，闭合开关S，灯泡L1，L2均不发光，且电流表Ⓐ和电压表Ⓥ指针均指在零刻度．现将灯泡L1和L2位置对调，其余元件位置不变，重新闭合开关S时，发现两只灯泡仍不发光，电流表Ⓐ指针仍然不动，但电压表Ⓥ的指针发生了明显偏转，依据上述信息可以判断（　　）

A．灯泡L1的灯丝断了 B．灯泡L2的灯丝断了
C．电源接线处松脱 D．电流表损坏了
9．如图所示的电路中，电源电压保持不变，灯泡电阻保持不变，闭合开关S后，将滑动变阻器R的滑片向左移动，在此过程中（　　）

A．电压表V1的示数与电流表示数比值不变
B．灯泡L亮度变亮
C．电压表V1示数变大
D．电路消耗的总功率变大
10．如图甲所示电路，电源电压不变，R1是定值电阻，R2是滑动变阻器，闭合开关，将滑动变阻器滑片由一端移到另一端的过程红，电路中电流表示数和电压表示数的关系如图乙所示，则滑动变阻器滑片由一端移到另一端的过程中（　　）

A．电路总功率的最小值为1.8W
B．电路总功率的最大值为6.4W
C．定值电阻电功率的最小值为1.35W
D．定值电阻电功率的变化为4.05W
　
二、填空题（每空1分）
11．农作物的秸秆可以回收加工制成秸秆煤．完全燃烧0.5kg的秸秆煤可放出　 　J的热量；若这些热量完全被质量为100kg，初温为20℃的水吸收，可使水温升高到　 　℃[已知q秸秆煤=2.1×107J/kg，C水=4.2×103J/（kg•℃）]．
12．如图所示的电路中，电源电压不变，将滑片P向左移动的过程中，电压表示数　 　（选填“变大”、“不变”或“变小”），当滑片P移至左端时，断开开关，电压表V示数与电流表A示数的比值将　 　（选填“变大”、“不变”或“变小”）．

13．如图是某电热水器的铭牌，则电热丝的电阻是　 　．同时使用过多的大功率用电器往往会引起空气开关“跳闸”，其原因是　 　．

14．如图是电脑用风扇，长宽都是12cm，厚度为2.5cm，相邻孔距约为10.5cm，使用12v，0.25A电流．风扇转速通常是800～1500RPM，风量足转速低，能有不错的降温静音效果．风扇主要把电能转化为　 　能，风扇本身也会产生热量，如果线圈电阻是0.5Ω，那么电风扇工作2h产生的热量是　 　．

15．甲、乙两只电炉标有“220V 500W”和“220V 1000W”字样，把它们串联在220V的电路中，串联时甲乙电炉消耗的电功率之比为　 　，在相同时间内产生热量较多的是　 　．
16．如图甲所示，把标有“6V 3W“的灯泡L和滑动变阻器R串联接入恒定电压为9 V的电源上，通过L的电流I与L两端电压U的关系如图乙所示，则L正常发光时，滑动变阻器接入电路的电阻是　 　Ω； 当电路中电流为0.4A时，L的实际功率是　 　W．

　
三、实验与作图题
17．如图甲所示，电能表的示数为　 　kw•h．将如图乙所示电水壶的3条按线按照安全用电的原则对应连接到插头上．

18．如图所示，在探究影响导体电阻大小因素的实验中，a是锰铜合金b、c是镍镉合金，导线a、b、c粗细相同，b、d粗细不同；a、b、d长度不同．
（1）我们是通过观察　 　比较电阻丝电阻大小的．
（2）选用导线b、c分别接入电路中，是为了探究电阻大小跟导体的　 　有关．

19．现有下列器材：学生电源（6V），电流表（0﹣0.6A，0﹣3A）、电压表（0﹣3V，0﹣15V）、定值电阻（5Ω、10Ω、20Ω各一个）、开关、滑动变阻器和导线若干，利用这些器材探究“电压不变时，电流与电阻的关系”

（1）请根据图甲所示的电路图用笔画线代替导线将图乙所示的实物连接成完整电路．（要求连线不得交叉）
（2）实验中依次接入三个定值电阻，调节滑动变阻器的滑片，保持电压表示数不变，记下电流表的示数，利用描点法得到如图丙所示的电流I随电阻R变化的图象．由图象可以得出结论：　 　．
（3）上述实验中，小强用5Ω的电阻做完实验后，保持滑动变阻器滑片的位置不变，接着把R换为10Ω的电阻接入电路，闭合开关，向　 　（选填“A”或“B”）端移动滑片，使电压表示数为　 　V 时，读出电流表的示数．
（4）为完成整个实验，应该选取哪种规格的滑动变阻器　 　．
A.50Ω 1.0A B.30Ω 1.0A C.20Ω 1.0A．
20．某实验小组的同学用图所示器材测量小灯泡的电功率．已知电源电压恒为6V不变，待测灯泡的额定电压为3.8V，功率估计在1.1W左右．
（1）请在图甲中用笔画线代替导线，使其成为完整的实验电路．
（2）连接电路时，开关应该　 　．
（3）闭合开关，同学们发现，电流表没有示数，灯泡不亮，电压表示数接近电源电压，此时电路故障为　 　．
（4）故障排除后，闭合开关，调节滑动变阻器换片P，使灯泡正常发光，此时电流表示数如图乙所示为　 　A，则待测灯泡的额定功率为　 　W．

21．小明用如图所示装置探究两种液体的吸热能力，两烧瓶中的电阻丝相同．
（1）实验中，必须取　 　（填“质量”或“体积”）相等的甲、乙两种液体；
（2）实验中，用　 　（填序号）间接反映液体吸收热量的多少；通过比较　 　（填序号）来判断吸热能力的强弱；
A．通电时间 B．温度计示数的变化
（3）下表是某次的实验数据，分析可知，　 　（填“甲”或“乙”）液体的吸热能力较强；
（4）若在甲、乙两瓶中，液体是质量相同的同种液体，电阻丝的阻值不同，则该装置可用来探究电流产生的热量与　 　的关系．

质量
（g）
初始温度
（℃）
加热时间
（min）
最终温度
（℃）
液体甲
150
20
3
45
液体乙
150
20
3
68

　
四、计算题
22．2017年12月2日，一声令下，深圳无人驾驶公交正式上路了，这是中国首次，全球首例在开放道路上进行无人驾驶．下面是无人驾驶公交车的部分参数，请回答下面问题．
（1）蓄电池充满一次电，以额定功率行驶，可以行驶多少时间？
（2）若汽油的热值是3.2×107J/L，那么行驶500km，汽油完全燃烧放出的热量是多少？
电机额定功率
180kw
蓄电池容量
900kw•h
最高车速
100km/h
油耗
25L/100km
23．新型电饭锅采用“聪明火”技术，智能化地控制食物不同时间段的温度，以得到最佳的营养和口感，其简化电路如图甲所示．R1和R2均为电热丝，S1是自动控制开关．煮饭时，把电饭锅接入220V电路中，在电饭锅工作的30min内，电路中总电流随时间变化的图象如图乙所示．求：
（1）S和S1都闭合时电饭锅的电功率；
（2）电热丝R2的阻值．

　

2017-2018学年山东省济宁市九年级（上）期末物理试卷
参考答案与试题解析
　
一、选择题（每小题2分）
1．汶上寒冷的冬天，可以看到户外的人不断呼出“白气”．这是（　　）
A．汽化现象 B．液化现象 C．升华现象 D．凝华现象
【考点】1M：液化及液化现象．
【分析】物质由气态变成液态的过程叫做液化，分析各选项中物质的状态的先后变化，就可得到正确选项．
【解答】解：户外的人不断呼出“白气”以及露珠是液态的，是由人呼出的水蒸气或空气中的水蒸气遇冷凝结而成的小水滴，属于液化现象．故ACD错误，B正确．
故选B．
　
2．如图所示，在“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验中，下列说法正确的是（　　）

A．水的沸腾是一种缓慢的汽化现象
B．水沸腾时温度保持不变，却需要不断吸收热量
C．水的温度必须达到100℃时，水才会沸腾
D．水沸腾时出现大量的“白气”是水蒸气
【考点】1O：探究水的沸腾实验．
【分析】（1）蒸发和沸腾时汽化的两种方式；
（2）水沸腾时温度不变，持续吸热；
（3）水沸腾的条件是到达沸点，持续吸热；
（4）“白气”是液化现象．
【解答】解：
A、水的沸腾是一种剧烈的汽化现象，故A错误；
B、水沸腾时温度保持不变，需要不断吸收热量，故B正确；
C、水沸腾的条件是到达沸点，持续吸热，故C错误；
D、水沸腾时出现大量的“白气”是水蒸气遇冷液化形成的，故D错误．
故选B．
　
3．下列事例中不是利用水的比热容大的特性的是（　　）
A．夏天．在地上洒水会感到凉快
B．北方楼房内的“暖气”用水作为介质
C．海边昼夜温差变化比沙漠中小
D．生物体内水的比例高，有助于调节自身的温度
【考点】GE：水的比热容的特点及应用．
【分析】水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；吸收或放出相同的热量，水升高或降低的温度少，据此分析．
【解答】解：
A、夏天在地上洒水感到凉快是利用了水的蒸发吸热，而不是利用水的比热容大的特点，故A符合题意；
B、因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以北方楼房内的“暖气”用水作为介质，故B不符合题意；
C、沿海地区和沙漠地区相比，沿海地区水多，水的比热容大，在相同的吸放热条件下，水的温度变化小，冬暖夏凉，昼夜温差小；沙漠地区多砂石，砂石的比热容较小，在相同的吸热条件下，砂石的温度变化大，故C不符合题意；
D、生物体内水的比例很大，有助于调节自身的温度，是利用了水的比热容大的特点，故D不符合题意．
故选A．
　
4．在汽油机工作的四个冲程中，将内能转化为机械能的是（　　）
A．做功冲程 B．压缩冲程 C．吸气冲程 D．排气冲程
【考点】GM：内燃机的四个冲程．
【分析】内燃机的一个工作循环有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程四个冲程组成，其中压缩冲程中机械能转化成内能，做功冲程中内能转化成机械能．
【解答】解：
在汽油机工作的四个冲程中，将内能转化为机械能的是做功冲程．
故选A．
　
5．带有烘干功能的滚筒洗衣机，要求洗衣和烘干均能独立进行．下列电路设计符合要求的（　　）
A． B． C． D．
【考点】HU：串、并联电路的设计．
【分析】由要求洗衣和烘干均能独立进行可知，加热器和电动机可以独立工作、互不影响即为并联，据此进行解答．
【解答】解：
A．由电路图可知，开关S1闭合时电动机工作，再闭合S2时电动机和加热器并联同时工作，加热器不能独立工作，故A不符合题意；
B．由电路图可知，开关S1闭合时加热器工作，再闭合S2时电动机和加热器并联同时工作，电动机不能独立工作，故B不符合题意；
C．由电路图可知，开关S1闭合时电动机和加热器串联同时工作，再闭合S2时电动机工作，加热器不能独立工作，故C不符合题意；
D．由电路图可知，只闭合S1时电动机工作，只闭合S2时加热器工作，电动机和加热器均能独立进行，故D符合题意．
故选D．
　
6．如图所示的电路中，闭合开关时，下列说法正确的是（　　）

A．两个灯泡串联 B．开关只能控制灯L1
C．电流表测的是灯泡L1的电流 D．电流方向从电流表到开关
【考点】HT：串联电路和并联电路的辨别；HE：电流的方向；HX：电流表的使用．
【分析】由图可知，电流从开关到电流表和灯L1、另一条过灯L2，到负极，则两灯泡并联，根据电流表串联的用电器即可判断电流表测量的对象．
【解答】解：
A、由图可知，两灯泡并列连接，因此两个灯泡并联，故A错误；
BD、电流从电源正极流出，再到开关，然后分为两条路径，一条从电流表到灯L1，另一条经过灯L2；汇合后回到负极，则开关控制整个电路，故BD错误；
C、电流表A串联在L1支路上，测通过灯泡L1的电流，故C正确．
故选C．
　
7．如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向左移动，下列说法中正确的是（　　）

A．电流表A1的示数变小，电流表A2的示数变大
B．电流表A1的示数和电流表A2的示数同时变大
C．电压表的示数变大，电流表A1的示数变小
D．电压表的示数不变，电流表A1的示数变小
【考点】IZ：电路的动态分析；IH：欧姆定律的应用．
【分析】由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测R2支路的电流，电流表A2测干路电流，电压表测电源的电压．根据电源的电压可知滑片移动时电压表的示数不变，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过R1的电流不变，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R2电流的变化，利用并联电路的电流特点可知干路电流变化．
【解答】解：由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测R2支路的电流，电流表A2测干路电流，电压表测电源的电压．
因电源电压保持不变，
所以，滑片移动时，电压表的示数不变，故C错误；
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，滑片移动时，通过R1的电流不变，
将滑动变阻器的滑片P向左移动，接入电路中的电阻变大，
由I=可知，通过R2的电流变小，即电流表A1的示数变小，故B错误、D正确；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流变小，即电流表A2的示数变小，故A错误．
故选D．
　
8．如图所示的电路，闭合开关S，灯泡L1，L2均不发光，且电流表Ⓐ和电压表Ⓥ指针均指在零刻度．现将灯泡L1和L2位置对调，其余元件位置不变，重新闭合开关S时，发现两只灯泡仍不发光，电流表Ⓐ指针仍然不动，但电压表Ⓥ的指针发生了明显偏转，依据上述信息可以判断（　　）

A．灯泡L1的灯丝断了 B．灯泡L2的灯丝断了
C．电源接线处松脱 D．电流表损坏了
【考点】IE：电流表、电压表在判断电路故障中的应用．
【分析】分析电路图可知，两只灯泡串联，闭合开关，两只灯泡都不亮，电流表无示数，说明电路中有断路；电压表无示数，说明电压表两端到电源的正负极之间有断路；
将电灯L1、L2的位置对调，闭合开关，电流表无示数，说明电路中有断路；电压表有示数，说明电压表两接线柱到电源的正负极之间是通路．
【解答】解：
闭合开关，两只灯泡都不亮，电流表无示数，说明电路中有断路；电压表无示数，说明电压表两接线柱到电源的正负极之间有断路，则可能是灯泡L2的灯丝断了或电流表损坏了；
将灯泡L1、L2的位置对调，闭合开关，电流表无示数，说明电路中有断路；电压表有示数，说明电压表两接线柱到电源的正负极之间是通路，则与电压表并联的支路发生断路，即灯泡L2的灯丝断了，故ACD错误，B正确．
故选B．
　
9．如图所示的电路中，电源电压保持不变，灯泡电阻保持不变，闭合开关S后，将滑动变阻器R的滑片向左移动，在此过程中（　　）

A．电压表V1的示数与电流表示数比值不变
B．灯泡L亮度变亮
C．电压表V1示数变大
D．电路消耗的总功率变大
【考点】IZ：电路的动态分析．
【分析】闭合开关S后，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V1测量灯泡两端的电压；电压表V2测量滑动变阻器两端的电压；电流表测量电路电流，将滑动变阻器R的滑片P向左移动的过程中，电路电阻变大，根据欧姆定律可知电路电流的变化以及电压表示数的变化；根据P=UI判断灯泡和电路消耗功率的变化以及灯泡的亮度．
【解答】解：由图知，闭合开关S后，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V1测量灯泡两端的电压，电压表V2测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流．
将滑动变阻器R的滑片P向左移动的过程中，变阻器接入电路的电阻变大，总电阻变大，
根据I=可知电路中的电流变小，即电流表示数变小，
由U=IR可知，灯泡两端的电压变小，即电压表V1示数变小，故C错误；
由P=UI可知，灯泡的实际功率变小，则灯泡变暗，故B错误；
电源电源不变，电路中的电流变小，由P=UI可知，电路消耗的总功率变小，故D错误；
由欧姆定律可得，电压表V1示数与电流表A示数比值为灯泡的电阻，已知灯泡电阻不变，所以这个比值也不变，故A正确．
故选A．
　
10．如图甲所示电路，电源电压不变，R1是定值电阻，R2是滑动变阻器，闭合开关，将滑动变阻器滑片由一端移到另一端的过程红，电路中电流表示数和电压表示数的关系如图乙所示，则滑动变阻器滑片由一端移到另一端的过程中（　　）

A．电路总功率的最小值为1.8W
B．电路总功率的最大值为6.4W
C．定值电阻电功率的最小值为1.35W
D．定值电阻电功率的变化为4.05W
【考点】JA：电功率的计算．
【分析】由图象读出滑片在两端时的电表示数，根据电路特点和欧姆定律，由电源电压不变列出等式，求出电阻R1的阻值和电源电压；
电路中R1和R2串联，由图乙读出最大、最小电流、滑动变阻器两端的电压，电源电压不变，根据P=UI求出最大和最小总功率；再根据P=I2R1求出定值电阻的最大和最小功率．
【解答】解：
由图甲可知，滑片在左端时，变阻器连入阻值为0，电压表被短路，示数为0，电流为I左=1.2A，
滑片在右端时，变阻器连入阻值最大，电压表测量滑动变阻器两端的电压，此时电压表示数最大，电路中电流最小，U滑=4.5V，电流为I右=0.3A，
根据欧姆定律可得：
U=I左R1…①
U=I右R1+U滑…②
两式联立：I左R1=I右R1+U滑，
即：1.2A×R1=0.3A×R1+4.5V，
解得R1=5Ω，U=6V，
滑片在右端时，电路总功率有最小值：P小=UI右=6V×0.3A=1.8W，故A正确；
滑片在左端时，电路总功率有最大值：P大=UI左=6V×1.2A=7.2W，故B错误；
定值电阻电功率的最小值：P1小=I右2R1=（0.3A）2×5Ω=0.45W，故C错误；
定值电阻电功率的最大值：P1大=I左2R1=（1.2A）2×5Ω=7.2W，
定值电阻电功率的变化：△P=P1大﹣P1小=7.2W﹣0.45W=6.75W，故D错误．
故选A．
　
二、填空题（每空1分）
11．农作物的秸秆可以回收加工制成秸秆煤．完全燃烧0.5kg的秸秆煤可放出　1.05×107　J的热量；若这些热量完全被质量为100kg，初温为20℃的水吸收，可使水温升高到　45　℃[已知q秸秆煤=2.1×107J/kg，C水=4.2×103J/（kg•℃）]．
【考点】GG：热量的计算．
【分析】（1）知道秸秆煤的质量和秸秆煤的热值，利用公式Q放=mq可计算秸秆煤完全燃烧放出的热量；
（2）知道水的质量、水的比热容，根据Q放=Q吸=cm△t可计算水升高的温度，再计算水的末温（注意水的末温为100℃，水沸腾时，吸热但温度不变）．
【解答】解：秸秆煤完全燃烧释放的热量：
Q放=m秸秆煤q=0.5kg×2.1×107J/kg=1.05×107J．
由题意可知，水吸收的热量为：Q吸=Q放=1.05×107J，
由Q吸=cm△t可得，水升高的温度：
△t===25℃，
则水的末温：t=t0+△t=20℃+25℃=45℃．
故答案为：1.05×107；45．
　
12．如图所示的电路中，电源电压不变，将滑片P向左移动的过程中，电压表示数　不变　（选填“变大”、“不变”或“变小”），当滑片P移至左端时，断开开关，电压表V示数与电流表A示数的比值将　变大　（选填“变大”、“不变”或“变小”）．

【考点】IZ：电路的动态分析．
【分析】由电路图可知，闭合开关，R1、R2并联，电压表测电源的电压，电流表A测干路电流，A1测R2支路的电流；
（1）已知电源电压保持不变，可以判断滑片位置改变时电压表示数的变化情况；
（2）当滑片P移至左端时，断开电键S时，电路为滑动变阻器的简单电路，电压表仍侧电源的电压，根据并联电路各用电器独立工作、互不影响可知此时电流表A的示数变化，进一步得出电压表V示数与电流表A示数的比值的变化．
【解答】解：由图知，闭合开关，R1、R2并联，电压表测电源电压，电流表A测干路电流，A1测R2支路的电流；
（1）已知电源电压不变，所以电压表示数不变；
（2）当滑片P移至左端时，断开电键S，电压表仍测电源的电压，即电压表的示数不变；
而此时R1支路断路，电流表A只测通过滑动变阻器的电流，所以电流表A的示数变小；
故电压表V示数与电流表A示数的比值将变大．
故答案为：不变；变大．
　
13．如图是某电热水器的铭牌，则电热丝的电阻是　22Ω　．同时使用过多的大功率用电器往往会引起空气开关“跳闸”，其原因是　电流过大　．

【考点】J9：电功率与电压、电流的关系；IX：家庭电路电流过大的原因．
【分析】（1）根据R=算出电阻；
（2）根据导致家庭电路电流过大的两个因素进行分析解答．
【解答】解：（1）电热丝的电阻是：R===22Ω；
（2）根据I=可知，在电压一定时，大量的用电器同时使用会使电路的总功率过大，干路总电流过大，引起空气开关“跳闸”．
故答案为：22Ω；电流过大．
　
14．如图是电脑用风扇，长宽都是12cm，厚度为2.5cm，相邻孔距约为10.5cm，使用12v，0.25A电流．风扇转速通常是800～1500RPM，风量足转速低，能有不错的降温静音效果．风扇主要把电能转化为　机械　能，风扇本身也会产生热量，如果线圈电阻是0.5Ω，那么电风扇工作2h产生的热量是　225J　．

【考点】JI：焦耳定律的计算公式及其应用；J2：电功的实质．
【分析】（1）风扇主要工作元件是电动机，工作时将电能转化为机械能；
（2）知道风扇线圈的电阻和通过的电流以及通电时间，根据Q=I2Rt求出电风扇工作2h产生的热量．
【解答】解：
（1）风扇工作时，主要把电能转化为机械能；
（2）电风扇工作2h产生的热量：
Q=I2Rt=（0.25A）2×0.5Ω×2×3600s=225J．
故答案为：机械；225J．
　
15．甲、乙两只电炉标有“220V 500W”和“220V 1000W”字样，把它们串联在220V的电路中，串联时甲乙电炉消耗的电功率之比为　2：1　，在相同时间内产生热量较多的是　甲　．
【考点】J9：电功率与电压、电流的关系；JI：焦耳定律的计算公式及其应用．
【分析】由电炉的铭牌可知两者的额定电压相等、额定功率不同，根据P=UI=求出两电炉的电阻之比，把它们串联在220V的电路中时通过它们的电流相等，根据P=I2R求出甲乙电炉消耗的电功率之比，根据Q=I2Rt可知在相同时间内产生热量较多的电炉．
【解答】解：（1）由电炉的铭牌可知两者的额定电压相等、额定功率不同，
由P=UI=可得，两电炉的电阻之比：
====，
把它们串联在220V的电路中时，因串联电路中各处的电流相等，
所以，由P=I2R可得，甲乙电炉消耗的电功率之比：
===；
（2）两电炉串联时通过的电流相等，由Q=I2Rt可知，甲电炉的电阻大，在相同时间内产生的热量较多．
故答案为：2：1； 甲．
　
16．如图甲所示，把标有“6V 3W“的灯泡L和滑动变阻器R串联接入恒定电压为9 V的电源上，通过L的电流I与L两端电压U的关系如图乙所示，则L正常发光时，滑动变阻器接入电路的电阻是　6　Ω； 当电路中电流为0.4A时，L的实际功率是　1.6　W．

【考点】IH：欧姆定律的应用；JE：实际功率．
【分析】（1）由甲电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，根据串联电路的电压特点求出灯泡正常发光时R两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出变阻器接入电路中的电阻；
（2）根据图象读出当电路中电流为0.4A时其两端的电压，根据P=UI求出灯泡的实际功率．
【解答】解：（1）由甲电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，且灯泡正常发光，
所以，R两端的电压：UR=U﹣UL=9V﹣6V=3V，
此时灯泡正常发光，由图象可知，当灯泡两端电压为6V时，通过灯泡的电流为0.5A，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，由I=可得，滑动变阻器接入电路中的电阻：
R====6Ω；
（2）当电路中电流为0.4A时，由图象可知，L两端的电压UL′=4V，
则灯泡的实际功率：
PL′=UL′IL′=4V×0.4A=1.6W．
故答案为：6；1.6．
　
三、实验与作图题
17．如图甲所示，电能表的示数为　8272.6　kw•h．将如图乙所示电水壶的3条按线按照安全用电的原则对应连接到插头上．

【考点】J5：电能表参数的理解与电能的求法；IO：家庭电路的连接．
【分析】（1）电能表是测量电路一段时间内消耗的电能的仪表，上面有五个数字窗口，最后一位是小数位，单位是kW•h．
（2）根据家庭电路中的安全用电知识，掌握三孔插座（或三脚插头）的作用，其中两个孔分别接火线和零线，另一个孔将用电器的外壳与大地相连．
【解答】解：（1）图中电能表的示数为82726，最后一位是小数，单位是kW•h，故电能表的读数为8272.6kW•h．
（2）为了安全，应将带有保险丝和开关的线与火线相连，将壶的外壳与大地相连，则剩下的一根线与零线相连．故答案为：

故答案为：8272.6；见上图．
　
18．如图所示，在探究影响导体电阻大小因素的实验中，a是锰铜合金b、c是镍镉合金，导线a、b、c粗细相同，b、d粗细不同；a、b、d长度不同．
（1）我们是通过观察　电流表示数　比较电阻丝电阻大小的．
（2）选用导线b、c分别接入电路中，是为了探究电阻大小跟导体的　长度　有关．

【考点】IA：影响电阻大小的因素．
【分析】（1）电流表串联在电路中，电源电压一定，导体电阻越大，电路电流越小，导体电阻越小，电路电流越大，可以通过电流表示数大小判断导体电阻大小；
（2）影响导体电阻大小的因素：导体的材料、长度、横截面积和温度，在研究电阻与其中某个因素的关系时，要采用控制变量法的思想，要研究导体的电阻大小与一个量之间的关系，需要保持其它量不变．
【解答】解：
（1）当接入电路不同的导体时，可通过观察灯泡的亮暗或观察电流表示数来比较导体电阻的大小；
（2）由图可知，导线b、c的材料、粗细均相同、长度不同，因此选用导线b、c分别接入电路中，是为了探究电阻大小跟导体的长度有关．
故答案为：（1）电流表示数；（2）长度．
　
19．现有下列器材：学生电源（6V），电流表（0﹣0.6A，0﹣3A）、电压表（0﹣3V，0﹣15V）、定值电阻（5Ω、10Ω、20Ω各一个）、开关、滑动变阻器和导线若干，利用这些器材探究“电压不变时，电流与电阻的关系”

（1）请根据图甲所示的电路图用笔画线代替导线将图乙所示的实物连接成完整电路．（要求连线不得交叉）
（2）实验中依次接入三个定值电阻，调节滑动变阻器的滑片，保持电压表示数不变，记下电流表的示数，利用描点法得到如图丙所示的电流I随电阻R变化的图象．由图象可以得出结论：　电压一定时，导体中的电流与电阻成反比　．
（3）上述实验中，小强用5Ω的电阻做完实验后，保持滑动变阻器滑片的位置不变，接着把R换为10Ω的电阻接入电路，闭合开关，向　A　（选填“A”或“B”）端移动滑片，使电压表示数为　2　V 时，读出电流表的示数．
（4）为完成整个实验，应该选取哪种规格的滑动变阻器　A　．
A.50Ω 1.0A B.30Ω 1.0A C.20Ω 1.0A．
【考点】IL：探究电流与电压、电阻的关系实验．
【分析】（1）将电压表与电阻并联，滑动变阻器与电阻串联，且要接一上一下；
（2）分析图丙中图象，曲线上每一点对应的电流和电阻的乘积相等，据此得出结论；
（3）将5Ω的电阻更换为10Ω的电阻接入电路后，电路中的总电阻变大，电路中的电流减小，滑动变阻器两端的电压减小，根据串联电路的电压特点可知定值电阻两端的电压变大，要使定值电阻两端的电压不变，应减小电路中的电流，增大滑动变阻器接入电路中的电阻，直到电压表的示数达到原来的示数不变；
（4）由图丙找出实验时电路的最小电流，由串联电路的特点及欧姆定律求出此时滑动变阻器接入电路的阻值，据此确定滑动变阻器的最小的最大阻值．
【解答】解：（1）将电压表与电阻并联，滑动变阻器与电阻串联，已接了下面一个接线柱，可再接上面任意一个接线柱，如图所示：

（2）分析图丙图象，曲线上每点对应的电流和电阻的乘积都等于2V，由此得出结论：电压一定时，导体中的电流与电阻成反比；
（3）将5Ω的电阻更换为10Ω的电阻接入电路后，定值电阻两端的电压增大，要使电压表的示数不变，应减小电路中的电流，增大滑动变阻器接入电路中的电阻即滑片向A移动，直到电压的示数达到2V为止；
（4）由图丙知，电路的最小电流I=0.1A，此时滑动变阻器接入电路的阻值最大，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，滑动变阻器两端的电压：
U滑=U﹣UR=6V﹣2V=4V，
由I=可得，滑动变阻器接入电路的阻值：
R滑===40Ω，
则选用变阻器的规格为“50Ω 1.0A”．
故答案为：
（1）如上图所示；
（2）电压一定时，导体中的电流与电阻成反比；
（3）A；2；
（4）A．
　
20．某实验小组的同学用图所示器材测量小灯泡的电功率．已知电源电压恒为6V不变，待测灯泡的额定电压为3.8V，功率估计在1.1W左右．
（1）请在图甲中用笔画线代替导线，使其成为完整的实验电路．
（2）连接电路时，开关应该　断开　．
（3）闭合开关，同学们发现，电流表没有示数，灯泡不亮，电压表示数接近电源电压，此时电路故障为　小灯泡断路　．
（4）故障排除后，闭合开关，调节滑动变阻器换片P，使灯泡正常发光，此时电流表示数如图乙所示为　0.3　A，则待测灯泡的额定功率为　1.14　W．

【考点】JF：电功率的测量．
【分析】（1）由待测灯泡的额定电压为3.8V选取电压表的量程，完成实物图；
（2）为保护电路，连接电路时，开关应断开；
（3）电压表有示数，说明与电压表两接线柱连接的电路是通路，电流表无示数，说明电路断路，从而判断出故障的可能原因；
（4）根据电流表的量程和分度值读出电流表的示数，根据P=UI计算灯泡的额定功率．
【解答】解：（1）由待测灯泡的额定电压为3.8V可知，电压表应选大量程，实物图如下：

（2）为了保护电路，在按电路图连接电路时，应先将开关断开；
（3）连好电路，闭合开关，发现小灯泡始终不亮，但电压表有示数，电流表无示数，说明在电压表两接线柱之间的电路是断路，所以出现故障的可能原因是灯泡的灯丝断了（或连接灯泡的导线断了）；
（4）电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，所以示数为0.3A；额定功率P=UI=3.8V×0.3A=1.14W．
故答案为：（1）见上图；（2）断开；（3）小灯泡断路；（4）0.3；1.14．
　
21．小明用如图所示装置探究两种液体的吸热能力，两烧瓶中的电阻丝相同．
（1）实验中，必须取　质量　（填“质量”或“体积”）相等的甲、乙两种液体；
（2）实验中，用　A　（填序号）间接反映液体吸收热量的多少；通过比较　B　（填序号）来判断吸热能力的强弱；
A．通电时间 B．温度计示数的变化
（3）下表是某次的实验数据，分析可知，　甲　（填“甲”或“乙”）液体的吸热能力较强；
（4）若在甲、乙两瓶中，液体是质量相同的同种液体，电阻丝的阻值不同，则该装置可用来探究电流产生的热量与　电阻　的关系．

质量
（g）
初始温度
（℃）
加热时间
（min）
最终温度
（℃）
液体甲
150
20
3
45
液体乙
150
20
3
68

【考点】GX：探究比热容的实验．
【分析】（1）实验应采用控制变量法，控制液体的初末温度、液体质量相同而液体种类不同；
（2）用相同的热源对液体加热，液体在相等时间内吸收的热量相等，质量相同的液体升高相同的温度，吸收的热量越多，液体吸热能力越强；
（3）质量相同的物质吸收相等的热量，温度升高量越小，物质吸热能力越强，物质升高的温度越高，物体吸热能力越弱；
（4）电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，根据控制变量法进行分析．
【解答】解：
（1）实验中甲、乙两液体初温相同，还必须控制甲、乙两液体的质量相同；
（2）实验中，用相同的电热丝对液体加热，在相等时间内液体吸收的热量相等，加热时间越长，液体吸收的热量越多，可以用加热时间的长短表示液体吸收热量的多少；
实验中取质量相同的甲、乙两种液体，用相同的电加热器加热，当它们吸收相同热量时，通过比较升高的温度可以判断吸热能力的强弱；
（3）由表中实验数据可知，相同质量的液体加热相同的时间，吸收相等的热量，液体甲升高的温度低，液体甲的吸热能力强；
（4）据图可知，此时两电阻串联，所以电流相同，通电时间相同，电阻丝的阻值不同，故该装置可以探究电热和电阻的关系．
故答案为：（1）质量；（2）A；B；（3）甲；（4）电阻．
　
四、计算题
22．2017年12月2日，一声令下，深圳无人驾驶公交正式上路了，这是中国首次，全球首例在开放道路上进行无人驾驶．下面是无人驾驶公交车的部分参数，请回答下面问题．
（1）蓄电池充满一次电，以额定功率行驶，可以行驶多少时间？
（2）若汽油的热值是3.2×107J/L，那么行驶500km，汽油完全燃烧放出的热量是多少？
电机额定功率
180kw
蓄电池容量
900kw•h
最高车速
100km/h
油耗
25L/100km
【考点】J4：电功计算公式的应用；GJ：燃料的热值．
【分析】（1）由表格数据可知电池容量和额定功率，根据P=计算行驶多少时间；
（2）由表格数据知油耗，先计算行驶500km需要的汽油，再由Q=Vq计算汽油完全燃烧放出的热量．
【解答】解：
（1）由参数表知，蓄电池容量为900kw•h，电机额定功率是 180kw，
根据P=可得蓄电池充满一次电，以额定功率行驶，可以行驶时间：
t===5h；
（2）由表格数据知油耗25L/100km，所以行驶500km需要的汽油体积：
V==125L，
所以汽油完全燃烧放出的热量：
Q=Vq=125L×3.2×107J/L=4×109J．
（1）蓄电池充满一次电，以额定功率行驶，可以行驶5h；
（2）行驶500km，汽油完全燃烧放出的热量是4×109J．
　
23．新型电饭锅采用“聪明火”技术，智能化地控制食物不同时间段的温度，以得到最佳的营养和口感，其简化电路如图甲所示．R1和R2均为电热丝，S1是自动控制开关．煮饭时，把电饭锅接入220V电路中，在电饭锅工作的30min内，电路中总电流随时间变化的图象如图乙所示．求：
（1）S和S1都闭合时电饭锅的电功率；
（2）电热丝R2的阻值．

【考点】JA：电功率的计算．
【分析】（1）S和S1都闭合时，电阻R1与R2并联；电路中电流最大，由乙图可知此时电流值，则利用P=UI求出功率；
（2）开关S1断开时，电路中只有R1工作，由乙图可知通过R1的电流值，然后根据并联电路的电流特点和欧姆定律即可求出R2的阻值．
【解答】解：（1）S和S1都闭合时，电阻R1与R2并联，
由乙图可知此时电流值Imax=3A，
则功率Pmax=UImax=220V×3A=660W；
（2）开关S1断开时，电路中只有R1工作，由乙图可知，通过R1的电流值I1=2A，
则根据并联电路干路电流等于各支路电流特点可知S和S1都闭合R1与R2并联时，通过R2的电流为：
I2=I﹣I1=3A﹣2A=1A，
由I=可知R2的阻值：
R2===220Ω．
答：（1）S和S1都闭合时电饭锅的电功率为660W；
（2）电热丝R2的阻值为220Ω．