高中物理人教版 (新课标)选修33 热力学第一定律 能量守恒定律综合训练题

这是一份高中物理人教版 (新课标)选修33 热力学第一定律 能量守恒定律综合训练题，共6页。

外界对系统做功，W____0；系统对外界做功，W____0.
系统从外界吸热，Q____0；系统向外界放热，Q____0.
系统内能增加，ΔU____0；系统内能减小，ΔU____0.
2．能量既不会____________，也不会____________，它只能从一种形式________为另一种形式，或者从一个物体________到别的物体，在________或________的过程中，能量的总量保持不变．
3．任何机器对外界做功都要消耗能量，能量转化和守恒定律的发现使人们进一步认识到：任何一部机器，只能使能量从____________转化为____________形式，而不能无中生有地________能量．因此，第一类永动机是____________制成的，因为它违背了____________．
4．关于物体内能的变化，以下说法中正确的是( )
A．物体吸收热量，内能一定增大
B．物体对外做功，内能一定减少
C．物体吸收热量，同时对外做功，内能可能不变
D．物体放出热量，同时对外做功，内能可能不变
5．一物体获得一定初速度后，沿着一粗糙斜面上滑，在上滑过程中，物体和斜面组成的系统( )
A．机械能守恒 B．总能量守恒
C．机械能和内能增加 D．机械能减少，内能增加
6．“第一类永动机”不可能制成，是因为( )
A．不符合机械能守恒定律
B．违背了能量守恒定律
C．做功产生的热不符合热功当量
D．找不到合适的材料和合理的设计方案
【概念规律练】
知识点一 热力学第一定律
1．一定质量的气体在某一过程中，外界对气体做了8×104 J的功，气体的内能减少了1.2×105 J，则下列各式中正确的是( )
A．W＝8×104 J，ΔU＝1.2×105 J，Q＝4×104 J
B．W＝8×104 J，ΔU＝－1.2×105 J，Q＝－2×105 J
C．W＝－8×104 J，ΔU＝1.2×105 J，Q＝2×104 J
D．W＝－8×104 J，ΔU＝－1.2×105 J，Q＝－4×104 J
2．下列关于物体内能的说法正确的是( )
A．物体吸收热量，内能一定增加
B．物体放出热量，内能一定减少
C．当做功和热传递同时存在时，物体的内能可能不变
D．物体对外做功，内能可能增加
知识点二 能量守恒定律
3．如图1所示，A、B是两个完全相同的铁球，A放在绝热板上，B用绝热绳悬挂，现只让它们吸收热量，当它们升高相同的温度时，它们所吸收的热量分别为QA、QB，则( )
图1
A．QA＝QB B．QAC．QA>QB D．无法确定QA、QB的大小
4．水能不产生污染物，是一种清洁能源，位于美国和加拿大交界处的尼亚加拉瀑布流量可达每秒6 000 m3，而且一年四季流量稳定，瀑布落差50 m，若利用这一资源发电，设其效率为50%，估算发电机的输出功率．(g取10 m/s2)
【方法技巧练】
热力学第一定律的应用技巧
5．一定质量的气体在保持压强恒等于1.0×105 Pa的状况下，体积从20 L膨胀到30 L，这一过程中气体从外界吸热4×103 J，则气体内能的变化为( )
A．增加了5×103 J B．减少了5×103 J
C．增加了3×103 J D．减少了3×103 J
6．如
图2
图2所示，A、B两点表示一定质量的某种理想气体的两个状态，当气体从状态A变化到状态B时( )
A．体积必然变大
B．有可能经过体积减小的过程
C．外界必然对气体做正功
D．气体必然从外界吸热
1．某系统的初状态具有内能1 J，在外界对它做0.5 J的功后，它放出0.2 J的热量，系统在这个过程中内能的增量是( )
A．0.7 J B．0.3 J C．0.66 J D．－0.34 J
2．某气体温度升高了(体积不变)，可能的原因是( )
A．气体一定吸收了热量 B．气体可能放出了热量
C．外界对气体可能做了功 D．气体可能吸收了热量
图3
3．如图3所示，用绝热活塞把绝热容器隔成容积相同的两部分，先把活塞锁住，将质量和温度都相同的理想气体氢气和氧气分别充入容器的两部分，然后提起销子，使活塞可以无摩擦地滑动，当活塞平衡时( )
A．氢气的温度不变 B．氢气的压强减小
C．氢气的体积增大 D．氧气的温度升高
图4
4．如图4，一绝热容器被隔板K隔开a、b两部分．已知a内有一定量的稀薄气体，b内为真空．抽开隔板K后，a内气体进入b，最终达到平衡状态．在此过程中( )
A．气体对外界做功，内能减少
B．气体不做功，内能不变
C．气体压强变小，温度降低
D．气体压强变小，温度不变
5．一定质量的理想气体，从某一状态开始，经过一系列变化后又回到开始的状态，用W1表示外界对气体做的功，W2表示气体对外界做的功，Q1表示气体吸收的热量，Q2表示气体放出的热量．则在整个过程中一定有( )
A．Q1－Q2＝W2－W1 B．Q1－Q2＝W1－W2
C．W1＝W2 D．Q1＝Q2
图5
6．如图5所示是一定质量的理想气体从状态A经B至C的p—eq \f(1,V)图线，则在此过程中( )
A．气体的内能改变
B．气体的体积增大
C．气体向外界放热
D．气体对外界做功
图6
7．如图6所示，a、b、c、d表示一定质量的理想气体状态变化过程中的四个状态，图中ad平行于横坐标轴，dc平行于纵坐标轴，ab的延长线过原点，以下说法正确的是( )
A．从状态d到c，气体不吸热也不放热
B．从状态c到b，气体放热
C．从状态a到d，气体对外做功
D．从状态b到a，气体吸热
8．自由摆动的秋千摆动幅度越来越小，下列说法中正确的是( )
A．机械能守恒
B．能量正在消失
C．只有动能和重力势能的相互转化
D．减少的机械能转化为内能，但总能量守恒
9．行驶中的汽车制动后滑行一段距离，最后停下；流星在夜空中坠落并发出明亮的火焰；降落伞在空中匀速下降；条形磁铁在下落过程中穿过闭合线圈，线圈中产生电流．上述不同现象所包含的相同物理过程是( )
A．物体克服阻力做功
B．物体的动能转化为其他形式的能量
C．物体的势能转化为其他形式的能量
D．物体的机械能转化为其他形式的能量
图7
10．如图7所示为冲击摆实验装置，一飞行子弹射入沙箱后与沙箱合为一体，共同摆起一定高度，则下面有关能的转化的说法中正确的是( )
A．子弹的动能转变成沙箱和子弹的内能
B．子弹的动能转变成了沙箱和子弹的热能
C．子弹的动能转变成了沙箱和子弹的动能
D．子弹的动能一部分转变成沙箱和子弹的内能，另一部分转变成沙箱和子弹的机械能

11.
图8
在图8所示的两端开口的“U”形管中，盛有同种液体，并用阀门K将液体隔成左、右两部分，左边液面比右边液面高．现打开阀门K，从打开阀门到两边液面第一次平齐的过程中，液体向外放热为Q，内能变化量为ΔU，动能变化量为ΔEk；大气对液体做功为W1，重力做功为W2，液体克服阻力做功为W3，由功能关系可得
①W1＝0 ②W2－W3＝ΔEk
③W2－W3＝Q＝ΔU ④W3－Q＝ΔU
其中，正确的是( )
A．①②③ B．①②④ C．②③ D．①③
12.空气压缩机在一次压缩中，活塞对空气做了2×105 J的功，同时空气的内能增加了1.5×105 J，这一过程中空气向外界传递的热量是多少？
13．一定量的气体从外界吸收了2.6×105 J的热量，内能增加了4.2×105 J，是气体对外界做了功，还是外界对气体做了功？做了多少功？如果气体吸收的热量仍为2.6×105 J不变，但是内能只增加了1.6×105 J，这一过程做功情况怎样？
14．一铁球从高H处由静止落到地面上，回弹速率是落地速率的一半，设撞击所转化的内能全部使铁球温度升高，则铁球的温度升高多少？(设铁的比热容为c，各物理量取国际制单位)
第3节 热力学第一定律 能量守恒定律
课前预习练
1．外界向它传递的热量 外界对它所做的功 ΔU＝W＋Q
> < > < > <
2．凭空产生 凭空消失 转化 转移 转化 转移
3．一种形式 另一种 创造 不可能 能量守恒定律
4．C
5．BD
6．B
课堂探究练
1．B
点评 热力学第一定律的表达式为ΔU＝W＋Q，应用时要熟练掌握各物理量的符号法则．
2．CD
点评 本题易错之处是有些同学把吸热和内能混为一谈．不假思索就认为物体吸热内能增加，物体放热内能减少而错选A、B.而A和B中只谈到一种改变内能的方式，但并不能否认还可能存在着另一种改变内能的方式——做功．
3．C
点评 应用能量守恒定律解决问题时，首先应明确有哪几种能量参与转化或转移，哪些增、哪些减，然后利用守恒观点列出方程求解．
4．1.5×109 W
解析 水力发电的基本原理是水的机械能转化为电能．
每秒钟流下的水的质量为：m＝ρV＝1×103×6 000 kg＝6×106 kg.
每秒钟水减少的机械能为：E＝mgh＝6×106×10×50 J＝3×109 J.
设发电机的输出功率为P，则由能量守恒定律可得：Eη＝Pt，
解得P＝3×109×50% W＝1.5×109 W.
点评 能量守恒定律是普遍适用的定律，在解决有关能量转化问题时，必须想到利用能量守恒定律．
5．C
方法总结 若气体等压变化，压强为p，体积变化为ΔV，则气体做功W＝p·ΔV.
6．ABD
方法总结 (1)一定质量的理想气体的内能只由温度决定，与体积无关．
(2)应注意W＋Q＝ΔU和eq \f(pV,T)＝C及图象的巧妙结合，综合分析．
课后巩固练
1．B
2．A
3．BCD
4．BD
5．A
6．C
7．BCD
8．D
9．AD
10．D
11．B
12．5×104 J
解析 选择被压缩的空气为研究对象，根据的热力学第一定律有ΔU＝W＋Q
由题意可知W＝2×105 J，ΔU＝1.5×105 J，代入上式得
Q＝ΔU－W＝1.5×105 J－2×105 J＝－5×104 J.
负号表示空气向外释放热量，即空气向外界传递的热量为5×104 J.
13．外界对气体做功，做功为1.6×105 J
气体对外界做功，做功为1.0×105 J
解析 由题意知Q＝2.6×105 J，ΔU＝4.2×105 J，根据ΔU＝Q＋W，代入可得W＝1.6×105 J，W为正值，外界对气体做功，做功为1.6×105 J.
同理由题意可知Q′＝2.6×105 J，ΔU′＝1.6×105 J，利用热力学第一定律得W′＝－1.0×105 J，这说明气体对外界做功(气体体积变大)，做功为1.0×105 J.
14.eq \f(3gH,4c)
解析 设落到地面时的速率为v，由v2＝2gH得落地时
v＝eq \r(2gH)
则铁球在与地面撞击时损失的动能ΔE＝eq \f(1,2)mv2－eq \f(1,2)m(eq \f(v,2))2＝eq \f(3,8)mv2＝eq \f(3,8)m·2gH＝eq \f(3,4)mgH
由能量守恒定律得，损失的动能全部转化为铁球的内能则ΔU＝ΔE＝eq \f(3,4)mgH＝Q
由Q＝cmΔt得Δt＝eq \f(Q,cm)＝eq \f(\f(3,4)mgH,cm)＝eq \f(3gH,4c)
即铁球温度升高eq \f(3gH,4c)

题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
答案