高考数学一轮复习　第二章 第6节对数与对数函数

这是一份高考数学一轮复习　第二章 第6节对数与对数函数，共16页。试卷主要包含了对数的性质、换底公式与运算性质，对数函数及其性质，反函数，25)，设f＝lga＋lga，且f＝2等内容，欢迎下载使用。

知 识 梳 理
1.对数的概念
如果ax＝N(a>0，且a≠1)，那么x叫做以a为底N的对数，记作x＝lgaN，其中a叫做对数的底数，N叫做真数.
2.对数的性质、换底公式与运算性质
(1)对数的性质：①algaN＝N；②lgaab＝b(a>0，且a≠1).
(2)对数的运算法则
如果a>0且a≠1，M>0，N>0，那么
①lga(MN)＝lgaM＋lgaN；
②lgaeq \f(M,N)＝lgaM－lgaN；
③lgaMn＝nlgaM(n∈R)；
④lga mMn＝eq \f(n,m)lgaM(m，n∈R，且m≠0).
(3)换底公式：lgbN＝eq \f(lgaN,lgab)(a，b均大于零且不等于1).
3.对数函数及其性质
(1)概念：函数y＝lgax(a＞0，且a≠1)叫做对数函数，其中x是自变量，函数的定义域是(0，＋∞).
(2)对数函数的图象与性质
4.反函数
指数函数y＝ax(a>0，且a≠1)与对数函数y＝lgax(a>0，且a≠1)互为反函数，它们的图象关于直线y＝x对称.
[微点提醒]
1.换底公式的两个重要结论
(1)lgab＝eq \f(1,lgba)；(2)lgambn＝eq \f(n,m)lgab.
其中a>0，且a≠1，b>0，且b≠1，m，n∈R.
2.在第一象限内，不同底的对数函数的图象从左到右底数逐渐增大.
3.对数函数y＝lgax(a>0，且a≠1)的图象过定点(1，0)，且过点(a，1)，eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,a)，－1))，函数图象只在第一、四象限.
基 础 自 测
1.判断下列结论正误(在括号内打“√”或“×”)
(1)lg2x2＝2lg2x.( )
(2)函数y＝lg2(x＋1)是对数函数.( )
(3)函数y＝lneq \f(1＋x,1－x)与y＝ln(1＋x)－ln(1－x)的定义域相同.( )
(4)当x>1时，若lgax>lgbx，则a解析 (1)lg2x2＝2lg2|x|，故(1)错.
(2)形如y＝lgax(a＞0，且a≠1)为对数函数，故(2)错.
(4)当x＞1时，lgax＞lgbx，但a与b的大小不确定，故(4)错.
答案 (1)× (2)× (3)√ (4)×
2.(必修1P73T3改编)已知a＝2－eq \f(1,3)，b＝lg2eq \f(1,3)，c＝lgeq \f(1,2)eq \f(1,3)，则( )
A.a>b>c B.a>c>b
C.c>b>a D.c>a>b
解析 ∵01.
∴c>a>b.
答案 D
3.(必修1P74A7改编)函数y＝eq \r(lg\f(2,3)(2x－1))的定义域是________.
解析 由lgeq \f(2,3)(2x－1)≥0，得0<2x－1≤1.∴eq \f(1,2)∴函数y＝eq \r(lg\f(2,3)(2x－1))的定义域是eq \b\lc\(\rc\](\a\vs4\al\c1(\f(1,2)，1)).
答案 eq \b\lc\(\rc\](\a\vs4\al\c1(\f(1,2)，1))
4.(2019·杭州检测)计算lg29×lg34＋2lg510＋lg50.25＝( )
A.0 B.2 C.4 D.6
解析 原式＝2lg23×(2lg32)＋lg5(102×0.25)
＝4＋lg525＝4＋2＝6.
答案 D
5.(2019·上海静安区检测)已知函数y＝lga(x＋c)(a，c为常数，其中a>0，且a≠1)的图象如图，则下列结论成立的是( )
A.a>1，c>1 B.a>1，0C.01 D.0解析 由题图可知，函数在定义域内为减函数，所以00，即lgac>0，所以0答案 D
6.(2018·全国Ⅰ卷)已知函数f(x)＝lg2(x2＋a).若f(3)＝1，则a＝________.
解析 由f(3)＝1得lg2(32＋a)＝1，所以9＋a＝2，解得a＝－7.
答案 －7
考点一 对数的运算
【例1】 (1)计算：eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(lg\f(1,4)－lg 25))÷100－eq \f(1,2)＝________.
(2)计算：eq \f(（1－lg63）2＋lg62·lg618,lg64)＝________.
解析 (1)原式＝(lg 2－2－lg 52)×100eq \f(1,2)＝lgeq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,22×52)))×10＝lg 10－2×10＝－2×10＝－20.
(2)原式＝eq \f(1－2lg63＋(lg63)2＋lg6 \f(6,3)·lg6(6×3),lg64)
＝eq \f(1－2lg63＋(lg63)2＋1－(lg63)2,lg64)
＝eq \f(2(1－lg63),2lg62)＝eq \f(lg66－lg63,lg62)＝eq \f(lg62,lg62)＝1.
答案 (1)－20 (2)1
规律方法 1.在对数运算中，先利用幂的运算把底数或真数进行变形，化成分数指数幂的形式，使幂的底数最简，然后正用对数运算法则化简合并.
2.先将对数式化为同底数对数的和、差、倍数运算，然后逆用对数的运算法则，转化为同底对数真数的积、商、幂再运算.
3.ab＝N⇔b＝lgaN(a>0，且a≠1)是解决有关指数、对数问题的有效方法，在运算中应注意互化.
【训练1】 (1)若lg 2，lg(2x＋1)，lg(2x＋5)成等差数列，则x的值等于( )
A.1 B.0或eq \f(1,8) C.eq \f(1,8) D.lg23
(2)(2019·成都七中检测)已知a>b>1，若lgab＋lgba＝eq \f(5,2)，ab＝ba，则a＝________，b＝________.
解析 (1)由题意知lg 2＋lg(2x＋5)＝2lg(2x＋1)，
∴2(2x＋5)＝(2x＋1)2，(2x)2－9＝0，2x＝3，x＝lg23.
(2)设lgb a＝t，则t>1，因为t＋eq \f(1,t)＝eq \f(5,2)，
所以t＝2，则a＝b2.
又ab＝ba，所以b2b＝bb2，
即2b＝b2，又a>b>1，解得b＝2，a＝4.
答案 (1)D (2)4 2
考点二 对数函数的图象及应用
【例2】 (1)(2019·潍坊一模)若函数f(x)＝ax－a－x(a>0且a≠1)在R上为减函数，则函数y＝lga(|x|－1)的图象可以是( )
(2)当x∈(1，2)时，不等式(x－1)2A.(0，1) B.(1，2)
C.(1，2] D.eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(0，\f(1,2)))
解析 (1)由f(x)在R上是减函数，知0又y＝lga(|x|－1)是偶函数，定义域是(－∞，－1)∪(1，＋∞).
∴当x>1时，y＝lga(x－1)的图象由y＝lgax向右平移一个单位得到.因此选项D正确.
(2)由题意，易知a>1.
在同一坐标系内作出y＝(x－1)2，x∈(1，2)及y＝lgax的图象.
若y＝lgax过点(2，1)，得lga2＝1，所以a＝2.
根据题意，函数y＝lgax，x∈(1，2)的图象恒在y＝(x－1)2，x∈(1，2)的上方.
结合图象，a的取值范围是(1，2].
答案 (1)D (2)C
规律方法 1.在识别函数图象时，要善于利用已知函数的性质、函数图象上的特殊点(与坐标轴的交点、最高点、最低点等)排除不符合要求的选项.
2.一些对数型方程、不等式问题常转化为相应的函数图象问题，利用数形结合法求解.
【训练2】 (1)(2018·湛江模拟)已知函数f(x)＝lga(2x＋b－1)(a>0，a≠1)的图象如图所示，则a，b满足的关系是( )
A.0B.0C.0D.0(2)(2019·日照一中调研)已知函数f(x)＝eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(2x，x<1，,lg2x，x≥1，))若方程f(x)－a＝0恰有一个实根，则实数a的取值范围是________.
解析 (1)由函数图象可知，f(x)在R上单调递增，又y＝2x＋b－1在R上单调递增，故a>1.函数图象与y轴的交点坐标为(0，lgab)，由函数图象可知－1即lgaa－1综上有0(2)作出函数y＝f(x)的图象(如图所示).
方程f(x)－a＝0恰有一个实根，等价于函数y＝f(x)的图象与直线y＝a恰有一个公共点，
故a＝0或a≥2，即a的取值范围是{0}∪[2，＋∞).
答案 (1)A (2){0}∪[2，＋∞)
考点三 对数函数的性质及应用 多维探究
角度1 对数函数的性质
【例3－1】 已知函数f(x)＝ln x＋ln(2－x)，则( )
A.f(x)在(0，2)上单调递增
B.f(x)在(0，2)上单调递减
C.y＝f(x)的图象关于直线x＝1对称
D.y＝f(x)的图象关于点(1，0)对称
解析 由题意知，f(x)＝ln x＋ln(2－x)的定义域为(0，2)，f(x)＝ln[x(2－x)]＝ln[－(x－1)2＋1]，由复合函数的单调性知，函数f(x)在(0，1)上单调递增，在(1，2)上单调递减，所以排除A，B；又f(2－x)＝ln(2－x)＋ln x＝f(x)，所以f(x)的图象关于直线x＝1对称，C正确，D错误.
答案 C
角度2 比较大小或解简单的不等式
【例3－2】 (1)(一题多解)(2018·天津卷)已知a＝lg2e，b＝ln 2，c＝lgeq \f(1,2)eq \f(1,3)，则a，b，c的大小关系为( )
A.a>b>c B.b>a>c
C.c>b>a D.c>a>b
(2)若lga(a2＋1)A.(0，1) B.eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(0，\f(1,2)))
C.eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)，1)) D.(0，1)∪(1，＋∞)
解析 (1)法一 因为a＝lg2e>1，b＝ln 2∈(0，1)，c＝lgeq \f(1,2)eq \f(1,3)＝lg23>lg2e＝a>1，所以c>a>b.
法二 lgeq \f(1,2)eq \f(1,3)＝lg23，如图，在同一坐标系中作出函数y＝lg2x，y＝ln x的图象，由图知c>a>b.
(2)由题意得a>0且a≠1，故必有a2＋1>2a，
又lga(a2＋1)同时2a>1，∴a>eq \f(1,2).综上，a∈eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)，1)).
答案 (1)D (2)C
角度3 对数型函数性质的综合应用
【例3－3】 已知函数f(x)＝lga(3－ax).
(1)当x∈[0，2]时，函数f(x)恒有意义，求实数a的取值范围；
(2)是否存在这样的实数a，使得函数f(x)在区间[1，2]上为减函数，并且最大值为1？如果存在，试求出a的值；如果不存在，请说明理由.
解 (1)∵a>0且a≠1，设t(x)＝3－ax，
则t(x)＝3－ax为减函数，
x∈[0，2]时，t(x)的最小值为3－2a，
当x∈[0，2]时，f(x)恒有意义，
即x∈[0，2]时，3－ax>0恒成立.
∴3－2a>0.∴a又a>0且a≠1，∴a的取值范围是(0，1)∪eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(1，\f(3,2))).
(2)t(x)＝3－ax，∵a>0，
∴函数t(x)为减函数.
∵f(x)在区间[1，2]上为减函数，∴y＝lgat为增函数，
∴a>1，x∈[1，2]时，t(x)最小值为3－2a，f(x)最大值为f(1)＝lga(3－a)，
∴eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(3－2a>0，,lga（3－a）＝1，))即eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(a<\f(3,2)，,a＝\f(3,2).))
故不存在这样的实数a，使得函数f(x)在区间[1，2]上为减函数，并且最大值为1.
规律方法 1.确定函数的定义域，研究或利用函数的性质，都要在其定义域上进行.
2.如果需将函数解析式变形，一定要保证其等价性，否则结论错误.
3.在解决与对数函数相关的比较大小或解不等式问题时，要优先考虑利用对数函数的单调性来求解.在利用单调性时，一定要明确底数a的取值对函数增减性的影响，及真数必须为正的限制条件.
【训练3】 (1)若a>b>0，0A.lgacC.accb
(2)若函数f(x)＝lgaeq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(x2＋\f(3,2)x))(a>0，a≠1)在区间eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)，＋∞))内恒有f(x)>0，则f(x)的单调递增区间为________.
解析 (1)由y＝xc与y＝cx的单调性知，C，D不正确；
∵y＝lgcx是减函数，得lgcalgac＝eq \f(lg c,lg a)，lgbc＝eq \f(lg c,lg b)，∵0＜c＜1，∴lg c＜0.
又a＞b＞0，∴lg a＞lg b，但不能确定lg a，lg b的正负，
∴lgac与lgbc的大小不能确定.
(2)令M＝x2＋eq \f(3,2)x，当x∈eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)，＋∞))时，M∈(1，＋∞)，f(x)>0，所以a>1，所以函数y＝lgaM为增函数，
又M＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(x＋\f(3,4)))eq \s\up12(2)－eq \f(9,16)，因此M的单调递增区间为eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(－\f(3,4)，＋∞)).
又x2＋eq \f(3,2)x>0，所以x>0或x<－eq \f(3,2)，
所以函数f(x)的单调递增区间为(0，＋∞).
答案 (1)B (2)(0，＋∞)
[思维升华]
1.对数值取正、负值的规律
当a>1且b>1或00；
当a>1且01时，lgab<0.
2.利用单调性可解决比较大小、解不等式、求最值等问题，其基本方法是“同底法”，即把不同底的对数式化为同底的对数式，然后根据单调性来解决.
3.比较幂、对数大小有两种常用方法：(1)数形结合；(2)找中间量结合函数单调性.
4.多个对数函数图象比较底数大小的问题，可通过比较图象与直线y＝1交点的横坐标进行判定.
[易错防范]
1.在对数式中，真数必须是大于0的，所以对数函数y＝lgax的定义域应为(0，＋∞).对数函数的单调性取决于底数a与1的大小关系，当底数a与1的大小关系不确定时，要分01两种情况讨论.
2.在运算性质lgaMα＝αlgaM中，要特别注意条件，在无M>0的条件下应为lgaMα＝αlga|M|(α∈N*，且α为偶数).
3.解决与对数函数有关的问题时需注意两点：(1)务必先研究函数的定义域；(2)注意对数底数的取值范围.
基础巩固题组
(建议用时：40分钟)
一、选择题
1.已知函数f(x)＝eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(2x，x≥4，,f(x＋1)，x<4，))则f(2＋lg23)的值为( )
A.24 B.16 C.12 D.8
解析 因为3<2＋lg23<4，所以f(2＋lg23)＝f(3＋lg23)＝23＋lg23＝8×2lg23＝24.
答案 A
2.(2018·天津卷)已知a＝lg3 eq \f(7,2)，b＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,4)))eq \s\up6(\f(1,3))，c＝lgeq \f(1,3) eq \f(1,5)，则a，b，c的大小关系为( )
A.a>b>c B.b>a>c
C.c>b>a D.c>a>b
解析 lgeq \f(1,3) eq \f(1,5)＝lg3－15－1＝lg35，因为函数y＝lg3x在(0，＋∞)上为增函数，所以lg35>lg3 eq \f(7,2)>lg33＝1，因为函数y＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,4)))eq \s\up12(x)在(－∞，＋∞)上为减函数，所以eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,4)))eq \s\up6(\f(1,3))a>b.
答案 D
3.(2019·张家界三模)在同一直角坐标系中，函数f(x)＝2－ax，g(x)＝lga(x＋2)(a>0，且a≠1)的图象大致为( )
解析 由题意，知函数f(x)＝2－ax(a>0，且a≠1)为单调递减函数，当02，且函数g(x)＝lga(x＋2)在(－2，＋∞)上为单调递减函数，C，D均不满足；当a>1时，函数f(x)＝2－ax的零点x＝eq \f(2,a)<2，且x＝eq \f(2,a)>0，又g(x)＝lga(x＋2)在(－2，＋∞)上是增函数，排除B，综上只有A满足.
答案 A
4.(2019·宁波二模)已知f(x)＝lg(10＋x)＋lg(10－x)，则( )
A.f(x)是奇函数，且在(0，10)上是增函数
B.f(x)是偶函数，且在(0，10)上是增函数
C.f(x)是奇函数，且在(0，10)上是减函数
D.f(x)是偶函数，且在(0，10)上是减函数
解析 由eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(10＋x>0，,10－x>0，))得x∈(－10，10)，
且f(x)＝lg(100－x2).
∴f(x)是偶函数，
又t＝100－x2在(0，10)上单调递减，y＝lg t在(0，＋∞)上单调递增，故函数f(x)在(0，10)上单调递减.
答案 D
5.(2019·临汾三模)已知函数f(x)＝|ln x|，若f(m)＝f(n)(m>n>0)，则eq \f(2,m＋1)＋eq \f(2,n＋1)＝( )
A.eq \f(1,2) B.1 C.2 D.4
解析 由f(m)＝f(n)，m>n>0，可知m>1>n>0，
∴ln m＝－ln n，则mn＝1.
所以eq \f(2,m＋1)＋eq \f(2,n＋1)＝eq \f(2（m＋n）＋4,mn＋m＋n＋1)＝eq \f(2（m＋n＋2）,m＋n＋2)＝2.
答案 C
二、填空题
6.lgeq \f(5,2)＋2lg 2－eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)))eq \s\up12(－1)＝________.
解析 lgeq \f(5,2)＋2lg 2－eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)))eq \s\up12(－1)＝lgeq \f(5,2)＋lg 22－2
＝lgeq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(5,2)×4))－2＝1－2＝－1.
答案 －1
7.(2019·昆明诊断)设f(x)＝lgeq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(2,1－x)＋a))是奇函数，则使f(x)<0的x的取值范围是________.
解析 由f(x)是奇函数可得a＝－1，
∴f(x)＝lgeq \f(1＋x,1－x)，定义域为(－1，1).
由f(x)<0，可得0答案 (－1，0)
8.(2019·潍坊调研)已知函数f(x)＝eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(－lg2（3－x），x<2，,2x－2－1，x≥2，))若f(2－a)＝1，则f(a)＝________.
解析 当2－a<2，即a>0时，f(2－a)＝－lg2(1＋a)＝1.
解得a＝－eq \f(1,2)，不合题意.
当2－a≥2，即a≤0时，f(2－a)＝2－a－1＝1，即2－a＝2，解得a＝－1，所以f(a)＝f(－1)＝－lg24＝－2.
答案 －2
三、解答题
9.设f(x)＝lga(1＋x)＋lga(3－x)(a>0，a≠1)，且f(1)＝2.
(1)求a的值及f(x)的定义域；
(2)求f(x)在区间eq \b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\c1(0，\f(3,2)))上的最大值.
解 (1)∵f(1)＝2，∴lga4＝2(a>0，a≠1)，∴a＝2.
由eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(1＋x>0，,3－x>0，))得－1＜x＜3，
∴函数f(x)的定义域为(－1，3).
(2)f(x)＝lg2(1＋x)＋lg2(3－x)
＝lg2[(1＋x)(3－x)]＝lg2[－(x－1)2＋4]，
∴当x∈[0，1]时，f(x)是增函数；
当x∈eq \b\lc\(\rc\](\a\vs4\al\c1(1，\f(3,2)))时，f(x)是减函数，
故函数f(x)在eq \b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\c1(0，\f(3,2)))上的最大值是f(1)＝lg24＝2.
10.已知函数f(x)是定义在R上的偶函数，且f(0)＝0，当x>0时，f(x)＝lgeq \f(1,2)x.
(1)求函数f(x)的解析式；
(2)解不等式f(x2－1)>－2.
解 (1)当x<0时，－x>0，则f(－x)＝lgeq \f(1,2)(－x).
因为函数f(x)是偶函数，所以f(－x)＝f(x)＝lgeq \f(1,2)(－x)，
所以函数f(x)的解析式为
f(x)＝eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(lg\f(1,2)x，x>0，,0，x＝0，,lg\f(1,2)（－x），x<0.))
(2)因为f(4)＝lgeq \f(1,2)4＝－2，f(x)是偶函数，
所以不等式f(x2－1)>－2转化为f(|x2－1|)>f(4).
又因为函数f(x)在(0，＋∞)上是减函数，
所以|x2－1|<4，解得－eq \r(5)即不等式的解集为(－eq \r(5)，eq \r(5)).
能力提升题组
(建议用时：20分钟)
11.(2019·天津和平区二模)已知a>0且a≠1，函数f(x)＝lga(x＋eq \r(x2＋b))在区间
(－∞，＋∞)上既是奇函数又是增函数，则函数g(x)＝lga||x|－b|的图象是( )
解析 ∵函数f(x)＝lga(x＋eq \r(x2＋b))在区间(－∞，＋∞)上是奇函数，∴f(0)＝0，∴b＝1，又函数f(x)＝lga(x＋eq \r(x2＋b))在区间(－∞，＋∞)上是增函数，所以a>1.
所以g(x)＝lga||x|－1|，当x>1时，g(x)＝lga(x－1)为增函数，排除B，D；当0答案 A
12.设x，y，z为正数，且2x＝3y＝5z，则( )
A.2x<3y<5z B.5z<2x<3y
C.3y<5z<2x D.3y<2x<5z
解析 令t＝2x＝3y＝5z，
∵x，y，z为正数，∴t>1.
则x＝lg2t＝eq \f(lg t,lg 2)，同理，y＝eq \f(lg t,lg 3)，z＝eq \f(lg t,lg 5).
∴2x－3y＝eq \f(2lg t,lg 2)－eq \f(3lg t,lg 3)＝eq \f(lg t（2lg 3－3lg 2）,lg 2×lg 3)
＝eq \f(lg t（lg 9－lg 8）,lg 2×lg 3)>0，
∴2x>3y.
又∵2x－5z＝eq \f(2lg t,lg 2)－eq \f(5lg t,lg 5)＝eq \f(lg t（2lg 5－5lg 2）,lg 2×lg 5)
＝eq \f(lg t（lg 25－lg 32）,lg 2×lg 5)<0，
∴2x<5z，∴3y<2x<5z.
答案 D
13.(2019·衡水中学检测)已知函数f(x)＝lg(mx2＋2mx＋1)，若f(x)的值域为R，则实数m的取值范围是________.
解析 令g(x)＝mx2＋2mx＋1值域为A，∵函数f(x)＝lg(mx2＋2mx＋1)的值域为R，∴(0，＋∞)⊆A，当m＝0时，g(x)＝1，f(x)的值域不是R，不满足条件；当m≠0时，eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(m>0，,4m2－4m≥0，))解得m≥1.
答案 [1，＋∞)
14.已知函数f(x)＝lneq \f(x＋1,x－1).
(1)求函数f(x)的定义域，并判断函数f(x)的奇偶性；
(2)对于x∈[2，6]，f(x)＝lneq \f(x＋1,x－1)>lneq \f(m,（x－1）（7－x）)恒成立，求实数m的取值范围.
解 (1)由eq \f(x＋1,x－1)>0，解得x<－1或x>1，
∴函数f(x)的定义域为(－∞，－1)∪(1，＋∞)，
当x∈(－∞，－1)∪(1，＋∞)时，
f(－x)＝lneq \f(－x＋1,－x－1)＝lneq \f(x－1,x＋1)＝lneq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(x＋1,x－1)))eq \s\up12(－1)
＝－lneq \f(x＋1,x－1)＝－f(x).
∴f(x)＝lneq \f(x＋1,x－1)是奇函数.
(2)由于x∈[2，6]时，f(x)＝lneq \f(x＋1,x－1)>lneq \f(m,（x－1）（7－x）)恒成立，
∴eq \f(x＋1,x－1)>eq \f(m,（x－1）（7－x）)>0，
∵x∈[2，6]，∴0令g(x)＝(x＋1)(7－x)＝－(x－3)2＋16，x∈[2，6]，
由二次函数的性质可知，x∈[2，3]时函数g(x)单调递增，x∈[3，6]时函数g(x)单调递减，
即x∈[2，6]时，g(x)min＝g(6)＝7，
∴0故实数m的取值范围为(0，7).a>1
0图象
性质
定义域：(0，＋∞)
值域：R
当x＝1时，y＝0，即过定点(1，0)
当x>1时，y>0；
当0当x>1时，y<0；
当00
在(0，＋∞)上是增函数
在(0，＋∞)上是减函数