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    第13章全等三角形复习第1课时(全等三角形)-华东师大版八年级数学上册课堂限时训练

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    华师大版八年级上册1 全等三角形第1课时课时训练

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    这是一份华师大版八年级上册1 全等三角形第1课时课时训练,共15页。
    第13章  全等三角形复习第1课时(全等三角形)知识点1:全等三角形的性质及判定方法.知识点2:利用全等三角形的判定条件及性质进行证明或计算.知识点3:全等三角形的判定及性质的综合应用.基础巩固1.如图,若ABC≌△ADE,则下列结论中一定成立的是(  )AACDE BBADCAE CABAE   DABCAED                    1题图                             2题图2.如图,在正方形ABCD中,点EF分别在BCCD上,BECF,则图中与∠AEB相等的角的个数是(  )A1 B2 C3 D43.如图,在ABCADC中,ABADBCDCB130°,则D        °        3题图                       4题图               5题图 4.如图,在ABC中,AB=AC,点DE都在边BC上,BAD=CAE,若BD=9,则CE的长为               . 5.如图,已知在ABDABC中,DABCAB,点ABE在同一条直线上,若使ABD≌△ABC,则还需添加的一个条件是           .(只填一个即可)6.如图,已知ADAE,请你添加一个条件,使得△ADC≌△AEB,你添加的条件是              .(不添加任何字母和辅助线)         6题图                          7题图 7.如图,AC平分DCBCB=CDDA的延长线交BC于点E,若EAC=49°,则BAE的度数为           8.如图,已知BEBFECACDF.求证:ABC≌△DEF8题图 9.如图,点C在线段BD上,且ABBDDEBDACCEBC=DE,求证:AB=CD9题图 10.如图,已知ABCDABCDBECF求证:(1)ABF≌△DCE(2)AFDE10题图 11.已知:如图,点ABCD在一条直线上,EAFBEAFBABCD1)求证:EF2)若A40°D80°,求E的度数.11题图    12.如图,已知ACBCDCECACBCDCECAEBD交于点F(1)求证:AEBD(2)AFD的度数.12题图 13.如图,在矩形ABCD中,点EF在对角线BD.请添加一个条件,使得结论AECF成立,并加以证明.  14.如图,正方形ABCD,点EF分别在ADCD上,且DECFAFBE相交于点G1)求证:BEAF2)若AB4DE1,求AG的长.14题图  15. 已知如图在正方形ABCD中,点EF分别在边CDAD上,且AFCE1)求证:△ABF≌△CBE2)若AB4AF1,求四边形BEDF的面积.15题图     16.如图,在正方形ABCD中,点EBC的中点,连接DE,过点AAGEDDE于点F,交CD于点G1)证明:△ADG≌△DCE2)连接BF,证明:ABFB16题图     强化提高17. 如图,在△OAB和△OCD中,OAOBOCODOAOC,∠AOB=∠COD40°,连接ACBD交于点M,连接OM.下列结论:ACBDAMB40°OM平分∠BOCMO平分∠BMC其中正确的个数为(  )A4 B3 C2 D1                        17题图                               18题图18. 如图,将正方形OEFG放在平面直角坐标系中,O是坐标原点,点E的坐标为23),则点F的坐标为              19. 如图,点PQ分别是等边ABCABBC上的动点(端点除外),点P、点Q以相同的速度,同时从点AB出发.1)如图1,连接AQCP.求证:ABQ≌△CAP2)如图1,当点PQ分别在ABBC边上运动时,AQCP相交于点MQMC的大小是否变化?若变化,请说明理由;若不变,求出它的度数;3)如图2,当点PQABBC的延长线上运动时,直线AQCP相交于MQMC的大小是否变化?若变化,请说明理由;若不变,求出它的度数.  第13章  全等三角形复习第1课时(全等三角形)答案1. B. 解析∵△ABC≌△ADEACAEABADABCADEBACDAE∴∠BACDACDAEDACBADCAE.故ACD选项错误,B选项正确,故选:B2. B. 解析:∵四边形ABCD是正方形,ABBCABBC,∠ABE=∠BCF90°在△ABE和△BCF中,∴△ABE≌△BCFSAS),∴∠BFC=∠AEB∴∠BFC=∠ABF故图中与∠AEB相等的角的个数是2.故选:B3. 130. 解析ADCABC∴△ABC≌△ADCSSS),∴∠DB∵∠B130°∴∠D130°,故答案为:1304. 9. 解析因为ABC是等腰三角形,所以有AB=ACBAD=CAEABD=ACE,所以ABDACE(ASA),所以BD=ECEC=9.5. ADAC(∠D=∠C或∠ABD=∠ABC等).解析:∵∠DAB=∠CABABAB∴当添加ADAC时,可根据SAS判断ABD≌△ABC当添加∠D=∠C时,可根据AAS判断ABD≌△ABC当添加∠ABD=∠ABC时,可根据ASA判断ABD≌△ABC故答案为ADAC(∠D=∠C或∠ABD=∠ABC等).6. ABAC或∠ADC=∠AEB或∠ABE=∠ACD解析:∵∠A=∠AADAE∴可以添加ABAC,此时满足SAS添加条件∠ADC=∠AEB,此时满足ASA添加条件∠ABE=∠ACD,此时满足AAS故答案为ABAC或∠ADC=∠AEB或∠ABE=∠ACD7. 82° . 解析CD=CBACD=ACBCA=CA∴△CAD≌△CAB∴∠CAD=CAB∵∠EAC=49°∴∠CAD=180°-EAC=180°-49°=131°∴∠CAB=131°∴∠BAE=CAB-EAC=131°-49°=82°. 故答案为82°8. 证明:ACDF∴∠ACBDFEBFCEBCEFABCDEF中,∴△ABC≌△DEFASA).9. 证明:ABBDDEBDACCE10. 证明:(1)ABCD∴∠BCBECFBEEFCFEF,即BFCEABFDCE中,∴△ABF≌△DCE(SAS)(2)∵△ABF≌△DCE∴∠AFBDEC∴∠AFEDEFAFDE11. 证明:(1EAFB∴∠AFBDABCDAB+BCCD+BC,即ACBDEACFBD中,∴△EAC≌△FBDSAS),∴∠EF2∵△EAC≌△FBD∴∠ECAD80°∵∠A40°∴∠E180°40°80°60°答:E的度数为60°12.解:(1)ACBCDCEC∴∠ACBDCE90°∴∠ACEBCDACEBCD中,∴△ACE≌△BCD(SAS)AEBD(2)∵∠ACB90°∴∠A+ANC90°∵△ACE≌△BCD∴∠AB∵∠ANCBNF∴∠B+BNFA+ANC90°∴∠AFDB+BNF90°  12题图 13. 解:添加的条件是BEDF(答案不唯一).证明:∵四边形ABCD是矩形,ABCDABCD∴∠ABD=∠BDC又∵BEDF(添加),∴△ABE≌△CDFSAS),AECF14. 1)证明:∵四边形ABCD是正方形,∴∠BAE=∠ADF90°ABADCDDECF,∴AEDF在△BAE和△ADF中,∴△BAE≌△ADFSAS),∴BEAF2)解:由(1)得:△BAE≌△ADF∴∠EBA=∠FAD∴∠GAE+AEG90°,∴∠AGE90°AB4DE1,∴AE3BE5RtABE中,AB×AEBE×AGAG15.解:(1)在△ABF和△CBE∴△ABF≌△CBESAS);2)由已知可得正方形ABCD面积为16ABF面积=△CBE面积=×4×12所以四边形BEDF的面积为162×21216. 解:(1)∵四边形ABCD是正方形,∴∠ADG=∠C90°ADDC又∵AGDE∴∠DAG+ADF90°=∠CDE+ADF∴∠DAG=∠CDE∴△ADG≌△DCEASA);2)如图所示,延长DEAB的延长线于HEBC的中点,BECE又∵∠C=∠HBE90°,∠DEC=∠HEB∴△DCE≌△HBEASA),BHDCABBAH的中点,又∵∠AFH90°RtAFH中,BFAHAB   16题图  17. 解:∵∠AOB=∠COD40°∴∠AOB+AOD=∠COD+AOD,即∠AOC=∠BOD在△AOC和△BOD中,∴△AOC≌△BODSAS),∴∠OCA=∠ODBACBD正确;∴∠OAC=∠OBD由三角形的外角性质得:∠AMB+OAC=∠AOB+OBD∴∠AMB=∠AOB40°正确;OGMCGOHMBH,如图所示:则∠OGC=∠OHD90°在△OCG和△ODH中,∴△OCG≌△ODHAAS),∴OGOHMO平分∠BMC正确;正确的个数有3个;故选:B         17题图18. (﹣15.  解析:如图,过点Ex轴的垂线EH,垂足为H.过点Gx轴的垂线GM,垂足为M,连接GE.FO交于点O四边形OEFG是正方形,OG=EOGOM=OEHOGM=EOHOGMEOH中, ∴△OGM≌△EOHASA),GM=OH=2OM=EH=3G(﹣32),O(﹣),F与点O关于点O对称,F的坐标为(﹣15),故答案是:(﹣15).              18题图 19. 解:(1)证明:如图1∵△ABC是等边三角形∴∠ABQCAP60°ABCAPQ运动速度相同,APBQABQCAP中,∴△ABQ≌△CAPSAS);     2)点PQAB.BC边上运动的过程中,QMC不变.理由:∵△ABQ≌△CAP ∴∠BAQACP∵∠QMCACM的外角,∴∠QMCACP+MACBAQ+MACBAC∵∠BAC60°∴∠QMC60°3)如图2,点PQ在运动到终点后继续在射线ABBC上运动时,QMC不变.   理由:同理可得,ABQ≌△CAP∴∠BAQACP∵∠QMCAPM的外角,∴∠QMCBAQ+APM∴∠QMCACP+APM180°PAC180°60°120°即若点PQ在运动到终点后继续在射线AB.BC上运动,QMC的度数为120° 

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