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2021年广东省汕头市潮南区中考物理一模试卷（解析版及原卷版）
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2021年广东省汕头市潮南区中考物理一模试卷（解析版）
一、单项选择题（本大题7小题，每小题3分，共21分）在每小题列出的四个选项中，只有一个是正确的。请把答题卡上对应题目所选的选项涂黑。
1．我国城乡建设和管理越来越注重环保，以下做法符合环保要求的是（ ）
A．废旧电池随意丢弃
B．减少城市绿地和湖泊的面积
C．工业废水直接排放到江河中
D．使用太阳能、风能等清洁能源
2．下列关于声现象的说法中，正确的是（ ）
A．利用超声波可除去人体内的结石，说明声波可以传递信息
B．用力吹一根塑料吸管，并将吸管不断剪短，目的是为了探究声音的音调与频率的关系C．在一根长铁管的一端敲击一下，在另一端能听到前后两次敲击声，这是回声现象
D．为减少噪声污染，很多市区禁止机动车鸣喇叭，从声学上讲，这是从人耳处减弱噪声
3．2020年6月21日，我国多地观测到了日环食的天文奇观。以下现象中与形成日环食的“光学”成因相同的是（ ）
A．水中的倒影 B．树荫下的光斑
C．雨后的彩虹 D．海市蜃楼的奇景
4．某科技小组为快递公司设计的分拣计数装置简化电路如图所示。R1为定值电阻，R2为光敏电阻。当有光照射时电阻变小，激光被遮挡一次，计数器会自动计数一次（计数器可视为电压表），闭合开关。激光被遮挡瞬间，下列说法正确的是（ ）
A．电阻R2的阻值变小 B．通过R2的电流变大
C．计数器两端的电压变大 D．R1与R2的电流之比变小
5．汽车紧急刹车过程中，会在公路上留下车胎的擦痕，下列说法正确的是（ ）
A．擦痕是由于刹车后摩擦增大造成的
B．擦痕越长，说明车的惯性一定越大
C．刹车过程中内能转化为机械能
D．刹车能使汽车迅速停下来，说明力是维持物体运动的原因
6．水平桌面上两个底面积相同的容器中，分别盛有甲、乙两种液体。将两个完全相同的小球M、N分别放入两个容器中，静止时两球状态如图所示，两容器内液面相平。下列分析正确的是（ ）
A．两小球所受浮力FM＜FN
B．两种液体的密度ρ甲＜ρ乙
C．两种液体对容器底部的压强p甲＝p乙
D．两种液体对容器底部的压力F甲＞F乙
7．对下列四幅图解释正确的是（ ）
A．图1中水平放置的指南针受地磁场影响，指针N极总是指向地理南方
B．图2中通电螺线管右端为N极
C．图3为电动机工作原理图
D．图4说明了电磁铁磁性强弱与电流大小有关
二、填空题（本大题7小题，每空1分，共21分）
8．（3分）司机开车上坡前，往往加大油门，以提高车速，这是为了增大汽车的 （选填“质量”、“惯性”或“动能”）。清扫路面垃圾的清洁车，能通过吸尘器将路面上的垃圾吸入车内容器中。清洁车沿水平街道匀速行驶，在清扫垃圾过程中，车的动能将 ，车的重力势能将 （后两空选填“变大”、“变小”或“保持不变”）。
9．（3分）如图所示是汽油机的吸气冲程，它将 吸入气缸，在汽油机启动后吸气冲程依靠飞轮的 来完成；若该汽油机飞轮的转速为1800r/min，那么该内燃机1s对外做功 次。
10．（3分）我国研制的大客机C919搭载某涡轮喷气发动机，它的热效率和推进效率比一般客机高，所谓热效率是指发动机获得的机械能与燃料完全燃烧产生的内能之比，而推进效率则是指发动机对飞机的推力所做的功与发动机获得的机械能之比。
速度v/m/s
100
200
300
400
500
阻力f/N
0.9×104
3.6×104
8.1×104
1.44×105
2.25×105
飞机飞行时所受阻力f与运行速度v的关系如表，则它们之间的数量关系：f＝ ；若飞机以200m/s的水平速度匀速巡航0.5h过程中，消耗燃油1080kg，则此过程，飞机克服阻力所做的功为 J；若发动机的热效率为40%，则发动机的推进效率为 。（燃油热值q＝5.0×107J/kg）
11．（3分）小梦同学身高170cm，站在竖直放置的平面镜前2m处，当她以0.1m/s的速度向平面镜走近时，她在平面镜中的像高度 （选填“大于”、小于”或“等于”）170cm；经过5s后，小梦和她的像之间的距离是 ，小梦从平面镜中看到墙上挂钟的指针如图所示，则挂钟显示的实际时间是 。
12．（3分）科技战“疫”，5G助力!如图所示是疫情防控期间一辆5G无人防疫车正在进行消毒同时还对附近的行人进行体温监测。5G技术传递信息的载体是 （超声波/次声波/电磁波）；车上红外测温设备是通过 （发出/接收）红外线来实现测温的，物体辐射的红外线的强度与 有关。
13．（3分）在测量小金属块的密度的实验中，露露先用天平测小金属块的质量如图甲所示，小金属块是 g．再用量筒测小金属块的体积如图乙所示，测得小金属块的密度ρ1＝ kg/m3，而阳阳做实验时，先用量筒测小金属块的体积，再用天平测小金属块的质量，测得的小金属块的密度为ρ2，则：ρ2 ρ1（选填“＞”、“＜”或“＝”）．
14．（3分）如图甲所示电路，电源电压不变，闭合开关后，滑片P由b端滑到a端，电压表示数U与电流表示数I的变化关系如图乙所示，则可判断电源电压是 V，定值电阻R的阻值是 Ω，滑动变阻器的最大阻值为 Ω。
三、作图题（共7分）
15．有一点光源S，它在平面镜中的像与凸透镜的焦点F重合，S发出的一条光线经平面镜反射后。反射光线为a、如图所示。请在图中到画出：
（1）凸透镜的焦点F；
（2）点光源S的位置；
（3）光线a经过凸透镜后的折射光线。
16．如图所示，杠杆可绕固定点O转动，且自重不计，要使杠杆在图示位置平衡，请作出物块所受重力示意图和施加在A点使杠杆平衡的最小力F及其力臂L的示意图。
17．如图所示，请将两支日光灯连接起来，让开关可以同时控制它们的亮暗，并连接一个不受开关控制的三孔插座。
四、实验题（本大题3小题，共20分）
18．如图所示，请读出中各实验仪器的示数：
木块的长度 cm；温度计的读数为 ℃；弹簧测力计的示数为 N。
19．在探究“凸透镜成像规律”的实验中，凸透镜的焦距为10cm。
（1）将蜡烛、凸透镜和光屏依次放在光具座上，点燃蜡烛后，调整烛焰、凸透镜和光屏三者的中心大致在
。
（2）蜡烛、凸透镜和光屏在光具座上的位置如图所示，观察到光屏上有烛焰清晰的像（像未画出），该像是 （填“正立”或“倒立”）、 （填“放大”、“缩小”或“等大”）的实像。生活中的 （填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）就是利用这个原理制成的。
（3）实验过程中由于蜡烛燃烧变短，烛焰在光屏上的像将向 移动。为了使烛焰的像再次成在光屏中央，应将凸透镜向 移动。（两空均填“上”或“下”）
20．阿豪在“测定小灯泡电功率”的实验中，所选小灯泡的额定电压为2.5V，电阻约为10Ω。
（1）连接电路时，开关应处于 （选填“闭合”或“断开”）状态。
（2）如甲图所示是他连接的实验电路。其中有一根导线连接错误。为了使电压表能测小灯泡两端的电压，请你在错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线画出正确的导线。
（3）电路连接正确后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电压表有示数，电流表指针几乎不动，产生这种现象的原因可能是 。（写出一种原因即可）
（4）排除故障后，继续实验，并根据实验数据画出如乙图所示的I﹣U图像，计算出小灯泡的额定功率是 W。
（5）请你将小灯泡正常工作时的电流在丙图中的电流表中标出来（请标出所使用的接线柱）。
（6）根据图像可判断小灯泡的电阻随电压升高逐渐 （选填“增大”“减小”或“不变”），原因是 。
（7）在某次调节中，滑动变阻器接入电路的阻值减小了△R1，小灯泡的电阻增加了△R2，则△R1 （选填“大于”“等于”或“小于”）△R2。
五、计算题（本大题2小题，共13分）
21．一辆汽车以恒定的功率在平直的公路上做直线运动，其v﹣t图像如图所示。已知汽车前10s通过的路程为80m，在匀速行驶过程中所受阻力f＝4000N。求：
（1）在0～10s内汽车的平均速度；
（2）汽车匀速行驶时的功率；
（3）在0～10s内汽车受到的牵引力所做的功。
22．某品牌电热水壶的工作电路简图如图甲所示，开关S可以控制其加热、保温和停止三个状态，其部分参数如图乙所示。在该电热水壶正常工作的情况下，将一壶25℃的水在标准大气压下加热到沸腾[假设电热丝产生的热量全部被水吸收，R1、R2的阻值不随温度变化，c水＝4.2×103J/（kg•℃），ρ水＝1.0×103kg/m3]。
（1）求水吸收的热量；
（2）求R1、R2的阻值；
（3）实际加热这壶水到沸腾用时10.5min，求实际电压。
六、综合能力题（本大题3小题，共18分）
23．阅读下面短文，回答以下问题。
感应发光冰块
感应发光冰块产品采用食品级PS材料及电子元件组成的发光冰块，采用先进的触水式开关具有入水即亮的特性（液体感应），外形仿如真实冰块一般。感应发光冰块采用电池供电，无化学变化，无毒无害，可放置于各类饮品中增添浪漫及神秘的气氛感应发光冰块内部电子元件有：液体感应器、纽扣电池和LED灯泡。感应发光冰块的使用方法是将发光冰块清洁干净放入水中，它将自动发亮；使用完毕后，用布擦干后放置于干燥的地方以备下次使用。感应发光冰块还可以放入冰箱内冷冻后，再放入饮料内，可以起到降低饮料的温度。需要注意的是，请勿吞食感应发光冰块，避免放置于温度过高的饮品中。
（1）液体感应器是先进的触水式 （选填“电源”、“用电器”、“开关”或“导线”）。
（2）冷冻后的感应发光冰块通过 的方式改变饮料的内能，饮料的内能 （选填“增大”或“减小”）。
（3）LED灯泡发光时，将电能主要转化为 能。
（4）某位同学在研究LED灯的特点时，发现将一只LED灯接在电池两端没有亮，对调电池正负极后亮了，这说明了LED灯具有 性。
（5）用布擦干后的感应发光冰块内部的电路处于 状态。
24．为了探究压力的作用效果与受力面积和压力的关系，小刚找到了两块完全相同的海绵和三本相同的字典，设计了如图所示的实验。图甲中海绵平放在桌面上；图乙中海绵上平放一本字典；图丙中海绵上叠放两本字典；图丁中海绵上立放一本字典；图戊中一本字典平放在桌面上。
（1）实验中小刚根据 来比较压力的作用效果的大小。
（2）通过比较乙、丙两图，可以得出：在 ，压力的作用效果越明显。
（3）通过比较 两图可以得出：在压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显。
（4）设图乙中字典对海绵的压强是p乙，图戊中字典对桌面的压强是p戊，则p乙 p戊。（选填“＜”“＞”或“＝”）
（5）实验结束后，同学们做了进一步的交流讨论，对静止在水平桌面上的字典进行受力分析。字典对桌面的压力和它受到的重力大小相等，这是因为它对桌面的压力与桌面对它的支持力是一对 力；字典受到的重力与桌面对它的支持力是一对 力。
25．小明家的台灯是通过电位器来调节亮度的。他猜想：台灯变亮时电位器消耗电能的功率会变小，为此他设计了甲所示的电路进行探究。已知电源电压为4V并保持不变，电压表（0﹣3V）2个，电流表（0﹣0.6A），滑动变阻器规格为“20Ω 1A”，小灯泡L标有“2.5V 1.25W”字样（忽略温度对灯丝电阻的影响）。
（1）电路中a是 表，b是 表，
（2）实验中，小灯泡正常发光时电流表的示数为 A。
（3）根据实验数据，绘制出滑动变阻器的电功率PR与小灯泡的电功率PL的关系如图乙所示。由图可知：小灯泡的电功率（亮度）变大时，滑动变阻器的电功率 。
（4）假设实验所用的小灯泡能承受的最大电压可以高出其额定电压的，在确保电路中各元件安全的情况下，移动滑动变阻器的滑片，小灯泡的电功率变化范围是从 W至 W。
26．在“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验中，某组同学用如图甲所示实验装置进行了两次实验，并根据实验数据绘制了如图乙所示的图像。
①安装图甲所示的器材时，温度计的玻璃泡全部浸没在水中，不要碰到烧杯的底部或侧壁。
②从实验中可以看到，水沸腾时形成的大量气泡不断上升、 ，到水面破裂开来，里面的水蒸气散发到空气中。水蒸气引起的烫伤往往比开水烫伤更严重，这是因为水蒸气 ，所以实验时要注意安全。
③分析图乙中的图线可知，第一次实验和第二次实验所用水的质量之比是 。
2021年广东省汕头市潮南区中考物理一模试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题（本大题7小题，每小题3分，共21分）在每小题列出的四个选项中，只有一个是正确的。请把答题卡上对应题目所选的选项涂黑。
1．（3分）我国城乡建设和管理越来越注重环保，以下做法符合环保要求的是（ ）
A．废旧电池随意丢弃
B．减少城市绿地和湖泊的面积
C．工业废水直接排放到江河中
D．使用太阳能、风能等清洁能源
【分析】（1）根据废旧电池中含有有毒的重金属离子来分析；
（2）根据城市绿地和湖泊对环境的影响分析；
（3）根据水污染、节约用水的措施来分析；
（4）根据减少环境污染和节约能源来分析。
【解答】解：A、废旧电池中含有重金属离子，随意丢弃会对土壤、地下水造成污染，故A错误；
B、减少城市绿地和湖泊的面积，不利于改善空气质量和调节空气温度等，故B错误；
C、工业废水直接排放到江河中会严重污染水资源，且工业用水处理后重复利用可以节约用水，故C错误；
D、使用太阳能、风能等清洁能源可以大大减少能源使用带来的污染，同时可以节约能源，减少能源危机带来的影响，故D正确。
故选：D。
【点评】保护环境、减少污染、节约能源等有关知识需要熟知，与人类生产生活相关，也是重要的中考热点之一。
2．（3分）下列关于声现象的说法中，正确的是（ ）
A．利用超声波可除去人体内的结石，说明声波可以传递信息
B．用力吹一根塑料吸管，并将吸管不断剪短，目的是为了探究声音的音调与频率的关系
C．在一根长铁管的一端敲击一下，在另一端能听到前后两次敲击声，这是回声现象
D．为减少噪声污染，很多市区禁止机动车鸣喇叭，从声学上讲，这是从人耳处减弱噪声
【分析】（1）声音可以传递信息，也可以传递能量。
（2）音调跟频率有关，频率越大，音调越高。体积大，质量大的物体难振动，频率小，音调低；
（3）声音在不同的介质中的传播速度不同，一般情况下，固体中声速最快，液体中其次，气体中声速最慢；
（4）噪声的防治主要从三个方面进行，一是在声源处减弱，二是在传播过程在减弱，三是在接收处减弱。
【解答】解：
A、利用超声波可除去人体内的结石，说明声波可以传递能量，故A错误；
B、用力吹一根细管，将它不断剪短，空气柱的长度减小，空气柱容易振动，频率增大，音调变高，所以这是研究音调和频率的关系，故B正确；
C、在长铁管的一端敲一下，另一个同学在长铁管的另一端听，可以听到两次声音，由于固体传声比气体传声快，所以第一次声音是从铁管传来，第二次是从空气中传来的，而不是回声现象，故C错误；
D、市区禁止机动车鸣喇叭，是在声源处减弱噪声，故D错误。
故选：B。
【点评】此类问题是考查对防治噪声途径、声音在不同的介质里的传播速度、声音的利用等多个知识点，是一道综合性较强的题目。
3．（3分）2020年6月21日，我国多地观测到了日环食的天文奇观。以下现象中与形成日环食的“光学”成因相同的是（ ）
A．水中的倒影 B．树荫下的光斑
C．雨后的彩虹 D．海市蜃楼的奇景
【分析】（1）光在同种、均匀介质中沿直线传播，日食、月食、影子、小孔成像都是光的直线传播形成的；
（2）光从一种介质斜射入另一种介质，或在不均匀的介质中，传播方向发生变化，属于光的折射，水中的筷子看起来变弯、凸透镜成像等都是光的折射形成的；
（3）光射到物体表面又被反回的现象叫光的反射，与平面镜有关的都是光的反射。
【解答】解：日环食是光的直线传播形成的。
A、水中的倒影属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故A不符合题意；
B、大树上的树叶很多，树叶与树叶之间会形成很多小的缝隙，太阳光从这些小缝隙中照射下来，由于光在同种均匀介质中沿直线传播，所以在地面上会形成太阳的像，即形成光斑，故B符合题意；
C、雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象，所以说雨后的天空出现彩虹是由光的色散形成的，故C不符合题意；
D、海市蜃楼是光在不均匀的空气中传播时发生的折射现象，故D不符合题意。
故选：B。
【点评】本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象，此题与实际生活联系密切，体现了生活处处有物理的理念。
4．（3分）某科技小组为快递公司设计的分拣计数装置简化电路如图所示。R1为定值电阻，R2为光敏电阻。当有光照射时电阻变小，激光被遮挡一次，计数器会自动计数一次（计数器可视为电压表），闭合开关。激光被遮挡瞬间，下列说法正确的是（ ）
A．电阻R2的阻值变小 B．通过R2的电流变大
C．计数器两端的电压变大 D．R1与R2的电流之比变小
【分析】A、两电阻串联，计数器（电压表）测R2的电压，已知当有光照射时电阻变小，据此分析激光被遮挡瞬间电阻R2变化；
B、由串联电阻的规律和欧姆定律分析电路的电流变化；
C、根据U＝IR确定R1的电压变小，由串联电路电压的规律分析计数器两端的电压变化；
D、根据串联电路各处的电流相等分析。
【解答】解：
A、两电阻串联，计数器（电压表）测R2的电压，已知当有光照射时电阻变小，故激光被遮挡瞬间电阻R2变大，A错误；
B、由串联电阻的规律，电路的总电阻变大，由欧姆定律可知，电路的电流变小，B错误；
C、根据U＝IR，R1的电压变小，由串联电路电压的规律可知，电压表示数变大，计数器两端的电压变大，C正确；
D、根据串联电路各处的电流相等，故R1与R2的电流之比为1：1，保持不变，D错误。
故选：C。
【点评】本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是电路的分析。
5．（3分）汽车紧急刹车过程中，会在公路上留下车胎的擦痕，下列说法正确的是（ ）
A．擦痕是由于刹车后摩擦增大造成的
B．擦痕越长，说明车的惯性一定越大
C．刹车过程中内能转化为机械能
D．刹车能使汽车迅速停下来，说明力是维持物体运动的原因
【分析】利用以下知识分析解答：
（1）一般情况下，滚动摩擦力小于滑动摩擦力的；
（2）惯性只与物体的质量有关，与其它因素都没有关系；
（3）判断是哪种能量转化成了另一种能量的标准是：减小的转化为增多的；
（4）力可以改物体的形状，力可以改变物体的运动状态。
【解答】解：A、汽车刹车后，轮胎停止转动，这是由滚动摩擦变为滑动摩擦，摩擦力增大，所以，汽车紧急刹车过程中，会在公路上留下车胎的擦痕，故A正确；
B、擦痕的长短（即刹车后汽车滑行距离的长短）与汽车原来的速度、路面粗糙程度、汽车的惯性（质量）等因素有关；擦痕长，原因可能是汽车刹车前的速度比较快，并不能说明车的惯性一定越大，故B错误；
C、刹车过程中，汽车的机械能减小，内能增加，因此是将机械能转化为内能的过程，故C错误；
D、刹车能使汽车迅速停下来，说明力是改变物体运动状态的原因，故D错误；
故选：A。
【点评】本题要知道汽车刹车后，轮胎停止转动，这是由滚动摩擦变为滑动摩擦造成的，同时还能理解惯性大小的影响因素是解决该题的关键。
6．（3分）水平桌面上两个底面积相同的容器中，分别盛有甲、乙两种液体。将两个完全相同的小球M、N分别放入两个容器中，静止时两球状态如图所示，两容器内液面相平。下列分析正确的是（ ）
A．两小球所受浮力FM＜FN
B．两种液体的密度ρ甲＜ρ乙
C．两种液体对容器底部的压强p甲＝p乙
D．两种液体对容器底部的压力F甲＞F乙
【分析】（1）由图可知：M在甲液体中漂浮，N在乙液体中悬浮，则根据漂浮和悬浮的条件来即可判断浮力大小关系。
（2）根据浮沉条件即可判断液体密度的大小；
（3）根据p＝ρ液gh比较容器底面受到的压强大小；
（4）根据F＝pS比较容器底面受到的压力大小。
【解答】解：
A、小球 M 在甲液体中漂浮，则浮力FM＝GM，小球 N 在乙液体中悬浮，则浮力FN＝GN，由于小球M、N 完全相同，即GM＝GN，则有FM＝FN，故 A错误；
B、小球 M 在甲液体中漂浮，则密度ρM＜ρ甲，小球 N 在乙液体中悬浮，则密度ρN＝ρ乙，由于小球M、N 完全相同，即ρM＝ρN，则有ρ甲＞ρ乙，故B错误；
C、由B选项分析可知：ρ甲＞ρ乙，两容器液面相平即容器底部深度h相同，根据液体压强计算公式 p＝ρgh 可知，p甲＞p乙，故C错误；
D、由C选项分析得容器底部液体压强p甲＞p乙，两容器底面积相同，由压力计算公式 F＝pS 得，容器底部受到液体压力F甲＞F乙，故D正确。
故选：D。
【点评】此题综合考查了阿基米德原理、物体浮沉条件及其应用、压强的大小比较等知识点，是一道综合性较强的题目，本题也可以利用物体浮沉条件比较两种液体的密度关系。
7．（3分）对下列四幅图解释正确的是（ ）
A．图1中水平放置的指南针受地磁场影响，指针N极总是指向地理南方
B．图2中通电螺线管右端为N极
C．图3为电动机工作原理图
D．图4说明了电磁铁磁性强弱与电流大小有关
【分析】（1）地球是一个大磁体，地磁南极在地理北极附近，地磁北极在地理南极附近，小磁针放在地球这个磁体的磁场中，即可指南北；
（2）首先判断电流的方向，根据安培定则判断通电螺线管的极性；
（3）电磁感应现象是指闭合电路的一部分导体切割磁感线时产生感应电流，是发电机的原理；
（4）电磁铁磁性的强弱与电流大小、线圈匝数有关，运用控制变量方法进行分析。
【解答】解：A、图1中水平放置的指南针受地磁场影响，指针N极总是指向地理北方；故A错误；
B、图2电流从电源正极流向负极，所以电流从螺线管左端的后面上去，前面流下，根据右手螺旋定则可以确定，右端为N极；故B正确；
C、图3是电磁感应现象，是发电机的工作原理图；故C错误；
D、图4中两电磁铁串联，电流相等，螺线管匝数不同，吸引铁钉的数量不同，说明了电磁铁磁性强弱与螺线管匝数有关；故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查地磁场、螺线管极性的判断、影响电磁铁强弱、电磁感应现象等知识的理解和应用，是电磁部分比较典型的知识，要熟练掌握。
二、填空题（本大题7小题，每空1分，共21分）
8．（3分）司机开车上坡前，往往加大油门，以提高车速，这是为了增大汽车的 动能 （选填“质量”、“惯性”或“动能”）。清扫路面垃圾的清洁车，能通过吸尘器将路面上的垃圾吸入车内容器中。清洁车沿水平街道匀速行驶，在清扫垃圾过程中，车的动能将 变大 ，车的重力势能将 变大 （后两空选填“变大”、“变小”或“保持不变”）。
【分析】物体的动能大小由物体的质量和物体的速度两个因素决定，并且质量越大，速度越大，物体的动能就越大。
【解答】解：开车上坡，车的质量不变，如果提高车速，则车的动能会增大；
因清洁车沿街道匀速行驶，车的速度不变，在清扫垃圾过程中，车的质量增加，所以车的动能将变大；高度不变，重力势能变大。
故答案为：动能；变大；变大。
【点评】解决此类问题要结合影响动能大小的因素进行分析解答。
9．（3分）如图所示是汽油机的吸气冲程，它将 汽油和空气混合物 吸入气缸，在汽油机启动后吸气冲程依靠飞轮的 惯性 来完成；若该汽油机飞轮的转速为1800r/min，那么该内燃机1s对外做功 15 次。
【分析】利用下列知识分析回答：
①柴油机和汽油机的主要区别是：柴油机的顶端是喷油嘴，而汽油机的顶端是火花塞；
②在吸气冲程中柴油机吸入的是空气，汽油机吸入的是汽油和空气的混合物；
③判断冲程可以看气门的开关情况和活塞运动情况，有能量转化的是两个冲程（压缩冲程、做功冲程），在一个工作循环中，只有做功冲程主动完成，其余的三个冲程是靠飞轮惯性完成的；
④四冲程内燃机曲轴转一圈，完成2个冲程，1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1次。
【解答】解：在汽油机的吸气冲程中吸入的是汽油和空气混合物，图中的是吸气冲程，在汽油机启动后，这个冲程是依靠飞轮的惯性完成；
由题知，飞轮的转速为1800r/min＝30r/s，即飞轮每秒转30r，
因为飞轮转2r，对外做功1次，所以飞轮1秒转30r，1秒对外做功15次。
故答案为：汽油和空气混合物；惯性；15。
【点评】本题是关于内燃机的综合题目，能否知道汽油机和柴油机的区别、四个冲程的特点是解决此类问题的关键。
10．（3分）我国研制的大客机C919搭载某涡轮喷气发动机，它的热效率和推进效率比一般客机高，所谓热效率是指发动机获得的机械能与燃料完全燃烧产生的内能之比，而推进效率则是指发动机对飞机的推力所做的功与发动机获得的机械能之比。
速度v/m/s
100
200
300
400
500
阻力f/N
0.9×104
3.6×104
8.1×104
1.44×105
2.25×105
飞机飞行时所受阻力f与运行速度v的关系如表，则它们之间的数量关系：f＝ （）2×0.9×104N ；若飞机以200m/s的水平速度匀速巡航0.5h过程中，消耗燃油1080kg，则此过程，飞机克服阻力所做的功为 1.296×1010 J；若发动机的热效率为40%，则发动机的推进效率为 60% 。（燃油热值q＝5.0×107J/kg）
【分析】（1）根据表格中的数据关系找出规律。
（2）物体处于静止或匀速直线运动状态，受到的力是平衡力；根据Q＝mq算出燃料完全燃烧放出的热量；
根据η＝算出发动机获得的机械能；根据s＝vt算出移动的距离；根据W＝Fs算出发动机传递给飞机的推进功，根据η＝发动机的推进效率；
【解答】解：（1）当v＝100m/s时，f＝（）2×0.9×104N＝0.9×104N；
当v＝200m/s时，f＝（）2×0.9×104N＝3.6×1040.9×104N；
当v＝300m/s时，f＝（）2×0.9×104N＝8.1×104N；
当v＝400m/s时，f＝（）2×0.9×104N＝1.44×105N；
当v＝500m/s时，f＝（）2×0.9×104N＝2.25×105N；
…
所以，飞机飞行时所受阻力f与运行速度v的关系：f＝（）2×0.9×104N；
（2）飞机水平匀速巡航时，处于平衡状态，受到平衡力的作用，发动机巡航推力与受到的阻力平衡力，大小相等，故f＝F＝3.6×104N；
燃料完全燃烧放出的热量：Q＝mq＝1080kg×5×107J/kg＝5.4×1010J；
根据据η＝得发动机获得的机械能：W机械＝ηQ放＝40%×5.4×1010J＝2.16×1010J；
发动机巡航的距离为：s＝vt＝200m/h×0.5×3600s＝360000m，
飞机克服阻力所做的功（推力所做的功）：W推力＝Fs＝3.6×104N×360000m＝1.296×1010J，
发动机的推进效率：η′＝＝×100%＝60%；
故答案为：（）2×0.9×104N；1.296×1010J；60%。
【点评】根据材料提供知识解题，考查学生学以致用的能力，是中考的热点。
11．（3分）小梦同学身高170cm，站在竖直放置的平面镜前2m处，当她以0.1m/s的速度向平面镜走近时，她在平面镜中的像高度 等于 （选填“大于”、小于”或“等于”）170cm；经过5s后，小梦和她的像之间的距离是 3m ，小梦从平面镜中看到墙上挂钟的指针如图所示，则挂钟显示的实际时间是 7：20 。
【分析】（1）平面镜成像特点：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等；
（2）根据钟表在平面镜中成像判断实际时间的方法：
作图法：根据平面镜成像特点，作出物体的实际情况。
翻看法：由于物体在平面镜中成像时，物像相对平面镜对称，根据这个特点把试卷翻过来观察，即可得出实际时间。
【解答】解：（1）平面镜成正立、等大、等距的虚像，小梦同学以0.1m/s的速度向平面镜走近时，其身高没有变化，故她在平面镜中的像高度也不变；
根据v＝可得，经过5s后，小梦向前移动的距离s＝vt＝0.1m/s×5s＝0.5m，
此时物距为2m﹣0.5m＝1.5m，
像距始终等于物距，因此小梦和她的像之间的距离为1.5m+1.5m＝3m。
（2）方法一：根据平面镜成像特点，即物像关于平面镜对称，作出平面镜中钟表指针的实际情况，如下图，可以看到钟表的实际时间是7：20。
方法二：把试卷翻过来，注意上下不要颠倒，直接从试卷的反面看钟表的实际时间是7：20。
故答案为：等于；3m；7：20。
【点评】平面镜成像特点是平面镜成像习题的基础内容，一定要熟练掌握。此题特别需要注意的是：人离平面镜越近感觉像越大，像的大小实际上是没有发生变化的，只是眼睛看像的视角变大。
12．（3分）科技战“疫”，5G助力!如图所示是疫情防控期间一辆5G无人防疫车正在进行消毒同时还对附近的行人进行体温监测。5G技术传递信息的载体是 电磁波 （超声波/次声波/电磁波）；车上红外测温设备是通过 接收 （发出/接收）红外线来实现测温的，物体辐射的红外线的强度与 温度 有关。
【分析】电磁波可以传递信息；任何物体都会发出红外线；物体辐射红外线的本领受温度的影响，温度越高，辐射红外线的本领越强。
【解答】解：由于电磁波能够在真空中传播，所以5G技术传递信息的载体是电磁波；
红外测温设备是通过接收物体发出的红外线来实现测温的；
物体辐射的红外线的强度与物体温度有关，即温度越高，辐射红外线的本领越强。
故答案为：电磁波；接收；温度。
【点评】本题考查了电磁波的利用、红外线、以及红外线与温度的关系，属于基础知识，要掌握。
13．（3分）在测量小金属块的密度的实验中，露露先用天平测小金属块的质量如图甲所示，小金属块是 78.4 g．再用量筒测小金属块的体积如图乙所示，测得小金属块的密度ρ1＝ 7.84×103 kg/m3，而阳阳做实验时，先用量筒测小金属块的体积，再用天平测小金属块的质量，测得的小金属块的密度为ρ2，则：ρ2 ＞ ρ1（选填“＞”、“＜”或“＝”）．
【分析】测金属块的质量：读取天平示数时应将砝码质量与游码示数相加；测量固体体积时，应将量筒中浸入物体之后和之前的示数相减；密度的大小利用密度公式计算。
先用量筒测小金属块的体积，再用天平测小金属块的质量，这样金属快块上附有水，使得测量出的质量不准确，据此分析密度变化。
【解答】解：读出天平的示数：m＝50g+20g+5g+3.4g＝78.4g；
小金属块的体积：V＝40cm3﹣30cm3＝10cm3；
小金属块的密度：ρ1＝＝＝7.84g/cm3＝7.84×103kg/m3。
先用量筒测小金属块的体积，再用天平测金属块的质量，金属块的体积测量准确，但这样金属块上附有水，使得测量出的质量变大，由ρ＝可知测量的密度变大，所以则ρ1＜ρ2。
故答案为：78.4；7.84×103；＞。
【点评】为了减小误差，测量固体密度的基本程序是先测出固体的质量，然后再测量体积。
14．（3分）如图甲所示电路，电源电压不变，闭合开关后，滑片P由b端滑到a端，电压表示数U与电流表示数I的变化关系如图乙所示，则可判断电源电压是 9 V，定值电阻R的阻值是 6 Ω，滑动变阻器的最大阻值为 12 Ω。
【分析】由图甲可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）当滑片位于a端时，接入电路中的电阻为零，此时电压表和电流表的示数最大，根据图乙读出电源的电压，根据欧姆定律求出定值电阻R的阻值；
（2）当滑片位于b端时，接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，电压表的示数最小，根据串联电路的电压特点求出变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值。
【解答】解：由图甲可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）当滑片位于a端时，接入电路中的电阻为零，此时电压表和电流表的示数最大，
由图乙可知，电源的电压U＝9V，此时电路中电流I＝1.5A，
由I＝可得，定值电阻的阻值：
R＝＝＝6Ω；
（2）当滑片位于b端时，接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，电压表的示数最小，
由图乙可知，电路的电流I′＝0.5A，电压表的示数UR＝3V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，滑动变阻器两端的电压：
U滑＝U﹣UR＝9V﹣3V＝6V，
则滑动变阻器的最大阻值：
R滑＝＝＝12Ω。
故答案为：9；6；12。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，从图象中获取有用的信息是关键。
三、作图题（共7分）
15．有一点光源S，它在平面镜中的像与凸透镜的焦点F重合，S发出的一条光线经平面镜反射后。反射光线为a、如图所示。请在图中到画出：
（1）凸透镜的焦点F；
（2）点光源S的位置；
（3）光线a经过凸透镜后的折射光线。
【分析】（1）S在平面镜中的像与凸透镜的焦点F重合，a为经平面镜后的反射光线，而反射光线好像是从虚像上发出的，反向延长光线a，与主光轴的交点为凸透镜的焦点；
（2）物像关于平面镜对称，据此确定点光源的位置；
（3）光线a过凸透镜的焦点，根据凸透镜的三条特殊光线画出折射光线。
【解答】解：
（1）因为反射光线好像是从虚像上发出的，已知点光源S在平面镜中的像与凸透镜的焦点F重合，所以反向延长光线a，与主光轴的交点为凸透镜的焦点F；
（2）画出像S′（F）的对称点，可得点光源的位置S；
（3）光线a过凸透镜的焦点，经凸透镜后折射光线平行于主光轴，如图所示：
【点评】本题考查了平面镜成像的特点和凸透镜的三条特殊光线，利用好：经平面镜后的反射光线好像是从虚像上发出的。
16．如图所示，杠杆可绕固定点O转动，且自重不计，要使杠杆在图示位置平衡，请作出物块所受重力示意图和施加在A点使杠杆平衡的最小力F及其力臂L的示意图。
【分析】（1）根据重力的方向是竖直向下的，从重心做竖直向下的力，可得物体所受重力示意图；
（2）重物对杠杆的拉力为阻力，阻力、阻力臂一定时，根据杠杆平衡条件可知，动力臂越长越省力，确定最长的动力臂，垂直力臂画出最小力的示意图。
【解答】解：重力的方向是竖直向下的，从物体的重心画一条带箭头的竖直向下的有向线段，用G表示，即为物体所受重力的示意图；
由杠杆平衡条件F1L1＝F2L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在O点，动力作用在A点，则OA为最长的动力臂，因此连接OA，过A点作垂直于OA向上的力，即为施加在A点最小力F的示意图，如图所示：
【点评】杠杆中的最小动力，可以按照以下几个步骤进行：
①确定杠杆中的支点和动力作用点的位置；
②连接支点与动力作用点，得到最长的线段；
③经过动力作用点做出与该线段垂直的直线；
④根据杠杆平衡原理，确定出使杠杆平衡的动力方向。
17．如图所示，请将两支日光灯连接起来，让开关可以同时控制它们的亮暗，并连接一个不受开关控制的三孔插座。
【分析】（1）家庭电路中各用电器之间是并联的，开关同时控制两盏灯，开关要接在干路上；注意开关与火线相连。
（2）对于三孔插座的接线方法是要求“左零右火上接地”。
【解答】解：（1）两盏灯是并联的，两盏灯有一个开关控制，开关接在干路上；火线首先过开关再入灯泡。如下图所示：
（2）三孔插座与灯泡并联，其接法为：左零右火上接地，如下图所示：
【点评】本题考查了灯泡与开关的接法和三孔插座的接线方法，关键是根据题意得出两开关的连接方式和注意安全用电的原则。
四、实验题（本大题3小题，共20分）
18．如图所示，请读出中各实验仪器的示数：
木块的长度 2.80 cm；温度计的读数为 ﹣4 ℃；弹簧测力计的示数为 2.4 N。
【分析】（1）使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；
（2）使用温度计测量液体温度时，先要弄清楚温度计的量程和分度值，读数时视线与液柱最高处所对刻度相垂直，并注意区分温度是零上还是零下；
（3）使用弹簧测力计时，首先要明确其分度值，读数时视线与指针所在刻线相垂直。
【解答】解：由图知：（1）刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm＝1mm，即此刻度尺的分度值为1mm，木块左侧与2.00cm对齐，右侧与4.80cm对齐，估读为4.80cm，所以木块的长度为L＝4.80cm﹣2.00cm＝2.80cm；
（2）温度计上10℃之间有10个小格，所以一个小格代表的温度是1℃，即此温度计的分度值为1℃，“10”在“0”的下方，液柱最高处在两者之间，所以显示的温度低于0℃，为﹣4℃；
（3）弹簧测力计上1N之间有5个小格，所以一个小格代表0.2N，即此弹簧测力计的分度值为0.2N，此时指针指在“2.4”处，所以弹簧测力计的示数为2.4N。
故答案为：2.80；﹣4；2.4。
【点评】物理测量中有很多的测量工具，刻度尺、秒表、电流表、电压表、天平、量筒、弹簧测力计、温度计等，任何一种工具，一定要注意每一个大格和每一个小格各代表多少。刻度尺需要估读，其他的测量工具不需要估读，读出最接近的数值。
19．在探究“凸透镜成像规律”的实验中，凸透镜的焦距为10cm。
（1）将蜡烛、凸透镜和光屏依次放在光具座上，点燃蜡烛后，调整烛焰、凸透镜和光屏三者的中心大致在
同一高度 。
（2）蜡烛、凸透镜和光屏在光具座上的位置如图所示，观察到光屏上有烛焰清晰的像（像未画出），该像是 倒立 （填“正立”或“倒立”）、 放大 （填“放大”、“缩小”或“等大”）的实像。生活中的 投影仪 （填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）就是利用这个原理制成的。
（3）实验过程中由于蜡烛燃烧变短，烛焰在光屏上的像将向 上 移动。为了使烛焰的像再次成在光屏中央，应将凸透镜向 下 移动。（两空均填“上”或“下”）
【分析】（1）为使像能成在光屏的中央，应调节凸透镜、光屏、烛焰的中心大致在同一高度处；
（2）当物距处于f和2f之间时，凸透镜成倒立放大的实像，投影仪、幻灯机都是根据这个原理制成的；
（3）平行于主光轴的光线经过凸透镜后会聚到焦点上，经过光心的光线的传播方向不变。
【解答】解：（1）实验中，应调整烛焰、凸透镜、光屏的中心大致在同一高度上，这样烛焰的像才能成在光屏的中央。
（2）由图可知，物距小于像距，物距处于f和2f之间，成倒立、放大的实像。应用是投影仪或幻灯机；
（3）实验中，燃烧的蜡烛逐渐变短，向下运动，所以光屏上的像逐渐向上移动；为了使像成在光屏的中心，应向上移动蜡烛或向下移动凸透镜。
故答案为：（1）同一高度；（2）倒立；放大；投影仪；（3）上；下。
【点评】凸透镜成像规律是光学内容的难点，要解决此类问题，首先要熟练掌握成像特点与物距、像距的关系，并了解其应用，平时多动脑，对规律进行总结；同时注意探究实验中器材的摆放和调整，有关对倒立实像的理解和应用，也是重点考查的内容。
20．阿豪在“测定小灯泡电功率”的实验中，所选小灯泡的额定电压为2.5V，电阻约为10Ω。
（1）连接电路时，开关应处于 断开 （选填“闭合”或“断开”）状态。
（2）如甲图所示是他连接的实验电路。其中有一根导线连接错误。为了使电压表能测小灯泡两端的电压，请你在错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线画出正确的导线。
（3）电路连接正确后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电压表有示数，电流表指针几乎不动，产生这种现象的原因可能是 小灯泡断路 。（写出一种原因即可）
（4）排除故障后，继续实验，并根据实验数据画出如乙图所示的I﹣U图像，计算出小灯泡的额定功率是 0.625 W。
（5）请你将小灯泡正常工作时的电流在丙图中的电流表中标出来（请标出所使用的接线柱）。
（6）根据图像可判断小灯泡的电阻随电压升高逐渐 增大 （选填“增大”“减小”或“不变”），原因是 电压增大时灯丝温度升高电阻增大 。
（7）在某次调节中，滑动变阻器接入电路的阻值减小了△R1，小灯泡的电阻增加了△R2，则△R1 大于 （选填“大于”“等于”或“小于”）△R2。
【分析】（1）连接电路时，开关应该断开；
（2）图甲的电路中，灯与变阻器并联，电压表串联在电路中，这是错误的，变阻器应与灯串联，电压表与灯并联；
（3）根据电流表和电压表的示数分析故障的原因；
（4）由图乙找出电压为2.5V时电流大小，根据P＝UI求小灯泡的额定功率；
（5）根据额定电流的大小分析电流表的量程，然后根据电流表的分度值标出指针的位置；
（6）灯丝电阻随温度的升高而增大；
（7）由欧姆定律，根据电流的变化判断出总电阻的变化，结合灯丝的电阻随温度的升高而变大得出电阻变化的大小关系。
【解答】解：（1）连接电路时，为了保护电路，开关应处于断开状态；
（2）图甲的电路中，灯与变阻器并联，电压表串联在电路中，这是错误的，变阻器应与灯串联，电压表应与灯并联，改正后如图所示：
；
（3）若电流表示数为0，灯不亮，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了，即小灯泡断路；
（4）根据图乙可知，灯的电压为2.5V时，电流大小为0.25A，可算出小灯泡的额定功率是：P＝UI＝2.5V×0.25A＝0.625W；
（5）灯泡额定电压对应的电流为0.25A，则电流表量程为0～0.6A，分度值为0.02A，电流为0.25A时指针如图所示：
；
（6）由图乙可知，灯丝两端的电压升高，通过的电流增大，但电流增大的慢，其电阻增大，由于灯泡两端电压和流经灯泡的电流均增大，灯泡的实际功率增大，灯丝温度升高，导致灯丝电阻增大；
（7）滑动变阻器接入电路的阻值减小，电路中的电流变大，灯泡的亮度变大，灯的功率变大，灯丝的温度升高，灯丝的电阻变大；由于总电压不变，电路中的电流变大，可知电路中的总电阻变小，所以变阻器减小的阻值大于灯泡增大的阻值，即△R1＞△R2。
故答案为：（1）断开；（2）如图上所示；（3）小灯泡断路；（4）0.625；（5）如上图所示；（6）增大；电压增大时灯丝温度升高电阻增大；（7）大于。
【点评】此题是测量灯泡功率的实验，考查了实物图的连接、滑动变阻器的使用、电路故障分析、电功率的计算及特殊方法测电功率，考查得很全面，最后一个小题具有一定的难度。
五、计算题（本大题2小题，共13分）
21．一辆汽车以恒定的功率在平直的公路上做直线运动，其v﹣t图像如图所示。已知汽车前10s通过的路程为80m，在匀速行驶过程中所受阻力f＝4000N。求：
（1）在0～10s内汽车的平均速度；
（2）汽车匀速行驶时的功率；
（3）在0～10s内汽车受到的牵引力所做的功。
【分析】（1）由题知，在0～10s内汽车通过的路程，利用速度公式求在0～10s内汽车的平均速度；
（2）由图可知，10s后汽车做匀速直线运动，速度v＝15m/s，此时汽车受到的牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等，牵引力大小等于阻力大小，利用P＝＝＝Fv求汽车行驶时的功率；
（3）由于汽车的功率不变，利用W＝Pt求在0～10s内汽车发动机产生的牵引力所做的功。
【解答】解：（1）由题知，在0～10s内汽车通过的路程s＝80m，则在0～10s内汽车的平均速度：
v＝＝＝8m/s；
（2）由图可知，10s后汽车做匀速直线运动，速度v'＝15m/s，此时汽车受到的牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等，则牵引力为：F＝f＝4000N，
汽车行驶时的功率为：
P＝＝＝Fv'＝4000N×15m/s＝6×104W；
（3）因为汽车的功率不变，所以在0～10s内汽车发动机产生的牵引力所做的功：
W＝Pt＝6×104W×10s＝6×105J。
答：（1）在0～10s内汽车的平均速度为8m/s；
（2）汽车行驶时的功率为6×104W；
（3）在0～10s内汽车发动机产生的牵引力所做的功是6×105J。
【点评】此题考查速度公式及其应用、功和功率的计算，以及二力平衡条件的应用，关键是从图中获取有效的信息，根据图象，结合二力平衡条件得出汽车做匀速直线运动时的牵引力大小。
22．某品牌电热水壶的工作电路简图如图甲所示，开关S可以控制其加热、保温和停止三个状态，其部分参数如图乙所示。在该电热水壶正常工作的情况下，将一壶25℃的水在标准大气压下加热到沸腾[假设电热丝产生的热量全部被水吸收，R1、R2的阻值不随温度变化，c水＝4.2×103J/（kg•℃），ρ水＝1.0×103kg/m3]。
（1）求水吸收的热量；
（2）求R1、R2的阻值；
（3）实际加热这壶水到沸腾用时10.5min，求实际电压。
【分析】（1）先根据密度的变形公式求出水的质量，1标准大气压下，水的沸点为100℃，根据Q吸＝cm（t﹣t0）求出水吸收的热量；
（2）根据加热、保温的功率和电压，利用P＝分别求出加热和保温时的电阻，从而得出R1、R2的阻值；
（3）烧开同样一壶水所需的电能是相同的，根据P＝
W
t
求出实际功率，然后根据P＝求出实际电压。
【解答】解：（1）由ρ＝得，水的质量：
m＝ρ水V＝1.0×103kg/m3×2×10﹣3m3＝2kg，
1标准大气压下，水的沸点为100℃，
水吸收的热量：
Q吸＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（100℃﹣25℃）＝6.3×105J；
（2）由图可知，开关打到2时，只有R1接入电路中，电路的电阻最小，根据P＝可知，此时为高温挡，
则R1的阻值为：
R1＝＝＝40Ω；
开关打到3时，两个电阻串联，则为低温挡；
低温挡的电阻为：
R＝＝＝484Ω；
根据串联电路的电阻关系可知，R2的阻值为：R2＝R﹣R1＝484Ω﹣40Ω＝444Ω；
（3）电热丝产生的热量全部被水吸收，根据Q吸＝W＝6.3×105J；
烧开同样一壶水所需的电能是相同的，
则电水壶的实际功率为：
P'＝＝＝1000W；
根据P＝可知，实际电压为：
U'＝＝＝200V。
答：（1）水吸收的热量为6.3×105J；
（2）R1为40Ω，R2的阻值为444Ω；
（3）实际电压为200V。
【点评】本题考查了吸热公式、电功公式、电功率公式以及效率公式的应用，知识点多、联系实际生活，属于中考常见题型，从电热水壶铭牌得出相关信息是本题的关键。
六、综合能力题（本大题3小题，共18分）
23．阅读下面短文，回答以下问题。
感应发光冰块
感应发光冰块产品采用食品级PS材料及电子元件组成的发光冰块，采用先进的触水式开关具有入水即亮的特性（液体感应），外形仿如真实冰块一般。感应发光冰块采用电池供电，无化学变化，无毒无害，可放置于各类饮品中增添浪漫及神秘的气氛感应发光冰块内部电子元件有：液体感应器、纽扣电池和LED灯泡。感应发光冰块的使用方法是将发光冰块清洁干净放入水中，它将自动发亮；使用完毕后，用布擦干后放置于干燥的地方以备下次使用。感应发光冰块还可以放入冰箱内冷冻后，再放入饮料内，可以起到降低饮料的温度。需要注意的是，请勿吞食感应发光冰块，避免放置于温度过高的饮品中。
（1）液体感应器是先进的触水式 开关 （选填“电源”、“用电器”、“开关”或“导线”）。
（2）冷冻后的感应发光冰块通过 热传递 的方式改变饮料的内能，饮料的内能 减小 （选填“增大”或“减小”）。
（3）LED灯泡发光时，将电能主要转化为 光 能。
（4）某位同学在研究LED灯的特点时，发现将一只LED灯接在电池两端没有亮，对调电池正负极后亮了，这说明了LED灯具有 单向导电 性。
（5）用布擦干后的感应发光冰块内部的电路处于 断路 状态。
【分析】（1）根据感应发光冰块内部电子元件和电路的基本组成即可分析出个部分的作用；
（2）改变内能的方式有：做功和热传递；
（3）灯泡发光时将电能转化为光能；
（4）LED灯是半导体材料制成的，具有单向导电性；
（5）根据感应发光冰块的工作情况可知内部的电路的状态。
【解答】解：（1）根据基本电路各部的作用可知：液体感应器是起控制电路的作用，所以是先进的触水式开关；
（2）感应发光冰块还可以放入冰箱内冷冻后温度比较低，再放入饮料内，通过热传递降低饮料的温度，饮料的内能减小；
（3）LED灯泡发光时，将电能主要转化为光能；
（4）对调电池正负极后亮了，说明LED灯具有单向导电性；
（5）因为入水即亮，用布擦干后停止工作，所以用布擦干后的感应发光冰块内部的电路处于开路状态。
故答案为：（1）开关；（2）热传递；减小；（3）光；（4）单向导电；（5）断路。
【点评】本题要求掌握开关的作用和串并联电路的工作特点以及电路的组成，联系生活实际会辨认，会解释。
24．为了探究压力的作用效果与受力面积和压力的关系，小刚找到了两块完全相同的海绵和三本相同的字典，设计了如图所示的实验。图甲中海绵平放在桌面上；图乙中海绵上平放一本字典；图丙中海绵上叠放两本字典；图丁中海绵上立放一本字典；图戊中一本字典平放在桌面上。
（1）实验中小刚根据 海绵的凹陷程度 来比较压力的作用效果的大小。
（2）通过比较乙、丙两图，可以得出：在 受力面积一定时，压力越大 ，压力的作用效果越明显。
（3）通过比较 乙、丁 两图可以得出：在压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显。
（4）设图乙中字典对海绵的压强是p乙，图戊中字典对桌面的压强是p戊，则p乙 ＞ p戊。（选填“＜”“＞”或“＝”）
（5）实验结束后，同学们做了进一步的交流讨论，对静止在水平桌面上的字典进行受力分析。字典对桌面的压力和它受到的重力大小相等，这是因为它对桌面的压力与桌面对它的支持力是一对 相互作用 力；字典受到的重力与桌面对它的支持力是一对 平衡 力。
【分析】（1）力可以使物体发生形变，物体的形变量越大，力的作用效果越明显，压强越大；
（2）根据控制变量法分析图乙、丙所示实验，根据实验控制的变量与实验现象得出实验结论；
（3）研究压力的作用效果与受力面积的关系，要控制压力一定，改变受力面积的大小，分析图示实验答题；
（4）比较压强的大小，就是比较压力和受力面积，据此分析压强的大小；
（5）相互作用力：作用在两个不同的物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上；平衡力：作用在同一个物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上。
【解答】解：
（1）由图示实验可知，在压力作用下，海绵的形状发生了变化，这说明，力可以使物体发生形变，可以用海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果；
（2）由图乙、丙所示实验可知，海绵的受力面积相等而海绵受到的压力不同，压力越大，海绵的形变量越大，压力的作用效果越明显，由此可得：在受力面积一定时，压力越大，压力的作用效果越明显；
（3）要探究压力的作用效果与受力面积的关系，需要控制压力相同，改变受力面积，图乙、丁符合题意；
（4）由图乙、戊所示实验可知，字典对接触面的压力相同，乙图中字典压在海绵上，受力面积是海绵的面积；戊图中字典压在桌面上，受力面积是字典的面积，因为海绵的面积小于字典的面积，所以图（乙）中字典对海绵的压强是p乙大于图（戊）中字典对桌面的压强是p戊。
（5）静止在水平桌面上的字典，它对桌面的压力和它受到的重力大小相等，这是因为它对桌面的压力与桌面对它的支持力符合相互作用力的条件，是一对相互作用力；
它受到的重力与桌面对它的支持力符合二力平衡的条件，是一对平衡力。
故答案为：（1）海绵的凹陷程度；（2）受力面积一定时，压力越大；（3）乙、丁；（4）＞；（5）相互作用；平衡。
【点评】（1）研究多变量的实验时，要采取控制变量法，在分析时注意相同因素和不同因素；
（2）影响压强大小的因素有压力和受力面积，字典对海面压强的大小是通过海绵的凹陷程度体现的，属于转换法的思想。
25．小明家的台灯是通过电位器来调节亮度的。他猜想：台灯变亮时电位器消耗电能的功率会变小，为此他设计了甲所示的电路进行探究。已知电源电压为4V并保持不变，电压表（0﹣3V）2个，电流表（0﹣0.6A），滑动变阻器规格为“20Ω 1A”，小灯泡L标有“2.5V 1.25W”字样（忽略温度对灯丝电阻的影响）。
（1）电路中a是 电流 表，b是 电压 表，
（2）实验中，小灯泡正常发光时电流表的示数为 0.5 A。
（3）根据实验数据，绘制出滑动变阻器的电功率PR与小灯泡的电功率PL的关系如图乙所示。由图可知：小灯泡的电功率（亮度）变大时，滑动变阻器的电功率 先变大后变小 。
（4）假设实验所用的小灯泡能承受的最大电压可以高出其额定电压的，在确保电路中各元件安全的情况下，移动滑动变阻器的滑片，小灯泡的电功率变化范围是从 0.2 W至 1.8 W。
【分析】（1）根据电流表与待测电路串联，电压表与待测电路并联分析回答；
（2）小灯泡L标有“2.5V 1.25W”字样的含义，根据P＝UI求出小灯泡正常发光时电流表的示数；
（3）根据图乙绘制出滑动变阻器的电功串PR与小灯泡的电功率PL的关系回答；
（4）根据P＝得出灯正常发光时的电阻，灯与变阻器串联，电压表分别测变阻器和灯的电压，电流表测电路的电流，
根据实验所用的小灯泡能承受的最大电压可以高出其额定电压的，可知灯的最大电压，由欧姆定律求出灯的最大电流，结合电流选用小量程确定电路的最大电流，根据P大＝I2RL得出灯的最大功率；
变阻器连入电路的电阻越大，变阻器的电压越大，根据已知条件确定变阻器的最大电压，由串联电路电压的规律求出灯的最小电压，根据P＝求出灯的最小功率。
【解答】解：
（1）a表串联在电路中，故a是电流表；b表并联在电路中，b是电压表；
（2）小灯泡L标有“2.5V 1.25W”字样，表示灯的额定电压为2.5V，额定功率为1.25W，
根据P＝UI可得，实验中，小灯泡正常发光时电流表的示数为：
IL＝＝＝0.5A；
（3）根据图乙绘制出滑动变阻器的电功串PR与小灯泡的电功率PL的关系可知，小灯泡的电功率（亮度）变大时，滑动变阻器的电功率先变大后变小；
（4）根据P＝可得，灯正常发光时的电阻为：
RL＝＝＝5Ω；
灯与变阻器串联，电压表分别测变阻器和灯的电压，电流表测电路的电流，
实验所用的小灯泡能承受的最大电压可以高出其额定电压的，即灯的最大电压为×2.5V＝3.125V，灯的最大电流为：
I灯＝＝＝0.625A，根据电流表选用小量程，故电路的最大电流为0.6A，
灯的最大功率为：
P大＝I2RL＝（0.6A）2×5Ω＝1.8W；
变阻器连入电路的电阻越大，变阻器的电压越大，其最大值为3V，这时的电流最小，
由串联电路电压的规律可得，灯的最小电压为UV＝4V﹣3V＝1V，
灯的最小功率为：
P小＝＝＝0.2W，
在确保电路中各元件安全的情况下，移动滑动变阻器的滑片，小灯泡的电功率变化范围是从0.2W至 1.8W。
故答案为：（1）电流；电压；（2）0.5；（3）先变大后变小；（4）0.2；1.8。
【点评】本题考查电表的连接、串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，第（4）问，注意灯的最大电流不是灯的额定电流。
26．在“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验中，某组同学用如图甲所示实验装置进行了两次实验，并根据实验数据绘制了如图乙所示的图像。
①安装图甲所示的器材时，温度计的玻璃泡全部浸没在水中，不要碰到烧杯的底部或侧壁。
②从实验中可以看到，水沸腾时形成的大量气泡不断上升、 变大 ，到水面破裂开来，里面的水蒸气散发到空气中。水蒸气引起的烫伤往往比开水烫伤更严重，这是因为水蒸气 液化时还要放出大量的热 ，所以实验时要注意安全。
③分析图乙中的图线可知，第一次实验和第二次实验所用水的质量之比是 5：3 。
【分析】（1）当水沸腾时，水中形成大量的气泡上升到水面破裂开来，里面的水蒸气散发到空气中；水蒸气也可以液化，也会放热，所以烫伤会更严重。
（2）在装置相同的情况下，相同时间吸收热量相同，根据Q吸＝cm△t可得第一次实验和第二次实验所用水的质量之比。
【解答】解：②当水沸腾时，水中形成大量的气泡上升，变大，破裂开来，里面的水蒸气散发到空气中；就表明水沸腾了，且此时温度为沸点。
水蒸气引起的烫伤往往比开水烫伤更严重，这是因为水蒸气和开水的温度虽然差不多，水蒸气遇到相对温度比较低的人体，就会液化，液化要放出大量的热，所以水蒸气烫伤更厉害。
③在装置相同的情况下，相同时间吸收热量相同，即：cm1△t1＝cm2△t2，
第一次实验和第二次实验所用水的质量之比：m1：m2＝△t2：△t1＝（98℃﹣88℃）：（98℃﹣92℃）＝5：3。
故答案为：②变大；液化时还要放出大量的热； ③5：3。
【点评】本题主要考查水的沸腾现象及液化现象和吸热公式的考查，是一道综合题。
2021年广东省汕头市潮南区中考物理一模试卷（解析版）
一、单项选择题（本大题7小题，每小题3分，共21分）在每小题列出的四个选项中，只有一个是正确的。请把答题卡上对应题目所选的选项涂黑。
1．我国城乡建设和管理越来越注重环保，以下做法符合环保要求的是（ ）
A．废旧电池随意丢弃
B．减少城市绿地和湖泊的面积
C．工业废水直接排放到江河中
D．使用太阳能、风能等清洁能源
2．下列关于声现象的说法中，正确的是（ ）
A．利用超声波可除去人体内的结石，说明声波可以传递信息
B．用力吹一根塑料吸管，并将吸管不断剪短，目的是为了探究声音的音调与频率的关系C．在一根长铁管的一端敲击一下，在另一端能听到前后两次敲击声，这是回声现象
D．为减少噪声污染，很多市区禁止机动车鸣喇叭，从声学上讲，这是从人耳处减弱噪声
3．2020年6月21日，我国多地观测到了日环食的天文奇观。以下现象中与形成日环食的“光学”成因相同的是（ ）
A．水中的倒影 B．树荫下的光斑
C．雨后的彩虹 D．海市蜃楼的奇景
4．某科技小组为快递公司设计的分拣计数装置简化电路如图所示。R1为定值电阻，R2为光敏电阻。当有光照射时电阻变小，激光被遮挡一次，计数器会自动计数一次（计数器可视为电压表），闭合开关。激光被遮挡瞬间，下列说法正确的是（ ）
A．电阻R2的阻值变小 B．通过R2的电流变大
C．计数器两端的电压变大 D．R1与R2的电流之比变小
5．汽车紧急刹车过程中，会在公路上留下车胎的擦痕，下列说法正确的是（ ）
A．擦痕是由于刹车后摩擦增大造成的
B．擦痕越长，说明车的惯性一定越大
C．刹车过程中内能转化为机械能
D．刹车能使汽车迅速停下来，说明力是维持物体运动的原因
6．水平桌面上两个底面积相同的容器中，分别盛有甲、乙两种液体。将两个完全相同的小球M、N分别放入两个容器中，静止时两球状态如图所示，两容器内液面相平。下列分析正确的是（ ）
A．两小球所受浮力FM＜FN
B．两种液体的密度ρ甲＜ρ乙
C．两种液体对容器底部的压强p甲＝p乙
D．两种液体对容器底部的压力F甲＞F乙
7．对下列四幅图解释正确的是（ ）
A．图1中水平放置的指南针受地磁场影响，指针N极总是指向地理南方
B．图2中通电螺线管右端为N极
C．图3为电动机工作原理图
D．图4说明了电磁铁磁性强弱与电流大小有关
二、填空题（本大题7小题，每空1分，共21分）
8．（3分）司机开车上坡前，往往加大油门，以提高车速，这是为了增大汽车的 （选填“质量”、“惯性”或“动能”）。清扫路面垃圾的清洁车，能通过吸尘器将路面上的垃圾吸入车内容器中。清洁车沿水平街道匀速行驶，在清扫垃圾过程中，车的动能将 ，车的重力势能将 （后两空选填“变大”、“变小”或“保持不变”）。
9．（3分）如图所示是汽油机的吸气冲程，它将 吸入气缸，在汽油机启动后吸气冲程依靠飞轮的 来完成；若该汽油机飞轮的转速为1800r/min，那么该内燃机1s对外做功 次。
10．（3分）我国研制的大客机C919搭载某涡轮喷气发动机，它的热效率和推进效率比一般客机高，所谓热效率是指发动机获得的机械能与燃料完全燃烧产生的内能之比，而推进效率则是指发动机对飞机的推力所做的功与发动机获得的机械能之比。
速度v/m/s
100
200
300
400
500
阻力f/N
0.9×104
3.6×104
8.1×104
1.44×105
2.25×105
飞机飞行时所受阻力f与运行速度v的关系如表，则它们之间的数量关系：f＝ ；若飞机以200m/s的水平速度匀速巡航0.5h过程中，消耗燃油1080kg，则此过程，飞机克服阻力所做的功为 J；若发动机的热效率为40%，则发动机的推进效率为 。（燃油热值q＝5.0×107J/kg）
11．（3分）小梦同学身高170cm，站在竖直放置的平面镜前2m处，当她以0.1m/s的速度向平面镜走近时，她在平面镜中的像高度 （选填“大于”、小于”或“等于”）170cm；经过5s后，小梦和她的像之间的距离是 ，小梦从平面镜中看到墙上挂钟的指针如图所示，则挂钟显示的实际时间是 。
12．（3分）科技战“疫”，5G助力!如图所示是疫情防控期间一辆5G无人防疫车正在进行消毒同时还对附近的行人进行体温监测。5G技术传递信息的载体是 （超声波/次声波/电磁波）；车上红外测温设备是通过 （发出/接收）红外线来实现测温的，物体辐射的红外线的强度与 有关。
13．（3分）在测量小金属块的密度的实验中，露露先用天平测小金属块的质量如图甲所示，小金属块是 g．再用量筒测小金属块的体积如图乙所示，测得小金属块的密度ρ1＝ kg/m3，而阳阳做实验时，先用量筒测小金属块的体积，再用天平测小金属块的质量，测得的小金属块的密度为ρ2，则：ρ2 ρ1（选填“＞”、“＜”或“＝”）．
14．（3分）如图甲所示电路，电源电压不变，闭合开关后，滑片P由b端滑到a端，电压表示数U与电流表示数I的变化关系如图乙所示，则可判断电源电压是 V，定值电阻R的阻值是 Ω，滑动变阻器的最大阻值为 Ω。
三、作图题（共7分）
15．有一点光源S，它在平面镜中的像与凸透镜的焦点F重合，S发出的一条光线经平面镜反射后。反射光线为a、如图所示。请在图中到画出：
（1）凸透镜的焦点F；
（2）点光源S的位置；
（3）光线a经过凸透镜后的折射光线。
16．如图所示，杠杆可绕固定点O转动，且自重不计，要使杠杆在图示位置平衡，请作出物块所受重力示意图和施加在A点使杠杆平衡的最小力F及其力臂L的示意图。
17．如图所示，请将两支日光灯连接起来，让开关可以同时控制它们的亮暗，并连接一个不受开关控制的三孔插座。
四、实验题（本大题3小题，共20分）
18．如图所示，请读出中各实验仪器的示数：
木块的长度 cm；温度计的读数为 ℃；弹簧测力计的示数为 N。
19．在探究“凸透镜成像规律”的实验中，凸透镜的焦距为10cm。
（1）将蜡烛、凸透镜和光屏依次放在光具座上，点燃蜡烛后，调整烛焰、凸透镜和光屏三者的中心大致在
。
（2）蜡烛、凸透镜和光屏在光具座上的位置如图所示，观察到光屏上有烛焰清晰的像（像未画出），该像是 （填“正立”或“倒立”）、 （填“放大”、“缩小”或“等大”）的实像。生活中的 （填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）就是利用这个原理制成的。
（3）实验过程中由于蜡烛燃烧变短，烛焰在光屏上的像将向 移动。为了使烛焰的像再次成在光屏中央，应将凸透镜向 移动。（两空均填“上”或“下”）
20．阿豪在“测定小灯泡电功率”的实验中，所选小灯泡的额定电压为2.5V，电阻约为10Ω。
（1）连接电路时，开关应处于 （选填“闭合”或“断开”）状态。
（2）如甲图所示是他连接的实验电路。其中有一根导线连接错误。为了使电压表能测小灯泡两端的电压，请你在错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线画出正确的导线。
（3）电路连接正确后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电压表有示数，电流表指针几乎不动，产生这种现象的原因可能是 。（写出一种原因即可）
（4）排除故障后，继续实验，并根据实验数据画出如乙图所示的I﹣U图像，计算出小灯泡的额定功率是 W。
（5）请你将小灯泡正常工作时的电流在丙图中的电流表中标出来（请标出所使用的接线柱）。
（6）根据图像可判断小灯泡的电阻随电压升高逐渐 （选填“增大”“减小”或“不变”），原因是 。
（7）在某次调节中，滑动变阻器接入电路的阻值减小了△R1，小灯泡的电阻增加了△R2，则△R1 （选填“大于”“等于”或“小于”）△R2。
五、计算题（本大题2小题，共13分）
21．一辆汽车以恒定的功率在平直的公路上做直线运动，其v﹣t图像如图所示。已知汽车前10s通过的路程为80m，在匀速行驶过程中所受阻力f＝4000N。求：
（1）在0～10s内汽车的平均速度；
（2）汽车匀速行驶时的功率；
（3）在0～10s内汽车受到的牵引力所做的功。
22．某品牌电热水壶的工作电路简图如图甲所示，开关S可以控制其加热、保温和停止三个状态，其部分参数如图乙所示。在该电热水壶正常工作的情况下，将一壶25℃的水在标准大气压下加热到沸腾[假设电热丝产生的热量全部被水吸收，R1、R2的阻值不随温度变化，c水＝4.2×103J/（kg•℃），ρ水＝1.0×103kg/m3]。
（1）求水吸收的热量；
（2）求R1、R2的阻值；
（3）实际加热这壶水到沸腾用时10.5min，求实际电压。
六、综合能力题（本大题3小题，共18分）
23．阅读下面短文，回答以下问题。
感应发光冰块
感应发光冰块产品采用食品级PS材料及电子元件组成的发光冰块，采用先进的触水式开关具有入水即亮的特性（液体感应），外形仿如真实冰块一般。感应发光冰块采用电池供电，无化学变化，无毒无害，可放置于各类饮品中增添浪漫及神秘的气氛感应发光冰块内部电子元件有：液体感应器、纽扣电池和LED灯泡。感应发光冰块的使用方法是将发光冰块清洁干净放入水中，它将自动发亮；使用完毕后，用布擦干后放置于干燥的地方以备下次使用。感应发光冰块还可以放入冰箱内冷冻后，再放入饮料内，可以起到降低饮料的温度。需要注意的是，请勿吞食感应发光冰块，避免放置于温度过高的饮品中。
（1）液体感应器是先进的触水式 （选填“电源”、“用电器”、“开关”或“导线”）。
（2）冷冻后的感应发光冰块通过 的方式改变饮料的内能，饮料的内能 （选填“增大”或“减小”）。
（3）LED灯泡发光时，将电能主要转化为 能。
（4）某位同学在研究LED灯的特点时，发现将一只LED灯接在电池两端没有亮，对调电池正负极后亮了，这说明了LED灯具有 性。
（5）用布擦干后的感应发光冰块内部的电路处于 状态。
24．为了探究压力的作用效果与受力面积和压力的关系，小刚找到了两块完全相同的海绵和三本相同的字典，设计了如图所示的实验。图甲中海绵平放在桌面上；图乙中海绵上平放一本字典；图丙中海绵上叠放两本字典；图丁中海绵上立放一本字典；图戊中一本字典平放在桌面上。
（1）实验中小刚根据 来比较压力的作用效果的大小。
（2）通过比较乙、丙两图，可以得出：在 ，压力的作用效果越明显。
（3）通过比较 两图可以得出：在压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显。
（4）设图乙中字典对海绵的压强是p乙，图戊中字典对桌面的压强是p戊，则p乙 p戊。（选填“＜”“＞”或“＝”）
（5）实验结束后，同学们做了进一步的交流讨论，对静止在水平桌面上的字典进行受力分析。字典对桌面的压力和它受到的重力大小相等，这是因为它对桌面的压力与桌面对它的支持力是一对 力；字典受到的重力与桌面对它的支持力是一对 力。
25．小明家的台灯是通过电位器来调节亮度的。他猜想：台灯变亮时电位器消耗电能的功率会变小，为此他设计了甲所示的电路进行探究。已知电源电压为4V并保持不变，电压表（0﹣3V）2个，电流表（0﹣0.6A），滑动变阻器规格为“20Ω 1A”，小灯泡L标有“2.5V 1.25W”字样（忽略温度对灯丝电阻的影响）。
（1）电路中a是 表，b是 表，
（2）实验中，小灯泡正常发光时电流表的示数为 A。
（3）根据实验数据，绘制出滑动变阻器的电功率PR与小灯泡的电功率PL的关系如图乙所示。由图可知：小灯泡的电功率（亮度）变大时，滑动变阻器的电功率 。
（4）假设实验所用的小灯泡能承受的最大电压可以高出其额定电压的，在确保电路中各元件安全的情况下，移动滑动变阻器的滑片，小灯泡的电功率变化范围是从 W至 W。
26．在“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验中，某组同学用如图甲所示实验装置进行了两次实验，并根据实验数据绘制了如图乙所示的图像。
①安装图甲所示的器材时，温度计的玻璃泡全部浸没在水中，不要碰到烧杯的底部或侧壁。
②从实验中可以看到，水沸腾时形成的大量气泡不断上升、 ，到水面破裂开来，里面的水蒸气散发到空气中。水蒸气引起的烫伤往往比开水烫伤更严重，这是因为水蒸气 ，所以实验时要注意安全。
③分析图乙中的图线可知，第一次实验和第二次实验所用水的质量之比是 。
2021年广东省汕头市潮南区中考物理一模试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题（本大题7小题，每小题3分，共21分）在每小题列出的四个选项中，只有一个是正确的。请把答题卡上对应题目所选的选项涂黑。
1．（3分）我国城乡建设和管理越来越注重环保，以下做法符合环保要求的是（ ）
A．废旧电池随意丢弃
B．减少城市绿地和湖泊的面积
C．工业废水直接排放到江河中
D．使用太阳能、风能等清洁能源
【分析】（1）根据废旧电池中含有有毒的重金属离子来分析；
（2）根据城市绿地和湖泊对环境的影响分析；
（3）根据水污染、节约用水的措施来分析；
（4）根据减少环境污染和节约能源来分析。
【解答】解：A、废旧电池中含有重金属离子，随意丢弃会对土壤、地下水造成污染，故A错误；
B、减少城市绿地和湖泊的面积，不利于改善空气质量和调节空气温度等，故B错误；
C、工业废水直接排放到江河中会严重污染水资源，且工业用水处理后重复利用可以节约用水，故C错误；
D、使用太阳能、风能等清洁能源可以大大减少能源使用带来的污染，同时可以节约能源，减少能源危机带来的影响，故D正确。
故选：D。
【点评】保护环境、减少污染、节约能源等有关知识需要熟知，与人类生产生活相关，也是重要的中考热点之一。
2．（3分）下列关于声现象的说法中，正确的是（ ）
A．利用超声波可除去人体内的结石，说明声波可以传递信息
B．用力吹一根塑料吸管，并将吸管不断剪短，目的是为了探究声音的音调与频率的关系
C．在一根长铁管的一端敲击一下，在另一端能听到前后两次敲击声，这是回声现象
D．为减少噪声污染，很多市区禁止机动车鸣喇叭，从声学上讲，这是从人耳处减弱噪声
【分析】（1）声音可以传递信息，也可以传递能量。
（2）音调跟频率有关，频率越大，音调越高。体积大，质量大的物体难振动，频率小，音调低；
（3）声音在不同的介质中的传播速度不同，一般情况下，固体中声速最快，液体中其次，气体中声速最慢；
（4）噪声的防治主要从三个方面进行，一是在声源处减弱，二是在传播过程在减弱，三是在接收处减弱。
【解答】解：
A、利用超声波可除去人体内的结石，说明声波可以传递能量，故A错误；
B、用力吹一根细管，将它不断剪短，空气柱的长度减小，空气柱容易振动，频率增大，音调变高，所以这是研究音调和频率的关系，故B正确；
C、在长铁管的一端敲一下，另一个同学在长铁管的另一端听，可以听到两次声音，由于固体传声比气体传声快，所以第一次声音是从铁管传来，第二次是从空气中传来的，而不是回声现象，故C错误；
D、市区禁止机动车鸣喇叭，是在声源处减弱噪声，故D错误。
故选：B。
【点评】此类问题是考查对防治噪声途径、声音在不同的介质里的传播速度、声音的利用等多个知识点，是一道综合性较强的题目。
3．（3分）2020年6月21日，我国多地观测到了日环食的天文奇观。以下现象中与形成日环食的“光学”成因相同的是（ ）
A．水中的倒影 B．树荫下的光斑
C．雨后的彩虹 D．海市蜃楼的奇景
【分析】（1）光在同种、均匀介质中沿直线传播，日食、月食、影子、小孔成像都是光的直线传播形成的；
（2）光从一种介质斜射入另一种介质，或在不均匀的介质中，传播方向发生变化，属于光的折射，水中的筷子看起来变弯、凸透镜成像等都是光的折射形成的；
（3）光射到物体表面又被反回的现象叫光的反射，与平面镜有关的都是光的反射。
【解答】解：日环食是光的直线传播形成的。
A、水中的倒影属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故A不符合题意；
B、大树上的树叶很多，树叶与树叶之间会形成很多小的缝隙，太阳光从这些小缝隙中照射下来，由于光在同种均匀介质中沿直线传播，所以在地面上会形成太阳的像，即形成光斑，故B符合题意；
C、雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象，所以说雨后的天空出现彩虹是由光的色散形成的，故C不符合题意；
D、海市蜃楼是光在不均匀的空气中传播时发生的折射现象，故D不符合题意。
故选：B。
【点评】本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象，此题与实际生活联系密切，体现了生活处处有物理的理念。
4．（3分）某科技小组为快递公司设计的分拣计数装置简化电路如图所示。R1为定值电阻，R2为光敏电阻。当有光照射时电阻变小，激光被遮挡一次，计数器会自动计数一次（计数器可视为电压表），闭合开关。激光被遮挡瞬间，下列说法正确的是（ ）
A．电阻R2的阻值变小 B．通过R2的电流变大
C．计数器两端的电压变大 D．R1与R2的电流之比变小
【分析】A、两电阻串联，计数器（电压表）测R2的电压，已知当有光照射时电阻变小，据此分析激光被遮挡瞬间电阻R2变化；
B、由串联电阻的规律和欧姆定律分析电路的电流变化；
C、根据U＝IR确定R1的电压变小，由串联电路电压的规律分析计数器两端的电压变化；
D、根据串联电路各处的电流相等分析。
【解答】解：
A、两电阻串联，计数器（电压表）测R2的电压，已知当有光照射时电阻变小，故激光被遮挡瞬间电阻R2变大，A错误；
B、由串联电阻的规律，电路的总电阻变大，由欧姆定律可知，电路的电流变小，B错误；
C、根据U＝IR，R1的电压变小，由串联电路电压的规律可知，电压表示数变大，计数器两端的电压变大，C正确；
D、根据串联电路各处的电流相等，故R1与R2的电流之比为1：1，保持不变，D错误。
故选：C。
【点评】本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是电路的分析。
5．（3分）汽车紧急刹车过程中，会在公路上留下车胎的擦痕，下列说法正确的是（ ）
A．擦痕是由于刹车后摩擦增大造成的
B．擦痕越长，说明车的惯性一定越大
C．刹车过程中内能转化为机械能
D．刹车能使汽车迅速停下来，说明力是维持物体运动的原因
【分析】利用以下知识分析解答：
（1）一般情况下，滚动摩擦力小于滑动摩擦力的；
（2）惯性只与物体的质量有关，与其它因素都没有关系；
（3）判断是哪种能量转化成了另一种能量的标准是：减小的转化为增多的；
（4）力可以改物体的形状，力可以改变物体的运动状态。
【解答】解：A、汽车刹车后，轮胎停止转动，这是由滚动摩擦变为滑动摩擦，摩擦力增大，所以，汽车紧急刹车过程中，会在公路上留下车胎的擦痕，故A正确；
B、擦痕的长短（即刹车后汽车滑行距离的长短）与汽车原来的速度、路面粗糙程度、汽车的惯性（质量）等因素有关；擦痕长，原因可能是汽车刹车前的速度比较快，并不能说明车的惯性一定越大，故B错误；
C、刹车过程中，汽车的机械能减小，内能增加，因此是将机械能转化为内能的过程，故C错误；
D、刹车能使汽车迅速停下来，说明力是改变物体运动状态的原因，故D错误；
故选：A。
【点评】本题要知道汽车刹车后，轮胎停止转动，这是由滚动摩擦变为滑动摩擦造成的，同时还能理解惯性大小的影响因素是解决该题的关键。
6．（3分）水平桌面上两个底面积相同的容器中，分别盛有甲、乙两种液体。将两个完全相同的小球M、N分别放入两个容器中，静止时两球状态如图所示，两容器内液面相平。下列分析正确的是（ ）
A．两小球所受浮力FM＜FN
B．两种液体的密度ρ甲＜ρ乙
C．两种液体对容器底部的压强p甲＝p乙
D．两种液体对容器底部的压力F甲＞F乙
【分析】（1）由图可知：M在甲液体中漂浮，N在乙液体中悬浮，则根据漂浮和悬浮的条件来即可判断浮力大小关系。
（2）根据浮沉条件即可判断液体密度的大小；
（3）根据p＝ρ液gh比较容器底面受到的压强大小；
（4）根据F＝pS比较容器底面受到的压力大小。
【解答】解：
A、小球 M 在甲液体中漂浮，则浮力FM＝GM，小球 N 在乙液体中悬浮，则浮力FN＝GN，由于小球M、N 完全相同，即GM＝GN，则有FM＝FN，故 A错误；
B、小球 M 在甲液体中漂浮，则密度ρM＜ρ甲，小球 N 在乙液体中悬浮，则密度ρN＝ρ乙，由于小球M、N 完全相同，即ρM＝ρN，则有ρ甲＞ρ乙，故B错误；
C、由B选项分析可知：ρ甲＞ρ乙，两容器液面相平即容器底部深度h相同，根据液体压强计算公式 p＝ρgh 可知，p甲＞p乙，故C错误；
D、由C选项分析得容器底部液体压强p甲＞p乙，两容器底面积相同，由压力计算公式 F＝pS 得，容器底部受到液体压力F甲＞F乙，故D正确。
故选：D。
【点评】此题综合考查了阿基米德原理、物体浮沉条件及其应用、压强的大小比较等知识点，是一道综合性较强的题目，本题也可以利用物体浮沉条件比较两种液体的密度关系。
7．（3分）对下列四幅图解释正确的是（ ）
A．图1中水平放置的指南针受地磁场影响，指针N极总是指向地理南方
B．图2中通电螺线管右端为N极
C．图3为电动机工作原理图
D．图4说明了电磁铁磁性强弱与电流大小有关
【分析】（1）地球是一个大磁体，地磁南极在地理北极附近，地磁北极在地理南极附近，小磁针放在地球这个磁体的磁场中，即可指南北；
（2）首先判断电流的方向，根据安培定则判断通电螺线管的极性；
（3）电磁感应现象是指闭合电路的一部分导体切割磁感线时产生感应电流，是发电机的原理；
（4）电磁铁磁性的强弱与电流大小、线圈匝数有关，运用控制变量方法进行分析。
【解答】解：A、图1中水平放置的指南针受地磁场影响，指针N极总是指向地理北方；故A错误；
B、图2电流从电源正极流向负极，所以电流从螺线管左端的后面上去，前面流下，根据右手螺旋定则可以确定，右端为N极；故B正确；
C、图3是电磁感应现象，是发电机的工作原理图；故C错误；
D、图4中两电磁铁串联，电流相等，螺线管匝数不同，吸引铁钉的数量不同，说明了电磁铁磁性强弱与螺线管匝数有关；故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查地磁场、螺线管极性的判断、影响电磁铁强弱、电磁感应现象等知识的理解和应用，是电磁部分比较典型的知识，要熟练掌握。
二、填空题（本大题7小题，每空1分，共21分）
8．（3分）司机开车上坡前，往往加大油门，以提高车速，这是为了增大汽车的 动能 （选填“质量”、“惯性”或“动能”）。清扫路面垃圾的清洁车，能通过吸尘器将路面上的垃圾吸入车内容器中。清洁车沿水平街道匀速行驶，在清扫垃圾过程中，车的动能将 变大 ，车的重力势能将 变大 （后两空选填“变大”、“变小”或“保持不变”）。
【分析】物体的动能大小由物体的质量和物体的速度两个因素决定，并且质量越大，速度越大，物体的动能就越大。
【解答】解：开车上坡，车的质量不变，如果提高车速，则车的动能会增大；
因清洁车沿街道匀速行驶，车的速度不变，在清扫垃圾过程中，车的质量增加，所以车的动能将变大；高度不变，重力势能变大。
故答案为：动能；变大；变大。
【点评】解决此类问题要结合影响动能大小的因素进行分析解答。
9．（3分）如图所示是汽油机的吸气冲程，它将 汽油和空气混合物 吸入气缸，在汽油机启动后吸气冲程依靠飞轮的 惯性 来完成；若该汽油机飞轮的转速为1800r/min，那么该内燃机1s对外做功 15 次。
【分析】利用下列知识分析回答：
①柴油机和汽油机的主要区别是：柴油机的顶端是喷油嘴，而汽油机的顶端是火花塞；
②在吸气冲程中柴油机吸入的是空气，汽油机吸入的是汽油和空气的混合物；
③判断冲程可以看气门的开关情况和活塞运动情况，有能量转化的是两个冲程（压缩冲程、做功冲程），在一个工作循环中，只有做功冲程主动完成，其余的三个冲程是靠飞轮惯性完成的；
④四冲程内燃机曲轴转一圈，完成2个冲程，1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1次。
【解答】解：在汽油机的吸气冲程中吸入的是汽油和空气混合物，图中的是吸气冲程，在汽油机启动后，这个冲程是依靠飞轮的惯性完成；
由题知，飞轮的转速为1800r/min＝30r/s，即飞轮每秒转30r，
因为飞轮转2r，对外做功1次，所以飞轮1秒转30r，1秒对外做功15次。
故答案为：汽油和空气混合物；惯性；15。
【点评】本题是关于内燃机的综合题目，能否知道汽油机和柴油机的区别、四个冲程的特点是解决此类问题的关键。
10．（3分）我国研制的大客机C919搭载某涡轮喷气发动机，它的热效率和推进效率比一般客机高，所谓热效率是指发动机获得的机械能与燃料完全燃烧产生的内能之比，而推进效率则是指发动机对飞机的推力所做的功与发动机获得的机械能之比。
速度v/m/s
100
200
300
400
500
阻力f/N
0.9×104
3.6×104
8.1×104
1.44×105
2.25×105
飞机飞行时所受阻力f与运行速度v的关系如表，则它们之间的数量关系：f＝ （）2×0.9×104N ；若飞机以200m/s的水平速度匀速巡航0.5h过程中，消耗燃油1080kg，则此过程，飞机克服阻力所做的功为 1.296×1010 J；若发动机的热效率为40%，则发动机的推进效率为 60% 。（燃油热值q＝5.0×107J/kg）
【分析】（1）根据表格中的数据关系找出规律。
（2）物体处于静止或匀速直线运动状态，受到的力是平衡力；根据Q＝mq算出燃料完全燃烧放出的热量；
根据η＝算出发动机获得的机械能；根据s＝vt算出移动的距离；根据W＝Fs算出发动机传递给飞机的推进功，根据η＝发动机的推进效率；
【解答】解：（1）当v＝100m/s时，f＝（）2×0.9×104N＝0.9×104N；
当v＝200m/s时，f＝（）2×0.9×104N＝3.6×1040.9×104N；
当v＝300m/s时，f＝（）2×0.9×104N＝8.1×104N；
当v＝400m/s时，f＝（）2×0.9×104N＝1.44×105N；
当v＝500m/s时，f＝（）2×0.9×104N＝2.25×105N；
…
所以，飞机飞行时所受阻力f与运行速度v的关系：f＝（）2×0.9×104N；
（2）飞机水平匀速巡航时，处于平衡状态，受到平衡力的作用，发动机巡航推力与受到的阻力平衡力，大小相等，故f＝F＝3.6×104N；
燃料完全燃烧放出的热量：Q＝mq＝1080kg×5×107J/kg＝5.4×1010J；
根据据η＝得发动机获得的机械能：W机械＝ηQ放＝40%×5.4×1010J＝2.16×1010J；
发动机巡航的距离为：s＝vt＝200m/h×0.5×3600s＝360000m，
飞机克服阻力所做的功（推力所做的功）：W推力＝Fs＝3.6×104N×360000m＝1.296×1010J，
发动机的推进效率：η′＝＝×100%＝60%；
故答案为：（）2×0.9×104N；1.296×1010J；60%。
【点评】根据材料提供知识解题，考查学生学以致用的能力，是中考的热点。
11．（3分）小梦同学身高170cm，站在竖直放置的平面镜前2m处，当她以0.1m/s的速度向平面镜走近时，她在平面镜中的像高度 等于 （选填“大于”、小于”或“等于”）170cm；经过5s后，小梦和她的像之间的距离是 3m ，小梦从平面镜中看到墙上挂钟的指针如图所示，则挂钟显示的实际时间是 7：20 。
【分析】（1）平面镜成像特点：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等；
（2）根据钟表在平面镜中成像判断实际时间的方法：
作图法：根据平面镜成像特点，作出物体的实际情况。
翻看法：由于物体在平面镜中成像时，物像相对平面镜对称，根据这个特点把试卷翻过来观察，即可得出实际时间。
【解答】解：（1）平面镜成正立、等大、等距的虚像，小梦同学以0.1m/s的速度向平面镜走近时，其身高没有变化，故她在平面镜中的像高度也不变；
根据v＝可得，经过5s后，小梦向前移动的距离s＝vt＝0.1m/s×5s＝0.5m，
此时物距为2m﹣0.5m＝1.5m，
像距始终等于物距，因此小梦和她的像之间的距离为1.5m+1.5m＝3m。
（2）方法一：根据平面镜成像特点，即物像关于平面镜对称，作出平面镜中钟表指针的实际情况，如下图，可以看到钟表的实际时间是7：20。
方法二：把试卷翻过来，注意上下不要颠倒，直接从试卷的反面看钟表的实际时间是7：20。
故答案为：等于；3m；7：20。
【点评】平面镜成像特点是平面镜成像习题的基础内容，一定要熟练掌握。此题特别需要注意的是：人离平面镜越近感觉像越大，像的大小实际上是没有发生变化的，只是眼睛看像的视角变大。
12．（3分）科技战“疫”，5G助力!如图所示是疫情防控期间一辆5G无人防疫车正在进行消毒同时还对附近的行人进行体温监测。5G技术传递信息的载体是 电磁波 （超声波/次声波/电磁波）；车上红外测温设备是通过 接收 （发出/接收）红外线来实现测温的，物体辐射的红外线的强度与 温度 有关。
【分析】电磁波可以传递信息；任何物体都会发出红外线；物体辐射红外线的本领受温度的影响，温度越高，辐射红外线的本领越强。
【解答】解：由于电磁波能够在真空中传播，所以5G技术传递信息的载体是电磁波；
红外测温设备是通过接收物体发出的红外线来实现测温的；
物体辐射的红外线的强度与物体温度有关，即温度越高，辐射红外线的本领越强。
故答案为：电磁波；接收；温度。
【点评】本题考查了电磁波的利用、红外线、以及红外线与温度的关系，属于基础知识，要掌握。
13．（3分）在测量小金属块的密度的实验中，露露先用天平测小金属块的质量如图甲所示，小金属块是 78.4 g．再用量筒测小金属块的体积如图乙所示，测得小金属块的密度ρ1＝ 7.84×103 kg/m3，而阳阳做实验时，先用量筒测小金属块的体积，再用天平测小金属块的质量，测得的小金属块的密度为ρ2，则：ρ2 ＞ ρ1（选填“＞”、“＜”或“＝”）．
【分析】测金属块的质量：读取天平示数时应将砝码质量与游码示数相加；测量固体体积时，应将量筒中浸入物体之后和之前的示数相减；密度的大小利用密度公式计算。
先用量筒测小金属块的体积，再用天平测小金属块的质量，这样金属快块上附有水，使得测量出的质量不准确，据此分析密度变化。
【解答】解：读出天平的示数：m＝50g+20g+5g+3.4g＝78.4g；
小金属块的体积：V＝40cm3﹣30cm3＝10cm3；
小金属块的密度：ρ1＝＝＝7.84g/cm3＝7.84×103kg/m3。
先用量筒测小金属块的体积，再用天平测金属块的质量，金属块的体积测量准确，但这样金属块上附有水，使得测量出的质量变大，由ρ＝可知测量的密度变大，所以则ρ1＜ρ2。
故答案为：78.4；7.84×103；＞。
【点评】为了减小误差，测量固体密度的基本程序是先测出固体的质量，然后再测量体积。
14．（3分）如图甲所示电路，电源电压不变，闭合开关后，滑片P由b端滑到a端，电压表示数U与电流表示数I的变化关系如图乙所示，则可判断电源电压是 9 V，定值电阻R的阻值是 6 Ω，滑动变阻器的最大阻值为 12 Ω。
【分析】由图甲可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）当滑片位于a端时，接入电路中的电阻为零，此时电压表和电流表的示数最大，根据图乙读出电源的电压，根据欧姆定律求出定值电阻R的阻值；
（2）当滑片位于b端时，接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，电压表的示数最小，根据串联电路的电压特点求出变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值。
【解答】解：由图甲可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）当滑片位于a端时，接入电路中的电阻为零，此时电压表和电流表的示数最大，
由图乙可知，电源的电压U＝9V，此时电路中电流I＝1.5A，
由I＝可得，定值电阻的阻值：
R＝＝＝6Ω；
（2）当滑片位于b端时，接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，电压表的示数最小，
由图乙可知，电路的电流I′＝0.5A，电压表的示数UR＝3V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，滑动变阻器两端的电压：
U滑＝U﹣UR＝9V﹣3V＝6V，
则滑动变阻器的最大阻值：
R滑＝＝＝12Ω。
故答案为：9；6；12。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，从图象中获取有用的信息是关键。
三、作图题（共7分）
15．有一点光源S，它在平面镜中的像与凸透镜的焦点F重合，S发出的一条光线经平面镜反射后。反射光线为a、如图所示。请在图中到画出：
（1）凸透镜的焦点F；
（2）点光源S的位置；
（3）光线a经过凸透镜后的折射光线。
【分析】（1）S在平面镜中的像与凸透镜的焦点F重合，a为经平面镜后的反射光线，而反射光线好像是从虚像上发出的，反向延长光线a，与主光轴的交点为凸透镜的焦点；
（2）物像关于平面镜对称，据此确定点光源的位置；
（3）光线a过凸透镜的焦点，根据凸透镜的三条特殊光线画出折射光线。
【解答】解：
（1）因为反射光线好像是从虚像上发出的，已知点光源S在平面镜中的像与凸透镜的焦点F重合，所以反向延长光线a，与主光轴的交点为凸透镜的焦点F；
（2）画出像S′（F）的对称点，可得点光源的位置S；
（3）光线a过凸透镜的焦点，经凸透镜后折射光线平行于主光轴，如图所示：
【点评】本题考查了平面镜成像的特点和凸透镜的三条特殊光线，利用好：经平面镜后的反射光线好像是从虚像上发出的。
16．如图所示，杠杆可绕固定点O转动，且自重不计，要使杠杆在图示位置平衡，请作出物块所受重力示意图和施加在A点使杠杆平衡的最小力F及其力臂L的示意图。
【分析】（1）根据重力的方向是竖直向下的，从重心做竖直向下的力，可得物体所受重力示意图；
（2）重物对杠杆的拉力为阻力，阻力、阻力臂一定时，根据杠杆平衡条件可知，动力臂越长越省力，确定最长的动力臂，垂直力臂画出最小力的示意图。
【解答】解：重力的方向是竖直向下的，从物体的重心画一条带箭头的竖直向下的有向线段，用G表示，即为物体所受重力的示意图；
由杠杆平衡条件F1L1＝F2L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在O点，动力作用在A点，则OA为最长的动力臂，因此连接OA，过A点作垂直于OA向上的力，即为施加在A点最小力F的示意图，如图所示：
【点评】杠杆中的最小动力，可以按照以下几个步骤进行：
①确定杠杆中的支点和动力作用点的位置；
②连接支点与动力作用点，得到最长的线段；
③经过动力作用点做出与该线段垂直的直线；
④根据杠杆平衡原理，确定出使杠杆平衡的动力方向。
17．如图所示，请将两支日光灯连接起来，让开关可以同时控制它们的亮暗，并连接一个不受开关控制的三孔插座。
【分析】（1）家庭电路中各用电器之间是并联的，开关同时控制两盏灯，开关要接在干路上；注意开关与火线相连。
（2）对于三孔插座的接线方法是要求“左零右火上接地”。
【解答】解：（1）两盏灯是并联的，两盏灯有一个开关控制，开关接在干路上；火线首先过开关再入灯泡。如下图所示：
（2）三孔插座与灯泡并联，其接法为：左零右火上接地，如下图所示：
【点评】本题考查了灯泡与开关的接法和三孔插座的接线方法，关键是根据题意得出两开关的连接方式和注意安全用电的原则。
四、实验题（本大题3小题，共20分）
18．如图所示，请读出中各实验仪器的示数：
木块的长度 2.80 cm；温度计的读数为 ﹣4 ℃；弹簧测力计的示数为 2.4 N。
【分析】（1）使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；
（2）使用温度计测量液体温度时，先要弄清楚温度计的量程和分度值，读数时视线与液柱最高处所对刻度相垂直，并注意区分温度是零上还是零下；
（3）使用弹簧测力计时，首先要明确其分度值，读数时视线与指针所在刻线相垂直。
【解答】解：由图知：（1）刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm＝1mm，即此刻度尺的分度值为1mm，木块左侧与2.00cm对齐，右侧与4.80cm对齐，估读为4.80cm，所以木块的长度为L＝4.80cm﹣2.00cm＝2.80cm；
（2）温度计上10℃之间有10个小格，所以一个小格代表的温度是1℃，即此温度计的分度值为1℃，“10”在“0”的下方，液柱最高处在两者之间，所以显示的温度低于0℃，为﹣4℃；
（3）弹簧测力计上1N之间有5个小格，所以一个小格代表0.2N，即此弹簧测力计的分度值为0.2N，此时指针指在“2.4”处，所以弹簧测力计的示数为2.4N。
故答案为：2.80；﹣4；2.4。
【点评】物理测量中有很多的测量工具，刻度尺、秒表、电流表、电压表、天平、量筒、弹簧测力计、温度计等，任何一种工具，一定要注意每一个大格和每一个小格各代表多少。刻度尺需要估读，其他的测量工具不需要估读，读出最接近的数值。
19．在探究“凸透镜成像规律”的实验中，凸透镜的焦距为10cm。
（1）将蜡烛、凸透镜和光屏依次放在光具座上，点燃蜡烛后，调整烛焰、凸透镜和光屏三者的中心大致在
同一高度 。
（2）蜡烛、凸透镜和光屏在光具座上的位置如图所示，观察到光屏上有烛焰清晰的像（像未画出），该像是 倒立 （填“正立”或“倒立”）、 放大 （填“放大”、“缩小”或“等大”）的实像。生活中的 投影仪 （填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）就是利用这个原理制成的。
（3）实验过程中由于蜡烛燃烧变短，烛焰在光屏上的像将向 上 移动。为了使烛焰的像再次成在光屏中央，应将凸透镜向 下 移动。（两空均填“上”或“下”）
【分析】（1）为使像能成在光屏的中央，应调节凸透镜、光屏、烛焰的中心大致在同一高度处；
（2）当物距处于f和2f之间时，凸透镜成倒立放大的实像，投影仪、幻灯机都是根据这个原理制成的；
（3）平行于主光轴的光线经过凸透镜后会聚到焦点上，经过光心的光线的传播方向不变。
【解答】解：（1）实验中，应调整烛焰、凸透镜、光屏的中心大致在同一高度上，这样烛焰的像才能成在光屏的中央。
（2）由图可知，物距小于像距，物距处于f和2f之间，成倒立、放大的实像。应用是投影仪或幻灯机；
（3）实验中，燃烧的蜡烛逐渐变短，向下运动，所以光屏上的像逐渐向上移动；为了使像成在光屏的中心，应向上移动蜡烛或向下移动凸透镜。
故答案为：（1）同一高度；（2）倒立；放大；投影仪；（3）上；下。
【点评】凸透镜成像规律是光学内容的难点，要解决此类问题，首先要熟练掌握成像特点与物距、像距的关系，并了解其应用，平时多动脑，对规律进行总结；同时注意探究实验中器材的摆放和调整，有关对倒立实像的理解和应用，也是重点考查的内容。
20．阿豪在“测定小灯泡电功率”的实验中，所选小灯泡的额定电压为2.5V，电阻约为10Ω。
（1）连接电路时，开关应处于 断开 （选填“闭合”或“断开”）状态。
（2）如甲图所示是他连接的实验电路。其中有一根导线连接错误。为了使电压表能测小灯泡两端的电压，请你在错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线画出正确的导线。
（3）电路连接正确后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电压表有示数，电流表指针几乎不动，产生这种现象的原因可能是 小灯泡断路 。（写出一种原因即可）
（4）排除故障后，继续实验，并根据实验数据画出如乙图所示的I﹣U图像，计算出小灯泡的额定功率是 0.625 W。
（5）请你将小灯泡正常工作时的电流在丙图中的电流表中标出来（请标出所使用的接线柱）。
（6）根据图像可判断小灯泡的电阻随电压升高逐渐 增大 （选填“增大”“减小”或“不变”），原因是 电压增大时灯丝温度升高电阻增大 。
（7）在某次调节中，滑动变阻器接入电路的阻值减小了△R1，小灯泡的电阻增加了△R2，则△R1 大于 （选填“大于”“等于”或“小于”）△R2。
【分析】（1）连接电路时，开关应该断开；
（2）图甲的电路中，灯与变阻器并联，电压表串联在电路中，这是错误的，变阻器应与灯串联，电压表与灯并联；
（3）根据电流表和电压表的示数分析故障的原因；
（4）由图乙找出电压为2.5V时电流大小，根据P＝UI求小灯泡的额定功率；
（5）根据额定电流的大小分析电流表的量程，然后根据电流表的分度值标出指针的位置；
（6）灯丝电阻随温度的升高而增大；
（7）由欧姆定律，根据电流的变化判断出总电阻的变化，结合灯丝的电阻随温度的升高而变大得出电阻变化的大小关系。
【解答】解：（1）连接电路时，为了保护电路，开关应处于断开状态；
（2）图甲的电路中，灯与变阻器并联，电压表串联在电路中，这是错误的，变阻器应与灯串联，电压表应与灯并联，改正后如图所示：
；
（3）若电流表示数为0，灯不亮，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了，即小灯泡断路；
（4）根据图乙可知，灯的电压为2.5V时，电流大小为0.25A，可算出小灯泡的额定功率是：P＝UI＝2.5V×0.25A＝0.625W；
（5）灯泡额定电压对应的电流为0.25A，则电流表量程为0～0.6A，分度值为0.02A，电流为0.25A时指针如图所示：
；
（6）由图乙可知，灯丝两端的电压升高，通过的电流增大，但电流增大的慢，其电阻增大，由于灯泡两端电压和流经灯泡的电流均增大，灯泡的实际功率增大，灯丝温度升高，导致灯丝电阻增大；
（7）滑动变阻器接入电路的阻值减小，电路中的电流变大，灯泡的亮度变大，灯的功率变大，灯丝的温度升高，灯丝的电阻变大；由于总电压不变，电路中的电流变大，可知电路中的总电阻变小，所以变阻器减小的阻值大于灯泡增大的阻值，即△R1＞△R2。
故答案为：（1）断开；（2）如图上所示；（3）小灯泡断路；（4）0.625；（5）如上图所示；（6）增大；电压增大时灯丝温度升高电阻增大；（7）大于。
【点评】此题是测量灯泡功率的实验，考查了实物图的连接、滑动变阻器的使用、电路故障分析、电功率的计算及特殊方法测电功率，考查得很全面，最后一个小题具有一定的难度。
五、计算题（本大题2小题，共13分）
21．一辆汽车以恒定的功率在平直的公路上做直线运动，其v﹣t图像如图所示。已知汽车前10s通过的路程为80m，在匀速行驶过程中所受阻力f＝4000N。求：
（1）在0～10s内汽车的平均速度；
（2）汽车匀速行驶时的功率；
（3）在0～10s内汽车受到的牵引力所做的功。
【分析】（1）由题知，在0～10s内汽车通过的路程，利用速度公式求在0～10s内汽车的平均速度；
（2）由图可知，10s后汽车做匀速直线运动，速度v＝15m/s，此时汽车受到的牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等，牵引力大小等于阻力大小，利用P＝＝＝Fv求汽车行驶时的功率；
（3）由于汽车的功率不变，利用W＝Pt求在0～10s内汽车发动机产生的牵引力所做的功。
【解答】解：（1）由题知，在0～10s内汽车通过的路程s＝80m，则在0～10s内汽车的平均速度：
v＝＝＝8m/s；
（2）由图可知，10s后汽车做匀速直线运动，速度v'＝15m/s，此时汽车受到的牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等，则牵引力为：F＝f＝4000N，
汽车行驶时的功率为：
P＝＝＝Fv'＝4000N×15m/s＝6×104W；
（3）因为汽车的功率不变，所以在0～10s内汽车发动机产生的牵引力所做的功：
W＝Pt＝6×104W×10s＝6×105J。
答：（1）在0～10s内汽车的平均速度为8m/s；
（2）汽车行驶时的功率为6×104W；
（3）在0～10s内汽车发动机产生的牵引力所做的功是6×105J。
【点评】此题考查速度公式及其应用、功和功率的计算，以及二力平衡条件的应用，关键是从图中获取有效的信息，根据图象，结合二力平衡条件得出汽车做匀速直线运动时的牵引力大小。
22．某品牌电热水壶的工作电路简图如图甲所示，开关S可以控制其加热、保温和停止三个状态，其部分参数如图乙所示。在该电热水壶正常工作的情况下，将一壶25℃的水在标准大气压下加热到沸腾[假设电热丝产生的热量全部被水吸收，R1、R2的阻值不随温度变化，c水＝4.2×103J/（kg•℃），ρ水＝1.0×103kg/m3]。
（1）求水吸收的热量；
（2）求R1、R2的阻值；
（3）实际加热这壶水到沸腾用时10.5min，求实际电压。
【分析】（1）先根据密度的变形公式求出水的质量，1标准大气压下，水的沸点为100℃，根据Q吸＝cm（t﹣t0）求出水吸收的热量；
（2）根据加热、保温的功率和电压，利用P＝分别求出加热和保温时的电阻，从而得出R1、R2的阻值；
（3）烧开同样一壶水所需的电能是相同的，根据P＝
W
t
求出实际功率，然后根据P＝求出实际电压。
【解答】解：（1）由ρ＝得，水的质量：
m＝ρ水V＝1.0×103kg/m3×2×10﹣3m3＝2kg，
1标准大气压下，水的沸点为100℃，
水吸收的热量：
Q吸＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（100℃﹣25℃）＝6.3×105J；
（2）由图可知，开关打到2时，只有R1接入电路中，电路的电阻最小，根据P＝可知，此时为高温挡，
则R1的阻值为：
R1＝＝＝40Ω；
开关打到3时，两个电阻串联，则为低温挡；
低温挡的电阻为：
R＝＝＝484Ω；
根据串联电路的电阻关系可知，R2的阻值为：R2＝R﹣R1＝484Ω﹣40Ω＝444Ω；
（3）电热丝产生的热量全部被水吸收，根据Q吸＝W＝6.3×105J；
烧开同样一壶水所需的电能是相同的，
则电水壶的实际功率为：
P'＝＝＝1000W；
根据P＝可知，实际电压为：
U'＝＝＝200V。
答：（1）水吸收的热量为6.3×105J；
（2）R1为40Ω，R2的阻值为444Ω；
（3）实际电压为200V。
【点评】本题考查了吸热公式、电功公式、电功率公式以及效率公式的应用，知识点多、联系实际生活，属于中考常见题型，从电热水壶铭牌得出相关信息是本题的关键。
六、综合能力题（本大题3小题，共18分）
23．阅读下面短文，回答以下问题。
感应发光冰块
感应发光冰块产品采用食品级PS材料及电子元件组成的发光冰块，采用先进的触水式开关具有入水即亮的特性（液体感应），外形仿如真实冰块一般。感应发光冰块采用电池供电，无化学变化，无毒无害，可放置于各类饮品中增添浪漫及神秘的气氛感应发光冰块内部电子元件有：液体感应器、纽扣电池和LED灯泡。感应发光冰块的使用方法是将发光冰块清洁干净放入水中，它将自动发亮；使用完毕后，用布擦干后放置于干燥的地方以备下次使用。感应发光冰块还可以放入冰箱内冷冻后，再放入饮料内，可以起到降低饮料的温度。需要注意的是，请勿吞食感应发光冰块，避免放置于温度过高的饮品中。
（1）液体感应器是先进的触水式 开关 （选填“电源”、“用电器”、“开关”或“导线”）。
（2）冷冻后的感应发光冰块通过 热传递 的方式改变饮料的内能，饮料的内能 减小 （选填“增大”或“减小”）。
（3）LED灯泡发光时，将电能主要转化为 光 能。
（4）某位同学在研究LED灯的特点时，发现将一只LED灯接在电池两端没有亮，对调电池正负极后亮了，这说明了LED灯具有 单向导电 性。
（5）用布擦干后的感应发光冰块内部的电路处于 断路 状态。
【分析】（1）根据感应发光冰块内部电子元件和电路的基本组成即可分析出个部分的作用；
（2）改变内能的方式有：做功和热传递；
（3）灯泡发光时将电能转化为光能；
（4）LED灯是半导体材料制成的，具有单向导电性；
（5）根据感应发光冰块的工作情况可知内部的电路的状态。
【解答】解：（1）根据基本电路各部的作用可知：液体感应器是起控制电路的作用，所以是先进的触水式开关；
（2）感应发光冰块还可以放入冰箱内冷冻后温度比较低，再放入饮料内，通过热传递降低饮料的温度，饮料的内能减小；
（3）LED灯泡发光时，将电能主要转化为光能；
（4）对调电池正负极后亮了，说明LED灯具有单向导电性；
（5）因为入水即亮，用布擦干后停止工作，所以用布擦干后的感应发光冰块内部的电路处于开路状态。
故答案为：（1）开关；（2）热传递；减小；（3）光；（4）单向导电；（5）断路。
【点评】本题要求掌握开关的作用和串并联电路的工作特点以及电路的组成，联系生活实际会辨认，会解释。
24．为了探究压力的作用效果与受力面积和压力的关系，小刚找到了两块完全相同的海绵和三本相同的字典，设计了如图所示的实验。图甲中海绵平放在桌面上；图乙中海绵上平放一本字典；图丙中海绵上叠放两本字典；图丁中海绵上立放一本字典；图戊中一本字典平放在桌面上。
（1）实验中小刚根据 海绵的凹陷程度 来比较压力的作用效果的大小。
（2）通过比较乙、丙两图，可以得出：在 受力面积一定时，压力越大 ，压力的作用效果越明显。
（3）通过比较 乙、丁 两图可以得出：在压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显。
（4）设图乙中字典对海绵的压强是p乙，图戊中字典对桌面的压强是p戊，则p乙 ＞ p戊。（选填“＜”“＞”或“＝”）
（5）实验结束后，同学们做了进一步的交流讨论，对静止在水平桌面上的字典进行受力分析。字典对桌面的压力和它受到的重力大小相等，这是因为它对桌面的压力与桌面对它的支持力是一对 相互作用 力；字典受到的重力与桌面对它的支持力是一对 平衡 力。
【分析】（1）力可以使物体发生形变，物体的形变量越大，力的作用效果越明显，压强越大；
（2）根据控制变量法分析图乙、丙所示实验，根据实验控制的变量与实验现象得出实验结论；
（3）研究压力的作用效果与受力面积的关系，要控制压力一定，改变受力面积的大小，分析图示实验答题；
（4）比较压强的大小，就是比较压力和受力面积，据此分析压强的大小；
（5）相互作用力：作用在两个不同的物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上；平衡力：作用在同一个物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上。
【解答】解：
（1）由图示实验可知，在压力作用下，海绵的形状发生了变化，这说明，力可以使物体发生形变，可以用海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果；
（2）由图乙、丙所示实验可知，海绵的受力面积相等而海绵受到的压力不同，压力越大，海绵的形变量越大，压力的作用效果越明显，由此可得：在受力面积一定时，压力越大，压力的作用效果越明显；
（3）要探究压力的作用效果与受力面积的关系，需要控制压力相同，改变受力面积，图乙、丁符合题意；
（4）由图乙、戊所示实验可知，字典对接触面的压力相同，乙图中字典压在海绵上，受力面积是海绵的面积；戊图中字典压在桌面上，受力面积是字典的面积，因为海绵的面积小于字典的面积，所以图（乙）中字典对海绵的压强是p乙大于图（戊）中字典对桌面的压强是p戊。
（5）静止在水平桌面上的字典，它对桌面的压力和它受到的重力大小相等，这是因为它对桌面的压力与桌面对它的支持力符合相互作用力的条件，是一对相互作用力；
它受到的重力与桌面对它的支持力符合二力平衡的条件，是一对平衡力。
故答案为：（1）海绵的凹陷程度；（2）受力面积一定时，压力越大；（3）乙、丁；（4）＞；（5）相互作用；平衡。
【点评】（1）研究多变量的实验时，要采取控制变量法，在分析时注意相同因素和不同因素；
（2）影响压强大小的因素有压力和受力面积，字典对海面压强的大小是通过海绵的凹陷程度体现的，属于转换法的思想。
25．小明家的台灯是通过电位器来调节亮度的。他猜想：台灯变亮时电位器消耗电能的功率会变小，为此他设计了甲所示的电路进行探究。已知电源电压为4V并保持不变，电压表（0﹣3V）2个，电流表（0﹣0.6A），滑动变阻器规格为“20Ω 1A”，小灯泡L标有“2.5V 1.25W”字样（忽略温度对灯丝电阻的影响）。
（1）电路中a是 电流 表，b是 电压 表，
（2）实验中，小灯泡正常发光时电流表的示数为 0.5 A。
（3）根据实验数据，绘制出滑动变阻器的电功率PR与小灯泡的电功率PL的关系如图乙所示。由图可知：小灯泡的电功率（亮度）变大时，滑动变阻器的电功率 先变大后变小 。
（4）假设实验所用的小灯泡能承受的最大电压可以高出其额定电压的，在确保电路中各元件安全的情况下，移动滑动变阻器的滑片，小灯泡的电功率变化范围是从 0.2 W至 1.8 W。
【分析】（1）根据电流表与待测电路串联，电压表与待测电路并联分析回答；
（2）小灯泡L标有“2.5V 1.25W”字样的含义，根据P＝UI求出小灯泡正常发光时电流表的示数；
（3）根据图乙绘制出滑动变阻器的电功串PR与小灯泡的电功率PL的关系回答；
（4）根据P＝得出灯正常发光时的电阻，灯与变阻器串联，电压表分别测变阻器和灯的电压，电流表测电路的电流，
根据实验所用的小灯泡能承受的最大电压可以高出其额定电压的，可知灯的最大电压，由欧姆定律求出灯的最大电流，结合电流选用小量程确定电路的最大电流，根据P大＝I2RL得出灯的最大功率；
变阻器连入电路的电阻越大，变阻器的电压越大，根据已知条件确定变阻器的最大电压，由串联电路电压的规律求出灯的最小电压，根据P＝求出灯的最小功率。
【解答】解：
（1）a表串联在电路中，故a是电流表；b表并联在电路中，b是电压表；
（2）小灯泡L标有“2.5V 1.25W”字样，表示灯的额定电压为2.5V，额定功率为1.25W，
根据P＝UI可得，实验中，小灯泡正常发光时电流表的示数为：
IL＝＝＝0.5A；
（3）根据图乙绘制出滑动变阻器的电功串PR与小灯泡的电功率PL的关系可知，小灯泡的电功率（亮度）变大时，滑动变阻器的电功率先变大后变小；
（4）根据P＝可得，灯正常发光时的电阻为：
RL＝＝＝5Ω；
灯与变阻器串联，电压表分别测变阻器和灯的电压，电流表测电路的电流，
实验所用的小灯泡能承受的最大电压可以高出其额定电压的，即灯的最大电压为×2.5V＝3.125V，灯的最大电流为：
I灯＝＝＝0.625A，根据电流表选用小量程，故电路的最大电流为0.6A，
灯的最大功率为：
P大＝I2RL＝（0.6A）2×5Ω＝1.8W；
变阻器连入电路的电阻越大，变阻器的电压越大，其最大值为3V，这时的电流最小，
由串联电路电压的规律可得，灯的最小电压为UV＝4V﹣3V＝1V，
灯的最小功率为：
P小＝＝＝0.2W，
在确保电路中各元件安全的情况下，移动滑动变阻器的滑片，小灯泡的电功率变化范围是从0.2W至 1.8W。
故答案为：（1）电流；电压；（2）0.5；（3）先变大后变小；（4）0.2；1.8。
【点评】本题考查电表的连接、串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，第（4）问，注意灯的最大电流不是灯的额定电流。
26．在“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验中，某组同学用如图甲所示实验装置进行了两次实验，并根据实验数据绘制了如图乙所示的图像。
①安装图甲所示的器材时，温度计的玻璃泡全部浸没在水中，不要碰到烧杯的底部或侧壁。
②从实验中可以看到，水沸腾时形成的大量气泡不断上升、 变大 ，到水面破裂开来，里面的水蒸气散发到空气中。水蒸气引起的烫伤往往比开水烫伤更严重，这是因为水蒸气 液化时还要放出大量的热 ，所以实验时要注意安全。
③分析图乙中的图线可知，第一次实验和第二次实验所用水的质量之比是 5：3 。
【分析】（1）当水沸腾时，水中形成大量的气泡上升到水面破裂开来，里面的水蒸气散发到空气中；水蒸气也可以液化，也会放热，所以烫伤会更严重。
（2）在装置相同的情况下，相同时间吸收热量相同，根据Q吸＝cm△t可得第一次实验和第二次实验所用水的质量之比。
【解答】解：②当水沸腾时，水中形成大量的气泡上升，变大，破裂开来，里面的水蒸气散发到空气中；就表明水沸腾了，且此时温度为沸点。
水蒸气引起的烫伤往往比开水烫伤更严重，这是因为水蒸气和开水的温度虽然差不多，水蒸气遇到相对温度比较低的人体，就会液化，液化要放出大量的热，所以水蒸气烫伤更厉害。
③在装置相同的情况下，相同时间吸收热量相同，即：cm1△t1＝cm2△t2，
第一次实验和第二次实验所用水的质量之比：m1：m2＝△t2：△t1＝（98℃﹣88℃）：（98℃﹣92℃）＝5：3。
故答案为：②变大；液化时还要放出大量的热； ③5：3。
【点评】本题主要考查水的沸腾现象及液化现象和吸热公式的考查，是一道综合题。
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