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    2021年天津市和平区中考二模数学试卷

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    这是一份2021年天津市和平区中考二模数学试卷,共15页。试卷主要包含了选择题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。

    一、选择题(共12小题;共60分)
    1. 计算 0−−6 的结果等于
    A. −6B. 0C. 16D. 6

    2. 2cs45∘ 的值等于
    A. 1B. 22C. 2D. 32

    3. 下列图案中,既是轴对称图形,又是中心对称图形的是
    A. B.
    C. D.

    4. 2020 年初,国家统计局发布数据,按现行国家农村贫困标准测算,截至 2019 年末,全国农村贫困人口减少至 551 万人,累计减少 93480000 人.将 93480000 用科学记数法表示为
    A. 0.9348×108B. 9.348×108C. 9.348×107D. 93.48×106

    5. 如左图是一个由 4 个相同的正方体组成的立体图形,它的左视图是
    A. B.
    C. D.

    6. 估计 58 的值在
    A. 7 和 8 之间B. 6 和 7 之间C. 5 和 6 之间D. 4 和 5 之间

    7. 方程组 2x−y=5,3x+4y=2. 的解是
    A. x=3,y=1B. x=2,y=−1C. x=2,y=1D. x=4,y=3

    8. 计算 3x+1−3xx+1 的结果为
    A. 3B. −3C. 3−3xx+1D. 3x−3x+1

    9. 如图,正五边形 ABCDE 放入某平面直角坐标系后,若顶点 A,B,C,D 的坐标分别是 0,a,−3,2,b,m,c,m,则点 E 的坐标是
    A. 2,−3B. 2,3C. 3,2D. 3,−2

    10. 若点 −3,y1,2,y2,3,y3 都在反比例函数 y=−10x 的图象上,则 y1,y2,y3 的大小关系是
    A. y1
    11. 如图,以点 C 为旋转中心,把 △ABC 顺时针旋转得 △DEC.记旋转角为 α,连接 AE,∠AED 为 β,则 ∠BAE 的度数为
    A. α−βB. α2+βC. β2D. α−β2

    12. 已知抛物线 y=ax2+bx+c(a,b,c 为常数,a≠0)的对称轴是直线 x=1,且与 x 轴、 y 轴分别交于 A,B 两点,其中点 A 在点 3,0 的右侧,直线 y=−12x+c 经过 A,B 两点.
    有下列结论:
    ① c>32;
    ② 2a+2b+c>0;
    ③ −12其中正确的结论是
    A. ①B. ①②C. ②③D. ①②③

    二、填空题(共6小题;共30分)
    13. 计算 5x−3x+4x 的结果等于 .

    14. 计算 3+63−6 的结果等于 .

    15. 不透明袋子中装有 12 个球,其中有 3 个红球、 4 个黄球和 5 个绿球,这些球除颜色外无其他差别.从袋子中随机取出 1 个球,则它是红球的概率是 .

    16. 直线 y=4x+1 与 x 轴交点坐标为 .

    17. 如图,在四边形 ABCD 中,∠ABC=90∘,AB=3,BC=4,CD=5,DA=52,连接 BD,则 BD 的长为 .

    18. 如图,在每个小正方形的边长为 1 的网格中,点 A,点 B,点 D 均在格点上,并且在同一个圆上,取格点 M,连接 AM 并延长交圆于点 C.
    (Ⅰ)四边形 ABCD 外接圆的半径为 ;
    (Ⅱ)请在如图所示的网格中,用无刻度的直尺画出线段 AP,使 AP 平分 ∠CAD,且点 P 在圆上,并简要说明点 P 的位置是如何找到的(不要求证明) .

    三、解答题(共7小题;共91分)
    19. 解不等式组 x−2≤4+3x, ⋯⋯①3x+2≥4x. ⋯⋯②
    请结合题意填空,完成本题的解答.
    (Ⅰ)解不等式①,得 ;
    (Ⅱ)解不等式②,得 ;
    (Ⅲ)把不等式①和②的解集在数轴上表示出来:
    (Ⅳ)原不等式组的解集为 .

    20. 在一次“爱心助学”捐款活动中,全校冋学人人拿出自己的零花钱,踊跃捐款,学生捐款额有 5 元、 10 元、 15 元、 20 元四种情况.李老师在全校范围内随机抽取部分学生,对捐款金额进行了统计,根据统计结果,绘制出如下的统计图①和图②.请根据相关信息,解答下列问题:
    (1)本次抽取的学生人数为 ,图①中 m 的值为 ;
    (2)求统计的这组学生捐款数据的平均数、众数和中位数;
    (3)根据统计的学生捐款的样本数据,若该校共有 800 名初中学生,估计该校学生共捐款的钱数.

    21. 已知 DA,DC 分别与 ⊙O 相切于点 A,C,延长 DC 交直径 AE 的延长线于点 P.
    (1)如图①,若 DC=PC,求 ∠P 的度数;
    (2)如图②,在 ⊙O 上取一点 B,连接 AB,BC,BE,当四边形 ABCD 是平行四边形时,求 ∠P 及 ∠AEB 的大小.

    22. 如图,A,B 两地之间有一座山,汽车原来从 A 地到 B 地需经 C 地沿折线 A−C−B 行驶,全长 39 km.现开通隧道后,汽车直接沿直线 AB 行驶.已知 ∠A=30∘,∠B=53∘,求隧道开通后,汽车从 A 地到 B 地的路程(结果精确到 0.1 km).参考数据:sin53∘≈0.8,tan53∘≈1.3,3≈1.73.

    23. 甲、乙两车从 A 城出发前往 B 城.在整个行程中,甲车离开 A 城的距离 y1 km 与甲车离开 A 城的时间 x h 的对应关系如图所示.乙车比甲车晚出发 12 h,以 60 km/h 的速度匀速行驶.
    (1)填空:
    ① A,B 两城相距 km;
    ②当 0≤x≤2 时,甲车的速度为 km/h;
    ③乙车比甲车晚 h 到达 B 城;
    ④甲车出发 4 h 时,距离 A 城 km;
    ⑤甲、乙两车在行程中相遇时,甲车离开 A 城的时间为 h;
    (2)当 0≤x≤523 时,请直接写出 y1 关于 x 的函数解析式.
    (3)当 312≤x≤5 时,两车所在位置的距离最多相差多少 km?

    24. 如图,将一个直角三角形纸片 AOB,放置在平面直角坐标系中,已知点 O0,0,点 B 在 y 轴的正半轴上,OA=2,∠ABO=90∘,∠AOB=30∘,D,E 两点同时从原点 O 出发,D 点以每秒 3 个单位长度的速度沿 x 轴正方向运动,E 点以每秒 1 个单位长度的速度沿 y 轴正方向运动,连接 DE,交 OA 于点 F,将 △OEF 沿直线 DE 折叠得到 △OʹEF,设 D,E 两点的运动时间为 t 秒.
    (1)求点 A 的坐标及 ∠OED 的度数;
    (2)若折叠后 △OʹEF 与 △AOB 重叠部分的面积为 S.
    ①当折叠后 △OʹEF 与 △AOB 重叠部分的图形为三角形时,请写出 S 与 t 的函数关系式,并直接写出 t 的取值范围;
    ②当重叠部分面积最大时,把 △OEOʹ 绕点 E 旋转,得到 △PEQ,点 O,Oʹ 的对应点分别为 P,Q,连接 AP,AQ,求 △APQ 面积的最大值(直接写出结果即可).

    25. 抛物线 y=−12x2+bx+c 过点 A−1,0 和点 B3,0,与 y 轴交于点 C,顶点为点 D.
    (1)求点 C,D 的坐标;
    (2)点 E 是线段 OB 上一动点,过点 E 作直线 l⊥x 轴,交抛物线于点 M,连接 BM 并延长交 y 轴于点 N,连接 AM,OM.若 △AEM 的面积是 △MON 面积的 2 倍,求点 E 的坐标;
    (3)抛物线上一点 T,点 T 的横坐标是 −3,连接 BT,与 y 轴交于点 P,点 Q 是线段 AT 上一动点(不与点 A,点 T 重合),将 △BPQ 沿 PQ 所在直线翻折,得到 △FPQ,当 △FPQ 与 △TPQ 重叠部分的面积是 △TBQ 面积的 14 时,求线段 TQ 的长度.
    答案
    第一部分
    1. D
    2. A
    3. B
    4. C
    5. D
    6. A
    7. B
    8. C
    9. C
    10. B
    11. A
    12. D
    第二部分
    13. 6x
    14. 3
    15. 14
    16. −14,0
    17. 65
    18. 13,取格点 E,F,连接 EF,交 CD 于点 G.取格点 O,连接 OG 并延长交圆于点 P,连接 AP,AP 即为所求.
    第三部分
    19. (Ⅰ)x≥−3;
    (Ⅱ)x≤2;
    (Ⅲ)
    (Ⅳ)−3≤x≤2.
    20. (1) 50;36
    (2) ∵x=5×6+10×18+15×16+20×1050=13,
    ∴ 这组数据的平均数是 13.
    ∵ 在这组数据中,10 出现了 18 次,出现的次数最多,
    ∴ 这组数据的众数是 10;
    ∵ 将这组数据按照由小到大的顺序排列,其中处于中间位置的两个数都是 15,有 15+152=15.
    ∴ 这组数据的中位数是 15.
    (3) ∵ 统计的学生捐款的平均数是 13,
    ∴ 估计该校学生共捐款的钱数是:13×800=10400,
    答:估计该校学生共捐款的钱数约是 10400 元.
    21. (1) ∵DA,DC 是 ⊙O 的切线,
    ∴DA=DC,OA⊥DA,
    ∴∠DAO=90∘,
    ∵DC=PC,
    ∴DA=DC=PC,
    ∵∠DAP=90∘,
    ∴sinP=ADDP=12,
    ∴∠P=30∘.
    (2) 连接 OC,AC,
    ∵DA,DC 是 ⊙O 的切线,
    ∴DA=DC,
    ∵ 四边形 ABCD 是平行四边形,
    ∴ 平行四边形 ABCD 是菱形,
    ∴DA=DC=CB=AB,∠ABC=∠ADC,
    ∵∠AOC=2∠ABC,
    ∴∠AOC=2∠ADC,
    ∴DA,DC 是 ⊙O 的切线,
    ∴OA⊥AD,OC⊥DC,
    ∴∠DAO=∠DCO=90∘,
    ∵∠ADC+∠DCO+∠AOC+∠DAO=360∘,
    ∴∠ADC+∠AOC=180∘,
    ∴3∠ADC=180∘,
    ∴∠ADC=60∘,
    ∴∠P=90∘−∠ADC=30∘,∠ABC=60∘,
    又 AB=BC,
    ∴△ABC 是等边三角形,
    ∴∠ACB=60∘,
    ∴∠AEB=∠ACB=60∘.
    22. 过点 C 作 CD⊥AB,垂足为点 D,
    在 Rt△ACD 中,∠A=30∘,
    ∴AC=2CD.
    在 Rt△BCD 中,∠B=53∘,sinB=CDBC,
    ∴BC=CDsinB=CDsin53∘,
    ∵AC+BC=39,
    ∴2CD+CDsin53∘=39.
    ∴2CD+1.25CD≈39,
    ∴CD≈12.
    在 Rt△ACD 中,∠A=30∘,tanA=CDAD,
    ∴AD=CDtanA=CDtan30∘≈123.
    在 Rt△BCD 中,∠B=53∘,tanB=CDBD,
    ∴BD=CDtanB=CDtan53∘≈12013,
    ∴AB=AD+BD≈123+12013≈29.99≈30.0.
    答:汽车从 A 地到 B 地的路程约 30.0 km.
    23. (1) ① 360;② 60;③ 56;④ 6803;⑤ 52 或 196
    (2) 当 0≤x≤2 时,y1=60x;
    当 2当 223 (3) 当 312≤x≤5 时,
    由题意,可知甲车在乙车前面,设两车所在位置的距离相差 y km,
    则 y=80x−2803−60x−30=20x−1903.
    ∵20>0,
    ∴y 随 x 的增大而增大.
    ∴ 当 x=5 时,y 取得最大值 1103.
    答:两车所在位置的距离最多相差 1103 km.
    24. (1) 因为 ∠ABO=90∘,∠AOB=30∘,OA=2,
    所以 AB=12OA=1,
    所以 OB=AO2−AB2=3,
    所以 A1,3,
    因为 ∠EOD=90∘,OE=t,OD=3t,
    所以 tan∠OED=ODOE=3,
    所以 ∠OED=60∘.
    (2) ①因为 ∠OED=60∘,∠AOB=30∘,
    所以 ∠OFE=90∘,
    所以 OA⊥DE.
    所以将 △OEF 沿直线 DE 折叠得到 △OʹEF,折叠后点 Oʹ 落在直线 OA 上,
    如图,
    当点 Oʹ 落在线段 OA 上,△OʹEF 与 △AOB 重叠部分是三角形时,
    因为 △OEF 沿直线 DE 折叠得到 △OʹEF,
    所以 △OEF≌△OʹEF,
    所以 OE=OʹE=t,∠EOʹF=∠EOF=30∘,
    所以 EF=12OʹE=12t,
    所以 OʹF=OʹE2−EF2=32t,
    所以 S=12EF⋅OʹF=38t20如图,
    当点 Oʹ 落在线段 OA 延长线上,△OʹEF 与 △AOB 重叠部分是三角形时,设 AB 与 EF 交于点 M,
    因为 OE=OʹE=t,∠EFO=90∘,∠EOF=30∘,
    所以 cs∠EOF=OFOE=32,
    所以 OF=32OE=32t,
    所以 AF=OA−OF=2−32t,
    因为 ∠ABO=∠EFO=90∘,
    所以 ∠AOB+∠BAO=∠AMF+∠BAO=90∘,
    所以 ∠AMF=30∘,
    因为 ∠MFA=90∘,∠AMF=30∘,
    所以 tan∠AMF=AFMF=33,
    所以 MF=3AF=32−32t.
    所以 S=12AF⋅MF=322−32t2=338t2−3t+233≤t<433.
    所以 S=38t2,0② 127+12325.
    25. (1) ∵ 抛物线 y=−12x2+bx+c 过点 A−1,0 和点 B3,0,
    得 −12−b+c=0,−92+3b+c=0 解得 b=1,c=32.
    ∴ 抛物线的解析式为 y=−12x2+x+32.
    ∵ 当 x=0 时,y=32,
    ∴ 点 C 的坐标为 0,32.
    ∵y=−12x2+x+32=−12x−12+2,
    ∴ 顶点 D 的坐标为 1,2.
    (2) 设点 E 的坐标为 m,0,(0 ∵ 过点 E 作直线 l⊥x 轴,交抛物线于点 M,
    ∴ 点 M 的坐标为 m,−12m2+m+32.
    设直线 BM 的解析式为 y=k1x+b1,
    有 3k1+b1=0,mk1+b1=−12m2+m+32,
    解得 k1=−12m+1b1=32m+1.
    ∴ 直线 BM 的解析式为 y=−12m+1x+32m+1.
    ∵ 当 x=0 时,y=32m+1,
    ∴ 点 N 的坐标为 0,32m+1.
    S△AEM=12AE⋅ME=12m+1⋅−12m2+m+32=12m+1⋅−12m+1⋅m−3.
    S△MON=12ON⋅∣xM∣=12×32m+1⋅m,
    ∵△AEM 的面积是 △MON 面积的 2 倍,
    ∴12m+1⋅−12m+1⋅m−3=2×12×32m+1⋅m,
    m2+4m−3=0,m=−2±7,
    ∵0 ∴m=−2+7.
    ∴ 点 E 的坐标为 −2+7,0.
    (3) ∵ 抛物线上一点 T,点 T 的横坐标是 −3,
    ∴y=−12×−32−3+32=−6.
    ∴ 点 T 的坐标为 −3,−6.
    设直线 BT 的解析式为 y=k2x+b2,
    有 3k2+b2=0,−3k2+b2=−6 解得 k2=1,b2=−3.
    ∴ 直线 BT 的解析式为 y=x−3.
    ∵ 当 x=0 时,y=−3,
    ∴ 点 P 的坐标为 0,−3.
    过点 T 作 TG⊥y 轴于点 G,则 TG=3,PG=3,
    ∴TP=TG2+PG2=32+32=32,
    又 BP=OB2+OP2=32+32=32,
    ∴BP=TP.
    ∴ 点 P 是线段 BT 的中点.
    ∴S△BPQ=S△TPQ,
    由折叠知,△BPQ≌△FPQ,则 S△BPQ=S△FPQ.
    ∴S△FPQ=S△TPQ.
    ①如图,
    当点 F 在直线 BT 下方时,
    设线段 FQ 与线段 PT 交于点 M,
    △FPQ 与 △TPQ 重叠部分是 △MPQ,连接 FT.
    ∵S△MPQ=14S△BTQ,
    ∴S△MPQ=12S△TPQ=12S△FPQ.
    ∴MP=MT,MQ=MF.
    ∴ 四边形 FPQT 是平行四边形.
    ∴TQ=PF.
    ∵PF=BP,BP=32,
    ∴TQ=32.
    ②如图,当点 F 在直线 BT 上方时,设线段 FP 与线段 QT 交于点 N,△FPQ 与 △TPQ 重叠部分是 △NPQ,连接 FT.
    同理可得,四边形 FTPQ 是平行四边形.
    ∴QF=TP=BP.
    ∵QF=BQ,
    ∴BQ=BP=32.
    设直线 AT 的解析式为 y=k3x+b3,
    有 −k3+b3=0,−3k3+b3=−6 解得 k3=3,b3=3.
    ∴ 直线 AT 的解析式为 y=3x+3.
    设点 Q 的坐标为 t,3t+3−3过点 Q 作 QE⊥x 轴于点 E,
    BQ=EB2+EQ2=t−32+3t+32=32,解得 t1=0,t2=−65.
    ∵−3 ∴t=−65,
    ∴ 点 Q 的坐标为 −65,−35.
    过点 Q 作 x 轴的平行线,过点 T 作 y 轴的平行线,两线交于点 H,
    ∴TQ=QH2+TH2=−65+32+−35+62=9105.
    综上所述,线段 TQ 的长度为 32 或 9105.
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