2020-2021学年吉林省高二(上)9月月考数学(理)试卷人教A版
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这是一份2020-2021学年吉林省高二(上)9月月考数学(理)试卷人教A版,共14页。试卷主要包含了选择题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
1. 命题:设a,b,c∈R,若“a>b,则ac2>bc2”,与它的逆命题、否命题、逆否命题中,真命题共有( )
A.0个B.1个C.2个D.4个
2. 如图是一个多面体的三视图,这个多面体某条棱的一个端点在正视图中对应的点为M,在俯视图中对应的点为N,则该端点在侧视图中对应的点为( )
A.EB.FC.GD.H
3. 已知命题p:∃x0∈R,x0>2;命题q:∀x>0,x0
C.p是真命题;¬p:∀x∈R,lg2(3x+1)≤0
D.p是真命题;¬p:∀x∈R,lg2(3x+1)>0
6. 已知三个不同的平面α,β,γ和直线m,n,若α∩γ=m, β∩γ=n,则“α//β”是“m//n”的( )
A.充分不必要条件B.必要不充分条件
C.充要条件D.既不充分也不必要条件
7. 若球的表面积为16π,则与球心距离为3的平面截球所得的圆的面积为( )
A.4πB.3πC.2πD.π
8. 已知四面体所有棱长都相等,设其相邻两个侧面所成的角为α,则( )
A.sinα=13B.csα=−13C.sinα=223D.csα=223
9. 已知三个不同的平面α,β,γ,两条不同的直线m,n,则下列结论正确的是( )
A.α⊥β,m//α,n⊥β是m⊥n的充分条件
B.γ与α,β所成的锐二面角相等是α//β的充要条件
C.α⊥β,m⊥α,n⊥β是m⊥n的充分条件
D.α内距离为d的两条平行线在β内的射影仍是距离为d的两条平行线是α//β的充要条件
10. 在锐角△ABC中,角A,B,C所对的边分别为a,b,c,若A=2C,则csinCa的取值范围为( )
A.16,32B.36,12C.36,12D.16,32
11. 如图,在四棱锥P−ABCD中,底面ABCD是矩形, PA⊥平面ABCD,点E在线段AB上,PA=AD=12AB=1,若直线PE与平面PBC所成角的正弦为55时,AEAB=( )
A.12B.38C.34D.255
12. 数列{an}满足a1=1,nan+1=(n+1)an+n(n+1),且bn=ancs2nπ3,记Sn为数列{bn}的前n项和,则S24等于( )
A.294B.174C.470D.304
二、填空题
设计如图所示的三个电路图,条件p:“开关S闭合”;条件q“灯泡L亮”,则p是q的充分不必要条件的电路图是________.
已知p:k=3,q:直线y=kx+2与圆x2+y2=1相切,则¬p是¬q的________条件.(从“充分必要条件,必要不充分条件,充分不必要条件,既不充分也不必要条件”选一填空)
某几何体的一条棱长为7,在该几何体的正视图中,这条棱的投影长为6,在该几何体的俯视图和侧视图中的投影长分别是a和b,则a+b的最大值为________.
已知正方体ABCD−A1B1C1D1棱长为2,如图,M为CC1上的动点, AM⊥平面α.
下面说法正确的序号是________.
(1)直线AB与平面α所成角的正弦值范围为33,22;
(2)点M与点C1重合时,平面α截正方体所得的截面,其面积越大,周长就越大;
(3)点M为CC1的中点时,若平面α经过点B,则平面α截正方体所得截面图形是等腰梯形;
(4)己知N为DD1的中点,当AM+MN的和最小时,M为CC1的中点.
三、解答题
已知命题p:实数x满足x2−5ax−6a20);命题q: |x−1|b,∴ 关键是c是否为0,由等价命题同真同假,只要判断原命题和逆命题即可.
【解答】
解:原命题:若c=0则不成立,
由等价命题同真同假知其逆否命题也为假;
逆命题:若“ac2>bc2,则a>b”,
∵ ac2>bc2,c2>0,
由不等式的基本性质得:a>b,
∴ 逆命题为真;
由等价命题同真同假知否命题也为真.
∴ 有2个真命题.
故选C.
2.
【答案】
A
【考点】
由三视图还原实物图
【解析】
把三视图转换为直观图,即可得出图中的对应点.
【解答】
解:由三视图还原实物图可得如下图形,
显然所求点对应的为E点.
故选A.
3.
【答案】
C
【考点】
复合命题及其真假判断
命题的真假判断与应用
【解析】
先判断命题p,q的真假,进而根据复合命题真假判断的真值表,得到答案.
【解答】
解:对于命题p,若x0=3,则x0>2,故命题p为真命题;
对于命题q,当x∈0,1时,x≥x,故命题q为假命题,
∴ ¬q为真命题,
∴ 命题p∨q是真命题;
命题p∧q是假命题;
命题p∧ ¬q是真命题;
命题p∨¬q是真命题.
故选C.
4.
【答案】
C
【考点】
直线与圆的位置关系
【解析】
化圆的一般方程为标准方程,求出圆心坐标与半径,如何利用垂径定理求得答案.
【解答】
解:由x2+y2−6x=0,得(x−3)2+y2=9,
∴ 圆心A坐标为(3, 0),半径为3.设弦长为m,
则有r2−d2=(m2)2,
即m=29−d2,
要求最短弦长,则寻找最大弦心距d,
过点P(1,2)的弦中,当点P为弦中点时,弦心距最大.
此时,d=|AP|=(3−1)2+(0−2)2=22,
则最短弦长为29−8=2.
故选C.
5.
【答案】
B
【考点】
全称命题与特称命题
命题的真假判断与应用
【解析】
根据特称命题的否定是全称命题即可得到结论.
【解答】
解:∵ 3x>0,
∴ 3x+1>1,则lg2(3x+1)>0,
∴ p是假命题.
∵ 特称命题的否定是全称命题,
∴ ¬p:∀x∈R,lg2(3x+1)>0.
故选B.
6.
【答案】
A
【考点】
必要条件、充分条件与充要条件的判断
平面与平面平行的性质
空间中直线与平面之间的位置关系
【解析】
利用面面平行的性质定理及其充要条件的判定方法即可得出.
【解答】
解:根据面面平行的性质:两个平行平面,分别和第三个平面相交,交线平行,
即α∩γ=m, β∩γ=n,α//β,
所以m//n,
所以a∩γ=m,β∩γ=n,则α//β是m//n的充分条件.
若α∩γ=m, β∩γ=n,m//n,
则α//β不一定成立,存在α与β相交的情况,
所以a∩γ=m,β∩γ=n,则α//β是m//n的不必要条件.
综合得,a∩γ=m,β∩γ=n,则α//β是m//n的充分不必要条件.
故选A.
7.
【答案】
D
【考点】
球的表面积和体积
【解析】
设球的半径R,根据球的表面积建立关于R的等式求出R=2,再根据球的截面圆性质利用勾股定理算出截面圆半径r,即可算出该截面面积.
【解答】
解:设球的半径为R,
∵ 球的表面积为16π,
∴ 4πR2=16π,
解得:R=2.
∵ 截面与球心距离为d=3,
∴ 截面圆的半径r=R2−d2=1,
可得截面圆的面积为S=πr2=π.
故选D.
8.
【答案】
C
【考点】
二面角的平面角及求法
余弦定理
同角三角函数间的基本关系
【解析】
由已知中正四面体的所有面都是等边三角形,取CD的中点E,连接AE.BE.由等腰三角形“三线合一”的性质,易得∠AEB即为相邻两侧面所成二面角的平面角,解三角形ABE即可得到相邻两侧面所成二面角的余弦值,即可求出正弦值.
【解答】
解:取CD的中点E,连结AE,BE,如图所示,
设四面体的棱长为2,
则AE=BE=3,
且AE⊥CD,BE⊥CD,
则∠AEB即为相邻两侧面所成二面角的平面角.
在△ABE中,cs∠AEB=AE2+BE2−AB22×AE×BE=(3)2+(3)2−222×3×3=13,
则sin∠AEB=1−cs2∠AEB=1−(13)2=223.
即sinα=223.
故选C.
9.
【答案】
C
【考点】
必要条件、充分条件与充要条件的判断
空间中平面与平面之间的位置关系
空间中直线与平面之间的位置关系
空间中直线与直线之间的位置关系
【解析】
根据线线、线面和面面位置关系对选项逐一分析,结合充分、充要条件的知识确定正确选项.
【解答】
解:A,由 α⊥β,m//α,n⊥β,则m,n可能平行,所以A选项错误;
B,由γ与α,β所成的锐二面角相等可得α,β可能相交,所以B选项错误;
C,根据面面垂直、线面垂直的性质可知C正确;
D,当α,β相交且两条平行线垂直于交线时可以满足条件,所以D选项错误.
故选C.
10.
【答案】
B
【考点】
二倍角的正弦公式
正弦定理
三角函数值的符号
【解析】
利用正弦定理可得csinCa=12tanC,根据锐角三角形角的大小可确定C的范围,从而得到tanC值域,由此得到结果.
【解答】
解:由正弦定理得:csinCa=sin2CsinA,
∵ A=2C,
∴ csinCa=sin2Csin2C=sinC2csC=12tanC.
∵ △ABC为锐角三角形,
∴ 0
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