2020-2021学年四川省绵阳市江油市、涪城区九年级上学期期末数学试卷(word版含答案)

这是一份2020-2021学年四川省绵阳市江油市、涪城区九年级上学期期末数学试卷(word版含答案)，共32页。试卷主要包含了已知点A等内容，欢迎下载使用。

1．下列银行标志中，是中心对称图形但不是轴对称图形的是（ ）
A．B．
C．D．
2．若x＝1是一元二次方程x2+2x+a＝0的根，则a＝（ ）
A．﹣3B．﹣1C．1D．3
3．已知点A（a，1）与点B（5，b）关于原点对称，则ab＝（ ）
A．﹣6B．﹣5C．4D．5
4．如图，是一个质地均匀的转盘，转盘分成7个大小相同的扇形，颜色分为红、绿、黄三种颜色．指针的位置固定，转动转盘后任其自由停止；其中的某个扇形会恰好停在指针所指的位置（指针指向两个扇形的交线时，当作指向右边的扇形）．则指针指向绿色或黄色的概率为（ ）
A．B．C．D．
5．在⊙O中，弦AB＝16，点M为AB的中点，OM＝6，则⊙O的半径为（ ）
A．6B．8C．10D．100
6．如图，在同一平面直角坐标系中，正比例函数y＝x的图象与反比例函数y＝的图象交于点A和点B，则不等式x＞的解集为（ ）
A．﹣1＜x＜0 或0＜x＜1B．﹣1＜x＜0或x＞1
C．x＜﹣1或0＜x＜1D．x＜﹣1或x＞1
7．如图，过点P作半径为1的⊙O的切线，切点分别为A，B，若∠APB＝60°，则PA＝（ ）
A．B．2C．D．3
8．文具店促销，将状元牌钢笔连续降价两次，售价由每支10元调至7元．若设平均每次降低的百分率为x．根据题意，可得方程（ ）
A．10（1﹣x）2＝7B．10（1﹣x2）＝7C．10（1﹣2x）＝7D．10（1+x）2＝7
9．如图，圆与坐标轴分别交于原点O，点A（6，0）和B（0，2），点P是圆上一个动点，点C（0，﹣3），则PC长度的最小值为（ ）
A．4﹣B．8﹣C．2﹣D．5﹣
10．如图，二次函数y＝ax2+bx+c（a≠0）的顶点坐标为（﹣1，m），图象与x轴的两个交点的横坐标分别为x1，x2，且﹣3＜x1＜﹣1．下列结论：①abc＜0； ②4ac﹣b2＜0；③3a+c＞0；④ax2+m＝1﹣bx﹣c无实数根．
其中正确的有（ ）
A．4个B．3个C．2个D．1个
11．如图，PA，PB，CD分别与同一段圆弧相切于点A，B，E，若∠P＝60°，△PCD的周长为4，则的长度为（ ）
A．πB．πC．πD．π
12．如图，已知∠BAC＝60°，AB＝4，AC＝6，点P在△ABC内，将△APC绕着点A逆时针方向旋转60°得到△AEF．则AE+PB+PC的最小值为（ ）
A．2B．8C．5D．6
二、填空题：本大题共6个小题，每小题4分，共24分.把答案填写在答题卡的横线上.
13．（4分）“在平面直角坐标系中，函数y＝x2﹣2x+1的顶点坐标为（1，0）．”是 事件（填：“必然”、“随机”或“不可能”）．
14．（4分）如图，要拧开一个边长a＝2cm的正六角形螺帽，则扳手张开的开口b至少要 cm．
15．（4分）食品卫生部门从某区域3200户商家中随机抽选160家进行专项检查，发现2户存在过期食品仍然在售的情况，相关部门按要求处罚相应商家，并销毁过期商品．请你估计该区域有 户商家需要下架销毁过期商品．
16．（4分）已知扇形的弧长为2πcm，半径为3cm，则该扇形的面积为 cm2．
17．（4分）如图，反比例函数y＝（k＞0）在第一象限的图象过点A（1，3），点B（点B在点A的右边），连接AB，AC与BC分别平行x轴、y轴，△ABC的面积为，则点C的坐标为 ．
18．（4分）如图，水平放置半径为6cm的球形容器中装有溶液，容器内液面的面积为20πcm2．如图所示，是该球体的一个最大截面，则该截面⊙O上到液面的距离为2cm的点共有 个．
三、解答题：本大题共7个小题，共90分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
19．（16分）（1）解方程：x（x﹣2）＝2x﹣2．
（2）如图，在平面直角坐标系中，△ABC的顶点均在格点上，将△ABC绕原点O逆时针方向旋转90°得到△A1B1C1．请作出△A1B1C1，写出各顶点的坐标，并计算线段B1B的长．
20．（12分）亮亮刚进入初三学习感到紧张，计划元旦节到附近的几个景点旅游放松．现有四个景点供选择，其中两个景点以自然风光为主，另两个景点以人文景观为主．假设每个景点被选中的机会是等可能的．
（1）任选一个景点，求选中以人文景观为主的概率；
（2）任意选择三个景点制作一条旅游线路，求亮亮选择“自然风光→人文景观→自然风光”作为旅游线路的概率．
21．（12分）已知关于x的一元二次方程x2﹣（2a+1）x+a2＝0有两个实数根x1，x2，且a+3b＝2．
（1）求b的最大值；
（2）若x12＝x22，求a的值．
22．（12分）如图①是一条抛物线形状的拱桥，水面宽AB为6米，拱顶C离水面的距离为4米．
（1）建立恰当的坐标系，并求出抛物线的解析式；
（2）一艘货船的截面如图②所示，它是由一个正方形MNEF和一个梯形KLGH组成的轴对称图形，货船的宽度KH为5米，货物高度MN为3米．若船弦离水面的安全距离为0.25米，请问货船能否安全通过桥洞？说明理由．
23．（12分）如图，反比例函数y＝（k＞0，x＞0）的图象经过点C（3，2），点B是反比例函数图象上的一动点，过点B作y轴的平行线交直线OC于点D．
（1）当点B的横坐标是6时，求BD的长度；
（2）点A坐标是（0，），若以A，O，B，D四点为顶点的四边形构成平行四边形，求点B的坐标．
24．（12分）如图，AB是⊙O的直径，点C在圆上，点N是△ABC的内心（角平分线的交点），CN的延长线交圆于点D，BN的延长线交圆于点F，EF∥AC，EF交BC的延长线于点E．
（1）证明：EF与⊙O相切；
（2）若EF＝2，EC＝1．
①求⊙O的半径；
②求CN•ND的值．
25．（14分）如图，抛物线的开口向下，与x轴交于A，B两点（A在B左侧），与y轴交于点C．已知C（0，4），顶点D的横坐标为﹣，B（1，0）．对称轴与x轴交于点E，点P是对称轴上位于顶点下方的一个动点，将线段PA绕着点P顺时针方向旋转90°得到线段PM．
（1）求抛物线的解析式；
（2）当点M落在抛物线上时，求点M的坐标；
（3）连接BP并延长交抛物线于点Q，连接CQ．与对称轴交于点N．当△QPN的面积等于△QBC面积的一半时，求点Q的横坐标．
2020-2021学年四川省绵阳市江油市、涪城区九年级（上）期末数学试卷
参考答案与试题解析
一.选择题：本大题共12个小题，每小题3分，共36分.在每个小题给出的四个选项中，只有一个是符合题目要求的.
1．下列银行标志中，是中心对称图形但不是轴对称图形的是（ ）
A．B．
C．D．
【分析】根据中心对称图形以及轴对称图形的概念对各选项分析判断即可得解．
【解答】解：A．既是轴对称图形，也是中心对称图形，故本选项不合题意；
B．是轴对称图形，不是中心对称图形，故本选项不合题意；
C．不是轴对称图形，是中心对称图形，故本选项符合题意；
D．既不是轴对称图形，又不是中心对称图形，故本选项不合题意．
故选：C．
2．若x＝1是一元二次方程x2+2x+a＝0的根，则a＝（ ）
A．﹣3B．﹣1C．1D．3
【分析】根据一元二次方程的解的定义把x＝1代入方程得到关于a的一次方程，然后解一次方程即可．
【解答】解：∵x＝1是一元二次方程x2+2x+a＝0的一个根，
∴12+2+a＝0，
∴a＝﹣3．
故选：A．
3．已知点A（a，1）与点B（5，b）关于原点对称，则ab＝（ ）
A．﹣6B．﹣5C．4D．5
【分析】利用关于原点对称的点的坐标特点可得答案．
【解答】解：∵点A（a，1）与点B（5，b）关于原点对称，
∴a＝﹣5，b＝﹣1，
∴ab＝5，
故选：D．
4．如图，是一个质地均匀的转盘，转盘分成7个大小相同的扇形，颜色分为红、绿、黄三种颜色．指针的位置固定，转动转盘后任其自由停止；其中的某个扇形会恰好停在指针所指的位置（指针指向两个扇形的交线时，当作指向右边的扇形）．则指针指向绿色或黄色的概率为（ ）
A．B．C．D．
【分析】转动转盘，停止后指正指向的位置共有7种等可能结果，其中指针指向绿色或黄色的有4种结果，再根据概率公式求解即可．
【解答】解：∵转动转盘，停止后指正指向的位置共有7种等可能结果，其中指针指向绿色或黄色的有4种结果，
∴指针指向绿色或黄色的概率为，
故选：B．
5．在⊙O中，弦AB＝16，点M为AB的中点，OM＝6，则⊙O的半径为（ ）
A．6B．8C．10D．100
【分析】连接OA，如图，根据垂径定理的推论得到OM⊥AB，然后利用勾股定理计算OA的长．
【解答】解：连接OA，OM，如图，
∵点M为AB的中点，
∴OM⊥AB，AM＝BM＝AB＝×16＝8，
在Rt△OAM中，OA＝＝＝10，
即⊙O的半径为10．
故选：C．
6．如图，在同一平面直角坐标系中，正比例函数y＝x的图象与反比例函数y＝的图象交于点A和点B，则不等式x＞的解集为（ ）
A．﹣1＜x＜0 或0＜x＜1B．﹣1＜x＜0或x＞1
C．x＜﹣1或0＜x＜1D．x＜﹣1或x＞1
【分析】先求得交点坐标，然后根据一次函数图象与反比例函数图象的上下位置关系结合交点坐标，即可得出不等式的解集．
【解答】解：由得或，
∵正比例函数y＝x与反比例函数y＝的图象的交点为A（1，1），B（﹣1，﹣1），
观察函数图象，发现：当﹣1＜x＜0或x＞1时，正比例函数图象在反比例函数图象的上方，
∴不等式x＞的解集为是﹣1＜x＜0或x＞1，
故选：B．
7．如图，过点P作半径为1的⊙O的切线，切点分别为A，B，若∠APB＝60°，则PA＝（ ）
A．B．2C．D．3
【分析】连接OA，OB，OP，由切线的性质得出PA⊥OA，∠APO＝∠BPO，则∠APO＝30°，由直角三角形的性质可得出答案．
【解答】解：连接OA，OB，OP，
∵PA，PB是⊙O的切线，
∴PA⊥OA，∠APO＝∠BPO，
∵∠APB＝60°，
∴∠APO＝30°，
∵OA＝1，
∴PA＝OA＝．
故选：C．
8．文具店促销，将状元牌钢笔连续降价两次，售价由每支10元调至7元．若设平均每次降低的百分率为x．根据题意，可得方程（ ）
A．10（1﹣x）2＝7B．10（1﹣x2）＝7C．10（1﹣2x）＝7D．10（1+x）2＝7
【分析】本题可先列出第一次降价后售价的代数式，再根据第一次的售价列出第二次降价的售价的代数式，然后令它等于7即可列出方程．
【解答】解：第一次降价后的售价为10（1﹣x），
则第二次降价后的售价为10（1﹣x）（1﹣x）＝10（1﹣x）2＝7，
∴10（1﹣x）2＝7．
故选：A．
9．如图，圆与坐标轴分别交于原点O，点A（6，0）和B（0，2），点P是圆上一个动点，点C（0，﹣3），则PC长度的最小值为（ ）
A．4﹣B．8﹣C．2﹣D．5﹣
【分析】连接AB，取AB的中点T，连接CT，PT．求出CT，PT，可得结论．
【解答】解：连接AB，取AB的中点T，连接CT，PT．
∵A（6，0），B（0，2），
∴OA＝6，OB＝2，
∴AB＝＝2，
∴TB＝AT＝PT＝，
∴T（3，1），
∵C（0，﹣3），
∴CT＝＝5，
∴PC≥CT﹣PT＝5﹣，
∴PC的最小值为5﹣．
故选：D．
10．如图，二次函数y＝ax2+bx+c（a≠0）的顶点坐标为（﹣1，m），图象与x轴的两个交点的横坐标分别为x1，x2，且﹣3＜x1＜﹣1．下列结论：①abc＜0； ②4ac﹣b2＜0；③3a+c＞0；④ax2+m＝1﹣bx﹣c无实数根．
其中正确的有（ ）
A．4个B．3个C．2个D．1个
【分析】根据抛物线的开口方向、对称轴、顶点坐标和增减性，以及二次函数与一元二次方程的关系逐个进行判断即可．
【解答】解：由图象知，a＞0，c＜0，b＞0，
∴abc＜0，故①正确；
∵图象与x轴的两个交点，
∴b2﹣4ac＞0，
∴4ac﹣b2＜0，故②正确；
∵二次函数y＝ax2+bx+c（a≠0）的顶点坐标为（﹣1，m），图象与x轴的两个交点的横坐标分别为x1，x2，且﹣3＜x1＜﹣1，
∴﹣1＜x2＜1，﹣＝﹣1，
∴b＝2a，当x＝1是，y＞0，
∴a+b+c＞0，
∴3a+c＞0，故③正确；
一元二次方程ax2+m＝1﹣bx﹣c可以看作函数y＝ax2+bx+c与y＝1﹣m的交点，
当1﹣m＜m，即m＞时，
由图象可知函数y＝ax2+bx+c与y＝1﹣m没有交点，
此时一元二次方程ax2+m＝1﹣bx﹣c无实数根；
当1﹣m＝m，即m＝时，
由图象可知函数y＝ax2+bx+c与y＝1﹣m有一个交点，
此时一元二次方程ax2+m＝1﹣bx﹣c有两个相等的实数根；
当1﹣m＞m，即m＜时，
由图象可知函数y＝ax2+bx+c与y＝1﹣m有两个交点，
此时一元二次方程ax2+m＝1﹣bx﹣c有两个不相等的实数根；
∴④正确；
故选：B．
11．如图，PA，PB，CD分别与同一段圆弧相切于点A，B，E，若∠P＝60°，△PCD的周长为4，则的长度为（ ）
A．πB．πC．πD．π
【分析】设圆弧的圆心为O，连接OA，OB，由切线长定理及△PCD的周长得出PA＝2，求出∠AOB＝120°，由弧长公式可得出答案．
【解答】解：设圆弧的圆心为O，连接OA，OB，
解：∵PA，PB都是圆O的切线，
∴PA＝PB，∠OAP＝∠OBP＝90°，
同理AC＝CE，DE＝DB，
∴△PCD的周长＝PC+CD+PD＝PC+CE+DE+PC＝PC+CA+DB+PD＝PA+PB＝4，
∴PA＝2；
连接PO，
∵∠APB＝60°，
∴∠APO＝30°，∠AOP＝60°，
∴∠AOB＝120°，AO＝AP×tan∠APO＝2＝2，
∴的长为＝．
故选：B．
12．如图，已知∠BAC＝60°，AB＝4，AC＝6，点P在△ABC内，将△APC绕着点A逆时针方向旋转60°得到△AEF．则AE+PB+PC的最小值为（ ）
A．2B．8C．5D．6
【分析】连接PE，BF，过B作AF垂线交FA延长线于G，由旋转性质得AP＝AE，∠PAE＝∠CAF＝60°，PC＝EF，再证明△APE为等边三角形，将AE+PB+PC转化为PB+PE+EF≥BF，再在直角△BGF中由勾股定理求出BF即可．
【解答】解：如图，连接PE，BF，过B作AF垂线交FA延长线于G，
∵△APC绕着点A逆时针方向旋转60°得到△AEF，
∴AP＝AE，∠PAE＝∠CAF＝60°，PC＝EF，
∴△APE为等边三角形，
即AE＝PE，
∴AE+PB+PC＝PB+PE+EF≥BF，
∵∠BAC＝60°，
∴∠BAF＝120°，
∴∠BAG＝60°，
∴AG＝AB＝2，GF＝2+6＝8，
∴BG＝＝＝2，
∴BF＝＝＝2．
故选：A．
二、填空题：本大题共6个小题，每小题4分，共24分.把答案填写在答题卡的横线上.
13．（4分）“在平面直角坐标系中，函数y＝x2﹣2x+1的顶点坐标为（1，0）．”是 必然 事件（填：“必然”、“随机”或“不可能”）．
【分析】根据事件的概念：事件分为确定事件和不确定事件（随机事件），确定事件又分为必然事件和不可能事件，其中，①必然事件发生的概率为1，即P（必然事件）＝1；②不可能事件发生的概率为0，即P（不可能事件）＝0；③如果A为不确定事件（随机事件），那么0＜P（A）＜1，逐一判断即可得到答案．
【解答】解：∵y＝x2﹣2x+1＝（x﹣1）2，
∴函数y＝x2﹣2x+1的顶点坐标为（1，0）．
∴“在平面直角坐标系中，函数y＝x2﹣2x+1的顶点坐标为（1，0）．”是必然事件．
故答案为：必然．
14．（4分）如图，要拧开一个边长a＝2cm的正六角形螺帽，则扳手张开的开口b至少要 2 cm．
【分析】根据题意，即是求该正六边形的边心距的2倍．构造一个由半径、半边、边心距组成的直角三角形，且其半边所对的角是30度，再根据锐角三角函数的知识求解．
【解答】解：设正多边形的中心是O，其一边是AB，
∴∠AOB＝∠BOC＝60°，
∴OA＝OB＝AB＝OC＝BC，
∴四边形ABCO是菱形，
∵AB＝2cm，∠AOB＝60°，
∴cs∠BAC＝，
∴AM＝2×＝（cm），
∵OA＝OC，且∠AOB＝∠BOC，
∴AM＝MC＝AC，
∴AC＝2AM＝2（cm）．
解法2：连接OC、OD，过O作OH⊥CD于H，如图所示，
则∠COD＝＝60°，
∴∠COH＝90°﹣60°＝30°，△OCD是等边三角形，
∴OC＝OD＝CD＝2cm，
∵OH⊥CD，
∴CH＝DH＝CD＝1（cm），OH＝CM＝（cm），
∴b＝2OH＝2（cm），
故答案为：2．
15．（4分）食品卫生部门从某区域3200户商家中随机抽选160家进行专项检查，发现2户存在过期食品仍然在售的情况，相关部门按要求处罚相应商家，并销毁过期商品．请你估计该区域有 40 户商家需要下架销毁过期商品．
【分析】设该区域有x户商家需要下架销毁过期商品，根据样本中存在销售过期食品商户的数量所占比例＝总体中存在销售过期食品商户的数量所占比例列出方程求解即可．
【解答】解：设该区域有x户商家需要下架销毁过期商品，
根据题意，得：＝，
解得x＝40，
所以该区域有40户商家需要下架销毁过期商品，
故答案为：40．
16．（4分）已知扇形的弧长为2πcm，半径为3cm，则该扇形的面积为 3π cm2．
【分析】扇形的面积＝弧长与半径积的一半，根据以上内容求出答案即可．
【解答】解：∵扇形的弧长为2πcm，半径为3cm，
∴扇形的面积是＝3π（cm2），
故答案为：3π．
17．（4分）如图，反比例函数y＝（k＞0）在第一象限的图象过点A（1，3），点B（点B在点A的右边），连接AB，AC与BC分别平行x轴、y轴，△ABC的面积为，则点C的坐标为 （4，3） ．
【分析】由点A（1，3）得k＝3，设点B（a，），结合△ABC的面积为列出方程，求出a，得到点C．
【解答】解：∵点A（1，3）在反比例函数图象上，
∴k＝1×3＝3，
∴反比例函数解析式为y＝，
设点B（a，），则AC＝a﹣1，BC＝3﹣，
∵S△ABC＝，
∴（a﹣1）（3﹣）＝，
解得：a＝4或a＝，
∵点B在点A的右边，
∴a＝4，
∴点C的坐标为（4，3），
故答案为：（4，3）．
18．（4分）如图，水平放置半径为6cm的球形容器中装有溶液，容器内液面的面积为20πcm2．如图所示，是该球体的一个最大截面，则该截面⊙O上到液面的距离为2cm的点共有 3 个．
【分析】连接OA,OB,过点O作OH⊥AB于H．利用勾股定理求出OH,即可判断．
【解答】解：连接OA,OB,过点O作OH⊥AB于H．
由题意π•AH2＝20π,
∴AH2＝20,
∴OH＝＝＝4,
∴弓形的高＝6﹣4＝2，
∴截面⊙O上到液面的距离为2cm的点共有3个（线段AB上方有两个，下方有一个），
故答案为：3．
三、解答题：本大题共7个小题，共90分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
19．（16分）（1）解方程：x（x﹣2）＝2x﹣2．
（2）如图，在平面直角坐标系中，△ABC的顶点均在格点上，将△ABC绕原点O逆时针方向旋转90°得到△A1B1C1．请作出△A1B1C1，写出各顶点的坐标，并计算线段B1B的长．
【分析】（1）整理为一般式，再利用公式法求解即可；
（2）将三个顶点分别绕点O逆时针旋转90°得到其对应点，再首尾顺次连接，最后根据勾股定理求解即可．
【解答】解：（1）整理，得：x2﹣4x+2＝0，
∵a＝1，b＝﹣4，c＝2，
∴△＝（﹣4）2﹣4×1×2＝8＞0，
则x＝＝2，
即x1＝2+，x2＝2﹣；
（2）如图所示，即为所求，
由图知A1（﹣1，1）、B1（﹣3，1）、C1（﹣3，3），
线段B1B的长为＝2．
20．（12分）亮亮刚进入初三学习感到紧张，计划元旦节到附近的几个景点旅游放松．现有四个景点供选择，其中两个景点以自然风光为主，另两个景点以人文景观为主．假设每个景点被选中的机会是等可能的．
（1）任选一个景点，求选中以人文景观为主的概率；
（2）任意选择三个景点制作一条旅游线路，求亮亮选择“自然风光→人文景观→自然风光”作为旅游线路的概率．
【分析】（1）直接由概率公式求解即可；
（2）画树状图，共有24个等可能的结果，亮亮选择“自然风光→人文景观→自然风光”作为旅游线路的结果有4个，再由概率公式求解即可．
【解答】解：（1）任选一个景点，选中以人文景观为主的概率为＝；
（2）把自然风光记为A，人文景观记为B，画树状图如图：
共有24个等可能的结果，亮亮选择“自然风光→人文景观→自然风光”作为旅游线路的结果有4个，
∴亮亮选择“自然风光→人文景观→自然风光”作为旅游线路的概率为＝．
21．（12分）已知关于x的一元二次方程x2﹣（2a+1）x+a2＝0有两个实数根x1，x2，且a+3b＝2．
（1）求b的最大值；
（2）若x12＝x22，求a的值．
【分析】（1）根据根的判别式得到Δ＝[﹣（2a+1）]2﹣4a2≥0，然后解不等式可得到a≥﹣，再根据a+3b＝2可得b的最大值；
（2）由x12＝x22可得到x1+x2＝0或x1﹣x2＝0，讨论：当x1+x2＝0，根据根与系数的关系得到2a+1＝0，解得a＝﹣，不满足（1）中a的取值范围，舍去；当x1﹣x2＝0，根据根的判别式得到Δ＝[﹣（2a+1）]2﹣4a2＝0，解得a＝﹣．
【解答】解：（1）根据题意得Δ＝[﹣（2a+1）]2﹣4a2≥0，
∴4a+1≥0，
∴a≥﹣，
∵a+3b＝2，
∴b＝（2﹣a）≤．
故b的最大值是；
（2）∵x12＝x22，
∴x1+x2＝0或x1﹣x2＝0，
当x1+x2＝0，则2a+1＝0，解得a＝﹣，不满足（1）中a的取值范围，舍去；
当x1﹣x2＝0，则Δ＝[﹣（2a+1）]2﹣4a2＝0，解得a＝﹣．
故a的值是﹣．
22．（12分）如图①是一条抛物线形状的拱桥，水面宽AB为6米，拱顶C离水面的距离为4米．
（1）建立恰当的坐标系，并求出抛物线的解析式；
（2）一艘货船的截面如图②所示，它是由一个正方形MNEF和一个梯形KLGH组成的轴对称图形，货船的宽度KH为5米，货物高度MN为3米．若船弦离水面的安全距离为0.25米，请问货船能否安全通过桥洞？说明理由．
【分析】（1）建立适当的平面直角坐标系，可得二次函数的解析式；
（2）假设点K点H刚刚与抛物线相交，求M点的纵坐标，如果点M到x轴的距离大于3.25就能通过否则就不能通过．
【解答】解：（1）以AB所在的直线为x轴，AB的中点为坐标原点，建立平面直角坐标系；
由题意可知：A（﹣3，0），C（0，4）；
设抛物线的关系式：y＝ax2+k，
．
∴k＝4，a＝﹣，
∴此抛物线解析式为：y＝﹣x2+4．
（2）货船是由一个正方形MNEF和一个梯形KLGH组成的轴对称图形，把它加入坐标轴中，
当点K、点H在抛物线上，此时H点（2.5，0.25），E（1.5，0.25），设F（1.5，m），
把x＝1.5，y＝m代入得m＝3，
∵3＜3.25，
∴此船不能通过．
23．（12分）如图，反比例函数y＝（k＞0，x＞0）的图象经过点C（3，2），点B是反比例函数图象上的一动点，过点B作y轴的平行线交直线OC于点D．
（1）当点B的横坐标是6时，求BD的长度；
（2）点A坐标是（0，），若以A，O，B，D四点为顶点的四边形构成平行四边形，求点B的坐标．
【分析】（1）根据待定系数法求得反比例函数和直线OC的解析式，即可求得B、D的坐标，进而求得BD；
（2）根据平行四边形的性质得到BD＝OA＝，设B的坐标为（a，），则D（a，a），从而得到|﹣a|＝，解得a＝1或9，即可求得B（1，6）或（9，）．
【解答】解：（1）∵反比例函数y＝（k＞0，x＞0）的图象经过点C（3，2），
∴k＝3×2＝6，
∴y＝，
∵点B的横坐标是6，
∴把x＝6代入求得y＝1，
∴B（6，1），
∵点C（3，2），
∴直线OC为y＝x，
把x＝6代入得y＝4，
∴D（6，4），
∴BD＝4﹣1＝3；
（2）∵点A坐标是（0，），若以A，O，B，D四点为顶点的四边形构成平行四边形，
∴BD＝OA＝，
设B的坐标为（a，），则D（a，a），
∴|﹣a|＝，
∴﹣a＝，解得a＝1或﹣9（舍去），
或﹣a＝﹣，解得a＝9或﹣1（舍去），
∴a＝1或9，
经检验是分式方程的解，
∴B（1，6）或（9，）．
24．（12分）如图，AB是⊙O的直径，点C在圆上，点N是△ABC的内心（角平分线的交点），CN的延长线交圆于点D，BN的延长线交圆于点F，EF∥AC，EF交BC的延长线于点E．
（1）证明：EF与⊙O相切；
（2）若EF＝2，EC＝1．
①求⊙O的半径；
②求CN•ND的值．
【分析】（1）连结OF，根据三角形内心的定义得到∠CBF＝∠ABF，即得＝，进而得出OF⊥AC，再根据EF∥AC，得到OF⊥EF，即可得解；
（2）①过点O作OG⊥BE交BC于点G，连结OC，根据题意得出EF⊥BE，则∠E＝∠EFO＝∠EGO＝90°，即可判定四边形OFEG是矩形，设⊙O的半径为r，则OF＝OC＝r，EG＝r，CG＝r﹣1，在Rt△OCG中，根据勾股定理即可求解；
②连结DF，根据同弧所对的圆周角相等即可证出△BCN∽DFN，得到＝，即CN•DN＝BN•FN，在①的基础上根据勾股定理得到BC＝3，BF＝2，AC＝4，过点N作MN⊥AB，NP⊥AC于点P，NQ⊥BC于点Q，则MN、PN、QN为△ABC内切圆的半径，四边形CPNQ是正方形，根据三角形面积公式求出MN＝1＝PN＝QN＝PC＝CQ，则BM＝BQ＝2，根据勾股定理即可求出BN，再求出FN，即可得解．
【解答】（1）证明：如图，连结OF，
∵点N是△ABC的内心，
∴∠CBF＝∠ABF，
∴＝，
∴OF⊥AC，
∵EF∥AC，
∴OF⊥EF，
∴EF与⊙O相切；
（2）解：①过点O作OG⊥BE交BC于点G，连结OC，
∵AB是⊙O的直径，
∴∠ACB＝90°，
即AC⊥BE，
∵EF∥AC，
∴EF⊥BE，
∴∠E＝90°，
∵OF⊥EF，OG⊥BE，
∴∠EFO＝∠EGO＝90°，
∴四边形OFEG是矩形，
∵EF＝2，EC＝1，
∴OG＝EF＝2，
设⊙O的半径为r，则OF＝OC＝r，
∴EG＝OF＝r，CG＝EG﹣EC＝r﹣1，
在Rt△OCG中，OG2+CG2＝OC2，
即22+（r﹣1）2＝r2，
∴r＝，
∴⊙O的半径是；
②如图，连结DF，
∵∠BCN＝∠DFN，∠CBN＝∠FND，
∴△BCN∽DFN，
∴＝，
∴CN•DN＝BN•FN，
由（2）①得，EF＝2，EG＝，CG＝﹣1＝，OG⊥BC，
∴CG＝GB，
∴BC＝2CG＝3，
∴BE＝EC+BC＝4，
在Rt△BEF中，BF＝＝＝2，
在Rt△ABC中，AC＝＝＝4，
如下图，过点N作MN⊥AB，NP⊥AC于点P，NQ⊥BC于点Q，
则MN、PN、QN为△ABC内切圆的半径，
∴四边形CPNQ是正方形，
∴S△ABC＝•AC•BC＝•（AC+BC+AB）•MN＝，
∴×4×3＝•（4+3+5）•MN，
∴MN＝1＝PN＝QN＝PC＝CQ，
∴BM＝BQ＝BC﹣CQ＝3﹣1＝2，
在Rt△BMN中，MN＝1，BM＝2，
∴BN＝＝，
∴FN＝BF﹣BN＝2﹣＝，
∴BN•FN＝•＝5，
∴CN•DN＝5．
25．（14分）如图，抛物线的开口向下，与x轴交于A，B两点（A在B左侧），与y轴交于点C．已知C（0，4），顶点D的横坐标为﹣，B（1，0）．对称轴与x轴交于点E，点P是对称轴上位于顶点下方的一个动点，将线段PA绕着点P顺时针方向旋转90°得到线段PM．
（1）求抛物线的解析式；
（2）当点M落在抛物线上时，求点M的坐标；
（3）连接BP并延长交抛物线于点Q，连接CQ．与对称轴交于点N．当△QPN的面积等于△QBC面积的一半时，求点Q的横坐标．
【分析】（1）由顶点D的横坐标为，可以设二次函数的顶点式y＝a，代入点B和C点坐标，得到一个关于a和c的方程组，求解方程组，即可解决；
（2）因为线段PA绕着点P顺时针方向旋转90°得到线段PM，所以PA＝PM，∠APM＝90°，过M作MF⊥PD于F，可以证明△APE≌△PMF，设出P点坐标，可以得到M点坐标，将M点坐标代入到抛物线解析式中，即可求出参数，求得M点坐标；
（3）设出点Q点坐标，由Q和B点坐标，利用待定系数法求出直线BQ的解析式，得到P点和直线BQ与y轴交点G的坐标，同理，得到CQ的解析式，求出N和C的坐标，用参数表示出线段PN的长度，求出△PNQ的面积表达式，同理，得到△QBC的面积表达式，利用△QPN的面积等于△QBC面积的一半，列出方程，即可求解．
【解答】解：（1）∵顶点D的横坐标为﹣，
∴设抛物线解析式为：，
代入点C和点B的坐标可得，
，
解得，
∴抛物线的解析式为：；
（2）∵抛物线的对称轴为直线x＝，与x轴的一个交点坐标B为（1，0），
∴抛物线与x轴的另一个交点A的坐标为（﹣4，0），且E的坐标为（，0），
∵线段PA绕着点P顺时针方向旋转90°得到线段PM，
∴PA＝PM，∠APM＝90°，
过M作MF⊥DE于F，如图1，
∴∠AEP＝∠PFM＝90°，
∴∠APE+∠MPF＝∠APE+∠PAE＝90°，
∴∠PAE＝∠MPF，
在△APE与PMF中，
，
∴△APE≌△PMF（AAS），
∴AE＝FP＝，PE＝MF，
设P（﹣，n），
则PE＝MF＝n，
∴，
∵点M落在抛物线上，
∴，
∴或，
∴M（1，0）或（﹣3，4）；
（3）∵＝﹣x2﹣3x+4，
∴可设Q（m，﹣m2﹣3m+4），
设直线BQ为：y＝k（x﹣1），
代入点Q得，k（m﹣1）＝﹣m2﹣3m+4，
∴k＝﹣m﹣4，
∴直线BQ为：y＝（﹣m﹣4）x+m+4，
同理，直线CQ为：y＝﹣（m+3）x+4，
令x＝﹣，则y＝（﹣m﹣4）x+m+4＝，
∴P（，），
同理，N（，），
∴PN＝﹣m﹣，
∴S△QPN＝＝，
设直线BQ与y轴交于G点，如图2，
令x＝0，则y＝（﹣m﹣4）x+m+4＝m+4，
∴G（0，m+4），
∴CG＝4﹣m﹣4＝﹣m，
∴S△BCQ＝S△BCG+S△QCG＝＝，
∴s△QPN＝，
∴，
∴，
∴Q点的横坐标为．