2020-2021年宁夏回族自治区银川市高二(上)期末考试数学(文)试卷人教A版
展开1. 已知命题p:∃x≥0,2x=5,则( )
A.¬p:∀x<0,2x≠5B.¬p:∀x≥0,2x≠5
C.¬p:∃x≥0,2x≠5D.¬p:∃x<0,2x≠5
2. 若双曲线C:x29−y2b2=1b>0的一条渐近线与x轴的夹角是π3,则C的虚轴长是( )
A.33B.63C.2D.233
3. 执行如图所示的程序框图,若输出的S=41,则判断框内应填入的条件是( )
A.k>5B.k>4C.k>6D.k>7
4. 已知双曲线E的中心为原点, F(3,0)是E的焦点,过F的直线l与E相交于A,B两点,且AB的中点为M(−2,5) ,则E的方程为( )
A.x24−y25=1B. x26−y23=1C. x25−y24=1 D. x23−y26=1
5. 已知fx=xlnx,若f′x0=0,则x0=( )
A.1eB.1C.eD.e2
6. 对四组数据进行统计,获得以下散点图,关于其相关系数的比较,正确的是( )
A.r2
7. 已知函数fx=1x2,则f′12=( )
A.−14B.−18C.−8D.−16
8. 设F1,F2为双曲线x29−y24=1的两个焦点,点P在双曲线上,且满足PF1⊥PF2,则△F1PF2的面积是( )
A.2B.213C.13D.4
9. 某团支部随机抽取甲乙两位同学连续9期“青年大学习”的成绩(单位:分),得到如图所示的成绩茎叶图,关于这9期的成绩,则下列说法正确的是( )
A.甲成绩的平均数高于乙成绩的平均数
B.乙成绩的极差为40
C.甲乙两人成绩的众数相等
D.甲成绩的中位数为32
10. 设x∈R,若“x>3”是“x>2m2−1”的充分不必要条件,则实数m的取值范围是( )
A.[−2, 2]B.(−1, 1)C.(−2,2)D.[−1,1]
11. 已知函数f(x)=xx2+a(a>0)在[1, +∞)上的最大值为33,则a的值为( )
A.3−1B.34C.43D.3+1
12. 若曲线fx=x3−alnx在点1,f1处的切线与直线x+y−3=0平行,则实数a=( )
A.−4B.−2C.2D.4
二、填空题
已知样本x1,x2,x3,⋯,xn方差s2=1,则样本2x1+1, 2x2+1, 2x3+1,⋯, 2xn+1的方差为________.
已知椭圆x2a2+y2b2=1a>b>0,左焦点F−c,0,右顶点Aa,0,上顶点B0,b,满足FB→⋅AB→=0,则椭圆的离心率为________.
若函数f(x)=(−x2−x+5)⋅ex在区间(a, a+2)上有极大值,则a的取值范围是________.
函数y=13x3+bx2+(b+2)x+3在R上不是单调递增函数,则b的范围是________.
三、解答题
已知椭圆C:x2a2+y2b2=1a>b>0的离心率为33,短轴一个端点到右焦点的距离为3.
(1)求椭圆C的方程;
(2)过椭圆的左焦点且斜率为1的直线l交椭圆于A,B两点,求|AB|.
已知抛物线C:y2=2pxp>0的准线方程为x=−1.
(1)求抛物线C的方程;
(2)设点P1,2关于原点O的对称点为点Q,过点Q作不经过点O的直线与C交于两点A,B,直线PA,PB分别交x轴于M,N两点,求|MF|⋅|NF|的值.
某食品厂为了检测某批袋装食品的质量,从该批食品中抽取了一个容量为100的样本,测量它们的质量(单位:克).根据数据分为[92,94),[94,96),[96,98),[98,100), [100,102),[102,104),[104,106]七组,其频率分布直方图如图所示.
(1)根据频率分布直方图,估计这批袋装食品质量的中位数;(保留一位小数)
(2)记产品质量在[98,102)内为优等品,每袋可获利5元;产品质量在[92,94)内为不合格品,每袋亏损2元;其余的为合格品,每袋可获利3元.若该批食品共有10000袋,以样本的频率代替总体在各组的频率,求该批袋装食品的总利润.
某品牌餐饮公司准备在10个规模相当的地区开设加盟店,为合理安排各地区加盟店的个数,先在其中5个地区试点;得到试点地区加盟店个数分别为
1,2,3,4,5时,单店日平均营业额y(万元)的数据如下:
(1)求单店日平均营业额y(万元)与所在地区加盟店个数x(个)的线性回归方程;
(2)根据试点调研结果,为保证规模和效益,在其他5个地区,该公司要求同一地区所有加盟店的日平均营业额预计值总和不低于35万元,求一个地区开设加盟店个数m的所有可能取值;
(3)小赵与小王都准备加入该公司的加盟店,根据公司规定,他们只能分别从其他五个地区(加盟店都不少于2个)中随机选一个地区加入,求他们选取的地区相同的概率.
(参考数据及公式:i=15xiyi=125,i=15xi2=55,线性回归方程y=bx+a,其中b=i=1nxiyi−nx¯y¯i=1nxi2−nx¯2,a=y¯−bx¯.)
已知函数fx=ex−ax2.
(1)设函数gx=f′x,讨论gx的单调性;
(2)当x∈1,+∞时,fx>e2恒成立,求a的取值范围.
已知函数fx=|x−2|+|x+3|,不等式fx≥aa∈R的解集为M.
(1)当a=6时,求集合M;
(2)若对任意x∈R,不等式fx≥a恒成立,求实数a的最大值.
参考答案与试题解析
2020-2021年宁夏回族自治区银川市高二(上)期末考试数学(文)试卷
一、选择题
1.
【答案】
B
【考点】
命题的否定
【解析】
利用特称命题的否定是全称命题写出结果即可.
【解答】
解:特称命题的否定是全称命题.
因为p:∃x≥0,2x=5,
所以¬p:∀x≥0,2x≠5.
故选B.
2.
【答案】
B
【考点】
双曲线的渐近线
【解析】
求出渐近线方程,得到斜率,然后求解b,即可得到结果.
【解答】
解:∵双曲线C:x29−y2b2=1b>0的一条渐近线方程为直线y=b3x,
且直线y=b3x的倾斜角为π3,
∴ b3=tanπ3=3,
解得b=33,
故双曲线C的虚轴长是2b=63.
故选B.
3.
【答案】
B
【考点】
程序框图
【解析】
分析程序中各变量、各语句的作用,再根据流程图所示的顺序,可知:该程序的作用是累加并输出S的值,条件框内的语句决定是否结束循环,模拟执行程序即可得到结果.
【解答】
解:程序在运行过程中各变量值变化如下:
第一次循环k=2,S=2,否;
第二次循环k=3,S=7,否;
第三次循环k=4,S=18,否;
第四次循环k=5,S=41,是.
故退出循环的条件应为k>4.
故选B.
4.
【答案】
B
【考点】
双曲线的标准方程
中点坐标公式
【解析】
本题主要考查了双曲线的方程,考查了学生的计算能力,培养了学生分析问题与解决问题的能力.
【解答】
解:设双曲线的标准方程为x2a2−y2b2=1(a>0,b>0).
由题意知c=3,
则a2+b2=c2=9.
设A(x1,y1),B(x2,y2),
则x12a2−y12b2=1,x22a2−y22b2=1,
两式作差得k=y1−y2x1−x2=b2a2⋅x1+x2y1+y2
=−2×2b25×2a2=−2b25a2,
因为AB经过F(3,0),M(−2,5)两点,
所以AB的斜率k=y1−y2x1−x2=5−0−2−3=−55,
所以−2b25a2=−55,即a2=2b2,
联立a2+b2=9,a2=2b2,
解得a2=6,b2=3,
所以双曲线E的方程为x26−y23=1.
故选B.
5.
【答案】
A
【考点】
导数的运算
对数及其运算
【解析】
求出导函数,然后得出lnx0=−1,再求出x0的值.
【解答】
解:由题意可知,f′(x)=lnx+1,
∴f′x0=lnx0+1=0,即lnx0=−1,
解得x0=1e.
故选A.
6.
【答案】
A
【考点】
相关系数
【解析】
根据题目给出的散点图,先判断是正相关还是负相关,然后根据点的集中程度分析相关系数的大小.
【解答】
解:由给出的四组数据的散点图可以看出,
图1和图3是正相关,相关系数大于0,
图2和图4是负相关,相关系数小于0,
图1和图2的点相对更加集中,所以相关性要强,所以r1接近于1,r2接近于−1,
由此可得r2
7.
【答案】
D
【考点】
导数的运算
【解析】
根据函数的导数公式进行求解即可.
【解答】
解:函数的导数f′(x)=−2x−3,
则f′12=−2×12−3=−16.
故选D.
8.
【答案】
D
【考点】
双曲线的特性
双曲线的定义
【解析】
根据所给的双曲线的方程,写出双曲线的实轴长和焦距,设PF1=m,PF2=n,根据双曲线的定义和勾股定理求得mn,由三角形的面积公式S=12mn,求得△F1PF2的面积.
【解答】
解:∵ 双曲线x29−y24=1,
∴ a=3,b=2,c=a2+b2=13.
设PF1=m,PF2=n,
由双曲线的定义可知:|m−n|=2a=6①,
∵ PF1⊥PF2,
∴m2+n2=(2c)2=52②,
由①②得mn=8,
∴ △F1PF2的面积为S=12mn=4.
故选D.
9.
【答案】
D
【考点】
茎叶图
众数、中位数、平均数
极差、方差与标准差
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解:根据茎叶图中数据知,
A,因为甲成绩的平均数为:
19×(11+22+23+24+32+32+33+41+52)=30;
乙成绩的平均数为:
19×(10+22+31+32+35+42+42+50+52)=3169,
所以乙成绩的平均数高于甲成绩的平均数,故A错误;
B,乙成绩的极差为52−10=42,故B错误;
C,甲成绩的众数是32,乙成绩的众数是42,两人的众数不相等,故C错误;
D,甲成绩的中位数是32,故D正确.
故选D.
10.
【答案】
C
【考点】
充分条件、必要条件、充要条件
根据充分必要条件求参数取值问题
【解析】
x>3”是“x>2m2−1”的充分不必要条件,可得3≥2m2−1,解得m范围.
【解答】
解:因为“x>3”是“x>2m2−1”的充分不必要条件,
所以3>2m2−1,
解得−2
11.
【答案】
A
【考点】
利用导数研究函数的最值
【解析】
对函数f(x)=xx2+a(a>0)进行求导,讨论a研究函数在[1, +∞)上的单调性,而求出最大值,即可得到a的值.
【解答】
解:f(x)的导数为f′(x)=a−x2(a+x2)2,
当a>1时,x>a时,f′(x)<0,f(x)单调递减,
当1
当x=a时,f(x)取得最大值a2a=33,
解得a=34<1,不合题意;
当a=1时,f(x)在[1, +∞)上单调递减,f(1)最大,且为12,不成立;
当0即f(1)=11+a=33,解得a=3−1.
故选A.
12.
【答案】
D
【考点】
利用导数研究曲线上某点切线方程
【解析】
通过导函数求得f′1=3−a,从而知道切线斜率,建立方程即可得到答案.
【解答】
解:因为fx=x3−alnx,
所以f′x=3x2−ax,
所以f′1=3−a.
又曲线在点1,f1处的切线与直线x+y−3=0平行,
所以f′1=3−a=−1 ,
解得a=4.
故选D.
二、填空题
【答案】
4
【考点】
极差、方差与标准差
【解析】
由方差的性质得样本2x1+1, 2x2+1, 2x3+1,…, 2xn+1的方差为4s2,由此能求出结果.
【解答】
解:∵ 样本x1,x2,x3, ⋯xn方差s2=1,
∴ 样本2x1+1, 2x2+1, 2x3+1,⋯, 2xn+1的方差为:4s2=4.
故答案为:4.
【答案】
5−12
【考点】
椭圆的离心率
平面向量数量积的运算
椭圆的标准方程
【解析】
根据已知点求出向量,然后根据向量运算以及a,b,c的的关系式即可求解.
【解答】
解:由已知可得FB→=c,b, AB→=−a,b,
所以FB→⋅AB→=−ac+b2=0.
又因为a2=b2+c2,
所以a2−ac−c2=0,
等式两边同时除以a2可得−e2−e+1=0,
解得e=5−12或e=−1+52(舍去),
所以e=5−12.
故答案为:5−12.
【答案】
(−1, 1)
【考点】
利用导数研究函数的极值
已知函数极最值求参数问题
【解析】
先求导得f′(x),分析f′(x)正负,f(x)单调性,得当x=1时,f(x)极大值=f(1),若f(x)在区间(a, a+2)上有极大值,则a<1且a+2>1,进而解得a的取值范围.
【解答】
解:因为f′(x)=(−2x−1)ex+(−x2−x+5)ex
=(−x2−3x+4)ex
=−(x+4)(x−1)ex,
所以在区间(−∞, −4),(1, +∞),f′(x)<0,即f(x)单调递减,
在区间(−4, 1),f′(x)>0,f(x)单调递增,
所以当x=−4时,f(x)极小值=f(−4),
当x=1时,f(x)极大值=f(1),
若f(x)在区间(a, a+2)上有极大值,
则a<1且a+2>1,解得−1即a的取值范围为(−1, 1).
故答案为:(−1, 1).
【答案】
(−∞, −1)∪(2, +∞)
【考点】
利用导数研究函数的单调性
【解析】
根据题意,对y=13x3+bx2+(b+2)x+3求导可得,y′=x2+2bx+b+2,结合二次函数的性质分析可得若y=13x3+bx2+(b+2)x+3在R上不是单调函数,则其导函数y′=x2+2bx+b+2的最小值必须小于0,即△=(2b)2−4(b+2)>0,解可得答案.
【解答】
解:令f(x)=13x3+bx2+(b+2)x+3,
则f′(x)=x2+2bx+b+2,
该二次函数开口向上,
若f(x)=13x3+bx2+(b+2)x+3在R上不是单调递增函数,
则f′(x)=x2+2bx+b+2的最小值必小于0,
即Δ=(2b)2−4(b+2)>0,
解得,b<−1或b>2,
即b的取值范围是(−∞, −1)∪(2, +∞).
故答案为:(−∞, −1)∪(2, +∞).
三、解答题
【答案】
解:1由题意得e=ca=33 ,即a=3c,
因为短轴一个端点到右焦点的距离为3,
所以b2+c2=32=3.
因为a2=b2+c2,
所以a2=3,b2=2,
所以椭圆的方程为x23+y22=1.
2由1得左焦点为−1,0,直线l的方程:y=x+1,
设Ax,y,Bx′,y′,
联立x23+y22=1,y=x+1,
整理得5x2+6x−3=0,
所以x+x′=−65,xx′=−35,
则|AB|=1+k2x+x′2−4xx′
=1+1(−65)2−4×(−35)=835.
【考点】
椭圆的标准方程
椭圆的离心率
与椭圆有关的中点弦及弦长问题
【解析】
1直接利用离心率,距离构造等量关系,解出即可;
2首先联立方程,构造韦达定理,再由弦长公式即可求出.
【解答】
解:1由题意得e=ca=33 ,即a=3c,
因为短轴一个端点到右焦点的距离为3,
所以b2+c2=32=3.
因为a2=b2+c2,
所以a2=3,b2=2,
所以椭圆的方程为x23+y22=1.
2由1得左焦点为−1,0,直线l的方程:y=x+1,
设Ax,y,Bx′,y′,
联立x23+y22=1,y=x+1,
整理得5x2+6x−3=0,
所以x+x′=−65,xx′=−35,
则|AB|=1+k2x+x′2−4xx′
=1+1(−65)2−4×(−35)=835.
【答案】
解:1由已知得−p2=−1,
解得p=2,
所以抛物线C的方程为y2=4x.
2设点Ax1,y1,Bx2,y2,由题意得Q−1,−2,如图,
由题意知直线AB的斜率存在且不为0,
设直线AB的方程为y=kx+1−2k≠0
由y2=4x,y=kx+1−2,
整理得ky2−4y+4k−8=0,
则y1+y2=4k,y1y2=4−8k,
因为点A,B在抛物线C上,
所以y12=4x1,y22=4x2,
所以kPA=y1−2x1−1=y1−2y124−1=4y1+2,
kPB=y2−2x2−1=4y2+2.
因为PF⊥x轴,
所以|MF|⋅|NF|=|PF|kPA⋅|PF|kPB
=4kPA⋅kPB
=y1+2y2+24
=y1y2+2y1+y2+44
=4−8k+2×4k+44
=2,
所以|MF|⋅|NF|的值为2.
【考点】
抛物线的标准方程
圆锥曲线中的定点与定值问题
【解析】
1直接由准线方程,得到关系式,即可解出;
2直接表示出直线,联立椭圆,得到韦达定理,再根据题目的关系,直接计算即可.
【解答】
解:1由已知得−p2=−1,
解得p=2,
所以抛物线C的方程为y2=4x.
2设点Ax1,y1,Bx2,y2,由题意得Q−1,−2,如图,
由题意知直线AB的斜率存在且不为0,
设直线AB的方程为y=kx+1−2k≠0
由y2=4x,y=kx+1−2,
整理得ky2−4y+4k−8=0,
则y1+y2=4k,y1y2=4−8k,
因为点A,B在抛物线C上,
所以y12=4x1,y22=4x2,
所以kPA=y1−2x1−1=y1−2y124−1=4y1+2,
kPB=y2−2x2−1=4y2+2.
因为PF⊥x轴,
所以|MF|⋅|NF|=|PF|kPA⋅|PF|kPB
=4kPA⋅kPB
=y1+2y2+24
=y1y2+2y1+y2+44
=4−8k+2×4k+44
=2,
所以|MF|⋅|NF|的值为2.
【答案】
解:1因为0.02+0.04+0.12×2=0.36<0.5,
0.36+0.09×2=0.54>0.5,
所以样本质量的中位数在[98,100)内,
设样本质量的中位数为m,
则m−982×0.09×2+0.36=0.5,
解得m=99.6,
故这批袋装食品质量的中位数为99.6.
2由题意可得,这批食品中优等品有
10000×0.09+0.10×2=3800(袋),
这批食品中不合格品有10000×0.02×2=400(袋),
这批食品中合格品有10000−3800−400=5800(袋),
故该批袋装食品的总利润为
3800×5+5800×3−400×2=35600(元).
【考点】
频率分布直方图
众数、中位数、平均数
用样本的频率分布估计总体分布
【解析】
1根据频率分布直方图中的中位数在长方形面积为0.5的地方取得得解.
2求出批食品中优等品、不合格品、合格品的袋数得总利润.
【解答】
解:1因为0.02+0.04+0.12×2=0.36<0.5,
0.36+0.09×2=0.54>0.5,
所以样本质量的中位数在[98,100)内,
设样本质量的中位数为m,
则m−982×0.09×2+0.36=0.5,
解得m=99.6,
故这批袋装食品质量的中位数为99.6.
2由题意可得,这批食品中优等品有
10000×0.09+0.10×2=3800(袋),
这批食品中不合格品有10000×0.02×2=400(袋),
这批食品中合格品有10000−3800−400=5800(袋),
故该批袋装食品的总利润为
3800×5+5800×3−400×2=35600(元).
【答案】
解:(1)由题可得,x¯=3,y¯=9,
设所求线性回归方程为y=bx+a,
则b=i=15xiyi−5xy¯i=15xi2−5x¯2=125−13555−45=−1,
将x¯=3,y¯=9代入,得a=12,
所以所求线性回归方程为 y=−x+12.
(2)根据题意, m(12−m)≥35 ,
解得:5≤m≤7,
又m∈Z+,
所以m的所有可能取值为5,6,7.
(3)设其他5个地区分别为A,B,C,D,E,他们选择结果共有25种,具体如下:
AA, AB, AC, AD, AE,
BA, BB,BC,BD,BE,
CA,CB, CC,CD,CE,
DA,DB, DC,DD,DE,
EA,EB, EC, ED, EE,
其中他们在同一地区的有5种,
所以他们选取的地区相同的概率P=525=15.
【考点】
求解线性回归方程
最小二乘法
一元二次不等式的解法
列举法计算基本事件数及事件发生的概率
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解:(1)由题可得,x¯=3,y¯=9,
设所求线性回归方程为y=bx+a,
则b=i=15xiyi−5xy¯i=15xi2−5x¯2=125−13555−45=−1,
将x¯=3,y¯=9代入,得a=12,
所以所求线性回归方程为 y=−x+12.
(2)根据题意, m(12−m)≥35 ,
解得:5≤m≤7,
又m∈Z+,
所以m的所有可能取值为5,6,7.
(3)设其他5个地区分别为A,B,C,D,E,他们选择结果共有25种,具体如下:
AA, AB, AC, AD, AE,
BA, BB,BC,BD,BE,
CA,CB, CC,CD,CE,
DA,DB, DC,DD,DE,
EA,EB, EC, ED, EE,
其中他们在同一地区的有5种,
所以他们选取的地区相同的概率P=525=15.
【答案】
解:(1)g(x)=f′x=ex−2ax,
令g′(x)=ex−2a=0,解得x=ln2a,
当a≤0时,gx在R上单调递增;
当a>0时,gx在−∞,ln2a上单调递减,在(ln2a,+∞)上单调递增.
(2)f′x=ex−2ax=2xex2x−a,x∈1,+∞.
令f′(x)=0,得a=ex2x,
设ℎ(x)=ex2x,则ℎ′(x)=(x−1)ex2x2.
当x>1时,ℎ′x>0,ℎx在1,+∞上单调递增,所以ℎx的值域是e2,+∞;
当a≤e2时,f′x=0没有实根,f′x>0,fx在1,+∞上单调递增,
所以 fx>f1=e−a≥e2,符合题意.
当a>e2时,ℎ1=e2所以ℎx=a有唯一实根x0x0>1,即f′x=0有唯一实根x0,
当x∈(1,x0)时,f′x<0,fx在1,x0上单调递减,
所以fx
【考点】
利用导数研究函数的单调性
利用导数研究不等式恒成立问题
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解:(1)g(x)=f′x=ex−2ax,
令g′(x)=ex−2a=0,解得x=ln2a,
当a≤0时,gx在R上单调递增;
当a>0时,gx在−∞,ln2a上单调递减,在(ln2a,+∞)上单调递增.
(2)f′x=ex−2ax=2xex2x−a,x∈1,+∞.
令f′(x)=0,得a=ex2x,
设ℎ(x)=ex2x,则ℎ′(x)=(x−1)ex2x2.
当x>1时,ℎ′x>0,ℎx在1,+∞上单调递增,所以ℎx的值域是e2,+∞;
当a≤e2时,f′x=0没有实根,f′x>0,fx在1,+∞上单调递增,
所以 fx>f1=e−a≥e2,符合题意.
当a>e2时,ℎ1=e2所以ℎx=a有唯一实根x0x0>1,即f′x=0有唯一实根x0,
当x∈(1,x0)时,f′x<0,fx在1,x0上单调递减,
所以fx
【答案】
解:(1)fx=|x−2|+|x+3|=−2x−1(x<−3),5(−3≤x<2),2x+1(x≥2),
当x<−3时,不等式可化为−2x−1≥6,解得x≤−72;
当−3≤x<2时,不等式可化为5≥6,无解;
当x≥2时,不等式可化为2x+1≥6,解得x≥52.
综上所述,不等式的解为x≤−72或x≥52,
即集合M={x|x≤−72或x≥52}.
(2)由绝对值三角不等式可得
fx=|x−2|+|x+3|=|2−x|+|x+3|
≥|2−x+x+3|=5,
当且仅当−3≤x≤2时,等号成立,
为使不等式fx≥a恒成立,只需a≤5,
故实数a的最大值为5.
【考点】
绝对值不等式的解法与证明
不等式恒成立问题
绝对值三角不等式
【解析】
(1)通过讨论x的范围,求出不等式的解集;
(2)根据绝对值三角不等式可得f(x)+f(x+2)≥4,从而求出m的范围即可.
【解答】
解:(1)fx=|x−2|+|x+3|=−2x−1(x<−3),5(−3≤x<2),2x+1(x≥2),
当x<−3时,不等式可化为−2x−1≥6,解得x≤−72;
当−3≤x<2时,不等式可化为5≥6,无解;
当x≥2时,不等式可化为2x+1≥6,解得x≥52.
综上所述,不等式的解为x≤−72或x≥52,
即集合M={x|x≤−72或x≥52}.
(2)由绝对值三角不等式可得
fx=|x−2|+|x+3|=|2−x|+|x+3|
≥|2−x+x+3|=5,
当且仅当−3≤x≤2时,等号成立,
为使不等式fx≥a恒成立,只需a≤5,
故实数a的最大值为5.
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