2021届浙江省宁波市高三下学期物理高考选考适应性考试（二模）试卷含答案

这是一份2021届浙江省宁波市高三下学期物理高考选考适应性考试（二模）试卷含答案，共18页。试卷主要包含了单项选择题，多项选择题，实验题，解答题等内容，欢迎下载使用。
 物理高考选考适应性考试〔二模〕试卷
一、单项选择题
1.一些重大物理现象和物理理论的发现常常同根本物理常量的发现和准确测定密切相关，在国际单位制中，以下物理常量的单位正确的选项是〔   〕
A.万有引力常量G     N·m/kg
B.静电力常量k  
C.普朗克常量h     J·s
D.电子的比荷    F/kg
2.2021年3月的两会上，“5G+北斗〞成为社会各界高度关注的热词，其将成为智能时代最重要的根底设施之一。5G网络使用的无线电波通信频率是3.0GHz以上的超高频段和极高频段，比目前通信频率在 间的特高频段的4G网络拥有更大的带宽和更快的传输速率，5G网络的传输速率是4G网络的50~100倍。关于5G网络使用的无线电波，以下说法正确的选项是〔   〕




3.中国自主研发的万米载人潜水器“奋斗者〞号，于2021年11月10日8时12分在马里亚纳海沟深度10909m处成功坐底，并停留6h进行了一系列的深海探测科考活动。以下关于潜水器说法正确的选项是〔　　〕


C. “8时12分〞指的是时间间隔                              D. 采集海底矿物时，不能视为质点
4.如下列图，水平桌面上放一张轻薄的复合板，复合板与桌面之间铺几支玻璃管，复合板上放一辆较重的电动遥控小车，小车质量大于复合板的质量。当启动遥控小车的前进挡后〔   〕





5.在我们的日常生活中会发生很多静电现象。有一次，小明的手指靠近金属门把手时，如下列图，突然有一种被电击的感觉。这是因为运动摩擦使身体带电，当手指靠近门把手时，二者之间产生了放电现象。手指带负电，关于放电前手指靠近金属门把手的过程中，以下说法正确的选项是〔   〕





6.如下列图是某科技小组制作的投石机的模型。轻杆 可绕固定转轴 在竖直面内自由转动，A端凹槽内放置一小石块，B端固定配重。某次试验中，调整杆与竖直方向的夹角为 后，由静止释放，杆在配重重力作用下转到竖直方向时，石块被水平抛出，打到正前方靶心上方6环处，不计所有阻力。假设要正中靶心，可以采取的措施有〔   〕


B.增大 角


7.如下列图，“天问一号〞是中国自主设计的火星探测器，已于2021年2月抵达火星轨道。5月择机实施降轨，软着陆火星外表。火星直径约为地球直径的53%，火星质量约为地球质量的11%，以下说法正确的选项是〔   〕




D.探测器实施降轨需经过屡次加速，才能降落火星外表
8.如图甲所示是磁电式电流表的结构，蹄形磁铁和铁芯间的磁场均匀辐向分布，线圈匝数为n，面积为S，线圈a、b两边导线长均为l，所在处的磁感应强度大小均为B，当线圈中通电流I时，a、b边所受安培力F方向加图乙所示。那么〔   〕


B.穿过线圈的磁通量为
C.转动过程中安培力F大小总为

9.以下说法正确的选项是〔   〕
A.弱相互作用是引起原子核 衰变的原因

C.将放射性元素掺杂到其他稳定元素中，该元素的半衰期将增大
D.J.J.汤姆孙用 粒子轰击氮原子核，第一次实现了原子核的人工转变
10.2021年12月17日凌晨1时59分，嫦娥五号月球采样返回器成功着陆于内蒙古四子王旗主着陆场，我国首次月球无人采样返回任务圆满完成。本次返回采用“半弹道跳跃式〞再入返回技术，形象地说就是以“打水漂〞方式两度进入大气层，其运动轨迹的示意图如下列图。以下说法正确的选项是〔   〕





11.如下列图是宁波东部新城中央广场喷泉喷出水柱的场景。喷泉喷出的水柱最大高度到达了20层楼的高度；喷管的直径约为10cm。请你据此估计用于给该喷管喷水的电动机输出功率约为〔水的密度为 〕〔   〕





12.手持软长绳的一端O点，在竖直平面内连续向上、向下抖动软绳〔可视为简谐运动〕，带动绳上的其他质点振动形成沿绳水平传播的简谐波，P、Q为绳上的两点。 时O点由平衡位置开始振动，至 时刻恰好完成 次全振动，绳上 间形成如下列图的波形〔Q点之后未画出〕，那么〔   〕

A.时刻之前Q点始终静止
B.时刻P点刚好完成一次全振动
C.时O点运动方向向上
D.假设手上下振动加快，该波的波长将变大
13.弗兰克-赫兹实验是研究汞原子能量是否具有量子化特点的重要实验。实验原理如图甲所示，灯丝K发射出初速度不计的电子，K与栅极G间的电场使电子加速，G、A间加有电压为0.5V的反向电场，使电子减速，电流表的示数大小间接反映了单位时间内能到达A极电子的多少。在原来真空的容器中充稀薄汞蒸气后，发现K、G间电压U每升高4.9V时，电流表的示数I就会显著下降，如图乙所示。科学家猜测电流的变化与电子和汞原子的碰撞有关，玻尔进一步指出该现象应从汞原子能量量子化的角度去解释。依据本实验结果以下判断合理的是〔   〕



C.K、G间电子的动能越大，越容易使汞原子发生跃迁
D.K、G间电压越大，单位时间内到达A极的电子数越多
二、多项选择题
14.中国古人对许多自然现象有深刻认识，唐人张志和在?玄真子·涛之灵?中写道：“雨色映日而为虹〞。从物理学角度看，虹是太阳光经过雨滴的两次折射和一次反射形成的。如图是彩虹成因的简化示意图，其中a、b是两种不同频率的单色光，那么a、b两光〔   〕

A.进入雨滴后，a光传播速度一定大于b光
B.照射同一光电管，a光产生的光电子的最大初动能一定大于b光产生的
C.用同一双缝干预实验装置进行实验，a光的干预条纹间距大于b光的
D.以相同的入射角从水中射入空气，只有一种色光能射入空气，一定是b光
15.把一个筛子用四根弹簧支撑起来，筛子上装一个电动偏心轮，它每转一周，给筛子一个驱动力，这就做成了一个共振筛，如图甲所示。该共振筛的共振曲线如图乙所示。增大电压，可使偏心轮转速提高，增加筛子质量，可增大筛子的固有周期。现在，在某电压下偏心轮的转速是54r/min，以下说法正确的选项是〔   〕


B.减小筛子质量，筛子的振幅一定增大
C.转速调至48r/min时，筛子出现共振状态
D.增大电压，筛子振幅会先增后减
16.如下列图，线圈L的自感系数为0.1H，电容器C的电容为 ，电阻R的阻值为3Ω，电源电动势为1.5V，内阻不计。闭合开关S，待电路到达稳定状态后断开开关S， 电路中将产生电磁振荡。假设断开开关S的时刻为 ，忽略线圈L直流电阻和振荡过程中的能量损耗，那么〔   〕

A.
B.时，线圈L的自感电动势为0
C.时，通过线圈电流方向

三、实验题
17.     
〔1〕“探究求合力的方法〞实验中，在使用弹簧测力计之前，需要将两个已调零的弹簧测力计A、B互相校准，如图1所示两种方案中，______。





〔2〕如图2所示，装置甲用来“探究小车速度随时间变化的规律〞；装置乙用来“探究功与速度变化关系〞。
①用甲、乙两装置进行对应实验时，只需选用其中一条纸带即可完成实验数据测量的是________〔填“甲〞、“乙〞〕装置。
②用甲、乙两装置进行对应实验时，牵引小车的细线、橡皮筋都必须与木板平行。这样做可以________〔多项选择〕。
A．使小车运动时所受摩擦力大小恒定   B．使打点计时器在纸带上打出的点迹清晰
C．保证小车做匀变速直线运动       D．使小车所受的拉力方向恒定
③某同学对装置甲进行了改进，改为“探究加速度与力、质量的关系〞的实验装置，实验时某一条纸带照片如图3所示，该纸带的左端与小车连接，选取计数点并准确测得各计数点的间的距离如图4所示，那么根据该打纸带可以分析出其存在的问题________。

A．未平衡摩擦力
B．实验时没有先接通电源后释放小车
C．实验时没有在靠近打点计时器位置处释放小车
D．实验时没有满足悬挂的重物质量远小于小车质量的要求
E.所悬挂的重物距离地面太近，导致小车运动的后阶段重物已落地
18.              
〔1〕小明想要用实验室中的器材描绘小电动机〔电路符号M〕的伏安特性曲线，所用的器材有：
A．小电动机M〔额定电压3V〕    B．干电池2节〔每节电动势1.5V，内阻未知〕
C．滑动变阻器〔总阻值5Ω〕       D．电压表〔量程3V，内阻约1000Ω〕

①小明将上述器材连接成如图1所示的实物接线图。请答题纸上画出小明的实验电路图________。

②小明正确操作后，用所测的数据，在图2所示的 图中标记了数据点，请答题纸上描绘出该小电动机0~0.50V间的伏安特性曲线________。

③电动机转动时，小明触摸电动机，电动机没有明显发热。实验测得当电压表示数为2.00V时，电流表的示数为0.15A，那么此时电动机的机械功率为________W。〔保存2位有效数字〕
〔2〕“用双缝干预测量光的波长〞实验中，甲、乙两同学通过目镜，分别看到图3所示的甲、乙两种情形。由于条纹清晰，他们就没有再进一步进行调节，而是直接进行测量，并根据公式算出波长。那么以下说法正确的选项是______




四、解答题
19.如下列图，宁波某乐园2021年春节表演烟花秀，很多烟花炸开后，形成漂亮的礼花，一边扩大，一边下落。假设某种型号的礼花弹在地面上从专用炮筒中沿竖直方向射出，到达最高点时炸开。礼花弹从炮筒射出的速度为 ，假设整个过程中礼花弹、弹片所受的空气阻力大小始终是重力的k倍 ，忽略炮筒的高度，重力加速度为g。

〔1〕求礼花弹射出后，上升的最大高度h；
〔2〕礼花弹炸开后的这些弹片中，最小加速度为多少?
〔3〕礼花弹在最高点炸开后，其中有一弹片速度大小也恰好为 ，方向竖直向上，求此弹片炸开后在空中的运动时间。
20.如下列图是一弹射游戏装置，由安装在水平台面上的固定弹射器、竖直圆轨道〔在最低点A、C分别与水平轨道 和 相连〕、倾斜长轨道 组成。游戏时滑块从 点弹出后，经过圆轨道并滑上倾斜长轨道 ，假设滑块从长轨道 滑下那么反向进入圆轨道，从圆轨道滑出，进入 轨道并压缩弹射器的弹簧，随后能再次弹出〔无能量损失〕算游戏成功。圆轨道半径为R，轨道 的倾角 ，滑块质量为m，滑块与轨道 之间的动摩擦因数 ，其余都光滑，各轨道之间平滑连接；滑块可视为质点，弹射时从静止释放且弹簧的弹性势能完全转化为滑块动能，忽略空气阻力， ， ，重力加速度为g。

〔1〕假设滑块第一次进入圆轨道，恰好能过最高点B，求滑块能滑上斜轨道的最大距离；
〔2〕假设某次游戏弹射释放的弹性势能为 ，求滑块在斜轨道上通过的总路程；
〔3〕要使游戏成功〔即滑块能返回弹射器、且只能返回一次〕，并要求滑块始终不脱离轨道，求弹射时弹性势能可能的范围。
21.如下列图，水平面上固定两条光滑金属轨道，两导轨 、 关于x轴对称放置且与x轴夹角均为 ，在x轴上P点接触良好；长为 的金属杆 置于y轴上时，杆两端点 恰好与导轨和y轴的两交点重合。整个装置处于竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度大小为 。现给杆的中点施加外力，使杆以速度 沿x轴正方向匀速运动，运动过程中杆始终与y轴平行。导轨和杆单位长度电阻均为 ，杆与导轨始终接触良好，接触电阻不计， 。〔提示：可以用 图象下的“面积〞代表力F所做的功〕求：

〔1〕杆在 位置时，杆上通过的电流大小；
〔2〕杆从 位置运动到P位置过程中，杆两端点 间的电势差 与杆所在处的横坐标x的关系式；
〔3〕杆从 位置运动到P位置，杆产生的焦耳热Q。
22.如下列图，平行于直角坐标系y轴的 是用特殊材料制成的，只能让垂直打到 界面上的电子通过，且通过时并不影响电子的速度。其左侧有一直角三角形区域，分布着方向垂直纸面向里、磁感应强度为B的匀强磁场，其右侧有竖直向上场强为E的匀强电场。现有速率不同的电子在纸面上从坐标原点 沿不同方向射到三角形区域，不考虑电子间的相互作用。电子的电量为e，质量为m，在 中， ， ，D为x轴上的一个点，且 。求：

〔1〕当速度方向沿y轴正方向时，能从 边出磁场的电子所具有的最大速度是多少；
〔2〕能通过 界面的电子所具有的最大速度是多少；
〔3〕在 右侧x轴上什么范围内能接收到电子；
〔4〕现把 右侧电场撤去，增加一垂直纸面向里、磁感应强度为 的矩形匀强磁场，使通过 界面的电子会聚于D点，求该矩形磁场的最小面积。

答案解析局部
一、单项选择题
1.【解析】【解答】A.万有引力常量G的单位是N·m2/kg2 ， A不符合题意；
B.静电力常量k的单位是N·m2/C2 ， B不符合题意；
C.普朗克常量h的单位是J·s，C符合题意；
D.电子的比荷 的单位是C/kg，D不符合题意。
故答案为：C。

【分析】利用万有引力定律可以导出引力常量的单位；利用库仑定律可以导出静电常量的单位；利用能量子方程可以导出普朗克常量的单位；利用电荷量的大小和质量的单位可以求出比荷的单位。
2.【解析】【解答】A．5G网络使用的无线电波通信频率高于4G网络使用的，根据波长与频率关系式有
5G网络使用的无线电波通信波长小于4G网络使用的，其衍射本领变弱。A不符合题意；
B．电磁波在真空中的传播速度与光速相同，保持不变，其速度与频率无关。B不符合题意；
C．两者频率不同，不能发生干预。C不符合题意；
D．无线电波频率越高，周期越小，相同时间内可承载的信息量越大。D符合题意。
故答案为：D。

【分析】由于5G信号的频率比较高所以波长比较小衍射本领比较弱；电磁波在真空中传播速度相等；两种电磁波频率不相等不能发生干预；当频率越高周期越小所以相同时间内可以承载的信息量比较大。
3.【解析】【解答】A．下潜时经过的路程为潜水器运动轨迹的长度，不一定为10909m。A不符合题意；
B．下潜的深度，不代表位移，故无法求出下潜的平均速度。B不符合题意；
C．“8时12分〞在时间轴上对应的是一个点，指的是时刻。C不符合题意；
D．采集海底矿物时，需要调整潜水器的各局部的动作或位置，故不能视为质点。D符合题意。
故答案为：D。

【分析】路程是物体实际运动轨迹的长度，不一定等于深度。位移是物体初始位置到末位置的有向线段，不一定等于深度，故无法计算平均速度。“8时12分〞在时间轴上对应的是一个点。采集海底矿物时，潜水器的各局部需要分别工作，不能看成点。
4.【解析】【解答】AB．小车在牵引力作用下，相对复合板向前运动，由于小车的质量大于复合板的质量，所以小车受到向左的摩擦力作用，向左运动不会相对地面静止。A不符合题意；B符合题意；
C．根据牛顿第三定律，复合板受到向右的摩擦力将向右运动。C不符合题意；
D．根据冲量的定义式，有
可知，小车对复合板的冲量等于复合板对小车的冲量，D不符合题意。
故答案为：B。

【分析】由于小车向前运动时受到了向左摩擦力的作用；利用牛顿第三定律可以判别复合板受到向右的摩擦力作用，所以复合板向右运动；利用动量定理可以判别小车对复合板的冲量等于复合板对小车冲量的大小。
5.【解析】【解答】放电前手指靠近金属门把手的过程中，门把手在手的影响下，发生静电感应，在其右端感应出正电荷，左端感应出负电荷。本身是处于静电平衡状态，内部场强为零，两端电势相等，门把手与手之间看成一个电容器，可知当两者距离减小时，根据公式
联立，可得
可知，门把手与手指之间场强逐渐增大。
故答案为：B。

【分析】放电前 靠近门把手的时间，其门把手发生静电感应所以内部场强处处等于0，且两端电势相等；利用电容器的定义式及决定式可以判别手指与门把手之间电场强度的大小变化。
6.【解析】【解答】A．设石块和配重的质量分别为m1、m2 ， 石块和配重到转轴的距离分别为l1、l2 ， 石块被抛出时的速度大小为v1 ， 那么此时配重的速度大小为 ①
根据机械能守恒定律有 ②
由②式可知，假设增大m1 ， 那么v1将减小，又因为石块抛出点到靶心的水平距离不变，所以石块击中靶前做平抛运动的时间将增大，此措施可行，A符合题意；
B．根据杠杆原理可知，轻杆AB之所以能绕转轴OO′转动起来从而使石块被抛出，一定满足 ③
即    ④
根据②④两式可知，假设增大θ，那么v1将增大，又因为石块抛出点到靶心的水平距离不变，所以石块击中靶前做平抛运动的时间将减小，此措施不可行，B不符合题意；
C．根据②式可知，假设增大m2 ， 那么v1将增大，又因为石块抛出点到靶心的水平距离不变，所以石块击中靶前做平抛运动的时间将减小，此措施不可行，C不符合题意；
D．减小投石机到靶的距离后，由于v1不变，所以石块击中靶前做平抛运动的时间将减小，此措施不可行，D不符合题意。
故答案为：A。

【分析】利用系统机械能守恒定律结合石块抛出速度和配重速度的关系可以得出石块抛出时速度的表达式，结合平抛运动的位移公式可以判别为了增大运动的时间可以增大石块的质量，其他方法只会减小运动的时间，打在6环位置上面。
7.【解析】【解答】A．近地卫星的环绕速度为第一宇宙速度，可得
整理得
同理可得火星的第一宇宙速度为
即火星的第一宇宙速度小于地球的第一宇宙速度，A符合题意；
B．设探测器在地球外表附近的环绕周期为T，由引力作为向心力可得
整理得
同理可得，探测器在火星外表附近的环绕周期
近地卫星的环绕周期为
故
B不符合题意；
C．地球外表的重力加速度为
同理可得，火星外表的重力加速度为
故火星外表的重力加速度小于地球外表的重力加速度，C不符合题意；
D．探测器实施降轨需经过屡次减速，才能降落火星外表，D不符合题意。
故答案为：A。

【分析】利用引力提供向心力结合质量和半径的大小可以比较火星和地球第一宇宙速度的大小；利用引力提供向心力可以求出探测器在火星外表运动的周期大小；利用引力形成重力可以比较火星外表和地球外表重力加速度的大小；探测器实施降轨道时做向心运动需要屡次进行减速。
8.【解析】【解答】A.匀强磁场的磁感线处处平行，而辐向磁场的磁感线不平行，所以不是匀强磁场，A不符合题意；
B.由题图乙根据对称性可知，穿过线圈的磁通量为零，B不符合题意；
C.根据安培力公式可得转动过程中安培力大小为
C符合题意；
D.根据左手定那么可知线圈a边导线电流方向为垂直纸面向里，D不符合题意。
故答案为：C。

【分析】利用磁感线的分布可以判别辐射磁场不属于匀强磁场；利用磁场的对称性可以判别磁通量的大小；利用安培力的表达式可以求出安培力的大小；利用左手定律可以判别通电导线的电流方向。
9.【解析】【解答】A．弱相互作用把一个中子转变成一个质子，一个电子，将电子释放出来就是 衰变，因此弱相互作用是引起原子核 衰变的原因，A符合题意；
B．比结合能越大表示原子核中的核子结合得越牢固，B不符合题意；
C．半衰期非常稳定，不受温度、压强、单质还是化合物的影响，因此将放射性元素掺杂到其他稳定元素中，该元素的半衰期仍不变，C不符合题意；
D．卢瑟福用 粒子轰击氮原子核，第一次实现了原子核的人工转变，D不符合题意。
故答案为：A。

【分析】比结合能越小其原子核内部的核子越不稳定；半衰期与外界条件无关；卢瑟福利用a粒子轰击氮原子核实现了第一次原子核的人工转变。
10.【解析】【解答】A．在减速下降阶段的E点返回器，加速度方向竖直向上，处于超重状态。A不符合题意；
B．在C点返回器受到的合力方向指向轨迹凹的一侧，不可能沿轨迹的切线方向。B不符合题意；
C．根据牛顿第三定律，在A点返回器对大气层的作用力等于大气层对返回器的作用力。C不符合题意；
D．根据图中信息从A点到D点，引力做功为零，大气阻力做负功，返回器机械能减小。故在进入点A的机械能大于其最后进入大气层D点的机械能。D符合题意。
故答案为：D。

【分析】利用加速度的方向可以判别返回器的超重和失重；返回器的合力方向应该沿轨迹的弯曲方向；大气层和返回器之间的作用属于相互作用所以其大小相等。
11.【解析】【解答】根据 可得喷出水的速度
每秒钟喷出的水质量
根据动能定理可得每秒钟电动机做的功
因此电动机输出功率
故答案为：C。

【分析】利用速度位移公式可以求出喷出水的速度，结合动能定理可以求出电动机做功的大小，结合作用时间可以求出电动机输出功率的大小。
12.【解析】【解答】AB．由题意可知该简谐波的周期为
由题图可知质点P的平衡位置到波源平衡位置的距离为四分之三个波长，质点Q的平衡位置到波源平衡位置的距离为四分之五个波长，所以质点P、Q起振的时刻分别为

所以t1时刻前Q点已经开始振动，且t1时刻P点刚好完成一次全振动，A不符合题意，B符合题意；
C．由题图及上面分析可知P点的起振方向为向下，由于绳子上所有质点的起振方向都和波源的起振方向相同，所以t=0时O点运动方向向下，C不符合题意；
D．手上下振动加快后，简谐波的频率增大，但波速不变，所以波长变小，D不符合题意。
故答案为：B。

【分析】利用振动的时间可以求出周期的大小，利用OP两点的距离可以求出P点开始振动的时间，结合O振动的时间可以判别P振动的时间；利用波的传播及振源的起振方向可以判别Q点的起振方向；振动的频率越大其周期越小，结合波速不变可以判别波长变小。
13.【解析】【解答】A．电子运动过程中有可能与汞原子发生一次，也有可能没发生碰撞，还可能发生屡次碰撞， A不符合题意；
B．由于电压U每升高4.9V时，电流表的示数I就会显著下降，说明汞原子基态和第一激发态之间的能极之差等于4.9eV，B符合题意；
C．K、G间电子的动能越大，根据乙图，不一定更使汞原子发生跃迁，C不符合题意；
D．K、G间电压越大，由乙图可知，单位时间内到达A极的电子数不一定越多，D不符合题意。
故答案为：B。

【分析】电子运动过程有可能与汞原子发生屡次碰撞；利用电压的变化可以判别汞原子基态和第一激发态的能级能量差；电子的动能越大也不一定使汞原子发生跃迁；当电压增大时单位时间到达A极的电子数不一定增多。
二、多项选择题
14.【解析】【解答】太阳光进入雨滴时，a光的折射角较小，而两光的入射角相等，根据折射率公式 知，a光的折射率较大，频率较高，波长较短。
A．a光的折射率较大，公式 可知，进入雨滴后，a光传播速度一定小于b光，A不符合题意；
B．b光的折射率较小，频率较小，分别照射同一光电管，由 可知，a光产生的光电子的最大初动能一定大于b光产生的，B符合题意；
C．a光的波长较短，由公式 可知，a光的干预条纹间距小于b光的，C不符合题意；
D．b光的折射率较小，那么临界角大，不容易发生全反射，所以以相同的入射角从水中射入空气，在空气中只能看到一种光时，一定是b光。D符合题意。
故答案为：BD。

【分析】利用折射角的大小可以比较折射率的大小，利用折射率的大小可以比较光的频率和波长的大小；利用折射率的大小可以比较光传播的速度；利用光的波长可以比较条纹间距的大小；利用光的频率大小可以比较光电效应时光电子的最大初动能的大小；利用折射率的大小可以判别临界角的大小。
15.【解析】【解答】A.根据受迫振动的特点可知，共振筛的振动频率等于偏心轮的转动频率，所以当偏心轮的转速为54r/min时，共振筛的振动频率为
A符合题意；
B.减小筛子质量后，筛子的固有频率将增大，由于开始时偏心轮的转动频率大于筛子的固有频率，所以根据共振曲线可知筛子的振幅可能先增大减小，B不符合题意；
C.转速调至48r/min时，偏心轮的转动频率为
此时偏心轮的转动频率等于筛子的固有频率，筛子出现共振状态，C符合题意；
D.增大电压，偏心轮的转动频率将增大，由于开始时偏心轮的转动频率大于筛子的固有频率，所以根据共振曲线可知筛子的振幅会一直减小，D不符合题意。
故答案为：AC。

【分析】利用驱动频率的大小可以求出共振筛的振动频率大小；利用驱动频率和共振频率比照可以判别筛子的振幅大小变化；利用转速的大小可以求出转动频率的大小进而判别是否出现共振；增大电压其振动频率一直增大会导致其筛子的振幅不断减小。
16.【解析】【解答】A.由于断开开关前电路已处于稳定状态，所以电容器不带电，两端电压为0，那么t=0时电容器两端电压为0，A不符合题意；
B.该LC振荡电路的周期为
那么
所以此时电容器已经完成放电，线圈L的自感电动势为0，B符合题意；
C.由于
所以此时通过线圈的电流方向为a→b，C符合题意；
D.电路中产生振荡电流的最大值为
有效值为
D不符合题意。
故答案为：BC。

【分析】当断开开关时，电容器不带电其两端电压等于0；利用电感和电容可以求出振荡电路的周期，利用对应的时刻可以判别电动势和电流的方向；利用电动势及欧姆定律可以求出电流的有效值。
三、实验题
17.【解析】【解答】〔1〕方案甲中由于B自身存在重力，假设A、B示数相等反而不能说明二者所受拉力大小相等，所以不能实现校准；方案乙中A、B均沿水平方向，当二者示数相等时说明所受拉力大小相等，所以能够实现校准。
 
故答案为：B。
〔2〕在“探究小车速度随时间变化的规律〞实验中，只需选用其中一条纸带即可获得一系列速度数据，从而完成实验数据的测量，故答案为：甲装置；在“探究功与速度变化关系〞实验中，每增加一条橡皮筋都需要测量一次小车的速度，所以需要假设干条纸带才能完成实验数据的测量。
在“探究小车速度随时间变化的规律〞实验中，牵引小车的细线必须与木板平行，这样做可以使小车所受的拉力方向始终沿小车的运动方向，从而使小车运动时所受摩擦力大小恒定，小车在恒力作用下可以做匀变速直线运动，进而可以通过测量平均速度来代替瞬时速度；在“探究功与速度变化关系〞实验中，在小车被橡皮筋牵引之前已经平衡了摩擦力，所以必须保证小车被橡皮筋牵引时所受摩擦力大小不变，才能使小车在运动方向上的合外力等于橡皮筋的拉力，那么小车所受橡皮筋的拉力方向必须恒定，这就要求橡皮筋必须与木板平行，而本实验中小车做的并不是匀变速直线运动。
故答案为：AD。
A．无论是否平衡摩擦力，小车都可以做匀变速运动，所以仅凭纸带数据无法判断实验是否平衡了摩擦力，需要根据实验所绘制的a-F图像进行分析，A不符合题意；
B．从纸带上起始点附近的密集程度可知实验中是先接通的电源后释放的小车，假设是先释放小车再接通电源，纸带上起始点附近的点应比题图中的疏松，B不符合题意；
C．由题图3可知，纸带左侧相当长的一局部没有点迹，所以实验时没有在靠近打点计时器位置处释放小车，C符合题意；
D．仅凭一条纸带的数据无法判断实验中是否满足悬挂的重物质量远小于小车质量的要求，需要根据实验所绘制的a-F图像进行分析，D不符合题意；
E．由题图4可知，在点0到点4间相邻计数点间的距离之差近似相等，说明小车做匀加速运动，在点5到点7之间，相邻计数点间的距离相等，说明小车做匀速运动，说明小车先受到重物的牵引做匀加速运动，后来失去了牵引开始做匀速运动，由此可知实验中所悬挂的重物距离地面太近，导致小车运动的后阶段重物已落地，故E正确。
故答案为：CE。
【分析】〔1〕方案甲由于两个弹簧测力计测量的拉力大小不相等所以不能实现校准；
〔2〕装置乙探究橡皮筋做功和小车速度的变化关系需要改变橡皮筋条数来改变速度的变化所以需要使用多条纸带记录数据；细线和橡皮筋与木板平行是为了使拉力沿小车运动的方向保证小车摩擦力不变，且确保其装置甲中的小车做匀变速直线运动，且拉力的方向保持恒定；出现后来小车做匀速运动是由于重物距离地面太近，后阶段小车运动时重物已经落地；由于纸带左端一局部没有打点可以判别其小车在没有靠近打点计时器的位置释放。
18.【解析】【解答】〔1〕①实验电路如下列图
 

②该小电动机0~0.50V间的伏安特性曲线如图；

③由②图可知，电动机线圈电阻为
实验测得当电压表示数为2.00V时，电流表的示数为0.15A，那么此时电动机的机械功率为
〔2〕AB．干预条纹要与分划板中心刻线对齐，由图可知，图甲的测量得到的波长准确，A符合题意，B不符合题意；
CD．根据
可知
图乙测得的条纹间距偏大，那么测量得到的波长偏大，C不符合题意，D符合题意
故答案为：AD。
【分析】〔1〕利用实物连线图可以画出对应的电路图；利用坐标点进行连线可以得出伏安特性曲线；利用图像斜率可以求出电动机的内阻，结合电功率及热功率的表达式可以求出电动机的机械功率；
〔2〕利用干预条纹的表达式可以判别条纹间距偏大时光的波长偏大。
 
四、解答题
19.【解析】【分析】〔1〕礼花弹向上做匀减速直线运动，利用牛顿第二定律可以求出加速度的大小，结合速度位移公式可以求出上升的最大高度；
〔2〕礼花弹炸开后向下运动的弹片其加速度最小，利用牛顿第二定律可以求出最小加速度的大小；
〔3〕〔1〕中礼花弹上升的高度可以求出弹片继续上升的高度，利用速度公式可以求出上升的时间；结合下落过程的匀加速直线运动可以求出下落运动的时间。
 
 
20.【解析】【分析】〔1〕滑块恰好经过B点，利用牛顿第二定律可以求出滑块经过B点速度的大小，结合从B点到斜面轨道最高点的动能定理可以求出滑块能够滑上斜面轨道的最大距离；
〔2〕当滑块恰好经过B点时，利用功能关系可以求出滑块所需要机械能的大小，结合弹性势能的大小可以判别滑块经过B点，利用能量守恒定律可以求出滑块在斜面上升的高度，结合功能关系可以求出滑块返回C点的机械能大小，进而判别滑块在圆轨道和斜面轨道上往返运动，利用能量守恒定律可以求出通过的路程大小；
〔3〕滑块恰好两次经过B点，利用从斜面轨道到B点的动能定理及从第二次经过B点到斜面轨道最高点的过程可以求出第二次经过斜面轨道的最长距离，利用功能关系可以求出最小弹性势能的大小；再利用滑块经过两次圆弧轨道最高点后上升到圆心登高处，利用动能定理可以求出弹性势能的最大值。
 
 
21.【解析】【分析】〔1〕杆切割磁场相当于电源，利用动生电动势结合欧姆定律可以求出杆通过的电流大小；
〔2〕杆移动过程中，利用几何关系可以求出回路中电阻的表达式，结合动生电动势的表达式及欧姆定律可以求出CD之间电势差与横坐标的关系式；
〔3〕杆滑动过程中，利用动生电动势的表达式可以求出回路中电流的大小，结合安培力的表达式及图像面积可以求出焦耳热的大小。
 
 
22.【解析】【分析】〔1〕电子在磁场中做匀速圆周运动，利用轨迹与AC相切可以求出最大的轨迹半径，结合牛顿第二定律可以求出电子的最大速度；
〔2〕要使电子通过PQ边界，那么电子速度沿水平向右方向，利用几何关系可以求出轨道半径的大小，结合牛顿第二定律可以求出电子的最大速度；
〔3〕电子在PQ板上的纵坐标范围，利用几何关系可以求出轨道半径的大小，结合牛顿第二定律可以求出电子进入电场的速度大小，电子在电场中做类平抛运动，利用位移公式可以求出电子打在x轴上的坐标范围；
〔4〕当电场撤去时电子进入矩形磁场后会聚于D点，利用电子的轨迹结合几何关系可以求出磁场面积的大小。