2021届四川省凉山州高考物理二诊试卷含答案

 高考物理二诊试卷

一、选择题〔共8小题，每题6分，总分值48分〕

1.关于原子、原子核的相关知识，以下说法正确的选项是〔   〕           

A. 当发生光电效应时，光电子的最大初动能随着入射光强度的增大而增大
B. 当氢原子从n＝3的能级跃迁到n＝5的能级时，辐射出光子
C. 核反响 方程中的X是中子
D. 轻核聚变的过程质量增大，重核裂变的过程质量亏损

2.如下列图，长为d、质量为m的导体棒ab，置于倾角为θ的光滑斜面上。导体棒与斜面的水平底边始终平行。导体棒电流方向从a到b，大小为I，重力加速度为g。假设匀强磁场的大小、方向都可以改变，要使导体棒能静止在斜面上，那么磁感应强度的最小值和对应的方向是〔   〕 

A. ，方向垂直于斜面向下                     B. ，方向垂直于斜面向上
C. ，方向竖直向上                               D. ，方向竖直向下

3.某一人造卫星绕地球做匀速圆周运动，其轨道半径为地球同步卫星绕地球轨道半径的 ，那么此卫星运行的周期大约是〔   〕           

A. 6h                                     B. 8.4h                                     C. 12h                                     

4.如下列图，由均匀导线绕成的直角扇形导线框OMN绕O点在竖直面内从匀强磁场边界逆时针匀速转动，周期为T，磁场的方向垂直于纸面向里，线框电阻为R，线框在进入磁场过程中回路的电流强度大小为I，那么〔   〕 

A. 线框在进入磁场过程中回路产生的电流方向为顺时针
B. 线框在进入与离开磁场的过程中ON段两端电压大小相等
C. 线框转动一周过程中产生的热量为
D. 线框转动一周过程中回路的等效电流大小为

5.质量m＝2kg的小物块在某一高度以v0＝5m/s的速度开始做平抛运动，假设g＝10m/s2  ， 当运动到竖直位移与水平位移相等时，对于物块〔   〕           

A. 此时的瞬时速度大小为5 m/s                        B. 此时重力的瞬时功率大小为200W
C. 此过程动量改变大小为10〔 ﹣1〕kgm/s     D. 此过程重力的冲量大小为20N•s

6.如下列图，在边界MN右侧是范围足够大的匀强磁场区域，一个正三角形闭合导线框ABC从左侧匀速进入磁场，以C点到达磁场左边界的时刻为计时起点〔t＝0〕，边界MN与AB边平行，线框受沿轴线DC方向外力的作用，导线框匀速运动到完全进入磁场过程中，能正确反映线框中电流i、外力F大小与时间t关系的图线是〔 〕

A.              B.              C.              D. 

7.如下列图，粗糙水平圆盘上，质量均为m的A、B两物块叠放在一起，距轴心距离为L，随圆盘一起做匀速圆周运动。圆盘与B之间的动摩擦因数为μ，B与A之间的动摩擦因数为0.5μ，假设最大静摩擦力大小等于滑动摩擦力，那么以下说法正确的选项是〔   〕 

A. 物块A，B一起匀速转动过程中加速度恒定   B. 物块A，B一起转动过程中所需向心力大小相等
C. AB一起转动的最大角速度为              D. 当A，B恰发生相对运动时圆盘对B的摩擦力为2μmg

8.如下列图，某空间存在一竖直方向的电场，其中的一条电场线如图甲所示，一个质量为m。电荷量为q的带正电小球，从电场线中O点由静止开始沿电场线竖直向上运动x1的过程中，以O为坐标原点，取竖直向上为x轴的正方向，小球运动时电势能E与位移x的关系如图乙所示，运动忽略空气阻力，那么〔   〕

A. 沿x轴正方向的电场强度大小可能增加
B. 从O运动划的过程中，如果小球的速度先增后减，那么加速度一定先减后增
C. 从O点运动x的过程中，每经过相等的位移，小球机械能的增加变少
D. 小球运动位移x1时，小球速度的大小为

二、解答题〔共4小题，总分值47分〕

9.某学习小组用如图甲所示的实验装置探究“动能定理〞。他们在气垫导轨上安装了一个光电门B，滑块上固定一遮光条，滑块用细线绕过气垫导轨左端的定滑轮与力传感器相连，传感器下方悬挂钩码，每次滑块都从A处由静止释放。 

〔1〕某同学用游标卡尺测量遮光条的宽度d，如图乙所示，那么d＝________mm。   

〔2〕以下实验要求中必要的一项为哪一项     〔请填写选项前对应的字母〕。           

〔3〕实验时保持滑块的质量M和A、B间的距离L不变，改变钩码质量m，测出对应的力传感器的示数F和遮光条通过光电门的时间t，通过描点作出线性图象，研究滑块动能变化与合外力对它做功的关系，处理数据时应作出的图象是     〔填写选项前对应的字母〕。           

2﹣
B.M﹣F
C.L﹣
D.﹣F2

10.某同学要测量一电池的电动势E和内阻r，实验器材有一个电阻箱R、一个开关S、导线假设干和一个灵敏电流计G〔满偏电流1mA，内阻未知〕。由于G量程太小，需要改装成量程更大的电流表A，实验过程如下： 

〔1〕使用多用电表测灵敏电流计内阻时，选择开关拨至“×10〞挡，欧姆挡调零后测量，指针的位置如图甲所示，阻值为________Ω；   

〔2〕用图乙电路图进行测量，需要电流表A的量程为0.6A，那么对灵敏电流计G进行改装，需要在G两端________〔选填“并“或“串〞〕联一个阻值为________Ω的电阻〔结果保存一位有效数值〕。   

〔3〕该同学在实验中测出多组电流表A的电流I与电阻箱的阻值R的实验数据，作出 ﹣R图象。在坐标纸上做出如下列图的图线，由做出的图线可知，该电池的电动势是________V，内电阻为________Ω〔小数点后保存两位数值〕。   

11.某客机在高空水平飞行时，突然受到竖直气流的作用，使飞机在10s内高度下降150m，如果只研究飞机在竖直方向的运动，且假定这一运动是匀变速直线运动，且在这段下降范围内重力加速度取g＝9m/s2 ． 试计算：   

〔1〕飞机在竖直方向加速度的大小和方向。   

〔2〕乘客放在水平小桌上2kg的水杯此时对餐桌的压力为多大。   

12.如下列图虚线矩形区域NPP'N'、MNN'M'内分别充满竖直向下的匀强电场和大小为B垂直纸面向里的匀强磁场，两场宽度均为d、长度均为4d，NN'为磁场与电场之间的分界线。点C'、C将MN三等分，在C'、C间安装一接收装置。一电量为﹣e．质量为m、初速度为零的电子，从P'点开始由静止经电场加速后垂直进入磁场，最后从MN之间离开磁场。不计电子所受重力。求： 

〔1〕假设电场强度大小为E，那么电子进入磁场时速度为多大。   

〔2〕改变场强大小，让电子能垂直进入接收装置，那么该装置能够接收到几种垂直于MN方向的电子。   

〔3〕在〔2〕问中接收到的电子在两场中运动的最长时间为多大。   

三、[物理一选修3-3]

13.夏天，从湖底形成的一个气泡，在缓慢上升到湖面的过程中没有破裂。假设越接近水面，湖内水的温度越高，大气压强没有变化，将气泡内看做理想气体。那么上升过程中，以下说法正确的选项是〔   〕 

A. 气泡内气体对外界做功                                       B. 气泡内气体分子平均动能增大
C. 气泡内气体温度升高导致放热                             D. 气泡内气体的压强可能不变
E. 气泡内分子单位时间内对气泡壁单位面积的撞击力减小

14.如下列图，在圆柱形汽缸中用一定质量的光滑导热活塞密闭有一定质量的理想气体，在汽缸底部开有一小孔，与U形水银管相连，外界大气压为p0  ， 室温t0＝27°C，稳定后两边水银面的高度差为△h＝1.5cm，此时活塞离容器底部高度为h12  ， 大气压p0＝75cmHg＝1.0×105Pa，g＝10m/s2 ． 求： 

①活塞的质量；

②现室温降至﹣33℃时活塞离容器底部的高度h2。

四、[物理一选修3-4]

15.以下说法中正确的有〔   〕 

A. 光在介质中的速度小于光在真空中的速度
B. 紫外线比紫光更容易发生干预和衍射
C. 光的偏振现象说明光是纵波
D. 由红光和绿光组成的一细光束从水中射向空气，在不断增大入射角时水面上首先消失的是绿光
E. 某同学用单色光进行双缝干预实验，在屏上观察到图甲所示的条纹，仅减小双缝之间的距离后，观察到如图乙所示的条纹

16.如下列图，在湖面上波源O点以振幅0.2m上下振动，形成圆形水波向外传播，A、O、B三点在一条直线上，AO间距为7.0m，OB间距为2.0m，某时刻O点处在波峰位置，观察发现3.5s后此波峰传到A点，此时O点正通过平衡位置向上运动，OA间还有一个波峰。将水波近似为简谐波。求： 

①此水波的传播速度周期和波长；

②以A点处在波峰位置为0时刻，画出B点的振动图象。

答案解析局部

一、选择题〔共8小题，每题6分，总分值48分〕

1.【解析】【解答】解：A、根据光电效应方程可知光电子的最大初动能随入射光频率的增大而增大，与入射光的强度无关，A不符合题意；

B、当氢原子从n＝3的能级跃迁到n＝5的能级时，需要吸收光子，B不符合题意；

C、根据质量数守恒和电荷数守恒可知：X的质量数为1，电荷数为0，该粒子为中子，C符合题意；

D、轻核聚变和重核裂变的过程都释放能量，发生质量亏损，D不符合题意；

故答案为：C

 
【分析】光电效应的光电子最大初动能的大小由光的频率决定；氢原子从低能级到高能级跃迁时吸收一定的光子；利用质量数和电荷数守恒可以判别X的本质；核聚变过程出现质量亏损。

2.【解析】【解答】解：根据三角形定那么知，当安培力沿斜面向上时，安培力最小，根据共点力平衡可知，安培力的最小值为：F＝mgsinα

此时所加的磁场方向垂直于斜面向下，

即为：mgsinθ＝BId

解得：B＝ ，方向垂直于斜面向下，A符合题意、BCD不符合题意。

故答案为：A。

 
【分析】利用平衡条件结合左手定那么可以求出磁感应强度的大小和方向。

3.【解析】【解答】解：由题意卫星的轨道半径是同步卫星半径的 ，根据开普勒第三定律有：

可得： ＝ ≈8.4h，ACD不符合题意，B符合题意。

故答案为：B。

 
【分析】利用开普勒周期定律可以求出卫星周期的大小。

4.【解析】【解答】解：A、线框在进入磁场过程中，磁通量向里增加，由楞次定律判断知回路产生的电流方向为逆时针，A不符合题意；

B、线框在进入磁场时，ON段电压是外电压的一局部，线框在离开磁场时，ON段电压是外电压，而两个过程外电压相等，所以，线框在进入与离开磁场的过程中ON段两端电压大小不等，B不符合题意；

C、线框转动一周过程中产生的热量为 Q＝2I2R• ＝ ，C符合题意；

D、设线框转动一周过程中回路的等效电流大小为I′，那么 Q＝I′2RT，解得 I′＝ I，D不符合题意。

故答案为：C

 
【分析】利用楞次定律可以判别感应电流的方向；利用外电压的比较可以判别电压的大小；利用焦耳定律可以求出产生的热量大小；利用焦耳定律可以求出等效电流的大小。

5.【解析】【解答】 解：物块做平抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，当运动到竖直位移与水平位移相等时，

解得：t＝1s

A、此时竖直方向的速度为：vy＝gt＝10m/s，那么此时的速度为： ，A不符合题意；

B、此时的重力瞬时功率为：P＝mgvy＝200W，B符合题意；

C、根据动量定理：I＝△P＝mgt＝20kgm/s，C不符合题意；

D、根据I＝mgt＝20N•s，D符合题意。

故答案为：BD。

 
【分析】利用平抛运动的位移公式可以求出运动的时间；结合速度公式和速度的合成可以求出速度的大小；利用重力和竖直方向的速率可以求出瞬时功率的大小；利用动量定理可以求出动量改变量的大小；利用重力和时间可以求出重力的冲量。

6.【解析】【解答】解：AB、t时刻，线框有效切割长度为：L＝2vt•tan30°，知L∝t，产生的感应电动势为：E＝BLv，知E∝t，感应电流为：I＝ ，故I∝t，A符合题意，B不符合题意；

CD、导线框匀速运动，所受的外力与安培力大小相等，那么有：F＝BIL＝B •〔2vt•tan30°〕∝t2  ， F﹣t图象是过原点的抛物线，C不符合题意，D符合题意。

故答案为：AD。

 
【分析】利用有效切割的长度结合欧姆定律可以判别感应电流和时间的关系；利用平衡条件可以判别安培力和时间的关系。

7.【解析】【解答】解：A、两物体做匀速转动的向心加速度大小恒定，方向始终指向圆心不恒定，A不符合题意；

B、根据向心力公式 可知，物块A、B一起转动过程中所需向心力大小相等，B符合题意；

C、对AB整体分析，当最大静摩擦力提供向心力，有：μ•2mg＝2mωB2L，解得：ωB＝ ，

对A分析，B对A的最大静摩擦力提供向心力，有：0.5μ•mg＝mωA2L，解得：ωA＝ ，

AB一起转动的最大角速度为 ，此时圆盘对B的摩擦力为 ，C符合题意，D不符合题意。

故答案为：BC

 
【分析】利用向心加速度方向改变所以不恒定；利用向心力公式可以判别所需要向心力大小相等；利用最大静摩擦力提供向心力可以求出角速度的大小；利用角速度的大小结合牛顿第二定律可以求出摩擦力的大小。

8.【解析】【解答】解：A、电势能E与位移x的图象E﹣x图象的斜率的绝对值表示 小球所受电场力的大小，由图乙可知图象沿x轴正方向的斜率越来越小，说明小球所受电场力沿x轴越来越小，即沿x轴正方向的电场强度大小一直减小，A不符合题意；

B、从O运动划的过程中，如果小球的速度先增后减，说明开始时小球所受电场力F大于重力mg向上做加速运动，后来电场力小于重力，向上做减速运动。当加速运动时，根据牛顿第二定律可得加速度 ，因为F逐渐减小，A逐渐减小。当向上减速运动时，有 ，因为F逐渐减小，A'逐渐增大。所以从O运动划的过程中，如果小球的速度先增后减，加速度一定是先减后增，B符合题意；

C、根据能的转化和守恒定律可知，在小球向上运动的过程中电场力做正功，电势能减小，减小的电势能转化为机械能。由图乙可知从O点运动x的过程中，每经过相等的位移，小球的电势能减小的越来越少，那么小球机械能的增加变少，C符合题意；

D、规定O点所在的水平面为零重力势能面，设小球运动位移x1时的速度为v，根据能量守恒定律得 ，解得： ，D不符合题意。

故答案为：BC

 
【分析】利用斜率的变化可以判别场强的大小变化；利用牛顿第二定律可以判别速度和加速度的变化；利用电场力做功可以判别机械能的变化；利用能量守恒定律可以求出速度的大小。

二、解答题〔共4小题，总分值47分〕

9.【解析】【解答】解：〔1〕游标尺的主尺读数为2mm，游标尺读数为5×0.05mm＝0.25mm，那么d＝2mm+5×0.05mm＝2.25mm。〔2〕A、拉力是直接通过力传感器测量的，故滑块质量与钩码和力传感器的总质量无关，A不必要；

B、应将气垫导轨调节水平，保持拉线方向与木板平面平行，这样拉力才等于合力，B是必要的。

故答案为：B。〔3〕研究滑块的受力，根据动能定理可知，FL＝

利用极短时间内的平均速度表示瞬时速度，那么遮光条通过光电门的瞬时速度：v＝

那么：FL＝

解得：t2＝

研究滑块动能变化与合外力对它做功的关系，处理数据时应作出的图象为t2﹣ 图象，A符合题意，BCD不符合题意。

故答案为：A。

故答案为：〔1〕2.25；〔2〕B；〔3〕A

 
【分析】〔1〕利用游标卡尺的结构可以读出对应的读数；
〔2〕实验有力传感器不需要满足质量要求；
〔3〕利用动能定理结合平均速度公式可以判别图像对应的物理量。

10.【解析】【解答】解：〔1〕多用表欧姆挡读数为刻度值与倍率的乘积，即灵敏电流计内阻rg＝18×10Ω＝180Ω。〔2〕灵敏电流计扩大量程需要并联一个小电阻R0  ， 设灵敏电流计的满偏电流为Ig＝1mA，内阻rg＝180Ω，扩大量程后的电流为Im＝0.6A，

并联电路电压相等，根据欧姆定律有：Igrg＝〔Im﹣Ig〕R0

得：R0＝ ≈ Ω＝0.3Ω。〔3〕扩大量程后的安培表内阻rg′＝\ ＝ Ω≈0.3Ω，

根据闭合电路欧姆定律：E＝I〔R+rg′+r〕，

整理得： ＝ •R+ ，结合 ﹣R图象有：

k＝ ＝

b＝

联合解得：E≈1.45V，r≈0.43Ω。

故答案为：〔1〕180；〔2〕并，0.3；〔3〕1.45〔1.14～1.45〕，0.43〔0.38～0.44〕。

 
【分析】〔1〕利用示数乘以挡数可以求出电阻的大小；
〔2〕利用电表的改装可以求出并联电阻的大小；
〔3〕利用图像斜率和截距可以求出电动势和内阻的大小。

11.【解析】【分析】〔1〕利用位移公式可以求出加速度的大小和方向；
〔2〕利用牛顿第二定律可以求出压力的大小。

12.【解析】【分析】〔1〕利用动能定理可以求出速度的大小；
〔2〕利用几何关系可以判别垂直MN方向的电子数；
〔3〕利用几何关系结合牛顿第二定律及圆心角的大小可以求出运动的时间。

三、[物理一选修3-3]

13.【解析】【解答】 解：AD、气泡内气体压强p＝p0+ρgh，气泡升高过程中，其压强减小，温度升高，根据理想气体状态方程 ，体积一定增大，故气泡内气体对外界做功，A符合题意，D不符合题意。

B、温度是分子平均动能的标志，温度升高，泡内气体分子平均动能增大，B符合题意。

C、温度升高，气泡内气体内能增大，即△U＞0，体积增大，即W＜0，根据热力学第一定律△U＝W+Q，可得Q＞0，故气泡内的气体吸热，C不符合题意。

E、根据气体压强定义及其微观意义，气泡内气体压强减小，气泡内分子单位时间内对气泡壁单位面积的撞击力减小，故E符合题意。

故答案为：ABE

 
【分析】利用理想气体的状态方程可以判别气泡体积变化，进而判别气泡对外做功；利用温度的变化可以判别平均动能的变化；利用热力学第一定律可以判别吸热和放热；利用液体压强的变化可以判别气体的压强变化及单位时间气体分子对单位体积的撞击力变化。

14.【解析】【分析】〔1〕利用平衡条件可以求出活塞的质量大小；
〔2〕利用气体的等压变化可以求出活塞距离底部的距离大小。

四、[物理一选修3-4]

15.【解析】【解答】解：A、依据v＝ ，可知，光在介质中的速度小于在真空中的速度，A符合题意；

B、紫外线比紫光的波长短，更不容易发生衍射，而对于干预只要频率相同即可发生，B不符合题意；

C、光的偏振现象说明光是横波，并不是纵波，C不符合题意；

D、绿光的折射率大于红光的折射率，由临界角公式sinC＝ 知，绿光的临界角小于红光的临界角，当光从水中射到空气，在不断增大入射角时，在水面上绿光先发生全反射，从水面消失，D符合题意；

E、从图甲所示的条纹，与图乙所示的条纹，可知，条纹间距变大，根据双缝干预的条纹间距公式△x＝ λ可知，当仅减小双缝之间的距离后，可能出现此现象， E符合题意。

故答案为：ADE

 
【分析】利用光线的波长可以判别衍射现象的情况，对于干预只有频率相同就可以发生；光的偏振说明光是横波；利用光的频率可以判别折射率的大小进而判别临界角的大小。

16.【解析】【分析】〔1〕利用传播的速度结合传播的距离大小可以求出波长和周期的大小；
〔2〕利用质点相距的距离和波长的关系可以画出B点的振动图像。