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2022届高考生物（人教版）一轮总复习练习：必修2 第1单元 第2讲 孟德尔豌豆杂交实验（二） Word版含答案
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这是一份2022届高考生物（人教版）一轮总复习练习：必修2 第1单元 第2讲 孟德尔豌豆杂交实验（二） Word版含答案，共9页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
第2讲 孟德尔豌豆杂交实验(二)
一、选择题(每小题给出的四个选项中只有一个符合题目要求)
1．(2020·温江区期末)豌豆种子黄色(Y)对绿色(y)是显性，圆粒(R)对皱粒(r)是显性。一株黄色圆粒豌豆与一株黄色皱粒豌豆杂交，其子代黄色圆粒占eq \f(3,8)，黄色皱粒占eq \f(3,8)，绿色圆粒占eq \f(1,8)，绿色皱粒占eq \f(1,8)，则两亲本的基因型为( D )
A．YyRR×YYRr B．YyRr×YyRr
C．YyRR×yyrr D．YyRr×Yyrr
[解析] 由题意知黄色圆粒豌豆的基因型是Y_R_，黄色皱粒豌豆的基因型是Y_rr，杂交子代黄色∶绿色＝3∶1，圆粒∶皱粒＝1∶1，因此亲本对于豌豆的颜色来说是杂合子自交实验、对于圆粒和皱粒来说是测交实验，亲本基因型为YyRr×Yyrr。
2．(2020·菏泽期末)已知A与a、B与b、C与c 3对等位基因自由组合，基因型分别为AaBbCc、AabbCc的两个体进行杂交。下列关于杂交后代的推测，正确的是( B )
A．表现型有8种，AaBbCc个体的比例为eq \f(1,16)
B．基因型有18种，aaBbCc个体的比例为eq \f(1,16)
C．表现型有4种，Aabbcc个体的比例为eq \f(1,32)
D．基因型有8种，aaBbcc个体的比例为eq \f(1,16)
[解析] 每一个分离定律问题的表现型是2种，因此杂交后代的表现型是2×2×2＝8种，AaBbCc的比例是eq \f(1,2)×eq \f(1,2)×eq \f(1,2)＝eq \f(1,8)，A错误；杂交后代基因型种类是3×2×3＝18种，aaBbCc的比例是eq \f(1,4)×eq \f(1,2)×eq \f(1,2)＝eq \f(1,16)，B正确；由A选项分析可知，杂交后代的表现型是8种，Aabbcc的比例为eq \f(1,2)×eq \f(1,2)×eq \f(1,4)＝eq \f(1,16)，C错误；杂交后代基因型种类是3×2×3＝18种，aaBbcc的比例是eq \f(1,4)×eq \f(1,2)×eq \f(1,4)＝eq \f(1,32)，D错误。
3．(2020·山东省青岛市高三三模)已知玉米抗倒伏和低油(含量)是显性性状，两对性状各受一对等位基因控制且位于非同源染色体上。现有抗倒伏低油玉米若干，对其测交，子代性状及相对比例如图所示，若这些玉米自然状态下随机授粉，则后代四种性状的分离比为( A )
A．24∶8∶3∶1 B．9∶3∶3∶1
C．15∶5∶3∶1 D．64∶8∶8∶1
[解析] 由题意可知玉米的抗倒伏(A)和低油(B)的遗传遵循基因的自由组合定律。因此，对测交结果中每一对相对性状可进行单独分析，抗倒伏∶易倒伏＝2∶1，高油∶低油＝1∶1，则提供的抗倒伏、低油植株产生的配子中A∶a＝2∶1，B∶b＝1∶1，让这些植株相互授粉，易倒伏(aa)占(1/3)2＝1/9，抗倒伏占8/9；低油(bb)占1/4，高油占3/4。根据基因的自由组合定律，后代性状分离比为(8∶1)×(3∶1)＝24∶8∶3∶1。故选A。
4．(2020·深圳期末)牵牛花的普通叶和枫形叶，种子的黑色和白色，这两对相对性状的遗传遵循自由组合定律。现用纯合的普通叶白色种子个体和纯合枫形叶黑色种子个体作为亲本进行杂交，F1为普通叶黑色种子，F1自交得F2。下列对此杂交实验的描述中错误的是( D )
A．在F2中普通叶与枫形叶之比仍为3∶1
B．F2中与亲本性状相同的个体大约占eq \f(3,8)
C．F1个体可产生比例相同的4种雌配子
D．精卵细胞的结合能体现自由组合的实质
[解析] F2中两对性状分开分析，每一对都符合基因的分离定律，所以普通叶与枫形叶之比为3∶1，黑色种子与白色种子之比为3∶1，A正确；F2中与亲本表现型相同的个体大约占eq \f(3,16)＋eq \f(3,16)＝eq \f(3,8)，B正确；F1为双杂合体，设基因型为AaBb，可以产生AB∶Ab∶aB∶ab＝1∶1∶1∶1的4种配子，C正确；自由组合的实质是减数第一次分裂后期位于非同源染色体上的非等位基因自由组合，D错误。
5．(2020·山东省青岛市高三一模)已知豌豆的高茎对矮茎为显性，黄子叶对绿子叶为显性，两对性状独立遗传。某科研所进行遗传实验，操作如下图。假定所有的植株都能成活，理论上收获的F4中绿子叶的比例为( B )
A．9/16 B．7/16
C．5/8 D．3/8
[解析] 根据后代收获的是F4中绿子叶，子叶没有淘汰，只需将子一代的黄色子叶连续自交三代即可，理论上收获的F4中绿子叶的比例为{1－(1/2)3}/2＝7/16，B正确，故选B。
6．(2021·广东联考)某雌雄同株植物中，基因型AA、Aa、aa分别控制大花瓣、小花瓣、无花瓣；基因型BB和Bb控制红色花瓣，基因型bb控制白色花瓣；这两对等位基因独立遗传。基因型不同的两个纯种作亲本杂交得F1，F1全部为红色小花瓣植株；F1自交得F2。下列有关叙述错误的是( B )
A．无花瓣的植株之间自由传粉所得子代都是无花瓣植株
B．F2中与亲本表现型不同的植株占11/16或9/16
C．若F1的基因型为AaBb，则F2的表现型有5种
D．若F1的基因型为AaBb，则F2的无花瓣植株中纯合子占1/2
[解析] 无花瓣的植株必然含有aa，它们之间自由传粉所得子代也一定含有aa，所以子代都是无花瓣植株；基因型不同的两个纯种作亲本杂交得F1，F1全部为红色小花瓣植株，说明F1的基因型为AaBB或AaBb，双亲的杂交组合为AABB×aaBB或AABB×aabb或AAbb×aaBB，若双亲的杂交组合为AABB×aaBB，则F1的基因型为AaBB，F2中与亲本表现型不同的植株占1/2；若双亲的杂交组合为AAbb×aaBB或AABB×aabb，则F1的基因型为AaBb，F2中的表现型及其比例为红色大花瓣(AAB_)∶白色大花瓣(AAbb)∶红色小花瓣(AaB_)∶白色小花瓣(Aabb)∶无花瓣(aaB_＋aabb)＝3∶1∶6∶2∶4，F2中与亲本表现型不同的植株占11/16或9/16；综上分析，若F1的基因型为AaBb，则F2的表现型有5种，F2的无花瓣植株中纯合子占1/2。
7．(2021·莲都区校级月考)如图表示基因型为RrYy的个体进行有性生殖的过程，其中各种雌配子的数量相等，各种雄配子的数量也相等。下列相关叙述正确的是( C )
A．F1中纯合子占eq \f(1,4)，基因型不同于亲本的占eq \f(1,2)
B．雌雄配子的结合方式有16种，F1的基因型有16种
C．F1表现出的各种性状既与细胞中各基因的选择性表达有关，又与环境有关
D．基因R与r分离发生在减数第一次分裂过程，基因R与Y组合在一起发生在减数第二次分裂过程
[解析] 亲本基因型是RrYy，子一代中该基因型占eq \f(1,4)，因此不同于亲本的占eq \f(3,4)，A错误；子一代组合方式是16种，基因型是9种，B错误；子一代表现型既受基因控制，也受环境影响，表现型是基因与环境共同作用的结果，C正确；Y与R组合发生在减数第一次分裂，D错误。
8．(2021·河南郑州质检)基因型为AaBb的植物甲与基因型为aabb的乙杂交，后代基因型及比例为AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝9∶1∶1∶9。下列有关说法错误的是( D )
A．两对等位基因的遗传不遵循基因的自由组合定律
B．由测交结果推测植物甲产生四种配子，比例为AB∶Ab∶aB∶ab＝9∶1∶1∶9
C．植物甲自交后代仍是9种基因型、4种表现型
D．植物甲自交后代中，隐性纯合子所占比例为1/16
[解析] 基因型为AaBb的植物甲测交后代基因型及比例不是1∶1∶1∶1，因此判断两对基因不遵循基因的自由组合定律，两对基因位于一对同源染色体上，在减数分裂产生配子的过程中部分细胞两对基因之间发生了染色体的交叉互换，因此植物甲自交后代仍是9种基因型，4种表现型；ab配子占的比例为9/20，因此植物甲自交后代中，隐性纯合子所占比例为81/400。
9．(2021·辽源市田家炳高级中学高考模拟)某植物的花色有蓝花和白花两种，由两对等位基因(A和a、B和b)控制。下表是两组纯合植株杂交实验的统计结果，有关分析不正确的是( B )
A.控制花色的这两对等位基因的遗传遵循自由组合定律
B．第①组F2中纯合蓝花植株的基因型有4种
C．第②组蓝花亲本的基因型为aaBB或AAbb
D．白花植株与第②组F1蓝花植株杂交，后代开蓝花和白花植株的比例为1∶1
[解析] 由图中F2的性状分离比可推知控制花色的这两对等位基因的遗传遵循自由组合定律，A正确；第①组F2中纯合蓝花植株的基因型有3种，分别是AABB、AAbb、aaBB，B错误；由前面分析可知，蓝花亲本的基因型为aaBB或AAbb，C正确；白花植株(基因型aabb)与第②组F1蓝花植株(基因型为Aabb或aaBb)杂交，后代开蓝花和白花植株的比例为1∶1，D正确。
10．(2020·江苏高考模拟)家兔中獭兔的毛纤维长度比普通兔短，家兔的毛色和长度受两对等位基因控制。海狸色獭兔与青紫蓝普通兔杂交，F1相互交配，F2表现型及比例为：灰色普通兔∶青紫蓝普通兔∶海狸色獭兔∶青紫蓝獭兔＝9∶3∶3∶1。相关叙述错误的是( C )
A．控制家兔毛色和长度的两对基因位于两对同源染色体上
B．F1都是灰色普通兔，且都能产生4种比例相等的配子
C．F2中海狸色獭兔的基因型有3种，其中纯合子占1/4
D．F2中灰色普通兔自由交配，产生青紫蓝獭兔的概率为1/81
[解析] 通过F2的性状分离比可知，控制家兔毛色和长度的两对基因位于两对同源染色体上，A正确；通过分析可知，F1都是灰色普通兔，基因型为AaBb，且都能产生4种比例相等的配子，B正确；F2中海狸色獭兔的基因型是A_bb或者aaB_，有2种，其中纯合子占1/3，C错误；F2中灰色普通兔A_B_(1/9AABB、2/9AaBB、2/9AABb、4/9AaBb)，只有4/9AaBb基因型的个体自由交配，能产生青紫蓝獭兔aabb，产生青紫蓝獭兔的概率为1/9×1/9＝1/81，D正确；故选C。
11．(2021·湖北省宜昌市高三调考)有关孟德尔两对相对性状(豌豆的黄色与绿色、圆粒与皱粒)杂交实验的分析，正确的是( A )
A．孟德尔对F1植株上收获的556粒种子进行统计，发现4种表现型的比接近9∶3∶3∶1
B．基因型为YyRr的豌豆产生的YR卵细胞和YR精子的数量之比约为1∶1
C．基因型为YyRr的豌豆产生的雌、雄配子随机结合，体现了自由组合定律的实质
D．黄色与绿色、圆粒与皱粒的遗传都遵循分离定律，故这两对性状的遗传遵循自由组合定律
[解析] 孟德尔将纯合的黄圆和绿皱个体杂交得到的子一代均为黄圆，子一代自交得到子二代的表现型及比例接近9(黄圆)∶3(黄皱)∶3(绿圆)∶1(绿皱)，其中F1植株上收获的种子为F2，所以对F1植株上收获的556粒种子进行统计，应有4种表现型，比例接近9∶3∶3∶1，A正确；基因型为YyRr的豌豆将产生雌雄配子各4种，数量比接近1∶1∶1∶1，但雌配子和雄配子的数量不相等，其中雄配子的数量远远多于雌配子的数量，B错误；基因的自由组合定律的实质是减数分裂的过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合，基因型为YyRr的豌豆产生的雌、雄配子随机结合不能体现自由组合定律，C错误；若黄色与绿色、圆粒与皱粒的遗传各自遵循分离定律，不能推出两对性状的遗传遵循自由组合定律，因为当控制这两对性状的两对基因位于一对同源染色体上或位于两对同源染色体上时，单独研究每一对均遵循分离定律，而只有当两对基因位于两对同源染色体上时才遵循自由组合定律，D错误。故选A。
12．(2021·浙江高考模拟)已知某一动物种群中仅有Aabb和AAbb两种类型个体，Aabb∶AAbb＝2∶1，且该种群中雌雄个体比例为1∶1，个体间可以自由交配，则该种群自由交配产生的子代中能稳定遗传的个体比例为( B )
A．5/8 B．5/9
C．13/16 D．13/18
[解析] 已知亲本的基因型是Aabb和AAbb，分析基因型可知只要考虑A与a这一对相对性状个体间的自由交配(因为两个亲本都是bb，后代也全为bb)。据题意无论雌性或雄性，都有Aa和AA两种类型，Aa∶AA＝2∶1，这样亲本Aa占2/3、AA占1/3，这样亲本产生的配子中A占2/3×1/2＋1/3＝2/3，a占1/3，无论雌、雄均有这两种，均为这样的比例，因此后代AA的概率为2/3×2/3＝4/9，aa的概率为1/3×1/3＝1/9，Aa的概率2×2/3×1/3＝4/9，因此该种群自由交配产生的子代中能稳定遗传的个体比例为4/9＋1/9＝5/9。故选B。
13．(2020·山东省威海市高三一模)某高等动物的毛色由位于常染色体上的两对等位基因(A、a和B、b)控制，A对a、B对b完全显性，其中A基因控制黑色素合成，B基因控制黄色素合成，两种色素均不合成时毛色呈白色。当A、B基因同时存在时，二者的转录产物会形成双链结构导致基因无法表达。用纯合的黑毛和黄毛亲本杂交得到F1，F1毛色呈白色。下列叙述错误的是( D )
A．自然界中该动物白毛个体的基因型有5种
B．含A、B基因的个体毛色呈白色的原因是不能翻译出相关蛋白质
C．若F1的不同个体杂交，F2中黑毛∶黄毛∶白毛个体数量之比接近3∶3∶10，则两对等位基因独立遗传
D．若F1的不同个体杂交，F2中白毛个体的比例为1/2，则F2中黑毛个体的比例也为1/2
[解析] 自然界中该动物白毛个体的基因型有5种，如AABB、AABb、AaBB、AaBb、aabb，A正确；含A、B基因的个体是由于翻译过程受阻毛色呈白色，B正确；F1的基因型为AaBb，若F1的不同个体杂交，F2中黑毛：黄毛∶白毛个体数量之比接近3∶3∶10即为9∶3∶3∶1的变式，说明两对等位基因独立遗传，C正确；若F1AaBb的不同个体杂交，F2中白毛个体的比例为1/2，说明A和b基因、a和B基因位于一对同源染色体上，则F2中黑毛个体A_bb的比例为1/4，D错误。故选D。
二、非选择题
14．(2020·黑龙江大庆实验中学第一次月考)某自花传粉的植物，花的颜色由两对基因(A和a、B和b)控制，其遗传遵循自由组合定律。其中A基因控制红色素合成，B基因控制紫色素合成，当两种色素同时合成时，花色表现为品红花，两种色素都不能合成时，花色表现为白花。科研小组做了甲、乙两组人工杂交实验，结果如下：
甲：品红花×白花→F1：品红花、红花
乙：品红花×紫花→F1：品红花、红花、紫花、白花
请回答：
(1)甲组品红花亲本和F1中品红花个体的基因型分别是AABb和AaBb。
(2)乙组紫花亲本的基因型是aaBb，F1中品红花、红花、紫花、白花的比例是3∶1∶3∶1。
(3)欲判断乙组F1中某品红花植株的基因型，请你为该科研小组设计一个最简便的实验方案，并预测实验结果及结论：
让该品红花植株自交，观察并统计后代的表现型及比例。
①若子代中品红花比例为eq \f(3,4)，则该品红花植株基因型为AaBB。
②若子代中品红花比例为eq \f(9,16)，则该品红花植株基因型为AaBb。
[解析] (1)据题干信息可推知，基因型为A_bb的花色为红色，基因型为aaB_的花色为紫色，基因型为A_B_的花色为品红色，基因型为aabb的花色为白色。甲组实验中，品红花亲本(A_B_)与白花亲本(aabb)杂交，F1中有品红花与红花(A_bb)两种表现型，则其品红花亲本基因型为AABb，进而推知F1中品红花个体的基因型是AaBb。(2)乙组品红花(A_B_)×紫花(aaB_)，后代出现了白花(aabb)，说明亲本品红花基因型为AaBb，紫花基因型为aaBb，则F1中四种表现型的比例是品红花(AaB_)∶红花(Aabb)∶紫花(aaB_)∶白花(aabb)＝3∶1∶3∶1。(3)乙组F1中某品红花植株的基因型为AaBB或AaBb，而该植物为自花传粉的植物，所以欲判断乙组F1中该品红花植株的基因型，最简便的实验方案：让该品红花植株自交(自花传粉)，观察并统计后代的表现型及比例。①若该品红花植株基因型为AaBB，则其自交子代的表现型及比例为品红花(A_BB)∶紫花(aaBB)＝3∶1，即子代中品红花比例为eq \f(3,4)；②若该品红花植株基因型为AaBb，则其自交子代表现型及比例为品红花(A_B_)∶紫花(aaB_)∶红花(A_bb)∶白花(aabb)＝9∶3∶3∶1，即子代中品红花比例为eq \f(9,16)。
15．(2020·山东省潍坊市高三二模)某种雌雄异株的多年生植物，其叶片的形状由基因M、m控制，叶绒毛的长短由基因N、n控制，两对基因独立遗传。该植物的花色由常染色体上的两对独立遗传的基因I、i和R、r控制，R基因控制红色花青素的合成，r基因控制黄色花青素合成，且R存在时r不能表达，当I基因存在时，红色和黄色花青素都不能合成。
(1)针对该植物叶形和叶绒毛的杂交实验结果如下表：
①分析表中数据可知，控制两种性状的基因在染色体上的位置应符合下列C情况。
A．控制叶绒毛长短的基因位于常染色体上，控制叶片形状的基因位于X染色体上
B．控制叶绒毛长短的基因位于X染色体上，控制叶片形状的基因位于常染色体上
C．两对等位基因均位于常染色体上
做出上述判断的理由是杂交一和杂交二是正反交，两对相对性状的正反交结果均一致，因此两对等位基因均位于两对常染色体上。
②杂交一、二的F2中两对性状均不符合分离定律3∶1的比例，研究发现这是因为群体中有两种基因型的受精卵致死，推测这两种致死的基因型可能是MMNn和Mmnn(或MmNN和Mmnn)；在该推测成立的前提下，若从F2的卵圆叶长毛个体中随机抽取一株，让其与F1回交，后代出现裂叶短毛个体的概率是1/21。
(2)一纯合的白花植株与一纯合的红花植株杂交，F1自交，请推断F2的表现型及比例可能出现的情况，并用简洁的文字叙述推断思路。
[答案] (2)纯合红花亲本基因型只能是iiRR，纯合白花亲本基因型只能是IIRR或IIrr；若白花亲本基因型是IIRR，则F1基因型为IiRR，F2表现型及比例为白花∶红花＝3∶1；若白花亲本基因型是IIrr，则F1基因型为IiRr，F2表现型及比例为白花∶红花∶黄花＝12∶3∶1。(若F2表现型及比例错误或只回答一种情况，该小题整体不得分)
[解析] (1)①杂交一和杂交二是正反交，两对相对性状的正反交结果均一致，因此两对等位基因均位于两对常染色体上。故选C。②杂交一、二的F2中两对性状均不符合分离定律3∶1的比例，卵圆叶长毛∶卵圆叶短毛∶裂叶长毛∶裂叶短毛＝7∶1∶3∶1，是9∶3∶3∶1的变式，F1基因型为MmNn(卵圆叶长叶)，研究发现这是因为群体中有两种基因型的受精卵致死，推测这两种致死的基因型可能是MMNn(2卵圆叶长毛)和Mmnn(2卵圆叶短毛)(或MmNN(2卵圆叶长毛)和Mmnn(2卵圆叶短毛))。在该推测成立的前提下，若这两种致死的基因型是MMNn(2卵圆叶长毛)和Mmnn(2卵圆叶短毛)，则F2的卵圆叶长毛个体为1/7MMNN、4/7MmNn、2/7MmNN)，若这两种致死的基因型是MmNN和Mmnn，则F2的卵圆叶长毛个体为1/7MMNN、4/7MmNn、2/7MMNn)，从F2的卵圆叶长毛个体中随机抽取一株，让其与F1(MmNn)回交，只有基因型为MmNn的卵圆叶长毛和F1杂交才可能出现mmnn(裂叶短毛个体)的个体，后代出现裂叶短毛个体(mmnn)的概率是4/7×1/12＝1/21。(2)纯合红花亲本基因型只能是iiRR，纯合白花亲本基因型只能是IIRR或IIrr。若白花亲本基因型是IIRR，则F1基因型为IiRR，F2表现型及比例为白花∶红花＝3∶1；若白花亲本基因型是IIrr，则F1基因型为IiRr，F2表现型及比例为白花∶红花∶黄花＝12∶3∶1。
亲本组合
F1株数
F2株数
蓝花
白花
蓝花
白花
①蓝花×
白花
263
0
752
49
②蓝花×
白花
84
0
212
71
亲本组合
F1
F2
卵圆叶长毛
卵圆叶长毛
卵圆叶短毛
裂叶长毛
裂叶短毛
杂交一：卵圆叶长毛♀×裂叶短毛♂
162
72
10
31
11
杂交二：卵圆叶长毛♂×裂叶短毛♀
158
70
11
29
10
第2讲 孟德尔豌豆杂交实验(二)
一、选择题(每小题给出的四个选项中只有一个符合题目要求)
1．(2020·温江区期末)豌豆种子黄色(Y)对绿色(y)是显性，圆粒(R)对皱粒(r)是显性。一株黄色圆粒豌豆与一株黄色皱粒豌豆杂交，其子代黄色圆粒占eq \f(3,8)，黄色皱粒占eq \f(3,8)，绿色圆粒占eq \f(1,8)，绿色皱粒占eq \f(1,8)，则两亲本的基因型为( D )
A．YyRR×YYRr B．YyRr×YyRr
C．YyRR×yyrr D．YyRr×Yyrr
[解析] 由题意知黄色圆粒豌豆的基因型是Y_R_，黄色皱粒豌豆的基因型是Y_rr，杂交子代黄色∶绿色＝3∶1，圆粒∶皱粒＝1∶1，因此亲本对于豌豆的颜色来说是杂合子自交实验、对于圆粒和皱粒来说是测交实验，亲本基因型为YyRr×Yyrr。
2．(2020·菏泽期末)已知A与a、B与b、C与c 3对等位基因自由组合，基因型分别为AaBbCc、AabbCc的两个体进行杂交。下列关于杂交后代的推测，正确的是( B )
A．表现型有8种，AaBbCc个体的比例为eq \f(1,16)
B．基因型有18种，aaBbCc个体的比例为eq \f(1,16)
C．表现型有4种，Aabbcc个体的比例为eq \f(1,32)
D．基因型有8种，aaBbcc个体的比例为eq \f(1,16)
[解析] 每一个分离定律问题的表现型是2种，因此杂交后代的表现型是2×2×2＝8种，AaBbCc的比例是eq \f(1,2)×eq \f(1,2)×eq \f(1,2)＝eq \f(1,8)，A错误；杂交后代基因型种类是3×2×3＝18种，aaBbCc的比例是eq \f(1,4)×eq \f(1,2)×eq \f(1,2)＝eq \f(1,16)，B正确；由A选项分析可知，杂交后代的表现型是8种，Aabbcc的比例为eq \f(1,2)×eq \f(1,2)×eq \f(1,4)＝eq \f(1,16)，C错误；杂交后代基因型种类是3×2×3＝18种，aaBbcc的比例是eq \f(1,4)×eq \f(1,2)×eq \f(1,4)＝eq \f(1,32)，D错误。
3．(2020·山东省青岛市高三三模)已知玉米抗倒伏和低油(含量)是显性性状，两对性状各受一对等位基因控制且位于非同源染色体上。现有抗倒伏低油玉米若干，对其测交，子代性状及相对比例如图所示，若这些玉米自然状态下随机授粉，则后代四种性状的分离比为( A )
A．24∶8∶3∶1 B．9∶3∶3∶1
C．15∶5∶3∶1 D．64∶8∶8∶1
[解析] 由题意可知玉米的抗倒伏(A)和低油(B)的遗传遵循基因的自由组合定律。因此，对测交结果中每一对相对性状可进行单独分析，抗倒伏∶易倒伏＝2∶1，高油∶低油＝1∶1，则提供的抗倒伏、低油植株产生的配子中A∶a＝2∶1，B∶b＝1∶1，让这些植株相互授粉，易倒伏(aa)占(1/3)2＝1/9，抗倒伏占8/9；低油(bb)占1/4，高油占3/4。根据基因的自由组合定律，后代性状分离比为(8∶1)×(3∶1)＝24∶8∶3∶1。故选A。
4．(2020·深圳期末)牵牛花的普通叶和枫形叶，种子的黑色和白色，这两对相对性状的遗传遵循自由组合定律。现用纯合的普通叶白色种子个体和纯合枫形叶黑色种子个体作为亲本进行杂交，F1为普通叶黑色种子，F1自交得F2。下列对此杂交实验的描述中错误的是( D )
A．在F2中普通叶与枫形叶之比仍为3∶1
B．F2中与亲本性状相同的个体大约占eq \f(3,8)
C．F1个体可产生比例相同的4种雌配子
D．精卵细胞的结合能体现自由组合的实质
[解析] F2中两对性状分开分析，每一对都符合基因的分离定律，所以普通叶与枫形叶之比为3∶1，黑色种子与白色种子之比为3∶1，A正确；F2中与亲本表现型相同的个体大约占eq \f(3,16)＋eq \f(3,16)＝eq \f(3,8)，B正确；F1为双杂合体，设基因型为AaBb，可以产生AB∶Ab∶aB∶ab＝1∶1∶1∶1的4种配子，C正确；自由组合的实质是减数第一次分裂后期位于非同源染色体上的非等位基因自由组合，D错误。
5．(2020·山东省青岛市高三一模)已知豌豆的高茎对矮茎为显性，黄子叶对绿子叶为显性，两对性状独立遗传。某科研所进行遗传实验，操作如下图。假定所有的植株都能成活，理论上收获的F4中绿子叶的比例为( B )
A．9/16 B．7/16
C．5/8 D．3/8
[解析] 根据后代收获的是F4中绿子叶，子叶没有淘汰，只需将子一代的黄色子叶连续自交三代即可，理论上收获的F4中绿子叶的比例为{1－(1/2)3}/2＝7/16，B正确，故选B。
6．(2021·广东联考)某雌雄同株植物中，基因型AA、Aa、aa分别控制大花瓣、小花瓣、无花瓣；基因型BB和Bb控制红色花瓣，基因型bb控制白色花瓣；这两对等位基因独立遗传。基因型不同的两个纯种作亲本杂交得F1，F1全部为红色小花瓣植株；F1自交得F2。下列有关叙述错误的是( B )
A．无花瓣的植株之间自由传粉所得子代都是无花瓣植株
B．F2中与亲本表现型不同的植株占11/16或9/16
C．若F1的基因型为AaBb，则F2的表现型有5种
D．若F1的基因型为AaBb，则F2的无花瓣植株中纯合子占1/2
[解析] 无花瓣的植株必然含有aa，它们之间自由传粉所得子代也一定含有aa，所以子代都是无花瓣植株；基因型不同的两个纯种作亲本杂交得F1，F1全部为红色小花瓣植株，说明F1的基因型为AaBB或AaBb，双亲的杂交组合为AABB×aaBB或AABB×aabb或AAbb×aaBB，若双亲的杂交组合为AABB×aaBB，则F1的基因型为AaBB，F2中与亲本表现型不同的植株占1/2；若双亲的杂交组合为AAbb×aaBB或AABB×aabb，则F1的基因型为AaBb，F2中的表现型及其比例为红色大花瓣(AAB_)∶白色大花瓣(AAbb)∶红色小花瓣(AaB_)∶白色小花瓣(Aabb)∶无花瓣(aaB_＋aabb)＝3∶1∶6∶2∶4，F2中与亲本表现型不同的植株占11/16或9/16；综上分析，若F1的基因型为AaBb，则F2的表现型有5种，F2的无花瓣植株中纯合子占1/2。
7．(2021·莲都区校级月考)如图表示基因型为RrYy的个体进行有性生殖的过程，其中各种雌配子的数量相等，各种雄配子的数量也相等。下列相关叙述正确的是( C )
A．F1中纯合子占eq \f(1,4)，基因型不同于亲本的占eq \f(1,2)
B．雌雄配子的结合方式有16种，F1的基因型有16种
C．F1表现出的各种性状既与细胞中各基因的选择性表达有关，又与环境有关
D．基因R与r分离发生在减数第一次分裂过程，基因R与Y组合在一起发生在减数第二次分裂过程
[解析] 亲本基因型是RrYy，子一代中该基因型占eq \f(1,4)，因此不同于亲本的占eq \f(3,4)，A错误；子一代组合方式是16种，基因型是9种，B错误；子一代表现型既受基因控制，也受环境影响，表现型是基因与环境共同作用的结果，C正确；Y与R组合发生在减数第一次分裂，D错误。
8．(2021·河南郑州质检)基因型为AaBb的植物甲与基因型为aabb的乙杂交，后代基因型及比例为AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝9∶1∶1∶9。下列有关说法错误的是( D )
A．两对等位基因的遗传不遵循基因的自由组合定律
B．由测交结果推测植物甲产生四种配子，比例为AB∶Ab∶aB∶ab＝9∶1∶1∶9
C．植物甲自交后代仍是9种基因型、4种表现型
D．植物甲自交后代中，隐性纯合子所占比例为1/16
[解析] 基因型为AaBb的植物甲测交后代基因型及比例不是1∶1∶1∶1，因此判断两对基因不遵循基因的自由组合定律，两对基因位于一对同源染色体上，在减数分裂产生配子的过程中部分细胞两对基因之间发生了染色体的交叉互换，因此植物甲自交后代仍是9种基因型，4种表现型；ab配子占的比例为9/20，因此植物甲自交后代中，隐性纯合子所占比例为81/400。
9．(2021·辽源市田家炳高级中学高考模拟)某植物的花色有蓝花和白花两种，由两对等位基因(A和a、B和b)控制。下表是两组纯合植株杂交实验的统计结果，有关分析不正确的是( B )
A.控制花色的这两对等位基因的遗传遵循自由组合定律
B．第①组F2中纯合蓝花植株的基因型有4种
C．第②组蓝花亲本的基因型为aaBB或AAbb
D．白花植株与第②组F1蓝花植株杂交，后代开蓝花和白花植株的比例为1∶1
[解析] 由图中F2的性状分离比可推知控制花色的这两对等位基因的遗传遵循自由组合定律，A正确；第①组F2中纯合蓝花植株的基因型有3种，分别是AABB、AAbb、aaBB，B错误；由前面分析可知，蓝花亲本的基因型为aaBB或AAbb，C正确；白花植株(基因型aabb)与第②组F1蓝花植株(基因型为Aabb或aaBb)杂交，后代开蓝花和白花植株的比例为1∶1，D正确。
10．(2020·江苏高考模拟)家兔中獭兔的毛纤维长度比普通兔短，家兔的毛色和长度受两对等位基因控制。海狸色獭兔与青紫蓝普通兔杂交，F1相互交配，F2表现型及比例为：灰色普通兔∶青紫蓝普通兔∶海狸色獭兔∶青紫蓝獭兔＝9∶3∶3∶1。相关叙述错误的是( C )
A．控制家兔毛色和长度的两对基因位于两对同源染色体上
B．F1都是灰色普通兔，且都能产生4种比例相等的配子
C．F2中海狸色獭兔的基因型有3种，其中纯合子占1/4
D．F2中灰色普通兔自由交配，产生青紫蓝獭兔的概率为1/81
[解析] 通过F2的性状分离比可知，控制家兔毛色和长度的两对基因位于两对同源染色体上，A正确；通过分析可知，F1都是灰色普通兔，基因型为AaBb，且都能产生4种比例相等的配子，B正确；F2中海狸色獭兔的基因型是A_bb或者aaB_，有2种，其中纯合子占1/3，C错误；F2中灰色普通兔A_B_(1/9AABB、2/9AaBB、2/9AABb、4/9AaBb)，只有4/9AaBb基因型的个体自由交配，能产生青紫蓝獭兔aabb，产生青紫蓝獭兔的概率为1/9×1/9＝1/81，D正确；故选C。
11．(2021·湖北省宜昌市高三调考)有关孟德尔两对相对性状(豌豆的黄色与绿色、圆粒与皱粒)杂交实验的分析，正确的是( A )
A．孟德尔对F1植株上收获的556粒种子进行统计，发现4种表现型的比接近9∶3∶3∶1
B．基因型为YyRr的豌豆产生的YR卵细胞和YR精子的数量之比约为1∶1
C．基因型为YyRr的豌豆产生的雌、雄配子随机结合，体现了自由组合定律的实质
D．黄色与绿色、圆粒与皱粒的遗传都遵循分离定律，故这两对性状的遗传遵循自由组合定律
[解析] 孟德尔将纯合的黄圆和绿皱个体杂交得到的子一代均为黄圆，子一代自交得到子二代的表现型及比例接近9(黄圆)∶3(黄皱)∶3(绿圆)∶1(绿皱)，其中F1植株上收获的种子为F2，所以对F1植株上收获的556粒种子进行统计，应有4种表现型，比例接近9∶3∶3∶1，A正确；基因型为YyRr的豌豆将产生雌雄配子各4种，数量比接近1∶1∶1∶1，但雌配子和雄配子的数量不相等，其中雄配子的数量远远多于雌配子的数量，B错误；基因的自由组合定律的实质是减数分裂的过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合，基因型为YyRr的豌豆产生的雌、雄配子随机结合不能体现自由组合定律，C错误；若黄色与绿色、圆粒与皱粒的遗传各自遵循分离定律，不能推出两对性状的遗传遵循自由组合定律，因为当控制这两对性状的两对基因位于一对同源染色体上或位于两对同源染色体上时，单独研究每一对均遵循分离定律，而只有当两对基因位于两对同源染色体上时才遵循自由组合定律，D错误。故选A。
12．(2021·浙江高考模拟)已知某一动物种群中仅有Aabb和AAbb两种类型个体，Aabb∶AAbb＝2∶1，且该种群中雌雄个体比例为1∶1，个体间可以自由交配，则该种群自由交配产生的子代中能稳定遗传的个体比例为( B )
A．5/8 B．5/9
C．13/16 D．13/18
[解析] 已知亲本的基因型是Aabb和AAbb，分析基因型可知只要考虑A与a这一对相对性状个体间的自由交配(因为两个亲本都是bb，后代也全为bb)。据题意无论雌性或雄性，都有Aa和AA两种类型，Aa∶AA＝2∶1，这样亲本Aa占2/3、AA占1/3，这样亲本产生的配子中A占2/3×1/2＋1/3＝2/3，a占1/3，无论雌、雄均有这两种，均为这样的比例，因此后代AA的概率为2/3×2/3＝4/9，aa的概率为1/3×1/3＝1/9，Aa的概率2×2/3×1/3＝4/9，因此该种群自由交配产生的子代中能稳定遗传的个体比例为4/9＋1/9＝5/9。故选B。
13．(2020·山东省威海市高三一模)某高等动物的毛色由位于常染色体上的两对等位基因(A、a和B、b)控制，A对a、B对b完全显性，其中A基因控制黑色素合成，B基因控制黄色素合成，两种色素均不合成时毛色呈白色。当A、B基因同时存在时，二者的转录产物会形成双链结构导致基因无法表达。用纯合的黑毛和黄毛亲本杂交得到F1，F1毛色呈白色。下列叙述错误的是( D )
A．自然界中该动物白毛个体的基因型有5种
B．含A、B基因的个体毛色呈白色的原因是不能翻译出相关蛋白质
C．若F1的不同个体杂交，F2中黑毛∶黄毛∶白毛个体数量之比接近3∶3∶10，则两对等位基因独立遗传
D．若F1的不同个体杂交，F2中白毛个体的比例为1/2，则F2中黑毛个体的比例也为1/2
[解析] 自然界中该动物白毛个体的基因型有5种，如AABB、AABb、AaBB、AaBb、aabb，A正确；含A、B基因的个体是由于翻译过程受阻毛色呈白色，B正确；F1的基因型为AaBb，若F1的不同个体杂交，F2中黑毛：黄毛∶白毛个体数量之比接近3∶3∶10即为9∶3∶3∶1的变式，说明两对等位基因独立遗传，C正确；若F1AaBb的不同个体杂交，F2中白毛个体的比例为1/2，说明A和b基因、a和B基因位于一对同源染色体上，则F2中黑毛个体A_bb的比例为1/4，D错误。故选D。
二、非选择题
14．(2020·黑龙江大庆实验中学第一次月考)某自花传粉的植物，花的颜色由两对基因(A和a、B和b)控制，其遗传遵循自由组合定律。其中A基因控制红色素合成，B基因控制紫色素合成，当两种色素同时合成时，花色表现为品红花，两种色素都不能合成时，花色表现为白花。科研小组做了甲、乙两组人工杂交实验，结果如下：
甲：品红花×白花→F1：品红花、红花
乙：品红花×紫花→F1：品红花、红花、紫花、白花
请回答：
(1)甲组品红花亲本和F1中品红花个体的基因型分别是AABb和AaBb。
(2)乙组紫花亲本的基因型是aaBb，F1中品红花、红花、紫花、白花的比例是3∶1∶3∶1。
(3)欲判断乙组F1中某品红花植株的基因型，请你为该科研小组设计一个最简便的实验方案，并预测实验结果及结论：
让该品红花植株自交，观察并统计后代的表现型及比例。
①若子代中品红花比例为eq \f(3,4)，则该品红花植株基因型为AaBB。
②若子代中品红花比例为eq \f(9,16)，则该品红花植株基因型为AaBb。
[解析] (1)据题干信息可推知，基因型为A_bb的花色为红色，基因型为aaB_的花色为紫色，基因型为A_B_的花色为品红色，基因型为aabb的花色为白色。甲组实验中，品红花亲本(A_B_)与白花亲本(aabb)杂交，F1中有品红花与红花(A_bb)两种表现型，则其品红花亲本基因型为AABb，进而推知F1中品红花个体的基因型是AaBb。(2)乙组品红花(A_B_)×紫花(aaB_)，后代出现了白花(aabb)，说明亲本品红花基因型为AaBb，紫花基因型为aaBb，则F1中四种表现型的比例是品红花(AaB_)∶红花(Aabb)∶紫花(aaB_)∶白花(aabb)＝3∶1∶3∶1。(3)乙组F1中某品红花植株的基因型为AaBB或AaBb，而该植物为自花传粉的植物，所以欲判断乙组F1中该品红花植株的基因型，最简便的实验方案：让该品红花植株自交(自花传粉)，观察并统计后代的表现型及比例。①若该品红花植株基因型为AaBB，则其自交子代的表现型及比例为品红花(A_BB)∶紫花(aaBB)＝3∶1，即子代中品红花比例为eq \f(3,4)；②若该品红花植株基因型为AaBb，则其自交子代表现型及比例为品红花(A_B_)∶紫花(aaB_)∶红花(A_bb)∶白花(aabb)＝9∶3∶3∶1，即子代中品红花比例为eq \f(9,16)。
15．(2020·山东省潍坊市高三二模)某种雌雄异株的多年生植物，其叶片的形状由基因M、m控制，叶绒毛的长短由基因N、n控制，两对基因独立遗传。该植物的花色由常染色体上的两对独立遗传的基因I、i和R、r控制，R基因控制红色花青素的合成，r基因控制黄色花青素合成，且R存在时r不能表达，当I基因存在时，红色和黄色花青素都不能合成。
(1)针对该植物叶形和叶绒毛的杂交实验结果如下表：
①分析表中数据可知，控制两种性状的基因在染色体上的位置应符合下列C情况。
A．控制叶绒毛长短的基因位于常染色体上，控制叶片形状的基因位于X染色体上
B．控制叶绒毛长短的基因位于X染色体上，控制叶片形状的基因位于常染色体上
C．两对等位基因均位于常染色体上
做出上述判断的理由是杂交一和杂交二是正反交，两对相对性状的正反交结果均一致，因此两对等位基因均位于两对常染色体上。
②杂交一、二的F2中两对性状均不符合分离定律3∶1的比例，研究发现这是因为群体中有两种基因型的受精卵致死，推测这两种致死的基因型可能是MMNn和Mmnn(或MmNN和Mmnn)；在该推测成立的前提下，若从F2的卵圆叶长毛个体中随机抽取一株，让其与F1回交，后代出现裂叶短毛个体的概率是1/21。
(2)一纯合的白花植株与一纯合的红花植株杂交，F1自交，请推断F2的表现型及比例可能出现的情况，并用简洁的文字叙述推断思路。
[答案] (2)纯合红花亲本基因型只能是iiRR，纯合白花亲本基因型只能是IIRR或IIrr；若白花亲本基因型是IIRR，则F1基因型为IiRR，F2表现型及比例为白花∶红花＝3∶1；若白花亲本基因型是IIrr，则F1基因型为IiRr，F2表现型及比例为白花∶红花∶黄花＝12∶3∶1。(若F2表现型及比例错误或只回答一种情况，该小题整体不得分)
[解析] (1)①杂交一和杂交二是正反交，两对相对性状的正反交结果均一致，因此两对等位基因均位于两对常染色体上。故选C。②杂交一、二的F2中两对性状均不符合分离定律3∶1的比例，卵圆叶长毛∶卵圆叶短毛∶裂叶长毛∶裂叶短毛＝7∶1∶3∶1，是9∶3∶3∶1的变式，F1基因型为MmNn(卵圆叶长叶)，研究发现这是因为群体中有两种基因型的受精卵致死，推测这两种致死的基因型可能是MMNn(2卵圆叶长毛)和Mmnn(2卵圆叶短毛)(或MmNN(2卵圆叶长毛)和Mmnn(2卵圆叶短毛))。在该推测成立的前提下，若这两种致死的基因型是MMNn(2卵圆叶长毛)和Mmnn(2卵圆叶短毛)，则F2的卵圆叶长毛个体为1/7MMNN、4/7MmNn、2/7MmNN)，若这两种致死的基因型是MmNN和Mmnn，则F2的卵圆叶长毛个体为1/7MMNN、4/7MmNn、2/7MMNn)，从F2的卵圆叶长毛个体中随机抽取一株，让其与F1(MmNn)回交，只有基因型为MmNn的卵圆叶长毛和F1杂交才可能出现mmnn(裂叶短毛个体)的个体，后代出现裂叶短毛个体(mmnn)的概率是4/7×1/12＝1/21。(2)纯合红花亲本基因型只能是iiRR，纯合白花亲本基因型只能是IIRR或IIrr。若白花亲本基因型是IIRR，则F1基因型为IiRR，F2表现型及比例为白花∶红花＝3∶1；若白花亲本基因型是IIrr，则F1基因型为IiRr，F2表现型及比例为白花∶红花∶黄花＝12∶3∶1。
亲本组合
F1株数
F2株数
蓝花
白花
蓝花
白花
①蓝花×
白花
263
0
752
49
②蓝花×
白花
84
0
212
71
亲本组合
F1
F2
卵圆叶长毛
卵圆叶长毛
卵圆叶短毛
裂叶长毛
裂叶短毛
杂交一：卵圆叶长毛♀×裂叶短毛♂
162
72
10
31
11
杂交二：卵圆叶长毛♂×裂叶短毛♀
158
70
11
29
10
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