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2019年云南省昆明市中考物理试卷+答案+解析
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这是一份2019年云南省昆明市中考物理试卷+答案+解析，共34页。试卷主要包含了作图等内容，欢迎下载使用。
2019年云南省昆明市中考物理试卷
一、选择题（本大题共8小题，每小题3分，共24分）．下列各题的答案中只有一个是正确的，请考生用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．
1．（3分）如图是研究产生感应电流的实验，下列说法正确的是（ ）
A．只要导体AB在磁场中运动，电流表的指针就会发生偏转
B．对调两个磁极方向，电流表的指针偏转方向发生改变
C．改变导体AB切割磁感线的方向，电流表的指针偏转方向不发生改变
D．电磁感应是把电能转化成机械能
2．（3分）如图所示，用漆包线（导线表面涂有绝缘漆）绕在纸筒上做成了一个螺线管，用来研究螺线管磁性强弱与哪些因素有关。闭合开关后，发现螺线管能够吸引一些铁钉，要使它能吸引更多铁钉的办法是（ ）
A．在纸筒中插入一根铁芯 B．减少线圈匝数
C．使滑动触头P向右滑动 D．将电源正负极互换
3．（3分）下列说法中正确的是（ ）
A．放大镜是凹透镜
B．凸透镜总是成实像
C．凸透镜只能成倒立的像
D．凹透镜对光线有发散作用
4．（3分）下列说法中正确的是（ ）
A．绝缘体就是绝对不导电
B．“花香四溢”是分子的扩散现象
C．x光不是电磁波
D．质子不带电
5．（3分）如图是汽油机工作的四个冲程，其中表示排气冲程的是（ ）
A．甲 B．乙 C．丙 D．丁
6．（3分）如果家庭电路中发生短路，那么（ ）
A．用电器仍然正常工作 B．灯泡烧坏
C．电灯发暗 D．保险丝烧断
7．（3分）一位摄影爱好者早上在大观河边照像，观察到岸边的建筑物在水面上形成的影像甲和乙并拍摄了下来，如图所示。过了十多分钟后他又回到原位置观察，那么影像甲和乙的大小变化情况是（ ）
A．都变 B．都不变
C．甲变，乙不变 D．甲不变，乙变
8．（3分）一个物体静止在水中，如图a所示，将它提高到最高位置（如图b）静止释放，假设只受重力和浮力作用，那么物体会向下运动到最低位置（如图c），然后在最高和最低两个位置之间不停地做上下运动。忽略容器内液面高度变化。则下列说法错误的是（ ）
A．物体向下运动过图a位置时，速度最大
B．物体到达最低位置时，浮力大于重力
C．物体向上运动过图a位置时，浮力小重力
D．物体到达最高位置时，速度等于0
二、填空题（本大题共9小题，每空1分，共20分），请考生用黑色碳素笔在答题卡上作答，不要求写出解答过程．
9．（2分）光的三原色是指红、蓝、 。一个橘黄色的橙子放在黑暗的房间里，用蓝光照射它，橙子呈现 色。
10．（3分）与毛皮摩擦过的橡胶棒所带的电荷是 电，验电器是利用了 的规律制作的。摩擦起电并不是创造了电荷，而是通过摩擦使电子在两个相互接触的物体间发生了 。
11．（2分）如图所示，在波黑一个村子的森林中，发现了一个巨大的圆石，考古学家认为这是欧洲最古老的圆石工法技术的结果。当地村民估计这颗巨石重达35吨，你认为作出这样的估计，需要知道该石头大概的 和 。
12．（3分）如图所示的军用飞机从上空高速飞过，观察者抬头看到飞机的同时，感觉到飞机发出的隆隆声是从飞机的 方发出的（选填“前”或“后”）。飞机在减速下降过程中，机械能将 ，势能将 。（选填“增大”、“不变”或“减小”）
13．（2分）6月5日是世界环境日，为减少环境污染和生态破坏，实现节能减排，中国在沿海地区大力推广风力发电。这种发电方式是把 转化成电能；在众多能源中，煤、石油、天然气和铀矿等都属于 （选填“可再生”或“不可再生”）能源。
14．（2分）将0℃的水和等质量的80℃的水相混合，则混合后水的温度是 ℃；若将0℃的冰和等质量的80℃的水相混合，结果发现，冰全部熔化成了水，但水的温度维持0℃，这个现象说明 。（不计热量损失）
15．（2分）如图甲所示的电路中，电源电压为9V保持不变，G为灵敏电流计，其内电阻为Rg保持不变；R为热敏电阻，其电阻与温度的关系如图乙所示。闭合开关，当热敏电阻所在的环境温度等于20℃时，电流计的示数是2mA．则当电流计的示数是9mA时，热敏电阻的阻值是 Ω，它所在的环境温度是 ℃。
16．（2分）如图是一个家用电热水龙头。打开龙头开关，几秒就可以流出热水，这种加热水的过程很短，俗称“过水热”。某品牌电热水龙头的额定功率是3000W，额定电压是220V，则该电热水龙头正常工作时的电阻是 Ω（计算结果精确到0.1）。某次使用该龙头加热水时，测得实际电压为235V，水的初温为21℃，加热14s，得到0.5L、末温42℃的热水，则加热水的功率是 W（c水＝4.2×103J/（kg•℃））
17．（2分）为解决山区缺水问题，一些农户修建了水窖，在雨季将雨水收集到水窖中，以备干早季节使用。小明家也修建了这样一个水窖，形状如图所示。为便于观察储水情况，小明在水窖底部安装了一个压力传感器，压力大小在显示屏上显示。压力大表示水窖中的水较 。用水过程中发现，虽然每天用水量基本相同，但每天压力大小下降却不相同，而且随着储水量的减少，下降得越来越快，出现该现象的原因是 。
三、作图、实验与探究题（本大题共6小题共32分）．请考生用黑色碳素笔在答题卡上作图和解答，答题中需要文字说明的应简明扼要．
18．（2分）图中物体的长度是 mm。
19．（2分）请在图中将小磁针的北极涂黑，并以“N”表示。
20．（2分）请画出图中力F的力臂，并以“L”表示。
21．（8分）今年5月，昆明市气温连续10天达到30℃左右，让“冬无严寒，夏无酷暑”的昆明人着实体验了一下什么叫“酷暑难耐”。往室内地面上洒水、打开窗户通风、尽量穿短衣短裤等避暑手段纷纷登场。这些措施为什么可以使人感觉到凉爽？小林同学准备了滴管、水、两块玻璃片、吹风机（有加热和不加热两档），请你加入进来一起探究蒸发快慢与哪些因素有关。
（1）小林用滴管把两滴水分别滴在两块玻璃片上，并将其中一滴水摊开，把它们放在室内，观察蒸发情况，这是探究蒸发快慢与 的关系；
（2）如果要探究蒸发快慢与液体表面空气流动快慢的关系，应该 然后用吹风机（不加热档） ，观察蒸发情况；
（3）为了探究蒸发快慢与温度的关系，小林用滴管把两滴水分别滴在两块玻璃片上，然后用吹风机（加热档）去吹其中一滴水，观察蒸发情况，这样做是 的，原因是 ；
（4）该实验将水滴在玻璃片上而不滴在木板上，这是为了 ；
（5）发烧病人使用酒精擦拭身体降温比用水擦拭的效果更好；一滴油和一滴水掉在玻璃桌面上，水很快就不见了，而油还在，由此，你的猜想是 ；
（6）小林同学上公共厕所洗完手后，用如图所示的烘干机（手一放进去就自动吹暖风的机器）使手上的水快速蒸发。当他把干燥的左手和沾水的右手，同时放进烘干机内，左手感觉吹的是暖风，而右手感觉吹的却是凉风，这是因为 。
22．（8分）在“探究电流产生的热量与哪些因素有关”的实验中，提供了如图的实验器材，其中R1＞R2
实验一：探究电流产生的热量与电阻的关系
（1）请按照图中的电路图将对应实物图连接完整；
（2）电路中电阻丝的连接方式是为了控制 ；电阻丝放出热量的多少，通过 来进行判断；
（3）闭合开关，经过一定时间，用电阻丝R1加热的煤油温度升高了△t1，用电阻丝R2加热的煤油温度升高了△t2，那么△t1 △t2（选填“大于”，“等于”或“小于“）。
实验二：探究电流产生的热量与电流的关系
（4）闭合开关，移动滑动变阻器的滑动触头，使电路中的电流变成实验一中电流的2倍，且通电时间相同。实验发现：用电阻丝R1（或R2）加热的煤油，温度升高量△t1’（或△t2’） 2△t1（或2△t2）（选填“大于”，“等于”或“小于”），该实验说明电流产生的热量与电流 正比例关系。
（5）你认为做这个实验产生误差的主要原因是 。
23．（10分）图1是表演“睡钉床、砸石板”的节目：一个人躺在若干钉子做成的“床”上，身上盖一块石板，旁边一个人用大锤去砸石板结果石板被砸烂了，而人安然无恙。老师为此做了几个模拟实验。
（1）探究人睡在钉床上为什么不受伤：
实验一：在大小相同的两块平板上，用约100颗钉子做成了钉床甲，6颗钉子做成了钉床乙，如图2所示（钉子规格相同）。将一个塑料袋装满水封好（代表人体），先后放到两个钉床上，发现它放到钉床甲上未被扎破，而放到钉床乙上却被扎破了。所以睡在钉床上的人不受伤，是由于接触面积 ，压强 的缘故；
（2）探究石板的作用：
实验二：如图3中的两个鸡蛋，其中一个的蛋黄和蛋白已经被取出，只剩下一个空壳，质量是7g；另一个完好无损，质量是66g。把它们并排放在桌子上，然后沿图示箭头的方向用嘴吹一下，发现空壳立刻转动了起来，而另一个几乎不动。说明质量大的物体，惯性 ；而惯性 的物体，运动状态 。
实验三：如图4，将钉床甲放在地面上，在钉床上放装满水并封好的塑料袋，再在上面放一块石板，质量为1657g，然后用锤子敲石板上面的核桃，结果核桃被敲碎了，塑料袋完好：将石板换成一块木板，质量为142g，用几乎一样的力敲核桃，结果核桃未碎而塑料袋破了。
综合以上两个实验，你认为石板为什么会有这样的保护作用 。
（3）下面三个事例中与实验二、三所探究的问题不一样的是
A．篮球比铅球掷得远
B．乒乓球离开球拍后还能继续运动
C．同一辆自行车，一个人骑比两个人骑更容易刹车
四、综合题（本大题共3小题，共24分）．请考生用黑色碳素笔在答题卡上作答，解答时应写出必要的文字说明和公式并代数值和单位计算，文字说明应简明扼要．
24．（10分）一人用桶从井里取水，已知桶的容积是6L，空桶的质量是1.5kg，忽略绳子的重力。（ρ水＝1.0×103kg/m3、g＝10N/kg）求：
（1）装满水后水的质量；
（2）用绳子把桶放到井里，进入一些水后，桶仍然漂浮在水中，此时它排开水的体积是3×10﹣3m3，桶受到的浮力；
（3）将一满桶水从桶底刚好离开水面开始匀速提高5m，绳子的拉力做的功；
（4）提水的效率。
25．（8分）如图所示电路，电源电压保持不变，滑动变阻器R’的最大阻值为30Ω，小灯泡L上标有“2.5W”字样（忽略温度对灯泡电阻的影响）。
（1）滑片移至最右端，闭合开关后，电流表的示数为0.3A，小灯泡的功率为0.9W，求电源电压。
（2）将滑片移至某一位置时，电压表的示数为7V，此时小灯泡正常发光，求小灯泡正常发光时的电流和电路的总功率。
（3）若把小灯泡换成一个定值电阻R，假设电流流过电阻R产生的热量为Q、转化的电能为E、做的功为W，请写出这三个物理量的大小关系。
26．（6分）如图是一个饮水机的简化示意图（饮水机的外壳被省去了，支撑水桶的地方并不密封）。水桶被倒扣在饮水机上后，桶中的水会流到下面的储水盒里，当满足一定条件后，水不再往下流；打开储水盒上的龙头，流出一些水后，桶中的水又继续流动。那么
（1）储水盒里的水面到达 位置（选填“A”或“B”），水桶里的水才不再往下流；
（2）某时刻，桶中的水处于静止状态，桶中的水面与储水盒里的水面的高度差为h，那么桶外大气的压强与桶内水面上方的压强差是多少？
（3）若桶底裂了一个缝，将出现什么现象？
（4）若将水桶口向上放在桌子上，如图2所示，将一根管子的一端插入水桶中，从另一端吮吸，待水到达管中一定位置后，水会自动从管中流出（养金鱼的人给鱼缸换水也常用这种方法）。设当地的大气压为p0，水面距桶口的高度为h1．请通过计算说明，管子中的水至少要被“吸”到什么位置时，桶中的水才会自动从管子中流出？
2019年云南省昆明市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本大题共8小题，每小题3分，共24分）．下列各题的答案中只有一个是正确的，请考生用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．
1．（3分）如图是研究产生感应电流的实验，下列说法正确的是（ ）
A．只要导体AB在磁场中运动，电流表的指针就会发生偏转
B．对调两个磁极方向，电流表的指针偏转方向发生改变
C．改变导体AB切割磁感线的方向，电流表的指针偏转方向不发生改变
D．电磁感应是把电能转化成机械能
【分析】如图是电磁感应原理图，从电磁感应定义、感应电流方向影响因素、能的转化角度考虑。
【解答】解：
A、闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线运动时，电路中才产生感应电流，电流表的指针才发生偏转；若导体AB在磁场中运动时没有切割磁感线，则电流表的指针不会发生偏转，故A项说法错误。
B、切割磁感线的方向不变，对调两个磁极方向，则感应电流的方向改变，电流表的指针偏转方向发生改变，故B项说法正确。
C、磁场方向不变，改变导体AB切割磁感线的方向，则感应电流的方向改变，电流表的指针偏转方向发生改变，故C项说法错误。
D、电磁感应是把机械能转化为电能，故D项说法错误。
故选：B。
【点评】判断是否产生感应电流从三个条件进行判断：闭合电路、一部分导体、做切割磁感线运动，三个条件缺一不可。
2．（3分）如图所示，用漆包线（导线表面涂有绝缘漆）绕在纸筒上做成了一个螺线管，用来研究螺线管磁性强弱与哪些因素有关。闭合开关后，发现螺线管能够吸引一些铁钉，要使它能吸引更多铁钉的办法是（ ）
A．在纸筒中插入一根铁芯 B．减少线圈匝数
C．使滑动触头P向右滑动 D．将电源正负极互换
【分析】电磁铁的磁性强弱与电流的大小、线圈匝数和有无铁芯有关，磁性的强弱是无法直接观察的。利用磁性的不同产生的磁力不同来认识电磁铁磁性的强弱不同，此题中就是利用电磁铁吸引大头针数目的不同来反映磁性强弱的不同的，这是一种转换的方法。
【解答】解：电磁铁的磁性强弱与电流的大小、线圈匝数和有无铁芯有关，
A、在纸筒中插入一根铁芯可以使电磁铁磁性增强，能吸引更多铁钉，故A符合题意；
B、减少线圈匝数可以使电磁铁磁性减弱，不能吸引更多铁钉，故B不符合题意；
C、使滑动触头P向右滑动，滑动变阻器的电阻变大，电路中的电流变小，电磁铁磁性减弱，不能吸引更多铁钉，故C不符合题意；
D、将电源正负极互换不能增强电磁铁的磁性，不能吸引更多铁钉，故D不符合题意；
故选：A。
【点评】对影响电磁铁磁性强弱的因素，是我们必须熟记的内容。
3．（3分）下列说法中正确的是（ ）
A．放大镜是凹透镜
B．凸透镜总是成实像
C．凸透镜只能成倒立的像
D．凹透镜对光线有发散作用
【分析】（1）从凸透镜成像的几种情况进行分析：
u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机。
2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，应用于投影仪。
u＜f，成正立、放大的虚像，应用于放大镜。
（2）凸透镜对光线有会聚作用，凹透镜对光线有发散作用。
【解答】解：A、放大镜是凸透镜，根据物距小于焦距时，成正立放大虚像的原理制成，故A错误；
BC、由凸透镜成像规律可知，凸透镜可以成倒立的实像，也可以成正立的放大的虚像，故BC错误；
D、凹透镜对光线有发散作用，故D正确。
故选：D。
【点评】此题考查了有关凸透镜成像的规律及应用，同时考查了凹透镜的发散作用，是一道基础性题目。
4．（3分）下列说法中正确的是（ ）
A．绝缘体就是绝对不导电
B．“花香四溢”是分子的扩散现象
C．x光不是电磁波
D．质子不带电
【分析】（1）导体和绝缘体之间没有绝对的界线，在一定的条件下，绝缘体也可以变为导体；
（2）扩散现象，是分子不停运动的结果，分子是看不见的，但固体小颗粒是看得见的；
（3）电磁波是一个大家族，无线电波、可见光、红外线、紫外线、微波等都是电磁波；
（4）原子是由原子核和核外电子组成，原子核由质子和中子组成。
【解答】解：
A、导体和绝缘体之间没有绝对的界线，在一定的条件下，绝缘体也可以变为导体，故A错误；
B、花香四溢，属于扩散现象，是分子不停地做无规则运动的结果，故B正确；
C、电磁波包括无线电波、可见光、不可见光（含X光）、微波等，所以X光是电磁波的一部分，故C错误；
D、原子是由原子核和带负电的核外电子组成，原子核由带正电的质子和不带电的中子组成，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了多方面的知识，要求学生对物理知识有一个全面的了解并能学以致用。
5．（3分）如图是汽油机工作的四个冲程，其中表示排气冲程的是（ ）
A．甲 B．乙 C．丙 D．丁
【分析】判断汽油机的四个冲程，先看进气门和排气门的关闭情况，进气门打开的是吸气冲程，排气门打开的是排气冲程，进气门和排气门都关闭的是压缩冲程或者做功冲程；活塞上行为压缩冲程和排气冲程；活塞下行为吸气冲程和做功冲程。
【解答】解：
A、两气门都关闭，活塞上行，汽缸容积变小，是压缩冲程，故A不符合题意；
B、进气门开启，活塞下行，气体流入汽缸，是吸气冲程，故B不符合题意；
C、排气门开启，活塞上行，气体流出汽缸，是排气冲程，故C符合题意；
D、两气门都关闭，活塞下行，汽缸容积变大，火花塞喷出电火花，是做功冲程，故D不符合题意。
故选：C。
【点评】此题考查了对内燃机四个冲程的判断，要结合气门和活塞运动情况进行判断。
6．（3分）如果家庭电路中发生短路，那么（ ）
A．用电器仍然正常工作 B．灯泡烧坏
C．电灯发暗 D．保险丝烧断
【分析】家庭电路过大的原因有两个；发生短路和用电器的总功率过大。发生短路时，没有电流流过用电器，不会烧毁用电器。
【解答】解：（1）如果家庭电路中发生短路，没有电流流过用电器，则用电器不能正常工作，灯泡不会烧坏，故ABC错误；
（2）保险丝在电路中的作用是当电路中有过大电流通过时，保险丝发热自动熔断，切断电路，从而起到保护电路的作用。故D正确。
故选：D。
【点评】此题考查了电学中的有关基础知识，要牢固掌握基础知识，做到举一反三。
7．（3分）一位摄影爱好者早上在大观河边照像，观察到岸边的建筑物在水面上形成的影像甲和乙并拍摄了下来，如图所示。过了十多分钟后他又回到原位置观察，那么影像甲和乙的大小变化情况是（ ）
A．都变 B．都不变
C．甲变，乙不变 D．甲不变，乙变
【分析】根据平面镜成像像与物等大的特点、影子的形成分析解答即可。
【解答】解：根据题意可知，乙是建筑物在水中倒影，甲是阳光照射下建筑物的影子，
根据平面镜成像像与物等大的特点可知，像的大小只与物体的大小有关，与其他因素无关，所以过了十多分钟后他又回到原位置观察，乙的影像大小不变。
过了十多分钟后，阳光照在建筑物上时，入射角减小，所以甲的影像变小。
故选：C。
【点评】此题考查平面镜成像特点、光沿直线的应用，难度不大，知道影子的成因是解答此题关键。
8．（3分）一个物体静止在水中，如图a所示，将它提高到最高位置（如图b）静止释放，假设只受重力和浮力作用，那么物体会向下运动到最低位置（如图c），然后在最高和最低两个位置之间不停地做上下运动。忽略容器内液面高度变化。则下列说法错误的是（ ）
A．物体向下运动过图a位置时，速度最大
B．物体到达最低位置时，浮力大于重力
C．物体向上运动过图a位置时，浮力小重力
D．物体到达最高位置时，速度等于0
【分析】（1）漂浮时浮力等于重力；
（2）物体从最高处下落时，排开水的体积最小，浮力最小，浮力小于重力，加速下落，当到a位置时浮力等于重力，速度达到最大，继续下落，浮力大于重力，减速下落至最低点；
（3）从最低点上升时浮力大于重力加速上升，当到a位置时，浮力等于重力，速度最大，然后减速上升，上升到最高位置，速度达到零。
【解答】解：a图时，物体处于漂浮状态，浮力等于重力，故C错误；
将物体提高到最高位置时，由静止释放，此时物体排开液体的体积小，浮力小于重力，向下做加速运动，当到达（a）位置时，浮力等于重力，合力为零，速度达到最大，故A正确；
物体到达最低位置时，排开水的体积大于a处时排开水的体积，浮力大于重力，故B正确；
物体到达最高位置时，不再向上运动，速度等于0，故D正确。
故选：C。
【点评】本题考查了浮沉条件的应用以及力与运动的关系，是一道综合题，有一定的难度。
二、填空题（本大题共9小题，每空1分，共20分），请考生用黑色碳素笔在答题卡上作答，不要求写出解答过程．
9．（2分）光的三原色是指红、蓝、 绿 。一个橘黄色的橙子放在黑暗的房间里，用蓝光照射它，橙子呈现 黑 色。
【分析】（1）光的三原色是红、蓝、绿，光的三原色能合成多种彩色光。
（2）不透明物体只能反射和物体相同颜色的光，其它色光被物体吸收。
【解答】解：（1）光的三原色是指红、蓝、绿三种色光。
（2）不透明物体只能反射和物体相同颜色的光，当只有蓝光照射到橘黄色的橙子时，橘黄色的橙子吸收蓝色的光，橙子呈现黑色。
故答案为：绿；黑。
【点评】光的三原色和颜料的三原色容易混淆，注意区分，光的三原色能合成白光，颜料的三原色能合成黑色。
10．（3分）与毛皮摩擦过的橡胶棒所带的电荷是 负 电，验电器是利用了 同种电荷相互排斥 的规律制作的。摩擦起电并不是创造了电荷，而是通过摩擦使电子在两个相互接触的物体间发生了 电子的转移 。
【分析】（1）与毛皮摩擦过的橡胶棒所带的电荷是负电；
（2）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
（3）摩擦起电的实质是电子发生了转移，使物体的正负电荷数不相等。
【解答】解：（1）擦起电的实质是电子的转移，失去电子的物体因为少了电子而带正电，得到电子的物体因为有了多余的电子而带负电；与毛皮摩擦过的橡胶棒所带的电荷是负电；
（2）验电器是利用了同种电荷相互排斥的规律制作的。
（3）当两种束缚电子的能力不同的物质相互摩擦时，束缚电子能力强的得到电子，束缚电子能力弱的失去电子，所以摩擦起电实质上并不是创造了电荷。只是使电子从一个物体转移到另一个物体，使正负电荷数目不相等。
故答案为：负；同种电荷相互排斥；电子的转移。
【点评】本题主要考查学生对摩擦起电的实质和电荷间的相互作用规律的认识和了解，是一道基础题。
11．（2分）如图所示，在波黑一个村子的森林中，发现了一个巨大的圆石，考古学家认为这是欧洲最古老的圆石工法技术的结果。当地村民估计这颗巨石重达35吨，你认为作出这样的估计，需要知道该石头大概的 体积 和 密度 。
【分析】根据密度的变形公式m＝ρV分析解答即可。
【解答】解：密度是物质本身的一种特性，与物质的种类、状态和温度有关，与物质的质量、体积无关，因此可以用来鉴别物质。
根据公式m＝ρV知，要想知道圆石的质量，应该知道该石头的体积和密度，然后利用公式m＝ρV求得质量。
故答案为：体积；密度。
【点评】此题考查密度的应用与物质鉴别，密度是物质本身的一种特性，与物质的种类、状态和温度有关，与物质的质量、体积无关，因此可以用来鉴别物质。
12．（3分）如图所示的军用飞机从上空高速飞过，观察者抬头看到飞机的同时，感觉到飞机发出的隆隆声是从飞机的 后 方发出的（选填“前”或“后”）。飞机在减速下降过程中，机械能将 减小 ，势能将 减小 。（选填“增大”、“不变”或“减小”）
【分析】（1）光的速度大于声音的速度；
（2）影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，其中动能和势能统称为机械能。在分析各个能量的变化时，根据各自的影响因素进行分析。
【解答】解：因为光的速度大于声音的速度，所以观察者抬头看到飞机的同时，感觉到飞机发出的隆隆声是从飞机的后方发出的；
飞机在减速下降过程中，质量不变，速度和高度都变小，动能和重力势能都减小，机械能为动能和势能之和，所以机械能将减小。
故答案为：后；减小；减小。
【点评】此题主要考查光和声音的传播速度、机械能的大小变化。掌握动能、重力势能的影响因素，理解重力势能和动能的转化可从高度和速度来理解，可以帮助我们更好的理解能量的转化。
13．（2分）6月5日是世界环境日，为减少环境污染和生态破坏，实现节能减排，中国在沿海地区大力推广风力发电。这种发电方式是把 风能 转化成电能；在众多能源中，煤、石油、天然气和铀矿等都属于 不可再生 （选填“可再生”或“不可再生”）能源。
【分析】（1）风力发电过程是将机械能转化为电能的过程；
（2）像水能、风能、太阳能、生物质能等都是能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；像化石能源、核能等短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源。
【解答】解：风力发电是利用空气的动能带动发电机发电，本质上是将风能转化为电能；
煤、石油、天然气和铀矿等在地球上的储量是有限的，短期内不能从自然界得到补充，属于不可再生能源。
故答案为：风能；不可再生。
【点评】此题考查了风能的利用和能源的分类，属于基础知识的考查，难度不大。
14．（2分）将0℃的水和等质量的80℃的水相混合，则混合后水的温度是 40 ℃；若将0℃的冰和等质量的80℃的水相混合，结果发现，冰全部熔化成了水，但水的温度维持0℃，这个现象说明 熔化吸热 。（不计热量损失）
【分析】（1）不计热量损失，根据Q吸＝Q放列方程算出水的末温度；
（2）晶体在熔化的过程中，吸热，但温度不变。
【解答】解：（1）0℃的水和80℃的水，质量相等，不计热量损失，所以Q吸＝Q放，
即cm（t﹣t01）＝cm（t02﹣t），
所以t﹣t01＝t02﹣t，
t＝（t02+t01）＝×（80℃+0℃）＝40℃；
（2）将0℃的冰和等质量的80℃的水相混合，冰要吸热，但发现，冰全部熔化成了水，但水的温度维持0℃，说明冰在熔化的过程中吸热。
故答案为：40；熔化吸热。
【点评】此题主要考查的是学生对热量计算公式和热平衡方程的理解和掌握以及对熔化吸热的理解，有一定的难度。
15．（2分）如图甲所示的电路中，电源电压为9V保持不变，G为灵敏电流计，其内电阻为Rg保持不变；R为热敏电阻，其电阻与温度的关系如图乙所示。闭合开关，当热敏电阻所在的环境温度等于20℃时，电流计的示数是2mA．则当电流计的示数是9mA时，热敏电阻的阻值是 500 Ω，它所在的环境温度是 140 ℃。
【分析】闭合开关S，当R的温度等于20℃时，电流表示数I1＝2mA，根据闭合电路欧姆定律可求得电流表的内阻Rg；
当电流表的示数I2＝3.6mA时，根据闭合电路欧姆定律可求R，由图读出温度。
（1）由图象求出温度为20℃时热敏电阻的阻值，然后由欧姆定律求出灵敏电流表的内阻；
（2）由欧姆定律求出电路电流是I2＝9mA时，热敏电阻的阻值，然后由图象求出该阻值所对应的温度。
【解答】解：
（1）由图象知，20℃时热敏电阻的阻值R＝4000Ω，由串联电路特点及欧姆定律得：
U＝I1（R+Rg），即：9.0V＝0.002A×（4000Ω+Rg），
解得：Rg＝500Ω。
（2）当电流I2＝9mA＝0.009A时，由串联电路特点及欧姆定律得：
U＝I2（R′+Rg）即：9.0V＝0.009A×（R′+500Ω），解得：R′＝500Ω；
由图象知，此时热敏电阻的温度t＝140℃。
故答案为：500；140。
【点评】本题考查了串联电路的特点、欧姆定律、识图能力，熟练掌握串联电路的特点、欧姆定律是正确解题的前提，由图象找出热敏电阻的阻值与对应的温度关系是解题的关键；解题时注意单位换算。
16．（2分）如图是一个家用电热水龙头。打开龙头开关，几秒就可以流出热水，这种加热水的过程很短，俗称“过水热”。某品牌电热水龙头的额定功率是3000W，额定电压是220V，则该电热水龙头正常工作时的电阻是 16.1 Ω（计算结果精确到0.1）。某次使用该龙头加热水时，测得实际电压为235V，水的初温为21℃，加热14s，得到0.5L、末温42℃的热水，则加热水的功率是 3150 W（c水＝4.2×103J/（kg•℃））
【分析】（1）知道的额定功率，利用P＝求正常工作时的电阻R；
（2）知道水的体积，根据公式m＝ρV求出水的质量，由表中数据知道水的质量、水的比热容、水的温度升高值，利用吸热公式Q吸＝cm△t求水吸收的热量；利用P＝求加热水的实际功率。
【解答】解：
（1）由P＝可得，该电热水龙头正常工作时的电阻：
R＝＝≈16.1Ω；
（2）由ρ＝可得，加热的水的质量：
m＝ρV＝1×103kg/m3×0.5×10﹣3m3＝0.5kg，
水吸收的热量（有用能量）：
Q吸＝cm△t＝4.2×103J/（kg•℃）×0.5kg×（42℃﹣21℃）＝4.41×104J；
则加热水的功率：
P实＝＝≈3150W。
故答案为：16.1；3150。
【点评】本题考查了电功率公式的应用和热量公式的应用计算，关键是知道电流产生的热量全部被水吸收。
17．（2分）为解决山区缺水问题，一些农户修建了水窖，在雨季将雨水收集到水窖中，以备干早季节使用。小明家也修建了这样一个水窖，形状如图所示。为便于观察储水情况，小明在水窖底部安装了一个压力传感器，压力大小在显示屏上显示。压力大表示水窖中的水较 深 。用水过程中发现，虽然每天用水量基本相同，但每天压力大小下降却不相同，而且随着储水量的减少，下降得越来越快，出现该现象的原因是 水窖上粗下细 。
【分析】根据液体压强公式和压强定义式分析解答第一空；根据水窖的形状分析解答第二空。
【解答】解：根据p＝可知，传感器受到的压力大，说明传感器受到水的压强大，根据p＝ρgh可知，表示水窖中的水较深；
由图可知，水窖上粗下细，每天用水量基本相同时，随着储水量的减少，下降得越来越快，则压强变化越快，故每天压力大小下降不相同。
故答案为：深；水窖上粗下细。
【点评】此题考查液体压强特点在实际生活中的应用，难度不大，但题目来源于生活，贴近学生实际，利于激发学生学习物理的兴趣，是一道好题。
三、作图、实验与探究题（本大题共6小题共32分）．请考生用黑色碳素笔在答题卡上作图和解答，答题中需要文字说明的应简明扼要．
18．（2分）图中物体的长度是 37.0 mm。
【分析】刻度尺的分度值是刻度尺相邻两刻度线表示的长度。使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。
【解答】解：
由图知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm＝1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；
物体左侧与3.00cm对齐，右侧在6.70cm对齐，所以物体的长度为L＝6.70cm﹣3.00cm＝3.70cm＝37.0mm。
故答案为：37.0。
【点评】初中物理学习了很多测量工具的使用，但没有特殊说明，只有刻度尺的读数要有估读值，其它只要读到准确值即可。
19．（2分）请在图中将小磁针的北极涂黑，并以“N”表示。
【分析】由于磁体周围的磁感线从N极出发回到S极，磁感线上的任何一点的切线方向跟小磁针放在该点的北极指向一致，故可标出磁感线的方向。
【解答】解：由于磁体周围的磁感线从N极出发回到S极，磁感线上的任何一点的切线方向跟小磁针放在该点的北极指向一致，故可标出磁感线的方向，如下图所示：
。
【点评】考查了磁感线的特点。小磁针N极在磁场受力方向与磁感线方向一致。
20．（2分）请画出图中力F的力臂，并以“L”表示。
【分析】支点到力的作用线的垂直距离是力臂，从支点作力的作用下的垂线段即可作出力臂。
【解答】解：已知支点O，延长F画出力的作用线，从支点向力F的作用线作垂线段，即可作出其力臂L，如图所示：
【点评】本题考查了作力的力臂问题，先确定支点，然后再作力臂，掌握力臂的作法即可正确解题。
21．（8分）今年5月，昆明市气温连续10天达到30℃左右，让“冬无严寒，夏无酷暑”的昆明人着实体验了一下什么叫“酷暑难耐”。往室内地面上洒水、打开窗户通风、尽量穿短衣短裤等避暑手段纷纷登场。这些措施为什么可以使人感觉到凉爽？小林同学准备了滴管、水、两块玻璃片、吹风机（有加热和不加热两档），请你加入进来一起探究蒸发快慢与哪些因素有关。
（1）小林用滴管把两滴水分别滴在两块玻璃片上，并将其中一滴水摊开，把它们放在室内，观察蒸发情况，这是探究蒸发快慢与 液体表面积 的关系；
（2）如果要探究蒸发快慢与液体表面空气流动快慢的关系，应该 保持两滴水的大小、温度和表面积相同 然后用吹风机（不加热档） 对其中一滴水吹风 ，观察蒸发情况；
（3）为了探究蒸发快慢与温度的关系，小林用滴管把两滴水分别滴在两块玻璃片上，然后用吹风机（加热档）去吹其中一滴水，观察蒸发情况，这样做是 错误 的，原因是 没有控制空气的流动速度相同 ；
（4）该实验将水滴在玻璃片上而不滴在木板上，这是为了 防止因材料吸水影响实验效果 ；
（5）发烧病人使用酒精擦拭身体降温比用水擦拭的效果更好；一滴油和一滴水掉在玻璃桌面上，水很快就不见了，而油还在，由此，你的猜想是 液体蒸发的快慢与液体的种类有关 ；
（6）小林同学上公共厕所洗完手后，用如图所示的烘干机（手一放进去就自动吹暖风的机器）使手上的水快速蒸发。当他把干燥的左手和沾水的右手，同时放进烘干机内，左手感觉吹的是暖风，而右手感觉吹的却是凉风，这是因为 水蒸发吸热，有致冷作用 。
【分析】影响液体蒸发快慢的因素有：温度、表面积和液体表面上方的空气流动快慢等；当探究蒸发快慢与其中某个因素的关系时，应采用控制变量法的思想，控制相同因素，改变不同因素。
【解答】解：（1）把两滴水分别滴在两块玻璃片上，并将其中一滴水摊开，保持了温度、空气流动速度相同，只有液体表面积不同，因此，这是探究蒸发快慢与液体表面积的关系；
（2）根据控制变量法，如果要探究蒸发快慢与液体表面空气流动快慢的关系，应该保持两滴水的大小、温度和表面积相同然后用吹风机（不加热档）对其中一滴水吹风，观察蒸发情况；
（3）探究蒸发快慢与温度的关系，应控制表面积和空气流动速度相同，而如果用吹风机（加热档）去吹其中一滴水，则空气流动速度和温度都发生了改变，因此这样做是错误的；
（4）实验中将水滴在玻璃片上而不滴在木板上，这是为了防止因材料吸水影响实验效果；
（5）一滴油和一滴水掉在玻璃桌面上，水很快就不见了，而油还在，由此，可做出的猜想是液体蒸发的快慢与液体的种类有关；
（6）因为水蒸发吸热，有致冷作用，所以当他把干燥的左手和沾水的右手，同时放进烘干机内，左手感觉吹的是暖风，而右手由于水蒸发吸热，所以感觉吹的却是凉风。
故答案为：（1）液体表面积；（2）保持两滴水的大小、温度和表面积相同；对其中一滴水吹风；（3）错误；没有控制空气的流动速度相同；
（4）防止因材料吸水影响实验效果；（5）液体蒸发的快慢与液体的种类有关；（6）水蒸发吸热，有致冷作用。
【点评】解答本题的关键是了解影响蒸发快慢的三个因素，同时对控制变量法的应用有一个熟练的掌握。
22．（8分）在“探究电流产生的热量与哪些因素有关”的实验中，提供了如图的实验器材，其中R1＞R2
实验一：探究电流产生的热量与电阻的关系
（1）请按照图中的电路图将对应实物图连接完整；
（2）电路中电阻丝的连接方式是为了控制 电流相等 ；电阻丝放出热量的多少，通过 温度计的示数变化 来进行判断；
（3）闭合开关，经过一定时间，用电阻丝R1加热的煤油温度升高了△t1，用电阻丝R2加热的煤油温度升高了△t2，那么△t1 大于 △t2（选填“大于”，“等于”或“小于“）。
实验二：探究电流产生的热量与电流的关系
（4）闭合开关，移动滑动变阻器的滑动触头，使电路中的电流变成实验一中电流的2倍，且通电时间相同。实验发现：用电阻丝R1（或R2）加热的煤油，温度升高量△t1’（或△t2’） 大于 2△t1（或2△t2）（选填“大于”，“等于”或“小于”），该实验说明电流产生的热量与电流 不成 正比例关系。
（5）你认为做这个实验产生误差的主要原因是 两瓶中煤油的质量是否相等或两温度计的准确性是否一致 。
【分析】（1）根据左图，将两电阻丝串联，变阻器左下接线柱连入电路中；
（2）串联电路各处的电流相等；电流产生的热量不易比较，可让初温、质量相同的煤油吸热，根据△t＝比较煤油升高的温度确定产生的热量，采用了转换法；
（3）根据Q＝I2Rt，闭合开关，因电流和通电时间相同，根据R1＞R2和△t＝分析；
实验二：探究电流产生的热量与电流的关系
（4）根据Q＝I2Rt和△t＝分析；
（5）从煤油的质量和温度计测量的准确性进行考虑。
【解答】解：（1）根据左图，将两电阻丝串联，变阻器左下接线柱连入电路中，如下图所示：
（2）电路中电阻丝的连接方式是为了控制电流相等；根据转换法，电阻丝放出热量的多少，是通过温度计的示数变化来进行判断的；
（3）闭合开关，因电流和通电时间相同，R1＞R2，根据Q＝I2Rt可知，经过一定时间，R1产生的热量多，
根据△t＝可知△t1大于△t2；
实验二：探究电流产生的热量与电流的关系
（4）闭合开关，移动滑动变阻器的滑动触头，使电路中的电流变成实验一中电流的2倍，且通电时间相同，根据Q＝I2Rt可知，电阻丝产生的热量是原来的4倍；
根据△t＝可知，用电阻丝R1（或R2）加热的煤油，温度升高量△t1’（或△t2’） 大于2△t1（或2△t2），该实验说明电流产生的热量与电流不成正比例关系。
（5）这个实验产生误差的主要原因是：两瓶中煤油的质量是否相等或两温度计的准确性是否一致。
故答案为：（1）如上图所示；（2）电流相等；温度计的示数变化；（3）大于；（4）大于；不成；（5）两瓶中煤油的质量是否相等或两温度计的准确性是否一致。
【点评】本题探究电流产生的热量与哪些因素有关，考查转换法和控制变量法的运用、串联电路的规律的焦耳定律的运用及△t＝的运用和误差分析。
23．（10分）图1是表演“睡钉床、砸石板”的节目：一个人躺在若干钉子做成的“床”上，身上盖一块石板，旁边一个人用大锤去砸石板结果石板被砸烂了，而人安然无恙。老师为此做了几个模拟实验。
（1）探究人睡在钉床上为什么不受伤：
实验一：在大小相同的两块平板上，用约100颗钉子做成了钉床甲，6颗钉子做成了钉床乙，如图2所示（钉子规格相同）。将一个塑料袋装满水封好（代表人体），先后放到两个钉床上，发现它放到钉床甲上未被扎破，而放到钉床乙上却被扎破了。所以睡在钉床上的人不受伤，是由于接触面积 增大 ，压强 减小 的缘故；
（2）探究石板的作用：
实验二：如图3中的两个鸡蛋，其中一个的蛋黄和蛋白已经被取出，只剩下一个空壳，质量是7g；另一个完好无损，质量是66g。把它们并排放在桌子上，然后沿图示箭头的方向用嘴吹一下，发现空壳立刻转动了起来，而另一个几乎不动。说明质量大的物体，惯性 大 ；而惯性 大 的物体，运动状态 不容易改变 。
实验三：如图4，将钉床甲放在地面上，在钉床上放装满水并封好的塑料袋，再在上面放一块石板，质量为1657g，然后用锤子敲石板上面的核桃，结果核桃被敲碎了，塑料袋完好：将石板换成一块木板，质量为142g，用几乎一样的力敲核桃，结果核桃未碎而塑料袋破了。
综合以上两个实验，你认为石板为什么会有这样的保护作用 质量大石板压在装满水并封好的塑料袋上，将塑料袋压平，从而增大了受力面积，减小了压强 。
（3）下面三个事例中与实验二、三所探究的问题不一样的是 B
A．篮球比铅球掷得远
B．乒乓球离开球拍后还能继续运动
C．同一辆自行车，一个人骑比两个人骑更容易刹车
【分析】（1）压强与压力和受力面积大小有关，在压力一定时，受力面积越大，压强越小。
（2）质量决定了惯性的大小，质量越大，惯性越大；质量大石板压在装满水并封好的塑料袋上，将塑料袋压平，从而增大了受力面积，当用锤子敲石板上面的核桃时与将石板换成一块木板相比，压强减小。
（3）根据质量决定了惯性的大小对ABC分析。
【解答】解：（1）钉床甲100颗钉子做成，6颗钉子做成了钉床乙，由此可知，将一个塑料袋装满水封好（代表人体），先后放到两个钉床上，甲的受力面积大于乙的受力面积，在压力不变时，受力面积越大，压强越小，所以发现它放到钉床甲上未被扎破，而放到钉床乙上却被扎破了；
（2）因为惯性的大小与质量有关，并且从短文中也可以看出质量越大，惯性越大；而惯性大的物体，运动状态不容易改变。
质量大的石板压在装满水并封好的塑料袋上，力可以改变物体的形状，石板将塑料袋压平，从而增大了受力面积；
将石板换成一块木板，与石板相比，质量小，对装满水并封好的塑料袋的压力小，当用几乎一样的力敲上面的核桃时，石板下面的塑料袋受到的压强小，木板下面的塑料袋受到的压强大，所以核桃未碎而塑料袋破了。
（3）A．篮球比铅球质量小，使用同样大的力篮球比铅球掷得远，说明质量小的惯性小，越容易改变其运动状态，故A不符合题意；
B．乒乓球离开球拍后由于惯性还要保持原来的运动状态，所以能继续运动，没有涉及到质量的大小，故B符合题意；
C．同一辆自行车，一个人骑比两个人骑，质量小，越容易改变其运动状态，即更容易刹车，故C不符题意。
故答案为：（1）增大；减小；（2）大；大；不容易改变；质量大石板压在装满水并封好的塑料袋上，将塑料袋压平，从而增大了受力面积，减小了压强；（3）B。
【点评】本题考查了学生对惯性和压强影响因素的了解与掌握，利用所学知识破解“绝技”秘密，有意义！
四、综合题（本大题共3小题，共24分）．请考生用黑色碳素笔在答题卡上作答，解答时应写出必要的文字说明和公式并代数值和单位计算，文字说明应简明扼要．
24．（10分）一人用桶从井里取水，已知桶的容积是6L，空桶的质量是1.5kg，忽略绳子的重力。（ρ水＝1.0×103kg/m3、g＝10N/kg）求：
（1）装满水后水的质量；
（2）用绳子把桶放到井里，进入一些水后，桶仍然漂浮在水中，此时它排开水的体积是3×10﹣3m3，桶受到的浮力；
（3）将一满桶水从桶底刚好离开水面开始匀速提高5m，绳子的拉力做的功；
（4）提水的效率。
【分析】（1）由密度公式变形，m＝ρV可求质量；
（2）根据F浮＝ρ液gV排可求桶受到的浮力；
（3）绳子的拉力做的功等于提升一桶水和桶做的功，根据W＝G总h可求；
（4）提水的效率η＝可求。
【解答】解：（1）由ρ＝可得，装满水后水的质量：
m＝ρV＝1.0×103kg/m3×6×10﹣3m3＝6kg；
（2）桶受到的浮力；
F浮＝ρ液gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×3×10﹣3m3＝30N；
（3）绳子的拉力做的功：
W＝G总h＝（m桶+m）gh＝（1.5kg+6kg）×10N/kg×5m＝375J；
（4）提水的效率：
η＝＝＝×100%＝80%。
答：（1）装满水后水的质量是6kg；
（2）用绳子把桶放到井里，进入一些水后，桶仍然漂浮在水中，此时它排开水的体积是3×10﹣3m3，桶受到的浮力是30N；
（3）将一满桶水从桶底刚好离开水面开始匀速提高5m，绳子的拉力做的功是375J；
（4）提水的效率是80%。
【点评】本题主要考查密度、浮力、做的功和机械效率，是一道综合题。
25．（8分）如图所示电路，电源电压保持不变，滑动变阻器R’的最大阻值为30Ω，小灯泡L上标有“2.5W”字样（忽略温度对灯泡电阻的影响）。
（1）滑片移至最右端，闭合开关后，电流表的示数为0.3A，小灯泡的功率为0.9W，求电源电压。
（2）将滑片移至某一位置时，电压表的示数为7V，此时小灯泡正常发光，求小灯泡正常发光时的电流和电路的总功率。
（3）若把小灯泡换成一个定值电阻R，假设电流流过电阻R产生的热量为Q、转化的电能为E、做的功为W，请写出这三个物理量的大小关系。
【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）滑片移至最右端，闭合开关后，根据欧姆定律求出滑动变阻器两端的电压，根据P＝UI求出灯泡两端的电压，然后即可根据串联电路的电压特点求出电源电压；
（2）将滑片移至某一位置时，小灯泡正常发光，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据P＝UI求出小灯泡正常发光时的电流和电路的总功率。
（3）若把小灯泡换成一个定值电阻R，通过电阻的电流所做多少功，电阻就需要消耗多少电能，根据电阻的热效应可知：通过电阻的电流所做的功都用于产生热量。
【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）滑片移至最右端，闭合开关后，滑动变阻器的电阻全部连入电路，
根据I＝可得滑动变阻器两端的电压：
U′＝IR′＝0.3A×30Ω＝9V，
根据P＝UI可得灯泡两端的电压：
UL＝＝＝3V，
则电源电压U＝U′+UL＝9V+3V＝12V。
（2）将滑片移至某一位置时，由于小灯泡正常发光，
根据串联电路的总电压等于各电阻两端的电压之和可得：
灯泡的额定电压U额＝U﹣U″＝12V﹣7V＝5V；
根据P＝UI可得灯泡正常发光时的电流：
IL＝＝＝0.5A，
电路的总功率P总＝UIL＝12V×0.5A＝6W。
（3）若把小灯泡换成一个定值电阻R，根据电阻的热效应可知：通过电阻的电流所做的功都用于产生热量。则Q＝W；
由于通过电阻的电流所做多少功，电阻就需要消耗多少电能，则W＝E；
所以，Q＝W＝E。
答：（1）电源电压为12V。
（2）小灯泡正常发光时的电流为0.5A；电路的总功率为6W。
（3）这三个物理量的大小关系是Q＝W＝E。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意本题中电阻消耗的电能的去向。
26．（6分）如图是一个饮水机的简化示意图（饮水机的外壳被省去了，支撑水桶的地方并不密封）。水桶被倒扣在饮水机上后，桶中的水会流到下面的储水盒里，当满足一定条件后，水不再往下流；打开储水盒上的龙头，流出一些水后，桶中的水又继续流动。那么
（1）储水盒里的水面到达 B 位置（选填“A”或“B”），水桶里的水才不再往下流；
（2）某时刻，桶中的水处于静止状态，桶中的水面与储水盒里的水面的高度差为h，那么桶外大气的压强与桶内水面上方的压强差是多少？
（3）若桶底裂了一个缝，将出现什么现象？
（4）若将水桶口向上放在桌子上，如图2所示，将一根管子的一端插入水桶中，从另一端吮吸，待水到达管中一定位置后，水会自动从管中流出（养金鱼的人给鱼缸换水也常用这种方法）。设当地的大气压为p0，水面距桶口的高度为h1．请通过计算说明，管子中的水至少要被“吸”到什么位置时，桶中的水才会自动从管子中流出？
【分析】（1）结合图示分析；
（2）根据力的平衡，桶内水面上方气体的压强加上桶内水本向产生的压强等于外界大气压结合p＝ρ水gh分析；
（3）若桶底裂了一个缝，根据边通器原理分析；
（4）设桶中水自动流出时右边管子中的水到管子最高点的高度为H，取管子最高处液片进行受力分析，
当p向左≥p向右水会自动流出。
【解答】解：
（1）由题知，支撑水桶的地方并不密封，若储水盒内的水位低于B时，水会一直向下流，直到桶内的水上升到B处，此时桶内水的压强与桶内水面上方气压（空气溶于水）等于外界大气压强，水桶里的水才不再往下流；
（2）桶中的水处于静止状态，根据力的平衡可知，此时桶内水产生的压强与桶内水面上方气压等于储水盒水面上方的大气压强，即p0＝p水+p内，而p水＝ρ水gh，
则桶外大气的压强与桶内水面上方的压强差△p＝p0﹣p内＝p水＝ρ水gh；
（3）若桶底裂了一个缝，桶内与大气相通，桶内水面上方气体的压强等于大气压强，则桶内的水将在重力的作用下流出，直到桶内水面与储水盒水面相平；
（4）设桶中水自动流出时右边管子中的水到管子最高点的高度为H，取管子最高处液片进行受力分析，
液片受到左边水的压强为：p向右＝p0﹣ρ水gh1，
液片受到右边水的压强为：p向左＝p0﹣ρ水gH，
当p向右≥p向左时，即p0﹣ρ水gh1≥p0﹣ρ水gH，
整理可得H≥h1，所以管子中的水至少要被“吸”到h1位置时，桶中的水才会自动从管子中流出。
故答案为：（1）B；
（2）△p＝ρ水gh；
（3）桶内的水将流出直到桶内水面与储水盒水面相平；
（4）管子中的水至少要被“吸”到h1位置时，桶中的水才会自动从管子中流出。
【点评】本题考查液体压强公式、大气压的运用，难度较大。
2019年云南省昆明市中考物理试卷
一、选择题（本大题共8小题，每小题3分，共24分）．下列各题的答案中只有一个是正确的，请考生用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．
1．（3分）如图是研究产生感应电流的实验，下列说法正确的是（ ）
A．只要导体AB在磁场中运动，电流表的指针就会发生偏转
B．对调两个磁极方向，电流表的指针偏转方向发生改变
C．改变导体AB切割磁感线的方向，电流表的指针偏转方向不发生改变
D．电磁感应是把电能转化成机械能
2．（3分）如图所示，用漆包线（导线表面涂有绝缘漆）绕在纸筒上做成了一个螺线管，用来研究螺线管磁性强弱与哪些因素有关。闭合开关后，发现螺线管能够吸引一些铁钉，要使它能吸引更多铁钉的办法是（ ）
A．在纸筒中插入一根铁芯 B．减少线圈匝数
C．使滑动触头P向右滑动 D．将电源正负极互换
3．（3分）下列说法中正确的是（ ）
A．放大镜是凹透镜
B．凸透镜总是成实像
C．凸透镜只能成倒立的像
D．凹透镜对光线有发散作用
4．（3分）下列说法中正确的是（ ）
A．绝缘体就是绝对不导电
B．“花香四溢”是分子的扩散现象
C．x光不是电磁波
D．质子不带电
5．（3分）如图是汽油机工作的四个冲程，其中表示排气冲程的是（ ）
A．甲 B．乙 C．丙 D．丁
6．（3分）如果家庭电路中发生短路，那么（ ）
A．用电器仍然正常工作 B．灯泡烧坏
C．电灯发暗 D．保险丝烧断
7．（3分）一位摄影爱好者早上在大观河边照像，观察到岸边的建筑物在水面上形成的影像甲和乙并拍摄了下来，如图所示。过了十多分钟后他又回到原位置观察，那么影像甲和乙的大小变化情况是（ ）
A．都变 B．都不变
C．甲变，乙不变 D．甲不变，乙变
8．（3分）一个物体静止在水中，如图a所示，将它提高到最高位置（如图b）静止释放，假设只受重力和浮力作用，那么物体会向下运动到最低位置（如图c），然后在最高和最低两个位置之间不停地做上下运动。忽略容器内液面高度变化。则下列说法错误的是（ ）
A．物体向下运动过图a位置时，速度最大
B．物体到达最低位置时，浮力大于重力
C．物体向上运动过图a位置时，浮力小重力
D．物体到达最高位置时，速度等于0
二、填空题（本大题共9小题，每空1分，共20分），请考生用黑色碳素笔在答题卡上作答，不要求写出解答过程．
9．（2分）光的三原色是指红、蓝、 。一个橘黄色的橙子放在黑暗的房间里，用蓝光照射它，橙子呈现 色。
10．（3分）与毛皮摩擦过的橡胶棒所带的电荷是 电，验电器是利用了 的规律制作的。摩擦起电并不是创造了电荷，而是通过摩擦使电子在两个相互接触的物体间发生了 。
11．（2分）如图所示，在波黑一个村子的森林中，发现了一个巨大的圆石，考古学家认为这是欧洲最古老的圆石工法技术的结果。当地村民估计这颗巨石重达35吨，你认为作出这样的估计，需要知道该石头大概的 和 。
12．（3分）如图所示的军用飞机从上空高速飞过，观察者抬头看到飞机的同时，感觉到飞机发出的隆隆声是从飞机的 方发出的（选填“前”或“后”）。飞机在减速下降过程中，机械能将 ，势能将 。（选填“增大”、“不变”或“减小”）
13．（2分）6月5日是世界环境日，为减少环境污染和生态破坏，实现节能减排，中国在沿海地区大力推广风力发电。这种发电方式是把 转化成电能；在众多能源中，煤、石油、天然气和铀矿等都属于 （选填“可再生”或“不可再生”）能源。
14．（2分）将0℃的水和等质量的80℃的水相混合，则混合后水的温度是 ℃；若将0℃的冰和等质量的80℃的水相混合，结果发现，冰全部熔化成了水，但水的温度维持0℃，这个现象说明 。（不计热量损失）
15．（2分）如图甲所示的电路中，电源电压为9V保持不变，G为灵敏电流计，其内电阻为Rg保持不变；R为热敏电阻，其电阻与温度的关系如图乙所示。闭合开关，当热敏电阻所在的环境温度等于20℃时，电流计的示数是2mA．则当电流计的示数是9mA时，热敏电阻的阻值是 Ω，它所在的环境温度是 ℃。
16．（2分）如图是一个家用电热水龙头。打开龙头开关，几秒就可以流出热水，这种加热水的过程很短，俗称“过水热”。某品牌电热水龙头的额定功率是3000W，额定电压是220V，则该电热水龙头正常工作时的电阻是 Ω（计算结果精确到0.1）。某次使用该龙头加热水时，测得实际电压为235V，水的初温为21℃，加热14s，得到0.5L、末温42℃的热水，则加热水的功率是 W（c水＝4.2×103J/（kg•℃））
17．（2分）为解决山区缺水问题，一些农户修建了水窖，在雨季将雨水收集到水窖中，以备干早季节使用。小明家也修建了这样一个水窖，形状如图所示。为便于观察储水情况，小明在水窖底部安装了一个压力传感器，压力大小在显示屏上显示。压力大表示水窖中的水较 。用水过程中发现，虽然每天用水量基本相同，但每天压力大小下降却不相同，而且随着储水量的减少，下降得越来越快，出现该现象的原因是 。
三、作图、实验与探究题（本大题共6小题共32分）．请考生用黑色碳素笔在答题卡上作图和解答，答题中需要文字说明的应简明扼要．
18．（2分）图中物体的长度是 mm。
19．（2分）请在图中将小磁针的北极涂黑，并以“N”表示。
20．（2分）请画出图中力F的力臂，并以“L”表示。
21．（8分）今年5月，昆明市气温连续10天达到30℃左右，让“冬无严寒，夏无酷暑”的昆明人着实体验了一下什么叫“酷暑难耐”。往室内地面上洒水、打开窗户通风、尽量穿短衣短裤等避暑手段纷纷登场。这些措施为什么可以使人感觉到凉爽？小林同学准备了滴管、水、两块玻璃片、吹风机（有加热和不加热两档），请你加入进来一起探究蒸发快慢与哪些因素有关。
（1）小林用滴管把两滴水分别滴在两块玻璃片上，并将其中一滴水摊开，把它们放在室内，观察蒸发情况，这是探究蒸发快慢与 的关系；
（2）如果要探究蒸发快慢与液体表面空气流动快慢的关系，应该 然后用吹风机（不加热档） ，观察蒸发情况；
（3）为了探究蒸发快慢与温度的关系，小林用滴管把两滴水分别滴在两块玻璃片上，然后用吹风机（加热档）去吹其中一滴水，观察蒸发情况，这样做是 的，原因是 ；
（4）该实验将水滴在玻璃片上而不滴在木板上，这是为了 ；
（5）发烧病人使用酒精擦拭身体降温比用水擦拭的效果更好；一滴油和一滴水掉在玻璃桌面上，水很快就不见了，而油还在，由此，你的猜想是 ；
（6）小林同学上公共厕所洗完手后，用如图所示的烘干机（手一放进去就自动吹暖风的机器）使手上的水快速蒸发。当他把干燥的左手和沾水的右手，同时放进烘干机内，左手感觉吹的是暖风，而右手感觉吹的却是凉风，这是因为 。
22．（8分）在“探究电流产生的热量与哪些因素有关”的实验中，提供了如图的实验器材，其中R1＞R2
实验一：探究电流产生的热量与电阻的关系
（1）请按照图中的电路图将对应实物图连接完整；
（2）电路中电阻丝的连接方式是为了控制 ；电阻丝放出热量的多少，通过 来进行判断；
（3）闭合开关，经过一定时间，用电阻丝R1加热的煤油温度升高了△t1，用电阻丝R2加热的煤油温度升高了△t2，那么△t1 △t2（选填“大于”，“等于”或“小于“）。
实验二：探究电流产生的热量与电流的关系
（4）闭合开关，移动滑动变阻器的滑动触头，使电路中的电流变成实验一中电流的2倍，且通电时间相同。实验发现：用电阻丝R1（或R2）加热的煤油，温度升高量△t1’（或△t2’） 2△t1（或2△t2）（选填“大于”，“等于”或“小于”），该实验说明电流产生的热量与电流 正比例关系。
（5）你认为做这个实验产生误差的主要原因是 。
23．（10分）图1是表演“睡钉床、砸石板”的节目：一个人躺在若干钉子做成的“床”上，身上盖一块石板，旁边一个人用大锤去砸石板结果石板被砸烂了，而人安然无恙。老师为此做了几个模拟实验。
（1）探究人睡在钉床上为什么不受伤：
实验一：在大小相同的两块平板上，用约100颗钉子做成了钉床甲，6颗钉子做成了钉床乙，如图2所示（钉子规格相同）。将一个塑料袋装满水封好（代表人体），先后放到两个钉床上，发现它放到钉床甲上未被扎破，而放到钉床乙上却被扎破了。所以睡在钉床上的人不受伤，是由于接触面积 ，压强 的缘故；
（2）探究石板的作用：
实验二：如图3中的两个鸡蛋，其中一个的蛋黄和蛋白已经被取出，只剩下一个空壳，质量是7g；另一个完好无损，质量是66g。把它们并排放在桌子上，然后沿图示箭头的方向用嘴吹一下，发现空壳立刻转动了起来，而另一个几乎不动。说明质量大的物体，惯性 ；而惯性 的物体，运动状态 。
实验三：如图4，将钉床甲放在地面上，在钉床上放装满水并封好的塑料袋，再在上面放一块石板，质量为1657g，然后用锤子敲石板上面的核桃，结果核桃被敲碎了，塑料袋完好：将石板换成一块木板，质量为142g，用几乎一样的力敲核桃，结果核桃未碎而塑料袋破了。
综合以上两个实验，你认为石板为什么会有这样的保护作用 。
（3）下面三个事例中与实验二、三所探究的问题不一样的是
A．篮球比铅球掷得远
B．乒乓球离开球拍后还能继续运动
C．同一辆自行车，一个人骑比两个人骑更容易刹车
四、综合题（本大题共3小题，共24分）．请考生用黑色碳素笔在答题卡上作答，解答时应写出必要的文字说明和公式并代数值和单位计算，文字说明应简明扼要．
24．（10分）一人用桶从井里取水，已知桶的容积是6L，空桶的质量是1.5kg，忽略绳子的重力。（ρ水＝1.0×103kg/m3、g＝10N/kg）求：
（1）装满水后水的质量；
（2）用绳子把桶放到井里，进入一些水后，桶仍然漂浮在水中，此时它排开水的体积是3×10﹣3m3，桶受到的浮力；
（3）将一满桶水从桶底刚好离开水面开始匀速提高5m，绳子的拉力做的功；
（4）提水的效率。
25．（8分）如图所示电路，电源电压保持不变，滑动变阻器R’的最大阻值为30Ω，小灯泡L上标有“2.5W”字样（忽略温度对灯泡电阻的影响）。
（1）滑片移至最右端，闭合开关后，电流表的示数为0.3A，小灯泡的功率为0.9W，求电源电压。
（2）将滑片移至某一位置时，电压表的示数为7V，此时小灯泡正常发光，求小灯泡正常发光时的电流和电路的总功率。
（3）若把小灯泡换成一个定值电阻R，假设电流流过电阻R产生的热量为Q、转化的电能为E、做的功为W，请写出这三个物理量的大小关系。
26．（6分）如图是一个饮水机的简化示意图（饮水机的外壳被省去了，支撑水桶的地方并不密封）。水桶被倒扣在饮水机上后，桶中的水会流到下面的储水盒里，当满足一定条件后，水不再往下流；打开储水盒上的龙头，流出一些水后，桶中的水又继续流动。那么
（1）储水盒里的水面到达 位置（选填“A”或“B”），水桶里的水才不再往下流；
（2）某时刻，桶中的水处于静止状态，桶中的水面与储水盒里的水面的高度差为h，那么桶外大气的压强与桶内水面上方的压强差是多少？
（3）若桶底裂了一个缝，将出现什么现象？
（4）若将水桶口向上放在桌子上，如图2所示，将一根管子的一端插入水桶中，从另一端吮吸，待水到达管中一定位置后，水会自动从管中流出（养金鱼的人给鱼缸换水也常用这种方法）。设当地的大气压为p0，水面距桶口的高度为h1．请通过计算说明，管子中的水至少要被“吸”到什么位置时，桶中的水才会自动从管子中流出？
2019年云南省昆明市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本大题共8小题，每小题3分，共24分）．下列各题的答案中只有一个是正确的，请考生用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．
1．（3分）如图是研究产生感应电流的实验，下列说法正确的是（ ）
A．只要导体AB在磁场中运动，电流表的指针就会发生偏转
B．对调两个磁极方向，电流表的指针偏转方向发生改变
C．改变导体AB切割磁感线的方向，电流表的指针偏转方向不发生改变
D．电磁感应是把电能转化成机械能
【分析】如图是电磁感应原理图，从电磁感应定义、感应电流方向影响因素、能的转化角度考虑。
【解答】解：
A、闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线运动时，电路中才产生感应电流，电流表的指针才发生偏转；若导体AB在磁场中运动时没有切割磁感线，则电流表的指针不会发生偏转，故A项说法错误。
B、切割磁感线的方向不变，对调两个磁极方向，则感应电流的方向改变，电流表的指针偏转方向发生改变，故B项说法正确。
C、磁场方向不变，改变导体AB切割磁感线的方向，则感应电流的方向改变，电流表的指针偏转方向发生改变，故C项说法错误。
D、电磁感应是把机械能转化为电能，故D项说法错误。
故选：B。
【点评】判断是否产生感应电流从三个条件进行判断：闭合电路、一部分导体、做切割磁感线运动，三个条件缺一不可。
2．（3分）如图所示，用漆包线（导线表面涂有绝缘漆）绕在纸筒上做成了一个螺线管，用来研究螺线管磁性强弱与哪些因素有关。闭合开关后，发现螺线管能够吸引一些铁钉，要使它能吸引更多铁钉的办法是（ ）
A．在纸筒中插入一根铁芯 B．减少线圈匝数
C．使滑动触头P向右滑动 D．将电源正负极互换
【分析】电磁铁的磁性强弱与电流的大小、线圈匝数和有无铁芯有关，磁性的强弱是无法直接观察的。利用磁性的不同产生的磁力不同来认识电磁铁磁性的强弱不同，此题中就是利用电磁铁吸引大头针数目的不同来反映磁性强弱的不同的，这是一种转换的方法。
【解答】解：电磁铁的磁性强弱与电流的大小、线圈匝数和有无铁芯有关，
A、在纸筒中插入一根铁芯可以使电磁铁磁性增强，能吸引更多铁钉，故A符合题意；
B、减少线圈匝数可以使电磁铁磁性减弱，不能吸引更多铁钉，故B不符合题意；
C、使滑动触头P向右滑动，滑动变阻器的电阻变大，电路中的电流变小，电磁铁磁性减弱，不能吸引更多铁钉，故C不符合题意；
D、将电源正负极互换不能增强电磁铁的磁性，不能吸引更多铁钉，故D不符合题意；
故选：A。
【点评】对影响电磁铁磁性强弱的因素，是我们必须熟记的内容。
3．（3分）下列说法中正确的是（ ）
A．放大镜是凹透镜
B．凸透镜总是成实像
C．凸透镜只能成倒立的像
D．凹透镜对光线有发散作用
【分析】（1）从凸透镜成像的几种情况进行分析：
u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机。
2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，应用于投影仪。
u＜f，成正立、放大的虚像，应用于放大镜。
（2）凸透镜对光线有会聚作用，凹透镜对光线有发散作用。
【解答】解：A、放大镜是凸透镜，根据物距小于焦距时，成正立放大虚像的原理制成，故A错误；
BC、由凸透镜成像规律可知，凸透镜可以成倒立的实像，也可以成正立的放大的虚像，故BC错误；
D、凹透镜对光线有发散作用，故D正确。
故选：D。
【点评】此题考查了有关凸透镜成像的规律及应用，同时考查了凹透镜的发散作用，是一道基础性题目。
4．（3分）下列说法中正确的是（ ）
A．绝缘体就是绝对不导电
B．“花香四溢”是分子的扩散现象
C．x光不是电磁波
D．质子不带电
【分析】（1）导体和绝缘体之间没有绝对的界线，在一定的条件下，绝缘体也可以变为导体；
（2）扩散现象，是分子不停运动的结果，分子是看不见的，但固体小颗粒是看得见的；
（3）电磁波是一个大家族，无线电波、可见光、红外线、紫外线、微波等都是电磁波；
（4）原子是由原子核和核外电子组成，原子核由质子和中子组成。
【解答】解：
A、导体和绝缘体之间没有绝对的界线，在一定的条件下，绝缘体也可以变为导体，故A错误；
B、花香四溢，属于扩散现象，是分子不停地做无规则运动的结果，故B正确；
C、电磁波包括无线电波、可见光、不可见光（含X光）、微波等，所以X光是电磁波的一部分，故C错误；
D、原子是由原子核和带负电的核外电子组成，原子核由带正电的质子和不带电的中子组成，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了多方面的知识，要求学生对物理知识有一个全面的了解并能学以致用。
5．（3分）如图是汽油机工作的四个冲程，其中表示排气冲程的是（ ）
A．甲 B．乙 C．丙 D．丁
【分析】判断汽油机的四个冲程，先看进气门和排气门的关闭情况，进气门打开的是吸气冲程，排气门打开的是排气冲程，进气门和排气门都关闭的是压缩冲程或者做功冲程；活塞上行为压缩冲程和排气冲程；活塞下行为吸气冲程和做功冲程。
【解答】解：
A、两气门都关闭，活塞上行，汽缸容积变小，是压缩冲程，故A不符合题意；
B、进气门开启，活塞下行，气体流入汽缸，是吸气冲程，故B不符合题意；
C、排气门开启，活塞上行，气体流出汽缸，是排气冲程，故C符合题意；
D、两气门都关闭，活塞下行，汽缸容积变大，火花塞喷出电火花，是做功冲程，故D不符合题意。
故选：C。
【点评】此题考查了对内燃机四个冲程的判断，要结合气门和活塞运动情况进行判断。
6．（3分）如果家庭电路中发生短路，那么（ ）
A．用电器仍然正常工作 B．灯泡烧坏
C．电灯发暗 D．保险丝烧断
【分析】家庭电路过大的原因有两个；发生短路和用电器的总功率过大。发生短路时，没有电流流过用电器，不会烧毁用电器。
【解答】解：（1）如果家庭电路中发生短路，没有电流流过用电器，则用电器不能正常工作，灯泡不会烧坏，故ABC错误；
（2）保险丝在电路中的作用是当电路中有过大电流通过时，保险丝发热自动熔断，切断电路，从而起到保护电路的作用。故D正确。
故选：D。
【点评】此题考查了电学中的有关基础知识，要牢固掌握基础知识，做到举一反三。
7．（3分）一位摄影爱好者早上在大观河边照像，观察到岸边的建筑物在水面上形成的影像甲和乙并拍摄了下来，如图所示。过了十多分钟后他又回到原位置观察，那么影像甲和乙的大小变化情况是（ ）
A．都变 B．都不变
C．甲变，乙不变 D．甲不变，乙变
【分析】根据平面镜成像像与物等大的特点、影子的形成分析解答即可。
【解答】解：根据题意可知，乙是建筑物在水中倒影，甲是阳光照射下建筑物的影子，
根据平面镜成像像与物等大的特点可知，像的大小只与物体的大小有关，与其他因素无关，所以过了十多分钟后他又回到原位置观察，乙的影像大小不变。
过了十多分钟后，阳光照在建筑物上时，入射角减小，所以甲的影像变小。
故选：C。
【点评】此题考查平面镜成像特点、光沿直线的应用，难度不大，知道影子的成因是解答此题关键。
8．（3分）一个物体静止在水中，如图a所示，将它提高到最高位置（如图b）静止释放，假设只受重力和浮力作用，那么物体会向下运动到最低位置（如图c），然后在最高和最低两个位置之间不停地做上下运动。忽略容器内液面高度变化。则下列说法错误的是（ ）
A．物体向下运动过图a位置时，速度最大
B．物体到达最低位置时，浮力大于重力
C．物体向上运动过图a位置时，浮力小重力
D．物体到达最高位置时，速度等于0
【分析】（1）漂浮时浮力等于重力；
（2）物体从最高处下落时，排开水的体积最小，浮力最小，浮力小于重力，加速下落，当到a位置时浮力等于重力，速度达到最大，继续下落，浮力大于重力，减速下落至最低点；
（3）从最低点上升时浮力大于重力加速上升，当到a位置时，浮力等于重力，速度最大，然后减速上升，上升到最高位置，速度达到零。
【解答】解：a图时，物体处于漂浮状态，浮力等于重力，故C错误；
将物体提高到最高位置时，由静止释放，此时物体排开液体的体积小，浮力小于重力，向下做加速运动，当到达（a）位置时，浮力等于重力，合力为零，速度达到最大，故A正确；
物体到达最低位置时，排开水的体积大于a处时排开水的体积，浮力大于重力，故B正确；
物体到达最高位置时，不再向上运动，速度等于0，故D正确。
故选：C。
【点评】本题考查了浮沉条件的应用以及力与运动的关系，是一道综合题，有一定的难度。
二、填空题（本大题共9小题，每空1分，共20分），请考生用黑色碳素笔在答题卡上作答，不要求写出解答过程．
9．（2分）光的三原色是指红、蓝、 绿 。一个橘黄色的橙子放在黑暗的房间里，用蓝光照射它，橙子呈现 黑 色。
【分析】（1）光的三原色是红、蓝、绿，光的三原色能合成多种彩色光。
（2）不透明物体只能反射和物体相同颜色的光，其它色光被物体吸收。
【解答】解：（1）光的三原色是指红、蓝、绿三种色光。
（2）不透明物体只能反射和物体相同颜色的光，当只有蓝光照射到橘黄色的橙子时，橘黄色的橙子吸收蓝色的光，橙子呈现黑色。
故答案为：绿；黑。
【点评】光的三原色和颜料的三原色容易混淆，注意区分，光的三原色能合成白光，颜料的三原色能合成黑色。
10．（3分）与毛皮摩擦过的橡胶棒所带的电荷是 负 电，验电器是利用了 同种电荷相互排斥 的规律制作的。摩擦起电并不是创造了电荷，而是通过摩擦使电子在两个相互接触的物体间发生了 电子的转移 。
【分析】（1）与毛皮摩擦过的橡胶棒所带的电荷是负电；
（2）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
（3）摩擦起电的实质是电子发生了转移，使物体的正负电荷数不相等。
【解答】解：（1）擦起电的实质是电子的转移，失去电子的物体因为少了电子而带正电，得到电子的物体因为有了多余的电子而带负电；与毛皮摩擦过的橡胶棒所带的电荷是负电；
（2）验电器是利用了同种电荷相互排斥的规律制作的。
（3）当两种束缚电子的能力不同的物质相互摩擦时，束缚电子能力强的得到电子，束缚电子能力弱的失去电子，所以摩擦起电实质上并不是创造了电荷。只是使电子从一个物体转移到另一个物体，使正负电荷数目不相等。
故答案为：负；同种电荷相互排斥；电子的转移。
【点评】本题主要考查学生对摩擦起电的实质和电荷间的相互作用规律的认识和了解，是一道基础题。
11．（2分）如图所示，在波黑一个村子的森林中，发现了一个巨大的圆石，考古学家认为这是欧洲最古老的圆石工法技术的结果。当地村民估计这颗巨石重达35吨，你认为作出这样的估计，需要知道该石头大概的 体积 和 密度 。
【分析】根据密度的变形公式m＝ρV分析解答即可。
【解答】解：密度是物质本身的一种特性，与物质的种类、状态和温度有关，与物质的质量、体积无关，因此可以用来鉴别物质。
根据公式m＝ρV知，要想知道圆石的质量，应该知道该石头的体积和密度，然后利用公式m＝ρV求得质量。
故答案为：体积；密度。
【点评】此题考查密度的应用与物质鉴别，密度是物质本身的一种特性，与物质的种类、状态和温度有关，与物质的质量、体积无关，因此可以用来鉴别物质。
12．（3分）如图所示的军用飞机从上空高速飞过，观察者抬头看到飞机的同时，感觉到飞机发出的隆隆声是从飞机的 后 方发出的（选填“前”或“后”）。飞机在减速下降过程中，机械能将 减小 ，势能将 减小 。（选填“增大”、“不变”或“减小”）
【分析】（1）光的速度大于声音的速度；
（2）影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，其中动能和势能统称为机械能。在分析各个能量的变化时，根据各自的影响因素进行分析。
【解答】解：因为光的速度大于声音的速度，所以观察者抬头看到飞机的同时，感觉到飞机发出的隆隆声是从飞机的后方发出的；
飞机在减速下降过程中，质量不变，速度和高度都变小，动能和重力势能都减小，机械能为动能和势能之和，所以机械能将减小。
故答案为：后；减小；减小。
【点评】此题主要考查光和声音的传播速度、机械能的大小变化。掌握动能、重力势能的影响因素，理解重力势能和动能的转化可从高度和速度来理解，可以帮助我们更好的理解能量的转化。
13．（2分）6月5日是世界环境日，为减少环境污染和生态破坏，实现节能减排，中国在沿海地区大力推广风力发电。这种发电方式是把 风能 转化成电能；在众多能源中，煤、石油、天然气和铀矿等都属于 不可再生 （选填“可再生”或“不可再生”）能源。
【分析】（1）风力发电过程是将机械能转化为电能的过程；
（2）像水能、风能、太阳能、生物质能等都是能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；像化石能源、核能等短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源。
【解答】解：风力发电是利用空气的动能带动发电机发电，本质上是将风能转化为电能；
煤、石油、天然气和铀矿等在地球上的储量是有限的，短期内不能从自然界得到补充，属于不可再生能源。
故答案为：风能；不可再生。
【点评】此题考查了风能的利用和能源的分类，属于基础知识的考查，难度不大。
14．（2分）将0℃的水和等质量的80℃的水相混合，则混合后水的温度是 40 ℃；若将0℃的冰和等质量的80℃的水相混合，结果发现，冰全部熔化成了水，但水的温度维持0℃，这个现象说明 熔化吸热 。（不计热量损失）
【分析】（1）不计热量损失，根据Q吸＝Q放列方程算出水的末温度；
（2）晶体在熔化的过程中，吸热，但温度不变。
【解答】解：（1）0℃的水和80℃的水，质量相等，不计热量损失，所以Q吸＝Q放，
即cm（t﹣t01）＝cm（t02﹣t），
所以t﹣t01＝t02﹣t，
t＝（t02+t01）＝×（80℃+0℃）＝40℃；
（2）将0℃的冰和等质量的80℃的水相混合，冰要吸热，但发现，冰全部熔化成了水，但水的温度维持0℃，说明冰在熔化的过程中吸热。
故答案为：40；熔化吸热。
【点评】此题主要考查的是学生对热量计算公式和热平衡方程的理解和掌握以及对熔化吸热的理解，有一定的难度。
15．（2分）如图甲所示的电路中，电源电压为9V保持不变，G为灵敏电流计，其内电阻为Rg保持不变；R为热敏电阻，其电阻与温度的关系如图乙所示。闭合开关，当热敏电阻所在的环境温度等于20℃时，电流计的示数是2mA．则当电流计的示数是9mA时，热敏电阻的阻值是 500 Ω，它所在的环境温度是 140 ℃。
【分析】闭合开关S，当R的温度等于20℃时，电流表示数I1＝2mA，根据闭合电路欧姆定律可求得电流表的内阻Rg；
当电流表的示数I2＝3.6mA时，根据闭合电路欧姆定律可求R，由图读出温度。
（1）由图象求出温度为20℃时热敏电阻的阻值，然后由欧姆定律求出灵敏电流表的内阻；
（2）由欧姆定律求出电路电流是I2＝9mA时，热敏电阻的阻值，然后由图象求出该阻值所对应的温度。
【解答】解：
（1）由图象知，20℃时热敏电阻的阻值R＝4000Ω，由串联电路特点及欧姆定律得：
U＝I1（R+Rg），即：9.0V＝0.002A×（4000Ω+Rg），
解得：Rg＝500Ω。
（2）当电流I2＝9mA＝0.009A时，由串联电路特点及欧姆定律得：
U＝I2（R′+Rg）即：9.0V＝0.009A×（R′+500Ω），解得：R′＝500Ω；
由图象知，此时热敏电阻的温度t＝140℃。
故答案为：500；140。
【点评】本题考查了串联电路的特点、欧姆定律、识图能力，熟练掌握串联电路的特点、欧姆定律是正确解题的前提，由图象找出热敏电阻的阻值与对应的温度关系是解题的关键；解题时注意单位换算。
16．（2分）如图是一个家用电热水龙头。打开龙头开关，几秒就可以流出热水，这种加热水的过程很短，俗称“过水热”。某品牌电热水龙头的额定功率是3000W，额定电压是220V，则该电热水龙头正常工作时的电阻是 16.1 Ω（计算结果精确到0.1）。某次使用该龙头加热水时，测得实际电压为235V，水的初温为21℃，加热14s，得到0.5L、末温42℃的热水，则加热水的功率是 3150 W（c水＝4.2×103J/（kg•℃））
【分析】（1）知道的额定功率，利用P＝求正常工作时的电阻R；
（2）知道水的体积，根据公式m＝ρV求出水的质量，由表中数据知道水的质量、水的比热容、水的温度升高值，利用吸热公式Q吸＝cm△t求水吸收的热量；利用P＝求加热水的实际功率。
【解答】解：
（1）由P＝可得，该电热水龙头正常工作时的电阻：
R＝＝≈16.1Ω；
（2）由ρ＝可得，加热的水的质量：
m＝ρV＝1×103kg/m3×0.5×10﹣3m3＝0.5kg，
水吸收的热量（有用能量）：
Q吸＝cm△t＝4.2×103J/（kg•℃）×0.5kg×（42℃﹣21℃）＝4.41×104J；
则加热水的功率：
P实＝＝≈3150W。
故答案为：16.1；3150。
【点评】本题考查了电功率公式的应用和热量公式的应用计算，关键是知道电流产生的热量全部被水吸收。
17．（2分）为解决山区缺水问题，一些农户修建了水窖，在雨季将雨水收集到水窖中，以备干早季节使用。小明家也修建了这样一个水窖，形状如图所示。为便于观察储水情况，小明在水窖底部安装了一个压力传感器，压力大小在显示屏上显示。压力大表示水窖中的水较 深 。用水过程中发现，虽然每天用水量基本相同，但每天压力大小下降却不相同，而且随着储水量的减少，下降得越来越快，出现该现象的原因是 水窖上粗下细 。
【分析】根据液体压强公式和压强定义式分析解答第一空；根据水窖的形状分析解答第二空。
【解答】解：根据p＝可知，传感器受到的压力大，说明传感器受到水的压强大，根据p＝ρgh可知，表示水窖中的水较深；
由图可知，水窖上粗下细，每天用水量基本相同时，随着储水量的减少，下降得越来越快，则压强变化越快，故每天压力大小下降不相同。
故答案为：深；水窖上粗下细。
【点评】此题考查液体压强特点在实际生活中的应用，难度不大，但题目来源于生活，贴近学生实际，利于激发学生学习物理的兴趣，是一道好题。
三、作图、实验与探究题（本大题共6小题共32分）．请考生用黑色碳素笔在答题卡上作图和解答，答题中需要文字说明的应简明扼要．
18．（2分）图中物体的长度是 37.0 mm。
【分析】刻度尺的分度值是刻度尺相邻两刻度线表示的长度。使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。
【解答】解：
由图知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm＝1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；
物体左侧与3.00cm对齐，右侧在6.70cm对齐，所以物体的长度为L＝6.70cm﹣3.00cm＝3.70cm＝37.0mm。
故答案为：37.0。
【点评】初中物理学习了很多测量工具的使用，但没有特殊说明，只有刻度尺的读数要有估读值，其它只要读到准确值即可。
19．（2分）请在图中将小磁针的北极涂黑，并以“N”表示。
【分析】由于磁体周围的磁感线从N极出发回到S极，磁感线上的任何一点的切线方向跟小磁针放在该点的北极指向一致，故可标出磁感线的方向。
【解答】解：由于磁体周围的磁感线从N极出发回到S极，磁感线上的任何一点的切线方向跟小磁针放在该点的北极指向一致，故可标出磁感线的方向，如下图所示：
。
【点评】考查了磁感线的特点。小磁针N极在磁场受力方向与磁感线方向一致。
20．（2分）请画出图中力F的力臂，并以“L”表示。
【分析】支点到力的作用线的垂直距离是力臂，从支点作力的作用下的垂线段即可作出力臂。
【解答】解：已知支点O，延长F画出力的作用线，从支点向力F的作用线作垂线段，即可作出其力臂L，如图所示：
【点评】本题考查了作力的力臂问题，先确定支点，然后再作力臂，掌握力臂的作法即可正确解题。
21．（8分）今年5月，昆明市气温连续10天达到30℃左右，让“冬无严寒，夏无酷暑”的昆明人着实体验了一下什么叫“酷暑难耐”。往室内地面上洒水、打开窗户通风、尽量穿短衣短裤等避暑手段纷纷登场。这些措施为什么可以使人感觉到凉爽？小林同学准备了滴管、水、两块玻璃片、吹风机（有加热和不加热两档），请你加入进来一起探究蒸发快慢与哪些因素有关。
（1）小林用滴管把两滴水分别滴在两块玻璃片上，并将其中一滴水摊开，把它们放在室内，观察蒸发情况，这是探究蒸发快慢与 液体表面积 的关系；
（2）如果要探究蒸发快慢与液体表面空气流动快慢的关系，应该 保持两滴水的大小、温度和表面积相同 然后用吹风机（不加热档） 对其中一滴水吹风 ，观察蒸发情况；
（3）为了探究蒸发快慢与温度的关系，小林用滴管把两滴水分别滴在两块玻璃片上，然后用吹风机（加热档）去吹其中一滴水，观察蒸发情况，这样做是 错误 的，原因是 没有控制空气的流动速度相同 ；
（4）该实验将水滴在玻璃片上而不滴在木板上，这是为了 防止因材料吸水影响实验效果 ；
（5）发烧病人使用酒精擦拭身体降温比用水擦拭的效果更好；一滴油和一滴水掉在玻璃桌面上，水很快就不见了，而油还在，由此，你的猜想是 液体蒸发的快慢与液体的种类有关 ；
（6）小林同学上公共厕所洗完手后，用如图所示的烘干机（手一放进去就自动吹暖风的机器）使手上的水快速蒸发。当他把干燥的左手和沾水的右手，同时放进烘干机内，左手感觉吹的是暖风，而右手感觉吹的却是凉风，这是因为 水蒸发吸热，有致冷作用 。
【分析】影响液体蒸发快慢的因素有：温度、表面积和液体表面上方的空气流动快慢等；当探究蒸发快慢与其中某个因素的关系时，应采用控制变量法的思想，控制相同因素，改变不同因素。
【解答】解：（1）把两滴水分别滴在两块玻璃片上，并将其中一滴水摊开，保持了温度、空气流动速度相同，只有液体表面积不同，因此，这是探究蒸发快慢与液体表面积的关系；
（2）根据控制变量法，如果要探究蒸发快慢与液体表面空气流动快慢的关系，应该保持两滴水的大小、温度和表面积相同然后用吹风机（不加热档）对其中一滴水吹风，观察蒸发情况；
（3）探究蒸发快慢与温度的关系，应控制表面积和空气流动速度相同，而如果用吹风机（加热档）去吹其中一滴水，则空气流动速度和温度都发生了改变，因此这样做是错误的；
（4）实验中将水滴在玻璃片上而不滴在木板上，这是为了防止因材料吸水影响实验效果；
（5）一滴油和一滴水掉在玻璃桌面上，水很快就不见了，而油还在，由此，可做出的猜想是液体蒸发的快慢与液体的种类有关；
（6）因为水蒸发吸热，有致冷作用，所以当他把干燥的左手和沾水的右手，同时放进烘干机内，左手感觉吹的是暖风，而右手由于水蒸发吸热，所以感觉吹的却是凉风。
故答案为：（1）液体表面积；（2）保持两滴水的大小、温度和表面积相同；对其中一滴水吹风；（3）错误；没有控制空气的流动速度相同；
（4）防止因材料吸水影响实验效果；（5）液体蒸发的快慢与液体的种类有关；（6）水蒸发吸热，有致冷作用。
【点评】解答本题的关键是了解影响蒸发快慢的三个因素，同时对控制变量法的应用有一个熟练的掌握。
22．（8分）在“探究电流产生的热量与哪些因素有关”的实验中，提供了如图的实验器材，其中R1＞R2
实验一：探究电流产生的热量与电阻的关系
（1）请按照图中的电路图将对应实物图连接完整；
（2）电路中电阻丝的连接方式是为了控制 电流相等 ；电阻丝放出热量的多少，通过 温度计的示数变化 来进行判断；
（3）闭合开关，经过一定时间，用电阻丝R1加热的煤油温度升高了△t1，用电阻丝R2加热的煤油温度升高了△t2，那么△t1 大于 △t2（选填“大于”，“等于”或“小于“）。
实验二：探究电流产生的热量与电流的关系
（4）闭合开关，移动滑动变阻器的滑动触头，使电路中的电流变成实验一中电流的2倍，且通电时间相同。实验发现：用电阻丝R1（或R2）加热的煤油，温度升高量△t1’（或△t2’） 大于 2△t1（或2△t2）（选填“大于”，“等于”或“小于”），该实验说明电流产生的热量与电流 不成 正比例关系。
（5）你认为做这个实验产生误差的主要原因是 两瓶中煤油的质量是否相等或两温度计的准确性是否一致 。
【分析】（1）根据左图，将两电阻丝串联，变阻器左下接线柱连入电路中；
（2）串联电路各处的电流相等；电流产生的热量不易比较，可让初温、质量相同的煤油吸热，根据△t＝比较煤油升高的温度确定产生的热量，采用了转换法；
（3）根据Q＝I2Rt，闭合开关，因电流和通电时间相同，根据R1＞R2和△t＝分析；
实验二：探究电流产生的热量与电流的关系
（4）根据Q＝I2Rt和△t＝分析；
（5）从煤油的质量和温度计测量的准确性进行考虑。
【解答】解：（1）根据左图，将两电阻丝串联，变阻器左下接线柱连入电路中，如下图所示：
（2）电路中电阻丝的连接方式是为了控制电流相等；根据转换法，电阻丝放出热量的多少，是通过温度计的示数变化来进行判断的；
（3）闭合开关，因电流和通电时间相同，R1＞R2，根据Q＝I2Rt可知，经过一定时间，R1产生的热量多，
根据△t＝可知△t1大于△t2；
实验二：探究电流产生的热量与电流的关系
（4）闭合开关，移动滑动变阻器的滑动触头，使电路中的电流变成实验一中电流的2倍，且通电时间相同，根据Q＝I2Rt可知，电阻丝产生的热量是原来的4倍；
根据△t＝可知，用电阻丝R1（或R2）加热的煤油，温度升高量△t1’（或△t2’） 大于2△t1（或2△t2），该实验说明电流产生的热量与电流不成正比例关系。
（5）这个实验产生误差的主要原因是：两瓶中煤油的质量是否相等或两温度计的准确性是否一致。
故答案为：（1）如上图所示；（2）电流相等；温度计的示数变化；（3）大于；（4）大于；不成；（5）两瓶中煤油的质量是否相等或两温度计的准确性是否一致。
【点评】本题探究电流产生的热量与哪些因素有关，考查转换法和控制变量法的运用、串联电路的规律的焦耳定律的运用及△t＝的运用和误差分析。
23．（10分）图1是表演“睡钉床、砸石板”的节目：一个人躺在若干钉子做成的“床”上，身上盖一块石板，旁边一个人用大锤去砸石板结果石板被砸烂了，而人安然无恙。老师为此做了几个模拟实验。
（1）探究人睡在钉床上为什么不受伤：
实验一：在大小相同的两块平板上，用约100颗钉子做成了钉床甲，6颗钉子做成了钉床乙，如图2所示（钉子规格相同）。将一个塑料袋装满水封好（代表人体），先后放到两个钉床上，发现它放到钉床甲上未被扎破，而放到钉床乙上却被扎破了。所以睡在钉床上的人不受伤，是由于接触面积 增大 ，压强 减小 的缘故；
（2）探究石板的作用：
实验二：如图3中的两个鸡蛋，其中一个的蛋黄和蛋白已经被取出，只剩下一个空壳，质量是7g；另一个完好无损，质量是66g。把它们并排放在桌子上，然后沿图示箭头的方向用嘴吹一下，发现空壳立刻转动了起来，而另一个几乎不动。说明质量大的物体，惯性 大 ；而惯性 大 的物体，运动状态 不容易改变 。
实验三：如图4，将钉床甲放在地面上，在钉床上放装满水并封好的塑料袋，再在上面放一块石板，质量为1657g，然后用锤子敲石板上面的核桃，结果核桃被敲碎了，塑料袋完好：将石板换成一块木板，质量为142g，用几乎一样的力敲核桃，结果核桃未碎而塑料袋破了。
综合以上两个实验，你认为石板为什么会有这样的保护作用 质量大石板压在装满水并封好的塑料袋上，将塑料袋压平，从而增大了受力面积，减小了压强 。
（3）下面三个事例中与实验二、三所探究的问题不一样的是 B
A．篮球比铅球掷得远
B．乒乓球离开球拍后还能继续运动
C．同一辆自行车，一个人骑比两个人骑更容易刹车
【分析】（1）压强与压力和受力面积大小有关，在压力一定时，受力面积越大，压强越小。
（2）质量决定了惯性的大小，质量越大，惯性越大；质量大石板压在装满水并封好的塑料袋上，将塑料袋压平，从而增大了受力面积，当用锤子敲石板上面的核桃时与将石板换成一块木板相比，压强减小。
（3）根据质量决定了惯性的大小对ABC分析。
【解答】解：（1）钉床甲100颗钉子做成，6颗钉子做成了钉床乙，由此可知，将一个塑料袋装满水封好（代表人体），先后放到两个钉床上，甲的受力面积大于乙的受力面积，在压力不变时，受力面积越大，压强越小，所以发现它放到钉床甲上未被扎破，而放到钉床乙上却被扎破了；
（2）因为惯性的大小与质量有关，并且从短文中也可以看出质量越大，惯性越大；而惯性大的物体，运动状态不容易改变。
质量大的石板压在装满水并封好的塑料袋上，力可以改变物体的形状，石板将塑料袋压平，从而增大了受力面积；
将石板换成一块木板，与石板相比，质量小，对装满水并封好的塑料袋的压力小，当用几乎一样的力敲上面的核桃时，石板下面的塑料袋受到的压强小，木板下面的塑料袋受到的压强大，所以核桃未碎而塑料袋破了。
（3）A．篮球比铅球质量小，使用同样大的力篮球比铅球掷得远，说明质量小的惯性小，越容易改变其运动状态，故A不符合题意；
B．乒乓球离开球拍后由于惯性还要保持原来的运动状态，所以能继续运动，没有涉及到质量的大小，故B符合题意；
C．同一辆自行车，一个人骑比两个人骑，质量小，越容易改变其运动状态，即更容易刹车，故C不符题意。
故答案为：（1）增大；减小；（2）大；大；不容易改变；质量大石板压在装满水并封好的塑料袋上，将塑料袋压平，从而增大了受力面积，减小了压强；（3）B。
【点评】本题考查了学生对惯性和压强影响因素的了解与掌握，利用所学知识破解“绝技”秘密，有意义！
四、综合题（本大题共3小题，共24分）．请考生用黑色碳素笔在答题卡上作答，解答时应写出必要的文字说明和公式并代数值和单位计算，文字说明应简明扼要．
24．（10分）一人用桶从井里取水，已知桶的容积是6L，空桶的质量是1.5kg，忽略绳子的重力。（ρ水＝1.0×103kg/m3、g＝10N/kg）求：
（1）装满水后水的质量；
（2）用绳子把桶放到井里，进入一些水后，桶仍然漂浮在水中，此时它排开水的体积是3×10﹣3m3，桶受到的浮力；
（3）将一满桶水从桶底刚好离开水面开始匀速提高5m，绳子的拉力做的功；
（4）提水的效率。
【分析】（1）由密度公式变形，m＝ρV可求质量；
（2）根据F浮＝ρ液gV排可求桶受到的浮力；
（3）绳子的拉力做的功等于提升一桶水和桶做的功，根据W＝G总h可求；
（4）提水的效率η＝可求。
【解答】解：（1）由ρ＝可得，装满水后水的质量：
m＝ρV＝1.0×103kg/m3×6×10﹣3m3＝6kg；
（2）桶受到的浮力；
F浮＝ρ液gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×3×10﹣3m3＝30N；
（3）绳子的拉力做的功：
W＝G总h＝（m桶+m）gh＝（1.5kg+6kg）×10N/kg×5m＝375J；
（4）提水的效率：
η＝＝＝×100%＝80%。
答：（1）装满水后水的质量是6kg；
（2）用绳子把桶放到井里，进入一些水后，桶仍然漂浮在水中，此时它排开水的体积是3×10﹣3m3，桶受到的浮力是30N；
（3）将一满桶水从桶底刚好离开水面开始匀速提高5m，绳子的拉力做的功是375J；
（4）提水的效率是80%。
【点评】本题主要考查密度、浮力、做的功和机械效率，是一道综合题。
25．（8分）如图所示电路，电源电压保持不变，滑动变阻器R’的最大阻值为30Ω，小灯泡L上标有“2.5W”字样（忽略温度对灯泡电阻的影响）。
（1）滑片移至最右端，闭合开关后，电流表的示数为0.3A，小灯泡的功率为0.9W，求电源电压。
（2）将滑片移至某一位置时，电压表的示数为7V，此时小灯泡正常发光，求小灯泡正常发光时的电流和电路的总功率。
（3）若把小灯泡换成一个定值电阻R，假设电流流过电阻R产生的热量为Q、转化的电能为E、做的功为W，请写出这三个物理量的大小关系。
【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）滑片移至最右端，闭合开关后，根据欧姆定律求出滑动变阻器两端的电压，根据P＝UI求出灯泡两端的电压，然后即可根据串联电路的电压特点求出电源电压；
（2）将滑片移至某一位置时，小灯泡正常发光，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据P＝UI求出小灯泡正常发光时的电流和电路的总功率。
（3）若把小灯泡换成一个定值电阻R，通过电阻的电流所做多少功，电阻就需要消耗多少电能，根据电阻的热效应可知：通过电阻的电流所做的功都用于产生热量。
【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）滑片移至最右端，闭合开关后，滑动变阻器的电阻全部连入电路，
根据I＝可得滑动变阻器两端的电压：
U′＝IR′＝0.3A×30Ω＝9V，
根据P＝UI可得灯泡两端的电压：
UL＝＝＝3V，
则电源电压U＝U′+UL＝9V+3V＝12V。
（2）将滑片移至某一位置时，由于小灯泡正常发光，
根据串联电路的总电压等于各电阻两端的电压之和可得：
灯泡的额定电压U额＝U﹣U″＝12V﹣7V＝5V；
根据P＝UI可得灯泡正常发光时的电流：
IL＝＝＝0.5A，
电路的总功率P总＝UIL＝12V×0.5A＝6W。
（3）若把小灯泡换成一个定值电阻R，根据电阻的热效应可知：通过电阻的电流所做的功都用于产生热量。则Q＝W；
由于通过电阻的电流所做多少功，电阻就需要消耗多少电能，则W＝E；
所以，Q＝W＝E。
答：（1）电源电压为12V。
（2）小灯泡正常发光时的电流为0.5A；电路的总功率为6W。
（3）这三个物理量的大小关系是Q＝W＝E。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意本题中电阻消耗的电能的去向。
26．（6分）如图是一个饮水机的简化示意图（饮水机的外壳被省去了，支撑水桶的地方并不密封）。水桶被倒扣在饮水机上后，桶中的水会流到下面的储水盒里，当满足一定条件后，水不再往下流；打开储水盒上的龙头，流出一些水后，桶中的水又继续流动。那么
（1）储水盒里的水面到达 B 位置（选填“A”或“B”），水桶里的水才不再往下流；
（2）某时刻，桶中的水处于静止状态，桶中的水面与储水盒里的水面的高度差为h，那么桶外大气的压强与桶内水面上方的压强差是多少？
（3）若桶底裂了一个缝，将出现什么现象？
（4）若将水桶口向上放在桌子上，如图2所示，将一根管子的一端插入水桶中，从另一端吮吸，待水到达管中一定位置后，水会自动从管中流出（养金鱼的人给鱼缸换水也常用这种方法）。设当地的大气压为p0，水面距桶口的高度为h1．请通过计算说明，管子中的水至少要被“吸”到什么位置时，桶中的水才会自动从管子中流出？
【分析】（1）结合图示分析；
（2）根据力的平衡，桶内水面上方气体的压强加上桶内水本向产生的压强等于外界大气压结合p＝ρ水gh分析；
（3）若桶底裂了一个缝，根据边通器原理分析；
（4）设桶中水自动流出时右边管子中的水到管子最高点的高度为H，取管子最高处液片进行受力分析，
当p向左≥p向右水会自动流出。
【解答】解：
（1）由题知，支撑水桶的地方并不密封，若储水盒内的水位低于B时，水会一直向下流，直到桶内的水上升到B处，此时桶内水的压强与桶内水面上方气压（空气溶于水）等于外界大气压强，水桶里的水才不再往下流；
（2）桶中的水处于静止状态，根据力的平衡可知，此时桶内水产生的压强与桶内水面上方气压等于储水盒水面上方的大气压强，即p0＝p水+p内，而p水＝ρ水gh，
则桶外大气的压强与桶内水面上方的压强差△p＝p0﹣p内＝p水＝ρ水gh；
（3）若桶底裂了一个缝，桶内与大气相通，桶内水面上方气体的压强等于大气压强，则桶内的水将在重力的作用下流出，直到桶内水面与储水盒水面相平；
（4）设桶中水自动流出时右边管子中的水到管子最高点的高度为H，取管子最高处液片进行受力分析，
液片受到左边水的压强为：p向右＝p0﹣ρ水gh1，
液片受到右边水的压强为：p向左＝p0﹣ρ水gH，
当p向右≥p向左时，即p0﹣ρ水gh1≥p0﹣ρ水gH，
整理可得H≥h1，所以管子中的水至少要被“吸”到h1位置时，桶中的水才会自动从管子中流出。
故答案为：（1）B；
（2）△p＝ρ水gh；
（3）桶内的水将流出直到桶内水面与储水盒水面相平；
（4）管子中的水至少要被“吸”到h1位置时，桶中的水才会自动从管子中流出。
【点评】本题考查液体压强公式、大气压的运用，难度较大。
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