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2021年安徽省蚌埠市局属初中中考二模物理【试卷+答案】
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这是一份2021年安徽省蚌埠市局属初中中考二模物理【试卷+答案】，共29页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2021年安徽省蚌埠市局属初中中考物理第二次联考试卷
一、单选题（每题2分，共20分）
1．（2分）电动自行车两刹车手柄中各有一只开关在行驶过程中，开关处于闭合状态，电动机正常运转．用任一只手柄刹车时，电动自行车停止工作，图中电路符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
2．（2分）如图所示，烧杯中有水，水中倒扣着一玻璃瓶（不考虑水和玻璃密度变化），下列说法正确的是（ ）
A．玻璃瓶内的水不会汽化
B．烧杯和玻璃瓶内的水同时沸腾
C．玻璃瓶底部露出体积逐渐增加
D．玻璃瓶外水所含热量始终比瓶内水的热量多
3．（2分）如图，轻质弹簧竖直放置，下端固定于地面，再用力向下把小球压至图中A位置后由静止释放，小球将竖直向上运动并脱离弹簧，则小球（ ）
A．运动至最高点时，受平衡力作用
B．被释放瞬间，所受重力大于弹簧弹力
C．从A点向上运动过程中，速度先增大后减小
D．从O点向上运动过程中，重力势能转化为动能
4．（2分）如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关后1的滑片P，当电流表的示数变化范围1～1.3A时，电压表的示数变化了3V2所消耗功率的变化范围是（ ）
A．1～3.9W B．3～5.07W C．3.9～10W D．10～16.9W
5．（2分）在一个标准大气压下，在不计热量损失的情况下，完全燃烧热值为1.26×107J/kg的干木柴1kg，能使40kg、30℃的水温度升高到（ ）
A．105℃ B．100℃ C．75℃ D．无法确定
6．（2分）如图1所示的电路中，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压不变。闭合开关S后，滑片P从a端移动到b端，根据图像信息，下列判断正确的是（ ）
A．电源电压是6V
B．定值电阻R1的阻值是15Ω
C．滑动变阻R2的最大阻值是20Ω
D．滑片移到中点时，电路中的电流是0.3A
7．（2分）图示电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器。闭合开关S，移动滑片P，多次记录电压表示数U和对应的电流表示数I（ ）
A． B． C． D．
8．（2分）将一杯热水倒入盛有一些冷水的容器中，冷水的温度升高了20℃，又向容器内倒入同样一杯热水，如果再向容器内倒入同样一杯热水，则冷水温度可再升高（不计热损失，热水和冷水的比热容相同）（ ）
A．8℃ B．7℃ C．6℃ D．5℃
9．（2分）小明看了电动玩具车的介绍得知：玩具车内部电路是由电源、开关、电动机、指示灯各一个组成。他将玩具车的电池取下，保持开关闭合，转动车轮时发现车上的指示灯还能发光（ ）
A．指示灯发光时，将电能全部转化成光能
B．电动机与发电机的工作原理可能是相同的
C．该玩具车电路中的电动机与指示灯一定是并联
D．该玩具车电路中的电动机与指示灯可能是并联；也可能是串联
10．（2分）如图所示，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，当滑片在a、b两点间移动时，电流表示数变化范围为0.2～0.6A，则电源电压和R1功率的变化量分别为（ ）
A．6 V 1.6 W B．6 V 0.2 W C．5 V 1.6 W D．5 V 1.8 W
二、填空题（每空1分，共12分）
11．（3分）两个电阻，分别标有“3V、0.5A”和“6V，0.3A”字样。将它们串联后接入电路使用 A；将它们并联后接入电路使用，那么电路两端的电压不能超过 V，干路上的最大电流为 A。
12．（2分）现有L1“6V3W”和L2“6V9W”两只小灯泡，若将两灯泡串联接入电源电压为12V的电路中，假设灯泡电阻不变， （选填“L1”、“L2”或“L1和L2”）灯不能正常发光。 （选填“L1”、“L2”）灯可能被烧毁。
13．（3分）如图1所示，电源电压保持不变，当闭合开关S（图中未标出），记录两电表数据并标于图2中M、N两点处。则滑动变阻器的最大阻值为 Ω，电源电压是 V，将滑片P从b点再移至某处c（图中未标出）的过程中 （选填“变大”、“保持不变”或“变小”）。
14．（2分）小王在家探究冷热水混合温度变化的问题，他将一杯热水放在桌上，然后加入一勺30mL的冷水，后来他又加入一勺相同的冷水，平衡后测得水温又下降了3℃．若不计混合过程中的热量损失 ℃，原来这杯热水的质量为 g。
15．（2分）“220V 40W”的灯泡（忽略温度对灯丝电阻的影响）的电阻为 Ω。当灯泡两端的电压变为121V时，灯泡的实际功率为 W。
三、作图题（4分）
16．（4分）如图，为某透镜成像的一种情况，其中AB是物体，试在图上的适当位置画上合适的透镜，并大致标出其焦点的位置。
四、实验题（每空1分，共11分）
17．（5分）如图是敏治探究“电流与电阻关系”的电路图，电源电压为6V，定值电阻R1的阻值分别为5Ω、10Ω和20Ω。
（1）实验中连接电路时开关应 ，开关闭合前，滑动变阻器的滑片P应移至最 （左/右）端；
（2）实验中将定值电阻R1由5Ω换成10Ω后，移动滑片，保持电压表示数不变（5Ω电阻接入电路时）要 （大/小）；
（3）实验中为保证电阻R1两端的电压为2V，则滑动变阻器R2阻值应不小于 Ω；
（4）不改变电路连接的前提下，该电路还可以完成的电学实验是 。
18．（6分）为了人民生活更便利，英德市区上出现了一大批共享电动车“小黄车”，车内集成了嵌入式芯片、GPS定位模块和SIM卡等，用户用手机扫描车身上的二维码，通过手机网络发送电磁波到云端请求解锁，解锁成功后语音提示用户解锁成功，用户便可使用。“小黄车”是以蓄电池作为能量来源的，蓄电池余电20%即停止电能输出，如表是某电动车的相关数据。
整车
整车质量
30kg
最高车速
10m/s
最大噪音
62dB
效率
75%
蓄电池
容量
0.5kW•h
供电电压
48V
电动机
额定电压
48V
（1）电动车在行驶时将 转化为机械能，能反映电动车工作原理的是如图1的 （填选项）。电动车中改变车速的控制器相当于是实验室中的 （填物理实验器材名称）
（2）该电动车充一次电最多能输出的机械能为 J，充满电后如果人体触碰蓄电池两极，人 （有/无）危险。
（3）小明同学骑着该电动车，以最大规定速度在水平路面匀速行驶时，且该电动车行驶过程中所受到的摩擦力f随车辆和人的总质量M的变化关系图像如图2所示。则该过程中电动车克服摩擦力做功的功率为225W kg．（g取10N/kg）
五、计算题（第19题6分，第20题9分，第21题8分，共23分）
19．（6分）边长为10cm的立方体木块，质量为600g，现用一根细线使木块与容器底部相连，如图所示；已知容器底面积为200cm2，质量为1kg；细线长10cm，此时液面深25cm。
则：（1）绳子的拉力为多大？
（2）剪断绳子，待木块静止后，水对容器底部压强变化了多少？
20．（9分）小明质量50kg，每只脚与地面接触面积为0.02m2。他用如图滑轮组提升物体，使用滑轮组在空气中提升重150N的重物时，滑轮组机械效率为75%。使用此滑轮组能提起的物体最重为950N，绳子将断裂。绳重及摩擦均不计。
（1）动滑轮总重为多少？
（2）使用此滑轮组在空气中匀速提起最重的物体时，若物体被提升1m用时10s，小明做功的功率是多大？
（3）当他用此滑轮组在空气中匀速提起重物的机械效率为90%时，小明对地面的压强是多大？
21．（8分）有一个量程为0～1mA的小量程电流表G，内阻Rg＝30Ω，选择一定值电阻R0与它并联起来，如图所示。将A、B两端接入电路（图中I表示电流表G与电阻R0并联后的总电流）。
（1）调节电路，使电流表的指针指在最大刻度处（即1mA），这时电流I为0.6A0的值（计算结果保留两位小数）；
（2）继续调节电路，使电流表的指针指在刻度盘中央（即0.5mA），此时电流I变为多少？
2021年安徽省蚌埠市局属初中中考物理第二次联考试卷
参考答案与试题解析
一、单选题（每题2分，共20分）
1．（2分）电动自行车两刹车手柄中各有一只开关在行驶过程中，开关处于闭合状态，电动机正常运转．用任一只手柄刹车时，电动自行车停止工作，图中电路符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】任一只手柄刹车时，该手柄上的开关立即断开、电动机停止工作说明两开关相互影响、不能独立工作即为串联。
【解答】解：由题意可知，开关S1和S2串联接在电路中，共同控制电动机的工作，BCD不符合题意。
故选：A。
【点评】本题要牢牢把握住关键点“任一只手柄刹车时，开关立即断开、电动机停止工作”，从而判断出两个开关的连接方式是串联。
2．（2分）如图所示，烧杯中有水，水中倒扣着一玻璃瓶（不考虑水和玻璃密度变化），下列说法正确的是（ ）
A．玻璃瓶内的水不会汽化
B．烧杯和玻璃瓶内的水同时沸腾
C．玻璃瓶底部露出体积逐渐增加
D．玻璃瓶外水所含热量始终比瓶内水的热量多
【分析】①物质由液态变成气态的过程叫汽化，汽化包括蒸发和沸腾两种方式。蒸发可以在任何温度下进行；
②液体沸腾的条件：达到沸点，不断吸收热量；
③气体具有明显的热胀冷缩现象，热膨胀现象很明显；
④在热传递过程中，物体改变的内能的多少叫热量。热量是内能的变化量，物体本身不含有热量。
【解答】解：
AB、烧杯中有水，瓶内水面比烧杯内水面低。
烧杯内的水在一定气压下，达到水的沸点，能沸腾；
玻璃瓶内的气压高，水的沸点高，玻璃瓶内的水最高达到烧杯内水的沸点，玻璃瓶内的水一定不能沸腾，也就是可以汽化、B均错误；
C、在加热过程中，使玻璃瓶上方空间的水蒸气压强增大，所以使玻璃瓶中水面下降。故C正确；
D、热量是物体内能多少的变化量，所以无法比较物体热量多少。
故选：C。
【点评】此题考查了液体沸腾的条件、汽化的两种方式、气压的变化和热量的概念，是一道热现象的综合题。正确、全面理解概念和规律是解答的关键。
3．（2分）如图，轻质弹簧竖直放置，下端固定于地面，再用力向下把小球压至图中A位置后由静止释放，小球将竖直向上运动并脱离弹簧，则小球（ ）
A．运动至最高点时，受平衡力作用
B．被释放瞬间，所受重力大于弹簧弹力
C．从A点向上运动过程中，速度先增大后减小
D．从O点向上运动过程中，重力势能转化为动能
【分析】（1）物体处于静止状态或匀速直线运动状态，受平衡力作用。
（2）根据小球被释放后的运动状态判断重力和弹力的大小；
（3）从A点向上运动过程中，分小球到达O点前和离开O点后两个阶段分析讨论；
（4）判断是哪种能量转化成了另一种能量的标准是：减小的转化为增多的。
【解答】解：A、不计空气阻力，不是平衡状态；
B、小球被释放后沿竖直方向加速向上运动，所受重力小于弹簧弹力；
C、不计空气阻力，受到两个力的作用，一个是竖直向上的弹力，弹力大于重力，速度不断增大，其所受合力方向向下。当离开O点后，力的方向与小球运动方向相反。故其速度先增大后减小；
D、从O点向上运动过程中，速度变小，故动能减小，所以动能转化为重力势能。
故选：C。
【点评】此题通过一个场景，考查学生对动能和势能的转化与守恒、平衡状态的判断、力与运动的关系等，综合性强，属于中考常考题型，有一定难度。
4．（2分）如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关后1的滑片P，当电流表的示数变化范围1～1.3A时，电压表的示数变化了3V2所消耗功率的变化范围是（ ）
A．1～3.9W B．3～5.07W C．3.9～10W D．10～16.9W
【分析】由电路图可知，闭合开关后，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。当电流表的示数变化范围1～1.3A时，电压表的示数变化了3V，根据欧姆定律表示出电压表示数的变化量即可求出定值电阻R2的阻值，根据P＝UI＝I2R求出电路中的电流为1A和1.3A时R2的电功率，从而得出此过程中定值电阻R2所消耗功率的变化范围。
【解答】解：由电路图可知，闭合开关后，R1与R2串联，电压表测R5两端的电压，电流表测电路中的电流。
当电流表的示数变化范围1～1.4A时，电压表的示数变化了3V，
则△U2＝U6′﹣U2＝I′R2﹣IR3＝（I′﹣I）R2，即3V＝（8.3A﹣1A）R8，
解得：R2＝10Ω，
当I＝1A时，R3的电功率P2＝I2R6＝（1A）2×10Ω＝10W，
当I′＝5.3A时，R2的电功率P5′＝（I′）2R2＝（4.3A）2×10Ω＝16.5W，
所以，此过程中定值电阻R2所消耗功率的变化范围是10～16.9W。
故选：D。
【点评】本题考查了欧姆定律和电功率公式的应用，是一道较为简单的应用题。
5．（2分）在一个标准大气压下，在不计热量损失的情况下，完全燃烧热值为1.26×107J/kg的干木柴1kg，能使40kg、30℃的水温度升高到（ ）
A．105℃ B．100℃ C．75℃ D．无法确定
【分析】（1）根据Q＝mq求出干木柴完全燃烧放出的热量；
（2）在不计热量损失的情况下，Q吸＝Q放，再根据Q＝cm△t求出水升高的温度，要注意水在1标准大气压下的沸点为100℃保持不变。
【解答】解：干木柴完全燃烧放出的热量：
Q放＝mq＝1kg×1.26×104J/kg＝1.26×107J；
在不计热量损失的情况下，水吸收的热量：Q吸＝Q放＝3.26×107J，
由Q＝cm△t可知水升高的温度：△t＝＝＝75℃，
75℃+30℃＝105℃，在一标准大气压下，吸热温度不再升高。
故选：B。
【点评】本题考查学生对燃料完全燃烧放出热量公式和吸热公式的掌握和运用，注意在标准大气压下，水的温度最高为100℃，此类型的题目需要根据实际情况具体分析。
6．（2分）如图1所示的电路中，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压不变。闭合开关S后，滑片P从a端移动到b端，根据图像信息，下列判断正确的是（ ）
A．电源电压是6V
B．定值电阻R1的阻值是15Ω
C．滑动变阻R2的最大阻值是20Ω
D．滑片移到中点时，电路中的电流是0.3A
【分析】由电路图可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时电路中的电流最大，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，由图像读出电流和电压，求出滑动变阻器的最大阻值；根据串联电路的特点和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出电源电压和R1的阻值。应用欧姆定律算出滑片移到中点时，电路中的电流。
【解答】解：由电路图可知，两电阻串联2两端的电压，电流表测电路中的电流。
当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，I6＝0.6A，
由欧姆定律可得，电源的电压：U＝I5R1＝0.8A×R1，
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，I2＝7.2A，U2＝7V，
由欧姆定律得，滑动变阻器的最大阻值：R2＝＝＝15Ω；
串联电路中总电压等于各分电压之和，
电源的电压：U＝I2R1+U7＝0.2A×R4+3V，
电源的电压不变，0.5A×R1＝0.8A×R1+3V，
解得：R7＝7.5Ω，故B错误；
电源的电压：U＝2.6A×R1＝6.6A×7.5Ω＝4.5V，故A错误；
滑片移到中点时，电路中的电流是：I＝＝，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是知道滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最小时电路中的电流最大。
7．（2分）图示电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器。闭合开关S，移动滑片P，多次记录电压表示数U和对应的电流表示数I（ ）
A． B． C． D．
【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电压表与电流表的示数关系，然后得出答案。
【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，由I＝，R2两端的电压：
U2＝U﹣IR2，
由表达式可知，电压表的示数U2与电流表的示数I是一次函数，且电压表的示数随电流表的示数增大而减小，
由选项可知，ABC不符合。
故选：D。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，正确的表示出两电表的示数关系是关键。
8．（2分）将一杯热水倒入盛有一些冷水的容器中，冷水的温度升高了20℃，又向容器内倒入同样一杯热水，如果再向容器内倒入同样一杯热水，则冷水温度可再升高（不计热损失，热水和冷水的比热容相同）（ ）
A．8℃ B．7℃ C．6℃ D．5℃
【分析】热传递过程中高温物体放出热量，低温物体吸收热量，直到最后温度相同。
知道热水的质量和温度变化、冷水的质量和温度变化，利用热平衡方程Q吸＝Q放列出两个等式，可解得容器里的水与一杯水的质量关系及热水与冷水间的温度差；则假设一次性将全部热水倒入，则可求得冷水升高的总温度，即可求得再加1杯水时容器内的水升高的温度。
【解答】解：设热水和冷水的温度差为t，
质量为m0的一小杯热水倒入盛有质量为m的冷水的保温容器中，使得冷水温度升高了20℃，
由于无热损失，Q吸＝Q放，
从而可知，cm0（t﹣20℃）＝cm×20℃，﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
又向保温容器中倒入一小杯同质量为m3同温度的热水，水温又上升了10℃，
△Q吸＝△Q放，
从而可知，cm0（t﹣20℃﹣10℃）＝c（m+m0）×10℃，﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
则①﹣②得：
10℃×cm2＝20℃×cm﹣10℃×cm﹣10℃×cm0，
整理得：20℃×cm0＝10℃×cm，
解得：m＝5m0；
代入①式可得，t＝60℃；
假设我们将全部热水一次性注入，则由热平衡方程可知：
3m3c（60℃﹣△t）＝mc△t；
联立两式解得：△t＝36℃；
则注入后3杯水后，水温还会上升：36℃﹣20℃﹣10℃＝6℃。
故选：C。
【点评】解决此类综合分析题目，要结合热量公式和热传递的条件进行分析解答。不计热量的损失，可利用热平衡方程Q吸＝Q放列出两个等式；同时还应注意一次次注入和一次性注入相同的水，结果应是相同的。
9．（2分）小明看了电动玩具车的介绍得知：玩具车内部电路是由电源、开关、电动机、指示灯各一个组成。他将玩具车的电池取下，保持开关闭合，转动车轮时发现车上的指示灯还能发光（ ）
A．指示灯发光时，将电能全部转化成光能
B．电动机与发电机的工作原理可能是相同的
C．该玩具车电路中的电动机与指示灯一定是并联
D．该玩具车电路中的电动机与指示灯可能是并联；也可能是串联
【分析】（1）用电器是消耗电能的，将电能转化为其它形式的能。
（2）发电机的工作原理是电磁感应，电动机是利用通电线圈在磁场里受力转动的原理制成的。
（3）串联的各电路元件相互影响，不能独立工作，并联的各电路元件互不影响，能独立工作；根据题意与实验现象判断灯泡与电动机的连接方式。
【解答】解：A、指示灯发光时，故A错误；
B、发电机的工作原理是电磁感应：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时。电动机是利用通电线圈在磁场里受力转动的原理制成的；
CD、转动车轮，电动机变成了发电机，车上的指示灯还能发光、指示灯构成闭合回路，故C正确。
故选：C。
【点评】本题考查发电机和电动机的原理、电路的组成以及各元件的作用，关键是明确转动车轮，车上的指示灯还能发光，说明此时电动机、指示灯构成闭合回路。
10．（2分）如图所示，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，当滑片在a、b两点间移动时，电流表示数变化范围为0.2～0.6A，则电源电压和R1功率的变化量分别为（ ）
A．6 V 1.6 W B．6 V 0.2 W C．5 V 1.6 W D．5 V 1.8 W
【分析】（1）当滑片在a点时，电阻R1与Ra串联，当滑片在b点时，电阻R1与Rb串联，根据公式U＝IR得出电阻R1两端的电压；然后根据串联电路的电压特点得出两状态下电源电压值即可求出R1和电源电压；
（2）利用P＝I2R分别求出R1的功率，然后即可得出变化量。
【解答】解：（1）由串联电路的分压特点可知，滑片位于a点时，电压表的示数最大，电压表的示数最小，
当滑片在a点时，电阻R1与Ra串联，
由I＝得：U1＝I4R1＝0.3A×R1；
根据串联电路的总电压等于各电阻两端电压之和得：
电源电压U＝U1+Ua＝4.2A×R1+6V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
当滑片在b点时，电阻R1与Rb串联，
由I＝得：U1′＝I3R1＝0.6A×R1；
根据串联电路的总电压等于各电阻两端电压之和得：
电源电压U＝U1′+Ub＝6.6A×R1+8V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
解①②可得：R1＝5Ω，U＝7V；
（2）R1功率变化量P1′﹣P6＝I22R4﹣I12R8＝（0.6A）3×5Ω﹣（0.4A）2×5Ω＝7.6W。
故选：C。
【点评】本题考查串联电路电流和电压的规律、欧姆定律公式及其变形的灵活运用，要明白电路中各个用电器的连接情况。
二、填空题（每空1分，共12分）
11．（3分）两个电阻，分别标有“3V、0.5A”和“6V，0.3A”字样。将它们串联后接入电路使用 0.3 A；将它们并联后接入电路使用，那么电路两端的电压不能超过 3 V，干路上的最大电流为 0.65 A。
【分析】（1）串联电路处处电流相等，为了不损坏电阻，比较两电阻允许通过的最大电流，选其中较小的电流；
（2）知道电阻的额定功率和额定电压电压，根据欧姆定律求出电阻的阻值，并联电路两端电压相等，为了不损坏电阻，然后两电阻两端的电压，选其中较小的电压，根据欧姆定律求出通过两电阻的电流，再根据并联电路的电流特点求出干路的最大电流。
【解答】解：（1）从题可知，I1＝0.7A，I2＝0.4A，
因串联电路中各处各处的电流相等，且I1＞I2，
所以，当它们串联接到电路里时，串联电路中的电流为I3＝0.3A；
（2）由I＝可得，R6的阻值：
R2＝＝＝20Ω，
当它们并联接到电路里时，U1＝3V，U8＝6V，
因并联电路中各支路两端的电压相等，且U1＜U7，
所以，为了让每一个用电器都工作1＝3V，
此时通过R4的电流为0.5A，此时通过R6的电流：
I2′＝＝＝0.15A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流：
I＝I5+I2＝0.8A+0.15A＝0.65A。
故答案为：8.3；3；5.65。
【点评】本题考查了串联电路的特点和并联电路的特点以及欧姆定律的应用，关键是知道对于额定电压和额定电流不同的两个电阻来说，串联时比较电流取小的，并联时比较电压取小的
12．（2分）现有L1“6V3W”和L2“6V9W”两只小灯泡，若将两灯泡串联接入电源电压为12V的电路中，假设灯泡电阻不变， L1和L2 （选填“L1”、“L2”或“L1和L2”）灯不能正常发光。 L1 （选填“L1”、“L2”）灯可能被烧毁。
【分析】①串联电路具有分压作用，用电器在额定电压下才能正常发光；
②知道两灯泡的额定电压和额定功率，根据P＝UI可求得两灯额定电流，根据I＝求出两灯泡的电阻，利用串联电路电压与电阻成正比确定灯泡两端实际电压，得出灯泡是否正常发光；
③根据实际电压与额定电压的大小判断灯泡是否会被烧坏。
【解答】解：
（1）已知两灯泡的额定电压都是6V，
由P＝UI可得，两灯的额定电流分别为：
I1额＝＝＝8.5A，I2额＝＝＝6.5A。
（2）由欧姆定律可得，两灯的电阻分别为：
R1＝＝＝12Ω，R2＝＝＝5Ω。
假设灯泡电阻不变，在串联电路中＝，
所以两灯串联在12V电源上有：＝＝＝，
所以U5实＝U＝，U2实＝U＝，
已知U1额＝6V，而U4实＝9V，所以L1不能正常发光，并且有烧毁的危险；
已知U4额＝6V，而U2实＝3V，所以L2不能正常发光，发光较暗；
所以两只灯泡都不能正常发光。
故答案为：L1和L8；L1。
【点评】此题考查了串联电路特点、欧姆定律和电功率有关公式的应用，知道用电器在额定电压下才能正常发光，是分析此题的基础。
13．（3分）如图1所示，电源电压保持不变，当闭合开关S（图中未标出），记录两电表数据并标于图2中M、N两点处。则滑动变阻器的最大阻值为 20 Ω，电源电压是 6 V，将滑片P从b点再移至某处c（图中未标出）的过程中 不变 （选填“变大”、“保持不变”或“变小”）。
【分析】由图甲可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）当滑片位于a端时，接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，电压表的示数最大，根据图象读出电路中的最小电流和电压表的示数，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值；
（2）当滑片位于a端时，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压；当滑片位于b点时，读出此时的电流，根据欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出R1的阻值，进一步求出电源的电压；
（3）设出滑动变阻器R2的滑片P向右移动过程中电路中的电流，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电压表示数的变化量，进一步得出电压表V示数变化量与电流表A示数变化量的比值变化。
【解答】解：由图甲可知，R1与R2串联，电压表测R6两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）当滑片位于a端时，接入电路中的电阻最大，电压表的示数最大，
由图乙可知，电路中的最小电流I1＝0.5A，此时R2两端的电压U2＝8V，
由I＝可得
R2＝＝＝20Ω；
（2）当滑片位于a端时，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电源的电压：U＝I1（R1+R5）＝0.2A×（R2+20Ω），
当滑片位于b点时，变阻器接入电路中的电阻变小，
由图乙可知，电路中的电流I2＝0.5A，
则电源的电压：U＝U2+I2R4＝2V+0.2A×R1，
因电源的电压不变，
所以，2V+3.4A×R1＝4.2A×（R1+20Ω），
解得：R5＝10Ω，
则电源的电压：U＝I2R1＝8V+0.4A×10Ω＝8V；
（3）设滑动变阻器R2的滑片P向右移动过程中，电路中的电流分别为I，
则电压表示数的变化量：
△U2＝（U﹣I′R2）﹣（U﹣IR1）＝（I﹣I′）R1＝△IR4，即＝R1，
所以，电压表V示数变化量与电流表A示数变化量的比值将不变。
故答案为：20；3；不变。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，分清滑片位置移动电路的变化是关键。
14．（2分）小王在家探究冷热水混合温度变化的问题，他将一杯热水放在桌上，然后加入一勺30mL的冷水，后来他又加入一勺相同的冷水，平衡后测得水温又下降了3℃．若不计混合过程中的热量损失 28 ℃，原来这杯热水的质量为 180 g。
【分析】先根据密度的变形公式求出冷水的质量，然后根据Q吸＝Q放，并结合公式Q＝cm△t表示出热水放出的热量和冷水吸收的热量相等，
同理表示出第二次加入冷水后相应的关系，注意两次加入水的初温和质量均相等。
【解答】解：由ρ＝可得
m＝ρV＝1.0×106kg/m3×30×10﹣6m8＝0.03kg；
由题意知，Q吸＝Q放
所以，cm冷△t冷＝cm热△t热
0.03kg×△t冷＝m热×2℃…①
同理，当再次加入一勺冷水后
则有：Q吸＝Q放，即cm冷△t冷′＝cm热′△t热′，
代入数据得：0.03kg×（△t冷﹣3℃）＝（m热+2.03kg）×3℃…②
联立①②可得，△t冷＝24℃，m热＝0.18kg＝180g；
不计混合过程中的热量损失，原来这杯热水的温度比冷水的温度高24℃+5℃＝28℃。
故答案为：28；180。
【点评】本题考查密度计算公式以及热平衡方程的应用，关键明确在不计热量损失的情况下Q吸＝Q放，并结合热量计算公式对公式进行灵活变形，冷水温度变化的确定（最好画草图）是本题的难点。
15．（2分）“220V 40W”的灯泡（忽略温度对灯丝电阻的影响）的电阻为 1210 Ω。当灯泡两端的电压变为121V时，灯泡的实际功率为 12.1 W。
【分析】“220V 40W”表示照明灯泡的额定电压是220V，额定功率是40W，可根据公式R＝求出灯泡的电阻，根据公式P＝求出灯泡的实际功率。
【解答】解：已知灯泡的额定电压是220V，额定功率是40W，
由P＝可得灯泡的电阻：
R＝＝＝1210Ω；
在灯泡两端加上121V电压时，灯泡的实际功率：
P＝＝＝12.8W。
故答案为：1210； 12.1。
【点评】已知用电器的额定功率、额定电压，求实际功率时，要抓住电阻不变这一关键点。
三、作图题（4分）
16．（4分）如图，为某透镜成像的一种情况，其中AB是物体，试在图上的适当位置画上合适的透镜，并大致标出其焦点的位置。
【分析】利用过光心的光线的传播方向不变，先确定出凸透镜的位置，再由“平行于主光轴的光线经凸透镜折射后过焦点，过焦点的光线经凸透镜折射后，将平行于主光轴”确定焦点的位置。
【解答】解：
【点评】本题考查了凸透镜对特殊光线的折射作用来确定凸透镜的位置和焦点的位置。注意凸透镜成虚像时，应是平行于主光轴的光线经凸透镜折射后的反射延长线过焦点，过焦点的光线经凸透镜折射后的折射光线平行于主光轴，且反向延长线过像点。
四、实验题（每空1分，共11分）
17．（5分）如图是敏治探究“电流与电阻关系”的电路图，电源电压为6V，定值电阻R1的阻值分别为5Ω、10Ω和20Ω。
（1）实验中连接电路时开关应 断开 ，开关闭合前，滑动变阻器的滑片P应移至最 右 （左/右）端；
（2）实验中将定值电阻R1由5Ω换成10Ω后，移动滑片，保持电压表示数不变（5Ω电阻接入电路时）要 大 （大/小）；
（3）实验中为保证电阻R1两端的电压为2V，则滑动变阻器R2阻值应不小于 40 Ω；
（4）不改变电路连接的前提下，该电路还可以完成的电学实验是 伏安法测电阻 。
【分析】（1）连接电路，开关应该断开；
为保护电路，开关闭合前，应将滑片移至最大阻值处；
（2）探究电流与电阻的关系，需保持导体两端的电压相等，根据串分压的知识分析即可；
（3）根据最大的电阻20Ω计算滑动变阻器的阻值；
（4）根据R＝可计算电阻，根据P＝UI可计算电功率。
【解答】解：（1）连接电路，为防止出现短路情况；
由图甲知，滑动变阻器的下面接了左边的接线柱，开关闭合前，使其阻值最大；
（2）探究电流与电阻的关系，需保持导体两端的电压相等；
当将原来5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，电阻两端的电压会变大；
（3）滑动变阻器两端的电压U2＝8V﹣2V＝4V；
电流I＝I5＝I1＝＝＝0.4A；
则R2＝＝＝40Ω。
（4）测出电流I和电压U，可根据R＝，所以可以测量电阻值。
故答案为：（1）断开；右；（2）大；（4）伏安法测电阻。
【点评】本题考查了探究电流与电阻关系的实验注意事项、实验数据处理等问题，牢固掌握基础知识、分析清楚图象，即可正确解题。
18．（6分）为了人民生活更便利，英德市区上出现了一大批共享电动车“小黄车”，车内集成了嵌入式芯片、GPS定位模块和SIM卡等，用户用手机扫描车身上的二维码，通过手机网络发送电磁波到云端请求解锁，解锁成功后语音提示用户解锁成功，用户便可使用。“小黄车”是以蓄电池作为能量来源的，蓄电池余电20%即停止电能输出，如表是某电动车的相关数据。
整车
整车质量
30kg
最高车速
10m/s
最大噪音
62dB
效率
75%
蓄电池
容量
0.5kW•h
供电电压
48V
电动机
额定电压
48V
（1）电动车在行驶时将 电能 转化为机械能，能反映电动车工作原理的是如图1的 D （填选项）。电动车中改变车速的控制器相当于是实验室中的 滑动变阻器 （填物理实验器材名称）
（2）该电动车充一次电最多能输出的机械能为 1.08×106 J，充满电后如果人体触碰蓄电池两极，人 有 （有/无）危险。
（3）小明同学骑着该电动车，以最大规定速度在水平路面匀速行驶时，且该电动车行驶过程中所受到的摩擦力f随车辆和人的总质量M的变化关系图像如图2所示。则该过程中电动车克服摩擦力做功的功率为225W 60 kg．（g取10N/kg）
【分析】（1）电动车的核心元件是电动机，电动机工作时消耗电能得到机械能；
首先明确电动机的工作原理，然后根据图示的实验装置得到该装置反应的物理理论，两者对比从而可以得到答案；
控制电路中的电流可控制电动车的行驶速度，这一目的可通过滑动变阻器改变电阻来达到；
（2）知道蓄电池的容量和效率可求电动车最多能输出的机械能；
对人体的安全电压不高于36V；
（3）知道最大车速，最大功率，利用P＝fv求摩擦阻力，根据图像可求质量。
【解答】解：（1）电动车的核心元件是电动机，是利用通电导体在磁场中受力而运动制成的；
A．图中没有电源，检流计指针发生偏转，这是电磁感应现象，故A不符合题意；
B．是奥斯特实验，故B不符合题意；
C．研究的是电磁铁磁性的强弱与线圈匝数的关系，故C不符合题意；
D、图中有电源，通电导线在磁场中受力运动，故D符合题意；
故选：D；
电路中的电流大小可通过滑动变阻器来改变，电流变化了，因此；
（2）蓄电池的最大容量：
W电＝0.5kW•h＝7.5×3.3×106J＝1.8×106J，
电能转化为的机械能：
W机械能＝W电×（1﹣20%）×75%＝7.8×106J×80%×75%＝2.08×106J；
对人体的安全电压不高于36V，而蓄电池的供电电压为48V＞36V，
所以充满电后如果人体触碰蓄电池两极，人有危险；
（3）已知最大功P＝225W，
由P＝＝＝Fv＝fv可得，
F＝f＝＝＝22.5N；
已知摩擦力f随车辆和人的总质量M的变化关系图像为正比例图像，
由图像可知，当f＝2N时，则阻力为1f时，
则当f＝22.5N时，车辆和人的总质量M＝22.5N×4kg/N＝90kg，
则小明的质量m小明＝M﹣m车＝90kg﹣30kg＝60kg。
故答案为：（1）电能；D；滑动变阻器6；有；（3）60。
【点评】本题以电动车为载体考查了力学、热学、电学、磁学中相关知识，知识点多、综合性强，要求灵活所用所学知识，属于难题！
五、计算题（第19题6分，第20题9分，第21题8分，共23分）
19．（6分）边长为10cm的立方体木块，质量为600g，现用一根细线使木块与容器底部相连，如图所示；已知容器底面积为200cm2，质量为1kg；细线长10cm，此时液面深25cm。
则：（1）绳子的拉力为多大？
（2）剪断绳子，待木块静止后，水对容器底部压强变化了多少？
【分析】（1）绳子的拉力等于浮力减去重力，根据F浮＝ρ水gV排求得浮力，根据G＝mg可求得其重力，进而可求绳子的拉力；
（2）根据漂浮时浮力与重力的关系得出木块受到的浮力；根据F浮＝ρ液gV排得出木块排开水的体积，根据V排的变化得出水深度的变化，从而可得压强变化量。
【解答】解：（1）木块浸没在水中，V排＝V＝（0.1m）3＝1×10﹣3m4，
则木块受到的浮力：F浮＝ρ水gV排＝103kg/m3×10N/kg×2×10﹣3m3＝10N
木块的重力：G＝mg＝3.6kg×10N/kg＝6N，
根据力的合成可得，绳子的拉力：F＝F浮﹣G＝10N﹣7N＝4N；
（2）木块漂浮，F浮′＝G＝6N，
由F浮＝ρ液gV排得，木块漂浮时排开水的体积：V排′＝＝＝6×10﹣4m5；
所以液面下降的深度为：△h＝＝＝＝5.02m；
则剪断绳子，待木块静止后水g△h＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.02m＝200Pa。
答：（1）绳子的拉力为3N；
（2）剪断绳子，待木块静止后。
【点评】本题考查液体压强的计算，浮力的计算，力的合成与物体的沉浮条件的应用等，木块在水中的浮力要利用浮力公式来计算，木块漂浮时的浮力要利用漂浮的条件来求，解题时选对方法才能起到事半功倍的效果。
20．（9分）小明质量50kg，每只脚与地面接触面积为0.02m2。他用如图滑轮组提升物体，使用滑轮组在空气中提升重150N的重物时，滑轮组机械效率为75%。使用此滑轮组能提起的物体最重为950N，绳子将断裂。绳重及摩擦均不计。
（1）动滑轮总重为多少？
（2）使用此滑轮组在空气中匀速提起最重的物体时，若物体被提升1m用时10s，小明做功的功率是多大？
（3）当他用此滑轮组在空气中匀速提起重物的机械效率为90%时，小明对地面的压强是多大？
【分析】（1）绳重及摩擦均不计，滑轮组的机械效率η＝＝＝，据此求动滑轮重力；
（2）由图知，n＝4，使用此滑轮组在空气中匀速提起最重的物体时，拉力F最大＝（G最大+G动），拉力端移动距离s＝4h，利用W＝Fs求拉力做功，再利用P＝求拉力做功功率；
（3）滑轮组的机械效率η＝＝＝，据此求机械效率为90%时提升的物重，此时拉力F＝（G+G动），利用G＝mg求小明的重力，小明对地面的压力等于重力减去拉力，再利用p＝求小明对地面的压强。
【解答】解：
（1）绳重及摩擦均不计，滑轮组的机械效率η＝＝＝＝，
解得动滑轮重力：G动＝50N；
（2）由图知，n＝4，拉力：
F最大＝（G最大+G动）＝（950N+50N）＝250N，
拉力端移动距离s＝5h＝4×1m＝3m，
拉力做功：
W＝Fs＝250N×4m＝1000J，
拉力做功功率：
P＝＝＝100W；
（3）滑轮组的机械效率η＝＝＝＝＝90%，
此时提升物重：
G′＝450N，
此时拉力：
F′＝（G′+G动）＝（450N+50N）＝125N，
小明的重力G人＝m人g＝50kg×10N/kg＝500N，
小明对地面的压力：
F压＝G人﹣F′＝500N﹣125N＝375N，
小明对地面的压强：
p＝＝＝9375Pa。
答：（1）动滑轮总重为50N；
（2）使用此滑轮组在空气中匀速提起最重的物体时，若物体被提升8m用时10s；
（3）当他用此滑轮组在空气中匀速提起重物的机械效率为90%时，小明对地面的压强是9375Pa。
【点评】本题为力学综合题，考查了重力公式、压强公式、功的公式、功率公式、效率公式的应用，要利用好两个关系式：一是绳重及摩擦均不计，滑轮组的机械效率η＝＝＝，二是滑轮组自由端的拉力F＝（G+G动）。
21．（8分）有一个量程为0～1mA的小量程电流表G，内阻Rg＝30Ω，选择一定值电阻R0与它并联起来，如图所示。将A、B两端接入电路（图中I表示电流表G与电阻R0并联后的总电流）。
（1）调节电路，使电流表的指针指在最大刻度处（即1mA），这时电流I为0.6A0的值（计算结果保留两位小数）；
（2）继续调节电路，使电流表的指针指在刻度盘中央（即0.5mA），此时电流I变为多少？
【分析】（1）G与定值电阻并联，由欧姆定律得出其两端的电压，由并联电路电流的规律得出通过定值电阻的电流，根据欧姆定律求出电阻R0；
（2）电流表的指针指在刻度盘中央（即0.5mA），由欧姆定律可知电流表的电压也为原来的二分之一，由欧姆定律，通过定值电阻的电流为二分之一，由并联电路电流的规律求出此时电流I。
【解答】解：
（1）G与定值电阻并联，调节电路，由欧姆定律
U＝I×Rg＝0.001A×30Ω＝0.03V；
这时电流I为2.6A，由并联电路电流的规律
I0＝2.6A﹣0.001A＝8.599A，
由欧姆定律，电阻R0＝＝≈0.05Ω；
（2）电流表的指针指在刻度盘中央（即7.5mA），即电流为原来的二分之一，电流表的电压也为原来的二分之一，通过定值电阻的电流为二分之一，
由并联电路电流的规律，此时电流I变为的来的二分之一。
答：（1）电阻R0的值为8.05Ω；
（2）继续调节电路，使电流表的指针指在刻度盘中央（即0.5mA）。
【点评】本题考查并联电路的规律及欧姆定律的运用，体现了与高中知识的衔接。
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2021年安徽省蚌埠市局属初中中考物理第二次联考试卷
一、单选题（每题2分，共20分）
1．（2分）电动自行车两刹车手柄中各有一只开关在行驶过程中，开关处于闭合状态，电动机正常运转．用任一只手柄刹车时，电动自行车停止工作，图中电路符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
2．（2分）如图所示，烧杯中有水，水中倒扣着一玻璃瓶（不考虑水和玻璃密度变化），下列说法正确的是（ ）
A．玻璃瓶内的水不会汽化
B．烧杯和玻璃瓶内的水同时沸腾
C．玻璃瓶底部露出体积逐渐增加
D．玻璃瓶外水所含热量始终比瓶内水的热量多
3．（2分）如图，轻质弹簧竖直放置，下端固定于地面，再用力向下把小球压至图中A位置后由静止释放，小球将竖直向上运动并脱离弹簧，则小球（ ）
A．运动至最高点时，受平衡力作用
B．被释放瞬间，所受重力大于弹簧弹力
C．从A点向上运动过程中，速度先增大后减小
D．从O点向上运动过程中，重力势能转化为动能
4．（2分）如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关后1的滑片P，当电流表的示数变化范围1～1.3A时，电压表的示数变化了3V2所消耗功率的变化范围是（ ）
A．1～3.9W B．3～5.07W C．3.9～10W D．10～16.9W
5．（2分）在一个标准大气压下，在不计热量损失的情况下，完全燃烧热值为1.26×107J/kg的干木柴1kg，能使40kg、30℃的水温度升高到（ ）
A．105℃ B．100℃ C．75℃ D．无法确定
6．（2分）如图1所示的电路中，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压不变。闭合开关S后，滑片P从a端移动到b端，根据图像信息，下列判断正确的是（ ）
A．电源电压是6V
B．定值电阻R1的阻值是15Ω
C．滑动变阻R2的最大阻值是20Ω
D．滑片移到中点时，电路中的电流是0.3A
7．（2分）图示电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器。闭合开关S，移动滑片P，多次记录电压表示数U和对应的电流表示数I（ ）
A． B． C． D．
8．（2分）将一杯热水倒入盛有一些冷水的容器中，冷水的温度升高了20℃，又向容器内倒入同样一杯热水，如果再向容器内倒入同样一杯热水，则冷水温度可再升高（不计热损失，热水和冷水的比热容相同）（ ）
A．8℃ B．7℃ C．6℃ D．5℃
9．（2分）小明看了电动玩具车的介绍得知：玩具车内部电路是由电源、开关、电动机、指示灯各一个组成。他将玩具车的电池取下，保持开关闭合，转动车轮时发现车上的指示灯还能发光（ ）
A．指示灯发光时，将电能全部转化成光能
B．电动机与发电机的工作原理可能是相同的
C．该玩具车电路中的电动机与指示灯一定是并联
D．该玩具车电路中的电动机与指示灯可能是并联；也可能是串联
10．（2分）如图所示，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，当滑片在a、b两点间移动时，电流表示数变化范围为0.2～0.6A，则电源电压和R1功率的变化量分别为（ ）
A．6 V 1.6 W B．6 V 0.2 W C．5 V 1.6 W D．5 V 1.8 W
二、填空题（每空1分，共12分）
11．（3分）两个电阻，分别标有“3V、0.5A”和“6V，0.3A”字样。将它们串联后接入电路使用 A；将它们并联后接入电路使用，那么电路两端的电压不能超过 V，干路上的最大电流为 A。
12．（2分）现有L1“6V3W”和L2“6V9W”两只小灯泡，若将两灯泡串联接入电源电压为12V的电路中，假设灯泡电阻不变， （选填“L1”、“L2”或“L1和L2”）灯不能正常发光。 （选填“L1”、“L2”）灯可能被烧毁。
13．（3分）如图1所示，电源电压保持不变，当闭合开关S（图中未标出），记录两电表数据并标于图2中M、N两点处。则滑动变阻器的最大阻值为 Ω，电源电压是 V，将滑片P从b点再移至某处c（图中未标出）的过程中 （选填“变大”、“保持不变”或“变小”）。
14．（2分）小王在家探究冷热水混合温度变化的问题，他将一杯热水放在桌上，然后加入一勺30mL的冷水，后来他又加入一勺相同的冷水，平衡后测得水温又下降了3℃．若不计混合过程中的热量损失 ℃，原来这杯热水的质量为 g。
15．（2分）“220V 40W”的灯泡（忽略温度对灯丝电阻的影响）的电阻为 Ω。当灯泡两端的电压变为121V时，灯泡的实际功率为 W。
三、作图题（4分）
16．（4分）如图，为某透镜成像的一种情况，其中AB是物体，试在图上的适当位置画上合适的透镜，并大致标出其焦点的位置。
四、实验题（每空1分，共11分）
17．（5分）如图是敏治探究“电流与电阻关系”的电路图，电源电压为6V，定值电阻R1的阻值分别为5Ω、10Ω和20Ω。
（1）实验中连接电路时开关应 ，开关闭合前，滑动变阻器的滑片P应移至最 （左/右）端；
（2）实验中将定值电阻R1由5Ω换成10Ω后，移动滑片，保持电压表示数不变（5Ω电阻接入电路时）要 （大/小）；
（3）实验中为保证电阻R1两端的电压为2V，则滑动变阻器R2阻值应不小于 Ω；
（4）不改变电路连接的前提下，该电路还可以完成的电学实验是 。
18．（6分）为了人民生活更便利，英德市区上出现了一大批共享电动车“小黄车”，车内集成了嵌入式芯片、GPS定位模块和SIM卡等，用户用手机扫描车身上的二维码，通过手机网络发送电磁波到云端请求解锁，解锁成功后语音提示用户解锁成功，用户便可使用。“小黄车”是以蓄电池作为能量来源的，蓄电池余电20%即停止电能输出，如表是某电动车的相关数据。
整车
整车质量
30kg
最高车速
10m/s
最大噪音
62dB
效率
75%
蓄电池
容量
0.5kW•h
供电电压
48V
电动机
额定电压
48V
（1）电动车在行驶时将 转化为机械能，能反映电动车工作原理的是如图1的 （填选项）。电动车中改变车速的控制器相当于是实验室中的 （填物理实验器材名称）
（2）该电动车充一次电最多能输出的机械能为 J，充满电后如果人体触碰蓄电池两极，人 （有/无）危险。
（3）小明同学骑着该电动车，以最大规定速度在水平路面匀速行驶时，且该电动车行驶过程中所受到的摩擦力f随车辆和人的总质量M的变化关系图像如图2所示。则该过程中电动车克服摩擦力做功的功率为225W kg．（g取10N/kg）
五、计算题（第19题6分，第20题9分，第21题8分，共23分）
19．（6分）边长为10cm的立方体木块，质量为600g，现用一根细线使木块与容器底部相连，如图所示；已知容器底面积为200cm2，质量为1kg；细线长10cm，此时液面深25cm。
则：（1）绳子的拉力为多大？
（2）剪断绳子，待木块静止后，水对容器底部压强变化了多少？
20．（9分）小明质量50kg，每只脚与地面接触面积为0.02m2。他用如图滑轮组提升物体，使用滑轮组在空气中提升重150N的重物时，滑轮组机械效率为75%。使用此滑轮组能提起的物体最重为950N，绳子将断裂。绳重及摩擦均不计。
（1）动滑轮总重为多少？
（2）使用此滑轮组在空气中匀速提起最重的物体时，若物体被提升1m用时10s，小明做功的功率是多大？
（3）当他用此滑轮组在空气中匀速提起重物的机械效率为90%时，小明对地面的压强是多大？
21．（8分）有一个量程为0～1mA的小量程电流表G，内阻Rg＝30Ω，选择一定值电阻R0与它并联起来，如图所示。将A、B两端接入电路（图中I表示电流表G与电阻R0并联后的总电流）。
（1）调节电路，使电流表的指针指在最大刻度处（即1mA），这时电流I为0.6A0的值（计算结果保留两位小数）；
（2）继续调节电路，使电流表的指针指在刻度盘中央（即0.5mA），此时电流I变为多少？
2021年安徽省蚌埠市局属初中中考物理第二次联考试卷
参考答案与试题解析
一、单选题（每题2分，共20分）
1．（2分）电动自行车两刹车手柄中各有一只开关在行驶过程中，开关处于闭合状态，电动机正常运转．用任一只手柄刹车时，电动自行车停止工作，图中电路符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】任一只手柄刹车时，该手柄上的开关立即断开、电动机停止工作说明两开关相互影响、不能独立工作即为串联。
【解答】解：由题意可知，开关S1和S2串联接在电路中，共同控制电动机的工作，BCD不符合题意。
故选：A。
【点评】本题要牢牢把握住关键点“任一只手柄刹车时，开关立即断开、电动机停止工作”，从而判断出两个开关的连接方式是串联。
2．（2分）如图所示，烧杯中有水，水中倒扣着一玻璃瓶（不考虑水和玻璃密度变化），下列说法正确的是（ ）
A．玻璃瓶内的水不会汽化
B．烧杯和玻璃瓶内的水同时沸腾
C．玻璃瓶底部露出体积逐渐增加
D．玻璃瓶外水所含热量始终比瓶内水的热量多
【分析】①物质由液态变成气态的过程叫汽化，汽化包括蒸发和沸腾两种方式。蒸发可以在任何温度下进行；
②液体沸腾的条件：达到沸点，不断吸收热量；
③气体具有明显的热胀冷缩现象，热膨胀现象很明显；
④在热传递过程中，物体改变的内能的多少叫热量。热量是内能的变化量，物体本身不含有热量。
【解答】解：
AB、烧杯中有水，瓶内水面比烧杯内水面低。
烧杯内的水在一定气压下，达到水的沸点，能沸腾；
玻璃瓶内的气压高，水的沸点高，玻璃瓶内的水最高达到烧杯内水的沸点，玻璃瓶内的水一定不能沸腾，也就是可以汽化、B均错误；
C、在加热过程中，使玻璃瓶上方空间的水蒸气压强增大，所以使玻璃瓶中水面下降。故C正确；
D、热量是物体内能多少的变化量，所以无法比较物体热量多少。
故选：C。
【点评】此题考查了液体沸腾的条件、汽化的两种方式、气压的变化和热量的概念，是一道热现象的综合题。正确、全面理解概念和规律是解答的关键。
3．（2分）如图，轻质弹簧竖直放置，下端固定于地面，再用力向下把小球压至图中A位置后由静止释放，小球将竖直向上运动并脱离弹簧，则小球（ ）
A．运动至最高点时，受平衡力作用
B．被释放瞬间，所受重力大于弹簧弹力
C．从A点向上运动过程中，速度先增大后减小
D．从O点向上运动过程中，重力势能转化为动能
【分析】（1）物体处于静止状态或匀速直线运动状态，受平衡力作用。
（2）根据小球被释放后的运动状态判断重力和弹力的大小；
（3）从A点向上运动过程中，分小球到达O点前和离开O点后两个阶段分析讨论；
（4）判断是哪种能量转化成了另一种能量的标准是：减小的转化为增多的。
【解答】解：A、不计空气阻力，不是平衡状态；
B、小球被释放后沿竖直方向加速向上运动，所受重力小于弹簧弹力；
C、不计空气阻力，受到两个力的作用，一个是竖直向上的弹力，弹力大于重力，速度不断增大，其所受合力方向向下。当离开O点后，力的方向与小球运动方向相反。故其速度先增大后减小；
D、从O点向上运动过程中，速度变小，故动能减小，所以动能转化为重力势能。
故选：C。
【点评】此题通过一个场景，考查学生对动能和势能的转化与守恒、平衡状态的判断、力与运动的关系等，综合性强，属于中考常考题型，有一定难度。
4．（2分）如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关后1的滑片P，当电流表的示数变化范围1～1.3A时，电压表的示数变化了3V2所消耗功率的变化范围是（ ）
A．1～3.9W B．3～5.07W C．3.9～10W D．10～16.9W
【分析】由电路图可知，闭合开关后，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。当电流表的示数变化范围1～1.3A时，电压表的示数变化了3V，根据欧姆定律表示出电压表示数的变化量即可求出定值电阻R2的阻值，根据P＝UI＝I2R求出电路中的电流为1A和1.3A时R2的电功率，从而得出此过程中定值电阻R2所消耗功率的变化范围。
【解答】解：由电路图可知，闭合开关后，R1与R2串联，电压表测R5两端的电压，电流表测电路中的电流。
当电流表的示数变化范围1～1.4A时，电压表的示数变化了3V，
则△U2＝U6′﹣U2＝I′R2﹣IR3＝（I′﹣I）R2，即3V＝（8.3A﹣1A）R8，
解得：R2＝10Ω，
当I＝1A时，R3的电功率P2＝I2R6＝（1A）2×10Ω＝10W，
当I′＝5.3A时，R2的电功率P5′＝（I′）2R2＝（4.3A）2×10Ω＝16.5W，
所以，此过程中定值电阻R2所消耗功率的变化范围是10～16.9W。
故选：D。
【点评】本题考查了欧姆定律和电功率公式的应用，是一道较为简单的应用题。
5．（2分）在一个标准大气压下，在不计热量损失的情况下，完全燃烧热值为1.26×107J/kg的干木柴1kg，能使40kg、30℃的水温度升高到（ ）
A．105℃ B．100℃ C．75℃ D．无法确定
【分析】（1）根据Q＝mq求出干木柴完全燃烧放出的热量；
（2）在不计热量损失的情况下，Q吸＝Q放，再根据Q＝cm△t求出水升高的温度，要注意水在1标准大气压下的沸点为100℃保持不变。
【解答】解：干木柴完全燃烧放出的热量：
Q放＝mq＝1kg×1.26×104J/kg＝1.26×107J；
在不计热量损失的情况下，水吸收的热量：Q吸＝Q放＝3.26×107J，
由Q＝cm△t可知水升高的温度：△t＝＝＝75℃，
75℃+30℃＝105℃，在一标准大气压下，吸热温度不再升高。
故选：B。
【点评】本题考查学生对燃料完全燃烧放出热量公式和吸热公式的掌握和运用，注意在标准大气压下，水的温度最高为100℃，此类型的题目需要根据实际情况具体分析。
6．（2分）如图1所示的电路中，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压不变。闭合开关S后，滑片P从a端移动到b端，根据图像信息，下列判断正确的是（ ）
A．电源电压是6V
B．定值电阻R1的阻值是15Ω
C．滑动变阻R2的最大阻值是20Ω
D．滑片移到中点时，电路中的电流是0.3A
【分析】由电路图可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时电路中的电流最大，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，由图像读出电流和电压，求出滑动变阻器的最大阻值；根据串联电路的特点和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出电源电压和R1的阻值。应用欧姆定律算出滑片移到中点时，电路中的电流。
【解答】解：由电路图可知，两电阻串联2两端的电压，电流表测电路中的电流。
当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，I6＝0.6A，
由欧姆定律可得，电源的电压：U＝I5R1＝0.8A×R1，
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，I2＝7.2A，U2＝7V，
由欧姆定律得，滑动变阻器的最大阻值：R2＝＝＝15Ω；
串联电路中总电压等于各分电压之和，
电源的电压：U＝I2R1+U7＝0.2A×R4+3V，
电源的电压不变，0.5A×R1＝0.8A×R1+3V，
解得：R7＝7.5Ω，故B错误；
电源的电压：U＝2.6A×R1＝6.6A×7.5Ω＝4.5V，故A错误；
滑片移到中点时，电路中的电流是：I＝＝，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是知道滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最小时电路中的电流最大。
7．（2分）图示电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器。闭合开关S，移动滑片P，多次记录电压表示数U和对应的电流表示数I（ ）
A． B． C． D．
【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电压表与电流表的示数关系，然后得出答案。
【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，由I＝，R2两端的电压：
U2＝U﹣IR2，
由表达式可知，电压表的示数U2与电流表的示数I是一次函数，且电压表的示数随电流表的示数增大而减小，
由选项可知，ABC不符合。
故选：D。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，正确的表示出两电表的示数关系是关键。
8．（2分）将一杯热水倒入盛有一些冷水的容器中，冷水的温度升高了20℃，又向容器内倒入同样一杯热水，如果再向容器内倒入同样一杯热水，则冷水温度可再升高（不计热损失，热水和冷水的比热容相同）（ ）
A．8℃ B．7℃ C．6℃ D．5℃
【分析】热传递过程中高温物体放出热量，低温物体吸收热量，直到最后温度相同。
知道热水的质量和温度变化、冷水的质量和温度变化，利用热平衡方程Q吸＝Q放列出两个等式，可解得容器里的水与一杯水的质量关系及热水与冷水间的温度差；则假设一次性将全部热水倒入，则可求得冷水升高的总温度，即可求得再加1杯水时容器内的水升高的温度。
【解答】解：设热水和冷水的温度差为t，
质量为m0的一小杯热水倒入盛有质量为m的冷水的保温容器中，使得冷水温度升高了20℃，
由于无热损失，Q吸＝Q放，
从而可知，cm0（t﹣20℃）＝cm×20℃，﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
又向保温容器中倒入一小杯同质量为m3同温度的热水，水温又上升了10℃，
△Q吸＝△Q放，
从而可知，cm0（t﹣20℃﹣10℃）＝c（m+m0）×10℃，﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
则①﹣②得：
10℃×cm2＝20℃×cm﹣10℃×cm﹣10℃×cm0，
整理得：20℃×cm0＝10℃×cm，
解得：m＝5m0；
代入①式可得，t＝60℃；
假设我们将全部热水一次性注入，则由热平衡方程可知：
3m3c（60℃﹣△t）＝mc△t；
联立两式解得：△t＝36℃；
则注入后3杯水后，水温还会上升：36℃﹣20℃﹣10℃＝6℃。
故选：C。
【点评】解决此类综合分析题目，要结合热量公式和热传递的条件进行分析解答。不计热量的损失，可利用热平衡方程Q吸＝Q放列出两个等式；同时还应注意一次次注入和一次性注入相同的水，结果应是相同的。
9．（2分）小明看了电动玩具车的介绍得知：玩具车内部电路是由电源、开关、电动机、指示灯各一个组成。他将玩具车的电池取下，保持开关闭合，转动车轮时发现车上的指示灯还能发光（ ）
A．指示灯发光时，将电能全部转化成光能
B．电动机与发电机的工作原理可能是相同的
C．该玩具车电路中的电动机与指示灯一定是并联
D．该玩具车电路中的电动机与指示灯可能是并联；也可能是串联
【分析】（1）用电器是消耗电能的，将电能转化为其它形式的能。
（2）发电机的工作原理是电磁感应，电动机是利用通电线圈在磁场里受力转动的原理制成的。
（3）串联的各电路元件相互影响，不能独立工作，并联的各电路元件互不影响，能独立工作；根据题意与实验现象判断灯泡与电动机的连接方式。
【解答】解：A、指示灯发光时，故A错误；
B、发电机的工作原理是电磁感应：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时。电动机是利用通电线圈在磁场里受力转动的原理制成的；
CD、转动车轮，电动机变成了发电机，车上的指示灯还能发光、指示灯构成闭合回路，故C正确。
故选：C。
【点评】本题考查发电机和电动机的原理、电路的组成以及各元件的作用，关键是明确转动车轮，车上的指示灯还能发光，说明此时电动机、指示灯构成闭合回路。
10．（2分）如图所示，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，当滑片在a、b两点间移动时，电流表示数变化范围为0.2～0.6A，则电源电压和R1功率的变化量分别为（ ）
A．6 V 1.6 W B．6 V 0.2 W C．5 V 1.6 W D．5 V 1.8 W
【分析】（1）当滑片在a点时，电阻R1与Ra串联，当滑片在b点时，电阻R1与Rb串联，根据公式U＝IR得出电阻R1两端的电压；然后根据串联电路的电压特点得出两状态下电源电压值即可求出R1和电源电压；
（2）利用P＝I2R分别求出R1的功率，然后即可得出变化量。
【解答】解：（1）由串联电路的分压特点可知，滑片位于a点时，电压表的示数最大，电压表的示数最小，
当滑片在a点时，电阻R1与Ra串联，
由I＝得：U1＝I4R1＝0.3A×R1；
根据串联电路的总电压等于各电阻两端电压之和得：
电源电压U＝U1+Ua＝4.2A×R1+6V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
当滑片在b点时，电阻R1与Rb串联，
由I＝得：U1′＝I3R1＝0.6A×R1；
根据串联电路的总电压等于各电阻两端电压之和得：
电源电压U＝U1′+Ub＝6.6A×R1+8V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
解①②可得：R1＝5Ω，U＝7V；
（2）R1功率变化量P1′﹣P6＝I22R4﹣I12R8＝（0.6A）3×5Ω﹣（0.4A）2×5Ω＝7.6W。
故选：C。
【点评】本题考查串联电路电流和电压的规律、欧姆定律公式及其变形的灵活运用，要明白电路中各个用电器的连接情况。
二、填空题（每空1分，共12分）
11．（3分）两个电阻，分别标有“3V、0.5A”和“6V，0.3A”字样。将它们串联后接入电路使用 0.3 A；将它们并联后接入电路使用，那么电路两端的电压不能超过 3 V，干路上的最大电流为 0.65 A。
【分析】（1）串联电路处处电流相等，为了不损坏电阻，比较两电阻允许通过的最大电流，选其中较小的电流；
（2）知道电阻的额定功率和额定电压电压，根据欧姆定律求出电阻的阻值，并联电路两端电压相等，为了不损坏电阻，然后两电阻两端的电压，选其中较小的电压，根据欧姆定律求出通过两电阻的电流，再根据并联电路的电流特点求出干路的最大电流。
【解答】解：（1）从题可知，I1＝0.7A，I2＝0.4A，
因串联电路中各处各处的电流相等，且I1＞I2，
所以，当它们串联接到电路里时，串联电路中的电流为I3＝0.3A；
（2）由I＝可得，R6的阻值：
R2＝＝＝20Ω，
当它们并联接到电路里时，U1＝3V，U8＝6V，
因并联电路中各支路两端的电压相等，且U1＜U7，
所以，为了让每一个用电器都工作1＝3V，
此时通过R4的电流为0.5A，此时通过R6的电流：
I2′＝＝＝0.15A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流：
I＝I5+I2＝0.8A+0.15A＝0.65A。
故答案为：8.3；3；5.65。
【点评】本题考查了串联电路的特点和并联电路的特点以及欧姆定律的应用，关键是知道对于额定电压和额定电流不同的两个电阻来说，串联时比较电流取小的，并联时比较电压取小的
12．（2分）现有L1“6V3W”和L2“6V9W”两只小灯泡，若将两灯泡串联接入电源电压为12V的电路中，假设灯泡电阻不变， L1和L2 （选填“L1”、“L2”或“L1和L2”）灯不能正常发光。 L1 （选填“L1”、“L2”）灯可能被烧毁。
【分析】①串联电路具有分压作用，用电器在额定电压下才能正常发光；
②知道两灯泡的额定电压和额定功率，根据P＝UI可求得两灯额定电流，根据I＝求出两灯泡的电阻，利用串联电路电压与电阻成正比确定灯泡两端实际电压，得出灯泡是否正常发光；
③根据实际电压与额定电压的大小判断灯泡是否会被烧坏。
【解答】解：
（1）已知两灯泡的额定电压都是6V，
由P＝UI可得，两灯的额定电流分别为：
I1额＝＝＝8.5A，I2额＝＝＝6.5A。
（2）由欧姆定律可得，两灯的电阻分别为：
R1＝＝＝12Ω，R2＝＝＝5Ω。
假设灯泡电阻不变，在串联电路中＝，
所以两灯串联在12V电源上有：＝＝＝，
所以U5实＝U＝，U2实＝U＝，
已知U1额＝6V，而U4实＝9V，所以L1不能正常发光，并且有烧毁的危险；
已知U4额＝6V，而U2实＝3V，所以L2不能正常发光，发光较暗；
所以两只灯泡都不能正常发光。
故答案为：L1和L8；L1。
【点评】此题考查了串联电路特点、欧姆定律和电功率有关公式的应用，知道用电器在额定电压下才能正常发光，是分析此题的基础。
13．（3分）如图1所示，电源电压保持不变，当闭合开关S（图中未标出），记录两电表数据并标于图2中M、N两点处。则滑动变阻器的最大阻值为 20 Ω，电源电压是 6 V，将滑片P从b点再移至某处c（图中未标出）的过程中 不变 （选填“变大”、“保持不变”或“变小”）。
【分析】由图甲可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）当滑片位于a端时，接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，电压表的示数最大，根据图象读出电路中的最小电流和电压表的示数，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值；
（2）当滑片位于a端时，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压；当滑片位于b点时，读出此时的电流，根据欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出R1的阻值，进一步求出电源的电压；
（3）设出滑动变阻器R2的滑片P向右移动过程中电路中的电流，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电压表示数的变化量，进一步得出电压表V示数变化量与电流表A示数变化量的比值变化。
【解答】解：由图甲可知，R1与R2串联，电压表测R6两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）当滑片位于a端时，接入电路中的电阻最大，电压表的示数最大，
由图乙可知，电路中的最小电流I1＝0.5A，此时R2两端的电压U2＝8V，
由I＝可得
R2＝＝＝20Ω；
（2）当滑片位于a端时，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电源的电压：U＝I1（R1+R5）＝0.2A×（R2+20Ω），
当滑片位于b点时，变阻器接入电路中的电阻变小，
由图乙可知，电路中的电流I2＝0.5A，
则电源的电压：U＝U2+I2R4＝2V+0.2A×R1，
因电源的电压不变，
所以，2V+3.4A×R1＝4.2A×（R1+20Ω），
解得：R5＝10Ω，
则电源的电压：U＝I2R1＝8V+0.4A×10Ω＝8V；
（3）设滑动变阻器R2的滑片P向右移动过程中，电路中的电流分别为I，
则电压表示数的变化量：
△U2＝（U﹣I′R2）﹣（U﹣IR1）＝（I﹣I′）R1＝△IR4，即＝R1，
所以，电压表V示数变化量与电流表A示数变化量的比值将不变。
故答案为：20；3；不变。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，分清滑片位置移动电路的变化是关键。
14．（2分）小王在家探究冷热水混合温度变化的问题，他将一杯热水放在桌上，然后加入一勺30mL的冷水，后来他又加入一勺相同的冷水，平衡后测得水温又下降了3℃．若不计混合过程中的热量损失 28 ℃，原来这杯热水的质量为 180 g。
【分析】先根据密度的变形公式求出冷水的质量，然后根据Q吸＝Q放，并结合公式Q＝cm△t表示出热水放出的热量和冷水吸收的热量相等，
同理表示出第二次加入冷水后相应的关系，注意两次加入水的初温和质量均相等。
【解答】解：由ρ＝可得
m＝ρV＝1.0×106kg/m3×30×10﹣6m8＝0.03kg；
由题意知，Q吸＝Q放
所以，cm冷△t冷＝cm热△t热
0.03kg×△t冷＝m热×2℃…①
同理，当再次加入一勺冷水后
则有：Q吸＝Q放，即cm冷△t冷′＝cm热′△t热′，
代入数据得：0.03kg×（△t冷﹣3℃）＝（m热+2.03kg）×3℃…②
联立①②可得，△t冷＝24℃，m热＝0.18kg＝180g；
不计混合过程中的热量损失，原来这杯热水的温度比冷水的温度高24℃+5℃＝28℃。
故答案为：28；180。
【点评】本题考查密度计算公式以及热平衡方程的应用，关键明确在不计热量损失的情况下Q吸＝Q放，并结合热量计算公式对公式进行灵活变形，冷水温度变化的确定（最好画草图）是本题的难点。
15．（2分）“220V 40W”的灯泡（忽略温度对灯丝电阻的影响）的电阻为 1210 Ω。当灯泡两端的电压变为121V时，灯泡的实际功率为 12.1 W。
【分析】“220V 40W”表示照明灯泡的额定电压是220V，额定功率是40W，可根据公式R＝求出灯泡的电阻，根据公式P＝求出灯泡的实际功率。
【解答】解：已知灯泡的额定电压是220V，额定功率是40W，
由P＝可得灯泡的电阻：
R＝＝＝1210Ω；
在灯泡两端加上121V电压时，灯泡的实际功率：
P＝＝＝12.8W。
故答案为：1210； 12.1。
【点评】已知用电器的额定功率、额定电压，求实际功率时，要抓住电阻不变这一关键点。
三、作图题（4分）
16．（4分）如图，为某透镜成像的一种情况，其中AB是物体，试在图上的适当位置画上合适的透镜，并大致标出其焦点的位置。
【分析】利用过光心的光线的传播方向不变，先确定出凸透镜的位置，再由“平行于主光轴的光线经凸透镜折射后过焦点，过焦点的光线经凸透镜折射后，将平行于主光轴”确定焦点的位置。
【解答】解：
【点评】本题考查了凸透镜对特殊光线的折射作用来确定凸透镜的位置和焦点的位置。注意凸透镜成虚像时，应是平行于主光轴的光线经凸透镜折射后的反射延长线过焦点，过焦点的光线经凸透镜折射后的折射光线平行于主光轴，且反向延长线过像点。
四、实验题（每空1分，共11分）
17．（5分）如图是敏治探究“电流与电阻关系”的电路图，电源电压为6V，定值电阻R1的阻值分别为5Ω、10Ω和20Ω。
（1）实验中连接电路时开关应 断开 ，开关闭合前，滑动变阻器的滑片P应移至最 右 （左/右）端；
（2）实验中将定值电阻R1由5Ω换成10Ω后，移动滑片，保持电压表示数不变（5Ω电阻接入电路时）要 大 （大/小）；
（3）实验中为保证电阻R1两端的电压为2V，则滑动变阻器R2阻值应不小于 40 Ω；
（4）不改变电路连接的前提下，该电路还可以完成的电学实验是 伏安法测电阻 。
【分析】（1）连接电路，开关应该断开；
为保护电路，开关闭合前，应将滑片移至最大阻值处；
（2）探究电流与电阻的关系，需保持导体两端的电压相等，根据串分压的知识分析即可；
（3）根据最大的电阻20Ω计算滑动变阻器的阻值；
（4）根据R＝可计算电阻，根据P＝UI可计算电功率。
【解答】解：（1）连接电路，为防止出现短路情况；
由图甲知，滑动变阻器的下面接了左边的接线柱，开关闭合前，使其阻值最大；
（2）探究电流与电阻的关系，需保持导体两端的电压相等；
当将原来5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，电阻两端的电压会变大；
（3）滑动变阻器两端的电压U2＝8V﹣2V＝4V；
电流I＝I5＝I1＝＝＝0.4A；
则R2＝＝＝40Ω。
（4）测出电流I和电压U，可根据R＝，所以可以测量电阻值。
故答案为：（1）断开；右；（2）大；（4）伏安法测电阻。
【点评】本题考查了探究电流与电阻关系的实验注意事项、实验数据处理等问题，牢固掌握基础知识、分析清楚图象，即可正确解题。
18．（6分）为了人民生活更便利，英德市区上出现了一大批共享电动车“小黄车”，车内集成了嵌入式芯片、GPS定位模块和SIM卡等，用户用手机扫描车身上的二维码，通过手机网络发送电磁波到云端请求解锁，解锁成功后语音提示用户解锁成功，用户便可使用。“小黄车”是以蓄电池作为能量来源的，蓄电池余电20%即停止电能输出，如表是某电动车的相关数据。
整车
整车质量
30kg
最高车速
10m/s
最大噪音
62dB
效率
75%
蓄电池
容量
0.5kW•h
供电电压
48V
电动机
额定电压
48V
（1）电动车在行驶时将 电能 转化为机械能，能反映电动车工作原理的是如图1的 D （填选项）。电动车中改变车速的控制器相当于是实验室中的 滑动变阻器 （填物理实验器材名称）
（2）该电动车充一次电最多能输出的机械能为 1.08×106 J，充满电后如果人体触碰蓄电池两极，人 有 （有/无）危险。
（3）小明同学骑着该电动车，以最大规定速度在水平路面匀速行驶时，且该电动车行驶过程中所受到的摩擦力f随车辆和人的总质量M的变化关系图像如图2所示。则该过程中电动车克服摩擦力做功的功率为225W 60 kg．（g取10N/kg）
【分析】（1）电动车的核心元件是电动机，电动机工作时消耗电能得到机械能；
首先明确电动机的工作原理，然后根据图示的实验装置得到该装置反应的物理理论，两者对比从而可以得到答案；
控制电路中的电流可控制电动车的行驶速度，这一目的可通过滑动变阻器改变电阻来达到；
（2）知道蓄电池的容量和效率可求电动车最多能输出的机械能；
对人体的安全电压不高于36V；
（3）知道最大车速，最大功率，利用P＝fv求摩擦阻力，根据图像可求质量。
【解答】解：（1）电动车的核心元件是电动机，是利用通电导体在磁场中受力而运动制成的；
A．图中没有电源，检流计指针发生偏转，这是电磁感应现象，故A不符合题意；
B．是奥斯特实验，故B不符合题意；
C．研究的是电磁铁磁性的强弱与线圈匝数的关系，故C不符合题意；
D、图中有电源，通电导线在磁场中受力运动，故D符合题意；
故选：D；
电路中的电流大小可通过滑动变阻器来改变，电流变化了，因此；
（2）蓄电池的最大容量：
W电＝0.5kW•h＝7.5×3.3×106J＝1.8×106J，
电能转化为的机械能：
W机械能＝W电×（1﹣20%）×75%＝7.8×106J×80%×75%＝2.08×106J；
对人体的安全电压不高于36V，而蓄电池的供电电压为48V＞36V，
所以充满电后如果人体触碰蓄电池两极，人有危险；
（3）已知最大功P＝225W，
由P＝＝＝Fv＝fv可得，
F＝f＝＝＝22.5N；
已知摩擦力f随车辆和人的总质量M的变化关系图像为正比例图像，
由图像可知，当f＝2N时，则阻力为1f时，
则当f＝22.5N时，车辆和人的总质量M＝22.5N×4kg/N＝90kg，
则小明的质量m小明＝M﹣m车＝90kg﹣30kg＝60kg。
故答案为：（1）电能；D；滑动变阻器6；有；（3）60。
【点评】本题以电动车为载体考查了力学、热学、电学、磁学中相关知识，知识点多、综合性强，要求灵活所用所学知识，属于难题！
五、计算题（第19题6分，第20题9分，第21题8分，共23分）
19．（6分）边长为10cm的立方体木块，质量为600g，现用一根细线使木块与容器底部相连，如图所示；已知容器底面积为200cm2，质量为1kg；细线长10cm，此时液面深25cm。
则：（1）绳子的拉力为多大？
（2）剪断绳子，待木块静止后，水对容器底部压强变化了多少？
【分析】（1）绳子的拉力等于浮力减去重力，根据F浮＝ρ水gV排求得浮力，根据G＝mg可求得其重力，进而可求绳子的拉力；
（2）根据漂浮时浮力与重力的关系得出木块受到的浮力；根据F浮＝ρ液gV排得出木块排开水的体积，根据V排的变化得出水深度的变化，从而可得压强变化量。
【解答】解：（1）木块浸没在水中，V排＝V＝（0.1m）3＝1×10﹣3m4，
则木块受到的浮力：F浮＝ρ水gV排＝103kg/m3×10N/kg×2×10﹣3m3＝10N
木块的重力：G＝mg＝3.6kg×10N/kg＝6N，
根据力的合成可得，绳子的拉力：F＝F浮﹣G＝10N﹣7N＝4N；
（2）木块漂浮，F浮′＝G＝6N，
由F浮＝ρ液gV排得，木块漂浮时排开水的体积：V排′＝＝＝6×10﹣4m5；
所以液面下降的深度为：△h＝＝＝＝5.02m；
则剪断绳子，待木块静止后水g△h＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.02m＝200Pa。
答：（1）绳子的拉力为3N；
（2）剪断绳子，待木块静止后。
【点评】本题考查液体压强的计算，浮力的计算，力的合成与物体的沉浮条件的应用等，木块在水中的浮力要利用浮力公式来计算，木块漂浮时的浮力要利用漂浮的条件来求，解题时选对方法才能起到事半功倍的效果。
20．（9分）小明质量50kg，每只脚与地面接触面积为0.02m2。他用如图滑轮组提升物体，使用滑轮组在空气中提升重150N的重物时，滑轮组机械效率为75%。使用此滑轮组能提起的物体最重为950N，绳子将断裂。绳重及摩擦均不计。
（1）动滑轮总重为多少？
（2）使用此滑轮组在空气中匀速提起最重的物体时，若物体被提升1m用时10s，小明做功的功率是多大？
（3）当他用此滑轮组在空气中匀速提起重物的机械效率为90%时，小明对地面的压强是多大？
【分析】（1）绳重及摩擦均不计，滑轮组的机械效率η＝＝＝，据此求动滑轮重力；
（2）由图知，n＝4，使用此滑轮组在空气中匀速提起最重的物体时，拉力F最大＝（G最大+G动），拉力端移动距离s＝4h，利用W＝Fs求拉力做功，再利用P＝求拉力做功功率；
（3）滑轮组的机械效率η＝＝＝，据此求机械效率为90%时提升的物重，此时拉力F＝（G+G动），利用G＝mg求小明的重力，小明对地面的压力等于重力减去拉力，再利用p＝求小明对地面的压强。
【解答】解：
（1）绳重及摩擦均不计，滑轮组的机械效率η＝＝＝＝，
解得动滑轮重力：G动＝50N；
（2）由图知，n＝4，拉力：
F最大＝（G最大+G动）＝（950N+50N）＝250N，
拉力端移动距离s＝5h＝4×1m＝3m，
拉力做功：
W＝Fs＝250N×4m＝1000J，
拉力做功功率：
P＝＝＝100W；
（3）滑轮组的机械效率η＝＝＝＝＝90%，
此时提升物重：
G′＝450N，
此时拉力：
F′＝（G′+G动）＝（450N+50N）＝125N，
小明的重力G人＝m人g＝50kg×10N/kg＝500N，
小明对地面的压力：
F压＝G人﹣F′＝500N﹣125N＝375N，
小明对地面的压强：
p＝＝＝9375Pa。
答：（1）动滑轮总重为50N；
（2）使用此滑轮组在空气中匀速提起最重的物体时，若物体被提升8m用时10s；
（3）当他用此滑轮组在空气中匀速提起重物的机械效率为90%时，小明对地面的压强是9375Pa。
【点评】本题为力学综合题，考查了重力公式、压强公式、功的公式、功率公式、效率公式的应用，要利用好两个关系式：一是绳重及摩擦均不计，滑轮组的机械效率η＝＝＝，二是滑轮组自由端的拉力F＝（G+G动）。
21．（8分）有一个量程为0～1mA的小量程电流表G，内阻Rg＝30Ω，选择一定值电阻R0与它并联起来，如图所示。将A、B两端接入电路（图中I表示电流表G与电阻R0并联后的总电流）。
（1）调节电路，使电流表的指针指在最大刻度处（即1mA），这时电流I为0.6A0的值（计算结果保留两位小数）；
（2）继续调节电路，使电流表的指针指在刻度盘中央（即0.5mA），此时电流I变为多少？
【分析】（1）G与定值电阻并联，由欧姆定律得出其两端的电压，由并联电路电流的规律得出通过定值电阻的电流，根据欧姆定律求出电阻R0；
（2）电流表的指针指在刻度盘中央（即0.5mA），由欧姆定律可知电流表的电压也为原来的二分之一，由欧姆定律，通过定值电阻的电流为二分之一，由并联电路电流的规律求出此时电流I。
【解答】解：
（1）G与定值电阻并联，调节电路，由欧姆定律
U＝I×Rg＝0.001A×30Ω＝0.03V；
这时电流I为2.6A，由并联电路电流的规律
I0＝2.6A﹣0.001A＝8.599A，
由欧姆定律，电阻R0＝＝≈0.05Ω；
（2）电流表的指针指在刻度盘中央（即7.5mA），即电流为原来的二分之一，电流表的电压也为原来的二分之一，通过定值电阻的电流为二分之一，
由并联电路电流的规律，此时电流I变为的来的二分之一。
答：（1）电阻R0的值为8.05Ω；
（2）继续调节电路，使电流表的指针指在刻度盘中央（即0.5mA）。
【点评】本题考查并联电路的规律及欧姆定律的运用，体现了与高中知识的衔接。
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