2020-2021学年广西百色市田林县、西林、凌云等六县九年级（上）期中物理试卷

这是一份2020-2021学年广西百色市田林县、西林、凌云等六县九年级（上）期中物理试卷，共24页。

A. B. C. D.
关于物质的熔化和凝固，下面哪句话是正确的( )
A. 各种固体都有一定的熔点
B. 晶体在熔化时要吸收热量，但温度不变
C. 各种晶体的熔点都相同
D. 非晶体在凝固时要吸收热量，温度不断上升
下图所示的四个物态变化的实例中，属于凝华的是( )
A. 北方初冬的早晨树叶上形成霜
B. 水烧开时壶嘴冒出“白气”
C. 冰块化成水
D. 山间形成白雾
关于比热容，下列说法中错误的是( )
A. 比热容可用来鉴别物质
B. 水的比热容较大，可用作汽车发动机的冷却剂
C. 沙的比热容较小，所以沙漠地区昼夜温差较大
D. 一桶水的比热容比一杯水的比热容大
在下列实例中，用做功的方式来改变物体内能的是( )
A. 用热水袋暖手，手的温度升高
B. 将冰块放入饮料中，饮料的温度降低
C. 在炉子上烧水，水的温度升高
D. 用手反复弯折铁丝，弯折处铁丝的温度升高
现代建筑出现一种新设计：在墙面装饰材料中均匀混入小颗粒状的小球，球内充入一种非晶体材料，当温度升高时，球内材料熔化吸热，当温度降低时，球内材料凝固放热，使建筑内温度基本保持不变，如图所示的四个图象中，表示球内材料的凝固图象的是( )
A. B.
C. D.
铁的比热容大于铜的比热容。质量相等的铁块和铜块吸收相等的热量，若吸收的热量全部转化为内能，则铁块的( )
A. 温度升高较少B. 末温较低C. 内能增加较少D. 内能较小
如图所示，塑料梳子与头发摩擦后能吸引碎纸屑，经检验梳子所带的电荷为负电荷，则下列说法正确的是( )
A. 梳子失去了一些电子B. 梳子得到了一些电子
C. 头发得到了一些电子D. 头发和梳子间没有电子转移
如图所示实物图中，与实物对应的电路图是( )
A. B.
C. D.
如图所示的滑动变阻器连入电路的4种接法中，当滑片P向右滑动时，滑动变阻器连入电路部分的电阻增大的是( )
A. B.
C. D.
如图所示的电路中，闭合开关S1、S2，小灯泡L1和L2正常发光，电流表和电压表均有示数。下列关于该电路的说法正确的是( )
A. 电流表测量干路中的电流B. 电压表不能测量L1两端的电压
C. 取下L1时，L2正常发光D. 只断开开关S2时，电压表有示数
如图所示，电源电压U=10V，定值电阻R=20Ω，闭合开关S，电压表的示数是6V，通过小灯泡的电流是( )
A. 0.8AB. 0.5AC. 0.3AD. 0.2A
在一个标准大气压下冰水混合物的温度是0℃，沸水的温度是______℃，北京一月份的平均气温是“−4.7℃，读作______.
自然界中的水循环是通过水的物态变化实现的。地面上江、河、湖、海中的水在太阳的照射下不断______成水蒸气，流动的水蒸气遇到冷的空气后______成小水滴或直接______成小冰晶，就形成了云。在一定的条件下，小冰晶______成水与原来的小水滴一同下落，形成雨水，汇集到江、河、湖、海中。(填物态变化名称)
银川市建有大量的绿地，绿地中的人工湖具有“吸热”功能，盛夏时节能大大减弱周围地区的“热岛效应”。若某一人工湖湖水的质量为1.0×107kg，水温升高2℃，则湖水吸收的热量为______J；若这些热量被同等质量的砂石吸收，则砂石升高的温度为______℃
如图表示的是汽油机的______冲程；在压缩冲程中，是通过______方式增加气体内能的。
如图所示，电路的状态是______(选填“通路”、“开路”或“短路”)，此时电路中______电流(选填“有”或“无”)。
当导体两端电压为6V时，通过导体的电流为0.6A，则导体的电阻为______ Ω，当导体两端电压为0时，导体的电阻为______ Ω(忽略温度对导体电阻的影响).
如图所示，电流表的示数为1.6A，电流表的示数为0.9A，则L1中的电流是______A，L2中的电流是______A。
如图所示的电路中，电源电压为12V.闭合开关后，电流表的示数为0.4A，电压表的示数为8V，则电阻R2的阻值是______Ω.将滑动变阻器R1的滑片向右移动，电压表的示数将变______。
如图所示，在两个“○”内选填“电压表”和“电流表”的符号，使两灯组成并联电路。
根据如图所示的实物连线图，在虚线方框中画出对应的电路图。
小明利用如图所示的实验装置观察水的沸腾。
(1)安装好实验器材后，为缩短实验时间，小明在烧杯中倒入热水，加热一段时间后，温度计示数如图所示，此时温度计的示数为______℃.在水温升高到90℃后，小明每隔1min观察1次温度计的示数，记录在表中，直至水沸腾，沸腾持续一段时间后停止读数。
第7min小明忘记记录数据，此时的水温应为______℃。
(2)水在沸腾过程中需要______热量，水的温度______(选填“升高“、“不变”或“降低”)。
(3)用两个相同的烧杯，分别装入质量、初温相同的不同液体，用相同的酒精灯加热，观察到两种液体开始沸腾的时间先后不同。分析其原因，可能是：两种液体的______不同。
某实验小组探究金属丝电阻大小与长度的关系，他们取一段粗细均匀的同种材料制成的金属丝，将其固定后在金属丝上安装一个可滑动的金属夹，如图所示。
(1)请用笔代替导线把电路连接完整。
(2)连接电路前，开关必须______，应将滑动变阻器滑片移至变阻器的最______(选填“左”或“右”)。
(3)闭合开关，移动变阻器滑片，测得电压表的读数是2.0V，电流表指针偏转如图乙所示，此时金属丝AP段的电阻为______Ω。
(4)移动金属夹P，分别测得AP段的长度L和对应的电阻值R，数据如下表：
分析表中数据，可知R与L的关系是：当导体的材料和横截面积一定时，导体的长度越长，电阻______(选填“越大”或“越小”)。
(5)在实验中，探究金属丝电阻大小与长度的关系时，必须保持导体的材料和横截面积一定，这种研究问题的科学方法叫______。在下列两个电学实验中，应用此方法的是______(选填字母)。
A.探究串联电路电流关系
B.探究电流与电压、电阻的关系
“探究串联电路电压关系”的实验电路如图1所示。
(1)小明连接好电路，闭合开关，电压表示数如图1(a)所示，为了使实验结果更准确，接下来他应该______。
(2)小明根据第一次的实验数据断定“串联电路中各用电器两端的电压相等”，这一结论是______(选填“正确”或“错误”)的，他得出这样的结论的原因是由于使用的灯泡规格______(选填“相同”或“不相同”)。
(3)测出L1两端的电压后，小明断开开关，准备拆下电压表，改测B、C间电压。小聪认为小明的操作太麻烦，只需将电压表与A点相连的导线改接到C点即可。小聪的办法是否正确？答：______。理由是：______。
(4)结论：串联电路中，电路两端电压特点：______。(用符号表示)
(5)实验中不小心错将电流表正负接线柱分别接入图中的A、B两点时，闭合开关后，则灯L1______、L2______(均选填“发光”或“不发光”)。
在如图电路中，R1=10Ω，R2=20Ω，闭合开关后，电流表的示数为0.3A。
(1)电阻R1两端的电压是多少？
(2)通过R2的电流是多少？
如图所示，将滑动变阻器的滑片P移至M端，闭合开关S，电流表示数为0.5A，电压表的示数为6V：滑片P移至N端，闭合开关S，电压表的示数为2V，求：
(1)电源的电压。
(2)电阻R0的阻值。
(3)滑动变阻器的最大阻值。
太阳能热水器是把太阳能转化为内能的设备之能热水器每小时平均接收4.2×106J的太阳能，在5小时的有效照射时间内，将热水器中质量为100kg、初温为20℃的水温度升高到40℃.求：
(1)热水器中的水吸收的热量Q；[水的比热容c=4.2×103J/(kg⋅℃)]
(2)热水器5小时内接收到的太阳能E；
(3)热水器的效率η；
(4)若改用煤来加热这些水，需要完全燃烧多少千克煤？(煤的热值q=2.9×107J/kg，假设煤燃烧放出的热量全部被水吸收)
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、图中温度计的玻璃泡碰到了容器底，故A错误；
B、温度计离开了液体读数，故B错误；
C、图中温度计的所处位置符合温度计的正确使用，故C正确；
D、图中温度计的玻璃泡没有全部浸没在被测液体中，故D错误。
故选：C。
温度计使用时要注意三点：
(1)玻璃泡要全部浸没于被测液体中，不能触及容器底和容器壁；
(2)读数时视线与刻度垂直；
(3)示数稳定后在读数。
本题考查了温度计的使用要求，属于学生必须掌握的一项基本技能。
2.【答案】B
【解析】解：A、晶体熔化时，需在一定温度下进行，即晶体有一定的熔点，非晶体没有一定的熔点．此选项错误，不符合题意．
B、晶体在熔化过程中需要吸收热量，但温度保持不变．此选项正确，符合题意．
C、同种晶体熔点和凝固点相同．不同晶体熔点不同，晶体达到熔点才能熔化．此选项错误，不符合题意．
D、非晶体在凝固时要放出热量，温度不断下降．不合题意．
故选B.
熔化是物质由固态变为液态的过程，熔化是需要吸收热量的．物质由液态变为固态的过程是凝固，凝固是需要放出热量的．
晶体和非晶体的区别是晶体有一定的熔点，非晶体没有一定的熔点．
本题主要考查学生对：晶体熔化过程中的特点的了解和掌握，是一道基础题．
3.【答案】A
【解析】解：A、树叶上形成的霜，是空气中的水蒸气遇冷直接形成冰晶，是气态直接变为固态的凝华过程．符合题意．
B、壶嘴冒出的“白气”是水沸腾时汽化形成的高温水蒸气遇冷形成的小水珠，是气态变为液态的过程，是液化．不符合题意．
C、冰化成水，是物质从固态变为液态的过程，是熔化．不符合题意．
D、雾是液态小水滴，是空气中的水蒸气遇冷液化形成的．不符合题意．
故选A.
(1)在一定条件下，物体的三种状态--固态、液态、气态之间会发生相互转化，这就是物态变化；
(2)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固．
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识．
4.【答案】D
【解析】解：A、比热容是物质的一种特性，不同物质比热容一般不同，比热容可用来鉴别物质。选项正确。
B、水的比热容较大，降温时放出的热量比较多，可用作汽车发动机的冷却剂。选项正确。
C、沙的比热容较小，吸收或放出相同的热量，温度变化大，所以沙漠地区昼夜温差较大。选项正确
D、比热容是物质的一种特性，与质量没有关系，一桶水的比热容和一杯水的比热容相同。选项错误。
故选：D。
①比热容是物质的一种特性，只与物质的种类和状态有关，与吸放热的多少、质量、体积的大小都没有关系。不同物质比热容一般不同。
②水的比热容较大，也就是说水吸入的热量和放出的热量比较多，利用其吸热较多可以降温，利用其放热较多可以取暖。
比热容是物质的一种特性，关于水的比热容较大的应用：水可做散热剂、冷却剂，用来解释沿海地区与内陆地区之间的气候差别，城市热岛效应的原因等等。
5.【答案】D
【解析】解：A、用热水袋暖手，手的温度升高，是热传递改变了物体的内能，不符合题意；
B、将冰块放入饮料中，饮料的温度降低，是热传递改变了物体的内能，不符合题意；
C、在炉子上烧水，水的温度升高，是通过热传递改变物体的内能，不符合题意；
D、用手反复弯折铁丝，弯折处铁丝的温度升高，是手对铁丝做了功，属于做功改变物体的内能，符合题意。
故选：D。
知道改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程。
此题是考查对做功和热传递改变物体内能的辨别，是中考热点，属于易错题目。
6.【答案】A
【解析】解：由于墙内混入非晶体材料，所以它在凝固的过程中，不会出现固液共存的状态，它的温度会持续下降。
A是非晶体凝固图象，B是非晶体熔化图象，C是晶体熔化图象，D是晶体凝固图象。
故选：A。
熔化是指物质从固态变为液态的过程。凝固是指物质从液体变为固体的过程。非晶体没有固定的熔点和凝固点。
本题考查学生对非晶体熔化和凝固图象的掌握情况，需要和晶体熔化和凝固的图象进行辨析。
7.【答案】A
【解析】解：A、质量相同的铁块和铜块，因为铁的比热容大于铜的比热容，吸收相同的热量后，由可知，铜块的温度升高的多，铁块的温度升高较少，故A正确；
B、由于铁和铜的初温不确定，所以铁块和铜的末温也不确定，故B错误；
CD、铁块和铜块吸收相等的热量，所以铁块和铜块的增加的内能是相同的，因为初始状态不确定，因此无法比较末状态的内能大小，故CD错误。
故选：A。
本题考查了学生对吸热公式掌握和运用，难度一般。
8.【答案】B
【解析】解：头发与塑料梳子摩擦，塑料梳子的原子核对核外电子的束缚能力比头发的原子核对核外电子的束缚能力强。两者摩擦时，塑料梳子的原子核将头发的核外电子夺了过来，从而塑料梳子由于带了多余的电子，而带负电。头发的正电荷并没有增加，只是由于负电荷的减少，导致了正电荷比负电荷多而带正电。
综上所述，只有选项B的说法是正确的。
故选：B。
摩擦起电不是创造了电荷，而是由于不同原子的原子核对核外电子的束缚能力不同，导致了再摩擦的过程中出现了电子的转移才造成物体带电。相互摩擦起电的两个物体带等量异种电荷。
知道梳子与头发摩擦起电的过程与实质是此题的关键。
9.【答案】A
【解析】解：由实物图可知，两个灯泡并联，S1在L1支路，S2在干路上控制整个电路。
A、图中两个灯泡并联，S1在L1支路，S2在干路上控制整个电路，与实物图相符；
B、图中两个灯泡并联，S1在干路上控制整个电路，S2在L2支路，与实物图不相符；
C、图中两个灯泡并联，两开关串联在干路上，与实物图不相符；
D、图中两个灯泡并联，S1、S2分别在L1、L2支路上，与实物图不相符。
故选：A。
根据实物图分析电路的连接方式，由各选项电路图得到正确答案。
解答本题的关键是明确电路的连接方式和开关的作用，注意电路图与实物图要对应。
10.【答案】A
【解析】解：A、滑动变阻器连入了左下方的接线柱，滑动变阻器接入了左半段，滑片右移，电阻的长度变长，电阻变大。符合题意。
B、滑动变阻器接入了下面的两个接线柱，滑动变阻器相当于定值电阻，滑片移动，不能改变电阻的阻值。不符合题意。
C、滑动变阻器连入了右下方的接线柱，滑动变阻器接入了右半段，滑片右移，电阻的长度变短，电阻变小。不符合题意。
D、滑动变阻器连入了右下方的接线柱，滑动变阻器接入了右半段，滑片右移，电阻的长度变短，电阻变小。不符合题意。
故选：A。
滑动变阻器接入电路的电阻主要取决于接入的下面的接线柱，如果接入左下方的接线柱就接入了左半段，如果接入右下方的接线柱就接入了右半段。然后判断滑片右移时，电阻长度的变化。
本题考查了滑动变阻器的连入电路的方法，以及通过移动滑动变阻器滑片，电阻的大小变化。
11.【答案】C
【解析】A、由图知，闭合开关S1、S2，两灯并联，电流表在灯L1支路，测量通过L1的电流，故A错；
B、由图知，闭合开关S1、S2，两灯并联，电压表并联在灯L2两端，由于并联，所以也可以测量灯L1两端的电压，故B错；
C、由图知，闭合开关S1、S2，两灯并联、正常发光，取下L1时，L2两端的电压不变，还正常发光，故C正确；
D、只断开开关S2时，电压表相当于接到同一个接线柱，无示数，故D错。
故选C。
分析电路图得出电路连接方法以及电流表和电压表的位置，结合并联电路的特点、电流表和电压表的使用方法分析判断。
本题考查了并联电路的特点以及电流表和电压表的使用方法，分析电路图得出电路连接方法以及电流表和电压表的位置是关键。
12.【答案】D
【解析】解：由电路图可知，R与L串联，电压表测L两端的电压，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R两端的电压：
UR=U−UL=10V−6V=4V，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，通过小灯泡的电流：
I=URR=4V20Ω=0.2A。
故选：D。
由电路图可知，R与L串联，电压表测L两端的电压，根据串联电路的电压特点求出R两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出通过小灯泡的电流。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，是一道基础题目。
13.【答案】100 零下4.7摄氏度
【解析】解：摄氏温度的规定：把一标准大气压下冰水混合物的温度规定为0摄氏度，把沸水的温度规定为100摄氏度，分别用0℃和100℃表示；“−4.7℃，读作：零下4.7摄氏度．
故答案为：100；零下4.7摄氏度．
(1)物体的冷热程度叫温度．通常温度的单位叫摄氏度，摄氏单位是这样规定的：把标准大气压下，冰水混合物的温度规定为0摄氏度，把沸水的温度规定为100摄氏度，在0摄氏度和100摄氏度之间分成100等份，1份代表1度，读作1摄氏度；
(2)“−4.7℃，读作：零下4.7摄氏度．
本题考查了摄氏温度的规定，知道温度计上℃表示的温度就是摄氏温度，在100℃和0℃之间有100等份，每一份代表1摄氏度．
14.【答案】汽化 液化 凝华 熔化
【解析】解：自然界中的水循环是通过水的物态变化实现的，地面上江、河、海中的水在太阳的照射下不断变成水蒸气，属于汽化现象；
流动的水蒸气遇到冷的空气后变成小水滴，属于液化现象；
流动的水蒸气遇到冷的空气后直接变成小冰晶，属于凝华现象；
在一定的条件下，小冰晶变成水，属于熔化现象。
故答案为：汽化； 液化；凝华； 熔化。
物体由液态变为气态的过程叫汽化；
物体由气态变为液态的过程叫液化；
物体由气态直接变为固态的过程叫凝华；
物体由固态变为液态的过程叫熔化。
本题考查物态变化的内容，关键是分析变化前后物质所处的状态，根据状态的变化做出判断。
15.【答案】8.4×1010 4
【解析】解：
(1)湖水吸收的热量：
；
(2)因为，水与砂石的质量m、它们吸收的热量Q相等，，
所以由可知，。
故答案为：8.4×1010；4。
(1)知道水的质量、升高的温度，根据公式Q=cm△t求出水吸收的热量；
(2)水和砂石的质量相等，吸收的热量相等，根据公式Q=cm△t分析砂石温度的变化。
本题考查了吸热公式的应用，注意：当m、Q相同时△t与c成反比。
16.【答案】做功 做功
【解析】解：由图可知两气门都关闭，活塞向下运动，表示的是做功冲程；
在压缩冲程中，是通过做功的方式增加气体内能的。
故答案为：做功；做功。
内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，知道当气门都关闭，活塞向下运动时，是做功冲程；
压缩冲程，活塞向上，活塞对汽缸内混合燃料气体做功，燃料气体的内能增加温度升高，机械能转化为内能。
解决此类问题关键是看气门的开关情况和活塞运动情况，结合规律总结进行判断内燃机的冲程。内燃机的四个冲程中有两个冲程存在能量转化：压缩冲程将机械能转化成内能，做功冲程将内能转化成机械能。
17.【答案】开路 无
【解析】解：如图所示，因为开关是断开的，因此该电路为开路状态；此时电路中没有电流。
故答案为：开路；无。
处处连通的电路为通路；某处断开的电路为开路；处于开路时电路中没有电流。
本题考查通路、断路的掌握情况，熟记概念是解答该类题型的关键所在。
18.【答案】10；10
【解析】解：由I=UR可得，导体的电阻：
R=UI=6V0.6A=10Ω，
因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，
所以，当导体两端的电压为0V时，导体的电阻为10Ω不变．
故答案为：10；10.
(1)知道导体两端的电压和通过的电流，根据欧姆定律求出导体的电阻；
(2)电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关．
本题考查了电功率和电阻的计算，关键是知道导体的电阻与两端的电压和通过的电流无关，是一道基础题目．
19.【答案】0.70.9
【解析】解：由电路图可知，两灯泡并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测L2支路的电流，
则干路电流I=1.6A，通过L2的电流I2=0.9A，
因为并联电路中干路电流等于各支路电路之和，
所以通过灯L1的电流：I1=I−I2=1.6A−0.9A=0.7A；
故答案为：0.7；0.9。
由电路图可知，两灯泡并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测L2支路的电流，根据并联电路的电流特点求出通过L1的电流。
本题考查了并联电路的电流特点，关键是电路连接方式的辨别和电流表所测电路元件的判断。
20.【答案】10 小
【解析】解：由电路图可知，R1、R2串联，电压表测滑动变阻器两端的电压U1，电流表测电路中的电流；
(1)由题意可知，U=12V，I=0.4A，U1=8V，则
U2=U−U1=12V−8V=4V，
R2=U2I=4V0.4A=10Ω。
(2)当将滑动变阻器R1的滑片向右移动时，接入电路的电阻减小，电路的总电阻变小；
根据I=UR可知，电路中的电流变大；
根据U=IR可知，R2两端的电压变大；
根据串联电路总电压等于各分电压之和可知，R1两端的电压变小，即电压表的示数变小。
故答案为：10；小。
分析：
由电路图可知，两电阻串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；
(1)根据串联电路的电压特点求出R2两端的电压，根据欧姆定律求出R2的阻值；
(2)根据滑片的移动判断接入电路电阻的变化，根据欧姆定律确定电路中电流的变化和R2两端电压的变化，再根据串联电路的电压特点确定电压表示数的变化。
判断电压表或者电流表示数变化的题目，需要按照以下步骤进行分析：
(1)判断电路的连接方式，并认清电路中电流表、电压表的测量对象；
(2)分析滑动变阻器的滑片移动时引起电路中总电阻的变化情况，并根据欧姆定律分析电路中总电流的变化情况，从而分析出电路中测量总电流的电流表的示数变化情况；
(3)根据欧姆定律分析定值电阻两端的电压变化情况，根据串、并联电路中的电压和电流关系分析其余电表变化情况。
21.【答案】解：电流从正极流出，分别流入两个灯泡，因此上面的应为电流表，右边的应为电压表，如下图所示：
【解析】根据并联路的特点进行分析，使电流从电源正极流出时分为两路，分别进两个灯泡，故可判断出所填的元件。
解决本题的关键：一是会根据并联电路的特点设计串并联电路，二是会根据电表在电路中的作用选择电表的位置。
22.【答案】解：由实物图知，两灯泡并联，开关S1在干路上控制整个电路，开关S2在L2支路上，由此画出电路图如图所示：
【解析】先根据实物图分析电路的连接方式，再画出对应的电路图。
本题考查根据实物图画电路图，关键是知道电路中各个用电器的连接情况和开关的作用。
23.【答案】76 99 吸收 不变 沸点
【解析】解：(1)温度计示数如图所示，温度计分度值是1℃，此时温度计的示数为76℃，通过表格中数据可知，第5min开始沸腾，水沸腾时吸热温度不变，所以第7min水温应为99℃；
(2)水在沸腾过程中需要吸收热量，水的温度不变
(3)不同的液体沸点一般不同，用两个相同的烧杯，分别装入质量、初温相同的不同液体，用相同的酒精灯加热，吸收相同热量，观察到两种液体开始沸腾的时间先后不同，原因可能是：两种液体的沸点不同；
故答案为：(1)76；99；(2)吸收；不变；(3)沸点。
(1)(2)温度计读数是注意观察温度计的量程和分度值；水沸腾时吸热温度不变；
(3)不同的液体沸点一般不同。
本题考查水沸腾实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。
24.【答案】断开 右 5 越大 控制变量法 B
【解析】解：(1)由图乙知电流表选用0−0.6A的量程与滑动变阻器串联，滑动变阻器一上一下的串联在电路中，所以将电流表的0.6A的接线柱与滑动变阻器的上接线柱相连，如下图所示：
(2)连接电路时，应将开关断开；
为保护电路，在闭合开关前，需将滑动变阻器的滑片移至最大阻值处；图甲中滑动变阻器接下面左边的接线柱，所以闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移至变阻器的最右端；
(3)由图乙知，电流表的量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，所以电流表的示数为0.4A；
则金属丝的电阻：
R=UI=2V0.4A=5Ω；
(4)由表格中数据知，R与L的关系是：当导体的材料和横截面积一定时，导体的长度越长，电阻越大；
(5)导体的电阻大小与导体的长度、横截面积、材料和温度有关，探究金属丝电阻大小与长度的关系时，必须保持导体的材料、横截面积和温度一定，这种探究问题的科学方法叫控制变量法；
探究串联电路电流关系没有用控制变量法；在探究电流与电压、电阻的关系时运用了控制变量法；故选B。
故答案为：(1)见上图；(2)断开；右；(3)5；(4)越大；(5)控制变量法；B。
(1)电流表、滑动变阻器的连接方式，注意电流表的选择及正负接线柱的接法，滑动变阻器要接一上一下；
(2)为防止电流过大，在闭合开关前，需将滑动变阻器的滑片移至最大阻值处；
(3)在进行电流表的读数时，需先确定电流表的量程和分度值，根据公式R=UI计算电阻值；
(4)分析电阻和长度的变化关系，得出结论；
(5)影响电阻大小的因素有：导体的材料、长度和横截面积；实验室常采用控制变量法研究问题。
此题是探究金属丝电阻大小与长度的关系，考查了有关滑动变阻器的使用、电阻的计算及根据实验数据得出结论的能力，是一道综合性很强的题目。
25.【答案】断开开关，换用小量程 错误 相同 不正确 电压表的正负接线柱接反了 U=U1+U2 不发光 发光
【解析】解：(1)根据图1(a)电压表所示情况可知，电压表指针偏转角度太小，误差过大，所以接下来需要断开开关，换用较小量程重新做实验；
(2)小明的实验结论是错误的，原因是实验所用的灯泡规格相同才得出“串联电路中各用电器两端的电压相等”的错误结论；
(3)在测B、C间电压时，电压表所接的B接点不动，只将电压表与A点相连的导线改接到C点，会造成电压表正负接线柱接反了，会使电压表的指针反向偏转，所以这种方法不正确；
(4)分析实验数据有：3V=1.5V+1.5V，3V=1.8V+1.2V，3V=1.6V+1.4V，故可得出实验结论U=U1+U2；
(5)将电流表正负接线柱分别接入图中的A、B两点时，即电流表与灯泡L1并联，电流表将灯泡L1短路，所以，闭合开关后，则灯L1不发光、L2发光。
故答案为：(1)断开开关，换用小量程；(2)错误；相同；(3)不正确；电压表的正负接线柱接反了；(4)U=U1+U2；(5)不发光；发光。
(1)据电压表所示信息，可以确定选择量程过大了，接下来应该，断开开关，换用小量程；
(2)研究串联和并联电路的电压和电流时为了实验结论具有普遍性，采用相同灯泡和不同灯泡进行多次实验；
(3)电压表正负接线柱要连接正确，否则会出现指针反偏的现象；
(4)分析表中数据即可得出结论；
(5)根据电流表将灯泡L1短路回答。
本题考查串联电路电压规律，考查实验注意事项，反常现象的判断，归纳法的应用等知识，属于中等难度的题目。
26.【答案】解：由图可知：两个电阻并联，电流表测量定值电阻R1的电流。
(1)由I=UR得：
R1两端的电压U1=I1R1=0.3A×10Ω=3V；
(2)由于R1、R2并联，所则U2=U1=3V，
则I2=U2R2=3V20Ω=0.15A。
答：(1)电阻R1两端的电压是3V；
(2)通过R2的电流是0.15A。
【解析】由图可知：两个电阻并联，电流表测量定值电阻R1的电流。
(1)利用欧姆定律即可求出电阻R1两端的电压；
(2)由于并联电路各支路两端的电压相等，根据欧姆定律即可求得R2的电流。
此题是一个关于欧姆定律与并联电路特点相结合的一个较简单的题目，将两者联系起来是此题考查的目的。
27.【答案】解：(1)将滑动变阻器的滑片P移至M端时，电路为R0的简单电路，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流，
由电压表的示数可知，电源的电压U=6V；
(2)此时电路中的电流为0.5A，由欧姆定律，可得，电阻R0的阻值：
R0=UI=6V0.5A=12Ω；
(3)滑片P移到N端时，滑动变阻器R的最大阻值与定值电阻R0串联，电压表测R0两端的电压(为2V)，因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，滑动变阻器两端的电压：
UR=U−U0=6V−2V=4V，
根据分压原理，滑动变阻器的最大阻值：
。
答：(1)电源的电压为6V；
(2)电阻R0的阻值为12Ω；
(3)滑动变阻器的最大阻值为24Ω。
【解析】(1)将滑动变阻器的滑片P移至M端时，电路为R0的简单电路，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流，根据电压表的示数可知电源的电压；
(2)根据欧姆定律求出电阻R0的阻值；
(3)滑片P移到N端时，分析电路连接及电表测量的物理量，根据串联电路的电压特点求出R两端的电压，根据分压原理求出滑动变阻器的最大阻值。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是电路的识别。
28.【答案】解：(1)热水器中的水吸收的热量：
Q=cm(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×100kg×(40℃−20℃)=8.4×106J；
(2)热水器5小时内接收到的太阳能：
E=4.2×106J/h×5h=2.1×107J；
(3)热水器的效率：
=8.4×106J2.1×107J×100%
=40%；
(4)煤气燃烧放出的热量全部被水吸收，即，
由Q=mq可得：完全燃烧煤气的质量：
。
答：(1)热水器中的水吸收的热量为8.4×106J；
(2)热水器5小时内接收到的太阳能为2.1×107J；
(3)热水器的效率为40%；
(4)完全燃烧煤气的质量为0.29kg。
【解析】(1)根据Q=cm(t−t0)求出水吸收的热量；
(2)太阳能热水器每小时平均接受4.2×106J的太阳能，求出在5小时的有效照射时间内热水器接收到的太阳能；
(3)根据求出热水器的效率；
(4)煤气放出的热量等于水吸收的热量，根据Q=mq求出完全燃烧煤气的质量。
本题主要考查的是学生对热量计算公式、热值计算公式、效率计算公式的理解和掌握，提高了学生积极开发新能源的意识，体现了学以致用，有意义。
时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
8
温度/℃
90
92
94
96
98
99
99
99
长度L/cm
15
30
45
60
75
电阻R/Ω
2.5
5
7.5
10
12.5
实验小组
L1两端电压U1/V
L2两端电压U2/V
总电压U/V
1
1.5
1.5
3
2
1.8
1.2
3
3
1.6
1.4
3