2021年江苏省南京市中考物理二模试卷

这是一份2021年江苏省南京市中考物理二模试卷，共25页。

A．用大小不同的力先后敲击同一音叉，音叉发声的音调会不同
B．用泡沫盒罩住发声体减弱噪声的做法是控制噪声的产生
C．宇航员之间在太空中不能直接对话，是因为真空不能传声
D．外科医生利用超声波振动除去人体内的结石是利用了声音能传播信息
2．（2分）下列数据中，符合实际情况的是（ ）
A．一个学生的质量约为5000g
B．海南省三亚市12月份的平均气温约为﹣20℃
C．一支全新2B铅笔的长度约为20mm
D．成人正常步行的速度约为1.2m/s
3．（2分）疫情期间医护人员佩戴护目镜时往往会形成一层水雾覆盖在护目镜内侧，如图所示，下列诗句中加点字的形成与护目镜上的水雾形成相同的是（ ）
A．月落乌啼霜满天，江枫渔火对愁眠
B．露从今夜白，月是故乡明
C．梅须逊雪三分白，雪却输梅一段香
D．冰合井泉月入闺，金缸青凝照悲啼
4．（2分）水星凌日是一种天文现象，平均每100年发生约13次，时间在5月或11月初。当水星运行到太阳和地球之间时，如果三者能连成直线，便会发生“水星凌日“现象，其道理和日食类似。如图所示，水星如一颗小黑痣从太阳“脸上”缓慢爬过。它的形成与下列光现象原理相同的是（ ）
A．猴子捞水中月
B．看到池塘里的水变浅了
C．雨后天空中出现彩虹
D．太阳在树底下形成的圆形光斑
5．（2分）关于粒子和宇宙，下列说法正确的是（ ）
A．光年是时间单位，宇宙由很多星系组成，银河系是其中之一
B．电子的尺度比原子的尺度小，与玻璃棒摩擦过的丝绸失去电子带负电
C．科学家发现原子也有进一步的结构，原子的中心是原子核，有电子在核外运动
D．固体很难被压缩，此时固体分子间只有斥力
6．（2分）如图，在一个配有活塞的厚玻璃筒里放一小团硝化棉，迅速下压活塞，硝化棉燃烧。下列说法中不正确的是（ ）
A．活塞对筒内空气做功，使筒内空气温度达到了硝化棉燃点而发生燃烧
B．迅速下压活塞的过程中，机械能转化为内能
C．迅速下压活塞的过程与汽油机的压缩冲程类似
D．本实验表明热传递起到了主要作用
7．（2分）以下图片能说明电动机工作原理的是（ ）
A．
B．
C．
D．
8．（2分）如图所示，用细线将小球悬挂在无人机上，图甲中无人机带着小球竖直向上运动；图乙中无人机带着小球水平向右运动；两图中，小球与无人机均保持相对静止，不计空气阻力。下列说法中正确的是（ ）
A．甲图中，小球可能做加速直线运动
B．甲图中，若悬挂小球的细线突然断了，小球立刻向下运动
C．乙图中，小球可能做匀速直线运动
D．乙图中，小球受到的重力和细绳对小球的拉力是一对平衡力
9．（2分）小明同学以一定速度将弹性球扔向地面，弹性球经地面和墙壁两次反弹，重新在同一高度用手接住，碰撞时小球能量损失不计，1处和2处是在同一高度。如果1处小球的动能大于2处，则下列说法错误的是（ ）
A．1处的机械能一定大于2处
B．1处的动能一定大于4处
C．3处的动能一定大于4处
D．接到小球时的速度一定小于扔出时的速度
10．（2分）如图所示，是电学中常见的电路图，在A、B两点间分别接入下列选项中加点字的元件，并进行对应实验，对滑动变阻器在此实验中的作用描述正确的是（ ）
A．探究电流与电阻的关系﹣﹣改变定值电阻两端电压，多次测量减少误差
B．探究电流与电压的关系﹣﹣必须调节电阻两端电压成倍数变化
C．测量定值电阻的阻值﹣﹣多次测量求平均值，减小误差
D．测量小灯泡的电功率﹣﹣改变小灯泡两端电压，求平均电功率
11．（2分）如图所示，三个完全相同的玻璃缸，a缸内装满酒精，b、c内装满水，且b内漂着一只小鸭子，c内漂着一只大鸭子，下列说法正确的是（ ）
A．b、c容器底部受到水的压强不相等
B．b内小鸭子受到的浮力大于小鸭子受到的重力
C．b内鸭子受到的浮力小于c内鸭子受到的浮力
D．三个容器底部受到液体的压力相同
12．（2分）如图甲是一款家用空气净化器，其内部有一个空气质量监测装置，图乙为该监测装置的简化电路图，它是通过粉尘浓度传感器R来进行检测的。粉尘浓度传感器R的阻值随浓度β变化的关系图象如图丙所示。已知电源电压为24V，定值电阻R0的阻值为180Ω，传感器R的最小阻值为60Ω，电压表的量程为0～15V。下列分析正确的是（ ）
A．电压表示数随粉尘浓度增大而增大
B．电流表的最小示数约为0.1A
C．电路的最小总功率为2.4W
D．传感器R允许的最大阻值为300Ω
二．填空题（共7小题，满分28分）
13．（3分）徐州地铁二号线已正式开通，全程共约24km，运行时间约45min，则地铁列车全程的平均速度为 km/h；乘客都必须在安全线外等待地铁进站，这是因为地铁进站时，地铁与站在站台上的乘客间的空气流速变大，压强 ，乘客容易发生事故；小华在地铁上看到车站两边的广告牌不停的向后退去，她选择的参照物是 。
14．（3分）当前全球疫情持续蔓延，“外防输入、内防反弹”任务依然艰巨，接种新冠疫苗是每个公民的责任和义务，更是常态化疫情防控期间预防传染、保障全民健康最有效的手段。如图是某医院医务工作者为公民接种疫苗的情景。注射前需要用酒精棉球给注射部位消毒，消毒部位会感觉有点凉是因为酒精 吸热的缘故；注射器的针头做得很尖其目的是为了 压强，注射器能将药液吸入针筒是利用了 的作用。
15．（2分）如图所示，自重不计的杠杆ABO能绕O点自由转动，B为杠杆的中点，在B处挂一重为100N的物体，若在杠杆末端A点施加一个力，使杠杆在水平位置平衡，则此杠杆 （选填“一定”或“不一定”）是省力杠杆；若在A点施加一个最小的力使杠杆在水平位置平衡，此力的大小是 N．
16．（3分）如图所示为验证“滑动摩擦力大小跟接触面的粗糙程度有关”的实验，用弹簧测力计水平拉动木块A，应使木块A沿水平桌面做 直线运动。实验过程中，需要改变 。大量实验表明，接触面越粗糙，滑动摩擦力 （选填“越大”或“越小”）。
17．（3分）建筑工地上起重机吊臂上的滑轮组如图所示，在匀速起吊重为4.2×103N的物体时，物体5s内上升了6m，此过程中有用功为 J，钢丝绳移动的速度为 m/s；若滑轮组的机械效率为70%，拉力F为 N，其功率为 W。
18．（6分）（1）如图（甲）所示是某仪表的表盘和接线情况，“V”符号表示 ，实验时，对于0～3V量程，每小格的电压是 V．估计被测电压为2.8V，为了增大指针偏转角度从而减小读数误差，应选用 量程进行测量，这仪表接入电路时应跟被测电路 联。
（2）某家庭电能表如（乙）所示。若该家庭单独让空调工作，测得1min内电能表转盘转了60转，则空调消耗的电能为 kW•h，空调的电功率是 W。
19．（2分）甲、乙两灯的额定电压均为6V，测得两灯的电流与电压关系图象如图所示。甲灯正常工作时的电阻是 Ω，当把甲、乙两灯并联接在6V的电源上时，两灯消耗的总功率是 W，当把甲、乙两灯串联接在7V的电源上时，乙灯消耗的电功率是 W。
三．作图题（共3小题，满分6分）
20．（2分）画出经图示平面镜组（两镜面互相垂直）反射后的反射光线。
21．（2分）如图所示，小球浸没在水中，处于静止状态，以球心为作用点，作出小球受力的示意图。
22．（2分）在图中，开关闭合后磁感线的形状如图所示，请标出磁铁A的磁极和磁感线的方向。
四．实验探究题（共8小题，满分42分）
23．（9分）在“探究煤油和食用油吸热能力”的实验中，请回答：
（1）为方便探究，研究对象煤油和食用油应满足的条件是：二者初温和 相同。
（2）如图所示，除装置图中的器材外，还需要的器材有 和 。
（3）实验中煤油和食用油吸热多少是通过 来反映的。
（4）实验中收集到的数据如表：
对比所收集到的实验数据分析发现：若煤油和食用油加热相同时间， 升高的温度高，二者在升高相同的温度时， 需要加热的时间长。由此可得探究的实验结论是 。物理学中，物质的这种特性用比热容这个物理量来描述。
（5）本实验所采用的研究方法有 （写一种即可）。
24．（6分）如图所示，用压强计“探究影响液体内部压强大小的因素.”
（1）图甲所示压强计是通过U形管中水面 来反映被测压强大小的；
（2）实验前，小军同学检查实验装置，发现按与不按探头的橡皮膜，U形管两边液面均处在同一水平线上，则这套实验装置可能出现的问题是： ；
（3）若在使用压强计前，发现U形管内水面已有高度差，通过 （填写正确选项前字母）方法可以进行调节；
A.从U形管内向外倒出适量水；
B.拆除软管重新安装；
C.向U形管内添加适量水；
（4）比较乙图、丙图和丁图，可以得到：在同一深度，液体内部向各个方向的压强 ；
（5）在乙图中，若只将烧杯中的水换成同深度的盐水，其他条件不变，则可以观察到U形管两边液面的高度差将 （选填“变大”、“变小”或“不变”）；
（6）若图丙中U形管左右两侧水面的高度差h＝5cm，则橡皮管内气体的压强与大气压之差约为 Pa。（ρ盐水＝1.2×103kg/m3）
25．（8分）如图是某学生小李、小王和小郭三人所做“探究凸透镜成像规律”的实验装置图。
（1）小郭将凸透镜正对太阳光，在透镜的另一侧移动光屏，直至屏上呈现出 的光斑，量出透镜到光斑的距离为10cm，则该凸透镜的焦距为10cm；
（2）小王在凸透镜成像实验中，把蜡烛放在该凸透镜的焦点上，凸透镜固定不动，将光屏向远离凸透镜的方向移动的过程中，在光屏上观察到的现象是大小 的光斑（选填“不变”、“变大”或“变小”）。
（3）小李同学做实验时，发现烛焰在光屏上的像如图，若要使烛焰在光屏中心成像，只调节光屏，小李应将光屏向 （选填“上”或“下”）移动，当蜡烛距离凸透镜10.3cm时，无论怎么样移动光屏都得不到像，原因是 。
A、像距过大，超过光具座的长度
B、不成像
（4）小郭将烛焰移至距凸透镜5cm处，移动光屏， 在光屏上得到像（选填“能”或“不能”）， （选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）就是应用这一原理制成的，若拿下光屏，在透镜右侧移动眼睛的位置 （选填“能”或“不能”）看到像。
（5）小李同学将近视眼镜片放在蜡烛与凸透镜（靠近凸透镜）之间，小郭调整蜡烛、透镜和光屏的位置，直到在光屏上得到一个倒立缩小的清晰的像后，再将镜片取下，发现光屏上的像变模糊了，为了使光屏上的像重新变得清晰，在不移动蜡烛和凸透镜位置的前提下，小李应将光屏向 （选填“左”或“右”）移动。
26．（4分）小李和小兰五一节假期游玩时捡到了一些鹅卵石，他们想知道这些鹅卵石的密度，便各自选取了一块鹅卵石，分别进行了如下实验：
（1）小李利用天平和量筒等实验器材进行了实验：
①将天平放在水平桌面上，发现指针偏向分度盘中线的右侧，此时应将平衡螺母向
（选填“左”或“右”）旋动，使天平横梁平衡；
②将鹅卵石放在天平左盘中，横梁恢复平衡时右盘中砝码质量和游码在标尺上的位置如图甲所示，则鹅卵石的质量为 g；
③用细线拴好鹅卵石，把它放入盛有30mL水的量筒中，水面到达的位置如图乙所示，则鹅卵石的密度为 kg/m3。
（2）小兰利用杠杆制成了一根杆秤。她取来一块质量为60g的鹅卵石，将它挂在A处，且浸没于水中，在B处挂上1个50g钩码，杠杆恰好处于水平平衡，如图丙所示。测得OA＝50cm，OB＝40cm，则鹅卵石的密度为 g/cm3。
27．（4分）如图所示是小明和小红探究“动能的大小与哪些因素有关”实验中的情形。
（1）如图甲，小明让不同质量的小车分别从同一斜面的不同高度由静止开始滑下，撞击木块，来探究动能与物体质量的关系。小红说该方案不合理，原因是 。
（2）如图乙，在某次试验时，小明用频闪照相机每隔0.1s拍摄了小车滑下时的不同位置，图上数字为闪光时刻编号，位置间距如图所示，小红计算出了小车从2位置运动到4位置的这段时间内平均速度v＝ m/s。
28．（5分）探究“测量小灯泡的电功率”实验时，所用器材有：电压为6V的电源、额定电压为2.5V的小灯泡、符合实验要求的滑动变阻器、电压表、电流表、开关和导线。
（1）如图甲所示是小致没有连接完整的实物电路，请你用笔画线代替导线，帮小致将实物电路连接完整；
（2）闭合开关，移动滑片P到某处，电压表的示数为2.2V，需测得该小灯泡的额定功率，应将滑片P向 （选填“左”或“右”）端滑动；
（3）实验过程中小致记录了多组对应的U、I值，并绘制成了如图乙所示的U﹣I图象，可计算出小灯泡的额定功率是 W；
（4）小明同学所在的小组在探究该实验的过程中，电路接通后，发现移动滑动变阻器的滑片使其接入电路的电阻减小时，电压表的示数也变小了，你认为电路连接中存在的错误是 。
【拓展】由图乙所示的U﹣I图象分析发现灯丝的电阻随温度的升高而增大，这种现象在生活中也有体现。例如家里的白炽灯在刚开灯的瞬间，灯丝 烧断（选填“容易”或“不容易”），请分析原因： 。
29．（6分）为了方便人们出行，重庆开通了环线四轮公交车，若该公交车的总质量为4×103kg（已包括了车上的司机、乘客），每个轮胎与地面的接触面积为0.1m2，车匀速行驶时所受的阻力是车总重的0.2倍，公交车在牵引力的作用下，在平直公路上匀速行驶，2min内行驶了1200m。求：
（1）公交车静止时，对水平地面的压强是多少？
（2）2min内牵引力所做功的功率是多少？
30．（9分）如图甲、乙所示是某电子秤及其原理图。托盘与弹簧相连，滑片P固定在弹簧上并能随弹簧的伸缩上下滑动，R2是一根长l0＝10cm的均匀电阻丝。空盘时，滑片P位于R2的最上端，称量最大值时，滑片P位于R2的最下端，R2的最大阻值Rm＝40Ω，电源电压恒为3V。请完成以下问题：
（1）图甲中的“质量表”是用 表改装的；R1在电路中的作用是 ；
（2）空盘时，闭合开关S，电路电流为0.3A，此时R1接入的阻值是多少？
（3）已知该弹簧压缩的长度△l与所受压力的关系如图丙所示，开关S闭合后，在托盘中放入重为20N的物体时，求R2接入电路的阻值。
（4）若长期使用导致电源电压减小，会出现什么现象？应该怎么办？
参考答案
一．选择题（共12小题，满分24分，每小题2分）
1．解：
A、用大小不同的力敲击音叉，音叉振动的幅度不同，发出声音的响度就会不同，故A错误；
B、用泡沫盒罩住发声体减弱噪声的做法是在声音的传播过程中减弱噪声，即阻断噪声的传播，故B错误；
C、由于声音的传播需要介质，真空不能传声，所以宇航员之间在太空中不能直接对话，故C正确；
D、外科医生可以利用超声波振动除去人体内的结石，是利用声波能够传递能量，故D错误。
故选：C。
2．解：A、学生的质量约为50kg，即50000g，故A错误。
B、海南省三亚市12月份的平均气温不会低到﹣20℃，故B错误。
C、全新2B铅笔的长度约为15cm，即150mm，故C错误。
D、成人正常步行的速度约为1.2m/s，符合实际，故D正确。
故选：D。
3．解：A、水雾是液化现象，霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，附着在建筑物或植被表面，故A错误。
B、露是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，附着在植被表面，故B正确。
C、雪是空气中的水蒸气遇冷凝华为固态的冰晶，故C错误。
D、冰是水的凝固现象，故D错误。
故选：B。
4．解：当水星转到太阳与地球中间且三者在一条直线上时，在地球上看到水星从太阳面上移过，这就是“金星凌日”现象，成因是光的直线传播；
A、猴子捞水中月是光的反射现象，故A不符合题意；
B、看到池塘里的水变浅了是光的折射现象，故B不符合题意；
C、雨后彩虹属于光的折射现象，故C不符合题意；
D、树荫下的圆形光斑是光沿直线传播形成的，故D符合题意；
故选：D。
5．解：A、光年是指光在一年内传播的距离，是长度的单位，故A错误；
B、玻璃棒和丝绸摩擦，玻璃夺电子的本领弱，摩擦过程中，失去电子因缺少电子带正电；丝绸夺电子的本领强，摩擦过程中，因多余电子带等量的负电，故B错误。
C、20世纪初科学家发现，原子也有进一步的结构，原子的中心是原子核，有电子在核外运动，故C正确；
D、固体很难被压缩说明分子间存在斥力，但分子之间引力和斥力同时存在。故D错误。
故选：C。
6．解：ABD、迅速向下压活塞，活塞会压缩空气做功，机械能转化为内能，使空气的内能增加，温度升高，当温度达到棉花的燃点时，棉花就会燃烧，通过此实验可说明做功可以改变物体的内能，故AB正确，D错误；
C、迅速下压活塞的过程中，活塞的机械能转化为筒内空气的内能，所以迅速下压活塞过程类似汽油机的压缩冲程，故C正确。
故选：D。
7．解：A、是奥斯特实验图，小磁针发针偏转说明通电导体周围有磁场，不符合题意；
B、图中是电磁感应的实验图，属于发电机的原理，不符合题意；
C、电路中有电流，通电导体受到磁场力的作用发生运动，是电动机的工作原理，符合题意；
D、动圈式话筒的原理是电磁感应，和发电机的原理相同，不符合题意。
故选：C。
8．解：
AB、图甲中小球会受到两个力的作用：竖直向下的重力和竖直向上的拉力，此时的小球可能匀速，可能是加速，也可能是减速；若悬挂小球的细线突然断了，小球由于惯性，仍然会向上运动一段距离，故A正确，B错误；
CD、图乙中无人机带着小球水平向右运动，不计空气阻力，小球受到斜向右上方的拉力和竖直向下的重力作用，二力不是一对平衡力，所以小球的运动状态一定改变，不会做匀速直线运动，故CD错误；
故选：A。
9．解：
A、根据题意可知，1处和2处是在同一高度，重力势能是相同的，如果1处小球的动能大于2处，则1处的机械能大于2处的机械能；故A正确；
B、小球在运动的过程中，机械能不守恒，机械能变小，1处的机械能大于4处的机械能；1处的高度小于4处的高度，1处的重力势能小于4处的重力势能；则1处的动能大于4处的动能，故B正确；
C、小球在运动的过程中，机械能变小，3处的机械能小于4处的机械能，由于3处的重力势能小于4处的重力势能，所以无法判定3处的动能和4处动能的大小，故C错误；
D、接到小球时和扔出时的高度相同，重力势能相同，由于机械能减小，所以动能是减小的，由于质量不变，则接到小球时的速度一定小于扔出时的速度，故D正确；
本题选错误的；
故选：C。
10．解：A、探究电流与电阻的关系时滑动变阻器的作用是保护电路和保持定值电阻两端电压不变，找出普遍规律，故A错误；
B、探究电流与电压的关系时滑动变阻器的作用一般有保护电路和改变电路电流或改变被测电阻两端电压，故B错误；
C、测量导体的电阻时，通过改变滑动变阻器接入电路的阻值，从而改变了待测电阻两端的电压和通过它的电流，可以多测几组数据，通过求平均值来减小误差，故C正确；
D、在“伏安法”测小灯泡电功率的实验中，滑动变阻器的作用是：通过改变小灯泡两端的实际电压与通过小灯泡的电流，可比较灯泡的实际功率与小灯泡亮度之间的关系，不需要测量平均功率，故D错误。
故选：C。
11．解：
A、因为三个完全相同的玻璃缸（a）装满了酒精，（b）、（c）装满了水，h相同，
所以根据p＝ρgh可知，液体对容器底部的压强相等，pb＝pc，故A错误；
B、b内小鸭子漂浮，受到的浮力等于小鸭子受到的重力，故B错误；
C、因为小、大鸭子漂浮，所以F浮＝G鸭，
因为（b）内小鸭子受到的重力小于（c）内大鸭子鸭子的重力，
所以（b）内小鸭子受到的受到的浮力小于（c）内大鸭子的受到的浮力，故C正确。
D、因为pa＜pb＝pc，由F＝pS可知液体对容器底的压力：Fa＜Fb＝Fc．故D错误。
故选：C。
12．解：
（1）由图乙可知：R与R0串联，电压表测量R两端的电压；
由图丙可知：粉尘浓度增大时，传感器R的阻值减小，所以，电路中的总电阻变小，
由I＝可知，电路中的电流变大，由U＝IR可知，R0两端的电压变大，
由于电源电压一定，根据串联电路的电压特点可知：
传感器R两端的电压变小，即电压表的示数变小，故A错误；
（2）当R的阻值最大时，电路中的电流最小，由于电压表的量程为0～15V，则R两端的最大电压为：UR＝15V，
则串联电路两端的总电压等于各用电器两端的电压之和可知：
R0两端的电压为：U0＝U﹣UR＝24V﹣15V＝9V，
则电路中的最小电流为：I＝I0＝＝＝0.05A，故B错误；
电路的最小总功率为：P＝UI＝24V×0.05A＝1.2W，故C错误；
R允许的最大阻值为：R大＝＝＝300Ω，故D正确。
故选：D。
二．填空题（共7小题，满分28分，每小题4分）
13．解：地铁二号线全程24km，运行时间约45min＝0.75h，则地铁的平均速度为：v＝＝＝32km/h；
地铁进站时，车体与人体之间空气流速增大，压强减小，而人身后的空气流速较小，压强较大，形成向地铁一侧的压强差，乘客容易发生事故；
小华在地铁上看到车站两边的广告牌不停的向后退去，她选择的参照物是地铁。
故答案为：32；减小；地铁。
14．解：（1）把酒精擦在皮肤上，皮肤有凉的感觉，是因为擦在皮肤上的酒精由于蒸发（汽化）从皮肤吸热，使皮肤的温度降低，所以感觉到凉；
（2）由公式p＝可知，注射器的针头做得很尖，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强的；
（3）注射器能将药液吸入针筒是因为针筒内的气压减小，外界大气压把药液压入针筒。
故答案为：蒸发；增大；大气压。
15．解：（1）A点力的方向不同，力臂的大小则不同，不能确定动力臂与阻力臂的大小关系，所以此时杠杆不一定省力；
（2）若在A点施加一个最小的力，应使其力臂最长为OA，所以力应垂直于OA向上；
根据杠杆的平衡条件得：F×OA＝G×OB，因为OA是OB的2倍，所以2F＝100N，解得F＝50N。
故答案为：不一定；50。
16．解：（1）只有沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，拉力大小才等于摩擦力的大小，实验时，用弹簧测力计水平拉动木块，使木块A沿水平桌面做匀速直线运动，根据二力平衡知识，从而测出木块与水平桌面之间的滑动摩擦力；
（2）滑动摩擦力跟接触面粗糙程度有关，实验中应控制压力一定，改变接触面的粗糙程度；大量实验表明，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；
故答案为：匀速；接触面的粗糙程度；越大。
17．解：
有用功：W有用＝Gh＝4.2×103N×6m＝2.52×104J；
由图可知，n＝3，钢丝绳移动的速度：v绳＝nv物＝n×＝3×＝3.6m/s；
由η＝可得，总功：W总＝＝＝3.6×104J；
钢丝绳移动的距离：s＝3h＝3×6m＝18m，
由W总＝Fs可得，拉力：F＝＝＝2×103N；
其功率：P＝＝＝7.2×103W。
故答案为：2.52×104；3.6；2×103；7.2×103。
18．解：
（1）如图（甲）所示，“V”符号表示该表是电压表，该仪表接入电路时应跟被测电路并联；
图中连接的是“﹣、3”，使用的是0～3V量程，每小格的电压，即分度值为0.1V；
估计被测电压为2.8V，为了增大指针偏转角度从而减小读数误差，应选用0～3V的量程进行测量。
（2）3000revs/kW•h表示每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转过3000r，
转盘转过60转消耗的电能：
W＝kW•h＝0.02kW•h，
空调的电功率：
P＝＝＝1.2kW＝1200W。
故答案为：（1）该表为电压表；0.1；0～3V；并；（2）0.02；1200。
19．解：（1）甲灯的额定电压为6V，甲灯正常工作时的电压U甲＝6V，由图象可知，通过甲灯泡的电流I甲＝0.3A，
由I＝可得，甲灯泡的电阻：R甲＝＝＝20Ω；
（2）当把甲、乙两灯并联接在6V的电源上时，两灯都正常发光，
则甲的功率为：P甲＝U甲I甲＝6V×0.3A＝1.8W，
乙的功率为：P乙＝U乙I乙＝6V×0.7A＝4.2W，
则两灯消耗的总功率为：P＝P甲+P乙＝1.8W+4.2W＝6W；
（3）当把两灯串联在7V电源上时，因串联电路的电流相等，由图知，只有当电路中的电流为0.3A，甲灯的实际电压为6V，乙灯的实际电压为1V时，
由串联电路电压的特点，两灯的总电压等于电源电压7V，此时乙灯消耗的电功率是：P乙＝U乙I乙＝1V×0.3A＝0.3W。
故答案为：20；6；0.3。
三．作图题（共3小题，满分6分，每小题2分）
20．解：由图可知，此时的入射角为60°，根据反射角等于入射角作出反射光线，此时反射光线与上面的平面镜之间的夹角为90°﹣60°＝30°；反射光线照射到下面的平面镜上，先做出法线，此时的入射光线与下面平面镜之间的夹角为：90°﹣30°＝60°，入射角为90°﹣60°＝30°，根据反射角等于入射角作出反射光线，最终的反射光线与开始的入射光线平行，如图所示：
21．解：浸没在水中的物体受到：竖直向下的重力G、竖直向上的浮力F浮和竖直向上的拉力F拉作用，处于平衡状态，由平衡条件得：G＝F浮+F拉；
从重力的作用点﹣重心，沿竖直向下方向画出重力，沿竖直向上的方向画出浮力和拉力，如图所示。
22．解：图中电流从螺线管的右端流入、左端流出，根据安培定则，用右手握住螺线管，四指指向电流的方向，则大拇指指向左方，所以螺线管左端为N极、右端为S极；
图中磁感线呈排斥状，说明螺线管的右端和条形磁铁的左端为同名磁极，则磁铁A的左端为S极，右端为N极；
磁体外部的磁感线是从磁体的N极出来，回到磁体的S极，据此标出磁感线的方向，如图所示：
四．实验探究题（共8小题，满分42分）
23．解：（1）根据比较吸热能力的两种方法，要控制不同物质的质量相同，故研究对象煤油和食用油除应满足初温相同外，还要求质量相同；
（2）根据转换法，通过加热时间的长短来比较吸热多少，如图，除装置图中的器材外，还需要的一种器材是秒表和天平；
（3）根据转换法，实验中煤油和食用油吸热多少是通过加热时间来反映的；
（4）对比三次所收集到的实验数据发现：若煤油和食用油加热相同时间，如5min，食用油升高10℃，煤油升高的温度不到10℃，故煤油和食用油加热相同时间，食用油升高的温度高；
二者在每次升高相同的温度时，煤油加热时间长，故煤油需要吸收的热量多，根据比较吸热能力的第一种方法，最终可得出的实验结论是：煤油的吸热能力大于食用油的吸热能力；
（5）由（1）知此实验用到了控制变量法，由（2）（3）知此实验用到了转换法。
故答案为：（1）质量；（2）秒表；天平；（3）加热时间；（4）食用油；煤油；煤油的吸热能力大于食用油的吸热能力；（5）控制变量法（转换法）。
24．解：（1）压强计是通过U形管中水面高度差来反映被测压强大小的；高度差越大，说明橡皮膜受到的压强越大，应用了转换法；
（2）若压强计的气密性很差，用手指不论轻压还是重压橡皮膜时，就会有漏气现象，因此U形管两边液柱变化不明显或不发生变化；
（3）调节压强计时，只需要将软管取下，再重新安装，这样U形管中两管上方的气体压强就是相等的（都等于大气压），当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的，故选B；
（4）比较乙图、丙图和丁图，在相同液体的同一深度处，金属盒的朝向不同，而U形管两侧的液面高度差相等，可以得到：在同一深度，液体内部向各个方向的压强相等；
（5）在乙图中，若只将烧杯中的水换成同深度的盐水，其他条件不变，控制了深度不变，把水换成盐水，液体密度变大，液体压强变大，则可以观察到U形管两边液面的高度差将变大；
（6）图乙中U形管左右两侧水面的高度差h＝5cm，则橡皮管内气体的压强与大气压之差约为：p＝ρgh＝1×103kg/m3×10N/kg×0.05m＝500Pa。
故答案为：（1）高度差；（2）压强计漏气；（3）B；（4）相等；（5）变大；（6）500。
25．解：（1）屏上呈现出最小、最亮的光斑，这便是凸透镜的焦点，透镜到光斑的距离为10cm。则此凸透镜的焦距约是10cm。
（2）把蜡烛放在该凸透镜的焦点上，通过凸透镜后的光线是平行的，所以将光屏向远离凸透镜的方向移动的过程中，在光屏上观察到的现象是大小不变的光斑；
（3）由图知，像偏上，所以应将光屏上移；当蜡烛距离凸透镜10.3cm时，此时物距处于f和2f之间，且稍大于焦距，所以物距远大于2f，无论怎么样移动光屏都得不到像，原因可能是因为光具座不够长造成的，故选A；
（4）小郭将烛焰移至距凸透镜5cm处，此时的物距为5cm，小于1倍焦距，成正立放大的虚像，应用为放大镜，虚像不能用光屏承接，但可以用眼睛看到；
（5）近视镜是凹透镜，对光线起了发散作用，因此去掉近视镜后，光屏应向左移动才能成清晰的像。
故答案为：（1）最小、最亮；（2）不变；（3）上；A；（4）不能；放大镜；能；（5）左。
26．解：
（1）①把天平放在水平桌面上，将游码移到标尺左端的零刻度线处，发现指针指在分度盘中央刻度线的右侧，应将平衡螺母向左调节，使天平横梁平衡。
②天平平衡时，左盘物体的质量等于右盘砝码的质量和游码质量的和，即m＝20g+5g+2.4g＝27.4g。
③鹅卵石的体积为：V＝40ml﹣30ml＝10ml＝10cm3，
鹅卵石的密度为：ρ＝＝＝2.74g/cm3＝2.74×103kg/m3；
（2）将鹅卵石挂在A处，且浸没于水中时，在B处挂上1个50g钩码，杠杆恰好处于水平平衡，
由杠杆的平衡条件可得：m钩码g•OB＝FA•OA，
则FA＝m钩码g＝×0.05kg×10N/kg＝0.4N，
鹅卵石受到的浮力：F浮＝m鹅卵石g﹣FA＝0.06kg×10N/kg﹣0.4N＝0.2N，
由F浮＝ρgV排可得，鹅卵石的体积：
V鹅卵石＝V排鹅卵石＝＝＝2×10﹣5m3＝20cm3，
则鹅卵石的密度：ρ鹅卵石＝＝＝3g/cm3；
故答案为：（1）①左；②27.4；③2.74×10 3；（2）3。
27．解：
（1）要探究动能大小与质量的关系，应该控制小车的速度相同，让小车从斜面的同一高度滑下；实验中没有控制小车到达水平面时的速度相同；
（2）图中小球从2位置运动到4位置这段时间内平均速度为：v＝＝＝0.8m/s；
故答案为：（1）没有控制小车到达水平面时的速度相同；（2）0.8。
28．解：（1）测量小灯泡电功率的实验中，电流表应与灯泡串联，电压表应与灯泡并联，连接电路如下图所示：
（2）电压表的示数为2.2V，要测量小灯泡的额定功率，需要将电压表的示数增大为2.5V，根据串联分压原理可知，应使滑动变阻器接入电路中的电阻变小，由于滑动变阻器接右下接线柱，则应将滑片向右移；
（3）由图乙知，当小灯泡两端电压为额定电压2.5V时，通过小灯泡的电流为0.2A，则
小灯泡的额定功率为：P额＝UI＝2.5V×0.2A＝0.5W；
（4）电路接通后，移动滑动变阻器的滑片使其接入电路的电阻减小，利用串联分压原理知，滑动变阻器分得的电压会变小，小灯泡分得的电压会变大，而实验现象是电压表的示数变小了，故电路连接错误是将电压表与滑动变阻器并联了；
灯丝的电阻随温度的升高而增大，随温度的降低而减小。白炽灯在刚开灯的瞬间，灯丝温度较低，灯丝电阻较小，根据P＝可知，灯泡实际功率较大，远大于灯泡正常发光时的电功率，因此白炽灯在刚开灯的瞬间容易烧断。
故答案为：（1）见上图；（2）右；（3）0.5；（4）将电压表与滑动变阻器并联了；容易；白炽灯在刚开灯的瞬间，灯丝温度较低，灯丝电阻较小，根据P＝可知，灯泡实际功率较大，远大于灯泡正常发光时的电功率，因此白炽灯在刚开灯的瞬间容易烧断。
29．解：
（1）公交车的重力：
G＝mg＝4×103kg×10N/kg＝4×104N，
车静止时对水平地面的压力：
F压＝G＝4×104N，
对水平地面的压强：
p＝＝＝1×105Pa；
（2）公交车受到的阻力为：
F阻＝0.2G＝0.2×4×104N＝8×103N，
车匀速行驶，拉力和阻力是一对平衡力，
所以牵引力F牵＝F阻＝8×103N，
牵引力做功：
W＝F牵s＝8×103N×1200m＝9.6×106J
t＝2min＝120s，
则2min内牵引力所做功的功率：
P＝＝＝8×104W。
答：（1）公交车静止时，对水平地面的压强是1×105Pa；
（2）2min内牵引力所做功的功率是8×104W。
30．解：（1）由甲图可知，质量表串联在电路中，所以是由电流表改装的；
由图知，空盘时，电路为R1的简单电路，可以防止滑片引起的短路，从而起到保护电路的作用；
（2）空盘时，闭合开关S，电路为R1的简单电路，
由欧姆定律可得：
R1＝＝＝10Ω；
（3）当称量物体重为20N时，即弹簧受到的压力为20N，由图像乙可知，弹簧被压缩的长度为ΔL1＝4cm，
因R是一根长l0＝10cm的均匀电阻丝，R2的最大阻值为Rm＝40Ω。
ΔL1对应的电阻值为R1＝×Rm＝×40Ω＝16Ω，
即此时R接入电路的阻值为16Ω。
（4）若长期使用导致电源电压减小，空盘时R1滑片位置不变，由I＝可知，电路中电流变小，质量表零点不对；为了校零，即空盘时电流表示数与原来显示值应相同，根据I＝可知，应使R1接入电路的电阻减小，即R1滑片左移。
答：（1））电流；保护电路；
（2）空盘时，闭合开关S，电路电流为0.3A，此时R1接入的阻值是10Ω；
（3）开关S闭合后，在托盘中放入重为20N的物体时，R2接入电路的阻值为16Ω。
（4）若长期使用导致电源电压减小，会出现质量表的零点位置发生变化的现象，应使R1接入电路的电阻减小，即R1滑片左移。
升高5℃加热时间/min
升高10℃加热时间/min
升高20℃加热时间/min
煤油
3
7
15
食用油
2
5
11