还剩25页未读，
继续阅读
2021年山东省临沂市沂水县中考物理模拟试卷
展开
这是一份2021年山东省临沂市沂水县中考物理模拟试卷，共28页。
1．（2分）小明参观2021粤港澳大湾区深圳花展时，发现早上的花叶上有露珠。与这一现象有着相同特点的是（ ）
A．春天，冰雪融化成溪水
B．夏天，冰棒周围冒“白气”
C．秋天，清晨的雾在太阳出来后散去
D．冬天，屋檐上挂着串串冰柱
2．（2分）关于温度、热量、内能说法正确的是（ ）
A．在相同温度下，1kg的水含有热量比1kg冰含有热量多
B．热量总是从内能多的物体传给内能少的物体
C．物体吸收热量，温度不一定升高
D．物体温度升高，一定是吸收了热量
3．（2分）关于图所示的有关声现象的四个实验，下列说法中正确的是（ ）
A．甲：用大小不同的力敲击鼓面，纸屑跳动的幅度不同，说明音调与频率有关
B．乙：小刚轻声说话，小丽通过“土电话”能听到小刚的声音。说明气体可以传声
C．丙：用力吹一根细管，并将它不断剪短，听声音的变化情况，可以探究“响度与振幅的关系”
D．丁：使钢尺伸出桌面不同长度，用力拨动，保持钢尺振幅不变，可以探究“音调与频率的关系”
4．（2分）下列关于材料、能源、信息的说法正确的是（ ）
A．可燃冰和太阳能既是一次能源也是可再生能源
B．微波炉用超声波加热食物
C．用三颗同步卫星就能实现全球通信
D．超市收银员使用的条形码扫描器中的发光二极管由超导体材料制作而成
5．（2分）如图所示的用电器中，利用电流的热效应工作的是（ ）
A．电风扇B．电水壶
C．平板电视D．笔记本电脑
6．（2分）2019年12月26日，在我国境内观测到日偏食现象，如图所示，下列现象与“日偏食”的形成原因一致的是（ ）
A．树荫下的光斑B．雨后彩虹
C．“折断”的铅笔D．水中的倒影
7．（2分）甲、乙两辆车同时从同一地点向东做直线运动，它们的s﹣t图象如图所示。由图象可知（ ）
A．0～10s甲乙两车都做匀速直线运动，v甲＜v乙
B．0～10s时，以甲车为参照物，乙车向东运动
C．甲车在20s内的平均速度是10m/s
D．甲乙两车在15s时相遇，此时两车通过的路程相等
8．（2分）如图所示的四个实验图中，揭示发电机的工作原理的是（ ）
A．
B．
C．
D．
9．（2分）如图所示，A、B两个高度相等、底面积不同的薄壁圆柱形容器中，分别盛有质量相等的甲、乙两种液体。若在两容器中分别抽掉相同深度的原液体，则（ ）
A．抽掉的质量m甲一定小于m乙
B．抽掉的质量m甲可能等于m乙
C．抽掉的质量m甲可能大于m乙
D．抽掉的体积V甲一定等于V乙
10．（2分）如图所示，飞行员驾驶我国自主研制的歼﹣20隐形歼击机正在进行日常训练，在飞机飞行过程中，下列说法正确的是（ ）
A．歼击机以驾驶员为参照物，是运动的
B．若歼击机所受力全部消失，将做加速运动
C．歼击机匀速向上飞行时，重力势能逐渐减小
D．歼击机匀速向下飞行时，机械能逐渐减小
11．（2分）如图，在光滑的水平面上叠放着甲、乙两个木块，甲木块用一根细绳拴在左边固定的竖直墙上，现在用F＝20N的力把木块乙从右端匀速地抽出来，则甲、乙两木块所受的摩擦力是（ ）
A．甲和乙都受向左20N的摩擦力
B．甲和乙都受向右20N的摩擦力
C．甲受向右20N的摩擦力，乙受向左20N的摩擦力
D．甲没有受到摩擦力，乙受向右的20N的摩擦力
12．（2分）下列关于力的说法正确的是（ ）
A．空中自由下落的小球速度越来越快，小球的惯性力越来越大
B．踢足球时脚对足球的力和足球对脚的力是一对平衡力
C．力的大小、方向和作用点都可能影响力的作用效果
D．物体的重心一定在物体上
13．（2分）如图所示的电路，下列说法正确的是（ ）
A．开关S拨到a时，小磁针静止时B端为N极
B．开关S拨到a，滑动变阻器的滑片向右滑动时，电磁铁的磁性增强
C．开关S由a拨到b时，电磁铁的磁极发生改变
D．开关S由a拨到b，调节滑动变阻器，使电流表示数不变，则电磁铁的磁性增强
14．（2分）小罗学习压强知识下列说法正确的（ ）
A．甲：压力相同，受力面积越大，压强越大
B．乙：同一液体，深度相同时，各个方向压强相等
C．丙：马德堡半球实验成功测量了大气压的值
D．丁：往B管吹气，A管液面上升是因为A管上端空气流速变大，压强变大
15．（2分）如图是甲、乙两定值电阻的U﹣I图像。根据图像信息，下列说法正确的是（ ）
A．两定值电阻阻值的关系是R甲＜R乙
B．两定值电阻串联接入电路中时，通过它们的电流关系是I甲＜I乙
C．两定值电阻并联接入电路中时，它们消耗的电功率关系是P甲＜P乙
D．两定值电阻分别接入电源电压相同且不变的电路中时，电流通过它们产生的热量关系是Q甲＜Q乙
16．（2分）如图所示，A1、A2、A3三个电流表的示数分别为I1、I2、I3，则有（ ）
A．I1＝I2+I3B．I1＝I2＝I3C．I1＞I2＞I3D．I1＜I2＜I3
17．（2分）如图甲，在水平面上的盛水容器中，一个质量分布均匀的物体被固定在容器底部的一根细线拉住后完全浸没在水中静止。当将细线剪断后，物体漂浮在水面上，且有四分之一的体积露出水面（如图乙），比较甲、乙两图（ ）
A．物体受到的浮力之比1：1
B．容器底对水平面的压力之比1：1
C．物体与水的密度之比为4：3
D．水对容器底的压强之比4：3
18．（2分）一束跟主光轴平行的光通过透镜的光路如图所示，下列说法中正确的是（ ）
A．O点为该凸透镜的焦点
B．任意一束平行光经过凸透镜后都可以会聚于F点
C．若把图中凸透镜的上半部分用手遮住，该凸透镜对光将仍然具有会聚作用
D．若在F点放一个发光的小灯泡，则该凸透镜对小灯泡发出的光将不具有会聚作用
19．（2分）关于内能及内能的利用，说法正确的是（ ）
A．汽油机的做功冲程将内能转化为机械能
B．把煤磨成煤粉燃烧可以提高煤的热值
C．燃料的热值越大燃烧释放的热量越多
D．增大热机功率一定能提高它的效率
20．（2分）利用如图甲所示的电路探究电流和电阻的关系，电源电压保持3V不变，分别将5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω的定值电阻R连入电路，按实验要求测得通过各定值电阻的电流描绘出如图乙所示的图像，则下列判断正确的是（ ）
A．实验中电压表的示数保持1V不变
B．当R的电阻为10Ω时，通过R的电流为0.2A
C．电压一定时，电阻和电流成反比
D．将R从5Ω换成10Ω后，应将滑片向右移
二．填空题（共5小题，满分15分）
21．（2分）春暖花开，图中花儿盛开时清香扑鼻，这是由于花香分子在做 ；我们能从不同角度观赏花，是由于光在花的表面发生了 现象。
22．（2分）小明站在厚度忽略不计的穿衣镜前1.5m处，他在镜中的像是一个与他 （选填“等大”、“放大”或“缩小”）的虚像，像与他之间的距离是 m。
23．（4分）如图所示，弹簧测力计的测量范围是 N，弹簧测力计的示数是 N。
24．（3分）冬天，在装有空调的汽车玻璃窗上容易“起雾”，这层“雾”在车窗的 （选填“内”或“外”）侧；汽车发动机的 冲程，将内能转化为机械能驱动汽车前进；汽车的观后镜利用了光的 （选填“直线传播”、“反射”或“折射”）原理。
25．（4分）如图甲所示，安装一盏在一楼和二楼都能控制的楼梯灯，S1和S2是单刀双掷开关，则a端应该 （火/零）线．家庭电路中可以使用 来辨别火线与零线．如图乙所示的电能表此时的示数为 kW•h．
三．实验探究题（共8小题，满分31分）
26．（4分）如图所示，小宁和同学们在老师指导下做“探究凸透镜成像规律”的实验。
（1）在凸透镜不动的情况下、不断改变物距，测出对应的像距，得到物距与像距的关系图象，如图甲，则凸透镜的焦距为 cm。
（2）如乙图所示，当蜡烛位于图中B处时，移动光屏到 （选填“C”、“D”或“E”）点，光屏上才能成清晰的像。
（3）小宁同学把蜡烛移动到A处，移动光屏，找到清晰的像，此时光屏上的像应该是倒立 的实像，利用这个成像原理人们制成了 （选填“放大镜”、“投影仪”或“照相机”）。若蜡烛燃烧变短了，其在光屏上的像的位置将 （选填“升高”或“降低”）。
（4）同组的小丽在探究凸透镜成像实验时，不小心将凸透镜碰到地上，透镜的上半部分摔烂了，她坚持用余下的半部分继续实验，则光屏上将 。
A.得不到像
B.仅成上半部分的像
C.仅成下半部分的像
D.像是完整的，亮度变暗
27．（4分）疫情期间，医生建议多吃鸡蛋、牛奶等高蛋白食物，可以提高人体免疫力。小明每天早晨喝牛奶，并对牛奶的密度进行了测量。
（1）小明把天平放在 上，游码放在标尺左端的零刻线处，发现指针的偏向如图甲所示，则应该向 （选填“左”或“右”）调节平衡螺母，使天平平衡。
（2）小明先用天平测出空烧杯的质量，天平平衡时右盘中的砝码数和游码的位置如图乙所示为 g。
（3）在烧杯中倒入适量的牛奶，用天平测出烧杯和牛奶的总质量为76.2g；将烧杯中的牛奶全部倒入量筒中，如图丙所示，则量筒内牛奶的体积是 cm3，所测牛奶的密度为 kg/m3。
（4）小红认为小明用这种方法测出的牛奶密度会 （选填“偏大”或“偏小”），理由是 ；为了减小这一误差，只需要增加一步 操作即可。（填字母代号）
A．测量量筒和液体的总质量
B．测量倒完液体后烧杯的质量
C．把液体倒回烧杯，测量烧杯和液体的总质量
28．（4分）如图所示，用压强计“探究影响液体内部压强大小的因素”。
（1）压强计上的U形管 （选填“属于”或“不属于”）连通器，甲所示压强计是通过比较U形管两边液面的高度来反映被测压强大小的，这种方法叫 。
（2）若在使用压强计前，发现U形管内水面已有高度差。通过 （填写正确选项前字母）方法可以进行调节。
A.拆除软管重新安装
B.从左管口向U形管内添加适量水
C.从U形管右管口向外抽出适量水
（3）比较图中乙图、丙图和丁图，可以得到结论： 。
（4）在乙图中，若将烧杯中的水换成盐水，其他条件不变，则可以观察到U形管两边液面的高度差将 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
（5）若在步骤（4）时，图乙中U形管左右两侧水面的高度差h＝5cm，则橡皮管内气体的压强与大气压之差约为 Pa。（p0＝1.01×105Pa，ρ盐水＝1.2×103kg/m3，ρ水＝1.0×103kg/m3，g＝10N/kg）
29．（3分）小王为了探究物体在水中不同深度所受浮力的变化情况，如图甲所示，将一个高度为10cm的圆柱体金属块挂在弹簧测力计下，缓慢浸入水中（水足够深），在圆柱体接触容器底之前，分别记下圆柱体下表面所处的不同深度与弹簧测力计相应的示数F．实验数据如下表：
（1）分析表中实验数据，可以得出物体重 N，第4次实验时，物体受到的浮力是 。
（2）分析表中第1列到第5列数据，说明 。
（3）分析表中第6列到第8列数据，说明 。
（4）图中能正确反映弹簧测力计示数F和圆柱体下表面深度h关系的图象是： 。
（5）如果再探究“浮力大小还受什么因素影响”这一问题，请你从图乙中选出一些图，针对这一个因素进行探究，并通过弹簧测力计的示数，说明你的探究结果。准备探究的问题是： 。选用的图是： 。探究的结果是： 。
30．（3分）小明利用如图所示的装置探究杠杆平衡条件。
（1）图甲中，杠杆静止时处于 （选填“平衡”或“不平衡”）状态。为使杠杆在水平位置平衡，小明应将杠杆两端的平衡螺母向 （选填“左”或“右”）移。在杠杆两侧挂上不同数量相同规格的钩码，调节钩码位置，使杠杆重新在水平位置平衡，这样做的目的是便于直接在杠杆上 。
（2）如图乙所示，在杠杆左侧A位置（左边位置第四格）先挂了3个钩码，每个钩码为0.5N，在右侧B位置（右边位置第三格）用弹簧测力计竖直向下拉杠杆，使其在水平位置平衡，弹簧测力计的示数为 N。
（3）如图丙所示，小明在A位置挂一个弹簧测力计，在B位置挂了2个钩码，现将弹簧测力计从C位置移到D位置，在此过程中杠杆始终在水平位置保持平衡，则弹簧测力计示数 ，原因是测力计的拉力力臂 （均选填“变大”、“变小”或“不变”）。
（4）小明用如图丁装置进行探究，发现总是无法得到教材上所给出的杠杆平衡条件，其原因是 。
（5）小明多次实验收集多组数据，目的是 （选填“a”或“b”）。
a.多次实验取平均值减小实验误差
b.使实验结论更具有科学性和普遍性
31．（5分）小艾同学利用如下装置在标准大气压下探究冰熔化和水沸腾时温度的变化规律。
（1）用图甲所示装置探究冰熔化时温度变化规律，把装有碎冰的烧杯直接放置在空气中，不用酒精灯加热。这样做不但能使冰块均匀受热，而且冰的温度升高较 （选填“快”或“慢”），便于记录各个时刻的温度；
（2）下表为小艾设计填写的冰的熔化实验表格，第2分钟时温度计的示数如图乙所示，温度为 ℃，根据表格中数据可知：冰是 （选填“晶体”或“非晶体”）；
（3）等冰完全熔化完后，在烧杯下方放入酒精灯（如图丙），小艾根据实验数据画出了水的沸腾图象如图丁a图象，她发现水的沸点不是书中所给的100℃，原因可能是 ；
（4）图丁中图象b是小明用相同的实验装置进行实验画出的沸腾图象，两个同学的实验中，他们所用水的质量的大小关系为ma mb（选填“＞”、“＜”或“＝”）。
32．（3分）已知导体的电阻大小与导体的长度和横截面积有关。某同学探究“导体的电阻大小与导体的材料是否有关”，实验器材有：3V稳压电源、电流表、5Ω的定值电阻、开关、刻度尺、钳子（用于截断金属丝）各一个，横截面积相同的镍铬、康铜和铜三种金属丝足量，导线若干。
（1）请设计电路图，在如图的基础上补充完整。
（2）实验中，他将长度和横截面积均相同的三种金属丝分别接入电路，测出的电流分别为I镍铬、I康铜、I铜，它们的关系为I镍铬＜I康铜＜I铜。则可得出的探究结论是： 。通过分析实验信息，该同学还可以判断出：镍铬材料和康铜材料比较， 的导电性较强。
（3）该同学利用上述实验器材进一步探究“导体的电阻大小与导体的长度的关系”，请画出记录实验信息的表格，表中要有必要的信息。
33．（5分）某实验兴趣小组想测量标有“2.5V”字样小灯泡的额定功率，从实验室找来了电源、电流表、电压表、滑动变阻器、开关和导线若干。
（1）如图甲所示为该小组一同学所连的实验电路，闭合开关前发现电路中有一根导线未连接，请把电路连接完整。
（2）当闭合开关时，发现电流表无示数，灯泡不亮，电压表示数接近电源电压。造成这一现象的原因可能是小灯泡 。
（3）排除电路故障后闭合开关，移动滑片，当灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，则灯泡的额定功率为 W。
（4）同组的小红认为，可以利用图甲的装置多次测量不同电压下灯泡的电阻，并求出平均值，小明认为小红的观点不合理，理由是 。
（5）小红在继续实验时发现电流表突然损坏，于是又找来了一个阻值为R0的定值电阻，设计了如图丙所示的电路，已知电源电压为U且保持不变，也可以测出另一额定电压为U额的小灯泡的额定功率，请将步骤补充完整：
①只闭合S、S2，移动滑片P，使电压表的示数为 ；
②只闭合 ，保持滑片P不动，读出电压表的示数为U1；
③小灯泡的额定功率P＝ （用U、U1、U额、R0表示）。
四．计算题（共2小题，满分14分）
34．（6分）油价在飞，电动自行车很可爱，既经济又健身。它可以电动骑行，亦可以脚踏骑行，使用前，应先对车上的蓄电池充电。某电动车的额定电压为40V，净重20kg，电池容量为30Ah“（表示该蓄电设备在电流强度为1A时能持续工作30小时）。若质量为50kg的小明骑着该车在水平地面上匀速行驶时，摩擦阻力为总重的1/7，车速为18km/h，且保持电源电压40V恒定不变，电能转化为机械能的效率是80%，则求：
（1）电动车产生的牵引力是多大？
（2）此电动车牵引力的功率是多少？
（3）此电动车在这样路面上能行驶的最大路程是多少？
35．（8分）如图所示是某款电热饮水机的电路原理图与铭牌。该饮水机有加热和保温两种工作状态，饮水机热水箱内水温达到92℃时开关S1自动断开，处于保温状态；当水温降至一定温度t时，S1又闭合重新加热。
求：（1）正常加热时通过饮水机的电流；
（2）在无人取水情况下，饮水机重新加热一次的时间为5min，求加热一次所消耗的电能；
（3）电阻R1和R2的阻值。
参考答案
一．选择题（共20小题，满分40分，每小题2分）
1．解：花叶上的露珠是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水珠，属于液化现象；
A、春天，冰雪融化成溪水，是熔化现象，故A不符合题意；
B、夏天，冰棒周围冒“白气”是的水蒸气遇冷液化成的小水珠，故B符合题意；
C、秋天，清晨的雾在太阳出来后散去，此过程中小水滴变为水蒸气是汽化现象，故C不符合题意；
D、冬天，屋檐上挂着串串冰柱，是水结冰，属于凝固现象，故D不符合题意。
故选：B。
2．解：A、热量不是状态量，不能说含有或者具有热量，故A错误；
B、热传递中，热量从高温物体传给低温物体，而不是从内能多的物体传给内能少的物体，故B错误；
C、物体吸收了热量，内能一定增加，但温度不一定升高，例如晶体的熔化过程，故C正确；
D、物体温度升高，可能是物体吸收了热量，也可能是对物体做了功，故D错误。
故选：C。
3．解：A、敲击鼓面，鼓面振动发声，鼓面振动引起纸屑跳动，用大小不同的力敲击鼓面，纸屑跳动的幅度不同，说明响度跟振幅有关，故A错误。
B、小刚轻声说话，小丽通过“土电话”能听到小刚的声音，小刚和小丽之间是通过棉线连接的，说明固体可以传声，故B错误。
C、用力吹一根细管，并将它不断剪短，细管内的空气柱不断减小，空气柱容易振动，振动频率高，音调高，可以探究音调跟频率的关系，故C错误。
D、使钢尺伸出桌面不同长度，用力拨动，保持钢尺振幅不变，钢尺伸出的长度不同，振动的难易程度不同，振动频率不同，音调不同，可以探究音调跟频率的关系，故D正确。
故选：D。
4．解：A、可燃冰是一次能源不是可再生能源，故A错误；
B、微波炉是利用电磁波加热食品的，原理是食物分子在微波的作用下剧烈振动，使得食物内能增加，温度升高，故B错误；
C、用三颗地球同步卫星就可以实现全球通信，故C正确；
D、超市收银员使用的条形码扫描器中的发光二极管使用的主要是半导体材料，故D错误。
故选：C。
5．解：
电风扇主要是把电能转化为机械能，电视、电脑主要将电能转化为光能和声能，只有电水壶是把电能转化为内能，是利用电流的热效应，故B正确。
故选：B。
6．解：日食的形成是月亮转到地球与太阳之间时，挡住了太阳射向地球的光线，是光的直线传播形成的。
A、树荫下的圆形光环是光的直线传播形成的，故A符合题意；
B、雨后彩虹是由于发生光的折射形成的，故B不符合题意；
C、“折断”的铅笔，是由于光从水中射向空气时发生折射形成的，故C不符合题意；
D、水中的倒影成的虚像，是光的反射形成的，故D不符合题意。
故选：A。
7．解：A、由图象看出两车在0～10s内的图象是一条斜线，表示两辆车做的是匀速直线运动，且在相同时间内甲车通过的路程大于乙车通过的路程，所以v甲＞v乙，故A错误；
B、0﹣10s，甲、乙两辆车同时从同一地点向东做直线运动，且v甲＞v乙，乙车与甲车的距离逐渐增大，以甲车为参照物，乙车向西运动，故B错误；
C、甲车在20s内的平均速度：v＝＝＝5m/s，故C错误；
D、由图象看出两物体在15s时相遇，且0～15s内通过的路程相等，都是100m，故D正确。
故选：D。
8．解：发电机原理是电磁感应现象，即闭合电路中一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时会产生感应电流；
A、该图是奥斯特实验，小磁针发生偏转说明通电导体周围有磁场，故A不符合题意；
B、通电时该线圈会产生磁性，吸引小铁钉，说明电流的磁效应，故B不符合题意；
C、开关闭合后，电路中有电流，通电导线受到磁场力的作用运动，是电动机的制作原理，故C不符合题意。
D、开关闭合后，在外力作用下使导体左右移动，切割磁感应线，则电流表指针发生偏转，说明此时有感应电流产生，这是电磁感应现象，是发电机的工作原理，故D符合题意。
故选：D。
9．解：ABC、已知原来两个容器中的液体质量相同，
由ρ＝及V＝Sh得，
ρ甲h甲S甲＝ρ乙h乙S乙，
由图知h甲＞h乙，
所以ρ甲S甲＜ρ乙S乙，
在两容器中分别抽出相同高度△h的液体，
则抽出液体的质量△m甲＝ρ甲△hS甲，△m乙＝ρ乙△hS乙，
所以ρ甲△hS甲＜ρ乙△hS乙，
所以△m甲＜△m乙，即抽掉的质量m甲一定小于m乙。故A正确，BC不正确；
D、由图知S甲＞S乙，
在两容器中分别抽出相同高度△h的液体，
由V＝Sh知，V甲＞V乙。故D不正确。
故选：A。
10．解：A、歼击机“穿破云雾”说明歼击机是运动的，而以驾驶员为参照物时歼击机是静止的，故A错误。
B、歼击机处于飞行状态，根据牛顿第一定律可知，若歼击机所受力全部消失，将做匀速直线运动，故B错误。
C、重力势能的大小与物体质量和高度有关，歼击机向上飞行时，高度升高，质量不变，所以重力势能变大，故C错误。
D、动能的大小与物体的速度和质量有关，歼击机匀速向下飞行时，质量不变，速度不变，动能也保持不变，故D正确。
故选：D。
11．解：
（1）在光滑的水平面上，地面对乙木块的摩擦力为0N，由题干中木块乙向右端匀速运动可以得知，木块乙处于平衡状态，故受平衡力的作用，其中在水平方向受拉力F和甲对其向左的摩擦力作用，根据二力平衡的条件可以判断，乙木块受到的摩擦力为20牛，方向水平向左；
（2）如图所示，木块甲静止，木块甲处于平衡状态，所以甲受平衡力的作用，在水平方向受细绳对其向左的拉力与乙对其向右的摩擦力作用，摩擦力的大小为20N；故C正确。
故选：C。
12．解：A、物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，惯性不是力，故A错误；
B、踢足球时脚对足球的力和足球对脚的力是作用在不同物体的两个力，不是一对平衡力，故B错误；
C、力的大小、方向和作用点都可能影响力的作用效果，故C正确；
D、重心是物体的重力的作用点，重心不一定在物体上，如篮球，铁环等，故D错误。
故选：C。
13．解：
A、从图可知，当开关S拨到a时，电流从螺线管的右端流入，左端流出，根据安培定则可知，螺线管左端是N极，右端是S极；由磁极间的相互作用可知，小磁针静止时B端为N极，故A正确；
B、开关S拨到a，滑动变阻器的滑片向右滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流减小，电磁铁的磁性减弱，故B错误；
C、开关S由a拨到b时，电磁铁中的绕线方法、电流方向不变，则磁极不变，故C错误；
D、将开关S由a换到b时，调节变阻器的滑片P，保持电流表的示数不变，即电流不变，将开关S由a换到b时，线圈匝数减少，则电磁铁的磁性减弱，故D错误。
故选：A。
14．解：A、由图可知，两手指受到的压力相同，左边手指与铅笔的接触面积大，由p＝可知，在压力一定时，受力面积越大，压强越小，故A错误；
B、由图可知，瓶两侧小孔深度相同，瓶内的水从两小孔流出，且水喷射的距离相同，说明在同一深度，液体向各个方向压强相等，故B正确；
C、马德堡半球实验证实了大气压的存在，托里拆利最早测出了大气压值，故C错误；
D、当用B管用力吹气时，A管上端空气流速变大，因为流速大的地方压强小，所以A管上端压强变小，下端大气压没有变化，从而形成了向上的压强差，因此A管中的水面会上升，故D错误。
故选：B。
15．解：A、由图可知当甲、乙两定值电阻两端的电压相等时，通过电阻甲的电流小于通过电阻乙的电流，由I＝可知甲的阻值大于乙的阻值，即R甲＞R乙，故A错误；
B、两定值电阻串联接入电路中时，串联电路各处电流相等，所以通过它们的电流关系是I甲＝I乙，故B错误；
C、两定值电阻并联接入电路中时，并联电路各并联支路两端电压相等，由图可知当甲、乙两定值电阻两端的电压相等时，通过电阻甲的电流小于通过电阻乙的电流，由P＝UI可得它们消耗的电功率关系是P甲＜P乙，故C正确；
D、两定值电阻分别接入电源电压相同且不变的电路中时，因不知道通电时间的关系，根据Q＝t无法比较电流通过它们产生的热量关系，故D错误。
故选：C。
16．解：由电路图可知三灯泡并联，A3测最右侧一个灯泡的电流，A2测右边两个灯泡的电流之和，A1测干路电流，
∵并联电路中干路电流等于各支路电流之和，即干路电流大于任何一个支路电流，
∴右边两个灯泡的电流之和I2大于最右侧一个灯泡的电流，即I2＞I3，
干路电流I1大于右边两个灯泡的电流之和I2，即I1＞I2，
综上可知，I1＞I2＞I3，故C正确，BD不正确，
∵三个灯泡的规格不一定相等，
∴通过三灯泡的电流不一定相等，则I1＝I2+I3不一定成立，故A不正确。
故选：C。
17．解：A、甲图中木块浸没在水中，浮力：F浮甲＝ρ水gV，乙图中木块漂浮，且有四分之一的体积露出水面，F浮乙＝ρ水g（1﹣）V＝ρ水gV，则木块受到水的浮力之比：F浮甲：F浮乙＝ρ水gV：ρ水gV＝4：3，故A错误；
B、容器、水、物体的重力不变，则整个装置的总重力不变，对水平面的压力不变，即容器底对水平面的压力之比1：1，故B正确；
C、将细线剪断后，物体漂浮在水面上，且有四分之一的体积露出水面，所以F浮＝G，即ρ水g（1﹣）V＝ρ水gV＝ρ物gV，解得：＝，故C错误；
D、当将细线剪断后，物体漂浮在水面上，此时物体排开的水的体积变小，液面的高度会下降，由于不知道水和木块体积的具体关系，所以无法判定物体漂浮时与浸没时液面的高度的比值，所以无法判定比值的大小，故D错误。
故选：B。
18．解：A、由图知过O点的光线传播方向不变，为该凸透镜的光心，故A错误；
B、只有平行于主光轴的光线经凸透镜折射后才会会聚在焦点F，故B错误；
C、若把图中凸透镜的上半部分用手遮住，仍然有光线透过凸透镜，该凸透镜对光将仍然具有会聚作用，故C正确；
D、若在F点放一个发光的小灯泡，根据光路可逆知小灯泡发出的关系会平行于主光轴，此时通过凸透镜后的光线比原来更靠近主光轴，因此凸透镜对光线仍起会聚作用，故D错误。
故选：C。
19．解：A．汽油机的做功冲程将内能转化为机械能。故A正确；
B．把煤磨成煤粉燃烧不可以提高煤的热值。故B不正确；
C．因为燃料的质量未知，所以无法判断燃料的热值越大时，燃烧释放热量的多少。故C不正确；
D．热机的功率和效率之间没有必然联系，增大热机功率不一定能提高它的效率。故D不正确。
故选：A。
20．解：A、根据图乙可知，当电阻为5Ω时，电路中的电流为0.5A；
由I＝可得，电压表的示数：U＝IR＝0.5A×5Ω＝2.5V，故A错误；
B、根据图乙可知，当R＝10Ω时，通过的电流为0.25A，故B错误；
C、由图像可以得出：在电压一定时，导体的电流与导体的电阻成反比，但不能说电阻和电流成反比，故C错误；
D、将R从5Ω换成10Ω后，电阻分得的电压会变大，为了保证定值电阻R两端电压不变，所以需减小定值电阻两端电压，增大滑动变阻器两端电压，即增大滑动变阻器接入电路的阻值，故将滑片向右移动，故D正确。
故选：D。
二．填空题（共5小题，满分15分）
21．解：
（1）花儿盛开时清香扑鼻，我们能够闻到花的香味，这属于扩散现象，说明了分子在不停的做无规则的运动；
（2）我们能从不同角度观赏花，说明反射光线向各个方向的都有，是发生了漫反射现象。
故答案为：无规则运动；漫反射。
22．解：根据平面镜成像特点，物体在平面镜中成虚像，物像到平面镜的距离相等，所以小明在平面镜中成的是等大的虚像，小明到平面镜的距离是1.5m，小明的像到平面镜的距离也是1.5m，所以他的像与他之间的距离是3m。
故答案为：等大；3。
23．解：
由图知：此弹簧测力计的量程是0～5N；弹簧秤的分度值为0.2N，指针正好指在3.6N的刻度上，因此弹簧测力计的示数为3.6N。
故答案为：0～5；3.6。
24．解：汽车内的热空气遇到冷的玻璃时，液化成小液滴附着在玻璃上，所以“雾”在车窗的内侧；
内燃机的做功冲程，将内能转化为机械能，所以汽车发动机的做功冲程，将内能转化为机械能驱动汽车前进；
汽车的观后镜利用了光的反射，可以观察到车后的情况。
故答案为：内；做功；反射。
25．解：（1）由图甲可知，a端靠近的是开关，为了安全，开关要接在火线与所控制的电灯之间，因此，a端应该接火线；
（2）在家庭电路中，通常用测电笔来辨别火线和零线；
（3）由图乙的电能表可知，其整数位为零，小数位为3，则此时的示数为0.3kW•h。
故答案为：火；测电笔；0.3。
三．实验探究题（共8小题，满分31分）
26．解：（1）由甲图可知，当u＝v＝20cm时，凸透镜成倒立、等大的实像，所以2f＝20cm，所以f＝10cm；
（2）如乙图所示，当蜡烛位于图中B处时，此时物距等于2倍焦距时，像距也等于2倍焦距，移动光屏到D点，光屏上才能成清晰的像；
（3）把蜡烛移动到A处，物距变大，像距变小，所以应将光屏靠近透镜，向左移动；此时物距大于2f，所以在光屏上成倒立缩小的实像，是照相机的原理；蜡烛燃烧变短，根据经过光心的光线的传播方向不变可知，像成在了光屏的上方，即像变高了；
（4）小丽在探究凸透镜成像实验时，不小心将凸透镜碰到地上，透镜的上半部分摔烂了，她坚持用余下的半部分继续实验，由于凸透镜的下半部分仍能会聚光线而成像，所以光屏上呈现的仍然是烛焰完整的像，只是此时的像比完整凸透镜前的像要暗一些，故D正确。
故答案为：（1）10；（2）D；（3）缩小；照相机；升高；（4）D。
27．解：（1）天平放在水平台上，游码归零，指针偏向分度盘的右侧，说明天平的右端下沉，左端上翘，平衡螺母向上翘的左端移动，使指针指在分度盘的中线处，天平平衡。
（2）烧杯和剩余牛奶的质量：m''＝20g+10g+4.2g＝34.2g，
量筒中牛奶的质量：m＝m'﹣m''＝76.2g﹣34.2g＝42g，
（3）量筒内牛奶的体积：V＝40ml＝40cm3；
牛奶的密度：ρ＝＝＝1.05g/cm3＝1.05×103kg/m3；
（4）将烧杯内的牛奶倒入量筒中时，不能倒干净，所以测量的牛奶体积偏小，质量数据准确，根据密度公式ρ＝可知，所测密度偏大；
为了减小这一误差，只需要测量倒完牛奶后烧杯的质量，然后再计算即可，故选B。
故答案为：（1）水平台；左；（2）34.2；（3）40；1.05×103；（4）偏大； 烧杯中牛奶倒入量筒中时会有残留，致使体积测量值偏小，由ρ＝可知，质量一定时，密度测量值偏大；B。
28．解：（1）压强计上端不都是开口的，故不属于连通器；压强计是通过比较U形管两边液面的高度来反映被测压强大小的，这种方法叫转换法；
（2）进行调节时，只需要将软管取下，再重新安装，这样的话，U形管中两管上方的气体压强就是相等的（都等于大气压），当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的，故选A；
（3）比较乙图、丙图和丁图，可以得到：在同一深度，液体内部向各个方向的压强相等；
（4）在乙图中，若只将烧杯中的水换成盐水，其他条件不变，控制深度不变，把水换成盐水，密度变大，则可以观察到U形管两边液体的高度差变大。
（5）图乙中U形管左右两侧水面的高度差h＝5cm，则橡皮管内气体的压强与大气压之差约为：
p＝ρgh＝1×103kg/m3×10N/kg×0.05m＝500Pa。
故答案为：（1）不属于；转换法；（2）A；（3）在同一深度，液体内部向各个方向的压强相等；（4）变大； （5）500。
29．解：（1）读表格可知，h为0时，物体的重力G＝6.75N，第4次实验时，物体所受浮力F浮＝G﹣F拉＝6.75N﹣5.25N＝1.5N；
（2）分析表中第1至5列数据，观察h和F的变化趋势可得，在同种液体里，物体受到浮力的大小随排开液体体积的增大而增大；
（3）第6至8列数据中h增大，但F不再改变，说明物体已完全浸没，因此可得：物体浸没在同种液体里，所受浮力的大小与浸没的深度无关；
（4）通过分析表格中的数据可知，F随h的变化趋势是先变小再不变，因此，只有选项B符合题意；
（5）可以控制液体的种类不变，改变物体排开液体的体积，探究物体受到的浮力与物体排开液体体积间的关系，由图示可知，满足条件的实验是①②③，可以得出的结论是：在同种液体中，物体排开液体的体积越大，物体受到的浮力越大。
故答案为：（1）6.75，1.5；（2）在同种液体里，物体受到浮力的大小随排开液体体积的增大而增大；
（3）物体浸没在同种液体里，所受浮力的大小与浸没的深度无关；（4）B。
（5）物体受到的浮力与物体排开液体体积间的关系；①②③；
在同种液体中，物体排开液体的体积越大，物体受到的浮力越大。
30．解：（1）杠杆处于静止状态是平衡状态；为排除杠杆自重对实验的影响，实验前把杠杆中心支在支架上，杠杆静止在图甲所示位置，杠杆右端偏高，应将杠杆右端的螺母向右端移动，使杠杆在水平位置平衡；
在杠杆两侧挂上不同数量相同规格的钩码，调节钩码位置，使杠杆重新在水平位置平衡，这样做的目的是为了直接从杠杆上测量力臂；
（2）一个钩码的重力为G，设杠杆的一个小格为L，
由杠杆的平衡条件F1L1＝F2L2知，
3G×4L＝F×3L
解得：F＝4G＝4×0.5N＝2N；
（3）图丙中，当弹簧测力计绕A点从C位置转动到D位置的过程中，要保持杠杆仍在水平位置平衡，则拉力F将变小，这是因为，当拉力由倾斜变成竖直时，阻力阻力臂不变，拉力F力臂变大，相应的力会变小，这样才能继续平衡；
（4）利用如图丁所示装置进行探究，杠杆的重心没有通过支点，杠杆的自重对杠杆平衡有影响；
（5）探究杠杆平衡的条件时，多次改变力和力臂的大小主要是为了获取多组实验数据归纳出物理规律，使结论具有普遍性，故选b；
故答案为：（1）平衡；右；测量力臂；（2）2；（3）变小；变大；（4）杠杆的自重对杠杆平衡有影响；（5）b。
31．解：（1）冰的熔点为0℃，所以装所以装有碎冰的烧杯直接放置在空气中，不但能使烧杯均匀受热，而且冰的温度升高较慢，便于记录各个时刻的温度；
（2）图中温度计的分度值为1℃，且在零的下方，是零下，示数为﹣2℃；根据表格中的数据可知，冰在熔化的过程中，吸热，温度保持0℃不变，为晶体；
（3）根据图象可知，此时的沸点为101℃，高于100℃，是因为水面上方气压高于一个标准大气压。
（4）水从开始加热到沸腾所用的时间相同，水吸收相同的热量，温度变化不同，可以判断所用水的质量不同；a初温高，所以a的质量大，即ma＞mb。
故答案为：（1）慢；（2）﹣2；晶体；（3）水面上方气压高于一个标准大气压；（4）＞。
32．解：（1）某同学探究“导体的电阻大小与导体的材料是否有关”，要取相同长度、相同横截面积的不同材料的电阻丝与定值电阻以及电流表串联，通过电流表的示数看出电阻丝电阻的大小。由欧姆定律得，电路电流越大，电路总电阻越小，由串联电路特点得，电流越大，电阻丝电阻越小，如下图所示：
（2）实验中，他将长度和横截面积均相同的三种金属丝分别接入电路，测出的电流分别为I镍铬、I康铜、I铜，它们的关系为I镍铬＜I康铜＜I铜，
说明长度和横截面积相同时，镍铬电阻最大、铜的电阻最小，因此可得结论：当电阻丝的长度和横截面积相同时，电阻丝的电阻与材料有关；
长度和横截面积相同时，通过镍铬的电流小于通过康铜的电流，镍铬电阻大于康铜的电阻，说明康铜的导电性较强；
（3）探究“导体的电阻大小与导体的长度的关系”，要控制导体的材料和横截面积相同，改变导体的长度进行实验，为了得到普遍规律，还应换用不同的材料的导体重复进行多组实验。应该记录的数据有所用的导体，对应导体的横截面积、长度和电阻，表格如图所示
故答案为：（1）如上图；（2）当电阻丝的长度和横截面积相同时，电阻丝的电阻与材料有关；康铜；（3）如上表。
33．解：（1）电路连接时，电压表应与小灯泡并联，采用“正进负出”的连接方式，因小灯泡的额定电压为2.5V，故电流表的量程选择为0～3V，连接电路如图所示：
（2）电流表无示数，灯泡不亮，说明电路是断路，电压表示数接近电源电压，说明与电压表并联部分以处的电路是通路，故造成这一现象的原因可能是小灯泡断路；
（3）当小灯泡正常工作时，灯泡两端的电压为额定电压2.5V，如图乙所示，电流表选用的是小量程，分度值为0.02A，电流表的示数为0.5A，根据功率公式可得小灯泡的额定功率为：P＝UI＝2.5V×0.5A＝1.25W；
（3）利用图甲的装置多次测量不同电压下灯泡的电阻，并求出平均值，小明认为小红的观点不合理，理由是小灯泡的电阻随温度的升高而增大，不是一个定值，求平均值没有意义；
（4）①只闭合S、S2，移动滑片P，使电压表的示数为U额；
②只闭合S、S1，保持滑片P不动，读出电压表的示数为U1；
③只闭合S、S1，R0定值电阻和滑动变阻器串联，电路中的电流相等则有：，可得滑动变阻器的电阻为：；只闭合S、S2，滑动变阻器的电阻不变，此时通过灯泡的电流为：，根据功率公式可得小灯泡的额定功率为：P＝U额I额＝；
故答案为：（1）如图所示；（2）断路；（3）1.25；（4）小灯泡的电阻随温度的升高而增大，不是一个定值，求平均值没有意义；（5）U额；S、S1；。
四．计算题（共2小题，满分14分）
34．解：（1）G＝mg＝（20kg+50kg）×10N/kg＝700N，
摩擦阻力f＝G＝×700N＝100N，
电动车匀速直线运动，根据二力平衡条件，
电动车产生的牵引力F＝f＝100N，
（2）已知车速v＝18km/h＝5m/s，
此电动车牵引力的功率：
P＝＝＝Fv＝100N×5m/s＝500W，
（3）电动车消耗电能：
W电＝UIt＝40V×1A×30×3600s＝4.32×106J，
W机械＝W电×80%＝4.32×106J×80%＝3.456×106J，
由W＝Fs 得行驶的最大路程：
s＝＝＝34560m。
答：（1）电动车产生的牵引力是100N；
（2）此电动车牵引力的功率是500W；
（3）此电动车在这样路面上能行驶的最大路程是34560m。
35．解：（1）由P＝UI可得，正常加热时通过饮水机的电流为：
I加热＝＝＝2A；
（2）加热一次消耗的电能：
W＝P加热t＝440W×5×60s＝1.32×105J，
（3）由P＝可知，电阻越大，电路消耗的功率越小，因此当只闭合S时，只有R1工作，电路电阻较大，此时电热饮水机处于保温状态；当S、S1都闭合开时，R1、R2并联，电路电阻较小，此时电热饮水机处于加热状态。
由P＝可得，电阻R1的阻值为：
R1＝＝＝1210Ω；
电阻R2消耗的电功率为：
P2＝P加热﹣P保温＝440W﹣40W＝400W，
电阻R 2的阻值为：
R2＝＝＝121Ω；
答：（1）正常加热时通过饮水机的电流为2A。
（2）加热一次消耗的电能是1.32×105J；
（3）电阻R1的阻值为1210Ω，电阻R2的阻值为121Ω。
次数
1
2
3
4
5
6
7
8
h（cm）
0
2
4
6
8
10
12
14
F（N）
6.75
6.25
5.75
5.25
4.75
4.25
4.25
4.25
时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
8
温度/℃
﹣6
﹣4
0
0
0
1
2
3
热水箱水量
额定电压
加热功率
保温功率
2kg
220V
440W
40W
1．（2分）小明参观2021粤港澳大湾区深圳花展时，发现早上的花叶上有露珠。与这一现象有着相同特点的是（ ）
A．春天，冰雪融化成溪水
B．夏天，冰棒周围冒“白气”
C．秋天，清晨的雾在太阳出来后散去
D．冬天，屋檐上挂着串串冰柱
2．（2分）关于温度、热量、内能说法正确的是（ ）
A．在相同温度下，1kg的水含有热量比1kg冰含有热量多
B．热量总是从内能多的物体传给内能少的物体
C．物体吸收热量，温度不一定升高
D．物体温度升高，一定是吸收了热量
3．（2分）关于图所示的有关声现象的四个实验，下列说法中正确的是（ ）
A．甲：用大小不同的力敲击鼓面，纸屑跳动的幅度不同，说明音调与频率有关
B．乙：小刚轻声说话，小丽通过“土电话”能听到小刚的声音。说明气体可以传声
C．丙：用力吹一根细管，并将它不断剪短，听声音的变化情况，可以探究“响度与振幅的关系”
D．丁：使钢尺伸出桌面不同长度，用力拨动，保持钢尺振幅不变，可以探究“音调与频率的关系”
4．（2分）下列关于材料、能源、信息的说法正确的是（ ）
A．可燃冰和太阳能既是一次能源也是可再生能源
B．微波炉用超声波加热食物
C．用三颗同步卫星就能实现全球通信
D．超市收银员使用的条形码扫描器中的发光二极管由超导体材料制作而成
5．（2分）如图所示的用电器中，利用电流的热效应工作的是（ ）
A．电风扇B．电水壶
C．平板电视D．笔记本电脑
6．（2分）2019年12月26日，在我国境内观测到日偏食现象，如图所示，下列现象与“日偏食”的形成原因一致的是（ ）
A．树荫下的光斑B．雨后彩虹
C．“折断”的铅笔D．水中的倒影
7．（2分）甲、乙两辆车同时从同一地点向东做直线运动，它们的s﹣t图象如图所示。由图象可知（ ）
A．0～10s甲乙两车都做匀速直线运动，v甲＜v乙
B．0～10s时，以甲车为参照物，乙车向东运动
C．甲车在20s内的平均速度是10m/s
D．甲乙两车在15s时相遇，此时两车通过的路程相等
8．（2分）如图所示的四个实验图中，揭示发电机的工作原理的是（ ）
A．
B．
C．
D．
9．（2分）如图所示，A、B两个高度相等、底面积不同的薄壁圆柱形容器中，分别盛有质量相等的甲、乙两种液体。若在两容器中分别抽掉相同深度的原液体，则（ ）
A．抽掉的质量m甲一定小于m乙
B．抽掉的质量m甲可能等于m乙
C．抽掉的质量m甲可能大于m乙
D．抽掉的体积V甲一定等于V乙
10．（2分）如图所示，飞行员驾驶我国自主研制的歼﹣20隐形歼击机正在进行日常训练，在飞机飞行过程中，下列说法正确的是（ ）
A．歼击机以驾驶员为参照物，是运动的
B．若歼击机所受力全部消失，将做加速运动
C．歼击机匀速向上飞行时，重力势能逐渐减小
D．歼击机匀速向下飞行时，机械能逐渐减小
11．（2分）如图，在光滑的水平面上叠放着甲、乙两个木块，甲木块用一根细绳拴在左边固定的竖直墙上，现在用F＝20N的力把木块乙从右端匀速地抽出来，则甲、乙两木块所受的摩擦力是（ ）
A．甲和乙都受向左20N的摩擦力
B．甲和乙都受向右20N的摩擦力
C．甲受向右20N的摩擦力，乙受向左20N的摩擦力
D．甲没有受到摩擦力，乙受向右的20N的摩擦力
12．（2分）下列关于力的说法正确的是（ ）
A．空中自由下落的小球速度越来越快，小球的惯性力越来越大
B．踢足球时脚对足球的力和足球对脚的力是一对平衡力
C．力的大小、方向和作用点都可能影响力的作用效果
D．物体的重心一定在物体上
13．（2分）如图所示的电路，下列说法正确的是（ ）
A．开关S拨到a时，小磁针静止时B端为N极
B．开关S拨到a，滑动变阻器的滑片向右滑动时，电磁铁的磁性增强
C．开关S由a拨到b时，电磁铁的磁极发生改变
D．开关S由a拨到b，调节滑动变阻器，使电流表示数不变，则电磁铁的磁性增强
14．（2分）小罗学习压强知识下列说法正确的（ ）
A．甲：压力相同，受力面积越大，压强越大
B．乙：同一液体，深度相同时，各个方向压强相等
C．丙：马德堡半球实验成功测量了大气压的值
D．丁：往B管吹气，A管液面上升是因为A管上端空气流速变大，压强变大
15．（2分）如图是甲、乙两定值电阻的U﹣I图像。根据图像信息，下列说法正确的是（ ）
A．两定值电阻阻值的关系是R甲＜R乙
B．两定值电阻串联接入电路中时，通过它们的电流关系是I甲＜I乙
C．两定值电阻并联接入电路中时，它们消耗的电功率关系是P甲＜P乙
D．两定值电阻分别接入电源电压相同且不变的电路中时，电流通过它们产生的热量关系是Q甲＜Q乙
16．（2分）如图所示，A1、A2、A3三个电流表的示数分别为I1、I2、I3，则有（ ）
A．I1＝I2+I3B．I1＝I2＝I3C．I1＞I2＞I3D．I1＜I2＜I3
17．（2分）如图甲，在水平面上的盛水容器中，一个质量分布均匀的物体被固定在容器底部的一根细线拉住后完全浸没在水中静止。当将细线剪断后，物体漂浮在水面上，且有四分之一的体积露出水面（如图乙），比较甲、乙两图（ ）
A．物体受到的浮力之比1：1
B．容器底对水平面的压力之比1：1
C．物体与水的密度之比为4：3
D．水对容器底的压强之比4：3
18．（2分）一束跟主光轴平行的光通过透镜的光路如图所示，下列说法中正确的是（ ）
A．O点为该凸透镜的焦点
B．任意一束平行光经过凸透镜后都可以会聚于F点
C．若把图中凸透镜的上半部分用手遮住，该凸透镜对光将仍然具有会聚作用
D．若在F点放一个发光的小灯泡，则该凸透镜对小灯泡发出的光将不具有会聚作用
19．（2分）关于内能及内能的利用，说法正确的是（ ）
A．汽油机的做功冲程将内能转化为机械能
B．把煤磨成煤粉燃烧可以提高煤的热值
C．燃料的热值越大燃烧释放的热量越多
D．增大热机功率一定能提高它的效率
20．（2分）利用如图甲所示的电路探究电流和电阻的关系，电源电压保持3V不变，分别将5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω的定值电阻R连入电路，按实验要求测得通过各定值电阻的电流描绘出如图乙所示的图像，则下列判断正确的是（ ）
A．实验中电压表的示数保持1V不变
B．当R的电阻为10Ω时，通过R的电流为0.2A
C．电压一定时，电阻和电流成反比
D．将R从5Ω换成10Ω后，应将滑片向右移
二．填空题（共5小题，满分15分）
21．（2分）春暖花开，图中花儿盛开时清香扑鼻，这是由于花香分子在做 ；我们能从不同角度观赏花，是由于光在花的表面发生了 现象。
22．（2分）小明站在厚度忽略不计的穿衣镜前1.5m处，他在镜中的像是一个与他 （选填“等大”、“放大”或“缩小”）的虚像，像与他之间的距离是 m。
23．（4分）如图所示，弹簧测力计的测量范围是 N，弹簧测力计的示数是 N。
24．（3分）冬天，在装有空调的汽车玻璃窗上容易“起雾”，这层“雾”在车窗的 （选填“内”或“外”）侧；汽车发动机的 冲程，将内能转化为机械能驱动汽车前进；汽车的观后镜利用了光的 （选填“直线传播”、“反射”或“折射”）原理。
25．（4分）如图甲所示，安装一盏在一楼和二楼都能控制的楼梯灯，S1和S2是单刀双掷开关，则a端应该 （火/零）线．家庭电路中可以使用 来辨别火线与零线．如图乙所示的电能表此时的示数为 kW•h．
三．实验探究题（共8小题，满分31分）
26．（4分）如图所示，小宁和同学们在老师指导下做“探究凸透镜成像规律”的实验。
（1）在凸透镜不动的情况下、不断改变物距，测出对应的像距，得到物距与像距的关系图象，如图甲，则凸透镜的焦距为 cm。
（2）如乙图所示，当蜡烛位于图中B处时，移动光屏到 （选填“C”、“D”或“E”）点，光屏上才能成清晰的像。
（3）小宁同学把蜡烛移动到A处，移动光屏，找到清晰的像，此时光屏上的像应该是倒立 的实像，利用这个成像原理人们制成了 （选填“放大镜”、“投影仪”或“照相机”）。若蜡烛燃烧变短了，其在光屏上的像的位置将 （选填“升高”或“降低”）。
（4）同组的小丽在探究凸透镜成像实验时，不小心将凸透镜碰到地上，透镜的上半部分摔烂了，她坚持用余下的半部分继续实验，则光屏上将 。
A.得不到像
B.仅成上半部分的像
C.仅成下半部分的像
D.像是完整的，亮度变暗
27．（4分）疫情期间，医生建议多吃鸡蛋、牛奶等高蛋白食物，可以提高人体免疫力。小明每天早晨喝牛奶，并对牛奶的密度进行了测量。
（1）小明把天平放在 上，游码放在标尺左端的零刻线处，发现指针的偏向如图甲所示，则应该向 （选填“左”或“右”）调节平衡螺母，使天平平衡。
（2）小明先用天平测出空烧杯的质量，天平平衡时右盘中的砝码数和游码的位置如图乙所示为 g。
（3）在烧杯中倒入适量的牛奶，用天平测出烧杯和牛奶的总质量为76.2g；将烧杯中的牛奶全部倒入量筒中，如图丙所示，则量筒内牛奶的体积是 cm3，所测牛奶的密度为 kg/m3。
（4）小红认为小明用这种方法测出的牛奶密度会 （选填“偏大”或“偏小”），理由是 ；为了减小这一误差，只需要增加一步 操作即可。（填字母代号）
A．测量量筒和液体的总质量
B．测量倒完液体后烧杯的质量
C．把液体倒回烧杯，测量烧杯和液体的总质量
28．（4分）如图所示，用压强计“探究影响液体内部压强大小的因素”。
（1）压强计上的U形管 （选填“属于”或“不属于”）连通器，甲所示压强计是通过比较U形管两边液面的高度来反映被测压强大小的，这种方法叫 。
（2）若在使用压强计前，发现U形管内水面已有高度差。通过 （填写正确选项前字母）方法可以进行调节。
A.拆除软管重新安装
B.从左管口向U形管内添加适量水
C.从U形管右管口向外抽出适量水
（3）比较图中乙图、丙图和丁图，可以得到结论： 。
（4）在乙图中，若将烧杯中的水换成盐水，其他条件不变，则可以观察到U形管两边液面的高度差将 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
（5）若在步骤（4）时，图乙中U形管左右两侧水面的高度差h＝5cm，则橡皮管内气体的压强与大气压之差约为 Pa。（p0＝1.01×105Pa，ρ盐水＝1.2×103kg/m3，ρ水＝1.0×103kg/m3，g＝10N/kg）
29．（3分）小王为了探究物体在水中不同深度所受浮力的变化情况，如图甲所示，将一个高度为10cm的圆柱体金属块挂在弹簧测力计下，缓慢浸入水中（水足够深），在圆柱体接触容器底之前，分别记下圆柱体下表面所处的不同深度与弹簧测力计相应的示数F．实验数据如下表：
（1）分析表中实验数据，可以得出物体重 N，第4次实验时，物体受到的浮力是 。
（2）分析表中第1列到第5列数据，说明 。
（3）分析表中第6列到第8列数据，说明 。
（4）图中能正确反映弹簧测力计示数F和圆柱体下表面深度h关系的图象是： 。
（5）如果再探究“浮力大小还受什么因素影响”这一问题，请你从图乙中选出一些图，针对这一个因素进行探究，并通过弹簧测力计的示数，说明你的探究结果。准备探究的问题是： 。选用的图是： 。探究的结果是： 。
30．（3分）小明利用如图所示的装置探究杠杆平衡条件。
（1）图甲中，杠杆静止时处于 （选填“平衡”或“不平衡”）状态。为使杠杆在水平位置平衡，小明应将杠杆两端的平衡螺母向 （选填“左”或“右”）移。在杠杆两侧挂上不同数量相同规格的钩码，调节钩码位置，使杠杆重新在水平位置平衡，这样做的目的是便于直接在杠杆上 。
（2）如图乙所示，在杠杆左侧A位置（左边位置第四格）先挂了3个钩码，每个钩码为0.5N，在右侧B位置（右边位置第三格）用弹簧测力计竖直向下拉杠杆，使其在水平位置平衡，弹簧测力计的示数为 N。
（3）如图丙所示，小明在A位置挂一个弹簧测力计，在B位置挂了2个钩码，现将弹簧测力计从C位置移到D位置，在此过程中杠杆始终在水平位置保持平衡，则弹簧测力计示数 ，原因是测力计的拉力力臂 （均选填“变大”、“变小”或“不变”）。
（4）小明用如图丁装置进行探究，发现总是无法得到教材上所给出的杠杆平衡条件，其原因是 。
（5）小明多次实验收集多组数据，目的是 （选填“a”或“b”）。
a.多次实验取平均值减小实验误差
b.使实验结论更具有科学性和普遍性
31．（5分）小艾同学利用如下装置在标准大气压下探究冰熔化和水沸腾时温度的变化规律。
（1）用图甲所示装置探究冰熔化时温度变化规律，把装有碎冰的烧杯直接放置在空气中，不用酒精灯加热。这样做不但能使冰块均匀受热，而且冰的温度升高较 （选填“快”或“慢”），便于记录各个时刻的温度；
（2）下表为小艾设计填写的冰的熔化实验表格，第2分钟时温度计的示数如图乙所示，温度为 ℃，根据表格中数据可知：冰是 （选填“晶体”或“非晶体”）；
（3）等冰完全熔化完后，在烧杯下方放入酒精灯（如图丙），小艾根据实验数据画出了水的沸腾图象如图丁a图象，她发现水的沸点不是书中所给的100℃，原因可能是 ；
（4）图丁中图象b是小明用相同的实验装置进行实验画出的沸腾图象，两个同学的实验中，他们所用水的质量的大小关系为ma mb（选填“＞”、“＜”或“＝”）。
32．（3分）已知导体的电阻大小与导体的长度和横截面积有关。某同学探究“导体的电阻大小与导体的材料是否有关”，实验器材有：3V稳压电源、电流表、5Ω的定值电阻、开关、刻度尺、钳子（用于截断金属丝）各一个，横截面积相同的镍铬、康铜和铜三种金属丝足量，导线若干。
（1）请设计电路图，在如图的基础上补充完整。
（2）实验中，他将长度和横截面积均相同的三种金属丝分别接入电路，测出的电流分别为I镍铬、I康铜、I铜，它们的关系为I镍铬＜I康铜＜I铜。则可得出的探究结论是： 。通过分析实验信息，该同学还可以判断出：镍铬材料和康铜材料比较， 的导电性较强。
（3）该同学利用上述实验器材进一步探究“导体的电阻大小与导体的长度的关系”，请画出记录实验信息的表格，表中要有必要的信息。
33．（5分）某实验兴趣小组想测量标有“2.5V”字样小灯泡的额定功率，从实验室找来了电源、电流表、电压表、滑动变阻器、开关和导线若干。
（1）如图甲所示为该小组一同学所连的实验电路，闭合开关前发现电路中有一根导线未连接，请把电路连接完整。
（2）当闭合开关时，发现电流表无示数，灯泡不亮，电压表示数接近电源电压。造成这一现象的原因可能是小灯泡 。
（3）排除电路故障后闭合开关，移动滑片，当灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，则灯泡的额定功率为 W。
（4）同组的小红认为，可以利用图甲的装置多次测量不同电压下灯泡的电阻，并求出平均值，小明认为小红的观点不合理，理由是 。
（5）小红在继续实验时发现电流表突然损坏，于是又找来了一个阻值为R0的定值电阻，设计了如图丙所示的电路，已知电源电压为U且保持不变，也可以测出另一额定电压为U额的小灯泡的额定功率，请将步骤补充完整：
①只闭合S、S2，移动滑片P，使电压表的示数为 ；
②只闭合 ，保持滑片P不动，读出电压表的示数为U1；
③小灯泡的额定功率P＝ （用U、U1、U额、R0表示）。
四．计算题（共2小题，满分14分）
34．（6分）油价在飞，电动自行车很可爱，既经济又健身。它可以电动骑行，亦可以脚踏骑行，使用前，应先对车上的蓄电池充电。某电动车的额定电压为40V，净重20kg，电池容量为30Ah“（表示该蓄电设备在电流强度为1A时能持续工作30小时）。若质量为50kg的小明骑着该车在水平地面上匀速行驶时，摩擦阻力为总重的1/7，车速为18km/h，且保持电源电压40V恒定不变，电能转化为机械能的效率是80%，则求：
（1）电动车产生的牵引力是多大？
（2）此电动车牵引力的功率是多少？
（3）此电动车在这样路面上能行驶的最大路程是多少？
35．（8分）如图所示是某款电热饮水机的电路原理图与铭牌。该饮水机有加热和保温两种工作状态，饮水机热水箱内水温达到92℃时开关S1自动断开，处于保温状态；当水温降至一定温度t时，S1又闭合重新加热。
求：（1）正常加热时通过饮水机的电流；
（2）在无人取水情况下，饮水机重新加热一次的时间为5min，求加热一次所消耗的电能；
（3）电阻R1和R2的阻值。
参考答案
一．选择题（共20小题，满分40分，每小题2分）
1．解：花叶上的露珠是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水珠，属于液化现象；
A、春天，冰雪融化成溪水，是熔化现象，故A不符合题意；
B、夏天，冰棒周围冒“白气”是的水蒸气遇冷液化成的小水珠，故B符合题意；
C、秋天，清晨的雾在太阳出来后散去，此过程中小水滴变为水蒸气是汽化现象，故C不符合题意；
D、冬天，屋檐上挂着串串冰柱，是水结冰，属于凝固现象，故D不符合题意。
故选：B。
2．解：A、热量不是状态量，不能说含有或者具有热量，故A错误；
B、热传递中，热量从高温物体传给低温物体，而不是从内能多的物体传给内能少的物体，故B错误；
C、物体吸收了热量，内能一定增加，但温度不一定升高，例如晶体的熔化过程，故C正确；
D、物体温度升高，可能是物体吸收了热量，也可能是对物体做了功，故D错误。
故选：C。
3．解：A、敲击鼓面，鼓面振动发声，鼓面振动引起纸屑跳动，用大小不同的力敲击鼓面，纸屑跳动的幅度不同，说明响度跟振幅有关，故A错误。
B、小刚轻声说话，小丽通过“土电话”能听到小刚的声音，小刚和小丽之间是通过棉线连接的，说明固体可以传声，故B错误。
C、用力吹一根细管，并将它不断剪短，细管内的空气柱不断减小，空气柱容易振动，振动频率高，音调高，可以探究音调跟频率的关系，故C错误。
D、使钢尺伸出桌面不同长度，用力拨动，保持钢尺振幅不变，钢尺伸出的长度不同，振动的难易程度不同，振动频率不同，音调不同，可以探究音调跟频率的关系，故D正确。
故选：D。
4．解：A、可燃冰是一次能源不是可再生能源，故A错误；
B、微波炉是利用电磁波加热食品的，原理是食物分子在微波的作用下剧烈振动，使得食物内能增加，温度升高，故B错误；
C、用三颗地球同步卫星就可以实现全球通信，故C正确；
D、超市收银员使用的条形码扫描器中的发光二极管使用的主要是半导体材料，故D错误。
故选：C。
5．解：
电风扇主要是把电能转化为机械能，电视、电脑主要将电能转化为光能和声能，只有电水壶是把电能转化为内能，是利用电流的热效应，故B正确。
故选：B。
6．解：日食的形成是月亮转到地球与太阳之间时，挡住了太阳射向地球的光线，是光的直线传播形成的。
A、树荫下的圆形光环是光的直线传播形成的，故A符合题意；
B、雨后彩虹是由于发生光的折射形成的，故B不符合题意；
C、“折断”的铅笔，是由于光从水中射向空气时发生折射形成的，故C不符合题意；
D、水中的倒影成的虚像，是光的反射形成的，故D不符合题意。
故选：A。
7．解：A、由图象看出两车在0～10s内的图象是一条斜线，表示两辆车做的是匀速直线运动，且在相同时间内甲车通过的路程大于乙车通过的路程，所以v甲＞v乙，故A错误；
B、0﹣10s，甲、乙两辆车同时从同一地点向东做直线运动，且v甲＞v乙，乙车与甲车的距离逐渐增大，以甲车为参照物，乙车向西运动，故B错误；
C、甲车在20s内的平均速度：v＝＝＝5m/s，故C错误；
D、由图象看出两物体在15s时相遇，且0～15s内通过的路程相等，都是100m，故D正确。
故选：D。
8．解：发电机原理是电磁感应现象，即闭合电路中一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时会产生感应电流；
A、该图是奥斯特实验，小磁针发生偏转说明通电导体周围有磁场，故A不符合题意；
B、通电时该线圈会产生磁性，吸引小铁钉，说明电流的磁效应，故B不符合题意；
C、开关闭合后，电路中有电流，通电导线受到磁场力的作用运动，是电动机的制作原理，故C不符合题意。
D、开关闭合后，在外力作用下使导体左右移动，切割磁感应线，则电流表指针发生偏转，说明此时有感应电流产生，这是电磁感应现象，是发电机的工作原理，故D符合题意。
故选：D。
9．解：ABC、已知原来两个容器中的液体质量相同，
由ρ＝及V＝Sh得，
ρ甲h甲S甲＝ρ乙h乙S乙，
由图知h甲＞h乙，
所以ρ甲S甲＜ρ乙S乙，
在两容器中分别抽出相同高度△h的液体，
则抽出液体的质量△m甲＝ρ甲△hS甲，△m乙＝ρ乙△hS乙，
所以ρ甲△hS甲＜ρ乙△hS乙，
所以△m甲＜△m乙，即抽掉的质量m甲一定小于m乙。故A正确，BC不正确；
D、由图知S甲＞S乙，
在两容器中分别抽出相同高度△h的液体，
由V＝Sh知，V甲＞V乙。故D不正确。
故选：A。
10．解：A、歼击机“穿破云雾”说明歼击机是运动的，而以驾驶员为参照物时歼击机是静止的，故A错误。
B、歼击机处于飞行状态，根据牛顿第一定律可知，若歼击机所受力全部消失，将做匀速直线运动，故B错误。
C、重力势能的大小与物体质量和高度有关，歼击机向上飞行时，高度升高，质量不变，所以重力势能变大，故C错误。
D、动能的大小与物体的速度和质量有关，歼击机匀速向下飞行时，质量不变，速度不变，动能也保持不变，故D正确。
故选：D。
11．解：
（1）在光滑的水平面上，地面对乙木块的摩擦力为0N，由题干中木块乙向右端匀速运动可以得知，木块乙处于平衡状态，故受平衡力的作用，其中在水平方向受拉力F和甲对其向左的摩擦力作用，根据二力平衡的条件可以判断，乙木块受到的摩擦力为20牛，方向水平向左；
（2）如图所示，木块甲静止，木块甲处于平衡状态，所以甲受平衡力的作用，在水平方向受细绳对其向左的拉力与乙对其向右的摩擦力作用，摩擦力的大小为20N；故C正确。
故选：C。
12．解：A、物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，惯性不是力，故A错误；
B、踢足球时脚对足球的力和足球对脚的力是作用在不同物体的两个力，不是一对平衡力，故B错误；
C、力的大小、方向和作用点都可能影响力的作用效果，故C正确；
D、重心是物体的重力的作用点，重心不一定在物体上，如篮球，铁环等，故D错误。
故选：C。
13．解：
A、从图可知，当开关S拨到a时，电流从螺线管的右端流入，左端流出，根据安培定则可知，螺线管左端是N极，右端是S极；由磁极间的相互作用可知，小磁针静止时B端为N极，故A正确；
B、开关S拨到a，滑动变阻器的滑片向右滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流减小，电磁铁的磁性减弱，故B错误；
C、开关S由a拨到b时，电磁铁中的绕线方法、电流方向不变，则磁极不变，故C错误；
D、将开关S由a换到b时，调节变阻器的滑片P，保持电流表的示数不变，即电流不变，将开关S由a换到b时，线圈匝数减少，则电磁铁的磁性减弱，故D错误。
故选：A。
14．解：A、由图可知，两手指受到的压力相同，左边手指与铅笔的接触面积大，由p＝可知，在压力一定时，受力面积越大，压强越小，故A错误；
B、由图可知，瓶两侧小孔深度相同，瓶内的水从两小孔流出，且水喷射的距离相同，说明在同一深度，液体向各个方向压强相等，故B正确；
C、马德堡半球实验证实了大气压的存在，托里拆利最早测出了大气压值，故C错误；
D、当用B管用力吹气时，A管上端空气流速变大，因为流速大的地方压强小，所以A管上端压强变小，下端大气压没有变化，从而形成了向上的压强差，因此A管中的水面会上升，故D错误。
故选：B。
15．解：A、由图可知当甲、乙两定值电阻两端的电压相等时，通过电阻甲的电流小于通过电阻乙的电流，由I＝可知甲的阻值大于乙的阻值，即R甲＞R乙，故A错误；
B、两定值电阻串联接入电路中时，串联电路各处电流相等，所以通过它们的电流关系是I甲＝I乙，故B错误；
C、两定值电阻并联接入电路中时，并联电路各并联支路两端电压相等，由图可知当甲、乙两定值电阻两端的电压相等时，通过电阻甲的电流小于通过电阻乙的电流，由P＝UI可得它们消耗的电功率关系是P甲＜P乙，故C正确；
D、两定值电阻分别接入电源电压相同且不变的电路中时，因不知道通电时间的关系，根据Q＝t无法比较电流通过它们产生的热量关系，故D错误。
故选：C。
16．解：由电路图可知三灯泡并联，A3测最右侧一个灯泡的电流，A2测右边两个灯泡的电流之和，A1测干路电流，
∵并联电路中干路电流等于各支路电流之和，即干路电流大于任何一个支路电流，
∴右边两个灯泡的电流之和I2大于最右侧一个灯泡的电流，即I2＞I3，
干路电流I1大于右边两个灯泡的电流之和I2，即I1＞I2，
综上可知，I1＞I2＞I3，故C正确，BD不正确，
∵三个灯泡的规格不一定相等，
∴通过三灯泡的电流不一定相等，则I1＝I2+I3不一定成立，故A不正确。
故选：C。
17．解：A、甲图中木块浸没在水中，浮力：F浮甲＝ρ水gV，乙图中木块漂浮，且有四分之一的体积露出水面，F浮乙＝ρ水g（1﹣）V＝ρ水gV，则木块受到水的浮力之比：F浮甲：F浮乙＝ρ水gV：ρ水gV＝4：3，故A错误；
B、容器、水、物体的重力不变，则整个装置的总重力不变，对水平面的压力不变，即容器底对水平面的压力之比1：1，故B正确；
C、将细线剪断后，物体漂浮在水面上，且有四分之一的体积露出水面，所以F浮＝G，即ρ水g（1﹣）V＝ρ水gV＝ρ物gV，解得：＝，故C错误；
D、当将细线剪断后，物体漂浮在水面上，此时物体排开的水的体积变小，液面的高度会下降，由于不知道水和木块体积的具体关系，所以无法判定物体漂浮时与浸没时液面的高度的比值，所以无法判定比值的大小，故D错误。
故选：B。
18．解：A、由图知过O点的光线传播方向不变，为该凸透镜的光心，故A错误；
B、只有平行于主光轴的光线经凸透镜折射后才会会聚在焦点F，故B错误；
C、若把图中凸透镜的上半部分用手遮住，仍然有光线透过凸透镜，该凸透镜对光将仍然具有会聚作用，故C正确；
D、若在F点放一个发光的小灯泡，根据光路可逆知小灯泡发出的关系会平行于主光轴，此时通过凸透镜后的光线比原来更靠近主光轴，因此凸透镜对光线仍起会聚作用，故D错误。
故选：C。
19．解：A．汽油机的做功冲程将内能转化为机械能。故A正确；
B．把煤磨成煤粉燃烧不可以提高煤的热值。故B不正确；
C．因为燃料的质量未知，所以无法判断燃料的热值越大时，燃烧释放热量的多少。故C不正确；
D．热机的功率和效率之间没有必然联系，增大热机功率不一定能提高它的效率。故D不正确。
故选：A。
20．解：A、根据图乙可知，当电阻为5Ω时，电路中的电流为0.5A；
由I＝可得，电压表的示数：U＝IR＝0.5A×5Ω＝2.5V，故A错误；
B、根据图乙可知，当R＝10Ω时，通过的电流为0.25A，故B错误；
C、由图像可以得出：在电压一定时，导体的电流与导体的电阻成反比，但不能说电阻和电流成反比，故C错误；
D、将R从5Ω换成10Ω后，电阻分得的电压会变大，为了保证定值电阻R两端电压不变，所以需减小定值电阻两端电压，增大滑动变阻器两端电压，即增大滑动变阻器接入电路的阻值，故将滑片向右移动，故D正确。
故选：D。
二．填空题（共5小题，满分15分）
21．解：
（1）花儿盛开时清香扑鼻，我们能够闻到花的香味，这属于扩散现象，说明了分子在不停的做无规则的运动；
（2）我们能从不同角度观赏花，说明反射光线向各个方向的都有，是发生了漫反射现象。
故答案为：无规则运动；漫反射。
22．解：根据平面镜成像特点，物体在平面镜中成虚像，物像到平面镜的距离相等，所以小明在平面镜中成的是等大的虚像，小明到平面镜的距离是1.5m，小明的像到平面镜的距离也是1.5m，所以他的像与他之间的距离是3m。
故答案为：等大；3。
23．解：
由图知：此弹簧测力计的量程是0～5N；弹簧秤的分度值为0.2N，指针正好指在3.6N的刻度上，因此弹簧测力计的示数为3.6N。
故答案为：0～5；3.6。
24．解：汽车内的热空气遇到冷的玻璃时，液化成小液滴附着在玻璃上，所以“雾”在车窗的内侧；
内燃机的做功冲程，将内能转化为机械能，所以汽车发动机的做功冲程，将内能转化为机械能驱动汽车前进；
汽车的观后镜利用了光的反射，可以观察到车后的情况。
故答案为：内；做功；反射。
25．解：（1）由图甲可知，a端靠近的是开关，为了安全，开关要接在火线与所控制的电灯之间，因此，a端应该接火线；
（2）在家庭电路中，通常用测电笔来辨别火线和零线；
（3）由图乙的电能表可知，其整数位为零，小数位为3，则此时的示数为0.3kW•h。
故答案为：火；测电笔；0.3。
三．实验探究题（共8小题，满分31分）
26．解：（1）由甲图可知，当u＝v＝20cm时，凸透镜成倒立、等大的实像，所以2f＝20cm，所以f＝10cm；
（2）如乙图所示，当蜡烛位于图中B处时，此时物距等于2倍焦距时，像距也等于2倍焦距，移动光屏到D点，光屏上才能成清晰的像；
（3）把蜡烛移动到A处，物距变大，像距变小，所以应将光屏靠近透镜，向左移动；此时物距大于2f，所以在光屏上成倒立缩小的实像，是照相机的原理；蜡烛燃烧变短，根据经过光心的光线的传播方向不变可知，像成在了光屏的上方，即像变高了；
（4）小丽在探究凸透镜成像实验时，不小心将凸透镜碰到地上，透镜的上半部分摔烂了，她坚持用余下的半部分继续实验，由于凸透镜的下半部分仍能会聚光线而成像，所以光屏上呈现的仍然是烛焰完整的像，只是此时的像比完整凸透镜前的像要暗一些，故D正确。
故答案为：（1）10；（2）D；（3）缩小；照相机；升高；（4）D。
27．解：（1）天平放在水平台上，游码归零，指针偏向分度盘的右侧，说明天平的右端下沉，左端上翘，平衡螺母向上翘的左端移动，使指针指在分度盘的中线处，天平平衡。
（2）烧杯和剩余牛奶的质量：m''＝20g+10g+4.2g＝34.2g，
量筒中牛奶的质量：m＝m'﹣m''＝76.2g﹣34.2g＝42g，
（3）量筒内牛奶的体积：V＝40ml＝40cm3；
牛奶的密度：ρ＝＝＝1.05g/cm3＝1.05×103kg/m3；
（4）将烧杯内的牛奶倒入量筒中时，不能倒干净，所以测量的牛奶体积偏小，质量数据准确，根据密度公式ρ＝可知，所测密度偏大；
为了减小这一误差，只需要测量倒完牛奶后烧杯的质量，然后再计算即可，故选B。
故答案为：（1）水平台；左；（2）34.2；（3）40；1.05×103；（4）偏大； 烧杯中牛奶倒入量筒中时会有残留，致使体积测量值偏小，由ρ＝可知，质量一定时，密度测量值偏大；B。
28．解：（1）压强计上端不都是开口的，故不属于连通器；压强计是通过比较U形管两边液面的高度来反映被测压强大小的，这种方法叫转换法；
（2）进行调节时，只需要将软管取下，再重新安装，这样的话，U形管中两管上方的气体压强就是相等的（都等于大气压），当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的，故选A；
（3）比较乙图、丙图和丁图，可以得到：在同一深度，液体内部向各个方向的压强相等；
（4）在乙图中，若只将烧杯中的水换成盐水，其他条件不变，控制深度不变，把水换成盐水，密度变大，则可以观察到U形管两边液体的高度差变大。
（5）图乙中U形管左右两侧水面的高度差h＝5cm，则橡皮管内气体的压强与大气压之差约为：
p＝ρgh＝1×103kg/m3×10N/kg×0.05m＝500Pa。
故答案为：（1）不属于；转换法；（2）A；（3）在同一深度，液体内部向各个方向的压强相等；（4）变大； （5）500。
29．解：（1）读表格可知，h为0时，物体的重力G＝6.75N，第4次实验时，物体所受浮力F浮＝G﹣F拉＝6.75N﹣5.25N＝1.5N；
（2）分析表中第1至5列数据，观察h和F的变化趋势可得，在同种液体里，物体受到浮力的大小随排开液体体积的增大而增大；
（3）第6至8列数据中h增大，但F不再改变，说明物体已完全浸没，因此可得：物体浸没在同种液体里，所受浮力的大小与浸没的深度无关；
（4）通过分析表格中的数据可知，F随h的变化趋势是先变小再不变，因此，只有选项B符合题意；
（5）可以控制液体的种类不变，改变物体排开液体的体积，探究物体受到的浮力与物体排开液体体积间的关系，由图示可知，满足条件的实验是①②③，可以得出的结论是：在同种液体中，物体排开液体的体积越大，物体受到的浮力越大。
故答案为：（1）6.75，1.5；（2）在同种液体里，物体受到浮力的大小随排开液体体积的增大而增大；
（3）物体浸没在同种液体里，所受浮力的大小与浸没的深度无关；（4）B。
（5）物体受到的浮力与物体排开液体体积间的关系；①②③；
在同种液体中，物体排开液体的体积越大，物体受到的浮力越大。
30．解：（1）杠杆处于静止状态是平衡状态；为排除杠杆自重对实验的影响，实验前把杠杆中心支在支架上，杠杆静止在图甲所示位置，杠杆右端偏高，应将杠杆右端的螺母向右端移动，使杠杆在水平位置平衡；
在杠杆两侧挂上不同数量相同规格的钩码，调节钩码位置，使杠杆重新在水平位置平衡，这样做的目的是为了直接从杠杆上测量力臂；
（2）一个钩码的重力为G，设杠杆的一个小格为L，
由杠杆的平衡条件F1L1＝F2L2知，
3G×4L＝F×3L
解得：F＝4G＝4×0.5N＝2N；
（3）图丙中，当弹簧测力计绕A点从C位置转动到D位置的过程中，要保持杠杆仍在水平位置平衡，则拉力F将变小，这是因为，当拉力由倾斜变成竖直时，阻力阻力臂不变，拉力F力臂变大，相应的力会变小，这样才能继续平衡；
（4）利用如图丁所示装置进行探究，杠杆的重心没有通过支点，杠杆的自重对杠杆平衡有影响；
（5）探究杠杆平衡的条件时，多次改变力和力臂的大小主要是为了获取多组实验数据归纳出物理规律，使结论具有普遍性，故选b；
故答案为：（1）平衡；右；测量力臂；（2）2；（3）变小；变大；（4）杠杆的自重对杠杆平衡有影响；（5）b。
31．解：（1）冰的熔点为0℃，所以装所以装有碎冰的烧杯直接放置在空气中，不但能使烧杯均匀受热，而且冰的温度升高较慢，便于记录各个时刻的温度；
（2）图中温度计的分度值为1℃，且在零的下方，是零下，示数为﹣2℃；根据表格中的数据可知，冰在熔化的过程中，吸热，温度保持0℃不变，为晶体；
（3）根据图象可知，此时的沸点为101℃，高于100℃，是因为水面上方气压高于一个标准大气压。
（4）水从开始加热到沸腾所用的时间相同，水吸收相同的热量，温度变化不同，可以判断所用水的质量不同；a初温高，所以a的质量大，即ma＞mb。
故答案为：（1）慢；（2）﹣2；晶体；（3）水面上方气压高于一个标准大气压；（4）＞。
32．解：（1）某同学探究“导体的电阻大小与导体的材料是否有关”，要取相同长度、相同横截面积的不同材料的电阻丝与定值电阻以及电流表串联，通过电流表的示数看出电阻丝电阻的大小。由欧姆定律得，电路电流越大，电路总电阻越小，由串联电路特点得，电流越大，电阻丝电阻越小，如下图所示：
（2）实验中，他将长度和横截面积均相同的三种金属丝分别接入电路，测出的电流分别为I镍铬、I康铜、I铜，它们的关系为I镍铬＜I康铜＜I铜，
说明长度和横截面积相同时，镍铬电阻最大、铜的电阻最小，因此可得结论：当电阻丝的长度和横截面积相同时，电阻丝的电阻与材料有关；
长度和横截面积相同时，通过镍铬的电流小于通过康铜的电流，镍铬电阻大于康铜的电阻，说明康铜的导电性较强；
（3）探究“导体的电阻大小与导体的长度的关系”，要控制导体的材料和横截面积相同，改变导体的长度进行实验，为了得到普遍规律，还应换用不同的材料的导体重复进行多组实验。应该记录的数据有所用的导体，对应导体的横截面积、长度和电阻，表格如图所示
故答案为：（1）如上图；（2）当电阻丝的长度和横截面积相同时，电阻丝的电阻与材料有关；康铜；（3）如上表。
33．解：（1）电路连接时，电压表应与小灯泡并联，采用“正进负出”的连接方式，因小灯泡的额定电压为2.5V，故电流表的量程选择为0～3V，连接电路如图所示：
（2）电流表无示数，灯泡不亮，说明电路是断路，电压表示数接近电源电压，说明与电压表并联部分以处的电路是通路，故造成这一现象的原因可能是小灯泡断路；
（3）当小灯泡正常工作时，灯泡两端的电压为额定电压2.5V，如图乙所示，电流表选用的是小量程，分度值为0.02A，电流表的示数为0.5A，根据功率公式可得小灯泡的额定功率为：P＝UI＝2.5V×0.5A＝1.25W；
（3）利用图甲的装置多次测量不同电压下灯泡的电阻，并求出平均值，小明认为小红的观点不合理，理由是小灯泡的电阻随温度的升高而增大，不是一个定值，求平均值没有意义；
（4）①只闭合S、S2，移动滑片P，使电压表的示数为U额；
②只闭合S、S1，保持滑片P不动，读出电压表的示数为U1；
③只闭合S、S1，R0定值电阻和滑动变阻器串联，电路中的电流相等则有：，可得滑动变阻器的电阻为：；只闭合S、S2，滑动变阻器的电阻不变，此时通过灯泡的电流为：，根据功率公式可得小灯泡的额定功率为：P＝U额I额＝；
故答案为：（1）如图所示；（2）断路；（3）1.25；（4）小灯泡的电阻随温度的升高而增大，不是一个定值，求平均值没有意义；（5）U额；S、S1；。
四．计算题（共2小题，满分14分）
34．解：（1）G＝mg＝（20kg+50kg）×10N/kg＝700N，
摩擦阻力f＝G＝×700N＝100N，
电动车匀速直线运动，根据二力平衡条件，
电动车产生的牵引力F＝f＝100N，
（2）已知车速v＝18km/h＝5m/s，
此电动车牵引力的功率：
P＝＝＝Fv＝100N×5m/s＝500W，
（3）电动车消耗电能：
W电＝UIt＝40V×1A×30×3600s＝4.32×106J，
W机械＝W电×80%＝4.32×106J×80%＝3.456×106J，
由W＝Fs 得行驶的最大路程：
s＝＝＝34560m。
答：（1）电动车产生的牵引力是100N；
（2）此电动车牵引力的功率是500W；
（3）此电动车在这样路面上能行驶的最大路程是34560m。
35．解：（1）由P＝UI可得，正常加热时通过饮水机的电流为：
I加热＝＝＝2A；
（2）加热一次消耗的电能：
W＝P加热t＝440W×5×60s＝1.32×105J，
（3）由P＝可知，电阻越大，电路消耗的功率越小，因此当只闭合S时，只有R1工作，电路电阻较大，此时电热饮水机处于保温状态；当S、S1都闭合开时，R1、R2并联，电路电阻较小，此时电热饮水机处于加热状态。
由P＝可得，电阻R1的阻值为：
R1＝＝＝1210Ω；
电阻R2消耗的电功率为：
P2＝P加热﹣P保温＝440W﹣40W＝400W，
电阻R 2的阻值为：
R2＝＝＝121Ω；
答：（1）正常加热时通过饮水机的电流为2A。
（2）加热一次消耗的电能是1.32×105J；
（3）电阻R1的阻值为1210Ω，电阻R2的阻值为121Ω。
次数
1
2
3
4
5
6
7
8
h（cm）
0
2
4
6
8
10
12
14
F（N）
6.75
6.25
5.75
5.25
4.75
4.25
4.25
4.25
时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
8
温度/℃
﹣6
﹣4
0
0
0
1
2
3
热水箱水量
额定电压
加热功率
保温功率
2kg
220V
440W
40W
相关试卷
2023年山东省临沂市沂水县中考物理二模试卷(含答案)： 这是一份2023年山东省临沂市沂水县中考物理二模试卷(含答案)，共26页。试卷主要包含了选择题，填空题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2023年山东省临沂市沂水县中考物理二模试卷（含解析）： 这是一份2023年山东省临沂市沂水县中考物理二模试卷（含解析），共34页。试卷主要包含了0分）， 如图所示为拉弓射箭的情景等内容，欢迎下载使用。
2023年山东省临沂市沂水县中考二轮考试物理试题(含答案)： 这是一份2023年山东省临沂市沂水县中考二轮考试物理试题(含答案)，共14页。试卷主要包含了05， 下列关于力的说法中，正确的是等内容，欢迎下载使用。
