河南省豫南重点高中2021-2022学年高二上学期精英对抗赛理科数学试题含答案
展开豫南重点高中2021-2022学年高二上学期精英对抗赛
理科数学试卷
注意事项:
1.答卷前,考生务必将自己的姓名、座位号和准考证号填写在答题卡上;
2.答选择题时选出每小题答案后,用铅笔把答题卡上对应的题目的答案标号涂黑。如需改动,用橡皮檫干净后,再选涂其他答案标号,写在本试卷上无效;
3.答主观题时,将答案写在答题卡上,写在本试卷上无效;
4.考试结束后,将答题卡交回。
一、选择题(本题共12小题,每小题5分,满分60分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)
1.已知a,b,c∈R,那么下列命题中正确的是( )
A.若,则 B.若,,则
C.若,则 D.若,则
2.在△ABC中,角A,B,C的对边分别为. 若,,,则角( )
A. B. C.或 D.或
3.已知首项为最小正整数,公差不为零的等差数列中,,,依次成等比数列,则的值是( )
A. B. C. D.58
4.已知△ABC中,角所对的边分别为,若△ABC的面积为,,则的值为( )
A. B. C. D.
5.在△ABC中,,,边上的中线的长度为,则△ABC的面积为( )
A. B. C. D.
6.一弹球从100米高处自由落下,每次着地后又跳回到原来高度的一半再落下,则第10次着地时所经过的路程和是(结果保留到个位)( )
A.300米 B.299米 C.199米 D.166米
7.在△ABC中,,则△ABC是( )
A.等腰三角形 B.直角三角形 C.等腰或直角三角形 D.等边三角形
8.《几何原本》中的几何代数法(以几何方法研究代数问题)成为了后世数学家处理问题的重要依据.通过这一原理,很多的代数的公理或定理都能够通过图形实现证明,也称之为无字证明.如图所示的图形,在AB上取一点,使得,,过点作交圆周于D,连接OD.作交OD于.则下列不等式可以表示的是
A. B.
C. D.
9.设等差数列{an},{bn}的前n项和分别为Sn,Tn,若对任意的n∈N*,都有=,则+的值为( )
A. B. C. D.
10.已知,,且,则的最小值为( )
A. B. C.4 D.6
11.已知数列的前n项和为,且,若,则数列的最大值为( )
A.第5项 B.第6项 C.第7项 D.第8项
12.数列满足,,. 设,记表示不超过的最大整数.设,若不等式,对恒成立,则实数的最大值为( )
A. B. C. D.
二、填空题
13.现从8名学生干部中选出3名同学分别参加全校“资源”、“生态”和“环保”三个夏令营活动,则不同的选派方案的种数是________.(用数字作答)
14.已知,的取值如下表所示:
2 | 3 | 4 | 5 | |
2.2 | 5.5 | 6.5 |
若与线性相关,且回归直线方程为,则表格中实数的值为____________.
15.50张彩票中只有2张中奖票,今从中任取n张,为了使这n张彩票里至少有一张中奖的概率大于0.5,n至少为________.
16.裴波那契数列(Fibonaccisequence)又称黄金分割数列,因为数学家列昂纳多•裴波那契以兔子繁殖为例子引入,故又称为“兔子数列”,在数学上裴波那契数列被以下递推方法定义:数列{an}满足:a1=a2=1,an+2=an+an+1,现从该数列的前40项中随机抽取一项,则能被3整除的概率是_______
三、解答题(本题共6小题,共计70分,其中第17小题10分,其余每小题12分。解
答过程应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤)
17. 已知直线的方程为.
(1)求过点且与直线平行的直线的程;
(2)求直线与的交点,并求这个点到直线的距离.
18. 在中,内角的对边分别是,已知,.
(1)若,求角的大小;
(2)若,求边及面积.
19. 已知等差数列中,,,且,,成等比数列
(1)求的通项公式;
(2)已知,前n项和为,若,求n的最大值.
20. 如图所示,在直三棱柱中,,,,
.
(1)证明:平面;
(2)若是棱的中点,在棱上是否存在一点,使∥平面?
证明你的结论.
- 已知坐标平面上两个定点,,动点满足:.
(1)求点轨迹方程,并说明轨迹是什么图形;
(2)记(1)中的轨迹为,过点的直线被所截得的线段的长为,
求直线的方程.
22.已知椭圆的离心率为,点与椭圆的左、右顶点
构成等腰直角三角形.
(1)求椭圆的方程;
(2)若直线与椭圆交于两点,为坐标原点,直线的
斜率之积等于,试探求的面积是否为定值,并说明理由.
理科参考答案
1.A
【分析】
利用基本不等式可推出A正确;利用不等式的性质可推出B不正确;作差后,可知当时,C不正确;当时,D不正确.
【详解】
对于A,因为,所以,,所以,故A正确;
对于B,若,则,又,所以,故B不正确;
对于C,因为,,
所以当时,,此时,故C不正确;
对于D,当时,不成立,故D不正确.
故选:A
2.D
【分析】
由正弦定理即可求解.
【详解】
在中,由正弦定理可得,
所以,
因为,所以,
因为,所以或,
故选:D.
3.A
【分析】
由已知得和,可求出,利用等差数列的通项公式得到.
【详解】
设公差不为零的等差数列的公差为d,则有,
因为,,依次成等比数列,,
所以有,即,整理得,
因为,所以,,
因此,
故选:A.
4.D
【分析】
利用三角形的面积公式整理得出,利用二倍角的正弦和余弦公式化简得出,结合角的取值范围可求得结果.
【详解】
在中,因为,则,
,则,则,
所以,,可得,,故.
故选:D.
5.B
【分析】
根据题设条件结合余弦定理可求得,从而可得,结合三角形面积公式,即可求解.
【详解】
∵,,边上的中线的长度为
∴根据余弦定理可得,即,解得
∴
∴的面积为
故选:B
6.A
【分析】
根据题意,得到小球经过的里程,结合等比数列的求和公式,即可求解.
【详解】
由题意,可得小球10次着地共经过的路程为:
米
故选:A.
7.C
【分析】
根据,利用正弦定理转化为:,整理为再转化为角判断.
【详解】
因为,
所以由正弦定理得:,
所以 ,
即 ,
所以或 ,
所以或,
所以是等腰或直角三角形.
故选:C
【点睛】
本题主要考查正弦定理判断三角形的形状,还考查了运算求解的能力,属于中档题.
8.A
【分析】
根据圆的性质、射影定理求出CD和DE的长度,利用CD>DE即可得到答案.
【详解】
连接DB,因为AB是圆O 的直径,所以,所以在中,中线,由射影定理可得,所以.
在中,由射影定理可得,即,
由得,
故选A.
【点睛】
本题考查圆的性质、射影定理的应用,考查推理能力,属于中档题.
9.C
【分析】
根据等差数列的性质及等差数列前n项和的性质,逐步化简,即可得到本题答案.
【详解】
由题意可知b3+b13=b5+b11=b1+b15=2b8,
∴+======
故选:C.
10.C
【分析】
由基本不等式得出关于的不等式,解之可得.
【详解】
因为,
所以,当且仅当时取等号.
,解得或(舍去),
所以,即的最小值.4.此时.
故选:C.
11.D
【分析】
由先求出,从而得出,由讨论出其单调性,从而得出答案.
【详解】
当时,;
由,当时,,
两式相减,可得,
解得,当时,也符合该式,故.
所以
由,解得;又,所以,所以,当时,,故,因此最大项为,
故选:D.
12.C
【详解】
由题意得:,
,又,
数列是以为首项,为公比的等比数列,,
又,,…,,,
,;
,,
,
,
,,,,
对恒成立,,则实数的最大值为.
故选:C.
【点睛】
关键点点睛:本题考查函数与导数、数列的综合应用问题,解题关键是能够采用构造法、累加法求得数列的通项公式,进而确定求和方法为裂项相消法,从而求得的形式.
13.336
【分析】
根据排列定义及公式即可求解.
【详解】
从8名学生干部中选出3名同学排列的种数为,故共有336种不同的选派方案.
故答案为:336
14.3.8
【分析】
利用线性回归分析方程经过样本中心点,直接带入即可求解.
【详解】
因为,,所以,解得.
故答案为:3.8.
15.15
【分析】
根据超几何分布概率公式列出不等式,进而解出n.
【详解】
用X表示中奖票数,
P(X≥1)=,
所以,解得n≥15.
故答案为:15.
16.
【分析】
列举出数列{an}的前40项及其中能被3整除的数,代入公式,即可求得概率.
【详解】
解:在数学上裴波那契数列被以下递推方法定义:数列{an}满足:a1=a2=1,an+2=an+an+1,
∴数列{an}的前40项为:
1,1,2,3,5,8,13,21,34,55,89,144,233,377,610,987,1597,2584,4181,6765,
10946,17711,28657,46368,75025,121393,196418,317811,514229,832040,1346269,
2178309,3524578,5702887,9227465,14930352,24157817,39088169,63245986,10334155,
其中能被3整除的有10个,分别为:3,21,144,987,6765,46368,317811,1346269,2178309,14930352.
∴从该数列的前40项中随机抽取一项,则能被3整除的概率是P=.
故答案为:
三、解答题:
17. 解:(1)设与直线平行的直线方程为,把代入,得,解得,
∴所求直线方程为. …………………5分
(2)解方程组得 …………………7分
∴直线与的交点为, …………………8分
点到直线的距离. ………10分
18.解:(1)由正弦定理,得
解得. …………………2分
又∵, 则, …………………4分
. …………………6分
(备注:若B没有去掉,扣2分)
(2)由余弦定理,得 整理得
又∵,∴. …………………10分
由==. …………………12分
(备注:正确写出余弦定理给2分;先用正弦定理求出,得出直角三形)
19. 解:(1),,成等比数列,,
又,,,
,又,解得:, …………………3分
; …………………5分
(2)由(1)可得:,……………7分
,……10分
,整理可得:,解得:,
, 的最大值为. …………………12分
20. 证明:(1)∵,∴.
∵三棱柱为直三棱柱,∴.
∵,∴平面.
∵平面,∴, ∵BC∥B1C1,∥则.
在中,,,∴.
∵,∴四边形为正方形.
∴.
∵,∴ 平面. …………………6分
(2)当点为棱的中点时,平面.
证明如下:如图,取中点,连、、,
∵、、分别为、、的中点,
∴EF∥AB1
∵平面,平面,
∴EF∥平面,同理可证FD∥平面.
∵,∴平面∥平面.
∵平面,∴DE∥平面. …………………12分
21.解:(1)由得,
化简得:,点M的轨迹以为圆心,以为半径的圆。
…………………5分 (没有说明轨迹扣1分)
(2)当直线的斜率不存在时,直线符合题意;
当直线的斜率存在时,设的方程为:,即,
由圆心到直线的距离等于,解得,
直线方程为
所求的直线的方程为:或.…………………12分
(没有直线扣2分)
22.解:(1)椭圆离心率为,即,
∵点与椭圆的左、右顶点可以构成等腰直角三角形,
∴,综上有:,,故椭圆方程为. ……………4分
(2)由直线与椭圆交于两点,联立方程:
,整理得,……………5分
设,则
,……………7分
,
, ……………9分
,……10分
原点到的距离, ……………11分
为定值. ……………12分
2023届河南省豫南名校高三下学期四月联考理科数学试题含答案: 这是一份2023届河南省豫南名校高三下学期四月联考理科数学试题含答案,共16页。试卷主要包含了选择题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
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