2019年湖南省长沙市雨花区中考物理一模试卷（解析版）

这是一份2019年湖南省长沙市雨花区中考物理一模试卷（解析版），共23页。试卷主要包含了实验探究题，综合题等内容，欢迎下载使用。
2019年湖南省长沙市雨花区中考物理一模试卷
一、（每小题只有一个选项符合题意，请把正确答案的选项填入答案栏内，写在其它地方的均为无效答案，记零分．本题共12小题，每小题3分，共36分）
1．（3分）你认为下列数据中最接近事实的是（　　）
A．人的正常步行速度是1.2m/s
B．人的大拇指指甲宽约为0.8dm
C．初三男生跑完1000m用时2min
D．一张考试卷厚度大约为1 mm
2．（3分）大自然四季如画，下列各种现象与其发生的物态变化及其吸放热对应关系正确的一项是（　　）
A．初春冰雪融化汇成的溪流﹣﹣熔化﹣﹣放热
B．盛夏大树底下好乘凉﹣﹣蒸发﹣﹣吸热
C．秋后雨天山峰云雾缭绕﹣﹣液化﹣﹣吸热
D．深冬九华山雾凇茫茫﹣﹣凝固﹣﹣放热
3．（3分）一束光从水中斜射入空气中时，发生了反射和折射现象。下列光路图能正确表示这一现象的是（　　）
A． B．
C． D．
4．（3分）2019年3月5日起，长沙交警部门对新能源纯电动载货汽车放宽通行，下列关于新能源汽车的优点中，下列说法错误的是（　　）
A．减少废气排放，保护环境
B．节约燃油能源
C．不需要消耗能量
D．效率高、噪声低
5．（3分）一个物体只受两个力的作用，且两个力的大小相等。那么，这个物体的运动状态（　　）
A．一定改变 B．一定不变
C．可能改变，也可能不变 D．以上说法都不对
6．（3分）如图所示，在同一水平面上，有表面粗糙程度相同、质量不同（mp＜mQ）的两个木块，按照甲、乙、丙、丁四种方式放置，分别在水平力F1，F2，F3和F4的作用下，做匀速直线运动，则下列关系式正确的是（　　）

A．F1＞F2 B．F3＝F4 C．F3＞F4 D．F 2＞F3
7．（3分）下面是教材中的几幅图，对图中所示的情景，下列说法正确的是（　　）
A．踢出去的足球虽然会继续“飞行”，但它总会停下来，说明物体的运动必须有力维持
B．跳远运动员助跑可以提高成绩，是利用了身体的惯性
C．男孩水平用力推车但没推动，是因为他的推力小于车所受的阻力
D．蹦蹦杆跃到最高点时，速度最大
8．（3分）小云观察到他家里的电冰箱冷藏室里有一盏照明灯和小风扇，他看到：当冰箱门打开时，照明灯亮而风扇停转，当冰箱门关闭时，照明灯熄而风扇转，为此他设计了四个电路图，其中L为灯泡，M为风扇，S为单刀双掷开关，设计合理的是（　　）
A． B．
C． D．
9．（3分）如图所示的电路中，正常发光的三盏灯中突然有两盏灯L2、L3熄灭，经检查保险丝完好，在插座没有插入任何用电器的情况下，用试电笔插进插座的两孔，氖管均发光。造成这一现象的原因是（　　）

A．一定是插座发生短路了
B．一定是进户的零线BD之间断了
C．一定是进户的零线BC之间断了
D．一定是进户的零线CD之间断了
10．（3分）如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关S后，将滑动变阻器R的滑片P向左移动，在此过程中（　　）

A．电压表V1示数变小，电压表V2示数变大
B．电流表A示数变小，电压表V1示数不变
C．电流表A示数不变，灯泡L亮度变亮
D．电压表V1示数不变，灯泡L亮度变暗
11．（3分）关于功和能的认识，错误的是（　　）
A．相同时间内，物体做功越多，功率越大
B．物体的机械能越多，物体的内能就越多
C．物体只要能做功就说明它具有能量
D．物体温度降低，内能一定减少，可能放热，也可能物体对外做功
12．（3分）为了测量某电热暖手器提示灯L的额定功率，小梦设计了如图甲所示的电路图，变阻器的规格为20Ω 1A，当开关S接a时，移动滑动变阻器的滑片P，根据测出的电流、电压值，画出了定值电阻R0的U﹣I图象；当开关S接b时，同样根据测出的电流、电压值，画出了灯泡L的U﹣I图象，如图乙所示，则下列结论错误的是（　　）
A．定值电阻R0的阻值是10Ω
B．将R0与灯L串联在6V的电源两端时，灯丝的实际电阻为5Ω
C．R0与灯L并联接入电路并调节电源电压，当R0消耗的功率为4.9W时，灯L恰好正常发光，灯L的实际功率为5W
D．当S接a且电源电压为8V时，滑动变阻器的最大功率为1.6W
二、（请把答案填写在横线上的空白处，不要求写出解答过程，本题共5小题，每空2分，共22分）
13．（4分）2019年2月10日，中央广播电视总台央视新闻播出长沙橘子洲头快闪大联欢﹣﹣新春唱响《我和我的祖国》，歌唱家廖昌永人群中放声高歌祝福祖国，嘹亮的歌声说明他的　 　大（选填“响度”、“音调”或“音色”），随后动力伞滑翔升空引爆全场激情，动力伞的翼型是典型的上凸下平，这样可以使它产生的升力更大，原理流体流速大的位置压强　 　。（选填“大”或“小”）

14．（4分）据央视网：“从12月1日零时起，国内汽油价格每吨降低540元，降价后，92号汽油每升下降0.43元。”据此估测汽油的密度约为　 　kg/m3，完全燃烧3kg汽油所放出的热量为　 　J（q汽油＝4.6×107J/kg）。
15．（4分）2018年8月26日晚，在雅加达亚运会百米飞人大战中，中国名将苏炳添以9秒92的成绩刷新赛会记录强势夺冠，他起跑时用力向后蹬起跑器他就会获得向前的力，这说明　 　，此时使人前进的力的施力物体是　 　。
16．（4分）如图甲，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器（允许通过的最大电流为5A）。图乙反映了开关由断开到闭合，再移动滑片P的过程中，ab两端电压U和通过的电流I之间的关系；图丙反映了滑动变阻器消耗的功率P与电流I之间的关系，则R1的阻值为　 　Ω；当R2的功率为120W时，电路消耗的总功率为　 　W。

17．（6分）如图所示，水平面上放有一个内盛12cm水深的溢水杯，杯口高为20cm，现有高为30cm的柱形实心B物体的下表面与水平面平行，在水不溢出的前提下进行下列操作：通过滑轮的调节使B浸入水中的深度为10cm时，绳子自由端的拉力为25N，溢水杯对水平面的压强为P1；使B浸入水中的深度为12cm时，绳子自由端的拉力为24N，溢水杯对水平面的压强为P2，两次的压强差为100Pa．（不计滑轮重、容器的重力及厚度、绳重及摩擦，g＝10N/kg）则：
（1）B放入水中之前对溢水杯底的压强为　 　Pa；
（2）B的重力为　 　N；
（3）把B从滑轮上解下来放入内盛12cm水深的溢水杯中，溢水杯对水平面的压强为　 　Pa。

三、实验探究题（本大题共4小题，每空2分，共22分）
18．（4分）某物理兴趣小组在探究“凸透镜成像的规律”实验时：
（1）下图某次实验时观察到的现象，生活中的　 　（选填“放大镜”、“投影仪”或“照相机”）是利用这一原理制成的。
（2）将近视眼镜片放在蜡烛与凸透镜之间，光屏上原来清晰的像变模糊了。要使光屏上的像重新变得清晰，你应该将光屏　 　（选填“靠近”或“远离”）

19．（4分）如图所示是小丽同学在探究压力的作用效果时的部分图片。
（1）比较甲、乙两图可知：压力的作用效果与　 　有关。
（2）实验中是通过观察海绵的　 　来反映压力的作用效果，这种研究方法称为转换法。

20．（10分）小明在测定“小灯泡电功率”的实验中，电源电压保持不变，小灯泡的额定电流为0.2A，操作如下：

（1）请你用笔画线代替导线，替小明将图甲中的实物电路连接完整。
（2）闭合开关，移动滑片P滑到某一点时，电压表示数如图乙所示，此时电压为　 　V；
（3）某同学移动滑片P记下多组对应电压表和电流表的示数，绘制成图丙所示的I﹣U图象，根据信息可算出小灯泡的额定功率是　 　W。
（4）小花在测量过程中，若电压表不慎损坏，她设计了如图丁所示的电路，也测出了该小灯泡正常发光时的功率，其中定值电阻R＝25Ω，她的操作如下：①只闭合开关S和S2，调节滑动变阻器滑片，使电流表示数为I1＝　 　A；②闭合开关S和S1，断开开关S2，保持滑动变阻器滑片的位置不动，读出电流表示数为I2；③小灯泡功率的表达式为P额＝　 　（用符号表示）。
21．（4分）在探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”实验中，实验室准备的器材有：电源、开关、滑动变阻器、两根完全相同的铁钉、表面绝缘的铜线、大头针若干。小杨同学利用上述器材。制成简易电磁铁甲、乙，并设计了如图所示的电路。
（1）图中将甲、乙两电磁铁串联起来的目的是　 　
（2）当滑动变阻器滑片向左移动时，电磁铁甲、乙吸引大头针的个数　 　（填“增加”或“减少”），说明电流越大，电磁铁磁性越强。

四、综合题（第36题6分，第37题6分，第38题8分共计20分）
22．（6分）
探月工程嫦娥四号探测器成功发射

人民日报北京12月8日电（冯华、蔡金曼）记者从国防科工局、国家航天局获悉：12月8日2时23分，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭成功发射嫦娥四号探测器，开启了月球探测的新旅程。嫦娥四号探测器后续将经历地月转移、近月制动、环月飞行，最终实现人类首次月球背面软着陆，开展月球背面就位探测及巡视探测，并通过已在使命轨道运行的“鵲桥”中继星，实现月球背面与地球之间的中继通信嫦娥四号任务的工程目标，一是研制发射月球中继通信卫星，实现国际首次地月拉格朗日L2点的测控及中继通信；二是研制发射月球着陆器和巡视器，实现国际首次月球背面软着陆和巡视探测。
（1）要实现国际首次地月拉格朗日L2点的测控及中继通信，需要依靠发射　 　；
（2）三级发动机采用液氢为燃料，主要是利用液氢的　 　大的优点；
（3）探测器穿过大气层时，包裹探測器的整流罩与大气层发生剧烈摩擦罩温度迅速升高，在这个过程通过　 　（选填“做功”或“热传递”）增大了它的内能
23．（6分）在新农村建设中，一位工人利用如图所示的滑轮组提升建材。他某次匀速提升一箱重400N的建材时，滑轮组的机械效率为80%，拉力的功率为100W，不计绳重和摩擦，求：
（1）这位工人的拉力为多少？
（2）动滑轮的重力为多少？
（3）重物上升的速度为多少？

24．（8分）如图所示电路，闭合开关S，断开开关S1、S2，将滑动变阻器的滑片P移至最右端时，电路中的电流为I1，小灯泡L恰能正常发光；闭合开关S，断开开关S1、S2，将滑动变阻器的滑片P移至最左端时，电路中的电流为I2，小灯泡L的电功率PL是其额定电功率的，滑动变阻器的电功率为P0；保持滑动变阻器的滑片P在最左端，闭合开关S、S1和S2，阻值为R1的定值电阻的电功率P1为1W，此时电路的总功率P总与P0之比为20：1．设电路工作过程中电源两端的电压及小灯泡的电阻值保持不变，滑动变阻器的最大阻值班为R2．求：
（1）I1与I2 的比值；
（2）R1与R2的比值；
（3）P总的大小。


2019年湖南省长沙市雨花区中考物理一模试卷
参考答案与试题解析
一、（每小题只有一个选项符合题意，请把正确答案的选项填入答案栏内，写在其它地方的均为无效答案，记零分．本题共12小题，每小题3分，共36分）
1．【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A、人正常步行速度是1.2m/s，符合实际；故A正确；
B、人大拇指指甲宽约为0.8cm，故B错误；
C、初三男生跑完1000m用时4min左右；故C错误；
D、考试卷厚度大约为80μm，远远小于1mm；故D错误；
故选：A。
2．【分析】（1）物质从固态变为液态是熔化过程；
（2）蒸发吸热，大树里面有水分，水分蒸发的时候，吸收周围空气的热量，所以大树下凉爽；
（3）物质由变成液态的过程叫液化，液化放热；
（4）物质由气态直接变为固态叫凝华，凝华放热。
【解答】解：
A、冰雪化成水，物质由固态变成液态，是熔化现象，熔化吸热，故A错误；
B、大树上树叶的蒸腾作用要吸收周围空气的热量，所以使得树下的温度更低，人感到凉快，故B正确；
C、云雾是空气中水蒸气遇冷液化形成的小水珠，液化放热，故C错误；
D、雾凇是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，附着在植被表面，凝华放热，故D错误。
故选：B。
3．【分析】当光从水下斜射入空气时，在发生光的折射的同时，在水面处会发生光的反射。
在发生光的反射时，反射角等于入射角；在发生光的折射时，折射光线与入射光线分居法线两侧，光从水中斜射入空气中时，折射角大于入射角。
【解答】解：A、图中反射角大于入射角，故错误；
B、图中入射光线与折射光线在法线同一侧，且反射角小于入射角，故错误；
C、图中折射角小于入射角，故错误；
D、图中反射角等于入射角，折射光线与入射光线分居法线两侧，且折射角大于入射角，故正确。
故选：D。
4．【分析】新能源汽车是指除汽油、柴油发动机之外所有其它能源汽车；包括燃料电池汽车、混合动力汽车、氢能源动力汽车和太阳能汽车等，其废气排放量比较低。
【解答】解：
A、电动汽车不产生尾气，没有污染；氢能源汽车尾气是水，对环境没有污染，减少废气排放，有效的保护环境，故A正确；
B、新能源汽车一般是用天然气、石油气、氢气、电力作为动力，节约燃油能源，故B正确；
C、新能源汽车是指采用非常规车用燃料作为动力来源，采用新技术、新结构的汽车，但仍需要消耗能量，故C错误；
D、一般新能源汽车采用新技术，新结构，使它的效率更高，噪声更低，故D正确。
故选：C。
5．【分析】当物体在平衡力作用下，其运动状态不变；当物体受到非平衡力作用时，其运动状态一定改变。
【解答】解：一个物体受到两个大小相等的作用力，如果二力是一对平衡力，则物体的运动状态不变；如果二力不是一对平衡力，则物体的运动状态一定改变。
故选：C。
6．【分析】物体与地面间的滑动摩擦力与接触面的材料、粗糙程度及物体间的压力有关，在接触面相同的情况下，物体间的压力越大，物体间的滑动摩擦力越大。
【解答】解：
摩擦力的大小跟压力大小和接触面的粗糙程度有关，两个影响因素不变，摩擦力不变。
A、表面粗糙程度相同、质量不同，甲、乙两图中，
因为mp＜mQ，
所以Gp＜GQ，
所以F1＜F2，故A错误；
BC、丙、丁实验在压力大小和接触面的粗糙程度不变时，改变了接触面积的大小，摩擦力不变，故B正确，C错误。
D、表面粗糙程度相同、质量不同，乙、丙两图中，
GQ＜GQ+Gp，
所以F2＜F3，故D错误；
故选：B。
7．【分析】（1）力是改变物体运动状态的原因；
（2）惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，任何物体任何情况下都有惯性；
（3）物体在平衡力的作用下会处于平衡状态，即静止状态或匀速直线运动状态；
（4）动能与物体的质量和速度有关，重力势能与物体的质量和高度有关，弹性势能与弹性形变有关。
【解答】解：
A、踢出去的足球虽然会继续“飞行”，是因为足球有惯性；但它总会停下来，是因为受到了阻力的作用，阻力改变了它的运动状态，不能说明物体的运动必须有力维持，故A错误；
B、跳远运动员运动前助跑，跳远运动员在腾空后，由于惯性会继续向前运动，跳得更远，利用了身体的惯性，故B正确；
C、男孩水平用力推车但没推动，车处于静止状态，说明受到的是平衡力，即他的推力等于车所受的阻力，故C错误；
D、蹦蹦杆跃到最高点时，动能和弹性势能全部转化为重力势能，动能为零，速度为零，故D错误。
故选：B。
8．【分析】先根据串并联电路的特点确定照明灯和电动机的工作方式，然后逐个分析每个选项中各元件的工作情况，找出符合要求的电路。
【解答】解：根据题意可知，电动机和照明灯工作时互不影响，因此照明灯和电动机并联；
A、根据电路图可知，当开关S拨到上方右侧触点时，照明灯和电动机都不工作；不符合题意；
B、根据电路图可知，当开关S拨到下方触点时，照明灯工作，电动机不工作；当开关S拨到右侧触点时，照明灯和电动机串联，不符合题意；
C、根据电路图可知，当开关S拨到左侧触点时，照明灯和电动机都不工作；当开关S拨到下方触点时，电动机和照明灯都不工作；不符合题意；
D、根据电路图可知，当开关S拨到右侧触点时，照明灯工作，电动机不工作；当开关S拨到下方触点时，电动机工作，照明灯不工作，符合题意。
故选：D。
9．【分析】两盏电灯全部熄灭但保险丝完好，说明电路中干路上有断路，测电笔测试插座的两孔，氖管都发光，说明两孔与火线是连通的，故只可能是零线断了。
【解答】解：A、插座处发生短路，会使保险丝熔断，试电笔的氖管不会发光，故A错误。
B、C、试电笔插进插座的两孔，氖管均发光，说明零线的短路出在插座之前，即进户的零线BC之间断了，故B错误、C正确；
D、进户的零线CD之间断了，试电笔插进插座的两孔，应只有一个孔氖管发光，故D错误。
故选：C。
10．【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V1测灯泡两端的电压，电压表V2测滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流；根据滑片的移动确定接入电路中电阻的变化，电路总电阻的变化，根据欧姆定律确定电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化，根据串联电路的电压特点确定滑动变阻器两端的电压变化，再根据P＝UI确定灯泡实际功率的变化，进一步根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小确定灯泡亮暗的变化。
【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V1测灯泡两端的电压，电压表V2测滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流；
将滑动变阻器R的滑片P向左移动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，
∵I＝，
∴电路中的电流变小，即电流表的示数变小，
∵U＝IR，
∴灯泡两端的电压变小，即V1的示数变小，
∵串联电路中总电压等于各分电压之和，且电源电压保持不变，
∴滑动变阻器两端的电压变大，即电压表V2的示数变大，
∵P＝UI，且灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，
∴灯泡的实际功率变小，灯泡变暗。
故选：A。
11．【分析】（1）根据P＝进行判断；
（2）根据影响机械能和内能的因素进行判断；
（3）一个物体能够对另一个物体做功，这个物体就具有能量，能量反映了物体做功的本领，不同的物体做功的本领也不同，一个物体能够做的功越多，表示这个物体的能量越大；
（4）改变物体内能的方式有做功和热传递两种，这两种方式是等效的。
【解答】解：
A、由P＝可得，相同时间内，物体做功越多，功率越大，故A正确；
B、影响机械能的因素是质量、速度、高度以及弹性形变，而影响内能的因素是温度、质量以及状态，因此机械能与内能没有必然的联系，故B错误；
C、一个物体能够做功，具有做功的本领，说明它一定具有能量，故C正确；
D、改变物体内能的方式有做功和热传递两种；物体温度降低，内能一定减少，物体可能放热，也可能物体对外做功。故D正确。
故选：B。
12．【分析】（1）由图象可知R0的电压和电流成正比，当U0＝2V时可知电流大小，由欧姆定律求出R0；
（2）根据串联电路电流和电压的规律确定此时灯泡电压和电流大小，由欧姆定律求出灯丝的实际电阻值；
（3）由P＝可得灯泡的额定电压，由图象可知通过灯泡的电流，根据P＝UI求出灯泡的实际功率即额定功率；
（4）当S接a，R0与变阻器器串联，根据电阻的串联和欧姆定律得出电路中的电流表达式，滑动变阻器的功率P滑＝I2R滑＝（）2R滑，结合数学知识求出变阻器的最大功率。
【解答】解：
（1）由图象可知：R0的电压和电流成正比，当U0＝2V时，I0＝0.2A，由欧姆定律I＝，所以：
R0＝＝＝10Ω；A正确；
（2）将R0与灯L串联在6V的电源两端时，电流相同。观察图可知，当电流为0.4A时，电阻与灯泡的电压和正好为6V，
分析图象可知：此时灯泡电压为UL′＝2V，IL′＝0.4A，由欧姆定律，所以灯丝的实际电阻值：
RL＝＝＝5Ω，B正确；
（3）将R0与灯L并联接入电路，当R0消耗的电功率为4.9W时，灯L恰好正常发光，
由P＝可得，灯泡的额定电压：
UL额＝U0′＝＝＝7V，
由图象可知，通过灯泡的电流IL额＝0.75A，
则灯泡的实际功率即额定功率：
PL额＝UL额IL额＝7V×0.75A＝5.25W．C错误；
（4）当S接a，R0与变阻器器串联，根据电阻的串联和欧姆定律，电路中的电流：
I＝，滑动变阻器的功率：
P滑＝I2R滑＝（）2R滑＝＝，
由上式知，当R0＝R滑＝10Ω，变阻器的功率最大，
其最大功率：
P滑大＝＝＝1.6W，D正确。
故选：C。
二、（请把答案填写在横线上的空白处，不要求写出解答过程，本题共5小题，每空2分，共22分）
13．【分析】（1）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；
（2）流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大。
【解答】解：（1）音调指声音的高低，响度指声音的强弱或大小，音色是由发声体本身决定的一个特性。故嘹亮的歌声说明他的响度大；
（2）等质量的空气在相同的时间内同时通过动力伞的上表面和下表面，由于上表面弯曲，所以动力伞上方的流速就大于动力伞前方的流速；而下表面平直，因此动力伞下方的流速大致等于前方的流速，从而可以知道，机翼下方的流速就小于机翼上方的流速，所以机翼上方的压强小于机翼下方的压强，这样就产生了作用在机翼上的向上的升力，所以原理流体流速大的位置压强小。
故答案为：（1）响度；（2）小。
14．【分析】（1）汽油每吨降低540元，则每升将下降0.43元，据此求出降价540元汽油的体积即为1t汽油的体积，利用ρ＝求出汽油的密度；
（2）知道汽油的质量和热值，根据Q放＝mq求出完全燃烧3kg汽油所放出的热量。
【解答】解：
（1）汽油每吨降低540元，每升将下降0.43元，
则降价540元汽油的体积即1t汽油的体积：
V＝×1L＝L＝m3，
所以，汽油的密度：
ρ＝＝≈0.8×103kg/m3；
（2）完全燃烧3kg汽油所放出的热量：
Q放＝m′q汽油＝3kg×4.6×107J/kg＝1.38×108J。
故答案为：0.8×103；1.38×108。
15．【分析】物体间力的作用是相互的，一个物体对另一个物体施加力的同时，也受到另一个物体对它的反作用力，这两个力的大小相等，方向相反，作用在同一条直线上。
【解答】解：苏炳添起跑时，脚用力向后蹬起跑器，脚给起跑器一个向后的力，物体间力的作用是相互的，同时起跑器就会给脚一个向前的力，人就前进，故使人前进的力的施力物体是起跑器。
故答案为：力的作用是相互的；起跑器。
16．【分析】由电路图可知，两电阻串联接入电路，ab两点间电压是滑动变阻器两端电压。当开关断开时，电路中的电流为0A，此时电压表测电源的电压，由图乙可知ab两端的电压，即为电源的电压；由图丙可知当R2的功率为120W时电路中的电流，由图乙可知ab两端的电压，根据串联电路的电压特点求出R1两端的电压，根据欧姆定律求出R1的阻值，根据P＝UI求出电路消耗的总功率。
【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，ab两端电压是滑动变阻器R2两端电压。
当开关断开时，电路中的电流为0A，此时电压表测电源的电压，
由图乙可知ab两端的电压，即电源的电压U＝50V；
由图丙可知，当R2的功率为120W时，电路中的电流I＝4A，由图乙可知，Uab＝30V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R1两端的电压：
U1＝U﹣Uab＝50V﹣30V＝20V，
由I＝可得，R1的阻值：
R1＝＝＝5Ω；
电路消耗的总功率：
P＝UI＝50V×4A＝200W。
故答案为：5；200。
17．【分析】（1）根据p＝ρ液gh即可求出容器底所受压强；
（2）根据动滑轮的使用特点得出动滑轮对物体B的拉力，然后根据物体B受力平衡得出使B浸入水中的深度为10cm和12cm时，物体B的浮力表达式；
据此即可求出物体B由于浸入体积的增大量，然后根据浸没深度的变化求出物体B的横截面积，最后根据称重法即可求出物体B的重力；
（3）由于两次的压强差为100Pa．根据p＝ρ液gh求出水的深度变化量；然后根据排开体积的变化量求出容器的底面积；
根据杯口的高度和物体B的高度判断出把B从滑轮上解下来放入溢水杯中，水会溢出，然后求出剩余水的重力，最后即可得出溢水杯对水平面的压力，根据压强公式求出溢水杯对水平面的压强。
【解答】解：（1）B放入水中之前水深12cm，即h＝12cm＝0.12m，
则：p＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.12m＝1.2×103Pa；
（2）使B浸入水中的深度为10cm时，
根据动滑轮的使用特点可知：动滑轮对物体B的拉力为F1＝2F′＝2×25N＝50N；
物体B的浮力F浮1＝G﹣F1；
即：ρ水gV排1＝G﹣F1 ﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
B浸入水中的深度为12cm时，
根据动滑轮的使用特点可知：动滑轮对物体B的拉力为F2＝2F″＝2×24N＝48N；
物体B的浮力F浮2＝GB﹣F2；
即：ρ水gV排2＝GB﹣F2 ﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
根据②﹣①可得：
ρ水g△V排＝F1﹣F2，
所以， △V排＝＝＝2×10﹣4m3，
由于B物体浸入水的深度变化量△h浸＝12cm﹣10cm＝2cm＝2×10﹣2m，
根据△V排＝SB△h浸可得：
B物体的底面积SB＝＝＝1×10﹣2m2，
所以，由①式可得：
GB＝ρ水gV排1+F1＝ρ水gSBh浸1+F1＝1.0×103kg/m3×10N/kg×1×10﹣2m2×0.1m+50N＝60N；
（3）由于溢水杯对水平面的两次的压强差为100Pa．根据p＝ρ液gh可知：
深度的变化量△h＝＝＝1×10﹣2m，
所以，容器的底面积为S容＝＝＝2×10﹣2m2；
盛12cm水深的溢水杯中水的体积为：V水＝S容h水＝2×10﹣2m2×0.12m＝2.4×10﹣3m3；
由于杯口高为20cm，柱形实心B物体高为30cm，
所以，把B从滑轮上解下来放入内盛12cm水深的溢水杯中，物体B和水在杯中的总体积为：
V总＝S容h杯＝2×10﹣2m2×0.2m＝4×10﹣3m3；
所以，B放入溢水杯中后杯中的水的体积为：
V水′＝V总﹣SBh杯＝4×10﹣3m3﹣1×10﹣2m2×0.2m＝2×10﹣3m3；
由于V水′＜V水，所以，把B从滑轮上解下来放入内盛12cm水深的溢水杯中，溢水杯的水溢出部分水，
则此时杯中的水的重力为G水′＝m水′g＝ρ水gV水′＝1.0×103kg/m3×10N/kg×2×10﹣3m3＝20N；
溢水杯对水平面的压力F＝GB+G水′＝60N+20N＝80N，
压强p＝＝＝4000Pa。
故答案为：1.2×103；60；4000。
三、实验探究题（本大题共4小题，每空2分，共22分）
18．【分析】（1）当物距大于2f时，凸透镜成倒立缩小的实像，照相机是根据这个原理制成的，此时像距处于f和2f之间，像距小于物距；
（2）凸透镜对光线有会聚作用，凹透镜对光线有发散作用。
【解答】解：（1）从图可知，物距为30.0cm大于2倍焦距，故成倒立缩小的实像，生活中的照相机是利用这一原理制成的；
（2）将近视眼镜片放在蜡烛与凸透镜之间，光屏上原来清晰的像变模糊了。近视镜是凹透镜，对光线有发散的作用，使像延迟，要使光屏上的像重新变得清晰，你应该将光屏远离。
故答案为：（1）照相机；（2）远离。
19．【分析】（1）压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，实验时应采用控制变量法，即探究压力的作用效果与其中一个因素的关系时，要控制另一个因素不变，由图分析回答。
（2）通过海绵的凹陷程度来反映压力的作用效果，采用了转换法。
【解答】解：
（1）由图甲乙可知，甲乙的接触面积相同，压力是不同的，乙的压力大，压力的作用效果明显，故得出：压力作用效果与压力大小有关。
（2）实验中通过观察海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果，这种研究方法叫转换法。
故答案为：（1）压力的大小；（2）凹陷程度。
20．【分析】（1）由图知，灯的额定电流为0.2A确定电流表选用小量程与灯串联，变阻器按一上一下接入电路中；
（2）根据电压表选用小量程确定分度值读数；
（3）根据制成图丙所示的I﹣U图象知灯在额定电压的电流，根据P＝UI求出小灯泡的额定功率；
（4）要测灯的额定功率，应先使灯正常发光，在没有电压表的情况下，电流表与定值电阻R应起到电压表的测量作用，故将R与电流表串联后再与灯并联，通过移动变阻器的滑片使电流表示数为I1＝0.1时，由并联电路电压的规律，灯的电压为2.5V，灯正常发光；
保持滑片位置不变，通过开关的转换，使电流表测灯与R并联的总电流，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律求出灯的额定电流，根据P＝UI写出灯的额定功率的表达式。
【解答】解：
（1）由图知，灯的额定电流为0.2A，故电流表选用小量程与灯串联，变阻器按一上一下接入电路中，如下所示：

（2）闭合开关，移动滑片P滑到某一点时，电压表示数如图乙所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，此时电压为2.2V；
（3）根据制成图丙所示的I﹣U图象知，灯在额定电压的电流为0.2A，根据信息可算出小灯泡的额定功率是：
P＝UI＝2.5V×0.2A＝0.5W；
（4）只闭合开关S和S2，调节滑动变阻器滑片，使电流表示数为U额（I2﹣I1）
②闭合开关S和S1，断开开关S2，保持滑动变阻器滑片的位置不动，读出电流表示数为I2；
③在②中电流表测干路电流，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律，灯的额定电流为：I2﹣I1；
小灯泡功率的表达式为P额＝U额（I2﹣I1）。
故答案为：（1）如上所示；（2）2.2 （3）0.5；（4）①0.1；③U额（I2﹣I1）。
21．【分析】（1）将两个电磁铁串联，是为了使通过两个电磁铁的电流相等；
（2）影响电磁铁磁性强弱的因素：电流的大小、线圈的匝数、有无铁芯，在探究过程中要用控制变量法；
根据甲、乙吸引大头针的多少判断磁性的强弱；
掌握转换法的应用：实验中通过电磁铁吸引大头针的多少来反映电磁铁磁性的强弱。
【解答】解：
（1）把甲、乙两个电磁铁串联，目的是使通过它们的电流相等；
（2）滑动变阻器的滑片左移，连入电路的电阻变小，电流变大，在线圈的匝数一定，铁芯一定时，电流越大，吸引的大头针越多，说明通过电磁铁的电流越大，电磁铁磁性越强；
故答案为：（1）使通过甲乙电磁铁的电流相等；（2）增加。
四、综合题（第36题6分，第37题6分，第38题8分共计20分）
22．【分析】（1）电磁波可以在真空中传播，声波不能在真空中传播；
（2）热值是燃料的一种特性，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，放出的热量越多，所以在选择火箭燃料时首先应该考虑燃料热值的大小；
（2）改变内能的方式有做功和热传递，做功是能量的转化，而热传递是能量的转移。
【解答】解：（1）月球上是真空，是通过电磁波来传播信息；
（2）三级发动机采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以放出更多的热量；
（3）探测器穿过大气层时，会与大气层发生剧烈摩擦，克服摩擦做功，内能增加，这是通过做功的方式改变物体的内能；
故答案为：（1）电磁波；（2）热值；（3）做功。
23．【分析】由图知，使用滑轮组时承担物重的绳子股数n＝2。
（1）滑轮组的机械效率η＝＝＝＝＝80%，据此求拉力大小；
（2）由题知，不计绳重和摩擦，拉力F＝（G+G动），据此求动滑轮重力；
（3）工人拉力的功率P＝＝＝Fv，据此求拉力端移动的速度，该速度等于物体上升的速度的2倍。
【解答】解：
由图知，n＝2，
（1）因为滑轮组的机械效率η＝＝＝＝＝80%，
所以拉力：
F＝＝＝250N；
（2）由题知，不计绳重和摩擦，拉力F＝（G+G动），则动滑轮重力：
G动＝2F﹣G＝2×250N﹣400N＝100N；
（3）因为工人拉力的功率P＝＝＝Fv，
所以拉力端移动的速度：
v＝＝＝0.4m/s，
物体上升的速度：
V物＝v＝×0.4m/s＝0.2m/s。
答：（1）这位工人的拉力为250N；
（2）动滑轮的重力为100N；
（3）重物上升的速度为0.2m/s。
24．【分析】先画出三种情况的等效电路图。
（1）根据P＝I2R表示出图甲、图乙中灯泡的电功率，两者相比即可求出I1与I2的比值；
（2）根据P＝表示出图甲、图乙中灯泡的电功率，然后结合灯泡电功率之间的关系即可求出灯泡两端的电压关系及图乙中电源电压与灯泡两端电压之间的关系，根据串联电路的电压特点表示出R2两端的电压，根据P＝表示出滑动变阻器的电功率，根据并联电路的电压特点和P＝表示出图丙中电路的总功率，然后结合P总：P0＝20：1求出R1与R2的比值；
（3）在图丙中，R1和R2两端的电压相同，各电阻的电功率与其阻值成反比，据此求出滑动变阻器的电功率，进一步求出P总的大小。
【解答】解：闭合开关S，断开开关S1、S2，滑片P在变阻器的最右端，等效电路如图甲所示；
闭合开关S，断开开关S1、S2，滑片P在变阻器的最左端，等效电路如图乙所示；
闭合开关S、S1和S2，滑片P在变阻器的最左端，等效电路如图丙所示。

（1）由图甲、图乙有：
＝＝（）2＝，
解得：＝；
（2）因P＝，且PL＝P额，
所以，＝＝＝＝，
由图甲、图乙可知：UL＝U，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以在图乙中：U2＝U，
在图乙、图丙中，P0＝，P总＝+，
又因P总：P0＝20：1，
所以，+＝20×，
解得：＝；
（3）在图丙中，因并联电路R1和R2两端的电压相同，
所以，各电阻的电功率与其阻值成反比，设此时滑动变阻器的电功率为P2，则有＝＝4，
所以P2＝4P1＝4W，
因此，P总＝P1+P2＝1W+4W＝5W。
答：（1）I1与I2 的比值为4：3；
（2）R1与R2的比值为4：1；
（3）P总的大小为5W。