2020-2021学年陕西省西安市新城区九年级（上）期末物理试卷

这是一份2020-2021学年陕西省西安市新城区九年级（上）期末物理试卷，共25页。试卷主要包含了L2消耗的电功率之比为，闭合S1，记下电压表示数U；等内容，欢迎下载使用。


2020-2021学年陕西省西安市新城区九年级（上）期末物理试卷

1. 如图所示的四种用具在正常使用的过程中，属于费力杠杆的是( )
A. 扫帚 B. 扳手
C. 羊角锤 D. 核桃夹
2. 如图所示，这是四种家用电器各自消耗1度电可持续正常工作的时间柱状图，其中功率最大的电器是( )
A. 节能灯 B. 白炽灯 C. 电视机 D. 电风扇
3. 下列操作符合安全用电原则的是( )
A. 勤俭节约，电线只要能导电，即使破损了也应该继续使用
B. 用电器的三脚插头可改用两脚插头使用
C. 在高压线下雨中漫步，感受科技与自然的美妙融合
D. 发现有人触电时，应立即切断电源
4. 小明同学在学习过程中整理了如下学习笔记，其中正确的是( )
A. 验电器是根据异种电荷相互排斥的原理制成的
B. 物理学中把正电荷定向移动的方向规定为电流方向
C. 并联电路中的总电压等于各支路电路两端的电压之和
D. 两个小灯泡串联在电路中，发光越亮的灯泡通过的电流越大
5. 如图所示，将一个废旧日光灯的灯丝接入电路中，用酒精灯加热灯丝，观察到灯泡的亮度渐渐变暗，说明影响导体电阻大小的因素是( )
A. 材料 B. 长度 C. 横截面积 D. 温度
6. 如图所示，匀质杠杆可绕着O点转动，作用在杠杆一端且始终与杠杆垂直的力F，将杠杆匀速缓慢地由与水平方向夹角为30∘的位置拉至水平位置(忽略摩擦阻力)，在这个过程中，力F的大小将( )
A. 增大 B. 减小 C. 不变 D. 无法确定
7. 走廊里的电灯是由声、光控开关控制着，夜晚有声时才会亮，符合要求的是( )
A. B.
C. D.
8. 如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S后，滑动变阻器滑片P向右移动的过程中，电流表和电压表的示数变化情况是( )

A. 电流表A1示数变大，电压表示数变小
B. 电流表A2示数变大，电压表示数不变
C. 电流表A2示数变小，电压表示数不变
D. 电流表A1示数变小，电压表示数变大
9. 如图所示，这是某品牌小汽车，其发动机工作循环的一个冲程如图所示，下列说法正确的是( )
A. 汽车前后转向灯之间是串联的
B. 如图是汽车的做功冲程
C. 该冲程将机械能转化为内能
D. 汽车行驶过程中会吸引灰尘是由于汽车与空气摩擦创造了电荷
10. 如图1所示的电路，闭合开关S，两电流表的指针偏转分别如图2所示，则灯L1、L2消耗的电功率之比为( )

A. 1：4 B. 4：3 C. 1：3 D. 3：1
11. 如图所示，旗杆顶部安装着一个______ (选填“定”或“动”)滑轮，若五星红旗的总重为2N，不计摩擦，当五星红旗匀速上升时，旗手对绳的拉力的大小为______ N。
12. 如图所示，2020年11月24日，我国在文昌航天发射场，用“长征五号”遥五运载火箭成功发射“嫦娥五号”探测器，顺利将探测器送入预定轨道，在火箭加速升空的过程中，“嫦娥五号”探测器的动能______ ，机械能______ 。(前两空均选填“增大”、“减小”或“不变”)“长征五号”运载火箭是我国运载能力最大的系列火箭，采用低温液氧和液氢作燃料，实现了无毒无污染，且燃烧后放出的热量多，这说明液氢具有较大的______ 。
13. 如图所示，这是人们常用的一种电热暖手宝，用电热暖手宝可使手变暖，是利用______ 的方法增加了手的内能。为了使加热后的暖手宝放出更多的热量，暖手宝里充入适量的水，这是利用水的______ 大的特性。200g温度为90℃的热水温度降低60℃放出的热量是______ J。
14. 小明家有一个规格为“220V 1000W”的用电器，该用电器可能是______ (选填“台灯”、“电饭锅”或“电风扇”)，该用电器工作时主要将电能转化为______ 能。如图所示，这是家庭部分电路，开关闭合后，灯不亮，用测电笔接触A、B、C三点，氖管均发光，接触D点时氖管不发光，则故障可能是______ (选填“火线断路”、“灯丝断路”或“CD断路”)。

15. 如图所示的电路中，电源电压保持不变，R1为发热电阻(阻值不随温度的变化面变化)，滑动变阻器的规格为“20Ω1A”，开关S闭合后，滑片P移动到最左端时，电压表的示数为6V，电流表的示数为0.3A，则电源电压为______ V，发热电阻R1的阻值为______ Ω；滑片P移动到最右端时，发热电阻R1在1min内产生的热量是______ J。
16. 工人师傅借助如图所示的装置，在20s时间内将700N重的货物匀速提升了4m，已知他对绳子的拉力为500N，该过程中，动滑轮上升的速度为______ m/s，工人所做的有用功为______ J，装置的机械效率为______ ；工人对绳子拉力的功率为______ W。
17. 如图所示，请画出滑轮组最省力的绕法。













18. 小明同学为测定油箱内油量设计一个装置，要求当油箱中油量减少时，浮子就会带动滑杆使电压表的示数小，油箱中的油量消耗完毕后，电压表的示数为零。请你将装置电路连接完整。








19. 在“探究杠杆平衡条件”的实验中，将杠杆的中心悬挂在铁架台上，杠杆静止的位置如图所示，此时应将平衡螺母向______ (选填“左”或“右”)调节，使杠杆在水平位置平衡。



20. 这是探究电流通过导体产生的热量跟______ 的关系的实验装置，实验中通过观察左右两侧U形管液面的高度差来比较导体产生热量的多少，这运用物理的研究方法是______ (选填“控制变量法”或“转换法”)。
21. 如图所示，这是小明家的电能表示意图，某天，小明家中其他电器关闭，只让一个用电器单独工作1min，观察到电能表指示灯闪烁了30次，则该用电器的实际功率为______ W。

22. 探究“水和沙子的吸热能力”的实验装置如图所示。
(1)在安装实验装置时应先固定______ (选填“A”或“B”)；
A.石棉网
B.温度计
(2)实验时，在两个相同的烧杯中分别装入质量、初温相同的水和沙子，用两个相同的酒精灯对其加热，实验数据记录如下：

质量m
温度升高10℃所需要的时间t1/s
温度升高20℃所需要的时间t2/s
温度升高30℃所需要的时间t3/s
沙子
30
64
89
124
水
30
96
163
220
(3)分析表中的实验数据可知：
①本次实验中通过观察水和沙子升高相同的温度______ 来比较水和沙子吸热能力的大小；
②水和沙子升高相同温度时，水吸收的热量______ (选填“大于”、“小于”或“等于”)沙子吸收的热量；
(4)实验中有些同学发现，刚开始加热时，水升温比沙子快然后恢复正常，你认为可能的原因是______ 。
A.沙子比热容小
B.水比热容大
C.沙子导热性能差，受热不均匀
D.水中的温度计碰到烧杯的底部

23. 在“探究电流与电阻关系”实验时，学习小组的同学选择的器材有：电压为3V的电源，电流表(0−0.6A)，电压表(0−3V)，开关，阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω和20Ω的定值电阻各一个，最大阻值为50Ω的滑动变阻器1个，导线若干，并设计如图所示的两个电路图。
(1)如图所示的实验电路中，正确的是图______ (选填“1”或“2”)；
(2)若按另一个错误的电路图连接好电路后，闭合开关S后，电流表______ 示数，电压表______ 示数；(均填“有”或“无”)
(3)按正确电路图连接电路，闭合开关前，应把滑动变阻器的滑片P移到最______ (选填“左”或“右”)端；
(4)纠正错误后，依次更换定值电阻，重复进行实验，记录的实验数据表格如下，请补充表格中横线部分的内容；
电压U=______ V




实验次数
1
2
3
4
电阻R/Ω
20
15
10
5
电流I/A
0.12
0.16
0.24
0.48
(5)分析表格数据可得结论：______ 。

24. 在“测量小灯泡的额定功率”实验中，选用的实验器材有：两节新干电池，额定电压为2.5V的小灯泡(额定功率小于1W)，电流表，电压表，滑动变阻器(规格为“20Ω1A”)，开关，导线若干。

(1)请用笔画线代替导线将图甲中的实物电路连接完整。
(2)连接电路过程中开关必须______ 。
(3)实验中，移动滑动变阻器的滑片P，发现小灯泡不发光，电流表有示数且发生变化，电压表无示数，则电路故障可能是______ 。
A.小灯泡短路B.小灯泡断路C.电流表断路D.滑动变阻器短路
(4)排除故障后，正确操作使小灯泡正常发光，电流表示数如图乙所示，其示数为______ A，则该小灯泡的额定功率为______ W。
(5)实验时，小明组的电流表坏了，他找来一个已知阻值的定值电阻R0，设计了图丙中电路，测小灯泡的额定功率，连好电路后，操作步骤如下：
①断开开关S1，闭合开关S2，移动滑片P，使电压表示数等于灯泡的额定电压；
②______ ，断开开关S2，闭合开关S1，记下电压表示数U；
③小灯泡额定功率的表达式：______ (用、U、R0表示)。
25. 如图所示，这是某品牌电饭锅的简化电路原理图，有加热和保温两种工作状态。R1和R2为加热电阻且阻值保持不变，R1=44Ω。S为靠近加热盘的感温开关，1、2是开关连接的触点，加热盘温度达到103℃时，S自动切换到保温状态。某次煮饭时，仅将电饭锅接入220V电路，工作了10min，S自动切换到保温状态。保温时如图所示的电能表的转盘在1min内转过5转。
(1)开关S接触点______ (选填“1”或“2”)时，电饭锅处于保温状态；
(2)本次煮饭过程中，电饭锅消耗的电能是多少？______
(3)加热电阻R2的阻值是多少？______
(4)若用电高峰时，实际电压只有额定电压的80%，电饭锅加热状态的实际功率是多少？______

26. 小丽设计了一个防踩踏模拟报警装置，工作原理如图甲所示。ABO为一水平杠杆，O为支点，OA：OB=5：1，当水平踏板所受压力增大，电压表示数达到6V时，报警器R0开始发出报警信号。已知电路中电源电压为8V，R0的阻值恒为15Ω，压力传感器R固定放置，其阻值随所受压力F变化的关系如图乙所示，踏板、压杆和杠杆的质量均忽略不计。试问：
(1)由图乙可知，压力传感器R的阻值随压力F的增大而______；
(2)当踏板空载时，闭合开关，R的阻值为______Ω，电压表的示数为______V。
(3)当报警器开始报警时，踏板设定的最大压力值为______N。
(4)若电源电压略有降低，为保证报警器仍在踏板原设定的最大压力值时报警，则踏板触点B应向______(选填“左”或“右”)移动。

答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：
A、扫帚在使用时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆；
B、扳手在使用时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；
C、羊角锤在使用时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；
D、核桃夹在使用时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆。
故选：A。
结合生活经验和图片，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
判断杠杆类型的方法有三种：①比较动力和阻力的大小，当然动力小的是省力杠杆；②比较动力臂和阻力臂的长短，动力臂长的是省力杠杆。③比较动力和阻力移动的距离，动力移动距离大的是省力杠杆。

2.【答案】C

【解析】解：
由图可知，都消耗1度电时，电视机持续正常工作的时间最少，根据P=Wt可知，电视机的功率最大。
故选：C。
先看懂“消耗1度电可持续正常工作的时间柱状图”，然后根据P=Wt分析即可得出答案。
本题考查了电功率公式的简单应用，难度不大。

3.【答案】D

【解析】解：
A、电线的绝缘皮破损时应及时更换，否则容易发生触电事故，故A不符合安全用电原则；
B、用电器带有金属外壳或者经常有水，其金属外壳一定要通过三孔插座接地，以防用电器外壳带电，危及人身安全，所以不能将用电器三脚插头改成两脚插头使用，故B不符合安全用电原则；
C、普通的水是导体，雨中在高压线下漫步，可能会使人间接接触到高压线而造成触电事故，故C不符合安全用电原则；
D、当发现有人触电时，应该立即采取的措施是：迅速切断电源或用绝缘体挑开电线，让触电人脱离电源，故D符合安全用电原则。
故选：D。
(1)电线的绝缘皮破损时容易造成触电事故；
(2)大功率或带有金属外壳的用电器，必须使用三孔插座，以防外壳带电，危及人身安全；
(3)普通的水是导体；
(4)触电是人直接或间接地接触火线造成的，发现有人触电后，采取的措施不能让自己直接或间接再接触火线，以防止自己再触电。
本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，不能违反。

4.【答案】B

【解析】解：A、验电器是根据同种电荷相互排斥的原理制成的，故A错误；
B、物理学中规定正电荷定向移动的方向为电流方向，与负电荷定向移动的方向相反，故B正确；
C、并联电路中的总电压与各支路两端电压相等，故C错误；
D、灯泡串联在电路中，根据串联电路的特点可知，电流是相同的，故D错误。
故选：B。
(1)验电器的制作原理是：同种电荷相互排斥；
(2)物理学中把正电荷定向移动的方向规定为电流的方向；
(3)并联电路的总电压等于各支路两端的电压；
(4)在串联电路中，各处的电流是相同的。
本题考查了验电器的原理和电流的方向、并联电路的电压特点，以及串联电路的电流特点，是一道综合题。

5.【答案】D

【解析】解：小灯的亮度逐渐变暗，电流表示数变小，说明加热时铁丝的电阻在增大，可得出结论：金属导体的电阻与温度有关，其电阻随温度升高而增大。
故选：D。
电阻大小与导体的长度、材料、横截面积和温度有关，一般情况下，温度越高，其阻值越大。
此题考查了导体的电阻与温度的关系，属于基础知识，要掌握。

6.【答案】A

【解析】解：在杠杆缓慢地由与水平方向夹角为30∘的位置拉至水平位置的过程中，因动力始终与杠杆垂直，所以动力臂L不变，阻力G的大小也不变，由图知阻力臂L′却逐渐增大；
由杠杆的平衡条件可得：F⋅L=G⋅L′，当L、G不变时，L′越大，那么F越大，所以，在这个过程中拉力F逐渐增大。
故选：A。
根据杠杆平衡条件来做出分析。
此题主要考查的是学生对杠杆平衡条件的理解和掌握，掌握力臂的变化是解决此题的关键。

7.【答案】A

【解析】解：根据题意可得，声控开关和光控开关串联后共同控制灯泡，即两个开关、灯泡都成串联在电路中，故A正确。
故选：A。
夜晚有声时才会亮，这表明只有声控开关、光控开关都闭合后灯泡才能发光。
本题的关键是根据灯泡的工作条件确定开关的连接方式，然后根据串、并联的特点得出符合题意的电路图。

8.【答案】C

【解析】解：由电路图可知，R1与R2并联，电压表V测电源电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测R2支路的电流；
因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表V的示数不变；
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过R1的电流不变；
当滑动变阻器滑片P向右移动的过程中，接入电路中的电阻变大，由I=UR可知，该支路的电流变小，即电流表A2的示数变小，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流变小，即电流表A1的示数变小，故ABD错误，C正确。
故选：C。
由电路图可知，R1与R2并联，电压表V测电源电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测R2支路的电流。根据电源的电压可知滑片移动时电压表的示数不变，根据滑片向右移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R2电流的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R1的电流不变，根据并联电路电流规律可知电流表A1示数的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，要注意各量之间的关系，不要颠倒。

9.【答案】B

【解析】解：A、汽车的前后转向灯可以单独工作，所以它们是并联的；故A错误；
BC、图中两个气门都关闭，火花塞点火，活塞向下运动，所以该冲程是做功冲程，其能量转化是内能转化为机械能；故B正确，C错误；
D、摩擦起电的过程只是电荷发生了转移，并没创造(产生)电荷，故D错误。
故选：B。
(1)并联电路中电流有多条通路，各支路上的用电器工作时互不影响，支路开关只控制本条支路，干路上的开关可控制整个电路；
(2)由进气门和排气门的关闭和打开情况、活塞的上行和下行情况来判断是哪个冲程；
(3)做功冲程，其能量转化是内能转化为机械能；
(4)摩擦起电只是电荷发生了转移，并没创造(产生)电荷。
此题给出了生活中一个常见的场景，要我们用所学的物理知识进行解答，解答此类题的关键是首先找出是用哪一部分的知识来进行解答。

10.【答案】C

【解析】解：由电路图可知，两灯泡并联，电流表a测通过灯泡L1的电流，电流表b测干路电流。
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，电流表a的示数小于电流表b的示数，
由于电流表a的指针偏转角度大于b的指针偏转角度，
所以，a电流表的量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，示数为0.3A；则I1=0.3A，
b电流表的量程为0∼3A，分度值为0.1A，示数为1.2A，则I=1.2A，
由并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知：
I2=I−I1=1.2A−0.3A=0.9A；
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由P=UI可得，灯L1和L2的所消耗的电功率：
P1P2=UI1UI2=I1I2=0.3A0.9A=13。
故选：C。
由电路图可知，两灯泡并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测通过灯泡L2的电流。两电流表的指针偏转角度不同，根据两电流表示数之间的关系判断出电流表的量程，然后读出示数，根据并联电路的电流特点求出两灯泡的电流，根据并联电路的电压特点和P=UI求出两灯泡消耗的电功率之比。
本题考查了并联电路的特点和电功率公式的灵活应用，确定好电流表的量程是关键。

11.【答案】定  2

【解析】解：(1)在升旗时，旗杆顶端的滑轮轴固定不动，是定滑轮，使用该滑轮的优点是可以改变力的方向；
(2)当五星红旗匀速上升时，绳对红旗的拉力和红旗受到的重力是一对平衡力，大小相等，定滑轮不能省力，所以旗手对绳的拉力大小等于2N。
故答案为：定；2。
(1)滑轮轴承固定的滑轮是定滑轮，使用定滑轮时不能省力，但可以改变力的方向；
(2)静止的物体和匀速直线运动的物体都受到平衡力的作用。
此题是考查定滑轮及其工作特点，难度不大，属于基础性的题目。

12.【答案】增大  增大  热值

【解析】解：探测器在加速上升过程中，其质量不变，高度变大，故重力势能变大；同时其质量不变，速度变大，即其动能变大，所以其机械能增大；
火箭采用液氢作为火箭的燃料，不仅液态氢的密度小，而且具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量。
故答案为：增大；增大；热值。
动能的大小与物体的质量和速度有关，重力势能的大小与物体的质量和高低有关，动能和重力势能统称为机械能；
某种物质完全燃烧放出的热量和质量的比值叫热值，热值在数值上等于1kg燃料完全燃烧所放出的热量，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，释放出的热量越多，所以在选择火箭燃料时首先应该考虑燃料热值的大小。
该题以我国发射火箭为背景，考查氢热值大的应用、动能和重力势能的影响因素等知识点，是一道综合题，但难度不大。

13.【答案】热传递  比热容  5.04×104

【解析】解：(1)暖手宝取暖，是利用热传递的方式增加手的内能；
(2)因为水的比热容比较大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以电热暖手宝内部液体通常是水。
(3)水放出的热量：
。
故答案为：热传递；比热容；5.04×104。
(1)做功与热传递是改变物体内能的两种方式。
(2)对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。
(3)知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温，利用放热公式求水放出的热量。
本题考查了对电改变物体内能的方式、水比热容大特性应用，以及热量公式的计算，考查知识点多，综合性强，但本题难度不大。

14.【答案】电饭锅  内  CD断路

【解析】解：台灯的额定功率一般小于40W，电饭锅的额定功率在1000W左右、电视机的额定功率在200W左右，所以规格为“220V 1000W”的用电器可能是电饭锅；
电饭锅在工作的过程中，电能主要转化为内；
开关闭合后，灯不亮，用试电笔测试A、B、C三点，氖管都发光，这说明从火线到ABC点之间的电路都是完好的，没有断路；而试电笔测试D点时，氖管不发光，这说明C点到D之间的导线出现断路。
故答案为：电饭锅；内；CD断路。
估测台灯、电饭锅、电视机的额定功率，确认规格为“220V 1000W”的用电器是哪一种用电器；
试电笔的用途：辨别火线和零线；试电笔的使用方法：使用试电笔时，手要接触试电笔尾部的金属体，笔尖接触电线，氖管发光表明接触的是火线，不发光是零线；用试电笔测试A、B、C三点，氖管都发光，这说明A、B、C与火线是连通的，据此判断。
本题考查了功率的估算、试电笔的使用及家庭电路故障的判断，属于基本技能的考查。

15.【答案】6 20 27

【解析】解：(1)根据电路图可知，开关S闭合后，滑片P移动到最左端时，电路为R1的简单电路，电流表测量电路电流，电压表测量电源电压，则电源电压U=6V，
根据I=UR可得：发热电阻R1=UI=6V0.3A=20Ω；
(2)滑片P移动到最右端时，发热电阻R1与滑动变阻器串联，滑动变阻器电阻全部接入电路，
则总电阻R=R1+R2=20Ω+20Ω=40Ω，
电路中的电流：I′=UR=6V40Ω=0.15A，
R1在1min内产生的热量Q1=I′2R1t=(0.15A)2×20Ω×60s=27J。
故答案为：6；20；27。
(1)根据电路图可知，开关S闭合后，滑片P移动到最左端时，电路为R1的简单电路，电流表测量电路电流，电压表测量电源电压，根据欧姆定律即可求出发热电阻R1；
(2)滑片P移动到最右端时，发热电阻R1与滑动变阻器串联，滑动变阻器电阻全部接入电路，根据串联电路电压特点和欧姆定律求出电路中电流，再利用Q=I2Rt求出R1在1min内产生的热量。
本题考查串联电路的特点、欧姆定律和焦耳定律的应用，关键是电路图的辨别，能灵活运用欧姆定律即可解答。

16.【答案】0.2280070%200

【解析】解：(1)动滑轮上升的速度等于物体上升的速度：
v=ht=4m20s=0.2m/s；
(2)由图知，有两段绳子承担总重，绳子自由端移动的距离s=2h=2×4m=8m，
有用功为：
；
拉力做的功：，
装置的机械效率为：
；
(3)拉力的功率：。
故答案为：0.2；2800；70%；200。
(1)根据v=st可求动滑轮上升的速度；
(2)根据图中滑轮组中线的绕法，有两段绳子承担总重，绳子自由端移动距离s=2h，由W=Gh算出有用功，由公式W=Fs可求出拉力所做的功；利用滑轮组机械效率的公式计算出滑轮组的机械效率；
(3)根据P=Wt计算出拉力的功率。
考查了滑轮组的机械效率、功率的计算以及滑轮组的使用特点，注意绳子自由端和物体被提升高度的关系。

17.【答案】解：对由一个动滑轮和一个定滑轮组成的滑轮组，可绕线方法有两股和三股两种，两种方法都达到了省力的目的，但拉力的方向不同；根据题意滑轮组最省力的绕法是绳子股数最多，即三股绕线的方法。
具体图形如下：


【解析】此题主要考查滑轮组承担物重绳子股数，滑轮组的绕线方法不同，拉力的方向不同，达到省力程度也不同，绳子股数越多越省力。

18.【答案】解：油箱中的油量消耗到最少时，滑杆向上移动到R的顶端，电压表的示数减小到零，这表明此时滑动变阻器接入电路的电阻为0，则应使滑动变阻器的上半部分电阻与R0串联，电压表并联在R两端，如下图所示：


【解析】根据电路图可知，要使油箱中的油量消耗到最少时，电压表的示数减小到零，则电压表需并联在变阻器两端，并且当电压表示数为零时，变阻器接入电路的阻值为零，因此需将滑动变阻器上半部分电阻串联在电路中。
本题考查了串联电路的特点、电压表的使用以及电路设计，分析好浮子高度变化时R接入电路中电阻的变化是关键。

19.【答案】右

【解析】解：图中杠杆左低右高，说明杠杆重心在支点的左侧，应让杠杆的重心右移，所以应将平衡螺母向右调，直到杠杆在水平位置平衡。
故答案为：右。
杠杆左低右高，则杠杆重心在支点左侧，据此确定平衡螺母的调节方向；
本题探究杠杆的平衡条件，考查器材的调试及目的，基础题目。

20.【答案】电阻  转换法

【解析】解：(1)由实验装置知，两电阻丝串联在电路中，通电时间相同，两电阻丝的电阻大小不同，所以这是探究电流通过导体产生的热量跟电阻的关系的实验装置；
(2)实验中，电阻丝产生热量越多，容器中空气吸热越多，体积膨胀的越大，U形管中液面高度差越大，所以通过左右两侧U形管液面的高度差来反应了导体产生热量的多少，运用了转化法。
故答案为：电阻；转换法。
(1)电流产生热量与电流、电阻和通电时间有关，由实验装置，根据控制变量分析判断实验目的；
(2)容器中空气吸热越多，体积膨胀的越大，U形管中液面高度差越大，即左右两侧U形管液面的高度差来反应了导体产生热量的多少。
本题探究电流产生热量影响因素的实验，主要考查了对控制变量法和转换法的理解和应用。

21.【答案】600

【解析】解：
3000imp/kW⋅h表示电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，指示灯闪烁3000次，
指示灯闪烁30次，则该用电器消耗的电能：
W=30imp3000imp/kW⋅h=0.01kW⋅h，
所用时间t=1min=160h，
用电器的实际电功率：P=Wt=0.01kW⋅h160h=0.6kW=600W。
故答案为：600。
3000imp/kW⋅h表示用电器每消耗1kW⋅h的电能，指示灯闪烁3000次，据此求出指示灯闪烁30次消耗的电能，然后根据P=Wt求出该用电器的功率。
本题考查了消耗电能和电功率的计算，明确电能表相关参数的意义是关键。

22.【答案】A 吸收的热量不同(加热时间不同)大于  C

【解析】解：(1)要用酒精灯的外焰加热，故在安装实验装置时应先固定石棉网，选A；
(3)①根据表中数据知，本次实验中通过观察水和沙子升高相同的温度吸收的热量不同(加热时间不同)来比较水和沙子吸热能力的大小；
②水和沙子升高相同温度时，水加热时间长，由转换法，水吸收的热量大于沙子吸收的热量；
(4)如果加热相同的时间，质量相同的水和沙子，沙子升高的温度更高，但刚开始加热时，水升温比沙子快，然后恢复正常，原因为沙子导热性能差，受热不均匀，导致沙子升温慢，故C符合题意；
而沙子比热容小，水的比热容大，水升温慢，沙子升温快，故AB不符合题意；
水中的温度计碰到了烧杯底部，温度计的示数会很高，且一直很高，故D不符合题意；
故选：C。
故答案为：(1)A；(3)①吸收的热量不同(加热时间不同)；②大于；(4)C。
(1)根据要用酒精灯的外焰加热分析；
(3)我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强；
(4)沙子导热性能差，容易受热不均匀。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法及注意事项与反常现象的分析，为热学中的重要实验。

23.【答案】1 无  有  右  2.4在电压一定时，通过导体的电流与其阻值成反比

【解析】解：
(1)甲电路中，电压表与定值电阻并联，电流表与定值电阻串联，电流从电表的正接线柱流入、负接线柱流出，故图1正确；
(2)若按图2所示电路图连接好电路后，闭合开关，由于电压表的内阻很大、在电路中相当于断路可知，因此电路中几乎无电流，但电压表的正负接线柱与电源两极相连，所以电流表无示数，电压表有示数；
(3)闭合开关前，需将滑动变阻器的滑片滑到阻值最大处，即滑片应放在最右端；
(4)由I=UR可得，定值电阻两端电压：U=I1R1=I2R2=I3R3=I4R4=0.12A×20Ω=0.16A×15Ω=0.24A×10Ω=0.48A×5Ω=2.4V；
(5)根据表中数据可得出结论是：在电压一定时，通过导体的电流与其阻值成反比。
故答案为：(1)1；(2)无；有；(3)右；(4)①2.4；(5)在电压一定时，通过导体的电流与其阻值成反比。
(1)根据电流表和电压表的正确使用进行分析，即电压表与被测电路元件并联、电流表与被测电路元件串联，电流从电表的正接线柱流入、负接线柱流出；
(2)根据电压表的内阻很大、在电路中相当于断路进行解答；
(3)闭合开关前，需将滑动变阻器的滑片滑到阻值最大处；
(4)根据欧姆定律的变形公式U=IR和表中数据求出定值电阻两端电压；
(5)在电压一定时，通过导体的电流与其阻值成反比。
本题考查了电表的正确使用、串联电路特点、欧姆定律的应用以及电路故障的判断和实验数据分析等，要注意电压表内阻特点和滑动变阻器的正确使用。

24.【答案】断开  A0.260.65保持滑片位置不变 

【解析】解：(1)测量小灯泡功率的实验中，电流表应与灯泡串联，电压表应与灯泡并联，灯泡的额定电压2.5V，所以电压表应选择0∼3V量程，
由P=UI可知，灯泡正常发光电流约为：I=PU=1W2.5V=0.4A，所以电流表应使用0∼0.6A量程，如图所示：

(2)为保护电路，连接电路时，开关应断开；
(3)A.若小灯泡短路，小灯泡不发光，电压表没有示数，电流表有示数，故A符合题意；
B.若小灯泡开短路，小灯泡不亮、电流表无示数，电压表串联在电路中测电源电压，故电压表有示数，故B不符合题意；
C.若电流表断路，整个电路断路，两表都没有示数，故C不符合题意；
 D.滑动变阻器短路，小灯泡发光，电流表有示数，电压表也有示数，滑片移动电流表示数不变，故D不符合题意；
故选：A；
(4)排除故障后，通过正确操作使小灯泡正常发光，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.26A，则该小灯泡的额定功率为：
P=UI=2.5V×0.26A=0.65W；
(5)操作步骤：
①断开S1、闭合S2，移动滑片，使电压表示数等于灯泡的额定电压；
②保持滑片位置不变，断开S2、闭合S1，记下电压表示数U；
在①中，电压表测灯的电压，电压表示数等于灯泡的额定电压，灯正常发光；
在②中，电压表测灯与定值电阻的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，此时定值电阻的电压：
，由欧姆定律，电路的电流即灯的额定电流：
，
则小灯泡额定功率表达式：。
故答案为：(1)如上所示；(2)断开；(3)A；(4)0.26；0.65；(5)保持滑片位置不变；。
(1)已知灯的额定电压和额定功率小于1W，根据P=UI求出灯的额定电流取值范围，据此确定电流表选用小量程与灯串联，根据小灯泡的额定电压确定电压表的量程，电压表与电阻并联；
(2)为保护电路，连接电路时，开关应断开；
(3)逐一分析每个选项，找出符合题意的答案；
(4)根据电流表选用小量程确定分度值读数，由P=UI得出灯的额定功率；
(5)若该电路中没有电流表，电压表和定值电阻应起到测量电流的作用，故将灯与定值电阻串联后再与变阻器串联；
要测灯的额定功率，首先使灯正常发光，先将电压表与灯并联，通过移动滑片的位置，使灯的电压为额定电压；保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表测灯与定值电阻的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，可求出此时定值电阻的电压，由欧姆定律可求出灯的额定电流，根据P=UI可求出灯的额定功率。
本题测量小灯泡的电功率，考查电路连接、注意事项、故障分析、电流表读数、功率计算和设计方案测额定功率的能力，最后一问难度较大。

25.【答案】26.6×105  440Ω704W

【解析】解：(1)由图甲可知，当开关S与触点1连接时，电路中只接R1，电路中电阻较小，电功率为：，此时为加热状态；
当开关S与触点2连接时，电路中R1、R2串联，电路中电阻较大，电功率为：，此时为保温状态；
故开关S接触点2时，电饭锅处于保温状态；
(2)按下开关S与触点1连接，加热10min，电饭锅消耗的电能：
；
(3)当开关S与触点2连接时，电饭锅处于保温状态，
电能表的转盘在1min内转过5转，
消耗的电能：
，
保温功率为：，
两电阻串联的总电阻：，
R2的阻值：
；
(4)用电高峰时，实际电压，
电饭锅加热状态的实际功率：
。
答：(1)2；(2)6.6×105；(3)440Ω；(4)704W。
(1)分析电路图，比较开关S与触点1、2连接时，电路中电阻大小关系，电源电压一定，利用P=U2R分析电功率大小关系，进而得出是处于加热状态还是保温状态；
(2)用计算加热10min消耗的电能；
(3)当开关S与触点2连接时，R1、R2串联，电饭锅处于保温状态，根据电能表参数3000r/kW⋅h及电能表的转盘在1min内转过5转，计算保温时消耗的电能，再利用求保温功率，利用求串联总电阻，进而求出R2的阻值；
(4)求出用电高峰时实际电压，利用求电饭锅加热状态的实际功率。
本题考查了消耗电能、电功率的计算，关键是分析电路图得出加热、保温状态时的电路组成。

26.【答案】减小  25 3 40 左

【解析】解：
(1)如图乙所示，当压力增大时，传感器的电阻值会减小；
(2)闭合开关时，压力传感器和报警器串联，
由图乙可知当踏板空载时，压力传感器的电阻为R=25Ω，
此时电路中的电流：I=UR+R0=8V25Ω+15Ω=0.2A，
由I=UR可得，报警器两端的电压：U0=IR0=0.2A×15Ω=3V，即电压表示数为3V；
(3)报警器R0开始发出报警信号时，U0′=6V，此时电路中的电流I′=U0′R0=6V15Ω=0.4A，
传感器两端的电压：，
传感器的阻值，
由图象可知当传感器的阻值为5Ω时，对应的压力为8N，
根据杠杆平衡条件可得：，
即，解得；
(4)一段时间以后电源电压会降低，R0两端分得的电压减低，根据串联电路的分压特点可知，应减小压敏电阻分担的电压，保证R0两端分得的电压不变，此时就应该减小压敏电阻的阻值，因电阻值随所受压力的增大而减小，所以应该增大压杆对传感器的压力，由杠杆平衡条件可知，OA不变，不变，所以和OB成正比，要增大压杆对传感器的压力，应增大OB，即把踏板触点B向左移动。
故答案为：
(1)减小；(2)25；3；(3)40；(4)左。
(1)分析图乙中横轴和纵轴表示的对象，根据曲线变化判断；
(2)由图乙可知当踏板空载时，压力传感器的电阻为25Ω，闭合开关时，压力传感器和报警器串联，根据欧姆定律求出电流，再求出报警器两端的电压，即为电压表示数；
(3)电压表示数达到6V时，报警器R0开始发出报警信号，根据欧姆定律求出电流，再求出压力传感器两端的电压，根据欧姆定律求出压力传感器的阻值，从图象中找出压力值，再根据杠杆平衡条件求出踏板设定的最大压力值；
(4)一段时间以后电源电压会降低，R0两端分得的电压减低，如果不更换电池，为保证报警器仍在踏板原设定的最大压力值时报警，应增大R0两端的电压，根据杠杆的平衡条件判断踏板触点移动的方向。
本题中主要考查了串联电路分压的特点、杠杆平衡条件的应用等，具有一定的综合性，理解图象和这一装置的工作原理，是解决此题的前提，对我们分析题意的能力要求较高。