2020-2021学年陕西省宝鸡市凤翔县九年级（上）期末物理试卷

这是一份2020-2021学年陕西省宝鸡市凤翔县九年级（上）期末物理试卷，共21页。试卷主要包含了L2串联在电路中，如图所示等内容，欢迎下载使用。


2020-2021学年陕西省宝鸡市凤翔县九年级（上）期末物理试卷
1. 如图所示是汽油机工作时各冲程的示意图，其中表示内能转化为机械能的冲程是( )
A. B. C. D.
2. 下列实例中，不能用来说明“分子在不停地运动”的是( )
A. 湿衣服在太阳下被晒干 B. 炒菜时加点盐，菜就有咸味
C. 扫地时灰尘飞扬 D. 香水瓶盖打开后能闻到香味
3. “破镜”不能“重圆”的原因是( )
A. 分子间的作用力因玻璃被打碎而消失
B. 玻璃表面太光滑
C. 玻璃的分子间只有斥力没有引力
D. 玻璃碎片间的距离太大，大于分子间发生相互吸引的距离
4. 关于物体的内能，下列说法不正确的是( )
A. 炽热的铁水有内能 B. 抛在空中的篮球具有内能
C. 物体的温度升高时，内能增加 D. 水结成冰后，就不再有内能
5. 如图所示电路中两只灯泡L1和L2均正常发光，则下面说法中正确的是( )

A. 甲是电流表，乙是电压表 B. 甲是电压表，乙是电流表
C. 甲、乙都是电流表 D. 甲、乙都是电压表
6. 将两只额定电压相同的小灯泡L1、L2串联在电路中，如图所示。闭合开关后，发现灯L1较亮，灯L2较暗，其原因为( )
A. 灯L1额定功率较大 B. 灯L2两端电压较大
C. 灯L1的电阻较大 D. 通过灯L1的电流较大
7. 小云家卫生间安装了换气扇和照明灯，换气扇和照明灯的电路连接如图所示，下列说法中正确的是( )

A. 换气扇和照明灯不能同时工作
B. 换气扇和照明灯只能同时工作
C. 换气扇和照明灯工作时，通过它们的电流一定相等
D. 换气扇和照明灯工作时，它们两端的电压一定相等
8. 如图是一种可测定油箱内油面高度的装置，R′是定值电阻，R是滑动变阻器，它的金属划片是杠杆的一端，油量表由电流表改装而成，通过两只电表的示数变化可以反映油面的高度变化，关于此装置的工作原理，下列说法中正确的是( )
A. 当油面高度升高时，油量表示数减小
B. 当油面高度升高时，电压表示数增大
C. 当油面高度降低时，油量表示数增大
D. 当油面高度降低时，电压表示数不变
9. 如图所示的电路，闭合开关S，将滑片P向右移动时( )
A. 电压表示数变大，电流表示数变大
B. 电压表示数变小，电流表示数变大
C. 电压表示数变小，电流表示数变小
D. 电压表示数与电流表示数的比值变大


10. 如图所示的电路中，电源两端电压为6V并保持不变，定值电阻R1的阻值为10Ω，滑动变阻器R2的最大阻值为20Ω。当开关S闭合滑动变阻器的滑片P由b端移到a端的过程中，下列说法中正确的是( )
A. 电压表的示数不变，电流表的示数变大
B. 电压表和电流表的示数的比值变小
C. 电压表的示数变化范围为2V∼6V
D. 电流表的示数变化范围为0.3A∼0.6A
11. “歼20”是我国自主研制的新一代隐身重型歼击机，具有卓越的机动性能，当它在空中加速向下俯冲时，动能______，重力势能______.(选填“增大”、“不变”或“减小”)
12. 日常生活中生火煮饭是通过______ 的方式改变内能的，而钻木取火是通过______ 的方式改变内能的。
13. 一台汽油机飞轮转速为3000转/分，则在1分钟内完成______ 个工作循环，活塞往复______ 次，对外做功______ 次。
14. 如图所示，要使灯L1与L2串联，应该闭合开关______，断开开关______；如果要使灯L1与L2并联，则应该闭合开关______，断开开关______；如果三只开关全闭合，电路发生______。
15. 如图所示，当开关S1闭合，S2断开时，电流表A的示数为0.24A，则通过灯L1的电流是______ A，通过灯L2的电流是______ A；当S1和S2都闭合时，电流表的示数为0.56A，则此时通过灯L1电流为______ A，通过灯L2的电流为______ A.
16. 两个电阻，分别标有“3V0.5A”和”6V0.3A”字样。将它们串联后接入电路中使用，电路中电流不能超过______ A，两端允许加的最大电压是______ V；它们并联后接入电路使用，电路两端的允许加的最大电压是______ V，电路中的最大电流是______ A。
17. 如图甲所示，电源电压保持不变，小灯泡的额定电压为12V，闭合开关S后，当滑片P从最右端滑到最左端的过程中，小灯泡的I−U关系图象如图乙所示，则电源电压为______V，小灯泡正常发光的电阻为______Ω

18. 如图是研究并联电路电流规律的实验。请完成实物电路的连接(其中A1、A2分别测通过R1、R2的电流。A测干路中的电流)。








19. 请用笔画线代替导线完成符合安全用电要求的家庭电路连接图。












20. 按要求回答下列问题。
(1)如图1甲，电流表示数是______ A；如图1乙，该电阻箱连入电路的阻值是______ Ω。

(2)在“用电流表测电流”的实验中，某同学接成如图2(a)所示的电路。当开关闭合后，两灯都发光，两个电流表的指针所指位置均为图2(b)所示，则通过灯L2的电流为______ A，灯L1的电流为______ A。
21. 在测量小灯泡正常发光时的电阻的实验中，选用的电源电压为4.5V，小灯泡的额定电压为2.5V，图甲是未连接完整的实验电路．

(1)连接实验电路的过程中开关应______ .
(2)请你用笔画线代替导线，将图甲所示的实验电路连接完整(要求滑动变阻器的滑片P向左移动时电流表的示数变大).
(3)闭合开关后，缓慢移动滑动变阻器的滑片p，同时观察电压表示数的变化，当电压表的示数如图乙所示时，其读数为______ V；若要测得小灯泡正常发光时的电阻，滑片P应向______ (选填“A”或“B”)端移动．
(4)实验时闭合开关，两表均有示数，若将小灯泡从灯座中取走，电压表______ 示数，电流表______ 示数(两空均选填“有”或“无”).
(5)改变滑片P的位置，获得多组对应的电压、电流值，绘制了如图丙所示的I−U图象(不计小灯泡电阻随温度的变化).由图象可知，小灯泡正常发光时的电阻是______ Ω.
22. 物理兴趣小组在“探究水果电池电压”的实验中：
小明用铜片和锌片作为电极插入较小的柠檬制成了一个水果电池如图所示小华用铜片和铝片插入较大的柠檬也制成了一个水果电池他们分别连通相同的音乐芯片，小华比小明的芯片声音要响一些由此他们作出如下猜想：
猜想一：水果电池电压可能与水果的大小有关
猜想二：水果电池电压可能与电极的材料有关
猜想三：水果电池电压可能与两电极间的距离有关
猜想四水果电池电压可能与电极插入水果的深度有关
(1)该实验的研究方法是______
(2)为了验证猜想一，小明用同一个柠檬制成水果电池，沿着电极插入的方向不断慢慢地切去外侧的部分柠檬分别测出电压，如表一所示
表一
柠檬大小
一个
大半个
半个
小半个
电压U/V
0.80
0.80
0.80
0.80
分析表中数据，说明猜想是______ (正确/错误)的。
(3)为了验证猜想二，小华用铜片作为电池的正极分别用外形相同的锌铝铁等金属片作为电池的负极，将金属片电极插入柠檬，并保持______ 和______ 相同，分别测出电压，如表二所示：
表二
电极材料
铜和锌
铜和铝
铜和铁
电压U/V
0.880
0.60
0.46
分析表中数据，说明猜想二是______ (正确/错误)的，得到的结论是______ 。
(4)小明先将柠檬压在桌面上滚了几下，再做成水果电池测出电压达到1.0V，据此请你提出一个有价值、可探究的问题______ 。

23. 用天然气灶烧水，燃烧0.3m3的天然气，使50kg的水从20℃升高到70℃.已知水的比热容c=4.2×103J/(kg⋅℃)，天然气的热值q=7.0×107J/m3.求：
(1)0.3m3天然气完全燃烧放出的热量。
(2)水吸收的热量。
(3)燃气灶的效率η。







24. 小明同学家里的电热饮水机有加热和保温两种功能，可由机内温控开关S0进行自动控制。小明从说明书上收集到如表中的部分数据和图甲所示的电路原理图。
额定电压
220V
频率
50Hz
额定加热功率
1100W
请解答如下问题：
(1)这个电热饮水机正常工作时，在加热状态下的总电流大约是多大？
(2)若电阻R2的阻值为48.4Ω，则电阻R1的阻值为多少？
(3)在傍晚用电高峰期供电电压可能会下降。当实际电压只有198V时，这个电热饮水机加热的实际功率是多大？







答案和解析
1.【答案】C

【解析】
【分析】
本题考查内燃机的四个冲程。
解答此类题注意总结规律，在内燃机的四个冲程中，进气阀和排气阀均关闭的只有压缩冲程和做功冲程，而在压缩冲程中活塞向上运动，做功冲程中活塞向下运动；一个气阀打开，另一个气阀关闭的是吸气冲程和排气冲程，而在吸气冲程中活塞向下运动，排气冲程中活塞向上运动；
在压缩冲程中，机械能转化为内能；在做功冲程中，内能转化为机械能；
根据曲轴的转动方向判断活塞的运行方向，再根据气门的关闭情况就可以确定是哪一个冲程。
【解答】
A.进气门开启，活塞下行，气体流入汽缸，是吸气冲程；故不符合题意；
B.两气门都关闭，活塞上行，汽缸容积变小，是压缩冲程，机械能转化为内能；故不符合题意；
C.两气门都关闭，活塞下行，汽缸容积变大，是做功冲程，内能转化为机械能；故符合题意；
D.排气门开启，活塞上行，气体流出汽缸，是排气冲程；故不符合题意。
故选C。  
2.【答案】C

【解析】解：A、湿衣服会变干，是因为衣服上的水分子不断地运动到了空气中，故能说明分子在不停地运动，不符合题意；
B、炒菜时加点盐，盐分子就会运动到菜中，且炒菜时温度高，分子运动加剧，所以菜变咸了，是盐分子不停地做无规则运动的结果，不符合题意；
C、扫地时尘土飞扬是固体小颗粒的运动，不是分子的运动，符合题意；
D、这是香水的香气扩散到空气中，扩散表明分子不停地做无规则运动，不符合题意；
故选：C。
本题需要从分子的角度来对每个选项进行分析。注意分子运动和物质运动的区别，分子是看不见的，固体小颗粒是看得见的。
判断扩散现象是本题的关键，扩散现象的发生实质是分子的运动，分子的运动是无法用眼睛观察的，只能通过一些现象来判断分子的运动，如果我们看到的微小颗粒的运动，不属于扩散现象，例如尘土飞扬、树叶飞舞、纸片飞舞等等，都不属于扩散现象。

3.【答案】D

【解析】解：破镜不能重圆，是因为玻璃的硬度大，玻璃放在一起不容易发生形变，玻璃分子间的距离不能达到小于分子直径的10倍的程度，超出了分子力的作用范围。故无法产生引力；
故选：D。
解答本题需掌握分子间作用力的条件：分子间距离大于分子直径10倍的时候，分子间既无引力，也无斥力。
本题主要考查学生对分子间作用力的条件的理解和掌握及应用，要明确玻璃无法重新粘合的原因。

4.【答案】D

【解析】解：A、一切物体在任何情况下都具有内能，故炽热的铁水也具有内能。
B、同上，抛在空中的篮球具有内能。
C、影响内能大小的因素是质量、温度和状态。物体的温度升高，分子的无规则运动加剧，内能增大。
D、同A一样的道理，水结冰后也具有内能。
故选：D。
要解答本题需掌握：①内能是所有分子动能和分子势能的总和。②影响内能大小的因素是质量、温度和状态。③内能与机械能没有什么必然的联系。
本题主要考查学生对：内能的概念的了解和掌握。

5.【答案】A

【解析】解：A、若甲是电流表，乙是电压表，灯泡L1和L2并联，两灯发光，电流表测L2电流，电压表测电源电压；
B、若甲是电压表，乙是电流表，导线会将灯泡L2短路，不发光；
C、若甲、乙都是电流表，则L1和L2都短路，都不能正常发光；
D、若甲和乙都是电压表，灯泡L2和电压表甲串联，不发光。
故选：A。
电流表要和被测用电器串联，电压表和被测用电器并联。
可以根据电流表和电压表的使用方法进行逐个排除。
本题考查的是电压表和电流表的连接对电路产生影响的判断，这是电学中最基本的东西，需要掌握。

6.【答案】C

【解析】解：BCD、两灯串联在电路中，根据串联电路中各处的电流都相等，故D选项错误，
灯的亮度取决于灯的实际功率，灯L1较亮，灯L2较暗，所以，L1的实际功率较大，，
根据P=UI，由于通过两灯的电流相等，所以，L1的电压较大，B选项错误；
根据P=I2R，L1的电阻较大，C选项正确；
A、两灯的额定电压相同，因灯L1的电阻较大，根据P=U2R，灯L1的额定功率较小，A选项错误；
故选：C。
BCD、根据串联电路中各处的电流都相等，结合灯的亮度取决于灯的实际功率，由P=UI判断两灯的电压大小，由P=I2R判断两灯的电阻大小；
A、根据欧姆定律判断两灯的电压大小关系。
本题考查欧姆定律、灯的亮度的决定因素及串联电路电流的规律及电功率公式的灵活运用，为易错题，难度较大。

7.【答案】D

【解析】解：
(1)由图知，换气扇和照明灯并列连接，且都有对应的开关进行控制，则通过开关的控制两用电器可以单独工作，也可以同时工作，故AB错误；
(2)照明灯与换气扇的连接方式是并联，则它们两端的电压一定相等，故D正确；
当两电器的功率不同时，由P=UI可知，通过的电流就不相同，故C错误；
故选：D。
并联电路的特点：在并联电路中，从电源正极流出的电流在分支处要分为两路，每一路都有电流流过，因此即使某一支路断开，但另一支路仍会与干路构成通路。
本题考查并联电路的应用及特点，要结合串联和并联特点进行分析。

8.【答案】B

【解析】解：由电路图可知，两电阻串联，油量表(电流表)测电路中的电流，电压表测R′两端的电压。
(1)当油面上升时，R接入电路的电阻变小，电路中的总电阻R变小，电源电压不变，
由于I=UR可知，电路中的电流I变大，油量表的示数变大，电阻R′阻值不变，
由U=IR可知，R′两端的电压变大，电压表示数变大，故A错误；B正确；
(2)当油面下降时，R接入电路的电阻变大，电路中的总电阻R变大，电源电压不变，由于I=UR可知，
电路中的电流I变小，油量表的示数变小，电阻R′阻值不变，由U=IR可知，R′两端的电压变小，电压表示数变小，故CD错误；
故选：B。
当油量发生为化时，浮标随之运动，带动与浮标相连的指针运动，则可知滑动变阻器接入电阻的变化，由欧姆定律电路中电流的变化和和R1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点判断电压表示数的变化。
本题考查欧姆定律及滑动变阻器在生活中的应用，要通过对图的分析得出仪器的原理，再由物理规律求解。

9.【答案】D

【解析】解：由图示电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电流表测电路电流，电压表测滑动变阻器两端电压；闭合开关，滑片P向右移动过程中，滑动变阻器接入电路的阻值变大，电路总电阻增大；
滑片向右移动过程中，滑动变阻器接入电路阻值变大，电路总电阻变大，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路电流减小，电流表示数减小，滑动变阻器分压变大，电压表示数变大；故ABC错误；
电压表测滑动变阻器两端电压，电流表测电路电流，电压表与电流表示数是滑动变阻器阻值，滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值增大，则电压表示数与电流表示数的比值变大，故D正确。
故选：D。
分析清楚电路结构，根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后应用串联电路特点与欧姆定律分析答题。
本题是一道电路动态分析题，分析清楚电路结构是正确解题的前提与关键，分析清楚电路结构、根据滑动变阻器阻值的变化、应用串联电路特点与欧姆定律即可正确解题。

10.【答案】C

【解析】解：由电路图可知，电阻R1和滑动变阻器R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中电流；
AB、当滑片由b端移到a端的过程中，滑动变阻器的阻值变小，电路中的总电阻变小；电源电压不变，根据欧姆定律可知电路中的电流变大，即电流表示数变大；
根据串联电路电阻的分压特点可知R1两端电压变大，即电压表示数变大，电压表和电流表的示数的比值为R1的电阻，保持不变，故AB错误；
CD、当滑片在b端时，R1、R2串联，电路的总电阻为R=R1+R2=10Ω+20Ω=30Ω；
电路中的电流为I=UR=6V30Ω=0.2A；
电压表的示数为U1=IR1=0.2A×10Ω=2V；
当滑片在a端时，电路中只有R1，
此时电路中的电流为I=UR1=6V10Ω=0.6A，
R1两端电压为电源电压，电压表示数为6V。
故滑片由b端移到a端的过程中，电流表的示数变化范围是0.2A∼0.6A，
电压表的示数变化范围是2V∼6V，故C正确，D错误。
故选：C。
由电路图可知，电阻R1和滑动变阻器R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中电流；
根据滑动变阻器的移动可知电路中总电阻的变化，根据欧姆定律求出电路中电流的变化，再根据串联电路的分压特点求出电压表的示数变化。根据欧姆定律和串联电路的特点分别求出当滑片在b端时和a端时电流表和电压表的示数，进而得出两表示数的变化范围。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的计算，关键是滑动变阻器处于不同位置时电路图的辨别和电表量程的判断。

11.【答案】增大  减小

【解析】解：“歼20”在空中加速向下俯冲时，质量不变，速度不断增大，动能增大．高度不断减小，重力势能不断减小．
故答案为：增大；减小．
判断“歼20”在空中加速向下俯冲时动能和重力势能的变化，从动能和重力势能大小的影响因素考虑．
(1)动能大小的影响因素：质量、速度．质量越大，速度越大，动能越大．
(2)重力势能大小的影响因素：质量、被举的高度．质量越大，高度越高，重力势能越大．
掌握动能、重力势能影响因素，利用控制变量法，判断动能、重力势能变化．

12.【答案】热传递  做功

【解析】解：
生火煮饭时，饭从火焰中吸收热量，温度升高，是通过热传递的方式改变物体内能的；
钻木取火，故此过程机械能转化成内能，是做功改变的物体内能。
故答案为：热传递；做功。
(1)热传递改变物体内能是能的转移过程，即内能从高温物体向低温物体转移的过程，在此过程中能的形式不发生变化；
(2)做功改变物体内能是能的转化过程，做功的过程中能量的形式变了，是机械能和内能的转化过程。
热传递过程是能量的转移过程，做功过程是能量的转化过程。

13.【答案】1500 3000 1500

【解析】解：台四冲程汽油机的转速为3000r/min，表示1min飞轮转动3000圈，
因热机完成一个工作循环，要经过4个冲程，燃气对外做功1次，活塞往返2次，飞轮转动2周，
所以，1min内活塞往复3000次，曲轴转动3000周，完成1500个工作循环，对外做功1500次。
故答案为：1500；3000；1500。
热机完成一个工作循环，要经过4个冲程，燃气对外做功1次，活塞往返2次，飞轮转动2周，据此进行解答。
本题考查了内燃机的四个冲程工作特点，记住相关的数据大小，会根据转速进行相关计算。

14.【答案】S3S1、S2S1、S2S3短路

【解析】解：(1)由电路图可知，开关S闭合，开关S1、S2都断开，S3闭合时，L1与L2并首尾顺次连接，两灯串联。
(2)由电路图可知，开关S1、S2都闭合，S3断开时，L1与L2并首首相连、尾尾相连，两灯是并联的。
(3)当开关S1、S2、S3全部闭合时，电源的两极直接用导线连接起来了，造成电源短路，损坏电源。
故答案为：S3；S1、S2；S1、S2；S3；短路。
(1)各电路元件首尾顺次连接，电路只有一条电流路径的连接方式是串联。
(2)各电路元件首首相连、尾尾相连，电路有多条电流路径的连接方式是并联。
(3)导线直接将电源两端相连时，将形成电源短路。
本题考查了开关的不同状态对电灯的连接方式的影响，能够画出开关处于不同状态时的电路图是解题的关键。

15.【答案】0.24；0.24；0.56；0

【解析】解：当开关S1闭合，S2断开时，两灯泡串联；由于串联电路中处处电流相等，因此通过灯L1的电流和通过灯L2的电流都为0.24A；
当S1和S2都闭合时，灯泡L2被短路，则通过灯L2的电流为0；电流表测量通过灯L1的电流，因此通过灯L1电流为0.56A.
故答案为：0.24；0.24；0.56；0.
从图中可以看出，当开关S1闭合，S2断开时，两灯泡串联，电流表测量串联电路中的电流；
当S1和S2都闭合时，灯泡L2被短路，电路中只有灯泡L1，电流表测量通过灯L1的电流．
本题考查学生能否正确判断电路的连接方式以及串联电路中电流的规律．

16.【答案】0.37.830.65

【解析】解：(1)从题可知，I1=0.5A，I2=0.3A，
因串联电路中各处各处的电流相等，且I1>I2，
所以，当它们串联接到电路里时，为了让每一个用电器都工作，串联电路中的电流为：，
根据欧姆定律可知，“3V0.5A”的电阻阻值：R1=U1I1=3V0.5A=6Ω，
”6V0.3A”的电阻阻值；R2=U2I2=6V0.3A=20Ω，
串联之后总电阻：R=6Ω+20Ω=26Ω，
电路两端允许加的最大电压为：；
(2)当它们并联接到电路里时，U1=3V，U2=6V，
因并联电路中各支路两端的电压相等，且U1 所以，为了让每一个用电器都工作，并联电路两端的电压为：，
此时通过R1的电流为0.5A，此时通过R2的电流：
，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流：
。
故答案为：0.3；7.8；3；0.65。
(1)串联电路处处电流相等，为了不损坏电阻，比较两电阻允许通过的最大电流，选其中较小的电流，根据电阻串联的特点得出总电阻，根据欧姆定律得出电路两端允许加的最大电压；
(2)知道电阻的额定功率和额定电压电压，根据欧姆定律求出电阻的阻值，并联电路两端电压相等，为了不损坏电阻，然后两电阻两端的电压，选其中较小的电压，根据欧姆定律求出通过两电阻的电流，再根据并联电路的电流特点求出干路的最大电流。
本题考查了串联电路的特点和并联电路的特点以及欧姆定律的应用，难度不大。

17.【答案】12；6

【解析】
【分析】
本题考查了欧姆定律的应用，从图象中获取有用的信息是关键。
由电路图可知，当滑片P位于最左端时电路为L的简单电路，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流，根据图乙读出电压表的示数即为电源的电压，额定电压下灯泡正常发光，根据欧姆定律求出求出小灯泡正常发光时的电阻。
【解答】
由电路图可知，当滑片P位于最左端时，电路为灯泡L的简单电路，此时电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流，
由图象可知，电压表的最大示数为12V，电流表的最大示数为2A，
则电源电压：U=UL=12V；
因额定电压下灯泡正常发光，
所以，由I=UR可得，小灯泡正常发光时的电阻：
RL=ULIL=12V2A=6Ω。
故答案为：12；6。  
18.【答案】解：两电阻并联，A1与R1串联，A2与R2串联，A串联在干路中，如图：


【解析】两电阻并联，A1、A2分别测通过R1、R2的电流，A测干路中的电流，根据先串后并的原则依次连接，连接电流表时要注意正进负出。
本题考查实物图的连接，关键是分析出电路的连接情况，根据题意连接实物图是初中物理的难点也是重点。

19.【答案】解：
(1)三孔插座的上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。当金属外壳的用电器插入三孔插座时，能使金属外壳接地，防止漏电时发生触电事故；
(2)火线首先进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接进入灯泡的螺旋套。这样开关既能控制灯泡，又能在灯泡损坏时，断开开关，切断火线，更换灯泡时更安全。如图所示：


【解析】家庭电路中，开关控制灯泡时，火线首先进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接进入灯泡的螺旋套。
家庭电路中，三孔插座的上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。
在家庭电路中，安装各个元件，不但考虑各元件能正常工作，更要考虑使用的安全性。

20.【答案】0.464271.280.32

【解析】解：
(1)电流表选用的是小量程，分度值为0.02A，示数为0.46A；电阻箱的示数，R=0×1000Ω+4×100Ω+2×10Ω+7×1Ω=427Ω；
(2)由图(a)可知，两灯并联，两电流表A1和A2分别测量的是干路和支路电流，由于干路电流大于支路电流，A1测量干路电流，故A1选用的是大量程，由b图可知干路电流为I=1.60A；
A2测量通过灯泡L2的电流，故A2选择的是小量程，所以L2的电流为I2=0.32A；
由并联电路电流的规律I=I1+I2可得，通过灯L1的电流：I1=I−I2=1.60A−0.32A=1.28A。
故答案为：(1)0.46；427；(2)1.28；0.32。
(1)先确定电流表的量程和分度值，然后读数；按照电阻箱的读数方法，用△所对的数字乘以下面的倍数，然后把他们相加，就得出电阻箱的示数；
(2)由图(a)可知两电流表分别测量的是干路和支路电流，由图(b)可读数，则通过L2电流，可由并联电路电流的规律求得L1的电流。
学会读数，对于同一个电流表由两个量程：0.6A和3A.它们之间是5倍的关系。所以示数小的是支路电流，示数大的是干路电流。

21.【答案】断开；1.8；A；有；无；10

【解析】解：(1)连接实物图时，开关要处于断开状态，防止连接完最后一根导线，电路接通，烧坏元件，

(2)为保护电路，连接电路时，开关应断开；滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中．
(3)电压表测量灯泡的电压，电压表示数为1.8V，灯泡两端的电压为1.8V，
要使灯泡两端电压由1.8增大到2.5V，电路电流要增大，总电阻减小，滑动变阻器连入电路的部分减小，滑片向A端移动．
(4)实验时闭合开关，两表均有示数，若将小灯泡从灯座中取走，此时电路相当于电压表与滑动变阻器串联，由于电压表的电阻太大，电路中的电流几乎为零，因此电流表无示数，而电压表有示数(几乎为电源电压).
闭合开关后，发现小灯泡不亮，但电表有示数，说明电路是通路，不用更换灯泡，也不用检查电路是否断路，可能是连入电阻太大，电路中电流太小所致，分析电阻过大的原因，然后进行下一步操作．
(5)由图象可知，当小灯泡L正常发光时的电压为2.5V，由图象可知对应的电流为0.25A；因此小灯泡正常发光时的电阻是R=UI=2.5V0.25A=10Ω.
故答案为：(1)断开；(2)如图；(3)1.8；A；(4)有；无；(5)10.
(1)为防止电路中电流过大，在连接电路时，开关应该断开；
(2)掌握滑动变阻器的连接方式：一上一下；
(3)要测量小灯泡正常发光时的电阻，需使小灯泡两端的电压等于额定电压；
确定电压表的量程后读出电压表的数值，根据串联电路分压的知识或欧姆定律判断滑动变阻器阻值的变化，得出滑片移动的方向；
(4)掌握断路的概念及特点，若串联电路发生断路，则电路中不会有电流，用电器不工作，断路处的电压为电源电压；
(5)根据图象确定额定电压下的电流，根据公式R=UI计算出电阻的阻值．
本题考查了实物图的连接、滑动变阻器的使用、电压表的读数、电路故障的判断、功率的计算等．其中实物图的连接在实验题中出现的频率很高，一定要掌握．

22.【答案】控制变量法  错误  两电极间的距离  电极插入水果中的深度  正确  其他条件一定时，水果电池电压与电极的材料有关  水果电池的电压可能与水果的软硬度有关

【解析】解：
(1)“探究水果电池电压”的实验中，由于水果电池电压与多个因素有关，所以探究过程中采用的是控制变量法；
(2)小明用同一个柠檬制成水果电池，沿着电极插入的方向不断慢慢地切去外侧的部分柠檬，这样就控制了电极材料，通过表一中的数据可知，水果大小变化后，电压表的示数不变，可得结论：水果电池电压与水果大小无关，即猜想一错误；
(3)要验证猜想二，即水果电池电压与电极的材料的关系，根据猜想的因素，应保持两电极插入电极间的距离、电极插入水果的深度相同；由表格二数据，铜与不同金属做电极时，电压表示数不同，说明水果电池电压与电极的材料有关；
(4)将柠檬压在桌面上滚动后，柠檬会变软，测出电压不同，由此提出的探究问题：水果电池的电压可能与水果的软硬度有关。
故答案为：(1)控制变量法；(2)错误；(3)两电极间的距离；电极插入水果中的深度；正确；其他条件一定时，水果电池电压与电极的材料有关；(4)水果电池的电压可能与水果的软硬度有关。
(1)根据猜想，水果电池电压与多个因素有关，探究过程中应用到控制变量法；
(2)分析表格中数据，利用控制变量法可得结论；
(3)除了猜想的因素外，水果电池电压与两电极间的距离、电极插入水果的深度可能有关，分析表格数据可得结论；
(4)将柠檬压在桌面上滚了几下，柠檬会变软，由此提出可探究的问题。
本题目结合水果电池电压的影响因素，考查对控制变量法的理解和运用，这种研究方法就是把多因素的问题变成多个单因素的问题来研究。

23.【答案】解：(1)0.3m3天然气完全燃烧放出的热量；
；
(2)水吸收的热量：
；
(3)燃气灶的效率：
。
答：(1)0.3m3天然气完全燃烧放出的热量为2.1×107J；
(2)水吸收的热量为1.05×107J；
(3)燃气灶的效率为50%。

【解析】(1)由可求出天然气完全燃烧放出的热量；
(2)已知水的质量、水的比热容以及水的初温和末温，利用公式求出水吸收的热量；
(3)燃气灶的效率等于水吸收的热量跟天然气完全燃烧放出的热量之比。
本题考查了吸热公式、燃料完全燃烧放热公式和效率公式的应用，需要注意温度“升高到(末温)”和“升高了(△t)”的区别。

24.【答案】解：
(1)由表中数据知，加热时的功率，
由P=UI可得，此时电路中的总电流：；
(2)由图知，S0断开，S闭合时，只有电阻R2接入电路；两开关都闭合时，两电阻并联；
因并联电路中的总电阻小于任一分电阻，由P=U2R可知，S0断开，S闭合时，饮水机处于保温状态；两开关都闭合时，饮水机处于加热状态；
由P=U2R可得，R2消耗的功率：P2=U2R2=(220V)248.4Ω=1000W，
因为加热总功率P=P1+P2，所以电阻R1消耗的功率：P1=P−P2=1100W−1000W=100W，
则电阻R1的阻值：R1=U2P1=(220V)2100W=484Ω；
(3)若实际电压只有198V时，这个电热饮水机加热的实际功率：。
答：(1)加热状态下的总电流大约是5A；
(2)电阻R1的阻值为484Ω；
(3)电热饮水机加热的实际功率是891W。

【解析】(1)由P=UI计算在加热状态下的总电流；
(2)由电功率公式求出电阻R2的功率，然后由并联电路特点求出电阻R1的功率，最后由电功率的变形公式求出电阻R1的阻值；
(3)由电功率公式计算实际电压下两电阻的实际功率，两电阻的实际功率之和等于加热的实际功率。
分析清楚电路结构，知道何时饮水机处于加热状态、何时处于保温状态，是正确解题的关键，灵活应用功率的变形公式、并联电路的特点可以正确解题。