2020-2021学年河北省石家庄市高邑县九年级（上）期末物理试卷

这是一份2020-2021学年河北省石家庄市高邑县九年级（上）期末物理试卷，共32页。试卷主要包含了4时吹热风，此时电动机中R1等内容，欢迎下载使用。


2020-2021学年河北省石家庄市高邑县九年级（上）期末物理试卷
1. 小红帮妈妈做饭时，发现厨房里涉及许多物理知识，部分归纳如下。其中不合理的是( )
A. 煎翘嘴鲌鱼时闻到鱼的香味，是扩散现象
B. 把鸡蛋往案板上一磕，蛋壳就破了，是利用物体间力的作用是相互的
C. 西红柿炒鸡蛋是通过做功的方式使鸡蛋和西红柿内能增加的
D. 炒锅一般用铁制造，是利用铁善于传热
2. 以下说法中与生活实际符合的是( )
A. 家庭电路的电压为220 V B. 对人体安全的电压高于36V
C. 家用空调的电功率约为100W D. 1节新的干电池电压为3V
3. 下列说法正确的是( )
A. 物体温度降低，一定要放出热量
B. 燃料燃烧越充分，热值一定越大
C. 两物体温度相同时不会发生热传递
D. 热水的内能一定比冷水内能大
4. 下列关于电功、电能、电功率和焦耳定律的说法中正确的是( )
A. 电功率越大，电流做功越快，电路中产生的焦耳热一定越多
B. 电能W=UIt和焦耳热Q=I2Rt，前者适用于任何电路，后者只适用于纯电阻电路
C. kW和kW⋅h都是电功的单位
D. 电流做功越多，电能转化为其他形式的能量就越多
5. “绿水青山就是金山银山”为未来中国的生态文明建设和绿色发展指明了路线，我们要从生活中的小事做起，以下行为符合节能减排要求的是( )
A. 尽量多开启电冰箱门 B. 照明时选用新型节能灯
C. 电视机长期处于待机状态 D. 多使用内燃机为动力的汽车
6. 下列关于磁场的描述，正确的是( )
A. 磁感线是磁场中真实存在的曲线
B. 磁体间的吸引或排斥作用是通过磁场实现的
C. 磁体周围的磁感线从磁体S极发出，回到磁体N极
D. 地磁的N极在地理北极附近，地磁的S极在地理的南极附近
7. 如图所示是一只灯泡的U−I图象，灯泡正常发光时的功率为，当通过灯泡的电流为额定电流的一半时，灯泡的实际功率( )
A. 小于
B. 大于
C. 等于
D. 等于


8. 如图所示，当小灯泡正常工作时，调节滑动变阻器，让小灯泡两端的电压逐渐降低，小灯泡逐渐变暗，这段时间内，若小灯泡电阻变化量的绝对值是△R1，滑动变阻器接入电路的电阻变化量的绝对值是△R2，则△R1和△R2大小关系正确的是( )
A. △R1<△R2 B. △R1=△R2 C. △R1>△R2 D. 无法比较
9. 用一个金属导体制成长度相等但横截面积不同的圆柱体a和b(a和b互相连接)，a比b的横截面积大，将它们接入电路中，如图所示，通过a、b电流分别为Ia，Ib，a、b两端电压分别为Ua，Ub，则下列说法正确的是()

A. Ia>Ib、Ua=Ub B. Ia C. Ia=Ib、Ua>Ub D. Ia=Ib、Ua 10. 小华在做如图所示的实验时，闭合开关S，两灯均发光，过了一会儿，灯L1突然熄灭，他发现一个电表的示数变大，另一个电表的示数变小。他将灯L1、L2位置互换，再次闭合开关S，观察到两个电表指针均不动，若电路只有一处故障，则一定是( )
A. 灯L1短路 B. 灯L1断路 C. 灯L2短路 D. 灯L2断路
11. 如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向右移动时，下列说法正确的是( )

A. 电流表A的示数变小，电压表V2的示数变大
B. 电压表V1与电流表A的示数之比保持不变
C. 电流表A的示数变小，电压表V1的示数变大
D. 电压表V1与电压表V2的示数之和保持不变
12. 如图所示，电动机的工作原理与下面哪个实验现象的原理是相同的( )
A. 导体水平运动产生电流
B. 通电后磁针偏转
C. 自制电磁铁
D. 通电导线在磁场中受力
13. 下列图中不符合安全用电原则的是( )
A. 使用验电笔时，手应接触笔后端的金属部分
B. 人应远离断线后落地的高压线
C. 电灯的开关应接在零线上
D. 不用湿布擦拭正在工作的电灯
14. 根据公式R=U/I可测定导体的电阻，下列说法中正确的是( )
A. 导体的电阻与导体两端的电压成正比
B. 导体的电阻与导体中的电流成反比
C. “导体的电阻既与导体两端的电压成正比，又与导体中的电流有关
D. 导体的电阻与本身的材料和属性有关，与电压、电流无关
15. 如图1所示电路，电源电压保持不变，当闭合开关S，调节滑动变阻器阻值从最大变化到最小，两个电阻的“U−I”关系图象如图2所示。则下列判断正确的是( )

A. 电源电压为4V
B. 定值电阻R1的阻值为20Ω
C. 滑动变阻器R2的阻值变化范围为0∼10Ω
D. 变阻器滑片在中点时，电流表示数为0.3A
16. 如图所示，电源电压保持6V不变，电流表量程为0∼0.6A.电压表量程为0∼3V，定值电阴R1的规格为“10Ω0.5A”，滑动变阻器R2的规格“20Ω1A”。闭合开关，为了保证电路安全，在变阻器滑片移动过程中，下列说法正确的是( )
A. 电流表示数允许的变化范围为0.2A∼0.5A
B. 电阻R1消耗电功率允许的变化范围为0.4W∼0.9W
C. 电路消耗总电功率允许的变化范围为18W∼3W
D. 滑动变阻器R2允许接入电路阻值的变化范围为10Ω∼20Ω
17. 在如图所示的电路中，A、B两点之间电压U保持不变，电路连接完好且使用的电表均为理想电表。当滑动变阻器的滑片P向右滑动时( )
A. 电压表V1和电流表A的示数之比不变
B. 电压表V2和电流表A的示数之比不变
C. 电压表V1示数的变化量和电流表A示数变化量比值的绝对值|△U1△I|增大
D. 电压表V2示数的变化量和电流表A示数变化量比值的绝对值|△U2△I|不变
18. 如图所示是“探究电流通过导体时产生热量的多少与哪些因素有关”的实验装置。两个透明容器中密封着等量的空气，下列说法正确的是( )

A. U形管液面高度变化是因为容器中气体热胀冷缩的缘故
B. 通电后透明容器中气体的内能增大是通过做功的方式改变的
C. 图乙所示的装置可以用来探究电流通过导体产生的热量多少跟电流大小的关系
D. 图甲中，通电一段时间后左右两边容器内电阻产生的热量之比是1：2
19. 如图所示电路中，R1：R2：R3=1：2：3，闭合开关后，两电流表A1、A2示数之比I1：I2=______，在相同的时间里，R1、R2、R3产生的热量之比为Q1：Q2：Q3=______。

20. 如图所示的电路中，电源电压恒定，R1=5Ω，开关S1、S2都闭合时，电流表的示数为0.8A；开关S1闭合、S2断开时，电流表示数变为0.6A.则电源电压为______V，电阻R2的阻值为______Ω。
21. 如图是研究电磁铁磁性的电路图，则电磁铁的S极为______(选填“A”或“B”)端。当滑动变阻器的滑片P向右移动时，电磁铁的磁性变______(选填“强”或“弱”)。
22. 如图甲所示，滑动变阻器R2最大阻值是40Ω.闭合开关，移动滑动变阻器，其功率P与阻值R的图象如图乙所示，则电源电压为______V.当滑片滑至最右端时，通电10s，电流通过R1产生的热量是______J。

23. 太阳能热水器是通过______方式使水的内能增加。小红家的太阳能热水器内装有60kg的水，某天阳光照射5小时后，热水器内水温从20℃升高到70℃，则水吸收的太阳能为______J，这些水若改用天燃气加热升高同样的温度，天燃气完全燃烧放出的热量70%被水吸收，则需要消耗______m3的天燃气【，q=4×107J/m3】
24. 如图电路中，电源电压不变，变阻器最大阻值R2=20Ω，闭合开关S，在移动变阻器滑片P的过程中，电流表的最小示数为0.3A，而电压表V1的最大示数与最小示数之比为5：3，则电阻R1=______Ω，电源电压为______V，电路中的最大电流为______A。

25. 打扫房间时，小易用干绸布擦穿衣镜，发现擦过的镜面黏上细小绒毛。擦过的镜面因______电子(填“得到”“失去”)而带了电，带电体有______的性质，所以绒毛被吸在镜面上。
26. 如图甲所示，已知电源电压U=3V，并保持不变，直流电动机线圈电阻R=1.5Ω，接通电路后，电动机正常工作，电流表读数I=0.8A，已知电动机正常工作时能量转化关系如图乙所示，摩擦不计，则：电动机正常工作1min消耗的电能W=______ J，线圈产生的热量Q=______ J。电动机能量转化效率η=______ ；电动机正常工作时突然出现故障转动部分被卡死，此时线圈中的电流I=______ A。


27. 某电水壶工作2min，使图示电能表的转盘转过150r，则电水壶消耗的电能为______ kW⋅h，电功率为______ kW，这些电能可供一只“220V 10W”的节能灯正常工作______ h。




28. 如图甲为带开关的插座，开关断开后，插孔均不能提供工作电压，题图乙为示意图，请完成接线。








29. 小明要测量一个阻值约为200Ω的电阻Rx的阴值，实验室中提供的器材有：
2节完全相同的旧干电池，两个开关S1、S2，导线若干。另外还有可供选择的器材：
A.电压表V1(量程0−3V)
B.电压表V2(量程0−15V)
C.定值电阻R1(阻值5Ω)
D.定值电阻R2(阻值800Ω)
请你帮助小明设计实验，精确测量(见小贴士)Rx的阻值
(1)你选择的器材是______(填写字母序号)；
(2)画出实验电路图
(3)写出主要的实验步骤和需要测量的物理量
(4)写出待测电阻Rx的字母表达式______(用己知量和测量量表示)。
小贴士：为使读数更准确，常常在测量时要求电表示数必须超过量程的一半。
30. 小红在测量小灯泡的电功率实验中，选用的小灯泡标有“2.5V”字样。
(1)在图甲电路中用笔画线代替导线，请你帮忙将电路连接完整；
(2)连接电路时，开关应处于______状态；
(3)实验过程中电压表示数为2V，为测定小灯泡的额定功率，小红应将变阻器滑片向______(选填“A”或“B”)端移动，同时注意观察的示数变化，直到小灯泡正常发光，此时电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为______W；
(4)小红还设计出了只有电流表没有电压表时测量小灯泡电功率的方法，其电路图(如图丙所示)，已知R0=5Ω，此方案最关键的一步是必须调节变阻器滑片，使电流表A2的示数为______A时，再读出电流表A1的示数，才能算出小灯泡的额定功率。


31. 如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同，燃料的质量相同，烧杯内的液体质量和初温也相同。

(1)比较不同燃料的热值，应选择______ 两图进行实验。
(2)比较不同物质吸热升温的特点：
①不同物质吸热的多少是通过______ 来反映的(选填“温度计示数”或“加热时间”)；
②关于该实验的变量控制，下列要求中不正确的是：______
A.采用相同的加热方法B.烧杯中分别装入相同体积的不同物质C.使用相同的烧杯
③如果质量和初始温度均相同的A、B两种液体，吸热后它们的温度随时间变化的图象如图2所示，由图可以看出，______ 液体的温度升高得较慢，两种液体的比热容大小关系是cA=______ cB(填倍数关系)。
32. 如图甲是文文同学家新买的一台冷暖空调扇，其内部简化电路如图乙所示R1、R2均为发热电阻，R1的阻值为110Ω，M是电动机。开关S1闭合后，当S2接1、2时吹冷风；当S2接2、3时吹温风；当S2接3、4时吹热风，此时空调扇的总功率为1100W。已知：电源电压为220V。求：
(1)吹冷风时，电动机正常工作1h消耗的电能为0.11kW⋅h，此时通过电动机的电流是多少？
(2)吹热风时，R2的电阻是多少？








33. 如图1示，电源电压恒定，滑动变阻器的规格为“30Ω1A”，在AB间接入规格为“12V 12W”的灯泡，闭合开关，当变阻器的五分之一阻值连入电路时，灯泡正常发光。
(1)求灯泡正常工作时通过的电流和电源电压。
(2)R0是如图2示的Ra和Rb之间任意取值的电阻，当在AB间接入电阻R0后，闭合开关，在保证电路安全的情况下，将滑片P从最右端向左滑动的过程中，电流表示数均出现过0.4A(电流表选择0−0.6A量程)，求R0的取值范围及电压表示数的最大值和最小值。


答案和解析
1.【答案】C

【解析】解：
A、煎翘嘴鲌鱼时闻到鱼的香味，是因为香味分子扩散到了空气中，是扩散现象，故A正确；
B、把鸡蛋往碗沿上一碰，鸡蛋就破了，因为物体间力的作用是相互的，故B正确；
C、西红柿炒鸡蛋时，西红柿和鸡蛋会吸收热量，是通过热传递的方式使鸡蛋和西红柿内能增加的，故C错误；
D、铁的导热性比较好，所以利用铁来制作炒锅，故D正确。
故选：C。
(1)两个相互接触的物体彼此进入对方的现象叫扩散。
(2)物体间力的作用是相互的，作用力和反作用力大小相等，方向相反。
(3)改变内能的方式有两个：做功和热传递；
(4)根据铁的性质分析。
本题涉及到的知识面比较广，但都是比较基本的东西，只要细心分析不难解决。

2.【答案】A

【解析】解：
A、家庭电路的电压为220V，故A正确；
B、对人体安全的电压不高于36V，故B错误；
C、家用空调的电功率在1000W以上，故C错误；
D、1节新的干电池电压为1.5V，故D错误；
故选：A。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活中物理量的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。

3.【答案】C

【解析】解：
A、物体温度降低，可能是对外做功，也可能是放出热量，故A错误；
B、热值是燃料的一种特性，只与燃料的种类有关，与燃料是否燃烧充分无关，故B错误；
C、热传递的条件存在温度差，两物体温度相同时不会发生热传递，故C正确；
D、物体的内能与温度、质量以及状态有关，所以热水的内能不一定比冷水内能大，故D错误。
故选：C。
(1)改变内能的方式，做功和热传递；
(2)热值是燃料的一种特性，只与燃料的种类有关；
(3)热传递的条件存在温度差；
(4)内能是指物体内部所有分子热运动的动能和分子势能的总和，内能与温度、质量以及状态有关。
本题考查内能，热值，以及热传递的条件，是一道综合题。

4.【答案】D

【解析】解：A、电功率越大，表示电流做功越快，但是电路中产生的焦耳热量的多少还与通电时间有关，故A错误；
B、公式W=UIt是计算电路消耗电能的大小，适用于任何的电路；焦耳定律Q=I2Rt也适用于所有电路，故B错误；
C、kW是电功率的单位，kW⋅h都是电功的单位，故C错误；
D、电流做功的过程，是电能转化为其他形式能量的过程，所以，电流做功越多，电能转化为其他形式的能就越多，故D正确。
故选：D。
电功是表示电流做功的多少，电功率是表示电流做功的快慢，焦耳定律是表示电流产生的热量的多少．
每个公式的使用的条件是不同的，掌握住公式的使用的条件，这是做题的前提条件．

5.【答案】B

【解析】解：A、频繁开启电冰箱门，冰箱致冷效果降低，不利于节约电能，故A不符合题意；
B、照明时采用新型节能灯，不影响照明的前提下能节约电能，故B符合题意；
C、电视机不使用时处于待机状态，也会消耗电能，这样会浪费电能，故B不符合题意；
D、多使用内燃机作为动力的汽车，排放的废气就多，这样不符合减排的要求，故D不符合题意。
故选：B。
“节能减排”指的是生产时所耗用的能量要尽量减少，特别是减少二氧化碳的排放量，减缓生态恶化；可以从节电、节能等环节来改变生产细节，据此进行分析解答即可。
本题主要考查了家用电器的节能措施，一定要养成节约用电的好习惯。

6.【答案】B

【解析】
【分析】
本题涉及到磁场、磁感线、磁体之间相互作用的原因、地磁场等等，综合性较强，但是这些知识不是太深，只要掌握基础知识，还是能顺利解答的。
(1)磁体周围存在着磁场，磁场看不见，摸不到，为了研究磁场，画了一些带箭头的曲线来描述磁场，这样的曲线就是磁感线，这些曲线根本不存在。磁体之间的相互作用，都是通过磁场来完成的。
(2)地球是一个大磁体，地磁S极在地理北极附近，地磁的N极在地理的南极附近。
(3)对于磁体，其外部的磁感线是从N极指向S极；其内部是由S极指向N极。
【解答】
A、磁感线是人们为了方便研究磁场，在磁体周围画的带箭头的曲线，这些曲线在磁场中根本不存在。故A错误；
B、磁场的基本性质是对其中的磁体有磁力作用，磁体间的吸引或排斥作用是通过磁场实现的，故B正确；
C、对于磁体，其外部的磁感线是从N极指向S极；其内部是由S极指向N极，故C错误；
D、地球是一个大磁体，地磁S极在地理北极附近，地磁的N极在地理的南极附近，故D错误；
故选：B。  
7.【答案】A

【解析】解：因为灯丝的阻值随温度的升高而增大，因此当通过灯泡的电流为额定电流的一半时，灯丝的阻值小于灯泡正常发光时的阻值；
因为，，由P=I2R可知，，故A正确，BCD错误。
故选：A。
根据图象可知，灯丝的阻值随温度的升高而增大，据此可知当通过灯泡的电流为额定电流的一半时，灯丝的阻值与正常发光阻值的关系，再根据P=I2R可知实际功率与额定功率的关系。
本题考查实际功率计算公式的应用，关键能从图象上得出灯丝的阻值随温度的升高而增大的信息。

8.【答案】A

【解析】解：由图知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流；
当小灯泡正常工作时，设电路中的电流为I1，继续调节滑动变阻器，让小灯泡两端的电压逐渐降低，小灯泡逐渐变暗，此时灯的电压减小，设通过灯的电流减小为I2，即：I1>I2，
由于电源电压不变，则：UI1 即：滑片移动后电路的总电阻大于原来电路的总电阻，
由于灯泡变暗，其实际功率减小，灯丝的温度降低，且小灯泡阻值随温度的降低而变小，
所以，由电阻的串联规律可知：小灯泡电阻减小的值△R1小于变阻器连入电路中电阻增大的值△R2，故选A。
故选：A。
电源电压不变，根据欧姆定律先判断出两种情况下总电阻的变化，再根据小灯泡电阻随温度的降低而变小和串联电阻的规律分析解答。
本题考查了欧姆定律的应用、串联电路的电阻规律以及灯丝电阻与温度的关系，有一定难度。

9.【答案】D

【解析】
【分析】
本题考查了串联电路的电流特点和欧姆定律的应用，关键是根据影响电阻的大小因素确定两段导体电阻的大小。
【解答】
a和b是由同种材料制成的长度相同、横截面积不同的两段导体，Sa>Sb，所以b段电阻大，所以Ra 因两电阻串联，故两部分导体电流相等，即Ia=Ib，根据欧姆定律U=IR可知，电阻越大，分担的电压越多，即Ua 故ABC不正确，D正确。
故选D。  
10.【答案】B

【解析】解：由电路图知，两只灯泡串联，电压表测量灯泡L1两端的电压，电流表测量通过电路的电流；
A、如果灯泡L1短路，L1不能发光，电流表示数增大，电压表示数减小；将两只灯泡互换位置后，电流表指针偏转，电压表指针也偏转，故A不符合题意；
B、如果灯L1断路，两灯都不能发光，电流表示数减小为零，电压表示数增大；将灯L1、L2位置互换后，整个电路断路，所以电流表、电压表指针均不动，故B符合题意；
C、如果灯泡L2短路，电流表、电压表示数都增大，故C不符合题意；
D、如果灯泡L2断路，整个电路断路，所以电流表、电压表指针均不动，故D不符合题意。
故选：B。
由电路图知，两只灯泡串联在电路中，电压表测量灯泡L1两端电压，电流表测量通过电路的电流，将每个选项代入题目依次检验，然后确定符合题意的选项。
使用电流表检验电路故障时，电流表无示数，一般是串联的用电器断路；电压表检验电路故障时，电压表无示数，一般是并联的用电器短路或串联的用电器断路。

11.【答案】A

【解析】解：因电源电压不变，所以电压表V1的示数不变，故C不正确；
当滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，电路的总电阻变大，电压表V1与电流表A的示数之比等于电路的总电阻，因此比值变大，故B不正确；
根据公式I=UR可知，电路电流变小，所以电流表示数变小；
根据公式U=IR可知，定值电阻两端的电压变小；
根据串联电路的总电压等于各分电压之和可知，滑动变阻器两端的电压变大，电压表V2的示数变大，电压表V1与电压表V2的示数之和变大，故A正确，D不正确。
故选：A。
本题考查了滑动变阻器的变阻原理、欧姆定律、串联电路的电压关系，分析电路图确定两电阻的连接方式和电表所测电路元件是本题关键。

12.【答案】D

【解析】解：A、图中导体水平运动切割磁感线，导体中产生电流，是电磁感应现象，是发电机的原理，不是电动机的原理，故A不合题意；
B、图中通电后小磁针偏转，说明电流周围存在着磁场，是电流的磁效应实验，不是电动机的原理，故B不合题意；
C、图中自制电磁铁利用了电流的磁效应，不是电动机的原理，故C不合题意；
D、图中通电导线在磁场中受力而运动，是电动机的原理，故D符合题意。
故选：D。
电动机是利用通电线圈在磁场里受力转动的原理制成的。结合图中装置可逐一做出判断。
本题考查发电机、电动机、电流的磁效应、电磁铁等的原理，电动机的原理是通电导体在磁场中受力或通电线圈在磁场中受力转动，发电机的原理是电磁感应现象。

13.【答案】C

【解析】解：
A、使用验电笔时，手要与笔尾金属体接触，这样才能辨别零线和火线，故A正确；
B、人靠近断线后落地的高压线，易发生跨步电压触电，所以人应远离断线后落地的高压线，故B正确；
C、控制灯泡的开关要接在火线上，开关断开时，灯上没有电，便于维修或更换灯泡，图中接反了，故C错误；
D、生活用水是电的导体，用湿布擦正在工作的电灯时，可能会因湿抹布导电而发生触电事故，故D正确。
故选：C。
(1)验电笔的正确使用是：手接触笔尾金属体，笔尖金属体接触零线或火线，氖管发光的是火线，氖管不发光的是零线；
(2)高压触电：高压电弧触电、跨步电压触电；
(3)家庭电路中，开关要接在火线上，灯泡的螺旋套要接在零线上；
(4)湿物体是导体，接触带电体容易发生触电。
本题考查了生活中的一些安全用电常识，应注意积累并严格遵守，牢记安全用电常识，并在生活中加以运用，有一定的现实意义。

14.【答案】D

【解析】解：由R=UI可知，导体的电阻等于其两端的电压与通过的电流之比，
但电阻是导体本身的一种性质，只与导体材料、长度、横截面积和温度有关，与它两端的电压和通过的电流无关，故ABC错误、D正确。
故选：D。
导体的电阻可由导体两端的电压与通过的电流的比值求得，但是导体电阻是导体本身的一种性质，其大小决定于导体的长度、材料和横截面积，与它两端的电压和通过的电流无关。
本题考查了学生对欧姆定律变形式的理解与掌握，知道影响导体电阻大小的因素是关键。

15.【答案】D

【解析】解：从“U−I”关系图象可知，电路中电流最大为0.6A时，滑动变阻器连入电路的电阻最小为0，甲图中电压为0，所以甲为滑动变阻器R2的图象；乙的电流和电压成正比，故乙为电阻R1的图象；
A、当滑动变阻器的阻值最大时，两电阻串联，电路中电流最小为I=0.2A，电阻R1的电压U1=2V，滑动变阻器两端的电压U2=4V；所以电源电压U=U1+U2=2V+4V=6V，故A错误。
B、由I=UR得：R1=U1I=2V0.2A=10Ω，故B错误。
C、滑动变阻器的阻值最大为R2=U2I=4V0.2A=20Ω，
所以滑动变阻器R2的阻值变化范围为0∼20Ω，故C错误。
D、变阻器滑片在中点时，滑动变阻器接入电路的电阻为10Ω，此时R1、R2的阻值相同，分得的电压相同，从图上看，此时电流表的示数为I=0.3A，故D正确。
故选：D。
从“U−I”关系图象可知，电路中电流最大为0.6A时，滑动变阻器连入电路的电阻最小为0，甲图中电压为0，所以甲为滑动变阻器R2的图象；乙的电流和电压成正比，故乙为电阻R1的图象；
当滑动变阻器的阻值最大时，滑动变阻器两端的电压最大，由图象读出电压，根据串联电路的电压特点求出电源电压；
根据欧姆定律可求电阻R1的电阻和滑动变阻器的最大阻值；
当滑片在中点时，滑动变阻器接入电路电阻为滑动变阻器总阻值的一半，和电阻R1串联，根据欧姆定律求出此时电路的电流。
本题考查串联电路电流和电压的规律以及滑动变阻器的使用，关键是欧姆定律的应用，要明白电路各个用电器的连接情况，还要会看“U−I”关系图象。

16.【答案】BD

【解析】解：(1)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，
则总阻值为；
即；
由题意知，当电压表的最大测量值为3V时，此时定值电阻R1两端的电压U1=3V，
电路中的电流I=I2=I1=U1R1=3V10Ω=0.3A<0.6A，因此电路中的最大电流为0.3A；
因此电流表示数允许的变化范围为0.2A∼0.3A，故A错误。
(2)此时滑动变阻器两端的电压，
由I=UR得，R2接入最小阻值：；
滑动变阻器R2允许接入电路阻值的变化范围为10Ω∼20Ω，故D正确。
(3)电流表示数允许的变化范围为0.2A∼0.3A，
电阻R1消耗的最小功率：；
电阻R1消耗的最大功率：；
因此电阻R1消耗电功率允许的变化范围为0.4W∼0.9W，故B正确。
(4)电路消耗的最小功率；
电路消耗的最大功率；
电路消耗总电功率允许的变化范围为1.2W∼1.8W，故C错误。
故选：BD。
(1)滑动变阻器R2与定值电阻R1串联，电压表测量定值电阻两端的电压，根据串联电路的分压原理(电阻越大，电阻两端的电压越高)，当电压表的示数最小时，变阻器接入电路的电阻最大；
(2)当电流表的示数达到最大值时，变阻器接入电路的电阻最小；根据欧姆定律的应用可分别电路中的总电阻和滑动变阻器接入电路中的电阻值，同时可以确定电压表示数、电流表示数以及电路中总功率的变化。
本题考查串联电路中电压、电流以及功率、滑动变阻器接入电路电阻的计算，注意求阻值范围时，根据电流表和电压表的最大值进行计算，并且会灵活运用欧姆定律。

17.【答案】AD

【解析】解：(1)R1=UV1IA，R1与P的滑动无关，R1为定值，故V1和A的示数之比不变，故选项A正确；
(2)R2=UV2IA，P向右滑动，R2变大，因此V2和A的示数之比变大，故选项B不正确；
(3)R1=U1I1=U1′I1′=U1′−U1I1′−I1=△U1△I，所以V1和A示数变化量的比值绝对值不变，故选项C不正确；
(4)又UV1+UV2+UR3=U，故|△U2|=|△UV1|+|△UR3|，即|△U2△I|=|△UV1△I|+|△UR3△I|=R1+R3，所以电压表V2示数的变化量和电流表A示数变化量比值的绝对值不变，故选项D正确。
故选：AD。
由电路图可知，R1、R2、R3串联，V1测R1两端的电压，V2测R2两端的电压，电流表串联在电路中；当滑片向右滑动时，分析滑动变阻器接入电路中的阻值的变化，结合欧姆定律和串联电路的特点对选项逐一分析得出答案。
本题考查了学生对串联电路的特点和欧姆定律的理解和掌握情况，本题可以把电压和电流的比值看成电阻，根据电阻与电压、电流无关判断其比值的变化。

18.【答案】ACD

【解析】解：
A、电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但容器中空气的温度变化导致容器中空气体积的变化，即可以通过液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转换法，故A正确；
B、电流通过电阻丝时，电流会做功，电能转化为内能，使得电阻丝的内能变大，空气会吸收电阻丝的热量，是通过热传递的方式改变内能的，故B错误；
C、在乙装置中，一个5Ω的电阻与两个5Ω的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知，右边两个电阻的总电流和通过左边电阻的电流相等，即；两个5Ω的电阻并联，根据并联电路的电流特点知，两电阻的阻值相等，则支路中电流相等，即I1=I2，所以右边容器中通过电阻的电流是左边容器中通过电阻的电流的一半，即这是研究电流产生的热量与电流的关系，故C正确；
D、甲实验，两个电阻丝是串联的，电流和通电时间相同，由焦耳定律Q=I2Rt可知，右侧电阻产生热量是左侧电阻产生热量的2倍，即左右两边容器内电阻产生的热量之比是1：2，故D正确。
故选：ACD。
(1)电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但气体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转换法；
(2)改变内能的方法有两个：做功和热传递；
(3)探究电流产生的热量跟电流大小和电阻大小关系时运用了控制变量法；
(4)由Q=I2Rt分析判断甲图中两电阻产生的热量之比。
此题主要考查的是学生对“电流通过导体产生的热量与电阻、电流的关系”实验的理解以及焦耳定律公式的应用，注意控制变量法和转换法的运用是解决该题的关键。

19.【答案】5：9 6：3：2

【解析】解：
由图可知，三个电阻并联，电流表A1测通过R2和R3的总电流，电流表A2测通过R1和R2的总电流；
已知R1：R2：R3=1：2：3，设R1=R，R2=2R，R3=3R，电源电压为U；
因并联电路中各支路两端的电压相等，
则根据I=UR可知，通过R1、R2、R3的电流分别为：UR、U2R、U3R；
电流表A1测通过R2和R3的总电流，则A1的示数：I1=U2R+U3R=56×UR；
电流表A2测通过R1和R2的总电流，则A2的示数：I2=UR+U2R=32×UR；
所以I1：I2=56×UR：32×UR=5：9；
在相同的时间里，R1、R2、R3产生的热量之比为：
Q1：Q2：Q3=W1：W2：W3=UIR1t：UIR2t：UIR3t=IR1：IR2：IR3=UR：U2R：U3R=6：3：2。
故答案为：5：9；6：3：2。
由图可知，三个电阻并联，电流表A1测通过R2和R3的总电流，电流表A2测通过R1和R2的总电流；
已知R1：R2：R3=1：2：3，根据欧姆定律和并联电路的电压特点可求出两电流表A1A2示数之比，根据Q=W=UIt可求出在相同的时间里R1、R2、R3产生的热量之比。
本题考查了并联电路的特点、欧姆定律和电功公式应用，看懂电路图是正确解题的关键。

20.【答案】3；15

【解析】
【分析】
(1)分析开关转换时电路的连接和电流表的测量，由并联电路电压的规律和欧姆定律求出电源电压；
(2)根据并联电路各支路互不影响及并联电路电流的规律求出通过R2的电流，由欧姆定律求出电阻R2的阻值。
本题考查并联电路的规律及特点和欧姆定律的运用，关键是明确通过通过R1的电流不变。
【解答】
(1)S1、S2都闭合时，两电阻并联，电流表的示数为0.8A，电流表测干路电流；
开关S1闭合、S2断开时，电路为R1的简单电路，电流表示数变为0.6A，即R1的电流，
由并联电路电压的规律和欧姆定律可知，R1的电压即电源电压：
U=U1=I1R1=0.6A×5Ω=3V；
(2)根据并联电路各支路互不影响可知，通过R1的电流不变，
由并联电路电流的规律，通过R2的电流为：
I2=I−I1=0.8A−0.6A=0.2A，
由欧姆定律，电阻R2的阻值为：
R2=UI2=3V0.2A=15Ω。
故答案为：3；15。  
21.【答案】B 弱

【解析】解：(1)由图看出，电流从电磁铁下端流入，依据安培定则，四指顺着电流方向，大拇指应向上握住电磁铁，所以上端为N极，B端的磁极为S极。
(2)滑动变阻器的滑片P向右移动时，连入电路的电阻变大，电路中的电流变小，电磁铁的磁性减弱。
故答案为：B；弱。
(1)根据电流方向和电磁铁的绕线情况，根据安培定则判断出电磁铁的极性；
(2)电磁铁的磁性强弱和线圈的匝数、电流大小有关；滑动变阻器的滑片P向右移动时，连入电路的电阻变大，电流变小，据此作出判断。
本题主要考查的是学生对安培定则和电磁铁磁性强弱影响因素的理解和掌握，记牢安培定则并熟练应用。

22.【答案】12 8

【解析】解：(1)由电路图可知，R1与R2串联，
当滑片P滑至最右端时，R2=40Ω，由图象可知滑动变阻器消耗的电功率P2=1.6W，
由P=I2R可得变阻器的电流，即电路中电流：
I=P2R2=1.6W40Ω=0.2A，
由串联电路的规律及欧姆定律，电源电压：
U=I(R1+R2)=0.2A×(R1+40Ω)-----①
当变阻器连入电路的电阻为，由图象可知滑动变阻器消耗的电功率P2=1.8W，
同理，电路中电流：
，
由串联电路的规律及欧姆定律，电源电压：
-----②
①②得：U=12V；R1=20Ω；
(2)当滑片滑至最右端时，电路中的电流为0.2A，
则通电10s电流通过R1产生的热量是：
Q=I2R1t=(0.2A)2×20Ω×10s=8J。
故答案为：12；8。
(1)由电路图可知，R1与R2串联，当滑片P滑至最右端时，由图象可知滑动变阻器消耗的电功率，由P=I2R可得电路中电流，由串联电路的规律及欧姆定律得出电源电压表达式；当变阻器连入电路的电阻为，由图象可知滑动变阻器消耗的电功率P2=1.8W，同理求出电路中电流大小，由串联电路的规律及欧姆定律得出电源电压表式，根据电源电压不变列方程求出电源电压U和R1大小；
(2)当滑片滑至最右端时，已知电流大小，由Q=I2Rt求出通电10s电流通过R1产生的热量。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是从图中获取有效的信息。

23.【答案】热传递  1.26×1070.45

【解析】解：太阳热水器内的水吸收热量，温度升高，是通过热传递方式使水的内能增加。
水吸收的热量(水吸收的太阳能)：；
由可得天然气完全燃烧释放的热量：
，
由Q=Vq可得，需要消耗天然气的体积：
。
故答案为：热传递；1.26×107；0.45。
(1)改变物体内能的方法有二：一是做功，二是热传递(热从高温物体或物体的高温部分传给低温物体或物体的低温部分)；
(2)知道水的质量、水的初温和末温、水的比热容，利用吸热公式求热水器内的水吸收的热量；
(3)根据效率公式求出天然气完全燃烧释放的热量，利用Q=Vq求出需要天然气的体积。
本题考查了学生对吸热公式和燃烧值公式的掌握和运用，涉及到改变物体内能的方法，因条件已给出，难度不大。

24.【答案】30150.5

【解析】解：(1)两电阻串联，电压表V1测R1的电压，电压表V2测R2的电压，当变阻器最大阻值R2=20Ω时，由电阻的串联，电路的电阻最大，由欧姆定律，电路的最小电流为：
。
即0.3A=UR1+20Ω----①，
由欧姆定律U=IR，此时电压表V1的示数最小，，
当P移动到最左端时，为R1的简单电路，此时电压表V1的最大示数为电源电压U；
因电压表V1的最大示数与最小示数之比为5：3，故有：
U0.3A×R1=53------②，
由①②得：
R1=30Ω；
电源电压为U=15V；
(2)当P移动到最左端时，为R1的简单电路，电路的电阻最小，电路最大电流为：
。
故答案为：30；15；0.5。
(1)两电阻串联，当变阻器最大连入电路的阻值最大时，由电阻的串联，电路的电阻最大，由欧姆定律求出电路的最小电流；
由欧姆定律U=IR，此时电压表V1的示数最小，得出电压表V1的示数表达式；
当P移动到最左端时，为R1的简单电路，此时电压表V1的最大示数为电源电压U；
根据电压表V1的最大示数与最小示数之比为5：3，列方程，解方程组得出R1=和电源电压大小；
(2)当P移动到最左端时，为R1的简单电路，电路的电阻最小，由欧姆定律求出最大电流。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是明确电压表V1有最大示数与最小示数的条件。

25.【答案】失去  吸引轻小物体

【解析】解：(1)用干绸布擦穿衣镜，发现擦过的镜面黏上细小绒毛，这是因为擦过的镜面因失去电子而带了电；
(2)带电体具有吸引轻小物体的性质，所以绒毛被吸在镜面上。
故答案为：失去；吸引轻小物体。
(1)摩擦起电的实质是：电荷(电子)的转移；
(2)带电体具有吸引轻小物体的性质。
理解摩擦起电的实质和带电体具有的性质，可解答此题。

26.【答案】14457.660%2

【解析】解：(1)由图甲知，电动机和电流表串联，电源电压U=3V，电动机线圈电阻R=1.5Ω，正常工作时电流表读数I=0.8A，
电动机正常工作1min消耗的电能：W=UIt=3V×0.8A×60s=144J；
线圈产生的热量：Q=I2Rt=(0.8A)2×1.5Ω×60s=57.6J；
(2)电动机工作时将电能转化为机械能与内能，电动机正常工作1min，转化成的机械能：
，
电动机能量转化效率：；
(3)电动机转动部分被卡死时线圈中的电流：
I′=UR=3V1.5Ω=2A。
故答案为：144；57.6；60%；2。
(1)由题知，电动机工作的电压和电流以及时间，利用W=UIt计算消耗的电能，由Q=I2Rt计算线圈产生热量；
(2)电动机工作时将电能转化为机械能与内能，由此先计算电动机工作时转化成的机械能，再根据公式计算电动机能量转化效率；
(3)由I=UR计算电动机被卡死时线圈中的电流。
本题考查欧姆定律、电能、焦耳定律、以及效率公式的应用，注意电动机工作时是非纯电阻电路，卡死时是纯电阻电路。

27.【答案】0.051.55

【解析】解：
转过150r消耗的电能：W=150r3000r/kW⋅h=0.05kW⋅h；
电热水壶的电功率：P=Wt=0.05kW⋅h260h=1.5kW；
由P=Wt得，这些电能可供一只“22010W”的节能灯正常工作的时间：t=WP′=0.05kW⋅h10×10−3kW=5h。
故答案为：0.05；1.5；5。
①已知电路中每消耗1kW⋅h的电能，转盘就转过3000r；可求转动150r消耗的电能；然后利用P=Wt求出电功率；
②已知消耗的电能和电功率，根据公式P=Wt求出工作时间。
本题考查消耗电能、电功率的计算，关键是公式及其变形的灵活运用；难点是对电能表各个参数物理意义的正确理解；解题过程中要注意单位的换算。

28.【答案】解：带开关的插座，开关断开后，插孔均不能提供工作电压，说明开关与插孔串联，由生活经验可知，两孔插座和三孔插座上的用电器能够独立工作，是并联；
连接时，从火线先进开关，再分别连接两孔和三孔，并且插孔注意左零、右火、上接地，如图所示。


【解析】(1)电路中开关与用电器通常是串联关系，开关断开后，插孔均不能提供工作电压；根据电路工作的需要，使用电器之间并联，据此进行连接。
(2)插座的接线原则：左零右火上接地。
本题主要考查了对常见插线板的连接情况的掌握，注意辨别它们的连接方式，并且能看懂和画出相应的连接图。

29.【答案】A、DU−U2U2×800Ω

【解析】解：(1)2节完全相同的旧干电池，电源电压小于3V，故选用电压表V1(0−3V)；
测量时要求电表示数必须超过量程的一半，因待测电阻约为200Ω，根据串联电路的分压原理，故选用电压表V1(0−3V)与较大的电阻R2并联；
为测量出电源电压，将开关S1与待测电阻并联，(若选用定值电阻R1电阻，因这个电阻太小，则两次电压表示数基本相同)
故选用的器材是A、D；
(2)待测电阻与R2串联，开关S1与待测电阻并联，开关S2与控制整个电路，电压表与待测电阻并联，如下所示：

(3)①闭合S1、S2，记下电压表示数U；
②再断开S1，记下电压表示数U2；
(4)在①中，待测电阻短路，故电源电压为U；
在②中，两电阻串联，由欧姆定律，电路中的电流：
I=U2R2=U2800Ω，
根据串联电路的规律和欧姆定律，待测电阻：
RX=UXI=U−U2U2800Ω=U−U2U2×800Ω。
故答案为：(1)A、D；(2)如上所示；(3)①闭合S1、S2，记下电压表示数U；②再断开S1，记下电压表示数U2；(4)U−U2U2×800Ω。
(1)(2)题中没有电流表，故电压表和已知电阻应起到电流表的测量作用，将待测电阻和已知电阻串联；
根据电源为2节完全相同的旧干电池确定电源电压小于3V；
根据待测电阻大小和测量时要求电表示数必须超过量程的一半，结合串联电路的分压原理，确定选用的电压表和选用的定值电阻大小，为测量出电源电压大小，将开关S1与待测电阻并联，据此确定选用的器材、画出电路图；
(3)先测量出电源电压，再测量出两电阻串联时定值电阻的电压；
(4)根据串联电路的规律和欧姆定律得出待测电阻Rx的字母表达式。
本题考查测电阻的实验方案的设计能力及对器材的选择，有一定难度。

30.【答案】断开  B0.750.5

【解析】解：(1)该实验中，灯泡应与电流表串联，电压表应与灯泡并联，如下图所示：

(2)连接电路时，为保护电路，开关应处于断开状态；
(3)灯在额定电压下正常发光，此时电压表的示数为2V，小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理可知，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向B端移动，同时注意观察的示数变化，直到小灯泡正常发光，此时电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.3A，
则小灯泡的额定功率为：P=UI=2.5V×0.3A=0.75W；
(4)已知R0=5Ω，此方案最关键的一步是必须调节变阻器滑片，使电流表A2的示数为0.5A时，此时由欧姆定律和并联电路电压的规律，灯的电压为：U′=I′R′=0.5×5Ω=2.5V；再读出电流表A1的示数，由P=UI才能算出小灯泡的额定功率。
故答案为：(1)如上图所示；(2)断开；(3)B；0.75；(4)0.5。
(1)灯与电流表串联，电压表与灯并联；
(2)连接电路时，为保护电路，开关应处于断开状态；
(3)灯在额定电压下正常发光，根据图中电压表小量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片移动的方向；
(4)分析图丙的连接，根据灯在额定电压下正常发光，由并联电路电压的规律和欧姆定律分析。
本题测量小灯泡的电功率，考查电路连接、注意事项、操作过程、额定功率的计算及设计方案测功率的能力。

31.【答案】甲、乙  加热时间  BB12

【解析】解：
(1)比较不同燃料的热值，应控制被加热的液体相同，而燃料不同，由图可知，可用甲、乙两图进行实验，比较不同燃料的热值；
(2)比较不同物质吸热升温的特点：
①不同物质吸热的多少是通过加热时间来反映的；
②比较不同物质吸热升温的特点，需要控制液体的质量相同，不是体积相同，采用相同的加热方法使液体在相同的时间内吸收的热量相同，还需要控制烧杯相同，故B错误；
故选：B；
③如果质量和初始温度均相同的A、B两种液体，吸热后它们的温度随时间变化的图象如图2所示，由图可以看出，B液体的温度升高得较慢，B液体的比热容较大；
由图2可以看出，AB由20℃都升高到80℃，A的加热时间为10min，B的加热时间为20min，说明B吸收的热量是A吸收热量的2倍，根据Q=cm△t知B的比热容是A比热容的2倍，即cA=12cB。
故答案为：(1)甲、乙；(2)加热时间；B；B； 12。
(1)比较不同燃料的燃烧值，应控制被加热液体的种类相同而燃料不同；
(2)比较不同物质吸热升温的特点，应控制燃料相同而吸热物质不同；物质吸收热量的多少可以通过加热时间来反应；根据控制变量法的要求分析答题。
本题考查了探究比热容和热值大小实验，实验应用了转换法和控制变量法及对实验方案的评估。

32.【答案】(1)开关S1闭合后，当S2接1、2时吹冷风，此时只有电动机工作，
由W=UIt可得，通过电动机的电流为：
；
(2)电动机的功率为：
，
当S2接3、4时吹热风，此时电动机中R1、R2并联，
因并联电路各支路两端的电压相等，
则R1消耗的功率：
P1=U2R1=(220V)2110Ω=440W，
已知此时空调扇的总功率为1100W，则消耗R2的功率为：
，
由P=UI=U2R可得，R2的阻值为：
R2=U2P2=(220V)2550W=88Ω。
答：(1)吹冷风时，电动机正常工作1h消耗的电能为0.11kW⋅h，此时通过电动机的电流是0.5A；
(2)吹热风时，R2的电阻是88Ω。

【解析】(1)开关S1闭合后，当S2接1、2时吹冷风，此时只有电动机工作，已知电源电压、工作时间和消耗的电能，利用公式W=UIt得到通过电动机的电流；
(2)已知电动机1h消耗的电能，可以得到电动机的功率；
已知R1阻值和两端电压，可以得到R1的功率；
已知吹热风时的总功率和电动机、R1的功率，可以得到R2的功率；
已知R2功率和两端电压，利用公式P=UI=U2R得到R2阻值。
此题考查了热量计算公式、电能变形公式和电功率有关公式的应用，有很强的综合性。

33.【答案】解：(1)在AB之间接入灯泡时，灯泡L与15R串联时，灯泡正常发光，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，由P=UI可得，通过灯泡的电流即电路中的电流：
I=IL=PLUL=12W12V=1A；
由I=UR可得，滑动变阻器两端的电压：
UR=I×15R=1A×15×30Ω=6V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电源的电压：
U=UL+UR=12V+6V=18V；
(2)由图2可知，当Ia=Ib=2A时，Ua=20V，Ub=50V，则两电阻的阻值分别为：
Ra=UaIa=20V2A=10Ω，Rb=UbIb=50V2A=25Ω，
当电流表的示数为0.4A时，电路中的总电阻：
，
当滑动变阻器的滑片位于最右端时，R0的阻值最小，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，R0的最小阻值：
，
又因R0是Ra和Rb之间任意取值的电阻，所以，R0的最大阻值：
，
所以，R0的取值范围为15Ω∼25Ω；
当R0=15Ω，滑动变阻器的滑片位于最右端时(变阻器接入阻值最大)，电压表的示数最大，则电压表的最大示数；
当R0=25Ω，电路中的电流最大为0.6A时，R0两端的电压最大，电压表的示数最小，
此时R0两端的最大电压，
则电压表的最小示数。
答：(1)灯泡正常工作时通过的电流为1A，电源电压为18V；
(2)R0的取值范围为15Ω∼25Ω，电压表示数的最大值为12V、最小值为3V。

【解析】(1)在AB之间接入灯泡时，灯泡L与15R串联，此时灯泡两端的电压和额定电压相等，根据P=UI求出通过灯泡的电流即为电路中的电流，根据欧姆定律求出变阻器两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压；
(2)根据图2读出数据，根据欧姆定律求出Ra和Rb的阻值，根据欧姆定律求出电流表的示数为0.4A时电路中的总电阻，当滑动变阻器的滑片位于最右端时R0的阻值最小，根据电阻的串联求出R0的最小阻值，R0是Ra和Rb之间任意取值的电阻，据此求出R0的取值范围；当R0=15Ω且滑动变阻器的滑片位于最右端时电压表的示数最大，根据欧姆定律求出电压表的最大示数；当R0的阻值最大且电路中的电流最大时电压表的示数最小，根据欧姆定律求出R0两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电压表的最小示数。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的灵活运用，正确的判断和计算出R0的取值范围以及电压表最大、最小示数的判断是关键。