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2020-2021学年陕西省渭南市富平县九年级（上）期末物理试卷
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这是一份2020-2021学年陕西省渭南市富平县九年级（上）期末物理试卷，共23页。试卷主要包含了7Ω，14W，6A，电阻R2标有15Ω0，【答案】B，【答案】D，【答案】A等内容，欢迎下载使用。
2020-2021学年陕西省渭南市富平县九年级（上）期末物理试卷
1. 下列家用电器正常工作10min，消耗电能最多的是( )
A. 电视机 B. 空调 C. 洗衣机 D. 笔记本电脑
2. 下面是某学生“物理笔记”中的一些摘录，其中正确的是( )
A. 电灯属于电热器
B. 使用动滑轮最多可以省一半的距离
C. 公路桥引桥是个斜面，引桥越长越费力
D. 暖气片内装水取暖是因为水的比热容大
3. 如图所示，小新正在用钓鱼竿钓一条大鱼，下列说法正确的是( )
A. 使用钓鱼竿可以省功 B. 小新的右手所握处为支点
C. 鱼的重力是杠杆受到的阻力 D. 钓鱼竿是个省力费距离的杠杆
4. 放学后，某同学背着重50N的书包沿水平路面走了200m，又登上大约10m高的四楼才回到家，则他在回家的过程中对书包所做的功约为( )
A. 0J B. 500J C. 2000J D. 2400J
5. 关于热现象，下列说法中正确的是( )
A. 温度越高的物体所具有的内能越大
B. 物体吸收热量，物体的温度一定升高
C. 柏油马路被阳光晒热，是通过做功改变内能
D. 四冲程内燃机每个工作循环中只有一个冲程对外做功
6. 关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是( )
A. 家庭电路中各用电器之间是串联的
B. 在触电事故现场，要立即切断电源
C. 家里的空气开关跳闸一定是短路引起的
D. 使用测电笔时，必须用手直接接触金属笔尖
7. 下列关于电流、电压的说法中正确的是( )
A. 有电源，电路中就一定有电流
B. 电子计算器工作时的电流约为150A
C. 水轮机中的“水流”相当于电路中的电压
D. 电流从电压表的正接线柱流入，负接线柱流出
8. 智能手机解锁时可以通过指纹开关S1解锁也可以通过密码开关S2来解锁，若解锁成功屏幕灯L发光。如图所示选项符合此要求的电路图是( )
A. B.
C. D.
9. 甲乙两个电阻之比为2：1，串联在同一电源上，闭合开关一段时间，电流通过甲电阻产生的热量600J，则电流通过乙电阻产生的热量为( )
A. 300J B. 600J C. 1200J D. 2400J
10. 在如图甲所示电路中，电源电压恒为6V，小灯泡上标有“3.8V”字样，小灯泡的U−I图像如图乙所示下列分析正确的是( )
A. 小灯泡的电阻约为12.7Ω
B. 小灯泡的额定功率为1.14W
C. 通过小灯泡的电流比通过滑动变阻器的电流大
D. 小灯泡正常发光时滑动变阻器接入电路中的阻值为20Ω
11. 2020年12月6日11时58分我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭成功将高分十四号卫星送入预定轨道，发射获得圆满成功卫星在加速上升过程中，动能______ ，重力势能______ ，机械能______ (均选填“变大”“变小”或“不变”)。
12. 在如图所示的电路中当开关S2、S3闭合，S1断开时，灯L1、L2是______ 联；当S2断开，S1、S3闭合时，灯______ (选填““L2“或“L1和L2“”)亮；当S1、S2闭合时，会发生电源______ ，这是绝对不允许的。
13. 如图是一种可以改变音响声音大小的电路元件结构示意图，A、B、C是固定的铜片，d是一段裸露的弧形电阻，e是一端连接在B上，另一端可在d上滑动的铜片。已知该元件的铜片C和铜片B串接入电路中，使滑片e逆时针转动时，则该元件接入电路的电阻______(选填“变大”或“变小”)，通过该元件的电流______(选填“变大”或“变小”)，从而调节音响声音的大小。
14. 电阻R1标有10Ω0.6A，电阻R2标有15Ω0.8A，当把R1和R2串联在某一电路中，则电源的电压最大为______V，如果并联在某一电路中，电源的电压最大为______V，干路中允许通过的最大电流______A。
15. 如图所示，用200N的拉力F匀速提升重500N的物体，10s内物体上升1m，则拉力所做的有用功是______ J，拉力的功率是______ W，滑轮组的机械效率是______ 。
16. 如图甲所示是探究“电阻产生的热量与电流关系”的实验装置，当电路正常工作且通电时间一定时，电阻
______ 产生的热量最多；如图乙所示是小亮家某月初电能表的示数，月底表盘示数如图丙所示，他所在地区每度电的电费是0.5元，则本月他家应缴纳电费______ 元；将某家用电器单独接在该电能表上正常工作5min，电能表指示灯闪烁了160次，则该家用电器正常工作5mn消耗的电能是______ kW⋅h，该家用电器的额定功率是______ W。
17. 如图是活塞式抽水机的示意图，其手柄相当于一个杠杆，O是支点。请在图中画出阻力F2的力臂L2和施加在A点的最小动力F1的示意图。
18. 图中，请用笔画线代替导线，将插座、白炽灯正确接入家庭电路，开关只控制灯泡的亮灭。
19. 按要求填空：
(1)如图1，可探究导体电阻与______ 的关系
(2)如图2，A处悬挂3个相同的钩码，则需在B处悬挂______ 个相同的钩码才能使杠杆在水平位置平衡。你认为实验中让杠杆在水平位置平衡的好处是______ 。
(3)如图3，小芳在测出L1的电压后保持电压表的B连接点不动，只断开A连接点，并改接到C连接点上，测量L2两端电压，她______ (选填“能”或“不能”)测出L2两端电压，理由是______ 。
20. 如图所示，在探究物体动能的大小与哪些因素有关时，让同一小车分别从同一斜面的不同高度由静止释放，撞击水平面上同一木块。
(1)本实验探究的是______ (选填“木块”、“小车”或“斜面”)的动能与______ 的关系，实验中是通过观察______ 来比较动能大小的。
(2)两次实验木块最终的位置如图甲、乙所示，则此实验的结论是：______ 。
(3)若水平面绝对光滑，木块将______ ，就不能反映出做功的多少，也就不能达到探究目的。
21. 小芳利用如图甲所示的电路探究“电流与电阻的关系”实验器材有：学生电源(恒为6V)，电流表(0∼0.6A、0∼3A)，电压表(0∼3V、0∼15V)，定值电阻(5Ω、10Ω、20Ω各1个)，开关，滑动变阻器和导线若干。
(1)连接电路时，开关应______ (选填“断开”或“闭合”)。
(2)实验中滑动变阻器除了保护电路外，还有一个主要作用是______
(3)闭合开关S后，无论如何移动滑动变阻器的滑片，发现电流表示数几乎为零，电压表示数为6V，此时电路出现的故障可能是定值电阻R ______ (选填“断路”或“短路”)。
(4)实验中依次接入三个定值电阻，正确操作后，记下电流表的示数，得到如图乙所示的电流随电阻R变化的图像由图像可得出：电压一定时，______ 。实验中，小芳用5Ω的电阻做完实验后，接着把R换成10Ω的电阻接入电路，闭合开关，向______ (选填“左”或“右”)移动滑动变阻器的滑片，使电压表示数为______ V时，才能读电流表的示数。
22. 在“测小灯泡额定功率”的实验中，小灯泡的额定电压为2.5V，电阻约为10Ω。
(1)请你用笔画线代替导线将图甲中的实物电路连接完整
(2)闭合开关，王敏同学移动滑片P到某一位置时，电压表示数(如图乙所示)为______ V，此时灯泡亮度与正常发光时相比______ (选填“较亮”或“较暗”)。
(3)王敏同学移动滑片P，记下多组对应电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的I−U图像根据图像信息可计算出小灯泡的额定功率为______ W。
(4)王敏的同桌丽丽认为不用电压表也可以测量小灯泡的额定功率，丽丽向老师要了一个阻值为25Ω的定值电阻，并设计了如图丁所示的电路图请你帮她完成正确的操作过程。
①只闭合开关S和S2，调节滑动变阻器的滑片，使电流表示数l1为0.1A
②保持滑动变阻器滑片位置不变，______ (填开关的通断情况)，读出电流表示数为I2
③小灯泡额定功率的表达式为______ (用已知物理量符号表示)。
23. 天然气具有热值高投资成本低价格实惠、污染少、安全等优点。完全燃烧0.06m3天然气所放出的热量有70%被质量为5kg的水吸收水未沸腾。【天然气的热值q=4×107J/m3，水的比热容】
(1)若天然气未完全燃烧则它的热值将______ (选填“变大”“变小”或“不变”)。
(2)0.06m3天然气完全燃烧放出的热量是多少？
(3)水吸收的热量是多少？
(4)若水的初始温度为10℃，则水吸收了这些热量后温度将升高到多少℃？
24. 图甲为某款电饼铛，其工作原理电路图如图乙所示，R1、R2分别为上、下盘的发热电阻某次烙饼过程中正常加热和保温时的功率随时间变化关系如图丙所示求：
(1)该电饼铛正常加热时的总电流。
(2)R2的阻值。
(3)本次烙饼共消耗的电能。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：电视机的功率约为130W；空调的功率约为1000W；洗衣机的功率约300W；笔记本电脑的功率约为20W；由此可见，空调的电功率最大，由W=Pt可知，用电器正常工作10min，消耗电能最多的是空调。
故选：B。
根据生活常识及生活经验判断各用电器的功率大小，由W=Pt可知，用电器功率越大，消耗的电能越多。
本题要求判断在相等时间内哪个用电器消耗的电能多，根据生活经验估计出各用电器的电功率大小是正确解题的关键。
2.【答案】D
【解析】解：A、电灯工作时主要是将电能转化为光能，因此不属于电热器，故A错误。
B、使用动滑轮可以省一半力，但不能省距离，故B错误。
C、在其它条件相同时，斜面越长，越省力，公路桥引桥是个斜面，引桥越长越省力，故C错误。
D、因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以暖气中用水做传热介质，故D正确。
故选：D。
(1)电热器是将电能转化为内能的用电器。
(2)动滑轮可以省力，但不能改变用力方向，不省距离。
(3)引桥是对斜面的应用，桥的高度不变时，引桥越长则坡度越小，就越省力。
(4)对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。
本题考查了学生用所学的物理知识解释生活中的现象的能力，是一道科学与生活密切联系的好题。
3.【答案】B
【解析】解：
AD、钓鱼竿在使用时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，但省距离，不能省功，故AD错误；
B、由图知，钓鱼时钓鱼竿绕小新的右手所握处转动，则右手所握处为支点，且动力作用在左手所握处，故B正确；
C、杠杆受到的阻力是鱼线对钓鱼竿的拉力，不是鱼的重力，故C错误。
故选：B。
利用下列知识分析判断：
(1)在力的作用下，能绕固定点转动的硬棒叫杠杆，该固定点叫杠杆的支点，使杠杆转动的力叫动力，阻碍杠杆转动的力叫阻力，动力和阻力使杠杆转动的效果相反；
(2)判断是哪种类型的杠杆，主要看动力臂、阻力臂的大小关系，动力臂大于阻力臂是省力杠杆，动力臂小于阻力臂是费力杠杆，动力臂等于阻力臂既不省力也不费力；
(3)使用任何机械都不省功。
本题考查了对杠杆的五要素、杠杆分类、功的原理的理解，确定杠杆的五要素是关键。
4.【答案】B
【解析】解：某同学背着书包给书包一个向上的力，只有向上移动距离，该同学对书包才做功。某同学背着重50N的书包沿水平路面走了200m，给书包的力是向上的，移动的距离是水平方向的，此过程没有做功。又登上大约10m高的四楼才回到家此过程做功。
W=Fs=50N×10m=500J。
故选：B。
(1)力对物体做功的两个必要因素：作用在物体上的力，物体在该力的方向上通过的距离。
(2)根据W=Fs进行计算。
(1)掌握对物体做功的两个必要因素。有力有距离不一定做功，距离一定是在该力的作用下通过的才能说该力做功。
(2)根据W=Fs进行计算。
5.【答案】D
【解析】解：A、因为内能与物体的质量、温度和状态有关，而物体的质量和状态不确定，因此仅温度高不能说明物体具有的内能大，故A错误；
B、物体吸收热量，物体的温度不一定升高，如冰熔化时，吸收热量，温度不变，故B错误；
C、柏油马路被阳光晒热，是通过热传递改变内能的，故C错误；
D、四冲程内燃机每个工作循环中只有做功冲程对外做功，故D正确。
故选：D。
(1)内能与物体的质量、温度和状态有关；
(2)晶体熔化时，吸收热量，温度不变；
(3)改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程；
(4)四冲程内燃机一个工作循环四个冲程，对外做功一次。
本题考查的知识点比较多，主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力。
6.【答案】B
【解析】解：A、各家用电器只有并联在电路中，各家用电器才能正常工作，并且互不影响，故A错误；
B、发现有人触电时，千万不能用手将触电人拉开，这样救人者也会触电，应立即切断电源或用绝缘棒将导线挑开，使接触者尽快脱离电源，故B正确；
C、家庭电路中总功率过大或发生短路时，空气开关会跳闸，故C错误；
D、使用测电笔时，必须用手接触笔尾的金属体，不能与笔尖金属体接触，故D错误。
故选：B。
(1)家用电器之间都是并联的；
(2)一旦有人触电，应立即切断电源或用绝缘棒将导线挑开，使接触者尽快脱离电源；
(3)家庭电路中总功率过大或发生短路时，空气开关会跳闸；
(4)使用测电笔时，应让手与笔尾的金属体接触，不能与笔尖金属体接触。
本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，不能违反。
7.【答案】D
【解析】解：A、有电源，且电路是通路，电路中才有电流，故A错误。
B、电子计算器工作时的电流约为100μA，故B错误。
C、在电流概念的学习中，可以用水轮机中的“水流”来类比电路中的“电流”，故C错误。
D、在电压表的使用中，电流从电压表的正接线柱流入，负接线柱流出，故D正确。
故选：D。
(1)电压是使电路形成电流的原因；电路中有电压且电路是通路，电路中才有电流。
(2)常识性了解常见用电器的工作电流。
(3)可以利用类比法学习物理上的电压概念。
(4)电压表的使用规则之一：电流由正接线柱流入，负接线柱流出。
知道电压与电流之间的关系，了解常见电流值、类比法的应用，知道电压表的使用规则，可解答此题。
8.【答案】B
【解析】解：经分析可知，指纹开关S1和密码开关S2并联，且屏幕灯L位于两开关的干路。
A.由电路图可知，两开关串联，只有指纹开关S1和密码开关S2同时解锁成功屏幕灯L才能发光，故A不符合题意；
B.由电路图可知，指纹开关S1和密码开关S2并联，且屏幕灯L位于两开关的干路，故B符合题意；
C.由电路图可知，只指纹开关S1解锁或只密码开关S2解锁，屏幕灯L始终发光，两开关同时解锁会造成电源短路，故C不符合题意；
D.由电路图可知，只密码开关S2时，屏幕灯L发光，只指纹开关S1或同时指纹开关S1和密码开关S2解锁时，屏幕灯L不发光，故D不符合题意。
故选：B。
由题意可知，通过指纹开关S1和密码开关S2均可以解锁，且解锁成功后屏幕灯L发光，说明两开关可以独立工作即为并联，且屏幕灯L位于两开关的干路，据此进行解答。
本题考查了电路图的设计，根据题意得出两开关的连接方式和屏幕灯L的位置是关键。
9.【答案】A
【解析】解：甲乙两个电阻串联在同一电源上，闭合开关一段时间，通电时间相同，通过的电流也相同，电阻之比为2：1，根据Q=I2Rt可知，电阻产生的热量之比为2：1，则乙电阻产生的热量为：12×600J=300J。
故选：A。
在串联电路中，各处的电流是相同的，知道甲电阻产生的热量，根据Q=I2Rt求出乙产生的热量。
本题考查了串联电路的特点、焦耳定律的灵活应用，计算过程要注意各量之间的关系，不要颠倒。
10.【答案】B
【解析】解：A、灯与变阻器串联，电压表测灯的电压，电流表测灯的电流，
由图乙知，灯的电流随电压的变化关系为一曲线，说明灯的电阻是变化的，故小灯泡的电阻约为12.7Ω是错误的，故A错误；
B、灯在额定电压下的电流0.30A，故灯的额定功率：P=UI=3.8V×0.30A=1.14W，故B正确
C、因为串联电路电流处处相等，所以通过小灯泡的电流等于通过滑动变阻器的电流，故C错误；
D、电源电压恒为6V，由串联电路的规律及欧姆定律，灯正常发光时变阻器连入电路的电阻：
，故D错误。
故选：B。
(1)灯与变阻器串联，电压表测灯的电压，电流表测灯的电流，
由图乙知，灯的电流随电压的变化关系为一曲线，说明灯的电压是变化的，据此分析；
(2)灯在额定电压下的电流0.30A，根据P=UI求出灯的额定功率；
(3)串联电路电流处处相等；
(4)电源电压恒为6V，由串联电路的规律及欧姆定律得出灯正常发光时变阻器连入电路的电阻。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是从图中获取有效的信息。
11.【答案】变大 变大 变大
【解析】解：加速升空的过程中：
①质量不变，速度变大，动能变大；
②质量不变，高度变大，重力势能变大。
③机械能=势能+动能，动能变大，重力势能变大，所以机械能变大。
故答案为：变大；变大；变大。
(1)动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。
(2)重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
(3)机械能=势能+动能。
掌握动能、重力势能的影响因素，理解重力势能和动能的转化可从高度和速度来理解，可以帮助我们更好的理解能量的转化。
12.【答案】并 L1 短路
【解析】解：(1)当开关S2、S3闭合，S1断开时，电流从电源流出分别流入两灯中再汇合共同流入电源负极，L1、L2组成并联电路；
(2)当S2、S3断开，S1闭合时，两灯首尾相连接到电源两端，灯L1、L2组成串联电路，灯L1、L2亮；
(3)当S2断开，S1、S3闭合时，L2与S3并联，被短路，只有L1发光；
(4)当S1、S2闭合时，会形成电源短路，造成电流过大，烧坏电源，发生事故，因此绝对不允许同时闭合S1、S2。
故答案为：并；L1；短路。
串联是指用电器依次连接的电路。
并联是指用电器并排连接的电路。
短路是指电流没有经过用电器而将电源两极直接连通的电路。
此题考查了对并联电路和串联电路及短路的掌握，是基础性题目。
13.【答案】变小 变大
【解析】解：如图所示，若将该元件的铜片C和铜片B接入电路，当滑片e逆时针转动时，弧形电阻d接入电路的长度变短，电路中的电阻变小，根据欧姆定律可知，电流变大，收音机的音量增大。
故答案为：变小；变大。
电位器实际上是阻值较大的滑动变阻器，收音机音量开关相当于一个滑动变阻器，分析电路结构，根据题目要求，结合欧姆定律分析答题。
此题体现的是滑动变阻器在实际电路中的应用，从实际电路中抽象出滑动变阻器，利用其变阻特点进行分析是正确解题的关键。
14.【答案】15 6 1
【解析】解：(1)当把R1和R2串联在某一电路中时，
因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的最大电流I=0.6A，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，由I=UR可得，电源的最大电压：
U=I(R1+R2)=0.6A×(10Ω+15Ω)=15V；
(2)由I=UR可得，两电阻两端允许所加的最大电压分别为：
U1=I1R1=0.6A×10Ω=6V，U2=I2R2=0.8A×15Ω=12V，
当把R1和R2并联在某一电路中时，
因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，电路两端允许所加的最大电压U′=6V，
此时R1支路的电流I1=0.6A，通过R2支路的电流：
I2′=U′R2=6V15Ω=0.4A，
则干路电路电流最大为：I′=I1+I2′=0.6A+0.4A=1A。
故答案为：15；6；1。
(1)串联电路处处电流相等，为了不损坏电阻，比较两电阻允许通过的最大电流，选其中较小的电流，然后根据串联电阻的串联和欧姆定律求出电源两端的最大电压；
(2)先根据欧姆定律求出两电阻两端允许所加的最大电压，由于两电阻并联时两端的电压相等，为了不损坏电阻，电路两端允许的最大电压为两电阻两端允许所加最大电压中较小的电压，利用欧姆定律求出两支路的电流，然后根据并联电路电流特点求出干路中的最大电流。
本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律的应用，关键是知道串联时允许通过的最大电流为两个电阻允许通过最大电流中最小的一个，两只电阻并联时电路两端的最大电压为两电阻允许所加最大电压中最小的一个。
15.【答案】5006083.3%
【解析】解：
(1)有用功：。
(2)由图可知n=3，则绳端移动的距离s=3h=3×1m=3m，
总功：，
拉力的功率：，
机械效率：。
故答案为：500；60；83.3%。
由滑轮组的结构知道承担物重的绳子股数n=3，s=3h；
(1)已知物重和物体被提升高度，根据公式可计算出有用功；
(2)求出拉力移动的距离，知道拉力大小，利用求总功，求出了拉力做的总功，知道做功时间，利用功率公式求拉力的功率。
利用机械效率的公式求滑轮组的机械效率。
本题考查了有用功、总功、功率、机械效率的计算，要求灵活运用公式，属于基础题目。
16.【答案】R1 450.05600
【解析】解：
(1)由图可知，R2与R3并联后与R1串联，由并联电路的电流特点可知，I1=I2+I3，所以I1>I2，而R1=R2=10Ω，由Q=I2Rt可知，通电时间一定时，电阻R1产生的热量多；
(2)由甲、乙图知，某月消耗的电能为：W=1717.2kW⋅h−1627.2kW⋅h=90kW⋅h，
应缴纳电费：0.5元/kW⋅h×90kW⋅h=45元；
(2)3200imp/kW⋅h表示电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表的指示灯闪烁3200次，
指示灯闪烁160次消耗的电能：W′=1603200kW⋅h=0.05kW⋅h560h0.05kW⋅h，
该用电器正常工作时的电功率，即额定功率：。
故答案为：R1；45；0.05；600。
(1)由图知，R2与R3并联后与R1串联，由并联电路的电流特点和Q=I2Rt判断R1与R2产生热量的多少；
(2)电能表显示的数字中最后一位是小数，单位为kW⋅h，两次示数之差即为本月的用电量，乘以电价可得应缴的电费；3200imp/kW⋅h表示电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表的指示灯闪烁3200次，据此可求出当电能表指示灯闪烁160次消耗的电能，再利用P=Wt求出该用电器正常工作时的电功率(即：额定功率)。
本题考查消耗电能的测量、消耗电能和电功率的计算，明白电能表相关参数的含义是解题的关键。
17.【答案】解：
做出F2的作用线，由支点O向F2的作用线引垂线，垂线段的长度即为其力臂L2；
阻力与阻力臂一定时，要使施加的力最小，根据杠杆的平衡条件，动力臂需最长。以OA为力臂为最长力臂，过A点作OA的垂线就得到在A点施加的最小动力F1，方向向上，如图所示：
【解析】根据力臂的概念，做出从支点到力的作用线的距离；
根据杠杆的平衡条件，要使施加的力最小，应使得其力臂最长，由此画出最小力。
根据杠杆的平衡条件，要使杠杆上的力最小，必须使该力的力臂最大，而力臂最大时力的作用点一般离杠杆的支点最远，所以在杠杆上找到离杠杆支点最远的点即力的作用点，这两点的连线就是最长的力臂，过力的作用点作垂线就是最小的力。
18.【答案】解：灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。
三孔插座的接法：上孔接地线、左孔接零线、右孔接火线。如图所示：
【解析】灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。
家庭电路中，不但考虑用电器的正常使用，更要考虑使用的安全性。三孔插座的接线原则：左零右火、中间接地。
19.【答案】温度 4 便于测量力臂 不能 电压表的正负接线柱接反了
【解析】解：(1)由图可知，实验中通过加热电阻，改变电阻的温度，观察灯泡的亮度来判定电阻的大小变化，故探究的是电阻与温度的关系；
(2)设杠杆上一小格的长度是L，一个钩码重是G，在B点挂n个钩码，图2中杠杆在水平位置平衡时，由杠杆平衡条件得：3G×4L=nG×3L，解得n=4；
杠杆只有在水平位置平衡时，支点到力的作用线的距离才正好在杠杆上，也就是正好等于相应杠杆的长，这样测量起来会比较方便；
(3)用电压表测量某元件两端电压时，应与这个元件并联。应该使标有”-“号的接线柱靠近电源负极，另一个接线柱靠近电源正极。所以题中在测L2两端的电压时，电压表所接的B接点不动，只断开A接点，并把接线改接到C接点上，会导致电压表正、负接线柱接反，电压表指针反偏。
故答案为：(1)温度；(2)4；便于测量力臂；(3)不能；电压表的正负接线柱接反了。
(1)导体的电阻与导体的长度、横截面积、材料和温度有关；在材料和温度相同时，长度越长、横截面积越小电阻越大；当研究电阻与其中一个因素的关系时，应控制其它的因素不变；
(2)根据杠杆的平衡条件求出钩码的个数；使杠杆在水平位置平衡最大的好处就是测量力臂时非常方便；
(3)电压表要并联在用电器两端，电压表的”-“接线柱靠近电源负极，另一个接线柱靠近电源正极。
本题考查了电阻的影响因素、杠杆的平衡条件、电压表的使用，难度不大。
20.【答案】小车 速度 木块移动的距离 在质量相同的情况下，速度越大，动能越大 做匀速直线运动
【解析】解：
(1)由图知，两相同小车分别从同一斜面不同高度由静止滑下，小车的质量相同，初速度不同，所以可探究动能与小车的初速度关系；实验中通过小车推动木块移动的距离来反映动能的大小；
(2)由图可知，甲撞击木块移动的距离远，故结论为：在质量相同的情况下，速度越大，动能越大。
(3)如果接触面绝对的光滑，没有摩擦，小车的速度不会改变，永远保持匀速直线运动，无法通过距离的大小判定动能的大小。
故答案为：(1)小车；速度；木块移动的距离；(2)在质量相同的情况下，速度越大，动能越大；(3)做匀速直线运动。
(1)动能大小与物体的质量和速度有关，在探究过程中应用控制变量法，并通过小车推动木块做的功来反映动能的大小；
(2)根据图中木块移动的距离分析；
(3)小车在水平面上运动，平面越来越光滑，摩擦力越来越小，物体运动的越远，根据这个现象进行推理，如果平面不存在摩擦力，物体永远运动下去。
本题是探究影响动能大小的因素的实验，由于动能大小与质量和速度有关，所以实验中要用控制变量法，同时要掌握转换法在实验中的应用。
21.【答案】断开 控制电阻两端的电压不变 断路 导体中的电流与导体的电阻成反比 左 2
【解析】解：(1)连接电路时，为保护电路，开关应该断开；
(2)研究电流与电阻的关系时，需移动滑动变阻器来控制定值电阻的电压相同，所以实验中滑动变阻器除了保护电路外，还有一个主要作用是控制电阻两端的电压不变；
(3)开关闭合后，电流表示数几乎为零，说明电路是开路；电压表示数约为6V，说明电压表通过电流表和滑动变阻器与电源两极相连，因此是定值电阻R断路；
(4)由图乙知电流与电阻的乘积不变，即电压不变，故得出的结论是：电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比；
研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，由乙图可知，电阻两端的电压始终保持U=IR=0.1A×20Ω=-----0.4A×5Ω=2V，
根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
要保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由串联分压原理可知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，使电压表的示数为2V。
故答案为：(1)断开；(2)控制电阻两端的电压不变；(3)断路；(4)导体中的电流与导体的电阻成反比；左；2。
(1)为保护电路，连接电路时，开关应该断开；
(2)在探究电流与电阻的关系时，应该控制电压一定；
(3)电流表示数为零，可能是电流表断路或短路或电流表之外电路断路；电压表有明显偏转，说明电压表并联电路之外不存在断路；
移动滑片电压表示数几乎不变，可能是滑动变阻器同时接上面两个或下面两个接线柱，或电路断路，电压表直接接在电源两端，综合分析可知故障原因是与电压表并联的电阻R断路；
(4)电阻两端的电压始终为一定值分析；
根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向。
本题研究电流与电阻的关系，考查注意事项、控制过程和数据分析等知识，综合性强，但难度不大。
22.【答案】1.7较暗 0.5断开开关S2，闭合开关S和S1 2.5V×(I2−I1)
【解析】解：(1)由欧姆定律得灯泡正常发光时的电流约为：，所以电流表选0∼0.6A的量程串联接入电路中，电路如图所示：
(2)由实物图知电压表使用小量程，分度值0.1V，由图乙知滑片P在某一位置时灯泡两端电压为1.7V，小于灯泡的额定电压2.5V，所以此时灯泡亮度与正常发光相比较暗；
(3)灯泡两端电压等于额定电压2.5V正常发光，由图像知，此时通过灯泡的电流为0.2A，
所以灯泡的额定功率：P=UI=2.5V×0.2A=0.5W；
(4)操作过程：
①只闭合开关S和S2，此时R与灯泡并联，电流表测通过R的电流，调节滑动变阻器的滑片，使电流表示数为I1=0.1A，此时灯泡正常发光；
②断开开关S2，闭合开关S和S1，保持滑动变阻器滑片位置不变，此时R与灯泡仍并联，且灯泡仍正常发光，电流表测通过R和灯泡的总电流，读出电流表示数为I2。
由并联电路的电流特点可得，灯泡正常发光时的电流I=I2−IR=I2−I1；
③小灯泡的额定功率表达式为。
故答案为：(1)见上图； (2)1.7；较暗；(3)0.5；(4)②断开开关S2，闭合开关S和S1；③2.5V×(I2−I1)。
(1)由欧姆定律计算灯泡正常发光的电流，再选择合适的量程将电流表串联接入电路中；
(2)由实物图知电压表量程，由图乙读出电压表示数并与灯泡的额定电压比较，再判断灯泡亮度情况；
(3)由图像读出灯泡正常发光时的电流，由P=UI计算灯泡的额定功率。
(4)只有电流表和已知电阻，由图示电路，利用电路特点和欧姆定律间接测出灯泡正常发光时的电流即可达到测灯泡额定功率的目的。
本题是测灯泡功率的实验，考查了实物电路的连接、额定功率的计算、灯泡亮度判断等，难度适中。
23.【答案】不变
【解析】解：(1)热值是燃料的特性，只与燃料的种类有关，与其是否燃烧和燃烧是否充分无关，如果燃料没有完全燃烧，它的热值将不变；
(2)完全燃烧0.06m3天然气所放出的热量：
；
(2)由题知，天然气完全燃烧放出的热量有70%被水吸收，所以水吸收的热量：
；
(3)由题知，水的初温为10℃，质量为5kg，
由可得，水升高到的温度：
故答案为：(1)不变；
(2)天然气完全燃烧放出的热量为2.4×106J；
(3)水吸收的热量是1.68×106J；
(4)若水的初始温度是10℃，那么水吸收了这些热量后温度将升高到90℃。
(1)热值是燃料的本身的一种特性；
(2)已知天然气的热值和燃烧的质量，由Q=Vq计算天然气完全燃烧放出的热量；
(3)天然气完全燃烧放出的热量有70%被水吸收，由此计算水吸收的热量；
(4)由Q=cm(t−t0)计算水吸收这些热量后升高到的温度。
本题考查了燃料燃烧放热、热效率以及吸热公式的应用，熟练运用公式是关键。
24.【答案】解：(1)由图丙可知，电饼铛加热时的功率，
由P=UI可得，该电饼铛正常加热时的总电流：
；
(2)由图丙可知，电饼铛保温时的功率，
由题意可知，开关S闭合、S1断开时，电路为R2的简单电路，电饼铛处于保温状态，
由P=UI=U2R可得，R2的电阻：
；
(3)由图丙可知，本次烙饼加热的时间，保温时间，
由P=Wt可得，本次烙饼共消耗的电能：
。
答：(1)该电饼铛正常加热时的总电流为6A；
(2)R2的电阻为110Ω；
(3)本次烙饼共消耗的电能为3.696×105J。
【解析】(1)根据图丙可知电饼铛加热时的功率，根据P=UI求出该电饼铛正常加热时的总电流；
(2)根据图丙可知电饼铛保温时的功率，由题意可知，开关S闭合、S1断开时，电路为R2的简单电路，电饼铛处于保温状态，根据P=UI=U2R求出R2的电阻；
(3)根据图丙读出本次烙饼加热的时间和保温时间，根据P=Wt的变形求出本次烙饼共消耗的电能。
本题考查了电功率公式和电功公式的应用，根据题意得出电饼铛处于不同状态时的连接方式和从图中获取有用的信息是关键。
2020-2021学年陕西省渭南市富平县九年级（上）期末物理试卷
1. 下列家用电器正常工作10min，消耗电能最多的是( )
A. 电视机 B. 空调 C. 洗衣机 D. 笔记本电脑
2. 下面是某学生“物理笔记”中的一些摘录，其中正确的是( )
A. 电灯属于电热器
B. 使用动滑轮最多可以省一半的距离
C. 公路桥引桥是个斜面，引桥越长越费力
D. 暖气片内装水取暖是因为水的比热容大
3. 如图所示，小新正在用钓鱼竿钓一条大鱼，下列说法正确的是( )
A. 使用钓鱼竿可以省功 B. 小新的右手所握处为支点
C. 鱼的重力是杠杆受到的阻力 D. 钓鱼竿是个省力费距离的杠杆
4. 放学后，某同学背着重50N的书包沿水平路面走了200m，又登上大约10m高的四楼才回到家，则他在回家的过程中对书包所做的功约为( )
A. 0J B. 500J C. 2000J D. 2400J
5. 关于热现象，下列说法中正确的是( )
A. 温度越高的物体所具有的内能越大
B. 物体吸收热量，物体的温度一定升高
C. 柏油马路被阳光晒热，是通过做功改变内能
D. 四冲程内燃机每个工作循环中只有一个冲程对外做功
6. 关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是( )
A. 家庭电路中各用电器之间是串联的
B. 在触电事故现场，要立即切断电源
C. 家里的空气开关跳闸一定是短路引起的
D. 使用测电笔时，必须用手直接接触金属笔尖
7. 下列关于电流、电压的说法中正确的是( )
A. 有电源，电路中就一定有电流
B. 电子计算器工作时的电流约为150A
C. 水轮机中的“水流”相当于电路中的电压
D. 电流从电压表的正接线柱流入，负接线柱流出
8. 智能手机解锁时可以通过指纹开关S1解锁也可以通过密码开关S2来解锁，若解锁成功屏幕灯L发光。如图所示选项符合此要求的电路图是( )
A. B.
C. D.
9. 甲乙两个电阻之比为2：1，串联在同一电源上，闭合开关一段时间，电流通过甲电阻产生的热量600J，则电流通过乙电阻产生的热量为( )
A. 300J B. 600J C. 1200J D. 2400J
10. 在如图甲所示电路中，电源电压恒为6V，小灯泡上标有“3.8V”字样，小灯泡的U−I图像如图乙所示下列分析正确的是( )
A. 小灯泡的电阻约为12.7Ω
B. 小灯泡的额定功率为1.14W
C. 通过小灯泡的电流比通过滑动变阻器的电流大
D. 小灯泡正常发光时滑动变阻器接入电路中的阻值为20Ω
11. 2020年12月6日11时58分我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭成功将高分十四号卫星送入预定轨道，发射获得圆满成功卫星在加速上升过程中，动能______ ，重力势能______ ，机械能______ (均选填“变大”“变小”或“不变”)。
12. 在如图所示的电路中当开关S2、S3闭合，S1断开时，灯L1、L2是______ 联；当S2断开，S1、S3闭合时，灯______ (选填““L2“或“L1和L2“”)亮；当S1、S2闭合时，会发生电源______ ，这是绝对不允许的。
13. 如图是一种可以改变音响声音大小的电路元件结构示意图，A、B、C是固定的铜片，d是一段裸露的弧形电阻，e是一端连接在B上，另一端可在d上滑动的铜片。已知该元件的铜片C和铜片B串接入电路中，使滑片e逆时针转动时，则该元件接入电路的电阻______(选填“变大”或“变小”)，通过该元件的电流______(选填“变大”或“变小”)，从而调节音响声音的大小。
14. 电阻R1标有10Ω0.6A，电阻R2标有15Ω0.8A，当把R1和R2串联在某一电路中，则电源的电压最大为______V，如果并联在某一电路中，电源的电压最大为______V，干路中允许通过的最大电流______A。
15. 如图所示，用200N的拉力F匀速提升重500N的物体，10s内物体上升1m，则拉力所做的有用功是______ J，拉力的功率是______ W，滑轮组的机械效率是______ 。
16. 如图甲所示是探究“电阻产生的热量与电流关系”的实验装置，当电路正常工作且通电时间一定时，电阻
______ 产生的热量最多；如图乙所示是小亮家某月初电能表的示数，月底表盘示数如图丙所示，他所在地区每度电的电费是0.5元，则本月他家应缴纳电费______ 元；将某家用电器单独接在该电能表上正常工作5min，电能表指示灯闪烁了160次，则该家用电器正常工作5mn消耗的电能是______ kW⋅h，该家用电器的额定功率是______ W。
17. 如图是活塞式抽水机的示意图，其手柄相当于一个杠杆，O是支点。请在图中画出阻力F2的力臂L2和施加在A点的最小动力F1的示意图。
18. 图中，请用笔画线代替导线，将插座、白炽灯正确接入家庭电路，开关只控制灯泡的亮灭。
19. 按要求填空：
(1)如图1，可探究导体电阻与______ 的关系
(2)如图2，A处悬挂3个相同的钩码，则需在B处悬挂______ 个相同的钩码才能使杠杆在水平位置平衡。你认为实验中让杠杆在水平位置平衡的好处是______ 。
(3)如图3，小芳在测出L1的电压后保持电压表的B连接点不动，只断开A连接点，并改接到C连接点上，测量L2两端电压，她______ (选填“能”或“不能”)测出L2两端电压，理由是______ 。
20. 如图所示，在探究物体动能的大小与哪些因素有关时，让同一小车分别从同一斜面的不同高度由静止释放，撞击水平面上同一木块。
(1)本实验探究的是______ (选填“木块”、“小车”或“斜面”)的动能与______ 的关系，实验中是通过观察______ 来比较动能大小的。
(2)两次实验木块最终的位置如图甲、乙所示，则此实验的结论是：______ 。
(3)若水平面绝对光滑，木块将______ ，就不能反映出做功的多少，也就不能达到探究目的。
21. 小芳利用如图甲所示的电路探究“电流与电阻的关系”实验器材有：学生电源(恒为6V)，电流表(0∼0.6A、0∼3A)，电压表(0∼3V、0∼15V)，定值电阻(5Ω、10Ω、20Ω各1个)，开关，滑动变阻器和导线若干。
(1)连接电路时，开关应______ (选填“断开”或“闭合”)。
(2)实验中滑动变阻器除了保护电路外，还有一个主要作用是______
(3)闭合开关S后，无论如何移动滑动变阻器的滑片，发现电流表示数几乎为零，电压表示数为6V，此时电路出现的故障可能是定值电阻R ______ (选填“断路”或“短路”)。
(4)实验中依次接入三个定值电阻，正确操作后，记下电流表的示数，得到如图乙所示的电流随电阻R变化的图像由图像可得出：电压一定时，______ 。实验中，小芳用5Ω的电阻做完实验后，接着把R换成10Ω的电阻接入电路，闭合开关，向______ (选填“左”或“右”)移动滑动变阻器的滑片，使电压表示数为______ V时，才能读电流表的示数。
22. 在“测小灯泡额定功率”的实验中，小灯泡的额定电压为2.5V，电阻约为10Ω。
(1)请你用笔画线代替导线将图甲中的实物电路连接完整
(2)闭合开关，王敏同学移动滑片P到某一位置时，电压表示数(如图乙所示)为______ V，此时灯泡亮度与正常发光时相比______ (选填“较亮”或“较暗”)。
(3)王敏同学移动滑片P，记下多组对应电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的I−U图像根据图像信息可计算出小灯泡的额定功率为______ W。
(4)王敏的同桌丽丽认为不用电压表也可以测量小灯泡的额定功率，丽丽向老师要了一个阻值为25Ω的定值电阻，并设计了如图丁所示的电路图请你帮她完成正确的操作过程。
①只闭合开关S和S2，调节滑动变阻器的滑片，使电流表示数l1为0.1A
②保持滑动变阻器滑片位置不变，______ (填开关的通断情况)，读出电流表示数为I2
③小灯泡额定功率的表达式为______ (用已知物理量符号表示)。
23. 天然气具有热值高投资成本低价格实惠、污染少、安全等优点。完全燃烧0.06m3天然气所放出的热量有70%被质量为5kg的水吸收水未沸腾。【天然气的热值q=4×107J/m3，水的比热容】
(1)若天然气未完全燃烧则它的热值将______ (选填“变大”“变小”或“不变”)。
(2)0.06m3天然气完全燃烧放出的热量是多少？
(3)水吸收的热量是多少？
(4)若水的初始温度为10℃，则水吸收了这些热量后温度将升高到多少℃？
24. 图甲为某款电饼铛，其工作原理电路图如图乙所示，R1、R2分别为上、下盘的发热电阻某次烙饼过程中正常加热和保温时的功率随时间变化关系如图丙所示求：
(1)该电饼铛正常加热时的总电流。
(2)R2的阻值。
(3)本次烙饼共消耗的电能。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：电视机的功率约为130W；空调的功率约为1000W；洗衣机的功率约300W；笔记本电脑的功率约为20W；由此可见，空调的电功率最大，由W=Pt可知，用电器正常工作10min，消耗电能最多的是空调。
故选：B。
根据生活常识及生活经验判断各用电器的功率大小，由W=Pt可知，用电器功率越大，消耗的电能越多。
本题要求判断在相等时间内哪个用电器消耗的电能多，根据生活经验估计出各用电器的电功率大小是正确解题的关键。
2.【答案】D
【解析】解：A、电灯工作时主要是将电能转化为光能，因此不属于电热器，故A错误。
B、使用动滑轮可以省一半力，但不能省距离，故B错误。
C、在其它条件相同时，斜面越长，越省力，公路桥引桥是个斜面，引桥越长越省力，故C错误。
D、因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以暖气中用水做传热介质，故D正确。
故选：D。
(1)电热器是将电能转化为内能的用电器。
(2)动滑轮可以省力，但不能改变用力方向，不省距离。
(3)引桥是对斜面的应用，桥的高度不变时，引桥越长则坡度越小，就越省力。
(4)对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。
本题考查了学生用所学的物理知识解释生活中的现象的能力，是一道科学与生活密切联系的好题。
3.【答案】B
【解析】解：
AD、钓鱼竿在使用时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，但省距离，不能省功，故AD错误；
B、由图知，钓鱼时钓鱼竿绕小新的右手所握处转动，则右手所握处为支点，且动力作用在左手所握处，故B正确；
C、杠杆受到的阻力是鱼线对钓鱼竿的拉力，不是鱼的重力，故C错误。
故选：B。
利用下列知识分析判断：
(1)在力的作用下，能绕固定点转动的硬棒叫杠杆，该固定点叫杠杆的支点，使杠杆转动的力叫动力，阻碍杠杆转动的力叫阻力，动力和阻力使杠杆转动的效果相反；
(2)判断是哪种类型的杠杆，主要看动力臂、阻力臂的大小关系，动力臂大于阻力臂是省力杠杆，动力臂小于阻力臂是费力杠杆，动力臂等于阻力臂既不省力也不费力；
(3)使用任何机械都不省功。
本题考查了对杠杆的五要素、杠杆分类、功的原理的理解，确定杠杆的五要素是关键。
4.【答案】B
【解析】解：某同学背着书包给书包一个向上的力，只有向上移动距离，该同学对书包才做功。某同学背着重50N的书包沿水平路面走了200m，给书包的力是向上的，移动的距离是水平方向的，此过程没有做功。又登上大约10m高的四楼才回到家此过程做功。
W=Fs=50N×10m=500J。
故选：B。
(1)力对物体做功的两个必要因素：作用在物体上的力，物体在该力的方向上通过的距离。
(2)根据W=Fs进行计算。
(1)掌握对物体做功的两个必要因素。有力有距离不一定做功，距离一定是在该力的作用下通过的才能说该力做功。
(2)根据W=Fs进行计算。
5.【答案】D
【解析】解：A、因为内能与物体的质量、温度和状态有关，而物体的质量和状态不确定，因此仅温度高不能说明物体具有的内能大，故A错误；
B、物体吸收热量，物体的温度不一定升高，如冰熔化时，吸收热量，温度不变，故B错误；
C、柏油马路被阳光晒热，是通过热传递改变内能的，故C错误；
D、四冲程内燃机每个工作循环中只有做功冲程对外做功，故D正确。
故选：D。
(1)内能与物体的质量、温度和状态有关；
(2)晶体熔化时，吸收热量，温度不变；
(3)改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程；
(4)四冲程内燃机一个工作循环四个冲程，对外做功一次。
本题考查的知识点比较多，主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力。
6.【答案】B
【解析】解：A、各家用电器只有并联在电路中，各家用电器才能正常工作，并且互不影响，故A错误；
B、发现有人触电时，千万不能用手将触电人拉开，这样救人者也会触电，应立即切断电源或用绝缘棒将导线挑开，使接触者尽快脱离电源，故B正确；
C、家庭电路中总功率过大或发生短路时，空气开关会跳闸，故C错误；
D、使用测电笔时，必须用手接触笔尾的金属体，不能与笔尖金属体接触，故D错误。
故选：B。
(1)家用电器之间都是并联的；
(2)一旦有人触电，应立即切断电源或用绝缘棒将导线挑开，使接触者尽快脱离电源；
(3)家庭电路中总功率过大或发生短路时，空气开关会跳闸；
(4)使用测电笔时，应让手与笔尾的金属体接触，不能与笔尖金属体接触。
本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，不能违反。
7.【答案】D
【解析】解：A、有电源，且电路是通路，电路中才有电流，故A错误。
B、电子计算器工作时的电流约为100μA，故B错误。
C、在电流概念的学习中，可以用水轮机中的“水流”来类比电路中的“电流”，故C错误。
D、在电压表的使用中，电流从电压表的正接线柱流入，负接线柱流出，故D正确。
故选：D。
(1)电压是使电路形成电流的原因；电路中有电压且电路是通路，电路中才有电流。
(2)常识性了解常见用电器的工作电流。
(3)可以利用类比法学习物理上的电压概念。
(4)电压表的使用规则之一：电流由正接线柱流入，负接线柱流出。
知道电压与电流之间的关系，了解常见电流值、类比法的应用，知道电压表的使用规则，可解答此题。
8.【答案】B
【解析】解：经分析可知，指纹开关S1和密码开关S2并联，且屏幕灯L位于两开关的干路。
A.由电路图可知，两开关串联，只有指纹开关S1和密码开关S2同时解锁成功屏幕灯L才能发光，故A不符合题意；
B.由电路图可知，指纹开关S1和密码开关S2并联，且屏幕灯L位于两开关的干路，故B符合题意；
C.由电路图可知，只指纹开关S1解锁或只密码开关S2解锁，屏幕灯L始终发光，两开关同时解锁会造成电源短路，故C不符合题意；
D.由电路图可知，只密码开关S2时，屏幕灯L发光，只指纹开关S1或同时指纹开关S1和密码开关S2解锁时，屏幕灯L不发光，故D不符合题意。
故选：B。
由题意可知，通过指纹开关S1和密码开关S2均可以解锁，且解锁成功后屏幕灯L发光，说明两开关可以独立工作即为并联，且屏幕灯L位于两开关的干路，据此进行解答。
本题考查了电路图的设计，根据题意得出两开关的连接方式和屏幕灯L的位置是关键。
9.【答案】A
【解析】解：甲乙两个电阻串联在同一电源上，闭合开关一段时间，通电时间相同，通过的电流也相同，电阻之比为2：1，根据Q=I2Rt可知，电阻产生的热量之比为2：1，则乙电阻产生的热量为：12×600J=300J。
故选：A。
在串联电路中，各处的电流是相同的，知道甲电阻产生的热量，根据Q=I2Rt求出乙产生的热量。
本题考查了串联电路的特点、焦耳定律的灵活应用，计算过程要注意各量之间的关系，不要颠倒。
10.【答案】B
【解析】解：A、灯与变阻器串联，电压表测灯的电压，电流表测灯的电流，
由图乙知，灯的电流随电压的变化关系为一曲线，说明灯的电阻是变化的，故小灯泡的电阻约为12.7Ω是错误的，故A错误；
B、灯在额定电压下的电流0.30A，故灯的额定功率：P=UI=3.8V×0.30A=1.14W，故B正确
C、因为串联电路电流处处相等，所以通过小灯泡的电流等于通过滑动变阻器的电流，故C错误；
D、电源电压恒为6V，由串联电路的规律及欧姆定律，灯正常发光时变阻器连入电路的电阻：
，故D错误。
故选：B。
(1)灯与变阻器串联，电压表测灯的电压，电流表测灯的电流，
由图乙知，灯的电流随电压的变化关系为一曲线，说明灯的电压是变化的，据此分析；
(2)灯在额定电压下的电流0.30A，根据P=UI求出灯的额定功率；
(3)串联电路电流处处相等；
(4)电源电压恒为6V，由串联电路的规律及欧姆定律得出灯正常发光时变阻器连入电路的电阻。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是从图中获取有效的信息。
11.【答案】变大 变大 变大
【解析】解：加速升空的过程中：
①质量不变，速度变大，动能变大；
②质量不变，高度变大，重力势能变大。
③机械能=势能+动能，动能变大，重力势能变大，所以机械能变大。
故答案为：变大；变大；变大。
(1)动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。
(2)重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
(3)机械能=势能+动能。
掌握动能、重力势能的影响因素，理解重力势能和动能的转化可从高度和速度来理解，可以帮助我们更好的理解能量的转化。
12.【答案】并 L1 短路
【解析】解：(1)当开关S2、S3闭合，S1断开时，电流从电源流出分别流入两灯中再汇合共同流入电源负极，L1、L2组成并联电路；
(2)当S2、S3断开，S1闭合时，两灯首尾相连接到电源两端，灯L1、L2组成串联电路，灯L1、L2亮；
(3)当S2断开，S1、S3闭合时，L2与S3并联，被短路，只有L1发光；
(4)当S1、S2闭合时，会形成电源短路，造成电流过大，烧坏电源，发生事故，因此绝对不允许同时闭合S1、S2。
故答案为：并；L1；短路。
串联是指用电器依次连接的电路。
并联是指用电器并排连接的电路。
短路是指电流没有经过用电器而将电源两极直接连通的电路。
此题考查了对并联电路和串联电路及短路的掌握，是基础性题目。
13.【答案】变小 变大
【解析】解：如图所示，若将该元件的铜片C和铜片B接入电路，当滑片e逆时针转动时，弧形电阻d接入电路的长度变短，电路中的电阻变小，根据欧姆定律可知，电流变大，收音机的音量增大。
故答案为：变小；变大。
电位器实际上是阻值较大的滑动变阻器，收音机音量开关相当于一个滑动变阻器，分析电路结构，根据题目要求，结合欧姆定律分析答题。
此题体现的是滑动变阻器在实际电路中的应用，从实际电路中抽象出滑动变阻器，利用其变阻特点进行分析是正确解题的关键。
14.【答案】15 6 1
【解析】解：(1)当把R1和R2串联在某一电路中时，
因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的最大电流I=0.6A，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，由I=UR可得，电源的最大电压：
U=I(R1+R2)=0.6A×(10Ω+15Ω)=15V；
(2)由I=UR可得，两电阻两端允许所加的最大电压分别为：
U1=I1R1=0.6A×10Ω=6V，U2=I2R2=0.8A×15Ω=12V，
当把R1和R2并联在某一电路中时，
因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，电路两端允许所加的最大电压U′=6V，
此时R1支路的电流I1=0.6A，通过R2支路的电流：
I2′=U′R2=6V15Ω=0.4A，
则干路电路电流最大为：I′=I1+I2′=0.6A+0.4A=1A。
故答案为：15；6；1。
(1)串联电路处处电流相等，为了不损坏电阻，比较两电阻允许通过的最大电流，选其中较小的电流，然后根据串联电阻的串联和欧姆定律求出电源两端的最大电压；
(2)先根据欧姆定律求出两电阻两端允许所加的最大电压，由于两电阻并联时两端的电压相等，为了不损坏电阻，电路两端允许的最大电压为两电阻两端允许所加最大电压中较小的电压，利用欧姆定律求出两支路的电流，然后根据并联电路电流特点求出干路中的最大电流。
本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律的应用，关键是知道串联时允许通过的最大电流为两个电阻允许通过最大电流中最小的一个，两只电阻并联时电路两端的最大电压为两电阻允许所加最大电压中最小的一个。
15.【答案】5006083.3%
【解析】解：
(1)有用功：。
(2)由图可知n=3，则绳端移动的距离s=3h=3×1m=3m，
总功：，
拉力的功率：，
机械效率：。
故答案为：500；60；83.3%。
由滑轮组的结构知道承担物重的绳子股数n=3，s=3h；
(1)已知物重和物体被提升高度，根据公式可计算出有用功；
(2)求出拉力移动的距离，知道拉力大小，利用求总功，求出了拉力做的总功，知道做功时间，利用功率公式求拉力的功率。
利用机械效率的公式求滑轮组的机械效率。
本题考查了有用功、总功、功率、机械效率的计算，要求灵活运用公式，属于基础题目。
16.【答案】R1 450.05600
【解析】解：
(1)由图可知，R2与R3并联后与R1串联，由并联电路的电流特点可知，I1=I2+I3，所以I1>I2，而R1=R2=10Ω，由Q=I2Rt可知，通电时间一定时，电阻R1产生的热量多；
(2)由甲、乙图知，某月消耗的电能为：W=1717.2kW⋅h−1627.2kW⋅h=90kW⋅h，
应缴纳电费：0.5元/kW⋅h×90kW⋅h=45元；
(2)3200imp/kW⋅h表示电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表的指示灯闪烁3200次，
指示灯闪烁160次消耗的电能：W′=1603200kW⋅h=0.05kW⋅h560h0.05kW⋅h，
该用电器正常工作时的电功率，即额定功率：。
故答案为：R1；45；0.05；600。
(1)由图知，R2与R3并联后与R1串联，由并联电路的电流特点和Q=I2Rt判断R1与R2产生热量的多少；
(2)电能表显示的数字中最后一位是小数，单位为kW⋅h，两次示数之差即为本月的用电量，乘以电价可得应缴的电费；3200imp/kW⋅h表示电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表的指示灯闪烁3200次，据此可求出当电能表指示灯闪烁160次消耗的电能，再利用P=Wt求出该用电器正常工作时的电功率(即：额定功率)。
本题考查消耗电能的测量、消耗电能和电功率的计算，明白电能表相关参数的含义是解题的关键。
17.【答案】解：
做出F2的作用线，由支点O向F2的作用线引垂线，垂线段的长度即为其力臂L2；
阻力与阻力臂一定时，要使施加的力最小，根据杠杆的平衡条件，动力臂需最长。以OA为力臂为最长力臂，过A点作OA的垂线就得到在A点施加的最小动力F1，方向向上，如图所示：
【解析】根据力臂的概念，做出从支点到力的作用线的距离；
根据杠杆的平衡条件，要使施加的力最小，应使得其力臂最长，由此画出最小力。
根据杠杆的平衡条件，要使杠杆上的力最小，必须使该力的力臂最大，而力臂最大时力的作用点一般离杠杆的支点最远，所以在杠杆上找到离杠杆支点最远的点即力的作用点，这两点的连线就是最长的力臂，过力的作用点作垂线就是最小的力。
18.【答案】解：灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。
三孔插座的接法：上孔接地线、左孔接零线、右孔接火线。如图所示：
【解析】灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。
家庭电路中，不但考虑用电器的正常使用，更要考虑使用的安全性。三孔插座的接线原则：左零右火、中间接地。
19.【答案】温度 4 便于测量力臂 不能 电压表的正负接线柱接反了
【解析】解：(1)由图可知，实验中通过加热电阻，改变电阻的温度，观察灯泡的亮度来判定电阻的大小变化，故探究的是电阻与温度的关系；
(2)设杠杆上一小格的长度是L，一个钩码重是G，在B点挂n个钩码，图2中杠杆在水平位置平衡时，由杠杆平衡条件得：3G×4L=nG×3L，解得n=4；
杠杆只有在水平位置平衡时，支点到力的作用线的距离才正好在杠杆上，也就是正好等于相应杠杆的长，这样测量起来会比较方便；
(3)用电压表测量某元件两端电压时，应与这个元件并联。应该使标有”-“号的接线柱靠近电源负极，另一个接线柱靠近电源正极。所以题中在测L2两端的电压时，电压表所接的B接点不动，只断开A接点，并把接线改接到C接点上，会导致电压表正、负接线柱接反，电压表指针反偏。
故答案为：(1)温度；(2)4；便于测量力臂；(3)不能；电压表的正负接线柱接反了。
(1)导体的电阻与导体的长度、横截面积、材料和温度有关；在材料和温度相同时，长度越长、横截面积越小电阻越大；当研究电阻与其中一个因素的关系时，应控制其它的因素不变；
(2)根据杠杆的平衡条件求出钩码的个数；使杠杆在水平位置平衡最大的好处就是测量力臂时非常方便；
(3)电压表要并联在用电器两端，电压表的”-“接线柱靠近电源负极，另一个接线柱靠近电源正极。
本题考查了电阻的影响因素、杠杆的平衡条件、电压表的使用，难度不大。
20.【答案】小车 速度 木块移动的距离 在质量相同的情况下，速度越大，动能越大 做匀速直线运动
【解析】解：
(1)由图知，两相同小车分别从同一斜面不同高度由静止滑下，小车的质量相同，初速度不同，所以可探究动能与小车的初速度关系；实验中通过小车推动木块移动的距离来反映动能的大小；
(2)由图可知，甲撞击木块移动的距离远，故结论为：在质量相同的情况下，速度越大，动能越大。
(3)如果接触面绝对的光滑，没有摩擦，小车的速度不会改变，永远保持匀速直线运动，无法通过距离的大小判定动能的大小。
故答案为：(1)小车；速度；木块移动的距离；(2)在质量相同的情况下，速度越大，动能越大；(3)做匀速直线运动。
(1)动能大小与物体的质量和速度有关，在探究过程中应用控制变量法，并通过小车推动木块做的功来反映动能的大小；
(2)根据图中木块移动的距离分析；
(3)小车在水平面上运动，平面越来越光滑，摩擦力越来越小，物体运动的越远，根据这个现象进行推理，如果平面不存在摩擦力，物体永远运动下去。
本题是探究影响动能大小的因素的实验，由于动能大小与质量和速度有关，所以实验中要用控制变量法，同时要掌握转换法在实验中的应用。
21.【答案】断开 控制电阻两端的电压不变 断路 导体中的电流与导体的电阻成反比 左 2
【解析】解：(1)连接电路时，为保护电路，开关应该断开；
(2)研究电流与电阻的关系时，需移动滑动变阻器来控制定值电阻的电压相同，所以实验中滑动变阻器除了保护电路外，还有一个主要作用是控制电阻两端的电压不变；
(3)开关闭合后，电流表示数几乎为零，说明电路是开路；电压表示数约为6V，说明电压表通过电流表和滑动变阻器与电源两极相连，因此是定值电阻R断路；
(4)由图乙知电流与电阻的乘积不变，即电压不变，故得出的结论是：电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比；
研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，由乙图可知，电阻两端的电压始终保持U=IR=0.1A×20Ω=-----0.4A×5Ω=2V，
根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
要保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由串联分压原理可知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，使电压表的示数为2V。
故答案为：(1)断开；(2)控制电阻两端的电压不变；(3)断路；(4)导体中的电流与导体的电阻成反比；左；2。
(1)为保护电路，连接电路时，开关应该断开；
(2)在探究电流与电阻的关系时，应该控制电压一定；
(3)电流表示数为零，可能是电流表断路或短路或电流表之外电路断路；电压表有明显偏转，说明电压表并联电路之外不存在断路；
移动滑片电压表示数几乎不变，可能是滑动变阻器同时接上面两个或下面两个接线柱，或电路断路，电压表直接接在电源两端，综合分析可知故障原因是与电压表并联的电阻R断路；
(4)电阻两端的电压始终为一定值分析；
根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向。
本题研究电流与电阻的关系，考查注意事项、控制过程和数据分析等知识，综合性强，但难度不大。
22.【答案】1.7较暗 0.5断开开关S2，闭合开关S和S1 2.5V×(I2−I1)
【解析】解：(1)由欧姆定律得灯泡正常发光时的电流约为：，所以电流表选0∼0.6A的量程串联接入电路中，电路如图所示：
(2)由实物图知电压表使用小量程，分度值0.1V，由图乙知滑片P在某一位置时灯泡两端电压为1.7V，小于灯泡的额定电压2.5V，所以此时灯泡亮度与正常发光相比较暗；
(3)灯泡两端电压等于额定电压2.5V正常发光，由图像知，此时通过灯泡的电流为0.2A，
所以灯泡的额定功率：P=UI=2.5V×0.2A=0.5W；
(4)操作过程：
①只闭合开关S和S2，此时R与灯泡并联，电流表测通过R的电流，调节滑动变阻器的滑片，使电流表示数为I1=0.1A，此时灯泡正常发光；
②断开开关S2，闭合开关S和S1，保持滑动变阻器滑片位置不变，此时R与灯泡仍并联，且灯泡仍正常发光，电流表测通过R和灯泡的总电流，读出电流表示数为I2。
由并联电路的电流特点可得，灯泡正常发光时的电流I=I2−IR=I2−I1；
③小灯泡的额定功率表达式为。
故答案为：(1)见上图； (2)1.7；较暗；(3)0.5；(4)②断开开关S2，闭合开关S和S1；③2.5V×(I2−I1)。
(1)由欧姆定律计算灯泡正常发光的电流，再选择合适的量程将电流表串联接入电路中；
(2)由实物图知电压表量程，由图乙读出电压表示数并与灯泡的额定电压比较，再判断灯泡亮度情况；
(3)由图像读出灯泡正常发光时的电流，由P=UI计算灯泡的额定功率。
(4)只有电流表和已知电阻，由图示电路，利用电路特点和欧姆定律间接测出灯泡正常发光时的电流即可达到测灯泡额定功率的目的。
本题是测灯泡功率的实验，考查了实物电路的连接、额定功率的计算、灯泡亮度判断等，难度适中。
23.【答案】不变
【解析】解：(1)热值是燃料的特性，只与燃料的种类有关，与其是否燃烧和燃烧是否充分无关，如果燃料没有完全燃烧，它的热值将不变；
(2)完全燃烧0.06m3天然气所放出的热量：
；
(2)由题知，天然气完全燃烧放出的热量有70%被水吸收，所以水吸收的热量：
；
(3)由题知，水的初温为10℃，质量为5kg，
由可得，水升高到的温度：
故答案为：(1)不变；
(2)天然气完全燃烧放出的热量为2.4×106J；
(3)水吸收的热量是1.68×106J；
(4)若水的初始温度是10℃，那么水吸收了这些热量后温度将升高到90℃。
(1)热值是燃料的本身的一种特性；
(2)已知天然气的热值和燃烧的质量，由Q=Vq计算天然气完全燃烧放出的热量；
(3)天然气完全燃烧放出的热量有70%被水吸收，由此计算水吸收的热量；
(4)由Q=cm(t−t0)计算水吸收这些热量后升高到的温度。
本题考查了燃料燃烧放热、热效率以及吸热公式的应用，熟练运用公式是关键。
24.【答案】解：(1)由图丙可知，电饼铛加热时的功率，
由P=UI可得，该电饼铛正常加热时的总电流：
；
(2)由图丙可知，电饼铛保温时的功率，
由题意可知，开关S闭合、S1断开时，电路为R2的简单电路，电饼铛处于保温状态，
由P=UI=U2R可得，R2的电阻：
；
(3)由图丙可知，本次烙饼加热的时间，保温时间，
由P=Wt可得，本次烙饼共消耗的电能：
。
答：(1)该电饼铛正常加热时的总电流为6A；
(2)R2的电阻为110Ω；
(3)本次烙饼共消耗的电能为3.696×105J。
【解析】(1)根据图丙可知电饼铛加热时的功率，根据P=UI求出该电饼铛正常加热时的总电流；
(2)根据图丙可知电饼铛保温时的功率，由题意可知，开关S闭合、S1断开时，电路为R2的简单电路，电饼铛处于保温状态，根据P=UI=U2R求出R2的电阻；
(3)根据图丙读出本次烙饼加热的时间和保温时间，根据P=Wt的变形求出本次烙饼共消耗的电能。
本题考查了电功率公式和电功公式的应用，根据题意得出电饼铛处于不同状态时的连接方式和从图中获取有用的信息是关键。
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