2017年贵州省毕节市中考物理试卷

这是一份2017年贵州省毕节市中考物理试卷，共32页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，简答题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。

2017年贵州省毕节市中考物理试卷
　
一、选择题（共8小题，每小题0分，满分0分）
1．下列物品中，通常情况下属于导体的是（　　）
A．玻璃瓶 B．橡皮擦 C．钢尺 D．塑料笔杆
2．下列估测数据中最接近实际的是（　　）
A．洗澡水的温度约为60°C B．人正常步行速度越5m/s
C．中学生课桌的高度约为80cm D．物理课本的质量约是2kg
3．下列说法正确的是（　　）
A．温度从高温物体传递到低温物体
B．温度为0°C的物体没有内能
C．温度高的物体含有热量多
D．晶体熔化吸热，温度保持不变
4．2017年4月26日我国第二艘航空母舰下水仪式在中国船舶重工集团公司大连造船厂举行．下列相关物理知识描述不正确的是（　　）
A．航母排水量越大，所受浮力越大
B．航母浸入海水中的深度越深，舰底受到海水压强越小
C．舰母搭载的国产歼﹣15飞机起飞后，航母受到浮力减小
D．航母搭载的国产歼﹣15飞机起飞后，与指挥中心靠电磁波传递信息
5．如图所示的电路，闭合开关S，当滑片P向左移动时，不考虑灯丝电阻受温度影响．下列说法正确的是（　　）

A．小灯泡变亮 B．电流表示数变大
C．电压表示数变小 D．电路的总功率不变
6．下列有关物理知识的说法中正确的是（　　）
A．医生用B超查看胎儿的发育情况是利用声传递能量
B．摩擦力总是阻碍物体的运动
C．一个物体由运动变为静止，一定受到了力的作用
D．正在空中快速上升的小球，当它所受的一切外力突然消失，小球将立刻下落
7．关于下列四幅图，说法正确的是（　　）

A．甲图：用吸管从瓶中吸饮料，是吸力将饮料吸入嘴中
B．乙图：电流一定时，电磁铁磁性强弱与线圈的匝数有关
C．丙图：铁轨铺在枕木上，是通过增大受力面积来增大压强
D．丁图：发电机的工作原理

8．有两只分别标有”6V 3W“和”9V 3W“的小灯泡L1、L2，不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列说法正确的是（　　）
A．L1和L2正常工作时的电流一样大
B．L1和L2串联在一起同时使用时，两灯一样亮
C．L1和L2并联在一起同时使用时，两灯消耗的功率一样大
D．将L1串联在一个12Ω的电阻，接在电源电压为12V的电路中，L1也能正常发光
　
二、填空题（共5小题，每小题3分，满分15分）
9．（3分）2017年2月24日，毕节市”五城同创“启动大会召开．全市上下积极参与到创建工作中，在医院、学校附近常常有禁止鸣笛的标志，这是为了预防　 　对环境的影响．在天更蓝、水更清的碧阳湖畔，平静的湖面倒映着蓝天、白云，这是光的　 　现象，和煦的阳光洒向湖边茂密的树林，走在树荫下，看到地面上圆形的光斑，这是　 　形成的太阳的像．
10．（3分）我们家里的白炽灯正常工作时的电压为　 　V；它是根据电流的　 　效应工作的；控制电灯的开关必须接在　 　线上．
11．（3分）2017年5月5日，中国首款按照最新国际适航标准民用飞机C919在浦东机场第四跑道成功起飞．飞机起飞前在跑道上加速行驶，此时飞机的重力势能　 　（选填”增大“、”减小“或”不变“）；当飞机起飞后，以飞机为参照物，机上乘客是　 　的；飞机前进时，升力的产生应用的物理知识是　 　．
12．（3分）小明家电能表上个月底的示数为，这个月底的示数如图所示，可知他家本月用电是　 　kW•h，本月表盘转了　 　圈．他家最多能接入总功率为　 　W的用电器．

13．（3分）在测量小金属块的密度的实验中，露露先用天平测小金属块的质量如图甲所示，小金属块是　 　g．再用量筒测小金属块的体积如图乙所示，测得小金属块的密度ρ1=　 　kg/m3，而阳阳做实验时，先用量筒测小金属块的体积，再用天平测小金属块的质量，测得的小金属块的密度为ρ2，则：ρ2　 　ρ1（选填”＞“、”=“或”＜“）

　
三、作图题（共3小题，满分6分）
14．（2分）请作出小球所受重力的示意图和小球对墙壁压力的示意图．

15．（2分）图甲是钳子使用时的情景．图乙是图甲中A部分受力的简化图，F1是钳子受到的动力，B点是阻力的作用点，O是支点，请在图乙中画出动力臂L1和阻力F2．

16．（2分）如图，一束光射入水中，在水底形成光斑．请根据人射光线和光斑，画出水面的反射光线和水中的折射光线．

　
四、简答题（共2小题，满分6分）
17．（3分）随着人们生活水平的不断提高，汽车已成为寻常百姓家里的代步工具．军军的爸爸经常会用汽车接送他上学．一天走到学校附近的十字路口，突然有人横穿马路，军军的爸爸紧急刹车，此时车上的军军突然向前扑去，事后军军给爸爸说：”这是受到惯性的作用“．你认为军军的说法对吗？请用物理知识解释这一现象．
18．（3分）如图将一个烧瓶盛少量水，给瓶内打气，当瓶塞跳出时，可以看到瓶内出现”白雾“．回答下列问题：
（1）此过程中是用什么方法改变了物体内能？
（2）请从物态变化角度提出一个问题并回答．

　
五、实验题（共4小题，满分21分）
19．（3分）下图是探究物体的动能跟哪些因素有关的实验图．

（1）实验中通过观察木块B被钢球撞出距离的长短，来判断钢球动能大小，这种实验方法叫　 　（选填”控制变量法“、”转换法“或”理想模型法“）．
（2）让同一钢球A分别从不同的高度由静止开始滚下，高度h越高，钢球运动到水平面时速度越大，木块B被撞得越远，所以质量相同时，钢球的速度越大，动能就　 　．改变钢球的质量，让不同的钢球从同一高度由静止开始滚下，　 　的钢球将木块B撞得越远，其动能就越大．
20．（5分）某物理社团在探究影响浮力大小的实验中将同一物体分别按如图所示的步骤进行实验：
（1）物体所受重力为　 　N．
（2）物体浸没在水中受到的浮力　 　N．
（3）通过比较B、C、D三幅图，物理社团得出：浮力的大小与浸在液体中深度有关的结论，对此结论你认为是　 　（”正确“或”错误“）的．理由是　 　．
（4）根据已有条件，请你求出E图中弹簧秤的示数是　 　N（g取10N/kg，ρ酒精=0.8×103kg/m3）

21．（4分）某物理兴趣小组探究”凸透镜成像规律“的实验装置如图，凸透镜固定在50cm处，光屏和蜡烛分别在凸透镜两侧．
（1）当蜡烛移到20cm处时，移动光屏到80cm处时，在光屏上成一个等大、清晰的像，则凸透镜的焦距是　 　cm．
（2）凸透镜位置不变，又将蜡烛从20cm处移到10cm处时，光屏上要成清晰的像，光屏应从80cm处向　 　（填”左“或”右“）移动，则所成的像是　 　（选填”放大“、”等大“或”缩小“）实像．在生活中的应用是　 　．

22．（9分）某实验小组在探究电流与电阻的关系中，实验器材有：电源、电流表、电压表、滑动变阻器各一个，开关一个，三个定值电阻（5Ω、10Ω、15Ω）、导线若干．
（1）根据实物图甲，在图乙虚线框内画出实验电路图．

（2）小组在探究时，先将5Ω的电阻连入电路中，闭合开关前，应把滑动变阻器的滑片滑到最　 　（填”左“或”右“）端．闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片使电压表的示数为1.5V，并记下电流值．接着断开开关，将5Ω电阻更换成10Ω电阻（滑动滑片未动），闭合开关后，接下应做的操作是　 　，直至电压表示数为　 　V，并记下此时电流表的示数．
（3）断开开关，将10Ω电阻更换为15Ω电阻实验．当闭合开关后，发现电流表示数为”0“，电压表示数几乎等于电源电压，造成这一现象的原因是　 　（写出一种即可）．故障排除后完成实验，三次实验所得的数据记录如下表．分析表中数据所得结论是　 　．

电阻R/Ω
5
10
15

电流I/A
0.30
0.15
0.10
　
六、计算题（共3小题，满分20分）
23．（6分）如图所示，电源电压恒定，R1=30Ω，闭合开关S，断开开关S1，电流表示数是0.3A．当闭合S、S1时，发现电流表示数变化了0.2A，求：
（1）电源电压；
（2）R2的阻值是多少？
（3）当闭合S、S1时，电路消耗的总功率．

24．（6分）利用如图所示的滑轮组匀速拉动水平地面上重为30N，边长为10cm的正方体物体．拉力F的大小为3N，物体在水平地面上匀速运动时，受到地面对它的摩擦力为4.5N．求：
（1）A处拉力大小；
（2）正方体物体对地面的压强是多少？
（3）若拉力F以0.5m/s的速度匀速拉了4s，求A处拉力所做的功是多少？

25．（8分）我国南海海底存储着丰富的”可燃冰“资源．可燃冰被视为21世纪新型绿色能源，可燃冰的主要成分是甲烷，1m3的可燃冰可转化生成164m3的甲烷气体和0.8m3的水．已知甲烷气体的热值是3.6×107J/m3．我市公交车以天然液化气为燃料，其主要成分就是甲烷．如果一辆公交车满载乘客时总质量是6000kg，那么1m3可燃冰转化生成的甲烷气体完全燃烧产生的能量可供公交车满载时以36km/h的速度匀速行驶1640min．匀速行驶中公交车受到的平均阻力为车重的0.05倍．求：
（1）公交车满载乘客时的重力；（g=10N/kg）
（2）这段时间内公交车牵引力所做功的功率；
（3）1m3的可燃冰转化生成的甲烷气体完全燃烧所产生的能量能将多少千克的水从20°C加热到沸腾．（标准大气压，c水=4.2×103J/（kg•°C），结果保留整数）
（4）这段时间内公交车发动机的效率是多大？

　

2017年贵州省毕节市中考物理试卷
参考答案与试题解析
　
一、选择题（共8小题，每小题0分，满分0分）
1．（2017•毕节市）下列物品中，通常情况下属于导体的是（　　）
A．玻璃瓶 B．橡皮擦 C．钢尺 D．塑料笔杆
【分析】容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等．常见的绝缘体有陶瓷、玻璃、橡胶、油等；导体和绝缘体没有绝对的界限．
【解答】解：A、玻璃不导电，是很好的绝缘体；故A错误；
B、橡皮擦的材料属于橡胶，是绝缘体；故B错误；
C、钢尺的材料是金属，属于导体；故C正确；
D、塑料是很好的绝缘体，塑料笔杆不属于导体，故D错误；
故选C．
【点评】此题考查了导体与绝缘体的概念以及生活中常见的实例；生活中哪些物体为导体，哪些物体为绝缘体，属于识记的内容，比较简单．
　
2．（2017•毕节市）下列估测数据中最接近实际的是（　　）
A．洗澡水的温度约为60°C B．人正常步行速度越5m/s
C．中学生课桌的高度约为80cm D．物理课本的质量约是2kg
【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个．
【解答】解：
A．洗澡水的温度与人体温度差不多，约为40℃左右，故A不符合实际；
B．人正常步行的速度在4km/h=4×m/s≈1.1m/s左右，故B不符合实际；
C．中学生的身高在160cm左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm左右，故C符合实际；
D．一个苹果的质量在150g左右，物理课本的质量与此差不多，在150g=0.15kg左右，故D不符合实际．
故选C．
【点评】物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义．
　
3．（2017•毕节市）下列说法正确的是（　　）
A．温度从高温物体传递到低温物体
B．温度为0°C的物体没有内能
C．温度高的物体含有热量多
D．晶体熔化吸热，温度保持不变
【分析】①热传递实质是内能从高温物体转移到低温物体，或者是从一个物体的高温部分传到低温部分，必须有温度差；
②一切物体都是由分子组成的，分子在任何情况下都具有内能；
③热量是过程量，就是说，热量只存在于热传递或热交换过程中，只能说吸收或放出热量，热量传递等；热量不是状态量，不能说含有或者具有热量；
④晶体在熔化过程中，吸收热量，内能增加，温度保持不变．
【解答】解：
A、热传递的实质是内能从高温物体转移到低温物体，传递的不是温度，传递的是内能．故A错误；
B、一切物体的分子都在永不停息地做无规则运动，则一切物体都有内能．故B错误；
C、热量是一个过程量，只能说吸收或放出热量，不能说含有热量．故C错误；
D、晶体熔化过程吸热，内能增加，状态发生改变，但温度保持不变．故D正确．
故选D．
【点评】此题考查的是内能的影响因素、内能与热量的区别、晶体熔化的特点，需要清楚的是：内能不是热量，内能不计与温度有关．
　
4．（2017•毕节市）2017年4月26日我国第二艘航空母舰下水仪式在中国船舶重工集团公司大连造船厂举行．下列相关物理知识描述不正确的是（　　）
A．航母排水量越大，所受浮力越大
B．航母浸入海水中的深度越深，舰底受到海水压强越小
C．舰母搭载的国产歼﹣15飞机起飞后，航母受到浮力减小
D．航母搭载的国产歼﹣15飞机起飞后，与指挥中心靠电磁波传递信息
【分析】（1）轮船的大小通常用排水量来表示，排水量就是指轮船按设计的要求满载货物是排开水的质量．
（2）液体压强随深度的增加而增大．
（3）由于声音不能在真空中传播，而电磁波能在真空中传播，且在真空中的传播速度最快，故当代的航天、航空领域的通信都是通过电磁波实现的．
（4）航母上的舰载机飞离后，航母自重减小，因航母仍漂浮，受到的浮力减小．
【解答】解：A、排水量是指轮船满载货物时所排开水的质量，航母排水量越大，由F浮=G排=m排g可知，航母所受浮力越大，故A正确；
B、液体压强随深度的增加而增大，所以航母浸入海水中的深度越深，舰底受到海水压强越大，故B错误；
C、歼﹣15飞机起飞后，航母仍漂浮，则F浮=G，但自重G减小，所以航母所受浮力减小；故C正确；
D、电磁波可以在真空中传播，航母搭载的国产歼﹣15飞机起飞后，与指挥中心靠电磁波传递信息，故D正确．
故选B．
【点评】本题考查液体压强的特点，阿基米德原理、电磁波的传播特点等知识点，是一道综合性较强的题目．
　
5．（2017•毕节市）如图所示的电路，闭合开关S，当滑片P向左移动时，不考虑灯丝电阻受温度影响．下列说法正确的是（　　）

A．小灯泡变亮 B．电流表示数变大
C．电压表示数变小 D．电路的总功率不变
【分析】根据电压表的内阻很大、在电路中相当于断路可知滑片移动时接入电路中的电阻不变，此时灯泡与滑动变阻器的最大阻值串联，电压表测滑片右侧部分两端的电压，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据P=I2R可知灯泡实际功率的变化，进一步判断亮暗的变化，根据P=UI可知电路总功率的变化，根据滑片的移动可知滑片右侧部分电阻的变化，根据欧姆定律可知电压表示数的变化．
【解答】解：因电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，
所以，滑片移动时，接入电路中的电阻不变，
此时灯泡与滑动变阻器的最大阻值串联，电压表测滑片右侧部分两端的电压，电流表测电路中的电流，
由I=可知，电路中的电流不变，即电流表的示数不变，故B错误；
因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，
所以，由P=I2R可知，灯泡的实际功率不变，亮暗不变，故A错误；
由P=UI可知，电路的总功率不变，故D正确；
当滑片P向左移动时，电压表并联部分的电阻变大，
由U=IR可知，电压表的示数变大，故C错误．
故选D．
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律和电功率公式的应用，根据电压表的正确使用判断出滑片移动时电路中的电阻不变、但电压表的示数变化是关键．
　
6．（2017•毕节市）下列有关物理知识的说法中正确的是（　　）
A．医生用B超查看胎儿的发育情况是利用声传递能量
B．摩擦力总是阻碍物体的运动
C．一个物体由运动变为静止，一定受到了力的作用
D．正在空中快速上升的小球，当它所受的一切外力突然消失，小球将立刻下落
【分析】（1）声音能够传递信息，声音能够传递能量；
（2）摩擦力总是阻碍物体间相对运动，与物体相对运动的方向相反．
（3）力是改变物体运动状态的原因，维持物体运动不需要力，如果一个物体的运动状态发生了改变，那它一定是受到了力的作用．
（4）根据牛顿定律进行分析，即物体在不受任何外力时，总保持静止状态或匀速直线运动状态．
【解答】解：A、医生用“B超”检查胎儿的发育情况是利用了声能传递信息．故A错误；
B、摩擦力并不总是阻碍物体的运动，而是总阻碍物体间相对运动，故B错误．
C、物体由运动变为静止时，运动状态发生了改变，它一定受到了力的作用，故C正确；
D、根据牛顿第一定律我们知道，物体不受外力作用时，将保持静止状态或匀速直线运动，因为小球原来是运动状态，当外力突然消失，小球仍然保持原来的运动状态，所以小球将做保持原来的速度作匀速直线运动．故D错误．
故选C．
【点评】此题考查的知识点较多，把握好基本概念是正确答题的关键．
　
7．（2017•毕节市）关于下列四幅图，说法正确的是（　　）

A．甲图：用吸管从瓶中吸饮料，是吸力将饮料吸入嘴中
B．乙图：电流一定时，电磁铁磁性强弱与线圈的匝数有关
C．丙图：铁轨铺在枕木上，是通过增大受力面积来增大压强
D．丁图：发电机的工作原理
【分析】（1）由于大气有压强，我们才能利用细管将饮料吸到嘴里；
（2）电磁铁磁性的强弱与电流大小、线圈的匝数有关，电流越大、线圈匝数越多，电磁铁的磁性越强；
（3）减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强．
（4）发电机的工作原理是电磁感应，即闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流．
【解答】解：A、因为吸管吸饮料时，是先把吸管内的空气吸走，使管内气压减小，这样在外界大气压的作用下，饮料就被压进吸管里；如果将吸管剪一个洞，内外气压相等，饮料就不会吸入口中，故A错误；
B、电磁铁磁性的强弱与电流大小、线圈的匝数有关，电流一定时，匝数越多、电磁铁的磁性越强，故B正确；
C、铁轨铺在枕木上，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故C错误；
D、丁图演示的是通电导体在磁场里受到力的作用，是电动机的原理，故D错误．
故选B．
【点评】此题考查大气压的应用、减小压强的方法、影响电磁铁磁性强弱的因素，和发动机原理，是一道力学和电学综合题，难度适中，适合学生训练．
　
8．（2017•毕节市）有两只分别标有”6V 3W“和”9V 3W“的小灯泡L1、L2，不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列说法正确的是（　　）
A．L1和L2正常工作时的电流一样大
B．L1和L2串联在一起同时使用时，两灯一样亮
C．L1和L2并联在一起同时使用时，两灯消耗的功率一样大
D．将L1串联在一个12Ω的电阻，接在电源电压为12V的电路中，L1也能正常发光
【分析】（1）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据P=UI求出两灯泡的正常发光时的电流，然后比较两者的关系；
（2）根据P=UI=求出两灯泡的电阻，根据串联电路的电流特点和P=I2R比较两灯泡的实际功率关系，实际功率大的灯泡较亮；
（3）L1和L2并联在一起同时使用时，它们两端的电压相等，根据P=比较两灯泡消耗的电功率关系；
（4）将L1串联在一个12Ω的电阻时，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，然后与灯泡L1正常发光时的电流相比较判断其是否能正常发光．
【解答】解：
A．由P=UI可得，两灯泡正常发光时的电流分别为：
I1===0.5A，I2===A，
所以两灯泡正常发光时的电流不一样，故A错误；
B．由P=UI=可得，两灯泡的电阻分别为：
R1===12Ω，R2===27Ω，
两灯泡串联时通过的电流相等，但灯泡的电阻不同，由P=I2R可知，两灯泡的实际功率不相等，亮度不同，故B错误；
C．L1和L2并联在一起同时使用时，它们两端的电压相等，但灯泡的电阻不同，由P=可知，两灯泡消耗的电功率不相等，故C错误；
D．将L1串联在一个12Ω的电阻时，电路中的总电阻R总=R1+R=12Ω+12Ω=24Ω，
电路中的电流I===0.5A，因电路中的电流和灯泡L1正常发光时的电流相等，所以L1能正常发光，故D正确．
故选D．
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意灯泡的亮暗取决于实际功率的大小．
　
二、填空题（共5小题，每小题3分，满分15分）
9．（3分）（2017•毕节市）2017年2月24日，毕节市”五城同创“启动大会召开．全市上下积极参与到创建工作中，在医院、学校附近常常有禁止鸣笛的标志，这是为了预防　噪声　对环境的影响．在天更蓝、水更清的碧阳湖畔，平静的湖面倒映着蓝天、白云，这是光的　反射　现象，和煦的阳光洒向湖边茂密的树林，走在树荫下，看到地面上圆形的光斑，这是　太阳经过树叶缝隙　形成的太阳的像．
【分析】（1）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性，减弱噪声有三条途径，即在三个不同的位置﹣﹣声源处、传播过程中、人耳处；
（2）虚像是由实际光线的反向延长线会聚而成的，虚像都是正立的，不能在光屏上呈现，由光的反射形成；
（3）实像是由实际光线会聚而成的像，实像都是倒立的，并且能在光屏上呈现．
【解答】解：（1）响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；高音喇叭和医用听诊器，将它们制成这种形状，都是为了减小声音的散失从而增大响度，在医院、学校附近禁止鸣笛标志，是通过在声源处减弱噪声；
（2）湖边人树在水中的倒影，是光的反射形成的，与平面镜成像的原理一样，成的是虚像；
（3）茂密树荫下的圆形光斑是太阳经过树叶缝隙形成的像，树叶缝隙就是小孔，所成的是太阳的实像．
故答案为：噪声；反射；太阳经过树叶缝隙．
【点评】此题考查声音的多个知识点；深入理解声音三个特征、减弱噪声的途径；以及对实像和虚像特征的掌握和了解情况，属于常识性的内容，把握其主要特征分析即可．
　
10．（3分）（2017•毕节市）我们家里的白炽灯正常工作时的电压为　220　V；它是根据电流的　热　效应工作的；控制电灯的开关必须接在　火　线上．
【分析】（1）我国家用电器的额定电压都是220V；
（2）电流流过导体时都要发热这是电流的热效应；电流流过导体时导体周围产生了磁场这是电流的磁效应；电流流过导体时导体发生化学变化这是电流的化学效应．
（3）家庭电路中，开关控制用电器时，开关一定要接在火线和用电器之间，既能控制用电器，又能保证使用的安全性．
【解答】解：
（1）家中电灯的正常工作电压为220V；
（2）电流流过白炽灯时，灯丝要发热，这是电流的热效应．
（3）家庭电路中，开关控制电灯时，开关一端和电灯相连，另一端和火线相连，这样既能控制电灯，又能在更换灯泡时，断开开关，切断火线，避免触电事故的发生．
故答案为：220；热；火．
【点评】本题考查家庭电路中的一些常识，都属于基础知识，难度不大．
　
11．（3分）（2017•毕节市）2017年5月5日，中国首款按照最新国际适航标准民用飞机C919在浦东机场第四跑道成功起飞．飞机起飞前在跑道上加速行驶，此时飞机的重力势能　不变　（选填”增大“、”减小“或”不变“）；当飞机起飞后，以飞机为参照物，机上乘客是　静止　的；飞机前进时，升力的产生应用的物理知识是　流体在流速大的地方压强小　．
【分析】（1）影响重力势能大小的因素：质量、被举得高度．质量越大，高度越高，重力势能越大；
（2）判断一个物体是运动的还是静止的，要看这个物体与所选参照物之间是否有位置变化，若位置有变化，则物体相对于参照物是运动的；若位置没有变化，则物体相对于参照物是静止的；
（2）流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大．
【解答】解：（1）飞机起飞前在跑道上加速行驶时，质量不变，高度不变，飞机的重力势能不变；
（2）当飞机起飞后，以飞机为参照物，机上乘客与飞机之间位置没有发生变化，则机上乘客是静止的；
（3）由于机翼上表面弯曲，下表面平直，导致机翼上方空气流速大，压强较小；机翼下方的空气流速小，压强大，使机翼上下表面存在向上的压强差，从而产生向上的升力．
故答案为：不变；静止；流体在流速大的地方压强小．
【点评】本题考查了影响重力势能大小因素的应用以及静止与运动的相对性、飞机升力产生的原因，是一道较为简单的应用题．
　
12．（3分）（2017•毕节市）小明家电能表上个月底的示数为，这个月底的示数如图所示，可知他家本月用电是　100　kW•h，本月表盘转了　6×104　圈．他家最多能接入总功率为　2200　W的用电器．

【分析】（1）小明家本月用电的计算方法：月末的减去月初的示数，电能表的读数时注意最后一位是小数，单位kW•h；
（2）“600r/kW•h”表示每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转600转，据此求出本月电能表转盘转过的圈数；
（3）由电能表的参数可知正常发光时的电压和允许通过的最大电流，根据P=UI求出他家最多能接入用电器的总功率．
【解答】解：
（1）电能表上个月底的示数W1=262.6kW•h，这个月底电能表的示数W2=362.6kW•h，
则小明家本月用电：
W=W2﹣W1=362.6kW•h﹣262.6kW•h=100kW•h；
（2）“600r/kW•h”表示每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转600转，
则本月电能表转盘转过的圈数：
n=600r/（kW•h）×100kW•h=6×104r；
（3）电能表的工作电压U=220V，允许通过的最大电流I=10A，
则他家最多能接入用电器的总功率：
P=UI=220V×10A=2200W．
故答案为：100；6×104；2200．
【点评】本题考查了消耗电能和电能表表盘转数以及电功率的计算，明白电能表参数的含义是关键．
　
13．（3分）（2017•毕节市）在测量小金属块的密度的实验中，露露先用天平测小金属块的质量如图甲所示，小金属块是　78.4　g．再用量筒测小金属块的体积如图乙所示，测得小金属块的密度ρ1=　7.84×103　kg/m3，而阳阳做实验时，先用量筒测小金属块的体积，再用天平测小金属块的质量，测得的小金属块的密度为ρ2，则：ρ2　＞　ρ1（选填”＞“、”=“或”＜“）

【分析】测金属块的质量：读取天平示数时应将砝码质量与游码示数相加；测量固体体积时，应将量筒中浸入物体之后和之前的示数相减；密度的大小利用密度公式计算．
先用量筒测小金属块的体积，再用天平测小金属块的质量，这样金属快块上附有水，使得测量出的质量不准确，据此分析密度变化．
【解答】解：读出天平的示数：m=50g+20g+5g+3.4g=78.4g；
小金属块的体积：V=40cm3﹣30cm3=10cm3；
小金属块的密度：ρ1===7.84g/cm3=7.84×103kg/m3．
先用量筒测小金属块的体积，再用天平测金属块的质量，金属块的体积测量准确，但这样金属块上附有水，使得测量出的质量变大，由ρ=可知测量的密度变大，所以则ρ1＜ρ2．
故答案为：78.4；7.84×103；＞．
【点评】为了减小误差，测量固体密度的基本程序是先测出固体的质量，然后再测量体积．
　
三、作图题（共3小题，满分6分）
14．（2分）（2017•毕节市）请作出小球所受重力的示意图和小球对墙壁压力的示意图．

【分析】重力的方向竖直向下，作用点在物体的重心上．
压力的方向总是垂直于接触面，并且指向接触面；根据压力的作用点在接触面上，确定出压力的作用点，然后过作用点表示压力的方向．
【解答】解：重力的方向竖直向下，压力的作用点是球与墙壁的接触点，然后过作用点作垂直于墙壁，并指向墙里面的压力．如图所示：

【点评】本题的关键是确定压力的作用点和方向，通过该题牢记压力的作用点在接触面上，方向与接触面垂直．
　
15．（2分）（2017•毕节市）图甲是钳子使用时的情景．图乙是图甲中A部分受力的简化图，F1是钳子受到的动力，B点是阻力的作用点，O是支点，请在图乙中画出动力臂L1和阻力F2．

【分析】支点为点O，动力力臂为支点O到F1的作用线的距离；
阻力和动力同时使杠杆向相反的方向移动，根据这个特点判断出动力的方向．
【解答】解：确定支点O，从支点向动力作用线引垂线，垂线段的长度即为动力臂L1；动力使杠杆向逆时针方向转动，所以阻力应使其向顺时针方向转动，由于阻力臂比动力臂短，所以阻力大于动力，F2的线段要长一些．如图所示：

【点评】本题考查了力的示意图和力臂的画法．作力臂关键是要画出支点到力的作用线的垂线段．
　
16．（2分）（2017•毕节市）如图，一束光射入水中，在水底形成光斑．请根据人射光线和光斑，画出水面的反射光线和水中的折射光线．

【分析】根据入射光线、反射光线以及法线在同一平面内，并且入射角等于反射角，画出反射光线；
根据入射光线、折射光线以及法线在同一平面内，折射角大于入射角，确定折射光线的方向．
【解答】解：过入射点垂直界面作出法线，根据入射光线、反射光线以及法线在同一平面内，在空气中法线右侧作出反射光线OB，并使反射角等于入射角；
根据入射光线、折射光线以及法线在同一平面内，在法线右侧的水中斜向下作出折射光线OC，使折射角小于入射角，如图所示：

【点评】本题主要考查反射定律和折射定律的应用情况，一定要熟记反射和折射定律的内容，关键是搞清折射时折射角与入射角之间的关系，同时注意真实光线为实线，法线为虚线．
　
四、简答题（共2小题，满分6分）
17．（3分）（2017•毕节市）随着人们生活水平的不断提高，汽车已成为寻常百姓家里的代步工具．军军的爸爸经常会用汽车接送他上学．一天走到学校附近的十字路口，突然有人横穿马路，军军的爸爸紧急刹车，此时车上的军军突然向前扑去，事后军军给爸爸说：”这是受到惯性的作用“．你认为军军的说法对吗？请用物理知识解释这一现象．
【分析】一切物体在没有受到外力作用的时候，总保持匀速直线运动状态或者静止状态的性质就是惯性．
【解答】答：惯性是物体保持运动状态不变的性质，不是一种作用，故军军的说法是错误的；军军的爸爸紧急刹车时，汽车很快停止了前进，军军的下半身随车停止了运动，而上半身由于惯性要保持原来的状态继续向前运动，所以军军会向前倾．
【点评】此题通过常见的现象考查了对惯性的理解和应用．在解释时，要将物体按运动状态分成两部分：发生改变的和不变的．
　
18．（3分）（2017•毕节市）如图将一个烧瓶盛少量水，给瓶内打气，当瓶塞跳出时，可以看到瓶内出现”白雾“．回答下列问题：
（1）此过程中是用什么方法改变了物体内能？
（2）请从物态变化角度提出一个问题并回答．

【分析】（1）做功可以改变物体的内能，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小，温度降低；
（2）物质从气态变为液态叫液化．
【解答】解：
（1）通过塞子上方的开口向瓶里打气，瓶内气体把瓶塞冲出，对瓶塞做了功，瓶内气体的内能转化为瓶塞的机械能，内能减少，温度降低．
（2）当塞子跳起时，瓶口出现白雾，是怎么形成的？
塞子跳出时，瓶内气体对外做功，内能减少，温度降低，使瓶内水蒸气放热发生液化形成小水珠，瓶口出现“白雾”．
故答案为：（1）做功；（2）见解析．
【点评】解决此题要结合改变物体的内能方式和液化现象进行分析解答．
　
五、实验题（共4小题，满分21分）
19．（3分）（2017•毕节市）下图是探究物体的动能跟哪些因素有关的实验图．

（1）实验中通过观察木块B被钢球撞出距离的长短，来判断钢球动能大小，这种实验方法叫　转换法　（选填”控制变量法“、”转换法“或”理想模型法“）．
（2）让同一钢球A分别从不同的高度由静止开始滚下，高度h越高，钢球运动到水平面时速度越大，木块B被撞得越远，所以质量相同时，钢球的速度越大，动能就　越大　．改变钢球的质量，让不同的钢球从同一高度由静止开始滚下，　质量大　的钢球将木块B撞得越远，其动能就越大．
【分析】（1）掌握转换法的应用，实验中通过木块被撞击后移动的距离来表示小球动能的大小；
（2）掌握控制变量法的应用：动能的大小与物体的速度和质量有关，要探究动能和速度的关系，需保持质量相同，要探究动能和质量的关系，需保持速度相等；
【解答】解：（1）比较木块移动的距离是为了比较钢球具有动能的大小，物理学称这种实验方法为转换法．
（2）钢球放置位置越高，滑到水平面的速度越大，将木块撞击的更远，这表明质量相同时，速度越大，物体的动能越大．
不同小球从同一斜面同一高度滑下，滑到水平面的速度相同，质量大的将木块撞击的更远，这表明速度相同时，质量越大，物体动能越大．
故答案为：（1）转换法；（2）越大；质量大．
【点评】此题是探究“物体动能的大小跟哪些因素有关”的实验，典型地体现了控制变量法和转换法在实验中的应用．
　
20．（5分）（2017•毕节市）某物理社团在探究影响浮力大小的实验中将同一物体分别按如图所示的步骤进行实验：
（1）物体所受重力为　4　N．
（2）物体浸没在水中受到的浮力　1　N．
（3）通过比较B、C、D三幅图，物理社团得出：浮力的大小与浸在液体中深度有关的结论，对此结论你认为是　错误　（”正确“或”错误“）的．理由是　过程不完整，没有探究物体浸没后受到浮力与深度的关系　．
（4）根据已有条件，请你求出E图中弹簧秤的示数是　3.2　N（g取10N/kg，ρ酒精=0.8×103kg/m3）

【分析】（1）根据指针位置即可读数；
（2）物体在水中受到的浮力大小等于在空气中弹簧测力计的示数减去浸没在水中时弹簧测力计的示数；
（3）B、C、D三幅图，深度变化的同时，排开液体的体积也在变化．应用控制变量法．
（4）结合在水中所受浮力可求得浸没时物体排开水的体积，即为物体体积，再利用F浮=ρgV排．可求得物体在酒精中受到的浮力，
浸没在酒精中时弹簧测力计的示数等于重力减去物体在酒精中受到的浮力．
【解答】解：（1）由A图可知，物体所受重力为4N；
（2）物体在空气中时弹簧测力计示数4N，全部浸没在水中时弹簧测力计的示数为3N，则物体浸没在水中受到的浮力：F浮水=G﹣F=4N﹣3N=1N；
（3）通过比较B、C、D三幅图，物理社团得出的结论是不对的；物体没有浸没时，深度变化的同时，排开液体的体积也在变化，浮力发生变化；实验过程不完整，还应该将物体完全浸没后，再探究浮力与深度是否有关．
（4）由F浮=ρgV排可得，物体浸没时排开水的体积
V排水===1×10﹣4m3，
E图中物体浸没在酒精中，所以V排酒精=V排水=1×10﹣4m3，
物体浸没在酒精中受到的浮力：
F浮酒精=ρ酒精gV排酒精=0.8×103kg/m3×10N/kg×1×10﹣4m3=0.8N，
则E图中弹簧秤的示数：F示=G﹣F浮酒精=4N﹣0.8N=3.2N．
故答案为：（1）4；（2）1；（3）错误；过程不完整，没有探究物体浸没后受到浮力与深度的关系；（4）3.2．
【点评】浸在液体中的物体受到浮力的作用，浮力的大小等于排开的液体受到的重力，浮力大小与液体密度和排开液体的体积有关，与物体在液体中浸没的深度无关，本题考查了影响浮力大小的因素及阿基米德原理的应用，考查全面，应用性强．
　
21．（4分）（2017•毕节市）某物理兴趣小组探究”凸透镜成像规律“的实验装置如图，凸透镜固定在50cm处，光屏和蜡烛分别在凸透镜两侧．
（1）当蜡烛移到20cm处时，移动光屏到80cm处时，在光屏上成一个等大、清晰的像，则凸透镜的焦距是　15　cm．
（2）凸透镜位置不变，又将蜡烛从20cm处移到10cm处时，光屏上要成清晰的像，光屏应从80cm处向　左　（填”左“或”右“）移动，则所成的像是　缩小　（选填”放大“、”等大“或”缩小“）实像．在生活中的应用是　照相机　．

【分析】当u=2f时，成倒立、等大的实像，像距v=2f；凸透镜成实像时，物距变大，像距变小．
【解答】解：
（1）当蜡烛移到20cm处时，此时u=30cm时，在另一侧距凸透镜80cm处的光屏上可以得到一个与蜡烛等大的像，所以2f=30cm，即f=15cm；
（2）凸透镜位置不变，又将蜡烛从20cm处移到10cm处时，物距大于2f，物距变大，则像距变小，像变小，故光屏应从80cm处向左移动，则所成的像是倒立、缩小的实像．在生活中的应用是照相机．
故答案为：（1）15；（2）左；缩小；照相机．
【点评】此题考查了对凸透镜成像规律的理解，难度适中，熟练掌握凸透镜成像规律是解题关键．
　
22．（9分）（2017•毕节市）某实验小组在探究电流与电阻的关系中，实验器材有：电源、电流表、电压表、滑动变阻器各一个，开关一个，三个定值电阻（5Ω、10Ω、15Ω）、导线若干．
（1）根据实物图甲，在图乙虚线框内画出实验电路图．

（2）小组在探究时，先将5Ω的电阻连入电路中，闭合开关前，应把滑动变阻器的滑片滑到最　右　（填”左“或”右“）端．闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片使电压表的示数为1.5V，并记下电流值．接着断开开关，将5Ω电阻更换成10Ω电阻（滑动滑片未动），闭合开关后，接下应做的操作是　向右移动变阻器的滑片　，直至电压表示数为　1.5　V，并记下此时电流表的示数．
（3）断开开关，将10Ω电阻更换为15Ω电阻实验．当闭合开关后，发现电流表示数为”0“，电压表示数几乎等于电源电压，造成这一现象的原因是　15Ω电阻发生断路　（写出一种即可）．故障排除后完成实验，三次实验所得的数据记录如下表．分析表中数据所得结论是　电压不变时，通过导体的电流与电阻成反比　．

电阻R/Ω
5
10
15

电流I/A
0.30
0.15
0.10
【分析】（1）根据实物图连接电路图；
（2）为保护电路，闭合开关前，应把滑动变阻器的滑片滑到阻值最大处；
根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
（3）若电流表示数为0，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电阻断路了；分析数据得出结论．
【解答】解：（1）根据实物图连接电路图，如下所示：

（2）闭合开关前，应把滑动变阻器的滑片滑到阻值最大处即最右端．根据串联分压原理可知，将定值电阻由10Ω改接成15Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
因探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数为1.5V，并记下此时电流表的示数；
（3）经分析，断开开关，将10Ω电阻更换为15Ω电阻实验．当闭合开关后，发现电流表示数为”0“，电压表示数几乎等于电源电压，造成这一现象的原因是15Ω电阻发生断路．
由表中数据可知，在电压不变时，电阻为原来的几倍，通过的电流为原来的几倍，所得结论是：电压不变时，通过导体的电流与电阻成反比．
故答案为：（1）如上所示；（2）右；向右移动变阻器的滑片；1.5；（3）15Ω电阻发生断路；电压不变时，通过导体的电流与电阻成反比．
【点评】本题探究电流与电阻的关系，考查电路的连接、注意事项、操作过程、故障分析及数据的处理能力及控制变量法的运用．
　
六、计算题（共3小题，满分20分）
23．（6分）（2017•毕节市）如图所示，电源电压恒定，R1=30Ω，闭合开关S，断开开关S1，电流表示数是0.3A．当闭合S、S1时，发现电流表示数变化了0.2A，求：
（1）电源电压；
（2）R2的阻值是多少？
（3）当闭合S、S1时，电路消耗的总功率．

【分析】（1）闭合开关S，断开开关S1时，电路为R1的简单电路，电流表测通过R1的电流，根据欧姆定律求出电源的电压；
（2）当闭合S、S1时，R1与R2并联，电流表测干路电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R1的电流不变，电流表示数的变化量即为通过R2的电流，根据并联电路的电流特点和欧姆定律求出R2的阻值；
（3）当闭合S、S1时，根据并联电路的电流特点求出干路电流，利用P=UI求出电路消耗的总功率．
【解答】解：（1）闭合开关S，断开开关S1时，电路为R1的简单电路，电流表测通过R1的电流，
由I=可得，电源的电压：
U=I1R1=0.3A×30Ω=9V；
（2）当闭合S、S1时，R1与R2并联，电流表测干路电流，
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，通过R1的电流不变，电流表示数的变化量即为通过R2的电流，则I2=0.2A，
因并联电路中各支路两端电压相等，
所以，R2的阻值：
R2===45Ω；
（3）因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，当闭合S、S1时，干路电流：
I=I1+I2=0.3A+0.2A=0.5A，
电路消耗的总功率：
P=UI=9V×0.5A=4.5W．
答：（1）电源电压为9V；
（2）R2的阻值是45Ω；
（3）当闭合S、S1时，电路消耗的总功率为4.5W．
【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，知道电流表示数的变化量即为通过R2的电流是关键．
　
24．（6分）（2017•毕节市）利用如图所示的滑轮组匀速拉动水平地面上重为30N，边长为10cm的正方体物体．拉力F的大小为3N，物体在水平地面上匀速运动时，受到地面对它的摩擦力为4.5N．求：
（1）A处拉力大小；
（2）正方体物体对地面的压强是多少？
（3）若拉力F以0.5m/s的速度匀速拉了4s，求A处拉力所做的功是多少？

【分析】（1）物体在水平地面上匀速运动时处于平衡状态，受到的拉力和摩擦力是一对平衡力，二力大小相等；
（2）正方体物体对地面的压力和自身的重力相等，根据S=L2求出正方体物体的底面积即为受力面积，根据p=求出对地面的压强；
（3）根据s=vt求出绳端移动的距离，由图可知滑轮组绳子的有效股数，根据s绳=ns物求出物体运动的距离，根据W=Fs求出A处拉力所做的功．
【解答】解：（1）物体在水平地面上匀速运动时处于平衡状态，受到的拉力和摩擦力是一对平衡力，
则A处拉力：
F=f=4.5N；
（2）正方体物体对地面的压力：
F压=G=30N，
受力面积：
S=L2=（10cm）2=100cm2=0.01m2，
对地面的压强：
p===3000Pa；
（3）由v=可得，绳端移动的距离：
s绳=vt=0.5m/s×4s=2m，
由图可知，n=2，
由s绳=ns物可得，物体运动的距离：
s物===1m，
则A处拉力所做的功：
W=Fs物=4.5N×1m=4.5J．
答：（1）A处拉力为4.5N；
（2）正方体物体对地面的压强是3000Pa；
（3）若拉力F以0.5m/s的速度匀速拉了4s，求A处拉力所做的功是4.5J．
【点评】本题考查了二力平衡条件和压强公式、速度公式、做功公式的应用，明确滑轮组绳子的有效股数和利用好s绳=ns物是关键．
　
25．（8分）（2017•毕节市）我国南海海底存储着丰富的”可燃冰“资源．可燃冰被视为21世纪新型绿色能源，可燃冰的主要成分是甲烷，1m3的可燃冰可转化生成164m3的甲烷气体和0.8m3的水．已知甲烷气体的热值是3.6×107J/m3．我市公交车以天然液化气为燃料，其主要成分就是甲烷．如果一辆公交车满载乘客时总质量是6000kg，那么1m3可燃冰转化生成的甲烷气体完全燃烧产生的能量可供公交车满载时以36km/h的速度匀速行驶1640min．匀速行驶中公交车受到的平均阻力为车重的0.05倍．求：
（1）公交车满载乘客时的重力；（g=10N/kg）
（2）这段时间内公交车牵引力所做功的功率；
（3）1m3的可燃冰转化生成的甲烷气体完全燃烧所产生的能量能将多少千克的水从20°C加热到沸腾．（标准大气压，c水=4.2×103J/（kg•°C），结果保留整数）
（4）这段时间内公交车发动机的效率是多大？

【分析】（1）知道公交车满载乘客时的总质量，利用G=mg求其总重力；
（2）由题知，匀速行驶中公交车受到的平均阻力f=0.05G，由于公交车匀速行驶，公交车受到的牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等，知道公交车行驶速度，利用P===Fv求这段时间内公交车牵引力所做功的功率；
（3）利用Q放=Vq求1m3的可燃冰可转化生成164m3的甲烷气体完全燃烧放出的热量（总能量），而水吸收的热量Q吸=Q放，知道水的初温和末温，再利用Q吸=cm△t求水的质量；
（4）利用W=Pt求这段时间内公交车牵引力所做功（有用能量），再利用效率公式求这段时间内公交车发动机的效率．
【解答】解：
（1）公交车满载乘客时的重力：
G总=m总g=6000kg×10N/kg=6×104N；
（2）由题知，匀速行驶中公交车受到的平均阻力：
f=0.05G总=0.05×6×104N=3000N，
因为公交车匀速行驶，
所以公交车受到的牵引力：
F=f=3000N，
公交车行驶速度v=36km/h=10m/s，
这段时间内公交车牵引力所做功的功率：
P===Fv=3000N×10m/s=3×104W；
（3）1m3的可燃冰可转化生成164m3的甲烷气体完全燃烧放出的热量（总能量）：
Q放=Vq=164m3×3.6×107J/m3=5.904×109J，
由题知，水吸收的热量Q吸=Q放=5.904×109J，
标准大气压下水的沸点为100℃，
由Q吸=cm△t可得水的质量：
m==≈17571kg；
（4）这段时间内公交车牵引力所做功（有用能量）：
W=Pt=3×104W×1640×60s=2.952×109J，
这段时间内公交车发动机的效率：
η==×100%=50%．
答：（1）公交车满载乘客时的重力为6×104N；
（2）这段时间内公交车牵引力所做功的功率3×104W；
（3）1m3的可燃冰转化生成的甲烷气体完全燃烧所产生的能量能将17571kg的水从20°C加热到沸腾；
（4）这段时间内公交车发动机的效率是50%．
【点评】本题为力学、热学的综合计算题，考查了重力公式、功的公式、功率公式、吸热公式、燃料完全燃烧放热公式、效率公式以及二力平衡条件的应用，要求灵活选用相关公式．