2017 年湖北省襄阳市保康县中考物理适应性试卷（含答案）

这是一份2017 年湖北省襄阳市保康县中考物理适应性试卷（含答案），共15页。试卷主要包含了 单选题， 填空题， 作图题， 实验探究题， 计算题等内容，欢迎下载使用。

一、 单选题(本大题共 6 小题， 共 12.0 分)
1.下列说法中正确的是（
）
A.一切正在发声的物体都在振动
B.声音在真空中传播速度最大
C.“闻其声知其人” 是通过音调判断不同人发声的
D.在公路两侧设置隔音墙是为了全部消除噪声
【答案】
A
【解析】
解： A、 声音是由物体的振动产生的， 所以一切正在发声的物体都在振动， 故 A 说法正
确；
B、 声音的传播需要介质， 真空不能传声， 故 B 说法错误；
C、 闻其声而知其人是因为不同人的音色不同， 而不是音调不同， 故 C 说法错误；
D、 公路旁安装隔音板是为了在传播过程中减弱噪声， 不是在声源处减弱噪声， 故 D 说
法错误．
故选 A．
（1）解决此题的关键是要知道声音是由物体的振动产生的， 声音的传播是需要介质的，
它既可以在气体中传播， 也可以在固体和液体中传播， 但不能在真空中传播；
（2） 闻其声而知其人是依据音色来进行辨别的；
（3） 防治噪声的途径有三个， 分别在是声源处、 在传播中和在人耳处．
解决此类问题要结合声音产生的条件和声音传播是需要介质的两个方面去考虑．
2.一代伟人毛泽东在《沁园春•雪》 中写到： “北国风光， 千里冰封， 万里雪飘” ， 形
成这种自然景象的主要物态变化是（
）
A.熔化和汽化 B.凝固和凝华 C.凝固和液化 D.汽化和升华
【答案】
B
【解析】
解： A、 熔化是物质由固态变为液态的过程． 汽化是物质由液态变为气态； 冰的形成属
于凝固； 雪的形成属于凝华． 故 A 错误；
B、 凝固时物质由液态变为固态的过程； 冰的形成属于凝固； 凝华是物质由气态直接变
为固态的过程， 雪花的形成是凝华过程． 故 B 正确；
C、 液化是物质由气态变为液态的过程； 北方的冬天气温比较低， 水结成冰， 物质由液
态变为固态属于凝固， 而雪的形成属于凝华． 故 C 错误；
D、 汽化是物质由液态变为气态的过程； 升华是物质由固态变为气态的过程， 不符合题
意． 故 D 错误．
故选： B．
从熔化、 凝华、 凝固、 液化的定义进行判断．
针对判断物态变化的问题， 首先明确物质现在的状态和原来的状态， 根据熔化、 凝华、
凝固、 液化、 汽化、 升华的定义进行判断．
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3.下列诗句所描述的现象不能用光的直线传播来解释的是（
）
A.一叶障目， 不见泰山
B.水中捞月 ， 徒劳无功
C.如影随形， 形影相伴
D.井底之蛙， 所见甚少
【答案】
B
【解析】
解： A、 一叶障目， 不见泰山， 说明光是沿直线传播的， 故 A 正确；
B、 水中捞月 ， 徒劳无功， 即水中月 是由于光的反射形成的， 故 B 错误；
C、 如影随形， 形影相伴， 即影子是由光的直线传播形成的， 故 C 正确；
D、 井底之蛙， 所见甚小， 即是由于光的直线传播形成的， 故 D 正确．
故选 B．
光在自然界中存在三种光现象：
在日常生活中， 激光准直、 日月 食、 小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介
质中是沿直线传播的；
当光照射到物体界面上时， 有一部分光被反射回来发生反射现象；
当光从一种介质斜射入另一种介质时， 传播方向的会偏折， 发生折射现象．
解答此题要把握以下两点： 一是了解词语意思， 二是区分三种光现象（光的直线传播、
光的反射、 光的折射）． 一般来说： 见到影子、 日月 食、 小孔成像就联系到光的直线传
播原理； 见到镜子、 倒影、 潜望镜就联系到光的反射原理； 见到水中的物体， 隔着玻璃
或透镜看物体就联系到光的折射原理．
4.如图所示的工具中， 正常使用时属于费力杠杆的是（
）
A. 食品夹 B. 瓶盖起子 C.
螺丝刀 D. 钳子
【答案】
A
【解析】
解： A、 食品夹的动力臂小于阻力臂， 属于费力杠杆；
B、 瓶起子的动力臂大于阻力臂， 属于省力杠杆；
C、 螺丝刀的动力臂大于阻力臂， 属于省力杠杆；
D、 钳子的动力臂大于阻力臂， 属于省力杠杆．
故选 A．
判断杠杆在使用过程中， 动力臂和阻力臂的大小关系， 再判断它是属于哪种类型的杠杆．
此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种： ①省力杠杆， 动力臂大于阻力臂； ②费力
杠杆， 动力臂小于阻力臂； ③等臂杠杆， 动力臂等于阻力臂．
5.如图是我国引进的首架波音 787 客机， 当客机加速起飞上升的
过程中， 下列说法正确的是（
）
A.动能增大， 重力势能减小
B.动能增大， 重力势能增大
C.动能减小， 重力势能减小
D.动能减小， 重力势能增大
【答案】
B
【解析】
解： 当波音 787 客机加速起飞上升的过程中， 质量不变， 速度变大， 高度变大， 因此动
能和重力势能都增大．
故选 B．
动能大小的影响因素： 质量、 速度． 质量越大， 速度越大， 动能越大．
重力势能大小的影响因素： 质量、 被举得高度． 质量越大， 高度越高， 重力势能越大．
掌握动能、 重力势能、 弹性势能的影响因素， 会利用控制变量法， 判断动能、 重力势能、
弹性势能、 机械能的变化．
6.如图所示是一手压电筒， 按压手柄， 塑料齿轮带动线圈内磁性飞轮高
速旋转， 使灯泡发光． 下列四个实验中与手压电筒产生电流的工作原理
相同的是（
）
A.
B.
C.
D.
【答案】
C
【解析】
解： A、 奥斯特实验证明通电导体周围存在磁场． 与手压电筒的制成原理无关． 故 A 错
误．
B、 此图反映了通电导体在磁场中受到力的作用， 与手压电筒的制成原理无关， 故 B 错
误．
C、 图中导体 ab 在磁场中做切割磁感线运动时， 电路中产生了感应电流（可以从电流表
指针发生偏转来体现）， 这是电磁感应现象， 与手压电筒的制成原理相符合． 故 C 正确．
D、 此图探究的是电磁铁磁性强弱的影响因素， 研究电磁铁磁性强弱与线圈中电流大小
有关， 与手压电筒的制成原理无关． 故 D 错误．
故选 C．
（1） 手压电筒是利用电磁感应现象制成的， 磁性飞轮高速旋转， 使线圈切割磁感线，
从而产生了感应电流， 使小灯泡发光．
（2） 逐个分析下面四个选择项中各个设备的制成原理， 将两者对应即可得到答案．
（1） 此题考查了电磁感应、 通电导体在磁场中受力、 奥斯特实验、 电磁铁磁性强弱的
决定因素等知识点．
（2） 首先根据题目告诉的： 线圈内磁性飞轮高速旋转明确出手压电筒的制成原理是解
决此题的关键．
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二、 填空题(本大题共 8 小题， 共 18.0 分)
7.小明站在匀速直线行驶的汽车上， 以车厢为参照物， 小明是 ______ 的； 若汽车突然加
速， 小明将向 ______ 倾（选填“前” 或“后” ）．
【答案】
静止； 后
【解析】
解： 小明坐在车上， 以他乘坐的汽车车厢为参照物， 他和车厢之间的位置没有发生变化，
所以他是静止的；
突然加速时， 小明由于惯性， 还要保持原来较小速度的运动状态， 所以他的上身会向后
倾倒．
故答案为： 静止； 后．
（1） 判断物体的运动情况时， 必须选取一个标准作为参照物， 如果研究对象与参照物
之间的位置发生了变化， 则是运动的； 如果位置没有发生变化， 则是静止的；
（2） 惯性是保持物体原来运动状态不变的性质．
该题考查了参照物的选取和惯性的知识， 都属于基础知识， 难度不大．
8.近期流行的“自拍神器” 给旅行者自拍带来方便． 如图所示，
与直接拿手机自拍相比， 利用自拍杆可以 ______ 物距， 减小人像
的大小， 从而 ______ 取景范围， 取得更好的拍摄效果． （均选填
“增大” 或“减小” ）
【答案】
增大； 增大
【解析】
解： 根据凸透镜成实像时， 物距越大， 像距越小， 像越小， 可知“自拍神器” 与直接拿
手机自拍相比， 利用自拍杆可以增大物距， 减小人像的大小， 从而增大取景范围， 取得
更好的拍摄效果．
故答案为： 增大； 增大．
“自拍神器” 是利用凸透镜成倒立、 缩小的实像工作的， 凸透镜成实像时， 物距越大，
像距越小， 像越小．
此题主要考查了有关凸透镜成像的规律及应用． 一定要熟练掌握规律的内容， 特别是成
像特点与物距之间的关系．
9.人体中电流超过 30mA 时将会造成生命危险． 若某人身体的电阻为 1100Ω ， 则他的
安全电压是 ______ V； 若在潮湿的雨季， 人的安全电压如何变化？ ______ ．
【答案】
不高于 33； 降低
【解析】
解： 因为 U=IR=0.03A×1100Ω =33V， 所以对人体安全的电压为不高于 33V；
因为人体电阻保护衣服、 鞋之类的东西， 在潮湿的雨季里， 衣服、 鞋都会变得潮湿， 使
电阻减小， 根据 U=IR 可以得出， 在雨季里人体的安全电压会降低．
故答案为： 不高于 33V， 降低．
根据 U=IR即可求出人体的安全电压； 根据水是导体进行分析， 即潮湿的空气也是导体．
会根据欧姆定律计算人体安全的电压， 知道潮湿的空气会使一些物体的电阻减小．
10.小明将放在水平桌面上重为 3N 的物理课本， 水平匀速拉动 0.5m． 所用的水平拉力
为 1N， 则课本重力做功 ______ J， 水平拉力做功 ______ J．
【答案】
0； 0.5
【解析】
解： ①重为 3N 的物理课本， 在水平面上匀速拉动 0.5m， 虽然有力， 也有距离， 距离不
是在重力的方向上通过的距离， 所以没做功．
②课本水平拉力为 1N， 并在水平面上匀速前进 0.5m， 具备做功的两个条件， 所以拉力
做了功，
做功大小为： W=Fs=1N×0.5m=0.5J，
故答案为： 0； 0.5．
（1） 根据做功的必要条件可知： 重力不做功， 因为在重力的方向上没有移动距离， 做
功为 0；
（2） 拉力做功可用公式 W=FS 计算得出．
判断力是否做功时一定要紧扣做功的必要条件， 特别是有力有距离时， 但是移动距离不
是在力的方向上移动的， 这种情况一定不做功．
11.如图所示， 用滑轮组提升重为 220N 的物体， 动滑轮重为 20N， 不计滑
轮与轴之间的摩擦及绳重． 若在 5s 内将绳子匀速向上拉 6m， 则拉力的功
率为 ______ W， 滑轮组的机械效率为 ______ %．
【答案】
96； 91.7
【解析】
解： 由图可知， n=3，
不计滑轮与轴之间的摩擦及绳重， 则滑轮组绳子的拉力：
F= 1
표 （G+G
动 ） =
1
3 ×（220N+20N） =80N，
拉力做的功：
W 总 =Fs=80N×6m=480J，
拉力的功率：
P=
푋 总
푢
= 480퐾
5푡
=96W，
由 s=nh 可得， 物体上升的高度：
h=
푡
표 =
6푛
3
=2m，
拉力做的总功：
W 有 =Gh=220N×2m=440J，
滑轮组的机械效率：
η =
푋 有
푋 总 ×100%=
440퐾
480퐾 ×100%≈91.7%．
故答案为： 96； 91.7．
由图可知滑轮组绳子的有效股数， 根据 F= 1
표
（G+G 动 ） 求出绳子拉力的大小， 根据 W=Fs
求出拉力做的功， 根据 P= 푋
푢
求出拉力的功率， 根据 s=nh 求出物体上升的高度， 根据
W=Gh 求出有用功， 根据 η =
푋 有
푋 总 ×100%求出滑轮组的机械效率．
本题考查了滑轮组绳子拉力公式和做功公式、 效率公式的应用， 明确滑轮组绳子有效股
数是关键．
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12.如图所示， 从电能表表盘可知， 接入的用电器总功率不能超过
______ W． 当家里只有电磁炉工作时， 电能表在 4min 内转 240 转，
则微波炉消耗的电能为 ______ J， 微波炉的电功率为 ______ W．
【答案】
2200； 2.4×10 5 ； 1000
【解析】
解：
（1） 该电能表允许通过的最大功率 P 最大 =UI=220V×10A=2200W， 则接入的用电器总
功率不能超过 2200W；
（2） 电磁炉工作 4min 消耗的电能：
W=
240
3600 kW•h=
1
15 kW•h=2.4×10
5 J，
电磁炉的功率：
P 电磁炉 = 푋
푢
=
240
3600 푘푋⋅ℎ
4
60 ℎ
=1kW=1000W．
故答案为： 2200； 2.4×10 5 ； 1000．
由电能表铭牌可知， 电能表正常工作时的电压是 220V， 允许通过的最大电流是 10A，
由 P=UI 可以求出电能表允许的最大功率；
由电能表铭牌可知， 每消耗 1kW•h 的电能， 电能表转盘转过 3600 转， 根据电能表转盘
转过的圈数可以求出电磁炉消耗的电能， 然后由电功率公式求出电磁炉的功率．
本题考查的是电能、 电功率的计算公式， 难点是电能的计算， 关键是要理解电能表参数
的物理意义和选择合适的公式， 在计算过程中要注意单位统一．
13.一个标有“220V 500W” 的电热器， 在额定电压下使用， 通过它的电流为 ______ ，
通电 10min， 产生的热量是 ______ ．
【答案】
2.27A； 3×10 5 J
【解析】
解： 额定电压下使用时通过它的电流强度：
I= 푄
푉 =
500푋
220푊 ≈2.27A；
通电 10 分钟产生的热量：
Q=W=Pt=500W×10×60s=3×10 5 J．
故答案为： 2.27； 3×10 5 J．
由电热器的铭牌可知额定电压和额定功率， 根据 I= 푄
푉 求出额定电压下使用时通过它的电
流强度； 因电热器是纯电阻电路， 根据 Q=W=Pt求出通电 10 分钟产生的热量．
本题考查了电流、 热量的计算， 关键是电功率公式和电功率公式的灵活应用， 还要知道
纯电阻电路消耗的电能和产生的热量相等．
14.天然气燃烧时将 ______ 能转化为 ______ 能． 至少需要消耗 ______ m 3 的天然气才能将
质量为 20kg、 初温为 20℃的水烧开． [标准大气压、 c 水 =4.2×10 3
J/（kg•℃）， q 天然气
=3.2×10 7 J/m 3 ]．
【答案】
化学； 内； 0.21
【解析】
解： （1） 天然气燃烧时将化学能转化为内能；
（2） 水吸收的热量：
Q 吸 =cm△t=4.2×10 3 J/（kg•℃） ×20kg×（100℃-20℃） =6.72×10 6 J；
天然气完全燃烧放出的热量：
Q 放 =Q 吸 =6.72×10 6 J，
由 Q 放 =Vq， 可得， 所需天然气的体积：
V 天然气 =
푅 放
푞
=
6.72×10 6 퐾
3.2×10 7 퐾/푛 3 =0.21m
3 ．
故答案为： 化学； 内； 0.21．
（1） 燃料燃烧时将化学能转化为内能；
（2）知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温（1 标准大气压下水的沸点为 100℃），
利用吸热公式 Q 吸 =cm△t求水吸收的热量； 由题知， Q 放 =Q 吸 ， 再利用 Q 放 =Vq 求需要
完全燃烧多少天然气．
本题考查了学生对吸热公式Q 吸 =cm△t、燃料完全燃烧放热公式Q 放 =mq的掌握和运用，
计算时注意固体燃料热值单位（J/kg） 与气体燃料热值单位（J/m 3 ） 的区别．
三、 作图题(本大题共 3 小题， 共 6.0 分)
15.如图， 请作出 AB 入射光线由空气斜射入水中后折射光线的大致方
向．
【答案】
解： 过入射点 B 作垂直于界面的法线， 根据折射角小于入射角画出折射光线． 如图所示：
【解析】
根据入射光线、 折射光线以及法线在同一平面内， 折射角小于入射角， 确定折射光线的
方向．
本题主要考查折射定律的应用情况， 注意真实光线为实线， 法线为虚线； 是一道基础题．
16.一个重为 40N 的铅球从斜面上滚下， 请在图中画出铅球所受重力的示意
图．
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【答案】
解： 过球心沿竖直向下的方向画一条带箭头的线段， 并用符号 G 表示， G=40N． 如图
所示：
【解析】
首先找出力的作用点， 重力的作用点即重心在物体的几何中心； 然后确定力的方向， 重
力的方向是竖直向下的； 最后用一条带箭头的线段表示力的方向．
画力的示意图， 就是用一条带箭头线段表示出力的三要素， 所以要先正确分析力的大小、
方向和作用点， 再根据力的示意图的要求作出力的示意图， 要注意在线段末端标出重力
G．
17.将图中的灯和控制灯的开关连入电路．
【答案】
解：
火线首先接入开关， 然后进入灯泡顶端的金属点， 零线直接进入螺旋套， 如图所示：
【解析】
家庭电路中， 灯泡的正确连接方法： 火线首先接入开关， 然后进入灯泡顶端的金属点，
零线直接进入螺旋套．
本题考查家庭电路的连接， 在家庭电路中， 安装各个元件， 不但考虑各元件能使用， 更
要考虑使用的安全性．
四、 实验探究题(本大题共 4 小题， 共 16.0 分)
18.探究导体中的电流与导体两端电压的关
系．
（1） 如图甲所示， 用笔画线代替导线， 将实验电路连接完整， 使滑动变阻器接入电路
的阻值最大．
（2） 闭合开关， 向左移动滑动变阻器滑片 P， 电流表示数将 ______ （选填“变大” 、
“不变” 或“变小” ）， 电压表示数应 ______ （选填“变大” 、 “不变” 或“变小” ）
（3） 调节滑动变阻器， 把测得的数据填入下表， 其中电流表示数为 0.5A 时电压表示数
如图乙所示， 其值为 ______ V．
实验次数 1 2 3 4 5
电压 U/V 1.0 1.5 2.0
3.0
电流 I/A 0.2 0.3 0.4 0.5 0.6
（4） 根据表中数据， 在丙图中描出电流与电压的关系图线．
（5） 分析上表中的数据， 你能得出探究结论是： ______ ．
【答案】
变大； 变大； 2.5； 电阻一定时， 通过导体的电流与导体两端的电压成正比
【解析】
解： （1）将因为滑片 P 位于滑动变阻器的最右端， 要使滑动变阻器接入电路的电阻最大，
则需要连接左下角的接线柱． 如下图所示：
（2） 闭合开关， 向左移动滑动变阻器滑片 P， 由电路可知， 滑动变阻器接入电路的阻
值减小， 电路总电阻减小， 电源电压不变， 由欧姆定律可知电路电流变大， 电流表示数
应变大；
（3） 由图示电压表可知， 其量程为 0～3V， 分度值为 0.1V， 示数为 2.5V；
（4） 根据表格中数据描点， 并用平滑的曲线连接起来， 如图所示：
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（5） 分析实验数据可得出的实验结论是： 电阻一定时， 通过导体的电流与导体两端的
电压成正比．
故答案为： （1） 见上图； （2） 变大； 变大； （3） 2.5； （4） 见上图； （5） 电阻一定时，
通过导体的电流与导体两端的电压成正比．
（1） 要使滑动变阻器接入电路的电阻最大， 就要使电流走过的电阻丝的长度最长． 由
此入手得到答案．
（2） 根据电路图判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化， 然后应用欧姆定律分析答
题．
（3） 电压表读数时， 首先要确定量程， 认清分度值， 然后去读数．
（4） 根据表格中数据描点， 并用平滑的曲线连接起来．
（5） 根据表中数据， 可归纳得出电阻一定时， 电流与电压的关系．
本题是探究电流与电流与电压关系的实验， 考查了连接实物电路图、 滑动变阻器的应用、
电压表读数及描点法图象的画法， 考查重点， 难度不大．
19.小惠同学为了测量某种高山茶油的密度， 进行了以下实验如图所示：
（1） 把天平放在水平桌面上， 游码移到称量标尺零刻度处， 发现指针静止在分度标尺
中央刻度线的右侧， 此时应将平衡螺母向 ______ （选填“左” 或“右” ） 调节， 使天
平平衡．
（2） 用调节好的天平测量茶油和烧杯的总质量， 操作情景如图甲所示， 其错误之处是：
______ ．
（3） 重新调节好天平， 小惠称得茶油和烧杯的总质量为 60g， 然后将一部分茶油倒入
量筒中， 如图乙所示； 再将烧杯放在天平上， 称得剩余茶油和烧杯的总质量如图丙所示，
由此可知， 茶油的密度是 ______ g/cm 3 ．
【答案】
左； 测量时调节平衡螺母； 0.9
【解析】
解：
（1） 测量前发现指针静止时指在分度盘中央刻度线的右侧， 要使横梁平衡， 应将平衡
螺母向左调节．
（2） 在使用天平称量物体的质量时， 应通过增减砝码和移动游码使天平平衡； 此时不
能再移动平衡螺母；
（3） 由图丙可知， 剩余茶油和烧杯的总质量为 20g+10g+1.2g=31.2g；
根据题意， 倒入量筒中茶油的质量为： m=60g-31.2g=28.8g．
由图乙知， 量筒的分度值为 2ml， 则量筒中茶油的体积是 V=32ml=32cm 3 ，
则茶油的密度 ρ =
푛
푊 =
28.8푔
32푐푛 3 =0.9g∕ cm
3 ．
故答案为： （1） 左； （2） 测量时调节平衡螺母； （3） 0.9．
（1） 天平的正确使用： ①放： 把天平放到水平桌面上； ②移； 把游码移到标尺左端零
刻线处； ③调： 调节平衡螺母， 使指针指在分度盘的中线处．
（2） 在使用天平称量物体的质量时， 通过增减砝码和移动游码使天平平衡；
（3） 用天平测物体质量时， 物体的质量等于砝码的质量加上游码所对刻度， 而要准确
读出游码所对刻度， 必须明确标尺的分度值及以游码左端所对刻度为准； 读取量筒液体
的体积时， 视线与液面（凹液面的底部） 相平；
已知茶油和烧杯的总质量， 读出量筒中剩余茶油和烧杯的总质量， 可求得量筒中茶油的
质量， 量筒中茶油的体积可从量筒中读出．
然后， 利用密度公式 ρ =
푛
푊 可求出其密度．
测量密度的实验题是常规性实验题， 要掌握天平、 量筒的正确使用及密度的计算公式．
20.在探究“压力的作用效果跟什么因素有关” 的实验中， 小明同学用一块海绵、 一张
小桌子和一个砝码， 做了如图所示的一系列实验， 请注意观察、 分析， 并回答下列问题：
（1） 实验中小明是通过比较海绵的 ______ 来确定压力作用效果的大小；
（2） 分析比较图甲、 乙的实验现象， 乙图中小桌子上加砝码的目的是为了 ______ （选
填“增大” 或“减小” ） 压力大小； 可以得出结论： 当 ______ 相同时， 压力越大， 压
力的作用效果越明显；
（3） 上述实验用到的主要方法是转换法和 ______ ．
【答案】
凹陷程度； 增大； 受力面积； 控制变量法
【解析】
解： （1） 实验中小明是通过比较海绵的凹陷程度来确定压力作用效果的大小；
（2） 物体对支持面的压力大小等于物体的重力大小， 乙图中小桌子上加砝码的目的是
为了增大压力大小；
分析比较图甲、 乙的实验现象可以得出结论： 当受力面积相同时， 压力越大， 压力的作
用效果越明显；
（3） 上述实验用到的主要方法是转换法和控制变量法．
故答案为： （1） 凹陷程度； （2） 增大； 受力面积； （3） 控制变量法．
（1） 本实验通过海绵的凹陷程度来反映压力的作用效果， 采用了转换法；
（2）（3） 压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关， 实验时应采用控制变
量法，
即探究压力的作用效果与压力大小的关系时应控制受力面积的大小不变，
探究压力的作用效果与受力面积时应控制压力的大小不变． 据此分析回答．
本题探究“压力的作用效果跟什么因素有关” 的实验， 主要考查控制变量法及转换法的
应用， 体现了对过程和方法的考查．
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21.如图是李强同学探究“并联电路的电流规律” 的实验
电路图， 他把电流表分别接入到电路中的 A、 B、 C 处， 测
出实验数据并记录在表格中：
（1） 在实验中， 李强同学可以采用 ______ 或 ______ 的
方法来改变电流的大小．
（2） 他做三次实验的目的是： 使结论更具有 ______ ．
【答案】
改变电源电压； 灯的规格； 普遍性
【解析】
解：（1） 根据欧姆定律 I= 푉
푆 ， 可通过改变电源电压， 或改变灯的规格的方法改变电流大
小；
（2） 做三次实验的目的是为了避免实验的偶然性， 得出普遍性的结论．
故答案为： （1） 改变电源电压； 灯的规格； （2） 普遍性．
（1） 根据欧姆定律 I= 푉
푆 分析；
（2） 多次目的是为了避免实验的偶然性， 得出普遍性的结论．
本题并联电路的电流规律， 考查欧姆定律的应用及归纳法的应用．
五、 计算题(本大题共 2 小题， 共 12.0 分)
22.边长为 10cm的立方体木块， 质量为 600g， 现用一根细线使木块与容
器底部相连， 让木块浸没在水中， 如图所示； 已知容器底面积为 200cm 2 ，
质量为 1kg； 细线长 10cm， 此时液面深 25cm．
则： （1） 绳子的拉力为多大？
（2） 剪断绳子， 待木块静止后， 水对容器底部压强变化了多少？
（3） 剪断绳子， 待木块静止后， 容器对地面的压强是多少？
【答案】
解： （1） 木块浸没在水中， V 排 =V=（0.1m）
3 =1×10 -3 m 3 ，
F 浮 =ρ 水 gV 排 =10 3 kg/m 3 ×10N/kg×1×10 -3 m 3 =10N
G=mg=0.6kg×10N/kg=6N，
F=F 浮 -G=10N-6N=4N；
（2） 木块漂浮， F 浮 ′ =G=6N；
由 F 浮 =ρ 液 gV 排 得， 木块漂浮时排开水的体积： V
排 ′ =
퐹 浮
′
휌 水 푔 =
6푁
1.0×10 3 푘푔/푛 3 ×10푁/푘푔 =6×10
-4 m 3 ；
所以液面下降的深度为： △h=
△푊 排
푇
= 1×10
−3 푛 3 −6×10 −4 푛 3
200×10 −4 푛 2
=0.02m；
则△p=ρ 水 g△h=1.0×10 3 kg/m 3 ×10N/kg×0.02m=200Pa．
（3） 水和木块的总体积 V 总 =Sh=200cm 2 ×25cm=5000cm 3 =5×10 -3 m 3 ，
则水的体积 V 水 =V 总 -V 木 =5×10 -3 m 3 -1×10 -3 m 3 =4×10 -3 m 3 ，
由 ρ =
푛
푊 可得， m
水 =ρ 水 V 水 =1.0×10 3 kg/m 3 ×4×10 -3 m 3 =4kg，
绳子断和断之前， 容器对桌面的压力不变，
F=G 容器 +G 水 +G 木 =（1kg+4kg+0.6kg） ×10N/kg=56N，
S=200cm 2 =0.02m 2 ，
桌面受到的压强： p= 퐹
푇 =
56푁
0.02푛 2 =2800Pa．
答： （1） 绳子的拉力为 4N；
（2） 剪断绳子， 待木块静止后， 水对容器底部压强变化了 200Pa．
（3） 剪断绳子， 待木块静止后， 容器对地面的压强是 2800Pa．
【解析】
（1） 绳子的拉力等于浮力减去重力， 根据 F 浮 =ρ 水 gV 排 求得浮力， 根据 G=mg 可求得
其重力；
（2） 根据漂浮时浮力与重力的关系得出木块受到的浮力； 根据根据 F 浮 =ρ 液 gV 排 得出
木块排开水的体积， 根据 V 排 的变化得出水深度的变化， 从而可得压强的变化．
（3） 求出水和木块的总体积， 又知木块的体积， 可求水的体积， 利用密度公式求出水
的质量， 绳子断和断之前， 容器对桌面的压力不变等于容器重、 水重和木块重之和， 再
利用压强公式求对地面的压强．
本题考查液体压强的计算， 浮力的计算， 物体的沉浮条件的应用． 注意固体压强的计算
要利用公式 p= 퐹
푇 ， 木块在水中的浮力要利用浮力的公式来计算， 木块漂浮时的浮力要利
用漂浮的条件来求， 因此， 解题时选对方法才能起到事半功倍的效果．
23.如图所示， 电源电压为 6V， 小灯泡标有
“4V
1.6W” 的字样， 定值电阻 R=20Ω ， 不考虑
温度对灯丝电阻的影响， 滑动变阻器上标有“0～20Ω ，
1A” 字样． 求：
（1） 小灯泡的电阻为多大？
（2） 若只闭合 S， S 1 时， 要使电路消耗的功率最小，
此时滑动变阻器的滑片应向哪端移动？ 此时消耗最小
功率是多少 W？
（3） 若电流表的测量范围为 0～0.6A， 电压表的测量范围为 0～3V， 当只闭合 S 与 S 2
时， 在不损坏用电器的前提下， 求滑动变阻器的取值范围．
【答案】
解： （1） 由 P= 푉
2
푆
可知， 灯泡电阻：
R L =
푉 额
2
푄 额 =
(4푊) 2
1.6푋 =10Ω ；
（2） 由图示电路图可知， 只闭合 S， S 1 时两电阻串联，
由 P= 푉
2
푆
可知， 在电压 U 一定时， 电路总电阻 R 越大， 电路总功率越小，
只闭合 S、 S 1 ， 滑片移至 b 端时电路总电阻最大， 功率最小，
初中物理试卷第 14 页， 共 14 页
最小功率： P=
푉 2
푆+푆 0 最大 =
(6푊) 2
20훺+20훺 =0.9W；
（3） 由 P=UI 可知， 灯泡额定电流： I L =
푄 퐿 额
푉 퐿额 =
1.6푋
4푊
=0.4A，
由图示电路图可知， 当只闭合 S 与 S 2 时灯泡与滑动变阻器串联，
电流表的测量范围为 0～0.6A， 灯泡额定电流为 0.4A， 则电路最大电流： I=0.4A，
由 I= 푉
푆 可知， R
总最小 =R L +R 滑 =
푉
퐽 最大 =
6푊
0.4퐴 =15Ω ，
滑动变阻器接入电路的最小电阻： R 滑最小 =R 总最小 -R L =15Ω -10Ω =5Ω ，
电压表的测量范围为 0～3V， 滑动变阻器两端最大电压： U 滑最大 =3V，
此时滑动变阻接入电路的阻值最大， 电路电流最小，
最小电路电流： I 最小 =
푉 퐿
푆 퐿 =
푉−푉 滑最大
푆 퐿
= 6푊−3푊
10훺
=0.3A，
由 I= 푉
푆 可知， R
滑最大 =
푉 滑最大
퐽 最小
=
3푊
0.3퐴 =10Ω ，
滑动变阻器接入电路的阻值范围是： 5Ω ～10Ω ；
答： （1） 小灯泡的电阻为 10Ω ；
（2） 若只闭合 S， S 1 时， 要使电路消耗的功率最小， 此时滑动变阻器的滑片应向 b 端
移动， 此时消耗最小功率是 0.9W；
（3） 滑动变阻器的取值范围是： 5Ω ～10Ω ．
【解析】
（1） 根据灯牌铭牌确定其额定电压与额定功率， 应用电功率的变形公式可以求出灯泡
电阻；
（2） 分析清楚电路结构， 应用串联电路特点与电功率公式求出最小电功率；
（3） 分析清楚电路结构， 根据题意确定电路最大与最小电流， 然后应用串联电路特点
与欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的最小与最大阻值， 再确定其阻值变化范围．
本题考查了欧姆定律和电功率计算公式的应用， 解决本题的关键： 一是串并联电路的识
别和串并联电路电压、 电流以及电阻特点的应用， 二是根据已知条件找到滑动变阻器调
节范围， 三是欧姆定律和电功率公式的灵活应用．