数学湘教版（2019）3.5 圆锥曲线的应用课后练习题

这是一份数学湘教版（2019）3.5 圆锥曲线的应用课后练习题，共5页。


1．用边长为48 cm的正方形铁皮做一个无盖的铁盒，在铁皮的四角各截去一个面积相等的小正方形，然后把四边折起，就能焊成一个铁盒．则所做的铁盒容积最大时，在四角截去的正方形的边长为( )
A．6 cm B．8 cm
C．10 cm D．12 cm
解析：选B.设截去小正方形的边长为x cm，铁盒的容积为V cm3.所以V＝x(48－2x)2(0V′＝12(x－8)(x－24)．令V′＝0，则x＝8∈(0,24)，且此是所做铁盒的容积最大．
2．某产品的销售收入y1(万元)是产量x(千台)的函数：y1＝17x2(x＞0)；生产成本y2(万元)是产量x(千台)的函数：y2＝2x3－x2(x＞0)，为使利润最大，则应生产( )
A．6千台 B．7千台
C．8千台 D．9千台
解析：选A.设利润为y(万元)，则y＝y1－y2＝17x2－(2x3－x2)＝－2x3＋18x2(x＞0)，∴y′＝－6x2＋36x＝－6x·(x－6)．令y′＝0，解得x＝0或x＝6，经检验知x＝6既是函数的极大值点又是函数的最大值点．故选A.
3．炼油厂某分厂将原油精炼为汽油，需对原油进行冷却和加热，如果第x小时，原油温度(单位：℃)为f(x)＝eq \f(1,3)x3－x2＋8(0≤x≤5)，那么，原油温度的瞬时变化率的最小值是( )
A．8 B.eq \f(20,3)
C．－1 D．－8
解析：选C.原油温度的瞬时变化率为f′(x)＝x2－2x＝(x－1)2－1(0≤x≤5)，所以当x＝1时，原油温度的瞬时变化率取得最小值－1.
4．某车间靠墙壁要盖一间地面为长方形的小屋，现有存砖只够砌20 m长的墙壁，则应围成长为________m，宽为____________m的长方形才能使小屋占地面积最大．
解析：设长为x m，宽为y m，面积为S m2，则x＋2y＝20，即y＝10－eq \f(x,2)，S＝x·y＝x(10－eq \f(x,2))＝10x－eq \f(x2,2).S′＝10－x，所以当x＝10时，小屋占地面积最大，所以x＝10，y＝5.
答案：10 5
一、选择题
1．某商品一件的成本为30元，在某段时间内，若以每件x元出售，可卖出(200－x)件，当每件商品的定价为________元时，利润最大．( )
A．105 B．110
C．115 D．120
解析：选C.利润为S(x)＝(x－30)(200－x)＝－x2＋230x－6000，S′(x)＝－2x＋230，由S′(x)＝0得x＝115，这时利润最大为7225元．
2．设底为等边三角形的直棱柱的体积为V，则其表面积最小时，底面边长为( )
A.eq \r(3,V) B.eq \r(3,2V)
C.eq \r(3,4V) D．2eq \r(3,V)
解析：选C.设该直棱柱的底面边长为x，高为h，表面积为S，则V＝eq \f(\r(3),4)x2·h，h＝eq \f(4V,\r(3)x2)，表面积S＝eq \f(\r(3),2)x2＋3·x·eq \f(4V,\r(3)x2)，S′＝eq \r(3)x＋eq \f(－12V,\r(3)x2)，令S′＝0，得x＝eq \r(3,4V).故选C.
3．(2010年高考山东卷)已知某生产厂家的年利润y(单元：万元)与年产量x(单位：万件)的函数关系式为y＝－eq \f(1,3)x3＋81x－234，则使该生产厂家获取最大年利润的年产量为( )
A．13万件 B．11万件
C．9万件 D．7万件
解析：选C.因为y′＝－x2＋81，所以当x>9时，y′<0；当x∈(0,9)时，y′>0，所以函数y＝－eq \f(1,3)x3＋81x－234在(9，＋∞)上单调递减，在(0,9)上单调递增，所以x＝9是函数的极大值点，又因为函数在(0，＋∞)上只有一个极大值点，所以函数在x＝9处取得最大值．
4．某公司生产一种产品，固定成本为20000元，每生产一单位的产品，成本增加100元，若总收入R与年产量x(0≤x≤390)的关系是R(x)＝－eq \f(x3,900)＋400x,0≤x≤390，则当总利润最大时，每年生产的产品单位数是( )
A．150 B．200
C．250 D．300
解析：选D.由题意可得总利润P(x)＝－eq \f(x3,900)＋300x－20000，0≤x≤390.由P′(x)＝－eq \f(x2,300)＋300，令P′(x)＝0，得x＝300.当0≤x<300时，P′(x)>0，当3005．若一球的半径为r，则内接于球的圆柱的侧面积最大为( )
A．2πr2 B．πr2
C．4πr2 D.eq \f(1,2)πr2
解析：
选A.如图，设内接圆柱的底面半径为R，母线长为l，
则R＝rcs θ，l＝2rsinθ.
∴S侧＝2πR·l＝2πrcsθ×2rsinθ
＝4πr2sinθcsθ.
∴由S′＝4πr2(cs2θ－sin2θ)＝0，
得θ＝eq \f(π,4).∴当θ＝eq \f(π,4)，即R＝eq \f(\r(2),2)r时，S侧最大，
且S侧最大值为2πr2.
6．某工厂要围建一个面积为512平方米的矩形堆料场，一边可以利用原有的墙壁，其他三边需要砌新的墙壁，当砌壁所用的材料最省时，堆料场的长和宽分别为( )
A．32米，16米 B．30米，15米
C．40米，20米 D．36米，18米
解析：
选A.要求材料最省就是要求新砌的墙壁总长度最短，如图所示，设场地宽为x米，则长为eq \f(512,x)米，
因此新墙总长度L＝2x＋eq \f(512,x)(x>0)，
则L′＝2－eq \f(512,x2).令L′＝0，得x＝±16.
∵x>0，∴x＝16.
当x＝16时，L极小值＝Lmin＝64，
∴堆料场的长为eq \f(512,16)＝32(米)．
二、填空题
7．用总长为14.8 m的钢条制作一个长方体容器的框架，若所制作容器的底面的一边比高长0.5 m，则当高为______米时，容器的容积最大．
解析：由题意直接列出函数表达式，再用导数求最值，设高为x米，
则V＝x(x＋0.5)(3.2－2x)，
V′＝－6x2＋4.4x＋1.6＝0，
解15x2－11x－4＝0，
得x＝1，x＝－eq \f(4,15)(舍去)．
答案：1
8．把长60 cm的铁丝围成矩形，当长为________cm，宽为________cm时，矩形面积最大．
解析：设长为x cm，则宽为(30－x) cm，
所以面积S＝x(30－x)＝－x2＋30x.
由S′＝－2x＋30＝0，得x＝15.
答案：15 15
9．做一个容积为256 dm3的方底无盖水箱，它的高为______dm时最省料．
解析：设底面边长为x，则高为h＝eq \f(256,x2)，
其表面积为S＝x2＋4×eq \f(256,x2)×x＝x2＋eq \f(256×4,x)，
S′＝2x－eq \f(256×4,x2)，令S′＝0，则x＝8，
则高h＝eq \f(256,64)＝4 (dm)．
答案：4
三、解答题
10．某银行准备新设一种定期存款业务，经预测，存款量与利率的平方成正比，比例系数为K(K>0)，贷款的利率为4.8%，又银行吸收的存款能全部放贷出去．
(1)若存款的利率为x，x∈(0,0.048)，试写出存款量g(x)及银行应支付给储户的利息h(x)；
(2)存款利率定为多少时，银行可获得最大收益？
解：(1)由题意，存款量g(x)＝Kx2，银行应支付的利息h(x)＝x·g(x)＝Kx3.
(2)设银行可获收益为y，则y＝0.048·Kx2－Kx3.
y′＝K·0.096x－3Kx2.
令y′＝0，即K×0.096x－3Kx2＝0.
解得x＝0或x＝0.032.
又当x∈(0,0.032)时，y′>0，
当x∈(0.032,0.048)时，y′<0，
∴y在(0,0.032)内单调递增，在(0.032,0.048)内单调递减．
故当x＝0.032时，y在(0,0.048)内取得极大值，亦即最大值．
即存款利率为3.2%时，银行可获得最大收益．
11．(2011年高考福建卷)某商场销售某种商品的经验表明，该商品每日的销售量y(单位：千克)与销售价格x(单位：元/千克)满足关系式y＝eq \f(a,x－3)＋10(x－6)2，其中3(1)求a的值；
(2)若该商品的成本为3元/千克，试确定销售价格x的值，使商场每日销售该商品所获得的利润最大．
解：(1)因为x＝5时，y＝11，所以eq \f(a,2)＋10＝11，所以a＝2.
(2)由(1)可知，该商品每日的销售量
y＝eq \f(2,x－3)＋10(x－6)2，
所以商场每日销售该商品所获得的利润
f(x)＝(x－3)eq \b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\c1(\f(2,x－3)＋10x－62))＝2＋10(x－3)(x－6)2,3由上表可得，x＝4是函数f(x)在区间(3,6)内的极大值点，也是最大值点．
所以，当x＝4时，函数f(x)取得最大值，且最大值等于42.
即当销售价格为4元/千克时，商场每日销售该商品所获得的利润最大．
12．(2011年高考山东卷)
某企业拟建如图所示的容器(不计厚度，长度单位：米)，其中容器的中间为圆柱形，左右两端均为半球形，按照设计要求容器的容积为eq \f(80π,3)立方米，且l≥2r.假设该容器的建造费用仅与其表面积有关．已知圆柱形部分每平方米建造费用为3千元，半球形部分每平方米建造费用为c(c>3)千元．设该容器的建造费用为y千元．
(1)写出y关于r的函数表达式，并求该函数的定义域；
(2)求该容器的建造费用最小时的r.
解：(1)设容器的容积为V，
由题意知V＝πr2l＋eq \f(4,3)πr3，又V＝eq \f(80π,3)，
故l＝eq \f(V－\f(4,3)πr3,πr2)＝eq \f(80,3r2)－eq \f(4,3)r＝eq \f(4,3)eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(20,r2)－r)).
由于l≥2r，
因此0所以建造费用y＝2πrl×3＋4πr2c＝2πr×eq \f(4,3)eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(20,r2)－r))×3＋4πr2c，
因此y＝4π(c－2)r2＋eq \f(160π,r)，0(2)由(1)得y′＝8π(c－2)r－eq \f(160π,r2)
＝eq \f(8πc－2,r2)eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(r3－\f(20,c－2)))，0由于c>3，所以c－2>0.
当r3－eq \f(20,c－2)＝0时，r＝ eq \r(3,\f(20,c－2)).
令 eq \r(3,\f(20,c－2))＝m，则m>0，
所以y′＝eq \f(8πc－2,r2)(r－m)(r2＋rm＋m2)．
①当0eq \f(9,2)时，
当r＝m时，y′＝0；
当r∈(0，m)时，y′<0；
当r∈(m,2)时，y′>0，
所以r＝m是函数y的极小值点，也是最小值点．
②当m≥2，即3当r∈(0,2)时，y′<0，函数单调递减，
所以r＝2是函数y的最小值点．
综上所述，当3当c>eq \f(9,2)时，建造费用最小时r＝ eq \r(3,\f(20,c－2)).x
(3,4)
4
(4,6)
f′(x)
＋
0
－
f(x)
单调递增
极大值42
单调递减