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    2020-2021学年宁夏银川市某校高一第一学期期末考试_(物理)试卷人教版(2019)

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    这是一份2020-2021学年宁夏银川市某校高一第一学期期末考试_(物理)试卷人教版(2019),共8页。试卷主要包含了选择题,实验探究题,解答题等内容,欢迎下载使用。


    1. 在研究某物体的运动时,若取物体运动方向为正方向,物体的加速度为2m/s2,表示这物体( )
    A.每秒运动2m
    B.每经过1秒,其加速度增大2m/s2
    C.每经过1秒,其速度增大2m/s
    D.每经过1秒,速度变为原来的2倍

    2. 关于速度、速度变化量、加速度,下列说法正确的是( )
    A.物体运动的速度变化量很大,它的加速度可能很大
    B.速度变化量为正方向,加速度为负方向
    C.某时刻物体的速度为零,其加速度一定为零
    D.加速度很大时,运动物体的速度一定很大

    3. 以10m/s的速度沿平直公路行驶的汽车,遇障碍物刹车后获得大小为a=4m/s2的加速度,刹车后第3s内,汽车走过的路程为( )
    B.2mC.10m

    4. 甲、乙两辆汽车在平直的公路上沿同一方向做直线运动,t=0时刻同时经过公路旁的同一个路标,在如图描述两车运动的v−t图中,直线a、b分别描述了甲乙两车在0∼20s的运动情况,关于两车之间的位置关系,下列说法正确的是( )

    A.在0∼10s内两车逐渐靠近
    B.在10∼20s内两车逐渐远离
    C.在t=10s时两车在公路上相遇
    D.在5∼15s内两车的位移相等

    5. 为了行车方便与安全,高大的桥要造很长的引桥,其主要目的是( )
    A.增大过桥车辆受到的摩擦力
    B.减小过桥车辆的重力
    C.增大过桥车辆的重力平行于引桥面向上的分力
    D.减小过桥车辆的重力平行于引桥面向下的分力

    6. 如图,一物块在水平拉力F的作用下沿水平桌面做匀速直线运动.若保持F的大小不变,而方向与水平面成60∘角,物块也恰好做匀速直线运动.物块与桌面间的动摩擦因数为( )

    A.2−3B.36C.33D.32

    7. 用两根绳子吊起一重物,使重物保持静止,若逐渐增大两绳之间的夹角,则两绳对重物的拉力的合力变化情况是( )
    A.不变B.减小C.增大D.无法确定

    8. 如图,木块a与b叠放在水平地面上,分别受到水平向右和水平向左、大小均为F的力作用,且保持静止状态,则( )

    A.b对a的摩擦力方向向左B.b对a的摩擦力大小为零
    C.地面对b的摩擦力方向向右D.地面对b的摩擦力大小为F

    9. 如图所示,质量为m的木块在质量为M的木板上滑行,木板与地面之间的动摩擦因数为μ1,木块与木板之间的动摩擦因数为μ2,重力加速度为g,木板一直静止,那么木块与木板间、木板与地面间的摩擦力大小分别为( )

    A.μ2mg,μ1MgB.μ2mg,μ2mg
    C.μ2mg,μ1(m+M)gD.μ2mg,μ1Mg+μ2mg

    10. 如图所示,一定质量的物块用两根轻绳悬在空中,其中绳OA固定不动,绳OB在竖直面内转动,物块保持静止.则在绳OB由水平位置转至竖直位置的过程中,绳OB的张力大小将( )

    A.一直变大B.一直变小C.先变大后变小D.先变小后变大

    11. 下列说法中,正确的是( )
    A.放在粗糙斜面上匀速下滑的物体所受的力是重力、下滑力、摩擦力和斜面的支持力
    B.一个人用水平力推集装箱但他没有推动,此时推力小于摩擦力
    C.两个力的合力可大于或小于或等于某一个分力
    D.三个大小分别是2N、3N、6N的力作用于同一物体上,可能使物体做匀速直线运动

    12. 物体静止在水平桌面上,下列说法中正确的是( )
    A.物体受到桌面的支持力等于物体的重力,但它们不是一对平衡力
    B.物体对桌面的压力就是物体的重力,它们是一对作用力与反作用力
    C.物体对桌面的压力大小等于桌面对物体支持力的大小,它们是一对作用力与反作用力
    D.物体对桌面压力的大小等于桌面对物体的支持力,它们是一对平衡力

    13. 如图所示,质量分别为m的三个小球A、B、C,上面一根轻弹簧的上端固定在天花板上,A、B两球之间用不可伸长的细线连接,B、C两球之间通过另一根轻弹簧相连接,开始时整个系统处于静止状态,在剪断细线的瞬间,以下关于A球的加速度大小aA、B球的加速度大小aB、C球的加速度大小aC,正确的是( )

    A.aA=2g、aB=2g、aC=0
    B.aA=2g、aB=4g 、aC=4g
    C.aA=4g、aB=0、aC=g
    D.aA=2g、aB=2g、aC=g

    14. 质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x=5t+t2(各物理量均采用国际单位制单位),则该质点( )
    A.第1s内的位移是5m
    B.第2s末的速度是9m/s
    C.任意相邻的2s内位移差都是8m
    D.任意1s内的速度增量都是1m/s

    15. 下列关于力的说法正确的是( )
    A.物体受摩擦力作用,则一定受弹力作用
    B.物体受到的重力是地球施加的,物体只在重心处受到重力作用
    C.桌面上的书受向上的弹力,是因为桌面发生了弹性形变
    D.静摩擦力是静止的物体受到的,滑动摩擦力是运动的物体受到的

    16. 如图所示的对物体A的四幅受力图中,正确的有( )
    A. A静止不动
    B. A静止不动
    C. A、B沿斜面一起匀速下滑
    D. A沿斜面匀速下滑

    17. 物体在下列几组力作用下,物体有可能保持静止是( )
    A.2N,4N,6NB.3N,6N,10N
    C.6N,8N,13ND.5N,2N,8N

    18. 如图所示,固定在小车上的支架的斜杆与竖直杆的夹角为θ,在斜杆下端固定有质量为m的小球,下列关于杆对球的作用力F的判断中,正确的是( )

    A.小车静止时,F=mg,方向竖直向上
    B.小车匀速时,F=mgcsθ,方向垂直杆向上
    C.小车向右匀加速运动,加速度大小为a时,可能有F=masinθ,方向沿着杆斜向上
    D.小车向右匀减速运动,加速度大小为a时,F=(ma)2+(mg)2,方向斜向左上方
    二、实验探究题

    在“探究加速度与物体受力、物体质量的关系”实验中,某实验小组利用如图所示的实验装置,将一端带滑轮的长木板固定在水平桌面上,小车置于长木板上,并用细绳跨过定滑轮与砂桶相连,小车左端连一条纸带,通过打点计时器记录其运动情况.

    (1)下列做法正确的是( )
    A.调节滑轮的高度,使牵引小车的细绳与长木板保持平行
    B.在探究加速度与力的关系时,作a−F图像应该用折线将所描的点依次连
    C.实验时,先放开小车再接通打点计时器的电源
    D.通过增减小车上的砝码改变质量时,不需要重新调节木板倾斜度

    (2)下图是实验时平衡阻力的情形,其中正确的是________(选填字母).

    (3)某学生在平衡摩擦力时,把长木板的一端垫得过高,使得倾角偏大.他所得到的a−F关系可用图中的________表示(图中a是小车的加速度,F是细线作用于小车的拉力).

    (4)如图是打出纸带的一段,相邻计数点间还有四个点未画出,已知打点计时器使用的交流电频率50Hz.由图可知,打纸带上B点时小车的瞬时速度vB=________m/s,木块的加速度a=________m/s2.(结果保留两位有效数字)
    三、解答题

    如图所示,用一与竖直方向成α=37∘角斜向上、大小为F=50N的力,将一重为G=60N的物体压在竖直墙壁上,物体匀速向下运动.已知sin37∘=0.6,cs37∘=0.8,求:

    (1)墙壁对物体的支持力大小.

    (2)物体与墙壁间的动摩擦因数μ.

    四旋翼无人机是一种能够垂直直降的小型遥控飞行器,目前正得到越来越广泛的应用.一架质量m=2kg的无人机,其动力系统所能提供的最大升力F=36N,运动过程中所受空气阻力大小恒为f=4N.(g取10m/s2)

    (1)无人机在地面上从静止开始,以最大升力竖直向上起飞,求在t=5s时离地面的高度h.

    (2)当无人机悬停在距离地面高度H=100m处,由于动力设备故障,无人机突然失去升力而坠落,求无人机坠落到地面时的速度大小v.

    如图甲所示,质量为1.0kg的物体置于固定斜面上,斜面的倾角θ=37∘,对物体施以平行于斜面向上拉力F,物体从静止开始运动,物体运动的F−t图像如图乙( 规定沿斜面向上的方向为正方向,g=10m/s2 ),物体与斜面间的动摩擦因数μ=38,试求:

    (1)0∼1s内物体运动的位移的大小.

    (2)1s后物体继续沿斜面上滑的距离.
    参考答案与试题解析
    2020-2021学年宁夏银川市某校高一第一学期期末考试 (物理)试卷
    一、选择题
    1.
    【答案】
    C
    【考点】
    加速度
    【解析】
    加速度是描述物体速度变化快慢的物理量,速度的改变量等于加速度与时间的乘积;注意时间坐标轴上各点及段的含义.
    【解答】
    解:加速度等于单位时间内速度的变化量,加速度为2m/s2,表示每1s内物体的速度均变化2m/s,即每经过1秒,其速度增大或减小2m/s,题目中加速度方向与速度方向相同,做加速运动,则每经过1秒,其速度增大2m/s,故ABD错误,C正确.
    故选:C.
    2.
    【答案】
    A
    【考点】
    速度、速度变化量和加速度的关系
    【解析】
    加速度反映速度变化快慢的物理量,数值上等于单位时间内的速度变化量,与速度的变化量及所用的时间有关,由此即可得知各选项的正误.
    【解答】
    解:A.根据a=ΔvΔt知加速度为速度的变化率,速度变化量大,加速度可能很大,故A正确;
    B.速度的变化量的方向与加速度方向总是相同,因此物体速度变化量为正,则加速度也为正,故B错误;
    C.物体的速度为零,加速度不一定为零,比如自由落体运动的初始时刻,速度为零,加速度不为零,故C错误;
    D.物体的加速度很大,代表物体速度的变化率很大,但并不代表物体的速度很大,故D错误.
    故选A.
    3.
    【答案】
    D
    【考点】
    匀变速直线运动规律的综合运用
    【解析】
    根据匀变速直线运动的速度时间公式求出速度减为零的时间,采用逆向思维,结合运动学公式求出刹车后第3s内的汽车的路程.
    【解答】
    解:汽车速度减为零的时间为:
    t0=0−v0a=−10−4s=2.5s,
    则刹车后第3s内的位移等于最后0.5s内的位移,采用逆向思维,有:
    x=12at2=12×4×0.52m=0.5m,故D正确,ABC错误.
    故选D.
    4.
    【答案】
    D
    【考点】
    v-t图像(匀变速直线运动)
    【解析】
    根据两车的速度大小分析它们之间的位置关系.当两车的位移相等时,两车相遇.根据图像的“面积”分析两车何时相遇和位移关系.
    【解答】
    解:A.在0∼10秒内,乙车在甲的前方,而且乙的速度大于甲的速度,则两车逐渐远离,故A错误.
    B.在10∼20秒内,乙车在甲的前方,乙的速度小于甲的速度,则两车逐渐靠近,故B错误.
    C.根据图像的“面积”等于物体的位移大小,可以看出,在t=10秒时乙车的位移大于甲车的位移,t=0时刻又在同一位置出发,所以在t=10秒时两车没有相遇,故C错误.
    D.在5∼15秒内两车图线的“面积”相等,则通过的位移相等,故D正确.
    故选:D.
    5.
    【答案】
    D
    【考点】
    力的合成与分解的应用
    【解析】
    高大的桥要造很长的引桥,增加了斜面的长度,从而减小了斜面的坡度,将重力按效果正交分解后判断即可。
    【解答】
    解:B.对车受力分析,受重力、支持力和阻力,物体重力不变,故B错误;
    D.重力产生两个作用效果,使物体沿斜面下滑,使物体紧压斜面,设斜面倾角为θ,将重力按照作用效果正交分解,如图:
    由几何关系可得:平行斜面分量为G1=mgsinθ,由于引桥越长,坡角θ越小,G1越小,故D正确;
    AC.θ变小,压力变大,故摩擦力变大,但增加摩擦不是目的,故AC错误.
    故选D.
    6.
    【答案】
    C
    【考点】
    力的合成与分解的应用
    动摩擦因数
    【解析】
    此题暂无解析
    【解答】
    解:设物块的质量为m,据平衡条件及摩擦力公式
    拉力F水平时,F=μmg,
    拉力F与水平面成60∘角时,Fcs60∘=μmg−Fsin60∘,
    解得μ=33,故C正确.
    故选C.
    7.
    【答案】
    A
    【考点】
    力的合成与分解的应用
    【解析】
    此题暂无解析
    【解答】
    解:重物受到三个力平衡,此时两绳对重物的拉力的合力等于重力,当逐渐增大两绳之间的夹角,由于重物仍处于平衡,所以两绳对重物的拉力的合力仍等于重力,因此拉力的合力是不变的.
    故选A.
    8.
    【答案】
    A
    【考点】
    整体法与隔离法在平衡问题中的应用
    摩擦力的判断
    【解析】
    此题暂无解析
    【解答】
    解:AB.以a为研究对象受力分析,外力F水平向右,则b对a有静摩擦力作用,方向水平向左,故A正确,B错误;
    CD.以a、b整体为研究对象,由于分别受到水平向右和水平向左、大小均为F的力作用,两力合力为零,则b相对于地面没有相对运动趋势,故b和地面之间没有摩擦力,故CD错误.
    故选A.
    9.
    【答案】
    B
    【考点】
    摩擦力的判断
    摩擦力的计算
    【解析】
    物体m相对M向右滑动,受到向左的滑动摩擦力;力的作用是相互的,故m对M有向右的滑动摩擦力,故M有向右滑动的趋势,受到向左的静摩擦力.
    【解答】
    解:物体m相对M向右滑动,受到向左的滑动摩擦力,大小为:f1=μ2N=μ2mg,
    力的作用是相互的,故m对M有向右的滑动摩擦力,故M有向右滑动的趋势,受到地面对其向左的静摩擦力,根据共点力平衡条件,有f2=f1,因而f2=μ2mg.
    故选B.
    10.
    【答案】
    D
    【考点】
    图解法在动态平衡问题中的应用
    【解析】
    此题暂无解析
    【解答】
    解:对O点受力分析,受重力和两个拉力,根据平衡条件,合力为零,将两个拉力合成,与重力平衡,如图所示:
    从图中可以看出,OB绳子的拉力先减小后增加,OA绳子的拉力逐渐减小,故D正确,ABC错误.
    故选:D.
    11.
    【答案】
    C
    【考点】
    力的合成与分解的应用
    【解析】
    作用对象不同的两个力不是同一个力;在斜面上匀速下滑的物体受到重力、支持力、
    摩擦力;根据一对相互作用力和一对平衡力的概念来判断;两个力的合力可能小于其中的任一个分力.
    【解答】
    解:A.在斜面上匀速下滑的物体受到重力、支持力、摩擦力,故A错误;
    B.一个人用水平力推集装箱但他没有推动,此时推力与摩擦力是一对平衡力,推力等于摩擦力,故B错误;
    C.两个力的合力可大于或小于或等于某一个分力,故C正确;
    D.2N与3N的合力范围为1N≤F合≤5N,与6N的力合成,合力不可能为0N,故物体不可能做匀速直线运动,故D错误.
    故选C.
    12.
    【答案】
    C
    【考点】
    作用力和反作用力
    【解析】
    平衡力的条件:大小相等、方向相反、作用在同一个物体上,作用在同一条直线上.
    相互作用力:大小相等、方向相反、作用在两个物体上,作用在同一条直线上.
    【解答】
    解:A.物体的重力是作用在物体上的力,物体受到的支持力也是作用在物体上的力,这两个力大小相等、方向相反且作用在同一直线上,所以这两个力是一对平衡力,故A错误;
    B.物体对桌面的压力的施力物体是物体,重力的施力物体是地球,性质不同,受力对象不同,压力不是重力,故B错误;
    CD.物体对桌面的压力大小等于桌面对物体支持力的大小,它们是一对作用力与反作用力,故C正确,D错误.
    故选C.
    13.
    【答案】
    A
    【考点】
    多物体组成的系统瞬时问题
    【解析】
    根据平衡求出弹簧的弹力大小,剪断细线的瞬间,弹簧的弹力不变,结合牛顿第二定律分别求出A、B、C的加速度.
    【解答】
    解:剪断细线前,对ABC整体分析可知,上面弹簧的弹力F1=3mg,
    对C分析可知,下面弹簧的弹力F2=mg,
    剪断细线的瞬间,弹簧的弹力不变,隔离对A分析,aA=F1−mgm=3mg−mgm=2g,
    隔离对B分析,aB=F2+mgm=mg+mgm=2g,
    C所受的合力仍然为零,则aC=0,故A正确,BCD错误.
    故选A.
    14.
    【答案】
    B,C
    【考点】
    匀变速直线运动规律的综合运用
    【解析】
    根据匀变速直线运动的位移时间公式得出质点的初速度和加速度,结合速度时间公式求出第2s末的速度,根据△x=at2求出任意相邻的2s内位移之差,根据△v=at求出任意1s内速度的增量.
    【解答】
    解:A.第1s内的位移x1=5×1m+1m=6m,故A错误.
    B.根据x=v0t+12at2=5t+t2得,质点的初速度v0=5m/s,加速度a=2m/s2,
    第2s末的速度v=v0+at=5m/s+2×2m/s=9m/s,故B正确.
    C.任意相邻2s内的位移之差Δx=aT2=2×4m=8m,故C正确.
    D.任意1s内的速度增加量Δv=at=2×1m/s=2m/s,故D错误.
    故选:BC.
    15.
    【答案】
    A,C
    【考点】
    摩擦力的判断
    物体的弹性和弹力
    重心
    【解析】
    重力是物体各部分均受到的,重心所受重力的等效集中点;摩擦力产生的条件之一是物体间存在弹力,摩擦力存在于接触的两个物体之间;弹力是由于物体的形变产生的,方向指向受力物体形变方向。
    【解答】
    解:A.因为摩擦力产生条件之一是物体间相互挤压,所以物体受摩擦力作用,则一定受弹力作用,而有弹力不一定有摩擦力,故A正确;
    B.物体受到的重力是地球施加的,但物体各部分均受到重力作用,而重心是重力的等效集中点,故B错误;
    C.书受向上的弹力,是因为桌面发生了弹性形变,故C正确;
    D.运动的物体可以受到静摩擦力,比如:正在斜向上运动的传送带上的物体,而静止的物体可以受到滑动摩擦力,在地面上滑行的物体,地面却受到是滑动摩擦力,故D错误.
    故选AC.
    16.
    【答案】
    B,D
    【考点】
    弹力有无的判断
    力的示意图
    【解析】
    对物体进行受力分析,根据假设法及共点力的平衡条件分析物体受力情况.
    【解答】
    解:A.A处于静止,则杆一定受球面或地面的摩擦力,故A错误;
    B.A一定受地面的支持力及重力,球与斜面没有挤压,故不受斜面的弹力,故B正确;
    C.物体匀速下滑,则物体一定受力平衡,而图中很明显合力不可能为零,故C错误;
    D.对A分析,A处平衡状态,合力为零,故一定受向上的摩擦力,摩擦力与支持力的合力与重力等大反向,故D正确.
    故选:BD.
    17.
    【答案】
    A,C
    【考点】
    力的合成
    【解析】
    三力合成,先将其中的两个力合成,再与第三个力合成,合成时,三力同向合力最大,两个力合成的合力有个范围,用与第三个力最接近的数值与第三个力合成求最小合力。
    【解答】
    解:A.2N与4N合成最大6N,最小2N,当取6N时与第三个力合成,最终合力可为0N,故A正确;
    B.3N和6N合成最大9N,最小3N,合力不可能为10N,所以最终合力不可能为零,故B错误;
    C.6N和8N合成最大14N,最小2N,可能为13N,故与第三个力可能平衡,故C正确;
    D.5N和2N合成最大7N,最小3N,合力不可能为8N,所以最终合力不可能为零,故D错误.
    故选AC.
    18.
    【答案】
    A,C,D
    【考点】
    牛顿运动定律的应用—从运动确定受力
    【解析】
    结合小球的运动情况对小球受力分析,根据牛顿第二定律列式求解.
    【解答】
    解:AB.小球随小车一起静止或匀速直线运动时,受力平衡,受重力和向上的弹力,即弹力F=mg,竖直向上,故A正确,B错误;
    C.当小球向右以加速度a运动时,对其受力分析,如图所示:
    合力F合=ma,水平向右,
    根据平行四边形定则,弹力F=ma2+g2 ,斜向右上方,当F沿杆方向时,F=masinθ,故C正确;
    D.当小球向右匀减速以加速度a运动时,对其受力分析,
    合力F合=ma,水平向左,根据平行四边形定则,
    弹力F=ma2+g2 ,斜向左上方,故D正确.
    故选:ACD.
    二、实验探究题
    【答案】
    A,D
    (2)B
    (3)C
    (4)0.15,0.60
    【考点】
    探究加速度与物体质量、物体受力的关系
    【解析】
    (1)根据实验中的注意事项判断正确的做法;
    (2)根据平衡摩擦力的方法判断;
    (3)根据平衡摩擦力对实验结果的影响判断;
    (4)根据平均速度等于中时刻的瞬时速度,根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小
    【解答】
    解:(1)A.调节滑轮的高度,使牵引小车的细绳与长木板保持平行,是为了让绳的拉力等于小车受到的合力,故A正确.
    B.连线时不能用折线相连,要用平滑的曲线连接,故B错误.
    C.实验时,应先接通打点计时器的电源再放开小车,故C错误.
    D.因为平衡摩擦力后,满足μmgcsθ=mgsinθ,可以约掉质量,所以通过增减小车上的砝码改变质量时,不需要重新调节木板倾斜度,故D正确.
    故选AD.
    (2)平衡阻力时,不挂砝码盘,使连接纸带的小车在倾斜的平板上做匀速直线运动,正确的是B.
    (3)某学生在平衡摩擦力时,把长木板的一端垫得过高,使得倾角偏大,当F为0时,小车加速度并不为0,他所得到的a−F关系可用图中的C表示.
    (4)由运动学公式求速度和加速度分别为:
    vB=vAC=(8.10−5.10)×10−22×0.1m/s=0.15m/s,
    a=xDF−xBD(2T)2=(17.10−10.50)×10−2−(10.50−6.30)×10−2(2×0.1)2m/s2=0.60m/s2.
    三、解答题
    【答案】
    (1)墙壁对物体的支持力大小为30N.
    (2)物体与墙壁间的动摩擦因数μ=23.
    【考点】
    力的正交分解法
    平衡条件的基本应用
    动摩擦因数
    【解析】
    此题暂无解析
    【解答】
    解:(1)对物体进行受力分析,物体受到重力、墙壁的支持力、摩擦力及外力F,如图所示:
    则水平方向:FN=Fsinα,
    竖直方向:f+Fcsα=G,
    解得FN=30N,f=20N.
    (2)滑动摩擦力为f=μFN,将FN=30N代入解得μ=23.
    【答案】
    (1)在t=5s时离地面的高度h=75m.
    (2)无人机坠落到地面时的速度大小v=40m/s.
    【考点】
    牛顿运动定律的应用—从受力确定运动
    【解析】
    (1)根据牛顿第二定律求出上升的加速度,结合位移时间公式求出上升的位移.
    (2)根据牛顿第二定律求出下降的加速度大小,结合速度位移公式求出坠落地面时的速度大小.
    【解答】
    解:(1)由牛顿第二定律,对无人机有F−mg−f=ma,
    代入数据解得a=6m/s2,方向竖直向上,
    上升高度h=12at2,
    代入数据解得h=75m.
    (2)无人机下落过程中,由牛顿第二定律得mg−f=ma1,
    代入数据解得a1=8m/s2,方向竖直向下,
    无人机落地时根据运动学规律,有v2=2a1H,
    代入数据解得v=40m/s.
    【答案】
    (1)0∼1s内物体运动的位移的大小为9m.
    (2)1s后物体继续沿斜面上滑的距离为54m.
    【考点】
    用牛顿运动定律分析斜面体模型
    【解析】
    (1)根据牛顿第二定律求出0−1s内的加速度,结合位移时间公式求出0−1s内的位移.
    (2)根据速度时间公式求出1s末的速度,结合牛顿第二定律求出1s后做匀减速直线运动的加速度大小,根据速度位移公式求出继续上滑的距离.
    【解答】
    解:(1)0∼1s内物体的加速度为:
    a=F−mgsin37∘−μmgcs37∘m=18m/s2,
    则0∼1s内物体运动的位移为:
    x1=12at12=12×18×1m=9m.
    (2)1s末物体的速度为:
    v=at1=18×1m/s=18m/s,
    物体上滑做匀减速直线运动的加速度大小为:
    a′=mgsin37∘+μmgcs37∘−F′m=3m/s2,
    则物体继续沿斜面上滑的距离为:
    x′=v22a′=1822×3m=54m.
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