所属成套资源:2022年高中数学北师大版 (2019)数学必修第一册 同步学案(共54份)
- 2.2.1 函数的概念-2020-2021学年高一数学新教材配套学案(北师大2019版必修第一册) 学案 0 次下载
- 4.3.2 对数函数y=log2x的图像和性质-2020-2021学年高一数学新教材配套学案(北师大2019版必修第一册) 学案 0 次下载
- 5.1.2利用二分法求方程的近似值-2020-2021学年高一数学新教材配套学案(北师大2019版必修第一册) 学案 0 次下载
- 5.2.1实际问题中的函数刻画-2020-2021学年高一数学新教材配套学案(北师大2019版必修第一册) 学案 0 次下载
- 5.2.2用函数模型解决实际问题-2020-2021学年高一数学新教材配套学案(北师大2019版必修第一册) 学案 0 次下载
北师大版 (2019)必修 第一册1.1 利用函数性质判定方程解的存在性学案设计
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这是一份北师大版 (2019)必修 第一册1.1 利用函数性质判定方程解的存在性学案设计,共18页。学案主要包含了教学目标,知识清单,经典例题,课堂达标,能力提升,参考答案等内容,欢迎下载使用。
5.1.1利用函数性质判定方程解的存在性【教学目标】重点、难点重点:函数零点概念及方程解存在的判定。难点:方程解存在的条件的探索。学科素养 在探索中体验“数学语言”的严谨性。培养学生由具体到抽象、由特殊到一般地认识事物的意识。【知识清单】1 .函数的零点概念(1)概念:使得 f ( x 0 )=0 的数 x 0 称为方程 f ( x )=0的解 , 也称为函数 f ( x )的零点.(2)方程、函数、图象之间的关系:函数 y = f ( x )的 零点 就是函数 y = f ( x )的图象与 x 轴交点的横坐标 , 也就是方程 f ( x )=0的解.2. 零点存在定理若函数 y = f ( x )在闭区间[ a , b ]上的图象是一条 连续 的曲线 , 并且在区间端点的函数值 一正一负 , 即 f ( a )· f ( b )<0 , 则在开区间( a , b )内 , 函数 y = f ( x )至少有一个零点 , 即在区间( a , b )内相应的方程 f ( x )=0至少有一个解. 思考:(1)函数的“零点”是一个点吗?提示:不是 , 函数的“零点”是一个数 , 一个使 f ( x )=0的实数 x .实际上是函数 y = f ( x )的图象与 x 轴交点的横坐标.(2)若 f ( a )· f ( b )>0 , 那么函数 y = f ( x )在区间( a , b )内一定没有零点吗?提示:不一定.如 y = x 2 -1在区间(-2 ,2 )上有两个零点 , 但 f (2)· f (-2)>0.【经典例题】求函数的零点【例1】 求下列函数的零点.(1) f ( x )= x 2 +7 x +6;(2) f ( x )=1- log 2 ( x +3);(3) f ( x )=2 x -1 -3;(4) f ( x )= .判断函数零点所在的区间【例2】 已知函数 f ( x )= x 3 - x -1仅有一个正零点 , 则此零点所在的区间是( )A. (3 ,4 ) B.(2 ,3 )C. (1 ,2 ) D.(0 ,1 ) 函数零点的个数问题【例3】 判断下列函数零点的个数.(1) f ( x )= x 2 - x + ;(2) f ( x )= ln x + x 2 -3. 【课堂达标】1.函数f(x)=lgx-的零点所在的区间是( )A.(0,1) B.(1,10) C.(10,100) D.(100,+∞)2.已知都是常数,.若的零点为,则下列不等式正确的是( )A. B.C. D.3.若函数的零点是(),则函数的零点是( )A. B.和 C. D.和4.设,则函数的零点所在的区间为( )A. B. C. D.5.已知f(x)=-x-x3,x∈[a,b],且f(a)·f(b)<0,则f(x)=0在[a,b]内( )A.至少有一个实根 B.至多有一个实根C.没有实根 D.有唯一实根6.函数的零点是( )A. B. C. D.7.设是函数的零点,且,,则( )A. B. C. D.8.当时,函数的值有正也有负,则实数的取值范围为( )A. B. C. D.9.已知函数f(x)=mx+1的零点在区间(1,2)内,则m的取值范围是( )A. B.C. D.10.函数 的零点所在的区间是( )A. B. C. D.11.函数的零点所在的区间为( )A. B.C. D.12.已知函数f(x)在区间[a,b]上单调,且图象是连续不断的,若f(a)·f(b)<0,则方程f(x)=0在区间[a,b]上( )A.至少有一实数根 B.至多有一实数根C.没有实数根 D.必有唯一的实数根 13.设函数,若函数恰有2个零点,则实数的取值范围是__.14.已知函数f(x)的定义域为R,满足f(x+2)=2f(x),且当x∈(0,2]时,f(x)=2x﹣3.有以下三个结论:①f(-1);②当a∈(,]时,方程f(x)=a在区间[﹣4,4]上有三个不同的实根;③函数f(x)有无穷多个零点,且存在一个零点b∈Z.其中,所有正确结论的序号是_____.15.方程的解是 【能力提升】16.函数的零点是________17.已知函数,若恒成立,则a的值为________.18.已知实数,满足,,其中e是自然对数的底数,则___________.19.函数的零点为_____________.20.已知函数有两个不同零点,. (1)求a的取值范围;(2)证明:当时,. 【参考答案】 【经典例题】【例1】[解] (1)解方程 f ( x )= x 2 +7 x +6=0 ,得 x =-1或 x =-6 , 所以函数的零点是-1 , -6.(2)解方程 f ( x )=1- log 2 ( x +3)=0 , 得 x =-1 , 所以函数的零点是-1.(3)解方程 f ( x )=2 x -1 -3=0 , 得 x = log 2 6, 所以函数的零点是 log 2 6.(4)解方程 f ( x )= =0 , 得 x =-6 , 所以函数的零点为-6. 【例2】[思路点拨] 利用零点存在定理判断.C [∵ f (0)=-1<0 , f (1)=-1<0 , f (2) = 5>0 , f (3)=23>0 , f (4)=59>0.∴ f (1)· f (2)<0 , 此零点一定在(1 ,2 )内.]【例3】[解] (1)由 f ( x )=0 , 即 x 2 - x + =0 ,得 Δ = -4× =- <0 ,所以方程 x 2 - x + =0没有实数根 , 即 f ( x )零点的个数为0.(2)法一:函数对应的方程为 ln x + x 2 -3=0 , 所以原函数零点的个数即为函数 y = ln x 与 y =3- x 2 的图象交点个数.在同一直角坐标系下 , 作出两函数的图象(如图).由图象知 , 函数 y =3- x 2 与 y = ln x 的图象只有一个交点.从而方程 ln x + x 2 -3=0只 有 一个根,即函数 y = ln x + x 2 -3有一个零点.法二:由于 f (1)= ln 1 +1 2 -3=-2<0 , f (2)= ln 2 +2 2 -3= ln 2 +1>0 , 所以 f (1)· f (2)<0 , 又 f ( x )= ln x + x 2 -3的图象在(1 ,2 )上是不间断的 ,所以 f ( x )在(1 ,2 )上必有零点 , 又 f ( x )在(0 , +∞)上是递增的 , 所以零点只有一个. 【课堂达标】1.B【解析】函数f(x)的定义域为(0,+∞),且函数f(x)单调递增,∵,∴在(1,10)内函数f(x)存在零点,故选B点睛:函数零点个数(方程根的个数)的判断方法:①结合零点存在性定理,利用函数的单调性、对称性确定函数零点个数;②利用函数图像交点个数判断方程根的个数或函数零点个数.2.B【解析】【分析】此题可转化为与的交点的横坐标为,利用二次函数的图像即可得到.【详解】若的零点为,则与的交点的横坐标为,令,则与轴的交点的横坐标为,如图所示,其中,故选:B.【点睛】此题考零点的概念即利用图像比较大小,属于简单题.3.B【解析】【分析】首先根据的零点是求得的关系式,对因式分解,由此求得的零点.【详解】由条件知,∴,∴的零点为和.故选B.【点睛】本小题主要考查函数零点的知识运用,属于基础题.4.B【解析】【分析】根据的单调性,结合零点存在性定理,即可得出结论.【详解】在单调递增,且,根据零点存在性定理,得存在唯一的零点在区间上.故选:B【点睛】本题考查判断函数零点所在区间,结合零点存在性定理的应用,属于基础题.5.D【解析】【分析】先判断函数的单调性,然后利用零点存在性定理判断即可【详解】解:设,且,则,因为,所以,即所以f(x)=-x-x3在[a,b]上单调递减,因为f(a)·f(b)<0,所以f(x)=0在[a,b]内有唯一解.故选:D【点睛】此题考查在是函数零点存在性定理的应用,属于基础题.6.D【解析】【分析】求出方程的解,即可判断.【详解】令,解得或1,所以函数的零点是和1.故选:D.【点睛】本题考查零点的求解,属于基础题.7.C【解析】【分析】分析函数的单调性,结合零点存在定理可求得整数的值.【详解】由于函数单调递增,且,,由零点存在定理可知,因此,.故选:C.【点睛】本题考查利用零点存在定理求参数,考查计算能力,属于基础题.8.C【解析】【分析】转化为与的函数值异号,列式可解得结果.【详解】函数的对称轴为,当时,函数单调,所以由零点存在定理当函数值有正也有负时,等价于与的函数值异号,即,也就是,解得.故选:C【点睛】本题考查了零点存在性定理,属于基础题.9.B【解析】【分析】直接利用零点存在性定理求解即可【详解】解:因为函数f(x)=mx+1的零点在区间(1,2)内,且此函数是连续函数,所以,即解得,故选:B【点睛】此题考查零点存在性定理的应用,属于基础题10.B【解析】【分析】直接利用零点存在定理计算得到答案.【详解】,易知函数单调递增,,,故函数在上有唯一零点.故选:B.【点睛】本题考查了零点存在定理的应用,意在考查学生的计算能力和应用能力.11.B【解析】【分析】先判断函数的单调性,然后利用零点存在性定理求解即可【详解】解:因为函数在上均为减函数,所以函数在上为减函数,因为,所以函数的零点所在的区间为,故选:B【点睛】此题考查零点存在性定理的应用,属于基础题12.D【解析】【分析】由零点存在性定理可知f(x)在区间[a,b]上至少有一个零点,而函数f(x)在区间[a,b]上单调,从而可判断结果【详解】解:由题意知函数f(x)为连续函数,∵f(a)·f(b)<0,∴函数f(x)在区间[a,b]上至少有一个零点,又∵函数f(x)在区间[a,b]上是单调函数,∴函数f(x)在区间[a,b]上至多有一个零点,故函数f(x)在区间[a,b]上有且只有一个零点,即方程f(x)=0在区间[a,b]内必有唯一的实数根.故选:D.【点睛】此题考查零点存在性定理的应用,属于基础题.13.,.【解析】【分析】令,,求出函数的导数,判断函数的单调性,结合函数的图象,推出结果即可.【详解】解:令,,则,令,得或(舍去)当时,;当时,,所以在上是减函数,在上是增函数,又,(1),而在上是增函数,且,作出函数的图象如图,由得,所以当即时,函数与的图象有两个交点.故答案为:.【点睛】本题考查函数的零点与方程的根的关系,函数的导数的应用,考查转化思想以及计算能力,是中档题.14.①②.【解析】【分析】由题意可得函数f(x)的大致图象,根据图像逐个判断,即可判断出所给命题的真假.【详解】如图:对①,因为函数f(x)的定义域为R,满足f(x+2)=2f(x),x∈(0,2]时,f(x)=2x﹣3,所以f(-1)f(-1+2)f(1)•(21﹣3),所以①正确;对②,f(x)的大致图象如图所示可得当a∈(,]时,方程f(x)=a在区间[﹣4,4]上有三个不同的实根,所以②正确对③,因为x∈(0,2]时,f(x)=2x﹣3=0,x=log23,又因为f(x+2)=2f(x),所以函数f(x)由无数个零点,但没有整数零点,所以③不正确;故答案为:①②.【点睛】本题考查了类周期函数的图像与性质,考查了数形结合思想和函数方程思想,属于中当题.15.【解析】【分析】利用换元法,结合指数方程和一元二次方程之间的关系进行求解即可.【详解】由得,设t=2x,则t>0,则方程等价为t2+t-2=0,即(t+2)(t﹣1)=0,解得t=1,或t=-2(舍)由2x=1得x=0,故答案为.【点睛】本题主要考查指数的方程的求解,利用换元法将方程转化为一元二次方程是解决本题的关键,属于基础题. 【能力提升】 16.,【解析】【分析】根据函数解析式,令,分别求出所对应的的值,即可得解;【详解】解:因为,令,当时,,解得当,,解得(舍去)或故函数的零点为,故答案为:,【点睛】本题考查函数的零点的计算,属于基础题.17.0【解析】【分析】要使得在定义域上恒成立,则函数和函数必有相同零点,列出方程组,即可求解.【详解】由题意,令,解得或,因为恒成立,所以函数的零点也为或,所以,即,解得,当时,,当时,,,可得恒成立,当时,,,可得恒成立,综上可得,当时,在定义域上恒成立,所以实数a的值为.故答案:.【点睛】本题主要考查了不等式的恒成立问题,其中解答中转化为两个函数有相同的零点,列出方程组是解答的关键,着重考查了分析问题和解答问题的能力.18.【解析】【分析】把已知等式取对数,得到两个关系,抽象成一个方程的解,再根据方程的解的唯一性,得到,关系,进而求出结论.【详解】因为,所以,即,所以,均为方程的根,又因为方程的根唯一,所以.故答案为: 【点睛】本题考查数与方程的关系,解题的关健要把两个条件式子化为结构一致,然后构造出一个方程,考查抽象概括能力,属于难题.19.【解析】【分析】令,解方程即可.【详解】令,即,解得:,故答案为:【点睛】本题主要考查函数零点的求解,属于基础题.20.(1);(2)证明见解析.【解析】【分析】(1)求出导函数,求出函数的单调递增、递减区间,从而在处取得最大值,需满足,然后验证在,分别有零点即可. (2)由(1)可知,,证出,再利用函数的单调性即可得出,从而得证.【详解】(1)由题,,则当时,,单调递增;当时,,单调递减.故在处取得最大值,由题可知,需满足,即. 当时,,,故函数在上存在一个根,存在,使得,从而函数在上存在一个根,故a的取值范围为. (2)由(1)可知,,因此 令,则,而,即,从而在上单调递减.所以, 因此,又因为在上单调递减,且,,所以,从而.【点睛】本题考查了函数的零点以及导数在研究函数单调性性中的应用,属于难题.
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