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    《用牛顿运动定律解决问题(二)》 物理同步练习(人教版必修1)

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    人教版 (新课标)必修17 用牛顿定律解决问题(二)习题

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    这是一份人教版 (新课标)必修17 用牛顿定律解决问题(二)习题,共6页。
    课后阶度练习 A级 基础巩固题130N的水平外力F拉一个静止放在光滑水平面上的质量为20kg的物体,力F作用3s后消失.则第5s末物体的速度和加速度分别是(  )Av4.5m/sa1.5m/s2Bv7.5m/sa1.5m/s2Cv4.5m/sa0Dv7.5m/sa0答案:C解析:有力F作用时,物体匀加速运动,加速度aF/m1.5m/s2.F作用3s末撤去之后,做匀速运动,速度大小为vat4.5m/s,而加速度为零.2如果力F在时间t内能使质量为m原来静止的物体产生位移s,那么(  )A.相同的力在相同的时间内使质量是一半的原来静止的物体移动2s距离B.相同的力在一半的时间内使质量是一半的原来静止的物体移动s的距离C.相同的力在2倍的时间内使质量是2倍的原来静止的物体移动相同的距离D.一半的力在相同的时间内使质量是一半的原来静止的物体移动相同的距离答案:AD解析:Fma,所以aF/mt时间内位移为xat2.选项A中,xA2s,故A正确.选项B中,xBs,故B错误.选项C中,xc2s,故C错误.选项D中,xDs,故D正确.3如右图表示某小球所受的合力与时间的关系,各段的合力大小相同,作用时间相同,设小球从静止开始运动.由此可判定(  )A.小球向前运动,再返回停止B.小球向前运动,再返回不会停止C.小球始终向前运动D.小球向前运动一段时间后停止答案:C解析:开始一段,小球做匀加速直线运动,然后做匀减速直线运动,当速度等于零时,又开始做匀加速直线运动,依次加速、减速运动下去,但速度方向不会发生改变.4如图所示,adbdcd是竖直面内三根固定的光滑细杆,每根杆上套着一个小滑环(图中未画出),三个滑环分别从abc处释放(初速为0),用t1t2t3依次表示各滑环到达d所用的时间,则(  )At1<t2<t3          Bt1>t2>t3Ct3>t1>t2        Dt1t2t3答案:D解析:小滑环下滑过程中受重力和杆的弹力作用,下滑的加速度可认为是由重力沿斜面方向的分力产生的,设轨迹与竖直方向夹角为θ,由牛顿第二定律知mgcosθma.设圆心为O,半径为R,由几何关系得,滑环由开始运动至d点的位移为x2Rcosθ由运动学公式得xat2①②③联立解得t2.小圆环下滑的时间与细杆的倾斜情况无关,故t1t2t3.5一气球匀速下降,为了获得向上的加速度a,需扔掉一部分压舱物,扔掉压舱物的质量跟气球原来质量的比值是(  )A.           B.C.         D.答案:D解析:匀速下降时,fMg扔掉压舱物后f(MΔm)g(MΔm)a①②可得 6如图所示,一个物体由A点出发分别到达C1C2C3.物体在三条轨道上的摩擦不计,则(  )A.物体到达C1点时的速度最大B.物体分别在三条轨道上的运动时间相同C.物体到达C1的时间最短D.在C3上运动的加速度最小答案:CD解析:设斜面倾角为θ,则agsinθθ大的a大,D对.又设斜面长为L,由v22asv,三者高度一样,即到达底端速度相等,A错.t,可见θ大,t短小,B错,C对.B级 能力提升题7利用传感器和计算机可以研究快速变化的力的大小.实验时让某消防队员从一平台上跌落,自由下落2m后双脚触地,接着他用双腿弯曲的方法缓冲,使自身重心又下降了0.5m,最后停止.用这种方法获得消防队员受到地面冲击力随时间变化的图线如图所示,根据图线所提供的信息,以下判断正确的是(  )At1时刻消防员的速度最大Bt2时刻消防员的速度最大Ct3时刻消防员的速度最大Dt4时刻消防员的加速度最小答案:BD解析:由图象可判断消防队员的运动过程,t1时刻刚产生地面的冲击力,说明此时消防员刚落地;此后由于地面的冲击力小于重力,所以合力向下,消防员继续加速运动;t2时刻消防员受到的冲击力和重力大小相等而平衡,加速度为零,速度达到最大;此后由于冲击力大于重力,合力向上,所以消防员开始做减速运动,t3时刻速度减为零;t4时刻消防员站稳.8两重叠在一起的滑块,置于固定的、倾角为θ的斜面上,如右图所示,滑块AB的质量分别为MmA与斜面间的动摩擦因数为μ1BA之间的动摩擦因数为μ2,已知两滑块都从静止开始以相同的加速度沿斜面滑下,滑块B受到的摩擦力(  )A.等于零B.方向沿斜面向上C.大小等于μ1mgcosθD.大于等于μ2mgcosθ答案:BC解析:AB两滑块作为一个整体,设其下滑的加速度为a,由牛顿第二定律得(Mm)gsinθμ1(Mm)gcosθ(Mm)a解得ag(sinθμ1cosθ)由于agsinθ,可见BA一起下滑过程中,必然受到A对它沿斜面向上的摩擦力,设摩擦力为fB,如右图所示,由牛顿第二定律得mgsinθfBma解得fBmgsinθmamgsinθmg(sinθμ1cosθ)μ1mgcosθ故本题答案为BC.9质量为100t的机车从停车场出发,经225m后,速度达到54km/h,此时,司机关闭发动机,让机车进站,机车又行驶了125m才停在站上.设所受阻力不变,求机车关闭发动机前所受到的牵引力.(g10m/s2)解:在加速阶段,初速度v00,末速度v154km/h15m/s,位移x1225m,由vv2a1x1得,加速度a1m/s20.5m/s2由牛顿第二定律得FFma1.减速阶段,初速度v115m/s,末速度v20,位移x2125mvv2a2x2加速度a2=-m/s2=-0.9m/s2,负号表示a2方向与v1方向相反.由牛顿第二定律得Fma2=-105×0.9N=-9×104N负号表示与v1方向相反.由①②得机车的牵引力为F1.4×105N.解析:机车关闭发动机前在牵引力和阻力共同作用下向前加速;关闭发动机后,机车只在阻力作用下做减速运动.因加速阶段的初、末速度及位移均已知,故可由运动学公式求出加速阶段的加速度,由牛顿第二定律可求出合力;在减速阶段初、末速度及位移已知,同理可以求出加速度,由牛顿第二定律可求出阻力,则由两阶段的力可求出牵引力.解题前应对问题先作定性的分析,弄清物理情景,找出解题的关键,以养成良好的思维品质和解题习惯.10如右图所示,物体从光滑斜面上的A点由静止开始下滑,经过B点后进入水平面(设经过B点前后速度大小不变),最后停在C点.每隔0.2秒钟通过速度传感器测量物体的瞬时速度,下表给出了部分测量数据.(重力加速度g10m/s2)t(s)0.00.20.41.21.4v(m/s)0.01.02.01.10.7求:(1)斜面的倾角α(2)物体与水平面之间的动摩擦因数μ(3)t0.6s时的瞬时速度v.解:(1)由前三列数据可知物体在斜面上匀加速下滑时的加速度为a15m/s2,又mgsinαma1,可得α30°.(2)由后两列数据可知物体在水平面上匀减速滑行时的加速度大小为a22m/s2μmgma2,可得μ0.2.(3)设从0.4s时刻再经历时间t,物体滑到B点达到最大速度vm,则vm2.0m/sa1tvma2[1.2s(0.4st)]1.1m/s解得t0.1svm2.5m/s即物体在斜面上下滑的时间为0.5s.t0.6s时物体在水平面上,其速度为vvma2(t0.5s)2.3m/s.解析:本题考查牛顿运动定律的同时,也考查了根据实验数据处理实际问题的能力,由题中所给数据得1.2s1.4s是在水平面上运动,找到匀加速和匀减速的联系点B对应的时刻是解决此题的关键.11如右图所示,传送带与水平面夹角为θ37°,以速度v10m/s匀速运行着.现在传送带的A端轻轻放上一个小物体(可视为质点),已知小物体与传送带之间的动摩擦因数μ0.5AB间距离x16m,则当皮带轮处于下列两种情况时,求小物体从A端运动到B端的时间:(1)轮子顺时针方向转动;(2)轮子逆时针方向转动.(已知sin37°0.6cos37°0.8g10m/s2)答案:(1)4s (2)2s解析:小物体从AB的运动过程中,受到三个力的作用,即重力mg、皮带支持力FN、皮带摩擦力Ff.由于摩擦力的方向始终与物体相对运动的方向相反,因此当轮子按不同方向转动时,小物体与皮带的相对运动方向会有所不同,摩擦力方向也会不同.所以要先判断清楚小物体的受力情况后,再根据牛顿第二定律结合运动学公式求解.(1)轮子顺时针方向转动时,带动皮带绕轮顺时针方向转动,物体相对于皮带斜向下运动,因此小物体受皮带的摩擦力沿皮带向上,受力情况如下图甲所示.小物体沿皮带下滑的加速度为a10×(0.60.5×0.8)m/s22m/s2;小物体从A端运动到B端的时间为ts4s.(2)轮子及皮带逆时针方向转动时,物体相对于皮带先斜向上运动,因此小物体受到摩擦力先沿皮带向下,受力情况如图乙所示.小物体沿皮带下滑的加速度a110(0.60.5×0.8)m/s210m/s2.小物体加速到与皮带运行速度v10m/s相等时所需的时间为:t1s1s.在这段时间内,小物体(相对地)下滑的距离为x1a1t0.5×10×12m5m.此后,小物体沿皮带继续加速下滑,它相对于皮带的运动方向向下,皮带对小物体的摩擦力变为沿皮带向上,其加速度变为a2g(sinθμcosθ)2m/s2.运动到B端所需发生的位移为x2(xx1)(165)m11m.设此阶段所需时间为t2,由运动学公式得x2xx1vt2a2t,即1110t2×2t10t2t,取舍求解得t21s.所以小物体从A端运动到B端的时间为tt1t22s.C级 高考模拟题12(2010·高考安徽卷)质量为2kg的物体在水平推力F的作用下沿水平面作直线运动,一段时间后撤去F,其运动的vt图像如图所示.g10m/s2,求:(1)物体与水平面间的动摩擦因数;(2)水平推力F的大小;(3)010s内物体运动位移的大小.解析:(1)设物体做匀减速直线运动的时间为Δt2,初速度为v20,末速度为v2t,加速度为a2,则a2=-2m/s2,设物体所受的摩擦力为Ff,根据牛顿第二定律,有-μmgma2μ0.2(2)设物体做匀加速直线运动的时间为Δt1,初速度为v10,未速度为v1t,加速度为a1a11m/s2根据牛顿第二定律得,有FFfma1Fμmgma16N(3)由匀变速直线运动位移公式,得xx1x2v10Δt1a1Δtv20Δt2a2Δt46m 

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