2020年广东省惠州市惠阳区中考物理模拟试卷

这是一份2020年广东省惠州市惠阳区中考物理模拟试卷，共28页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。

1．（3分）以下关于声的说法中正确的是（ ）
A．敲一根足够长的空心铁管的一端，在另一端可以听到三次这个敲击声
B．当我们觉得声音很吵时会习惯性捂住耳朵，这种控制噪声的措施为消声
C．用筷子敲击一个装了水的杯子，杯中水越多，音调越高
D．真空中声音的传播速度为0
2．（3分）以下关于光的说法中正确的是（ ）
A．蜡烛属于光源
B．小孔成像所成的像与孔的形状有关
C．光年是时间单位
D．发生日食时，月亮在太阳和地球中间
3．（3分）下列关于力的说法正确的是（ ）
A．只有直接接触的物体间才有力的作用
B．物体的运动状态改变了，一定受到力的作用
C．一个物体也可以产生力
D．重力的作用点一定在物体上
4．（3分）下列关于如图的说法不正确的是（ ）
A．该物质的凝固点为0℃
B．DE段表示当前物质的状态为固液共存态
C．BC段物质的内能一直在增大
D．BC段表示该物质的熔化过程
5．（3分）以下关于热机的知识正确的是（ ）
A．图甲对应的是压缩冲程
B．图乙涉及的能量转化是机械能转化为内能
C．若这台热机的转速是3600r/min，则1s内该汽油机对外做功30次
D．一般来说，汽油机的效率比柴油机高
6．（3分）在水平桌面上有甲乙两个完全相同的烧杯，两个烧杯内分别盛满不同液体，把两个完全相同的小球分别放入甲乙烧杯内，静止时如图所示，则下列判断正确的是（ ）
A．甲杯中的液体的密度大于乙杯中的液体的密度
B．甲杯中小球受到的浮力大于乙杯中小球受到的浮力
C．甲杯对水平桌面的压强大于乙杯对水平桌面的压强
D．若向下按压甲杯中的小球，甲杯中液体对烧杯底的压强会减小
7．（3分）下列关于如图说法正确的是（ ）
A．R1与R2并联B．V1测电源电压
C．V2测R1两端电压D．V3测R2两端电压
二、填空题（共7小题，每空1分，满分21分）
8．（3分）甲乙两辆火车并排，若甲中乘客看到乙车往东行驶，①若甲车静止，则乙车一定 （选填“静止”“向东行驶”或“向西行驶”）；②若甲车向东行驶，则乙车一定 （选填“静止”“向东行驶”或“向西行驶”）且乙车速度 （选填“＞”、“＜”或“＝”）甲车速度。
9．（3分）世界上第一台发电机是由 研制的，其原理是 ，其涉及的能量转化是 。
10．（3分）电磁波在真空中的传播速度是 km/s；在真空中，电磁波的波速一定，电磁波的频率越高，波长越 ；氢弹利用的是 （选填“核聚变”或“核裂变”）。
11．（3分）如图所示，杠杆始终处于水平平衡状态，改变弹簧测力计拉力的方向，使其从①→②→③．此过程中，弹簧测力计的示数将先 后 （均选填“变大”或“变小”），在②时拉力 （选填“最大”或“最小”）。
12．（3分）如图所示，不计摩擦、滑轮重及绳重，重为G1、G2的两个物体现在处于静止，则G1：G2＝ ；若在G1和G2下方分别挂一同样重的砝码，则将出现 （选填“仍保持平衡”、“G1上升”或“G1下降”）；若G1＝10N，动滑轮重2N，忽略绳重和绳与滑轮间的摩擦，要让整个系统处于静止状态，则G2＝ N。
13．（3分）一煤气灶在煲一壶水时，燃烧了10L的天然气，则天然气完全燃烧时放出的热量为 J，使在1个标准大气压下质量为1kg、初温为50℃的水加热至沸腾，则水所吸收的热量为 J，该煤气灶的效率为 。（q气＝4.2×107J/m3，c水＝4.2×103J/（kg•℃））
14．（3分）将两个定值电阻R1、R2并联在电压为U的电源两端，R1消耗的功率为P1，R2消耗的功率为3P1．当把它们串联在电压为4U的电源两端时，R1两端的电压为 U，两个电阻消耗的总功率为 P1，R2消耗的功率 （选填“不变”、“变大”或“变小”）。
三、作图题（共7分）
15．（2分）如图所示，两架敌机，一架是实际飞机，一架是从潜水艇的观察口看到的该飞机的像，请画出看到飞机的光路图。
16．（2分）如图所示，物体在斜面上匀速向上运动，且斜面静止在地面上，请画出物体所受摩擦力及物体对斜面的压力。
17．（3分）根据通电螺线管的N、S极，在图中分别标出磁感线的方向、电源的正负极和小磁针静止时的N极。
四、实验题（共5小题，每空1分，满分18分）
18．（2分）如图所示，用两把尺子测同一物体的长度，则A尺的读数为 cm，B尺的读数为 cm；
19．（3分）如图1所示，秒表的读数为 s；如2图所示，电能表的读数为 ，其所在的家庭电路允许同时工作的最大功率为 ；
20．（2分）将一长方体木块用细线栓在一个空容器的底部，然后向容器中缓慢加水直到木块上表面与液面相平，如图甲所示，请在图乙画出在此整个过程中，木块底部受到水的压强随容器中水的深度的大致变化图。
21．（7分）某同学在“探究凸透镜成像规律”的实验中，选用了焦距未知的凸透镜。
（1）如图甲所示，该凸透镜的焦距为 cm。
（2）如图乙所示，想在光屏上得到烛焰清晰的像，需将蜡烛向 （填“左”或“右”）移动，此时光屏上能得到一个倒立 （填“放大”或“缩小”）的实像， （填“照相机”、“放大镜”或“投影仪”）就是根据此原理工作的。
（3）在光屏上得到清晰的像后，该同学把他的近视眼镜放在蜡烛与凸透镜之间，光屏上烛焰的像变模糊了，在不改变凸透镜和光屏位置的情况下，若想在光屏上再一次得到烛焰清晰的像，他应该将蜡烛向 （填“左”或“右”）移动。
（4）如图乙所示将蜡烛从0刻度线移动到10cm处，此过程中物体移动的速度 像移动的速度（选填“大于”、“小于”或“等于”）。
（5）如图丙所示，现用焦距为5cm的乙凸透镜替换原凸透镜，不改变蜡烛和凸透镜的位置，要在光屏上成清晰的像，光屏应向 移动。
22．（4分）小明做“探究导体中电流与电压的关系”实验时，实验室提供的器材如图1所示：
（1）在研究通过导体甲的电流I与它两端电压U的关系时，他将实验数据记录在下表中，第1次实验的数据如图甲、乙所示，请将其填入表格中。
（2）小明从第2次实验到第3次实验。为顺利完成实验，对电路需要做两个处理：选用的①对电源： ；②对电表： ；
（3）由实验数据可知，他选用的定值电阻的阻值为 。
（4）实验完成后，小明认为，若加多一个 （填电路元件名），则实验可得到多组数据。
五、计算题（共2小题，满分13分）
23．（6分）为了控制疫情，全国很多地方实行疫区封闭管理，并使用无人机进行常态化安全巡查。如图所示，是正在巡查的无人机。无人机起飞前，放在地面上时要确保“四脚”着地；启动后，利用遥控器可控制它运动和工作。无人机的部分参数如表。（g取10N/kg）求：
（1）无人机停放在水平地面上时对地面的压强p；
（2）无人机从地面飞到离地30m高处，再以最大水平速度匀速水平飞行20m，此过程中重力做的功W；
（3）无人机充满电后在水平方向上以最大速度匀速飞行时一次可飞行5km，且电能转化为机械能的效率为60%，求无人机以最大水平速度沿水平方向匀速飞行过程中受到的推力F。
24．（7分）武汉市某小学的学生发明的电热课椅获得了国家专利。有一种电热课椅主要由坐垫和脚踏组成，它的电路示意图如图。坐垫内的电热丝R1、R2的阻值分别为600Ω、150Ω，脚踏内的电热丝R3的阻值为400Ω．闭合开关S1，调节开关S2，可以使脚踏分别处于“低温挡”、“中温挡”、“高温挡”（不考虑温度的变化对电阻的影
响）
（1）该电热课椅消耗的最大功率是多少瓦？
（2）该电热课椅消耗的最小功率是多少瓦？
（3）当脚踏处于中温挡时，电热课椅在10秒内产生的热量是多少焦？
综合能力题（共3小题，每空1分，满分20分）
25．（6分）阅读短文，回答问题。
美国建筑师凯文•朔普费尔设计出了一种能漂浮在水中的城市（如图所示），漂浮城市装有动力装置，可以移动。该漂浮城市三角形建筑的主体结构是中空的，强风能从中通过，可以确保当飓风来临时，把飓风对建筑的破坏降至最低。该漂浮城市高达360m，占地270万平方米，可容纳多达4万居民。酒店、商店只要是普通城市有的，这里都一应俱全。漂浮城市的表面安装有太阳能电池板，接收太阳能的功率为8.0×108W。
（1）太阳能电池板工作时，是 能转化为 能。
（2）若三角形建筑空洞的面积为2.0×104m2，某次飓风正好垂直于空洞的表面吹入，1s流入空洞的空气质量是1.92×106kg，该地的空气密度是1.2kg/m3．则飓风的风速是 m/s。
（3）若电池板吸收的太阳能只用来提供推动漂浮城市前进所需的能量，漂浮城市在平静的水面上沿直线运动，运动过程中受到的阻力不变。从某一时刻开始，漂浮城市受到水平方向的牵引力F随运动时间t的变化关系如图甲所示，漂浮城市的运动速度v与时间t的关系如下图乙所示。
①漂浮城市运动到第25s时受到的阻力为 N．从第50s钟到100s钟内牵引力做的功为 J。
②漂浮城市在匀速运动过程中，太阳能转化为机械能的效率是 。
26．（6分）对冠状病毒理化特性的认识多来自对SARS﹣CV和MERS﹣CV的研究。病毒对紫外线和热敏感，56℃30分钟，乙醚、75%乙醇、含氯消毒剂、过氧乙酸和氯仿等脂溶剂均可有效灭活病毒，氯已定不能有效灭活此病毒。
（1）紫外线消毒要注意不能有人员在场，因为： 。
（2）高温消毒可以采用沸水煮或蒸汽蒸的方式，但是更有效的是蒸汽蒸。因为标压下沸水的温度是100℃，水沸腾的时候持续吸热但温度不变；而蒸汽是水沸腾后由液态变为气态（即 ），其温度高于100℃，蒸汽在遇到物体表面会 （即物质由气态变为液态），这个过程又 大量的热，所以蒸汽消毒效率更高。（前两空填物态变化名称，后一空选填“吸收”或“放出”）
（3）含氯消毒剂在使用时我们有时需要使用喷雾的方式进行消杀。喷雾的原理是高速气流通过吸管上方时，气体流速大的地方压强 ，大气压会把液体压入气压小的地方从而被气流吹散。不久后我们就能闻到刺鼻的味道，这是因为分子 。
27．（8分）如图甲，底面积为80cm2的圆筒形容器内装有适量的水，放在水平桌面上； 底面积为60cm2、高为12cm的实心圆柱形物体A用细线拴好并悬挂在弹簧测力计下。小王要探究圆柱形物体A逐渐浸人圆筒形容器内的水中时（ 水没有溢出容器），弹簧测力计的示数F与圆柱形物体A下表面离水面的距离h的关系。（使用刻度尺测量h，不计细线重）
（1）小王从圆柱形物体A接触水面至接触容器底之前，分别记下多组F、h，并将测量的结果填写在实验表格中，依据实验表中数据，在图乙中的方格纸中画出了F与h关系的图象。
①由图象乙可知，物体A的重力为 N。
②观察图象乙，可以得出结论：在物体A没有浸没之前，当h增大时，弹簧测力计的示数F （选填“增大”、“减小”或“不变”）； 在物体A浸没后，当增大h时，弹簧测力计的示数F （选填“增大”、“减小”或“不变”），由此可知浸没在液体中的物体所受浮力与浸入深度 （选填“有关”或“无关”）。
③由图象乙可知：当h等于10cm时，物体A受到的浮力为 N。
（2）物体A在容器内浸没后与未放入物体A前比较，水对容器底产生的压强增加了 Pa．（g＝10N/kg）
2020年广东省惠州市惠阳区中考物理模拟试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（共7小题，每小题3分，共21分）
1．【分析】（1）声音在固体中传播速度最快，其次是液体和气体；
（2）减弱噪声的方法有三种：①在声源处减弱噪声；②在传播过程中减弱噪声；③在人耳处减弱噪声。
（3）首先确定振动物体，质量大，体积大的物体的难振动，频率小，音调低。
（4）真空不能传声。
【解答】解：
A、敲一根足够长的空心铁管的一端，会听到两次响声，分别是由铁管和空气传播来的，故A错误；
B、当我们觉得声音很吵时会习惯性的捂住耳朵，该措施属于防止噪声进入人耳，故B错误；
C、用筷子敲击一个装了水的杯子，杯中水越多，质量越大，杯子越难振动，振动频率越小，音调越低，故C错误；
D、声音不能在真空中传播，即真空中声音的传播速度为0，故D正确。
故选：D。
【点评】此题综合声音在不同介质中的传播速度、声音的传播条件、防止噪声的途径、频率与音调等知识，题目的难度不大，将基础知识与实际的应用联系在一起即可。
2．【分析】（1）自身能够发光且正在发光的物体叫做光源；
（2）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，日食、月食、影子、小孔成像等都是由于光沿直线传播形成的；小孔成像中，成的是物体的像，物体什么形状，像就什么形状；
（3）光在一年内通过的距离叫光年；
（4）当月球转到太阳和地球中间并且三者在一条直线上时，月球挡住了太阳照射在地球上的光线，地球处在月球的影子里，这就形成了日食。
【解答】解：
A、点燃的蜡烛是光源，未点燃的蜡烛不是光源，所以无法确定选项中蜡烛是否是光源，故A错误；
B、小孔成像中，成的是物体的像，与孔的形状无关，故B错误；
C、光年表示光在一年内通过的距离，是天文学上的长度单位，故C错误；
D、发生日食时，月亮在太阳和地球中间挡住了太阳射向地球的光，即日食是由光的直线传播形成的，故D正确。
故选：D。
【点评】此题考查了光源、光年的概念、小孔成像和日食的形成原因，属于基本概念和规律的考查。
3．【分析】（1）力是物体对物体的作用，在发生力的作用时，两个物体不一定接触（如：磁铁吸引铁钉）；相接触的物体不一定就有力的作用。
（2）物体受到非平衡力作用时，物体的运动状态一定改变，体现在速度大小和方向的改变。
（3）力是物体对物体的作用，发生力的作用时，至少要有两个物体。
（4）重力的作用点叫重心，重心不一定在物体上。
【解答】解：
A、在发生力的作用时，两个物体不一定接触（如：磁铁吸引铁钉），故A错误。
B、物体受到非平衡力作用时，物体的运动状态一定改变，故物体的运动状态改变了，一定受到力的作用，且是受到非平衡力作用，故B正确。
C、力是物体对物体的作用，发生力的作用时，至少要有两个物体，故C错误。
D、重力的作用点叫重心，圆环物体的重心不在物体上，故D错误。
故选：B。
【点评】深入理解力的概念、力与运动状态间的关系，知道物体的重心不一定物体上，是解答此题的关键。
4．【分析】（1）晶体有一定的熔点，非晶体没有熔点，同一物质的熔点和凝固点相同。
由图象可知：AB段表示该物质吸热升温；BC段是该物质的熔化过程；CD段是该物质吸热升温；DE段是该物质的沸腾过程，温度不变。
（2）熔化和沸腾都需要吸收热量，此时温度不变，但内能增大。
【解答】解：
CD、由图象可知，该物质在BC段的温度较低且保持不变，则BC段表示该物质的熔化过程，此过程中物质吸收热量，其内能增大，故CD正确；
A、由图象可知，该物质熔化时温度一直保持在0℃，说明该物质是晶体，且该物质的熔点是0℃，同一物质的熔点和凝固点相同，故该物质的凝固点也是0℃，故A正确；
B、图象中AB段表示该物质吸热升温（熔化前为固态），而BC段是该物质的熔化过程，CD段是该物质的升温过程（完全熔化后为液态），DE段是该物质的沸腾过程，为气、液共存态，故B错误；
故选：B。
【点评】该题把晶体的熔化和沸腾图象放到一个坐标系中，考查了学生从图象中获取信息的能力，考查的很全面。
5．【分析】（1）（2）根据进气门、排气门的开关情况和活塞的运动情况进行判断；内燃机的四个冲程中有两个冲程发生能量转化，一是压缩冲程中机械能转化为内能；二是做功冲程中内能转化为机械能；
（3）在四冲程内燃机曲轴转一圈，完成2个冲程，1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1次；
（4）柴油机压缩程度更大，压缩冲程末温度更高，所以柴油机属于压燃式，它的机械效率更高。
【解答】解：
AB、由图可以看出，甲图中进气门打开，排气门关闭，活塞由下向上运动，为吸气冲程；乙图中，两个气门关闭，活塞向下运动，为做功冲程，内能转化为机械能，故AB错误；
C、单缸四冲程汽油机的飞轮转速是3600r/min，即每秒钟转60圈，完成120个冲程，做功30次，故C正确；
D、柴油机压缩程度更大，压缩冲程末温度更高，所以柴油机属于压燃式，它的机械效率更高，故D错误。
故选：C。
【点评】解决此题要结合内燃机的四个冲程工作特点进行分析解答，记住相关的数据大小，会根据转速进行相关计算。
6．【分析】（1）根据图示中小球在两种液体中的浮沉状态，利用物体浮沉条件分别得出小球与两种液体的密度关系，进而得出两种液体的密度关系；
（2）根据图示中小球在两种液体中的浮沉状态，利用物体浮沉条件分别得出小球在两种液体中受到的浮力与其重力的关系，进而得出浮力关系；
（3）烧杯对桌面的压力等于烧杯、容器内液体和小球的总重力，受力面积相同，根据p＝比较压强大小；
（4）分析向下按压甲杯中的小球时，液体密度和深度的变化，然后根据p＝ρ液gh分析甲杯中液体对烧杯底的压强变化。
【解答】解：A、由图可知，小球在甲中漂浮，则ρ球＜ρ甲，在乙中悬浮，则ρ球＝ρ乙，故ρ甲＞ρ乙，故A正确；
B、由图可知，小球在甲中漂浮，则F浮甲＝G，在乙中悬浮，则F浮乙＝G，故F浮甲＝F浮乙，故B错误；
C、烧杯对桌面的压力等于烧杯、烧杯内液体和小球的总重力，由图知，甲烧杯内液体的体积大于乙烧杯内的体积，又知ρ甲＞ρ乙，根据ρ＝和G＝mg可知甲烧杯内的额重力大于乙烧杯内的重力，两烧杯、两小球的重力均相等，则重力相等，故甲杯对水平桌面的压力大于乙杯对水平桌面的压力，烧杯的底面积相等，根据p＝可知，甲杯对水平桌面的压强大于乙杯对水平桌面的压强。故C正确；
D、因为甲杯中盛满液体，若向下按压甲杯中的小球，甲杯中液体的深度不变，密度不变，根据p＝ρ液gh可知，甲杯中液体对烧杯底的压强不变。故D错误。
故选：AC。
【点评】本题考查了阿基米德原理和物体浮沉条件、密度公式、重力公式的综合应用，会比较甲、乙两杯对水平桌面的压力关系是关键。
7．【分析】电压表相当于断路，与用电器并联测量用电器两端电压；根据电流流向以及电压表的用法确定电路的连接方式以及测量对象。
【解答】解：由图知，闭合开关，电流从正极出发，经R2、R1回到负极。所以两只电阻串联；
电压表V2并联在电源两端，所以测量电源电压；
电压表V1并联在R1两端，所以测量R1两端电压；
电压表V3并联在R2两端，所以测量R2两端电压。
故选：D。
【点评】此题考查了电路连接关系及电压表测量位置的判断，属于基本技能的考查。正确理解电压表使用规则是解答的关键。
二、填空题（共7小题，每空1分，满分21分）
8．【分析】研究物体的运动情况时，首先要选取一个物体作为标准，这个被选作标准的物体叫做参照物。研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的位置是否变化。由此来突破此题。
【解答】解：
甲乙两辆火车并排，若甲车上的乘客看到乙车往东行驶，则：
①若甲车静止，该乘客以甲车为参照物，乙车相对于甲车向东有位置的改变，则乙车一定向东行驶；
②若甲车向东行驶，该乘客以甲车为参照物，乙车相对于甲车向东有位置的改变，则乙车一定也向东行驶，且乙车速度大于甲车速度。
故答案为：向东行驶；向东行驶；＞。
【点评】此题考查了物体运动状态的判断。同一个物体，选择的参照物不同，运动状态可能也不同。
9．【分析】1866年西门子研制出世界上第一台发电机，闭合线圈在磁场中切割磁感线产生感应电流，故是电磁感应现象，是发电机的原理，将机械能转化为电能。
【解答】解：西门子研制出世界上第一台发电机；闭合线圈在磁场中切割磁感线产生感应电流，是电磁感应现象，是发电机的原理；发电机工作时将机械能转化为电能。
故答案为：西门子；电磁感应现象；机械能转化为电能。
【点评】本题考查研制，原理以及能量的转化，难度不大。
10．【分析】（1）利用课本中关于光在真空中传播速度的基础知识即可知道答案；利用光在真空中的传播速度一定，结合波速、波长、频率三者之间的关系即可知道频率越高，电磁波的波长怎样变化；
（2）核能分为核裂变能和核聚变能两种，裂变分为两种：可控链式反应和不可控链式反应，前者主要应用在核反应堆中，后者应用在原子弹中；聚变主要应用在氢弹上。
【解答】解：（1）由课本基础知识可知，电磁波在真空中的传播速度为：3×108m/s＝3×105km/s；
根据波速、波长、频率三者之间的关系可知，波速＝波长×频率。由于电磁波在真空中的传播速度一定，所以，当电磁波的波长越大时，其频率就会越低。电磁波的频率越高，波长越短；
（2）原子弹是利用裂变的链式反应中能在极短时间内释放出巨大能量的原理制成的；而氢弹则是利用轻核的聚变制成的。
故答案为：3×105；短；核聚变。
【点评】本题考查电磁波的速度，以及波长，波速，频率之间的关系，还考查了核能的利用，难度不大。
11．【分析】杠杆平衡条件：F1L1＝F2L2；
分析图中在改变弹簧测力计拉力的方向的过程中力臂的变化情况，从而得出结论。
【解答】解：
由图知，测力计在②位置时，其动力臂等于右段杆长，此时动力臂最长，由①→②→③的过程动力臂先变大后变小，阻力和阻力臂一定，根据杠杆的平衡条件，测力计的示数先变小后变大，在②时拉力最小。
故答案为：变小；变大；最小。
【点评】本题考查杠杆平衡条件的应用，解决此题的关键是分析出测力计施加的力的力臂变化情况。
12．【分析】（1）物体G2对绳子末端的拉力F＝G2，由图知，n＝2，不计摩擦、滑轮重及绳重，拉力F＝G1，据此求G1、G2的大小关系；
（2）在G1和G2下方分别挂一同样重的砝码G砝码，不计摩擦、滑轮重及绳重，绳子末端的拉力F′＝（G1+G砝码），与G2+G砝码比较得出物体G1的状态；
（3）若G1＝10N，动滑轮重2N，忽略绳重和绳与滑轮间的摩擦，F″＝（G1+G动），根据F″＝G2求解。
【解答】解：
（1）由图知，n＝2，不计摩擦、滑轮重及绳重，绳子末端的拉力F＝G1；
绳子末端的拉力F＝G2，可得：G1＝G2，
所以G1：G2＝2：1；
（2）在G1和G2下方分别挂一同样重的砝码G砝码，
不计摩擦、滑轮重及绳重，绳子末端的拉力：
F′＝（G1+G砝码）＝（2G2+G砝码）＝G2+G砝码＜G2+G砝码，
物体G2将下降、物体G1将上升；
（3）若G1＝10N，动滑轮G动＝2N，忽略绳重和绳与滑轮间的摩擦，
拉力F″＝（G1+G动）＝（10N+2N）＝6N，
此时拉力F″＝G2＝6N。
故答案为：2：1；G1将上升；6.
【点评】本题考查了使用滑轮组时拉力的计算，计算时注意：提升的物体静止时，绳子自由端的拉力等于绳子自由端所挂物体的重力。
13．【分析】（1）应用热值公式Q＝Vq可以求出天然气完全燃烧时放出的热量；
（2）根据吸热公式Q＝cm△t就可算出水吸收的热量；
（3）由效率公式可以求出煤气灶烧水的效率。
【解答】解：（1）消耗天然气的体积V＝10L＝1×10﹣2m3，
则天然气完全燃烧放出的热量：
Q放＝Vq＝1×10﹣2m3×4.2×107J/m3＝4.2×105J；
（2）在一标准大气压下，将水加热至沸腾，则水吸收的热量：
Q吸＝c水m△t＝4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（100℃﹣50℃）＝2.1×105J；
（3）煤气灶烧水的效率：
η＝×100%＝×100%＝50%。
故答案为：4.2×105；2.1×105；50%。
【点评】本题考查了学生对吸热公式Q吸＝cm△t的掌握和运用，注意温度升高了（△t）与升高到（末温）的区别。
14．【分析】（1）两电阻并联时，根据并联电路的电压特点和P＝结合两电阻消耗的电功率求出电阻关系；
（2）当把它们串联在电压为4U的电源两端时，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出R1两端的电压，根据P＝UI求出两个电阻消耗的总功率，根据串联电路电压的规律算出R2的电压，根据P＝UI算出R2消耗的功率，进而判断出R2消耗功率的变化。
【解答】解：（1）当R1、R2并联在电压为U的电源两端时，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由P＝可得：＝＝
＝＝，即R1＝3R2；
（2）当把它们串联在电压为4U的电源两端时，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电路中的电流：
I＝＝＝，
R1两端的电压：
U1＝IR1＝×3R2＝3U；
两个电阻消耗的总功率：
P＝U′I＝4U×＝4×＝4×3P1＝12P1；
根据串联电路电压的规律知，
R2的电压为：U2＝4U﹣U1＝4U﹣3U＝U，
R2消耗的功率为：
P2′＝U2I＝U×＝，
第一次R2消耗的功率为：
P2＝，
所以R2消耗的功率两次相等，即R2消耗的功率不变。
故答案为：3；12；不变。
【点评】本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的灵活运用，关键是根据题意得出两电阻之间的关系，解题过程要注意各量之间的对应关系。
三、作图题（共7分）
15．【分析】根据光是从空气进入水中，所以折射角小于入射角，像比实物的位置偏高；
①首先确定光的入射点；
②画入射光线，光从空气进入水中时折射角小于入射角；
③折射光线的反向延长线到飞机的像，所以像比实际飞机要高一些。
【解答】解：①连接上方飞机与观察口，入射点在连线与界面的交点左侧，在靠近交点的位置确定入射点，画出法线；
②根据光从空气进入水中时折射角小于入射角的规律画出入射光线与折射光线，折射光线的反向延长线交于飞机的虚像上。
所以图中下方是飞机，上方是飞机的像。如图所示：
【点评】主要考查光的折射光路图，题中难点是入射点的确定，光从空气中斜射到水面上时，会发生折射现象，折射光线将靠近法线，折射角小于入射角。
16．【分析】摩擦力的方向与物体运动方向或运动趋势的方向相反，物体在斜面上匀速向上运动，因此摩擦力的方向沿斜面向下。
物体对斜面的压力，作用在斜面上，作用点就画在斜面上，方向是垂直斜面并且指向斜面内部。
【解答】解：物体在斜面上匀速向上运动，因此摩擦力的方向沿斜面向下；过物体的重心作沿斜面向下的力，即为摩擦力f。
物体对斜面的压力的作用点在物体与斜面接触面的中点处，过此点与斜面垂直向下的力，即为压力F，如下图：
【点评】本题考查了力的示意图的画法，要注意所画力的作用点和方向，并注意在线段末端标明所画的力。
17．【分析】根据图中磁感线方向，先判断螺线管的两个磁极，根据磁极间的相互作用再判断小磁针的磁极。最后根据右手定则判断螺线管中电流的方向，标出电源的正负极。
【解答】解：在磁体外部，磁感线总是从磁体的N极发出，最后回到S极。所以螺线管的右端为S极，左端为N极。根据磁极间的相互作用可以判断出小磁针的左端为N极，右端为S极。根据右手定则，伸出右手，使右手大拇指指示通电螺线管的N极（左端），则四指弯曲所指的方向为电流的方向，即电流是从螺线管的左端流入的。所以电源的左端为正极，右端为负极。
故答案为：
【点评】本题既考查了通电螺线管、小磁针磁极的判断又考查了电流方向的判断，一环扣一环也是易错题，要求学生步步仔细才行。
四、实验题（共5小题，每空1分，满分18分）
18．【分析】使用刻度尺时要明确其分度值，使有刻度的一边紧靠被测物体，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。
【解答】解：
（1）刻度尺A的分度值即相邻两刻线间的距离是0.5cm，测量是从4.0cm开始测起的，末端刻度值在6cm和7cm之间偏向6cm一侧，估读为6.4cm，所以物体的长度为6.4cm﹣4.0cm＝2.4cm；
（2）刻度尺B的分度值是1mm，测量时是从4.00cm刻度线开始测起的，末端刻度值在6.3cm和6.4cm中间，估读为6.35cm，所以物体的长度为6.35cm﹣4.00cm＝2.35cm。
故答案为：2.4；2.35。
【点评】刻度尺是初中物理中基本的测量工具，使用前要观察它的量程和分度值，使用时刻度要紧贴被测物体，读数时视线与刻度垂直，估读到分度值的下一位。
19．【分析】（1）秒表的中间表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，秒表读数是两个表盘的示数之和；
（2）电能表是测量电路一段时间内消耗的电能的仪表，上面有五个数字窗口，最后一位是小数位，单位是kW•h；
“220V”表示这个电能表的工作电压，“5A”表示平时工作电能表允许通过的最大电流，利用公式P＝UI计算电能表平时工作允许接入的最大功率。
【解答】解：
（1）在秒表的中间表盘上，一个小格代表0.5min，此时分针在“12”多一点，但不到“12.5”，则分针指示的时间为12min；
在秒表的大表盘上，一个小格代表0.1s，此时秒针在9.5s处，则秒针指示的时间为9.5s，所以秒表的读数为12min9.5s＝729.5s。
（2）电能表最后一位是小数位，单位是kW•h，由图2可知，电能表的示数为1931.6kW•h；
由电能表的表盘知，电能表的工作电压为220V，平时工作允许通过的最大电流为5A，
则该电能表所在的家庭电路允许同时工作的最大功率：P＝UI＝220V×5A＝1100W；
故答案为：729.5；1931.6kW•h；1100W。
【点评】此题主要考查一些测量仪器的读数方法，属于实验操作的基本技能。初中物理学习了很多测量工具的使用，但没有特殊说明，只有刻度尺的读数要有估读值，其它只要读到准确值即可。
20．【分析】刚开始加水时，木块浸入水中的深度逐渐增大，从木块刚开始漂浮到线拉紧，木块浸入水中的深度不变，当线拉紧再加水时，木块浸入水中的深度增加，由p＝ρgh判断木块底部受到水的压强变化。
【解答】解：
随着向烧杯内加水，木块浸入水中的深度逐渐增大，由p＝ρgh可知，木块底部受到水的压强逐渐增大；
当木块刚好漂浮时，再加水，木块会缓慢上升，但仍然是漂浮，其受到的浮力不变（等于木块的重力），由阿基米德原理可知木块排开水的体积不变，则木块浸入水中的深度不变，水对木块底部的压强不变；
当细线刚好拉紧时，线的拉力为零，浮力等于重力；再加水，木块浸入水中的深度又逐渐增大，木块底部受到水的压强逐渐增大，直到木块上表面与液面相平时，木块底部受到水的压强最大；
所以，木块底部受到水的压强随容器中水的深度的大致变化如图所示：
。
【点评】本题综合考查了液体压强的特点和阿基米德原理的应用，知道木块漂浮时木块浸入水中的深度不变是关键，有一定的难度。
21．【分析】（1）根据凸透镜焦点和焦距的定义读图得出凸透镜的焦距。
（2）u＞2f时成倒立、缩小的实像，照相机就是根据这一原理制成的。
（3）知道近视眼镜是凹透镜，对光有发散作用。同时知道凸透镜成实像时，遵循物近像远像变大的规律可做出判断。
（4）凸透镜成实像时，物近像远像变大，当物距大于2f时，像距处于f与2f之间，此时像距小于物距，则像移动的速度小于物体移动的速度；
（5）将凸透镜换成焦距为5cm时，根据凸透镜成实像时，物近像远像变大而得出光屏移动的方向。
【解答】解：（1）平行于主光轴的光线经凸透镜折射后，会聚在主光轴上一点，这一点是凸透镜的焦点；焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距是：f＝40.0cm﹣30.0cm＝10.0cm。
（2）图乙中，光屏在焦距与二倍焦距之间，根据凸透镜成像规律可知，要得到烛焰清晰的像，则物距应该大于二倍焦距，故应将蜡烛向左移动，此时光屏上能得到一个倒立、缩小的实像，照相机就是根据此原理工作的；
（3）近视眼镜是凹透镜，对光有发散作用，使光线延迟会聚；在不改变凸透镜和光屏位置的情况下，若想在光屏上再一次得到烛焰清晰的像，他应该将蜡烛向左移动，增大物距，同时像距减小，像才能成在光屏上。
（4）如图乙所示将蜡烛从0刻度线移动到10cm处，物距减小，则像距变大，物距大于2倍焦距，像距处于f与2f之间，此时像距小于物距，此过程中物体移动的速度大于像移动的速度；
（5）由图丙知，物距大于像距，此时成倒立缩小的实像；当将凸透镜换成焦距f为5cm的，由图可知，此时u＞2f，则成倒立缩小的实像；
相当于增大了物距，根据凸透镜成实像时，物远像近像变小，可知应将光屏向左移动才能得到清晰的像。
故答案为：（1）10.0；（2）左；缩小；照相机；（3）左；（4）大于；（5）左。
【点评】关于凸透镜成像的规律中，共涉及四个方面的内容：①物距与焦距的关系；②成像的性质；③像距与焦距的关系；④具体的应用。一般情况下，只要告诉其中的一条，就可以确定另外三方面的内容。
22．【分析】（1）根据电表选用的量程确定分度值读数；
（2）探究导体中电流与电压的关系，要控制电阻大小不变，改变电阻的电压大小，记录对应的电流大小，由本题中器材知，是通过改变电源电压（增加电池节数）的方法改变电阻电压的；
小明从第2次实验到第3次实验，电压从2.8V增大到4.0V，可知第2次的电源电压大小为3V，可知第3次实验电源为3节干电池；据此确定电压表的量程；
（3）由表中数据，根据欧姆定律求电阻大小；
（4）在电源电压不变的情况下，要改变电阻的电压，可增加一个滑动变阻器。
【解答】解：（1）电压表选用小量程，分度值为0.1V，电压大小为1.4V，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流大小为0.14A，
如下表所示：
（2）小明从第2次实验到第3次实验，电压表示数从2.8V增大到4.0V，可知第2次用的干电池为2节，第3次的电源为3节干电池；
为顺利完成实验，对电路需要做两个处理：选用的：①对电源：断开开关，增加一节干电池；
②对电表：电压表换用0～15V的量程；
（3）由实验数据可知，根据欧姆定律，他选用的定值电阻的阻值为：
R＝＝＝10Ω；
（4）实验完成后，小明认为，若加多一个滑动变阻器，则实验可得到多组数据。
故答案为：（1）如上表所示； （2）断开开关，多加一节干电池；电压表换用0～15V的量程；
（3）10； （4）滑动变阻器。
【点评】本题探究导体中电流与电压的关系，考查两种不同的方法及注意的问题和电表的读数、电阻的计算。
五、计算题（共2小题，满分13分）
23．【分析】（1）无人机停放在水平地面上时对地面的压力等于其重力，再利用压强公式求得对地面的压强；
（2）无人机从地面飞到离地30m高处，在重力方向上移动了一段距离，重力做功，再以最大水平速度匀速水平飞行20m，因为在重力方向上没有移动距离，无人机不做功，利用W＝Gh可求得重力做功；
（3）根据电池充满后储存电能和电能转化为机械能的效率算出机械能，根据W＝Fs算出无人机以最大水平速度沿水平方向匀速飞行过程中受到的推力F。
【解答】解：（1）无人机受到的重力G＝mg＝2.4kg×10N/kg＝24N，
无人机停放在水平地面上时对地面的压力：F＝G＝24N，
对地面的压强：p＝＝＝2.4×104Pa；
（2）无人机从地面飞到离地30m高处，重力做功，再以最大水平速度匀速水平飞行20m，因为在重力方向上没有移动距离，无人机不做功，
无人机从地面飞到离地30m高处，重力做功：
W＝Gh＝24N×30m＝720J；
（3）根据η＝得，
机械能为：W机械＝ηW电＝60%×36000J＝21600J，
根据W＝Fs得，
无人机以最大水平速度沿水平方向匀速飞行过程中受到的推力：
F＝＝＝4.32N。
答：（1）无人机停放在水平地面上时对地面的压强p为2.4×104Pa；
（2）无人机从地面飞到离地30m高处，再以最大水平速度匀速水平飞行20m，此过程中重力做的功W为720J；
（3）无人机以最大水平速度沿水平方向匀速飞行过程中受到的推力F为4.32N。
【点评】本题是一道以无人机为背景的信息给予题，涉及到的知识点较多，关键能从题干中获取有用的信息，熟练运用已学的知识即可正确解题，综合性强，难度较大。
24．【分析】（1）根据P＝可知，当电路中电阻最小时，该电热课椅消耗的电功率最大，结合电路图判断电路的最小电阻并求出此时的功率；
（2）根据P＝可知，当电路中电阻最大时，该电热课椅消耗的电功率最小，结合电路图判断电路的最大电阻并求出此时的功率；
（3）先判断出中温挡时电路的连接方式，再根据Q＝W＝t求出电热课椅在10秒内产生的热量。
【解答】解：
（1）由图可知，当闭合开关S1，S2接a触点时，电路为R3的简单电路，此时电路中的电阻最小，
由P＝可知，此时脚踏处于高温挡位，电热课椅消耗的功率最大，
P最大＝＝＝121W；
（2）由图可知，当闭合开关S1，S2接b触点时，R3与较大的电阻R1串联在电路中，脚踏处于低温挡，电热课椅消耗的功率最小，
P最小＝＝＝48.4W；
（3）由图可知，当闭合开关S1，S2接c触点时，R3与较小的电阻R2串联在电路中，脚踏处于中温挡，
电热课椅在10秒内产生的热量：
Q＝W＝•t＝×10s＝880J。
答：（1）该电热课椅消耗的最大功率是121W；
（2）电热课椅消耗的最小功率是48.4W；
（3）当脚踏处于中温挡时，电热课椅在10秒内产生的热量是880J。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、热量的计算；关键是由电路图，根据串联电路特点和电功率公式分析脚踏工作状态的判断。
综合能力题（共3小题，每空1分，满分20分）
25．【分析】（1）太阳能的利用有两个方面：加热物体，发电；
（2）知道1s流入空洞的空气质量和空气密度，可利用公式V＝计算出空洞内空气的体积，知道空洞的面积，可利用公式L＝计算空气移动的距离，又知道运动的时间，可利用公式v＝＝计算风速；
（3）①从速度v与时间t图象乙上看出，当50s到100s时物体做匀速直线运动，从F的大小与时间t的关系图象甲，根据二力平衡求出摩擦阻力大小；
在0～50s内物体做加速运动，因为在整个运动过程中，摩擦阻力是不变的，漂浮城市运动到第25s时受到的阻力等于漂浮城市匀速运动时的摩擦阻力；
从速度v与时间t图象乙上看出，50s到100s时物体做匀速直线运动，判断此时物体的运动速度，知道拉力F的大小，从而可利用公式W＝Fs＝Fvt计算拉力F做的功；
②知道接收太阳能的功率，可利用公式Q＝Pt计算吸收的太阳能，再利用公式η＝计算太阳能转化为机械能的效率。
【解答】解：
（1）太阳能电池板工作过程中将太阳能转化为电能；
（2）已知m＝1.92×106kg，ρ＝1.2kg/m3，
根据ρ＝可得空洞内空气的体积为：
V＝＝＝1.6×106m3，
而空洞的面积为S＝2.0×104m2，
空气移动的距离为：
L＝＝＝80m，
又因为t＝1s，
飓风的风速为：v＝＝＝＝80m/s；
（3）①从速度v与时间t图象乙上看出，50s到100s时物体做匀速直线运动，物体处于平衡状态，
即物体所受到的摩擦力大小与拉力F大小相等，
从F的大小与时间t的关系图可以看出，50s到100s时，拉力F＝8×108N，
因为在整个运动过程中，摩擦力是不变的，即漂浮城市运动到第25s时受到的阻力为f＝8×108N；
由速度与时间图象甲可知，50s到100s时物体做匀速直线运动，v＝0.5m/s，
而t＝100s﹣50s＝50s，
牵引力F做的功为：
W＝Fs＝Fvt＝8×108N×0.5m/s×50s＝2×1010J；
②太阳能转化为机械能的效率：
η＝＝＝＝＝×100%＝50%。
故答案为：（1）太阳；电；（2）80；（3）①8×108；2×1010；②50%。
【点评】此题考查了太阳能的利用、速度的计算、阻力的计算、能量转换效率的计算等，并且考查了学生对图象问题的分析能力，能从图象中得出相关的信息，然后结合有关公式进行计算求解，是中考的热点考题。
26．【分析】（1）适量紫外线照射能促成维生素D的合成、过量照射对人体有害；
（2）物质由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化，液化放热，汽化吸热；
（3）流体流速大的位置压强小；两种不同物质相互接触时，彼此进入对方的现象是扩散，扩散表明分子不停地进行无规则的运动。
【解答】解：（1）紫外线可以杀菌消毒，但过量照射对人体有害，可引起皮肤粗糙甚至诱发皮肤癌，所以利用紫外线消毒时不能有人员在场；
（2）水由液态变为气态属于汽化现象；物质由气态变为液态属于液化现象，物质液化过程中放出热量；
（3）气体流速大的位置压强小；
我们会闻到刺鼻的味道，是因为刺鼻气味分子在不停地做无规则运动，运动到空气中被吸到鼻腔引起嗅觉。
故答案为：（1）过量紫外线照射对人体有害；（2）汽化；液化；放出；（3）小；不停地做无规则运动。
【点评】本题综合性较强，考查了紫外线的应用、物态变化中的汽化、液化现象、流体压强与流速关系及扩散现象；其中物态变化是中考中的必考点，应熟练掌握分析方法及相应吸放热情况。
27．【分析】（1）根据图象知道在未浸没之前，弹簧测力计的示数为物体重力；
（2）物体浸入水中到完全浸没；物体完全浸没在水中。弹簧测力计的示数变化可以从数据中得出；
（3）当h等于10cm时弹簧测力计的拉力，两者之差就是受到的浮力；
（4）已知物体的底面积和高度，可以得到体积；物体完全浸没排开水的体积等于它的体积；已知物体的体积和容器的底面积，可以得到放入物体排开水的深度；已知水的密度和物体排开水的深度，利用P＝ρgh可以得到水对容器底部增加的压强。
【解答】解：
（1）分析图象数据可以得出结论：在物体A没有浸没之前，弹簧测力计的示数为9N，即物体重力为9N；
（2）当h增大时，弹簧测力计的示数F减小；在物体A浸没后，当增大h时，弹簧测力计的示数F不变；
（3）由图象乙可知：当h等于10cm时，弹簧测力计的拉力为F＝3N，所以此时受到的浮力为F浮＝G﹣F＝9N﹣3N＝6N；
（4）物体完全浸没时排开水的体积为V排＝V0＝S0h0＝60cm2×12cm＝720cm3
排开水的深度为h＝＝9cm＝0.09m
增加的压强为p＝ρgh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.09m＝900Pa。
故答案为：
（1）9；（2）减小；不变；无关；（3）6；（4）900。
【点评】探究F与h的关系时，在未浸没之前，弹簧测力计的示数为物体重力，有的同学错误的认为，浮力与深度有关，这种认识是片面的，因为忽视了深度变化引起排开液体体积的变化。
声明：试题解析著作权属菁优网所有，未经书面同意，不得复制发布
日期：2021/4/12 7:23:25；用户：蔡靖雯；邮箱：dngfeng006@xyh.cm；学号：38901270导体甲
实验序号
电压（伏）
电流（安）
1
2
2.8
0.28
3
4.0
0.40
机身质量/kg
2.4
四脚着地总面积/cm2
10
电池充满后储存电能/J
36000
最大水平速度/（m•s﹣1）
5
机身尺寸/mm
400×300×200
最大上升速度/（m•s﹣1）
1
导体甲
实验序号
电压（伏）
电流（安）
1
1.4
0.14
2
2.8
0.28
3
4.0
0.40